Descripción: MOMENTO 4: TRABAJO COLABORATIVO UNIDAD 2 - ANÁLISIS DE LÍMITES Y CONTINUIDAD
Algebra lineal
Descripción: trabajo colaborativo 2 calculo diferencial
metodos numericos ejercicios desarrollados
Descripción: CALCULO DIFERENCIAL
Trabajo Logica
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trabajo
Descripción: Ayudas Unad
Descripción: el primer término de una progresión aritmética cuya suma de los 5 primeros terminos es 45 y su diferencia comun es 4 es
Ayudas Unad
Descripción: trabajo colaborativo
Descripción: macroeconomía colaborativo 2
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Descripción: unad metodos numericos
CALCULO DIFERENCIAL UNIDAD 1
Presentado por: MARTA QUINTERO JUAN CARLOS ORTIZ Grupo: 100410_399
Presentado a: Tutor, FÉLIX ANTONIO GONZÁLEZ.
UNIVERSIDAD NACIONAL ABIERTA Y A DISTANCIA – UNAD ESCUELAS DE CIENCIAS BÁSICAS, TECNOLOGÍA E INGENIERÍA – ECBTI PROGRAMA DE INGENIERÍA INDUSTRIAL Agosto de 2016
INTRODUCCIÓN. El siguiente trabajo tiene como objetivo comprender los temas tratados de sucesiones aritméticas y progresiones geométricas, identificando sus fundamentos con ayuda del material que se encuentra en el entorno de conocimiento. Para posteriormente realizar la actividad con la miscelánea de ejercicios propuestos analizarlos y construyendo una solución a cada uno, para nuestro conocimiento tanto profesional como personal.
FASE I a) de las siguientes sucesiones determinar la cota inferior y/o superior 3n n−1
5n n−3 Solución: 5n n =5 3 ¿ n− nn lim ¿ 1→∞
7 9 11 13 −5, ,− , ,− ,... 2 3 4 5 Solución: es oscilante. Justificación: es oscilante porque su límite tiende a infinito y por más que sus valores no parara de crecer.
1.
n+2 2 n−1 Como ya conocemos el término general, procedemos a hallar la cota inferior cuando n=1 an =
n+ 2 2 n−1
Remplazando tenemos a1=
1+ 2 2(1)−1
a1=
3 3 = =3 2−1 1
Debemos seguir remplazando para podemos hallar la sucesión a2=
2+ 2 4 4 = = 2(2)−1 4−1 3
a3 =
3+2 5 5 = = =1 6−1 5 2(3)−1
a 4=
4+2 6 6 = = 2(4 )−1 8−1 7
De esta manera tenemos como resultado la siguiente sucesión: 4 6 7 3, , 1, , , … 3 7 9 De esta manera podemos determinar que es monótona estrictamente decreciente.
Luego procedemos a hallar el límite superior cuando n tiende a infinito, es decir: lim n →∞
( 2n+2 n−1 )
Para simplificar esta fórmula y llegar al resultado de una forma sencilla, lo primero será dividir por el denominador de la máxima potencia: n 2 2 + 1+ n+2 n n n = = 2 n−1 2 n 1 1 − 2− n n n Tenemos entonces que: 2 n lim 1 n →∞ 2− n
( ) 1+
Lo cual es igual a:
( 2n ) 1 lim (2− ) n lim 1+
n →∞
n→∞
Luego procedemos a resolver por separado, primero
( 2n )=1+ lim ( 2n )
lim 1+ n →∞
n →∞
Sabemos por las propiedades para límites infinitos que: lim
x→∞
( xc )=0 a
Esto quiere decir que:
( 2n )=1+ lim ( 2n )=1+ 0=1
lim 1+
n →∞
n →∞
Ahora procedemos a resolver la segunda parte:
( 1n )=2−lim ( 1n )
lim 2− n →∞
n →∞
De igual forma, aplicamos las propiedades para límites infinitos, obteniendo:
( 1n )=2−lim ( 1n )=2−0=2
lim 2− n →∞
n →∞
Esto nos da como resultado: 2 n 1 lim = =0.5 1 2 n →∞ 2− n