TRABAJO PRÁCTICO DE FUNCIÓN EXPONENCIAL Y LOGARÍTMICADescripción completa
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EJERCICIOS DE POISSON Y EXPONENCIALDescripción completa
Resumen sobre la distribución multinomial y exponencial, de Probabilidad y estadística.
Distribución Exponencial Distribución POISSON
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AYUDA EN CALCULODescripción completa
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Dist. ExponencualDescripción completa
Demostraci´ on de las Derivadas on Expone Exp onenci nciale aless y Log Logar ar´ ´ıtmicas ıtmi cas Derivada de f (x) = ex Antes de comenzar con la demostraci´ on es importante recordar que la letra e es el on resultado, resul tado, bastante bast ante anti-intuiti ant i-intuitivo vo del l´ımite:
l´ım
n→∞
1+
1
n
n
1 t
= l´ım (1 + t) = e
(1)
t→0
Teniendo dicha igualdad en mente, intentamos calcular la derivada de e aplicando la x
derivada por definici´ on, en este caso, elegimos la forma: on,
f (x + ∆ x) − f (x) f (x) = l´ım ∆x→0 ∆x
Reemplazando Reemplazando con f (x) = e obtenemos: x
x+∆x x e e − f (x) = l´ım ∆x→0 ∆x
ex · e∆x − ex f (x) = l´ım ∆x→0 ∆x
(2)
En la ecuaci´ on on 2 pu puede ede verse que el t´ermino ermin o e aparece apar ece una u na vez en e n cada cad a t´ermino, ermin o, pudiendo pud iendo x
sacarlo como factor com´ un: un: x
e
f (x) = l´ım
∆x→0
∆x
e
−1
∆x
Aplicando propiedades del l´ımite pod podemos emos llegar f´ acilmente acilmente a:
x
f (x) = l´ım e · l´ l´ım ∆x→0
∆x→0
x
f (x) = e · l´ l´ım
∆x→0
e
∆x
e
∆x
−1
∆x
−1
∆x
(3)
1 Demostraci´ on on Derivada Exponencial y Logar´ Logar´ıtmica - Matem´ atica atica - Escuela T´ecnica ORT - Ezequiel Wajs - 2013
Donde el primer l´ımite puede omitirse porque e no depende de ∆x. x
Nuestro an´ alisis ahora se enfoca en hallar el resultado del l´ımite: ∆x
l´ım
∆x→0
−1
e
∆x
(4)
Para eso proponemos una variable E cuya expresi´on es:
E = e∆x − 1
(5)
De esta forma puede despejarse ∆x:
e∆x = E + 1 Aplicando Logaritmos Naturales a ambos lados se conserva la igualdad
ln(e∆x) = ln(E + 1) Por propiedad del exponente del argumento de un logaritmo:
∆x · ln(e) = ln(E + 1) C´omo e es la base del logaritmo natural ln(e) = 1, por lo tanto:
∆x = ln(E + 1)
(6)
Reemplazando 6 y 5 en 4 obtenemos:
E ∆x→0 ln(E + 1)
l´ım
(7)
Debemos adecuar la variable del l´ımite para que responda a esta nueva forma, observando la ecuaci´ on 5 puede verse que E → 0 cuando ∆x → 0 de modo que la ecuaci´on 7 puede ser escrita de la forma:
E E →0 ln(E + 1)
l´ım
Operando sobre esta ecuaci´ on:
1
l´ım
E →0 1 ln(E + E
l´ım
E →0
1)
1
ln(E + 1)
1 E
2 Demostraci´ on Derivada Exponencial y Logar´ıtmica - Matem´ atica - Escuela T´ecnica ORT - Ezequiel Wajs - 2013
Aplicando propiedades de los l´ımites puede llegarse a:
l´ım
E →0
1 ln(E + 1)
1 E
1
=
ln l´ım (E + 1) E →0
1 E
Como puede verse, el argumento del logaritmo en el denominador de la parte derecha de la ecuaci´ on es totalmente an´ aloga a la parte derecha de la ecuaci´ o n 1, y por lo tanto su valor es e. Reemplazando obtenemos:
l´ım
E →0
1 ln(E + 1)
1 E
=
1
ln l´ım (E + 1)
1 E
E →0
=
1 1 = =1 ln(e) 1
(8)
Acabamos de demostrar que la ecuaci´ on 4 es igual a 1, reemplazando este resultado en la derivada (ecuaci´ on 3) queda resuelta la derivada de la funci´ on f (x) = e : x
x
f (x) = e · l´ım
∆x→0
f (x) = ex · 1
∆x
e
−1
∆x
f (x) = ex
3 Demostraci´ on Derivada Exponencial y Logar´ıtmica - Matem´ atica - Escuela T´ecnica ORT - Ezequiel Wajs - 2013
Derivada de f (x) = ln(x) Para el c´alculo de esta derivada aprovecharemos las conclusiones de la ecuaci´ o n 1, comenzamos planteando la derivada por definici´ on de f (x) = ln(x):
f (x + ∆ x) − f (x) f (x) = l´ım ∆x→0 ∆x
Reemplazando con f (x) = ln(x) obtenemos:
ln (x + ∆ x) − ln(x) f (x) = l´ım ∆x→0 ∆x
Aplicando propiedades del logaritmo:
f (x) = l´ım
ln
x+∆x x
∆x
∆x→0
Reescribiendo y aplicando propiedades del logaritmo nuevamente:
1 ∆x f (x) = l´ım · ln 1 + ∆x→0 ∆x x
f (x) = l´ım ln 1 + ∆x→0
Podemos elevar el argumento del logaritmo a la
x x
∆x x
1 ∆x
sin alterar la igualdad ya que
x x
= 1,
siempre y cuando x = 0, cosa que no es problema ya que x = 0 est´a fuera del dominio de la funci´on que queremos derivar. Entonces:
f (x) = l´ım ln ∆x→0
1+
∆x x
1 ∆x
x x
Aplicando propiedades de la potencia de potencia obtenemos:
f (x) = l´ım ln 1 + ∆x→0
∆x x
x ∆x·x
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A continuaci´on proponemos hacer el reemplazo:
∆x
D=
x
Notando que D → 0 cuando ∆x → 0 (y recordando que x = 0, el l´ımite queda (reemplazando la variable del l´ımite por D):
f (x) = l´ım ln (1 + D )
1 D·x
D→0
Reescribiendo el exponente del argumento del logaritmo y aplicando algunas de las propiedades antes usadas:
f (x) = l´ım ln (1 + D ) D→0
f (x) = l´ım
D→0
f (x) =
1 x
1 x
1 D
· ln (1 + D )
1 x
1 D
· ln l´ım (1 + D ) D→0
1 D
(9)
Como puede verse, ahora el l´ımite dentro del argumento del logaritmo vale e seg´ un lo que dicta la ecuaci´ on 1, as´ı que reemplazando en la ecuaci´ on 9 se resuelve el l´ımite y se halla la derivada de f (x) = ln(x):
f (x) =
f (x) =
1 x
1
x
· ln(e) ·1
f (x) =
1 x
5 Demostraci´ on Derivada Exponencial y Logar´ıtmica - Matem´ atica - Escuela T´ecnica ORT - Ezequiel Wajs - 2013