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PARA PENSAR

CIEN CIENCI CIAS AS FISI FISICA CAS S

TRAB TRABAJ AJO OY ENERGIA MECANICA

Física para Estudiantes de Ciencias e Ingeniería Prof Prof.. Ing. Ing. Gu Gust stav avo o Riar Riartt O.

Trabajo E y nergía

149

Trabajo E y nergía

150

DINAMICA DINAMICA DEL PUNTO PUNTO TRABAJO TRABAJO Y ENERGIAS ENER ENERGIAS GIAS MECANICAS MECANICAS Después Después de estudiar estudiar las Leyes Leyes de Newton, Newton, conocemos conocemos la interacción interacción entre entre dos dos cuerpos. cuerpos. Observando Observando la figura figura afirmamos afirmamos que el hombre hombre realiza realiza una fuerza sobre sobre el cuerpo, cuerpo, que se transm transmite ite por por medio de la cuerda. cuerda. También También podemo podemos s decir decir que al hacer hacer esta esta fuerza, fuerza, el hombre hombre hace hace un trabajo. trabajo. Este trabaj trabajo o que hace hace el hombre hombre es uno de los los cue cuerp rpos os.. En “mecanismos de interacción” de los mecánica el trabajo no es un concepto tan tan amplio como se utiliza utiliza diariamente diariamente.. (Trabajo (Trabajo muscular, muscular, trabajo trabajo mental, mental, etc). Eloviconcepto conce pto d el dl e cutrabajo treabajo mecán rd equiere un m miento ede rpo. Emecánico l cueico rpo requier eb ebe ete tende er u n desplazamiento para que se haga Trabajo Mecánico.

El trabajo trabaj trabajo o mecánico mecánic mecánico o es el producto producto escalar escalar del vector desplazamiento desplazamiento por el vector fuerza.

W = rr  F W = rr 

F coseno coseno

Es decir decir el trabaj trabajo o es el produc producto to del del modulo modulo del del vector vector despla desplazam zamien iento to por por el modulo modulo del del vector vector fuerza fuerza por el coseno coseno del ángulo ángulo que forman forman ambos vectores vectores entre entre sí. Es importante importante considerar considerar cual es el "sistema" que se está á estudiando estudiando y cual el medio que lo rodea. rodea. De esta forma forma se puede puede diferencia ambiente difer diferenciar enciarr el est trabajo trabaj traba jo o realizado reali realizado zado cua por po porrl el medio medio ambiente ambie ambi ente nte sobre sobre el sistema, sistema, del trabajo trabajjo traba o que hace hace el sistema siste sistema ma sobre sobre el medio ambien ambiente. te. Si la fuerza fuerza que realiza realiza el trabajo trabajo forma forma con la dirección dirección del desplazami desplazamiento ento un ángulo ángulo

<  / 2, el trabaj medio ambiente ambie ambiente nte el el que trabajo o es positivo; en este caso caso se considera considera que es el medio esta forma forma el sistema "recibe" o "absorbe" trabajo. realiza trabajo sobre el sistema . De esta trabaj trabajo. o. Para = / 2, el trabajo trabajo es nulo, nulo, la fuerza fuerza no realiz realiza a trabajo trabajo;; es decir decir ni el medio ambiente, ambiente, ni el sistema sistema realizan realizan trabajo trabajo.. Y si trabajo es negativo, negativo, es el sistema siste sistema ma el que realiza realiza trabajo trabajo sobre el medio medio >  / 2, el trabajo ambiente. El sistem sistema a "entrega" trabajo. Hay mecanismos mecanismos de interacci interacción ón que que pueden pueden hacer hacer que el sistema sistema en en tregue tregue o reciba reciba trabajo, trabajo, indistinta indistintamente mente;; o sea realizar realizar trabajo trabajo positivo positivo o negativo. negativo. Pero también también hay mecanismo mecanismos s de interacción que solo pueden hacer que el sistema entregue entregue trabajo. Las fuerzas provenientes de estos mecanismos se denominan “Fuerzas Disipativas”. Un ejemplo es la fuerza de rozamiento. En rigor, rigor, si sobre un un cuerpo cuerpo actúan actúan varias varias fuerzas fuerzas cada una de ellas efectúa un trabajo, así, para las fuerzas fuerzas de la figura los trabajos de cada una de ellas cuando el cuerpo se desplaza “r” son:

W1 = r F1 coseno 1 W2 = r F2 coseno 2 W3 = r F3 coseno 3 Trabajo E y nergía

F2 F1

F3 F4

r

151

W4 = r F4 coseno 4 El trabajo total que se realiza sobre el cuerpo es la suma algebraica de todos estos trabajos W =  Wi =  ( r Ficoseno i ) = r     ( Fi coseno i ) Si llamamos F a la suma de todas las fuerzas (Resultante), 

( Fi coseno i ) = F coseno  y por lo tanto W =  Wi = r F coseno 

El trabajo total realizado sobre el cuerpo es igual a la suma de los trabajos que realiza cada fuerza sobre el cuerpo y es igual al trabajo de la fuerza resultante (suma vectorial de todas las fuerzas).

TRABAJO TRABA JO DE DE FUERZA FUERZAS SO DESPLAZAMIE DESPLAZAMIENTOS NTOS VARIA VARIABLES BLES Consideremos tres casos de trabajo realizados por fuerzas aplicadas al cuerpo que se mueve sobre la superficie de la figura. En el primer caso el vector fuerza es constante, en el segundo caso el modulo de la fuerza es constante y su dirección paralela a la trayectoria y en el tercero la dirección de la fuerza es constante y su modulo varia.

r1

r2

r 

r1

r1

r2

r3

r2

r3

r3

1er Caso: Vector F constante Los trabajos que realiza la fuerza F para cada trayectoria son:

W1 = F r 1 coseno 1

W2 = F r 2 coseno 2

W3 = F r 3 coseno 3

El trabajo total es

W = F (r1 coseno 1 + r2 coseno 2 + r3 coseno 3 ) r1 coseno 1 + r2 coseno 2 + r3 coseno 3

= r coseno

En este caso el trabajo es igual al producto escalar del vector fuerza por el vector    desplazamiento total.

W = F r coseno 2º Caso: Modulo de F constante y dirección paralela al desplazamiento W1 = F r1 coseno0º

W2

= F r2 coseno0º

W3

= F r3 coseno 0º

El trabajo total es

W = F ( rr1 + r2 + r3 ) Es decir el trabajo es, en cada tramo, el producto escalar del vector fuerza por el vector    desplazamiento, resultando una suma total igual a la fuerza por el trayecto.

Trabajo E y nergía

152

3er Caso: Modulo de F varia y la dirección permanece constante. W1 = F1 r1 coseno 1

W2 = F2 r2 coseno 2

W3 = F3 r3 coseno 3

El trabajo total es

W = F1 r1 coseno 1 + F2 r2 coseno 2 + F3 r3 coseno 3 Resultando en este caso que se debe calcular el trabajo en cada tramo y sumar todos ellos. Supongamos ahora que deseamos conocer el trabajo realizado a lo largo de una trayectoria curva en cada uno de los tres casos de las fuerzas. Para el efecto se puede suponer la curva formada por pequeños segmentos de recta r. Los pequeños trabajos realizados en cada tramo serán el producto escalar del vector fuerza por los vectores desplazamientos r

W

= F coseno

r

El trabajo total es la integral (suma de cantidades muy pequeñas) de W

W

= F coseno

r

Los resultados de este calculo para cada uno de los casos estudiados serán

1er Caso: Vector F constante W

= F coseno

r

donde coseno  es función de r . 

W = F r  coseno

En este caso resulta

El trabajo es el producto escalar del vector fuerza por el vector desplazamiento total, al ser    er

la integral, que en el 1 Caso anterior, el desplazamiento total por el coseno del ángulo que forma con laigual fuerza.

2º Caso: Modulo de F constante y dirección paralela al desplazamiento cose co seno no 0º = 1 = 0º F coseno r=FS =

W

En este caso el ángulo es constante, y el resultado de la integral es la longitud S de la curva (el trayecto). Por lo tanto el trabajo es igual a la componente tangencial de la fuerza por la longitud de la trayectoria. Este es el caso de la fuerza de rozamiento que es siempre tangente a la trayectoria. Como el vector fuerza es contrario al desplazamiento F y r siempre forman un ángulo de 180º, el trabajo es negativo.

3er Caso: Modulo de F varia y la dirección permanece constante. W =

F coseno

r

El módulo de la fuerza y el ángulo que forma con el desplazamiento varían permanentemente, por lo tanto, solo se puede obtener el trabajo a partir de resolver la integral.

Trabajo E y nergía

153

ENERGIA CINETICA Si la fuerza “F”, resultante es paralela al desplazamiento, el trabajo es W=Fr   2 2 F = ma = (r V   – Vo ) /2 a entonces W = m a (v2– vo2) resultando 2a

W= m( V 2  – Vo2 ) 2

F

r

W = Wi = m (V2  – Vo2) 2 W = m V2 2

Si Vo = 0

y si V = 0

W =  – m Vo2 2

De forma tal que conocida la velocidad de un cuerpo podemas determinar el trabajo que se hizo sobre el mismo; o el trabajo que se necesita hacer para frenarlo (trabajo negativo en este caso). Siempre que se puede determinar el trabajo por alguna caracteristica, propiedad, interacción, etc. del cuerpo, tenemos una Energía.

ENERG A CIN TICA

es la energ energía ía debida a la velocida velocidad d que tiene el cuerpo cuerpo

K=m V2 2 Esta cantidad es escalar, pues para elevar un vector (la velocidad ) al cuadrado se debe realizar un producto escalar. El trabajo de las fuerzas es en consecuencia igual a

W=

Wi = m V2  – m Vo2 = K-Ko 2 2

Donde K es la energia cinetica final para la velocidad final V y Ko es la energia cinetica inicial para la velocidad Vo

El trabajo mecánico es pues igual a la variación de la energía cinética.

W = K  – Ko =

Trabajo E y nergía

K

154

ENERGIA POTENCIAL GRAVITATORIA Un cuerpo de peso “P” se traslada de “A” a “C”, pudiendo hacerlo por la trayectoria “ABC” o directamente de “A” a “C”.

A 

El trabajo realizado por el peso en la trayectoria “ABC” es: B

TrabajodeAaB TrabajodeBaC Total trabajo ABC Por lo tanto

W W

= P dBA cos  CB = P dCB cos 0º = 0 BA

W =Pd

BA

h f  

P

h ho C

cos  donde dBA cos  = dCA.

W = P dCA

El trabajo en la trayectoria AC es W = P d CA co coss 90 90ºº = P d CA El trabajo en ambos casos es el mismo y cualquier otra trayectoria que se utilice para llevar    el cuerpo de “A” a “C” el trabajo será siempre el mismo. Si llevamos nuevamente el cuerpo al punto "A", por cualquier trayectoria, el trabajo hecho por el peso será  – P d CA. Una vez en el punto "A" dejamos al cuerpo bajo la acción del peso solamente y el peso realiza un trabajo de tal forma a volver al punto "C" y de ser posible mas abajo del punto "C". Las fuerzas que cumplen con esta característica son fuerzas debidas a alguna propiedad inherente a los cuerpos. En este caso es la propiedad gravitatoria de los cuerpos. Igual fenómeno ocurre con otras propiedades, como la elástica, por ejemplo; que analizaremos mas adelante. Cuando se cumplen estas condiciones, la fuerza se denomina "Fuerza Conservativa"

LA FUERZA ES CONSERVATIVA CUANDO TIENE LAS SIGUIENTES CUALIDADES: 1. EL TRABA TRABAJO JO QUE REA REALIZA LIZA DEPE DEPENDE NDE DEL DE DESPLAZA SPLAZAMIENTO MIENTO Y ES INDEPENDIENTE DE LA TRAYECTORIA. 2. LA FUERZA FU ERZA SE DE DEBE BE A UNA PROP PROPIEDA IEDAD D DE LOS CUER CUERPOS. POS. 3. CUANDO SOBRE EL CUE CUERPO RPO AC ACTUA TUA SOLAMENTE SOLAMENTE ESTA FUERZA, LA MISMA REALIZA TODO EL TRABAJO QUE LE ES POSIBLE, HASTA QUE ALGUNA OTRA FUERZA EQUILIBRE EL CUERPO

Si el cuerpo se mueve sobre una trayectoria cualquiera, el mismo interactúa con el medio ambiente, entregando y recibiendo trabajo, de tal forma que si vuelve a su posición inicial la cantidad de trabajo entregado es igual a la cantidad de trabajo recibido resultando un trabajo total nulo. Esta es la acción de las fuerzas conservativas. Si el trabajo de todas las fuerzas que actúan sobre el cuerpo es,  Ti = Kf – Ko,  Wi= W 1 + W 2 + W 3 + ......+ W P, dondeW 1, W 2, W 3, son los trabajos de las fuerzas y W P es el trabajo del peso. Es decir W 1 + W2 + W 3 + ......+ W P = Kf – Ko, En el caso del peso podemos predecir el trabajo que va realizar al trasladarse el cuerpo de la posición “A” a “C”, por lo tanto W 1 + W2 + W 3 + ...... = Kf – Ko – W P En la figura se observa que

d CA =(h =( hf f  — h o) , Trabajo E y nergía

155

y porlo tanto – W P = –- P . d CA = – P . (hf – ho), todos productos escalares, donde P y los vectores h f (altura final) y ho (altura inicial) forman un ángulo de 180º con el Peso. Elproducto escalar – P hf = – P hf cos 180º = P hf y el producto escalar

P ho = P ho cos 180º = – P ho

ENERG ENERG A POTENC POTENCIAL IAL GRA GRAVITA VITATOR TORIA IA es el produc producto to escalar del vec vector tor Peso por el vector de posición vertical (altura) medida desde el cuerpo hasta el nivel de referencia.

U= P h

LA ENERGIA POTENCIAL TIENE LAS SIGUIENTES CUALIDADES: 1. LA ENERGIA ENERGIA PO POTENCIAL TENCIAL SOLAMEN SOLAMENTE TE PUE PUEDE DE CONSERVARSE CONS ERVARSE SI SE APLICA AL CUERPO OTRA FUERZA QUE MANTENGA AL CUERPO EN EQUILIBRIO. 2. CUANDO CUANDO EL CUE CUERPO RPO SE ENC ENCUEN UENTRA TRA BAJ BAJO O LA ACCIÓN ACCIÓN DE FUERZAS FUERZAS CONSERVA CONSERVATIVAS TIVAS SOLAMEN SOLAMENTE, TE, EL MISMO SE MUEVE HASTA LA POSICIÓN DE MENOR ENERGIA POTENCIAL POSIBLE.

ENERGIA POTENCIAL ELASTICA En el Capitulo de la 2ª Ley de Newton se analizó la fuerza del resorte que responde a la

F =  – k x

Ley

La fuerza del resorte es una fuerza variable por lo tanto el trabajo que realiza el resorte es

TRES =

F cos

x =  – k x x

Siguiendo el mismo procedimiento realizado para determinar la Energía Potencial, tenemos que

Ti =

K+

U  – TRES

El trabajo que hace el resorte puede predeterminarse conociendo el alargamiento final e inicial del resorte, por lo tanto es una fuerza conservativa. Definimos como ENERGIA PÒTENCIAL ELASTICA

UE.=  – T RES =  – k x x =  – k x x Al resolver una integral obtenemos el área bajo la curva. En el gráfico tenemos en el eje de abscisas el alargamiento del resorte y en el eje de ordenadas la fuerza F. La recta es la representación gráfica de la ecuación F = k x Trabajo E y nergía

Ff   Fo 156

Xo

Xf  

Si X f indica el alargamiento final del resorte, la energía potencial final es el área triangular    Uf = F f X f = k X f2.

2

Y si X triangular  

o

2

indica el alargamiento inicial del resorte, la energía potencial inicial es el área

Uo = Fo Xo = k Xo2. 2 2 k Xf 2.  – kX 2 2

UE =

2 o .

TRABAJO Y ENERGIA MECANICA De esta forma – T P = U f – Uo, porlo tanto

T=



Ti =

Ti = Kf – Ko + Uf – Uo o lo que es igual

K+

U

Donde T es la suma del trabajo de todas las fuerzas no conservativa,  K es la variación de la energía cinética entre la posición final y la posición inicial y  U es la variación de la energía potencial gravitatoria entre ambas posiciones. Finalmente

Ti =

K +

UG +

UE,

El trabajo de las fuerzas no conservativas es igual a la variación de la energía cinética mas la variación de la energía potencial gravitatoria mas la variación de la energía potencial elástica. En forma más general.

Ti =

K+

U

CONSERVACI CONSE RVACION ON DE LA ENERGIA MECANIC MECANICA A Si el cuerpo esta sujeto a la acción de fuerzas conservativas solamente o las fuerzas que actúan sobre el mismo no realizan trabajo.

Ti = 0 K+ U=0 Kf  – Ko + Uf  – Uo = 0 Kf + Uf = Ko + Uo Ef   = Eo Ef

De acuerdo a esta expresión la suma de las energías mecánicas se conserva en todo instante. Esta conservación es conocida como PRINCIPIO DE CONSERVACIÓN DE LA ENERGIA. Este principio, avanzando en el análisis de la física se hace más extensivo pudiendo afirmarse que la ENERGÍA SIEMPRE SE CONSERVA, NUNCA SE PIERDE. Esto se debe a que si un sistema absorbe trabajo que le entrega el medio, en algún otro lugar hay otro sistema que entrega trabajo al medio.

Trabajo E y nergía

157

EQUILIBRIO ESTABLE, INESTABLE E INDIFERENTE   Analizando, un cuerpo rígido sometido a la acción del peso y de otra fuerza que mantienen en equilibrio al cuerpo, como en las tres figuras de abajo.

Figura1

Figura2

Figura3

En el caso de la figura 1, al mover el cuerpo de la posición de equilibrio, el centro de gravedad del mismo aumenta su altura, aumentando su energía potencial. Si se suelta el cuerpo desde esta posición, como no está en equilibrio, el mismo buscará la posición de menor energía potencial, volviendo a su posición inicial. En realidad el cuerpo al llegar a la posición inicial tiene velocidad razón por la cual el cuerpo no se detiene, volviendo a subir hasta una altura igual a la que tenía anteriormente, oscilando permanentemente. Se denomina equilibrio estable cuando al mover el cuerpo de la posición de equilibrio, aumenta la energía potencial , como en la figura 1, En la figura 2, al mover el cuerpo de su posición inicial el cuerpo vuelve a estar en equilibrio y su energía potencial se mantiene constante . En este caso, el cuerpo está en equilibrio indiferente . En cambio en la figura 3, al mover el cuerpo de su posición de equilibrio la energía potencial disminuye y, como, no está en equilibrio se mueve buscando la posición de menor    energía potencial, alejándose de su posición inicial. En los cas os en que al mover el cuerpo de la posición de equilibrio la energía potencial disminuye, el equilibrio es inestable .

POTENCIA   Al aplicar una fuerza a un cuerpo y desplazarlo, se realiza un trabajo y se puede realizar el mismo trabajo con cualquier fuerza que logre desplazar al cuerpo. Sin embargo, dependiendo de la Fuerza, la forma de aplicación ( el ángulo con respecto al desplazamiento ) el trabajo a ser    realizado requerirá de mas o menos desplazamiento y tiempo para realizarlo, con efectos finales diferentes. Sobre todo de un mayor o menor tiempo para hacer el trabajo. De aquí la importancia de considerar también el tiempo en que se realiza el trabajo. El mecanismo de interacción que considera el tiempo en que se realiza un trabajo es la

POTENCIA.

La potencia es la medida de la rapidez con que se realiza un trabajo, y la podemos definir    como

POTENCIA

Es el trabajo realizado en la unidad de tiempo.

P= . W . t

Trabajo E y nergía

158

Mediante la acción de una fuerza es posible mover un objeto. Esta fuerza realiza un trabajo igual a F r, si la fuerza y el desplazamiento tienen la misma dirección. Definimos como potencia media a Donde

r / t es la velocidad media,

P = . W . = F r  t t

Por lo tanto la potencia media es el producto escalar   

P= F . V

Si determinamos el límite de la expresión anterior obtenemos la potencia instantánea como el producto escalar de la fuerza por la velocidad instantánea

POTENCIA: Es el producto escalar del vector fuerza por el POTENCIA: vector velocid vector  velocidad. ad. produc to escalar del de l vector  vector fuerza POTENCIA MEDIA: es el producto por el vector velocidad media

POTENCIA POTENCIA INSTANTANEA INSTANTANEA:: es el producto escalar del vector fuer  fuerza za por el vector velocidad instantá instantánea nea

RENDIMIENTO En la realidad, cuando el medio ambiente entrega trabajo a un sistema, este sistema no puede utilizar la totalidad del trabajo que le es entregado. Esto se debe, a que las maquinas en el proceso de transformación del trabajo o la energía recibida, generan energías que son entregadas nuevamente al medio ambiente, utilizando para realizar el trabajo solamente un a parte de la energía recibida. Por ejemplo, un montacargas es utilizado para alzar materiales en una obra en construcción. El montacargas funciona mediante un motor eléctrico. Si calculamos la energía eléctrica entregada al motor (la electricidad que consumió) y la comparamos con el trabajo realizado para alzar los pesos, encontramos que la primera es mayor que esta ultima. Esto se debe a que en el proceso que realiza nuestro montacargas fuerzas de rozamiento, entre otras, transforman parte de la energía en calor que es devuelto al medio ambiente. Es importante entender del trabajo realizado sobre el sistema, una parte es utilizada por el sistema para realizar un trabajo sob re el medio ambiente. La otra parte no se pierde, sino que es devuelto al sistema en distintas formas de energía antes de realizar el trabajo. En rendimiento es entonces, la relación entre el trabajo que efectivamente realizó el montacargas y el trabajo (energía en este caso) que le suministro la corriente eléctrica. Como estos trabajos se realizan al mismo tiempo, el rendimiento es la relación entre la potencia utilizada para realizar trabajo por el sistema y la potencia entregada al sistema.

RENDIMIENTO

= W realizado = P utilizada W entregado Pentregada

Trabajo E y nergía

159

UNIDADES DE MEDIDA DE TRABAJO, ENERGIA Y POTENCIA TRABAJOyENERGIA Clase

POTENCIA

Unidad

Clase

Unidad

Sistema Internacional

Der riivada

1 N x 1m = 1   joule

Siste tema maTTéécnico

Der riv ivaada

1 kgfx kgf x 11 m = 1 kilográmetro

Deri r ivada

1kgfm 1s

 ––11

Sistema C. G. S.

Derivada

1 dina dina x 1 cm cm = 1 ergio

Deri r ivada

1erg r gio1 s

 ––11

Otr ra asUnidades

Deri r ivada

1kwhor raa

 ––1 1

1   joule 1 s

= 1 watt

 ––11

76kgm1s

= 1 HP

FACTORES DE CONVERSION Sistema Internacional

Sistema Técnico

TRABAJO Y ENERGIA

1Joule=

1 /9,8 kgf fm m  

POTENCIA

1watt=

1 /9,8kgf fm m   s

Sistema C. G. S. 10  ––11

7

er rg gios

107 ergios s  ––11

Otras Unidades 1/  3 ,6 1 0

 ––66

kw h

1 / 745.7 HP

PROBLEMAS PROBLEMAS 1

Calcular el trabajo de una fuerza constante de 12 N , cuyo punto de aplicación se traslada 7 m, si el ángulo entre las direcciones de la fuerza y del desplazamiento son 0º, 60º, 90º, 135º, 180º

2

Calcular el trabajo realizado por la fuerza F constante de 100 N, al trasladar el cuerpo de masa m del punto A al B a lo largo de la trayectoria curva de la figura.

3

F

A Un cuerpo de 4 kg de masa se mueve hacia arriba en un plano inclinado 20º con respecto a la horizontal. Sobre el cuerpo actúan las siguientes fuerzas: una fuerza horizontal de 80 N, una fuerza paralela al plano de 100 N favoreciendo el movimiento, una fuerza de fricción de 10 N que se opone al movimiento. 1N 0 El cuerpo se traslada 20 m a lo largo del plano inclinado. Calcular: a) Elvalor de las otras fuerzas que actúan sobre el cuerpo. b) El trabajo de cada fuerza y el trabajo total. c) La resultante y el trabajo de la resultante.

Trabajo E y nergía

B

37º 6m

8m 100 N 80 N 20º

160

4

El coeficiente de rozamiento con el piso de un cuerpo de masa 5 kg que se mueve sobre una circunferencia horizontal de radios 5 m, es 0,4. Determinar el trabajo realizado por la fuerza de rozamiento al concluir una vuelta.

5

En el movimiento de un péndulo simpl e actúan tres fuerzas sobre la masa suspendida (la cuerda se considera sin masa): fuerza de la gravedad (peso), tensión de la cuerda y resistencia del aire. a) Dibujar las fuerzas y la trayectoria del péndulo. b) ¿Todas las fuerzas realizan trabajo? c) ¿Cuál de ellas realiza un trabajo negativo durante todo el tiempo que dura el movimiento? d) Escribir el principio del trabajo y la energía para el péndulo para cualquier posición.

6

Un cuerpo de masa 1 kg desciende por la superficie sin rozamiento indicada en la figu figura ra 1. La velocidad del cuerpo en el punto A es de 3 m/s, la altura de este punto es 20 m el punto B tiene una altura de 10 m Determinar la velocidad en el punto B. A R 

HA H

B HB

Figura 2 Figura 1

7

Determinar la altura H mínima desde la cual se debe soltar un cuerpo de masa para que describa la circunferencia vertical de radio R, de la figura 2 .

8

Un cuerpo se suelta sobre una superficie semicilíndrica sin rozamiento de radio R, como muestra la figura. Determinar la altura H para la cual el cuerpo se des pega por primera vez de la superficie.

9

H R 

En la figura se muestra la gráfica de la fuerza aplicada a un móvil de 2 kg de masa en función del desplazamiento. Si la velocidad inicial del móvil (en x=0) es de 5 m/s. Calcular su velocidad en las posiciones x = 4, 10, 14, 18, 22 utilizando los conceptos de este Capitulo..

8 6 4 a2 z r e0 u -2 0 F -4 -6 -8

Resp.: m/s

1m 2

4

6

8

10 12

14 16 18 20 22

Desplazamiento

0,5 m

a)6,08 m /s b)8,54 m /s d)8,54 m/s e)7,00 m/s

h

c)9,22

10 Se deja caer sobre un resorte en posición vertical una masa de 0.5 kg desde 1 m de altura. El muelle tiene una longitud de 0.5 m y una consta nte de 100 N/m. Calcular la longitud h del resorte cuando está comprimido al máximo Resp.: h = 13,4 cm.

Trabajo E y nergía

161

11 Una bola de 5 kg de masa se lanza verticalmente hacia arriba con una velocidad inicial de 20 m/s, alcanza una altura de 15 m. Calcular la pérdida de energía debida a la resistencia del aire. Resp.: 265  j

12 Un bloque de masa 0.2 kg inicia su movimiento hacia arriba, sobre un plano de 30º de inclinación, con una velocidad inicial de 12 m/s. Si el coeficiente de rozamiento entre el bloque y el plano es de 0.16. Determinar: a) La longitud que recorre el bloque a lo largo del plano hasta que se para. b) La velocidad que tendrá el bloque al regresar a la base del plano. Resp.: X =11,5m V= 9m /s.

13 Un resorte horizontal tienen una constante recuperadora de 48 N/m. En el extremo del resorte se coloca una masa de 0.75 kg y se estira el resorte 0.2 m a partir de la posición de equilibrio, soltándose a continuación, momento en el que se empieza a contar el tiempo. Hallar: a) b) c) d)

La velocidad cuando el resorte esta estirado la mitad. La velocidad cuando el resorte vuelve a estar en su posición de equilibrio. La velocidad cuando el resorte está comprimido una longitud igual al estiramiento inicial. La velocidad cuando el resorte está comprimido una longitud igual al estiramiento inicial.

14 Un resorte de constante 1 kgf/cm se encuentra en equilibrio sosteniendo un cuerpo de masa 5 kg. Desde esta posición se estira 10 cm el resorte con el cuerpo y se suelta. Determin ar: a) La velocidad cuando el cuerpo vuelve a pasar por su posición de equilibrio inicial. b) La velocidad cuando el resorte tiene su longitud inicial, y c) La elongación delresorte cuando el cuerpo se deteine.

15 Determinar cuanto debe comprimirse un resorte de constante igual a 49 N/cm ,que se encuentra en la base de un plano inclinado 30º, para que un cuerpo de masa 500 g, que se comprime contra el resorte, alcance la

H 30º

parte superior del plano inclinado con una velocidad igual a la cuarta parte de la velocidad con que se desprende del resorte. El borde superior del plano inclinado se encuentra a una altura de 1 m medida desde el borde del resorte en su longitud natural. El coeficiente de rozamiento cinetico entre la superficie y el cuerpo es 0,4.

16 Un pilote de masa 1000 kg. y longitud L = 3 m, se deja caer desde una altura h = 2 m y penetra en el suelo una distancia d = 50 cm. Calcular la velocidad con que la punta del pilote llega al suelo y el valor de la fuerza de resistencia del suelo, suponiendo que es constante. Resp.: V=6,26m F=49N

h d

Trabajo E y nergía

162

PARA PENSAR

CIENCIAS FISICAS

IMPULSO Y CANTIDAD DE MOVIMIENTO

Física para Estudiantes de Ciencias e Ingeniería Prof. Ing. Gustavo Riart O.

ImpulsoyCantidaddeMov.

141

ImpulsoyCantidaddeMov.

142

DINAMICA DE LA MASA PUNTUAL IMPULSO Y CANTIDAD DE MOVIMIENTO Newton en la DEFINICIÓN II, previas al enunciado de las Leyes en su libro, “La cantidad de movimiento es la medida del mismo surgida de la velocidad y la cantidad de materia conjuntamente”. El enunciado de Newton es: "LEY II: El cambi cambio o de movimient movimientoo es propo proporciona rcionall a la fuerza motriz impresa, y se hace en la dirección de la línea recta en que se imprime esa fuerza”. En las primeras interpre taciones de esta Ley, se entendió que el cambio del movimien to es el cambio de velocidad, y este es producido por la aceleración, de alli que la 2ª Ley de Newton quedo establecida como:

F=ma

y por cinemática

F= mV  ––V V t De donde

0

a =V  ––V V t

=m V  – mV t

F t = m V  – m V

,

0

0

0

  Al producto de la fuerza por el tiempo, se denomina IMPULSO IMPULSO y al producto de la masa por la velocidad CANTIDAD DE MOVIMIENTO. Estas dos magnitudes son sumamente útiles cuando las condiciones de interacción de los cuerpos no permiten medir la fuerza, ya sea porque la misma es variable y no se puede determinar la Ley que la rige, o porque el tiempo en que actúa es demasiado pequeño y no se puede medir. Esto ocurre por ejemplo en los choques de cuerpos o en las particiones de los átomos en las reacciones en cadena. Representando el Impulso por  I  y la cantidad de movimiento por    P, la ecuación es

I = P  – P I=F t

0

P=mV

Ecuación que nos indica que para que exista una variación de la cantidad de movimiento, es necesario un impulso, y que este es igual a la variación de la cantidad de movimiento. Estas magnitudes son vectoriales.

F

EL IMPULSO El concepto de Impulso como interacción es muy útil cuando las variables fuerza y tiempo, no se pueden determinar  experimentalmente. Por ejemplo cuando se golpea un cuerpo, cambia el vector velocidad, que si se puede medir antes y después del golpe. En este caso la fuerza varía desde cero en el instante en que empieza el golpe a un valor máximo, para luego volver a cero cuando termina el golpe. Y eldifícil tiempo en queElocurre esto como es muy pequeño y por lo tanto muy de medir. gráficotodo muestra varia la fuerza en el tiempo en este caso. El área bajo la curva es el Impulso. Si se conoce el impulso y el tiempo se puede calcular una fuerza media ( Fm ) , tal que el impulso que produzca en el mismo tiempo sea igual al que produjo el golpe. Esto es que el área bajo la curva sea igual al área del rectángulo formado por Fm y t . ImpulsoyCantidaddeMov.

 

Fm

t

Fm = I  / t 143

CONSERVACION DE LA CANTIDAD DE MOVIMIENTO El COROLARIO III, de Newton dice "La cantidad de movimiento que se obtiene tomando la suma de los movimientos dirigidos hacia la mismas de las partes, y la diferencia de aquello aquelloss dirigido dirigidoss hacia partes partes con contraria trariass no sufre alterac alteración ión por por la la acción acción de los cuerpos entre sí", y es muy interesante su explicación de este corolario. Cuando no hay impulso, no se produce una variación de la cantidad de movimiento. Es decir  

P  – P0 = 0

y resulta que

P = P0

El hecho de que la cantidad del movimiento no cambie es conocido como PRINCIPIO que es una de las conservaciones que estudia la mecánica.

DE CONSERVACION DE LA CANTIDAD DE MOVIMIENTO,

Si un cuerpo de masa m tiene una velocidad Vo, el cuerpo tienen una cantidad de movimiento

P0 = m V0 Por alguna causa interna, sin que actúe un impulso externo; una parte m1 de la masa adquiere una velocidad V1, y con ello tiene una cantidad de movimiento P1 = m1 V1; la masa m2 restante adquirirá una velocidad V2, y tiene una cantidad de movimiento P2 = m2 V2 de forma tal que la cantidad de movimiento antes de partirse el cuerpo P0 es igual a la cantidad de movimiento después P.

P1 + P2 = P = P 0.

P1 P2

P1

Po

P1+ P2 = P = Po P2

Es muy importante entender que el impulso es provocado por una fuerza externa al sistema en estudio. En ningún caso se puede considerar al impulso como consecuencia de fuerzas internas. Si se quiere considerar el impulso srcinado por una fuerza interna, se debe separar las partes de forma tal a considerar cada parte como independiente de la otra y que la fuerza que provoca el impulso de una parte es igual y contraria a la que provoca el impulso de la otra (por    acción y reacción). Esto es que los Impulsos son iguales y de sentido contrario sobre cada parte

I I

Figura 1

Figura 2

El sistema es el cuerpo completo y sobre el no actúa ningún impulso.

Los sistemas en estudios son dos partes del mismo cuerpo, y los Impulsos son iguales y contrarios

ImpulsoyCantidaddeMov.

144

De hecho estos son los conceptos desarrollados por Newton, que en la explicación de su

LEY II dice, "... tanto si la fuerza es impresa entera y a la vez como si lo es gradual y sucesivamente." Es decir o un impulso o una fuerza.

CENTRO DE MASA La pregunta es ¿Si cada parte tiene una velocidad distinta y por lo tanto una cantidad de movimiento distinta, que significado tiene la suma de estas cantidades de movimiento?

P = P1 + P2

Si

m V = m1 V1 + m2 V2 Donde cada velocidad es el desplazamiento en la unidad de tiempo.

ΔV = Δrr   / t Entonces

Y como

m Δr  = m1 Δr 1 + m2 Δr 2 t t t m = m1 + m2

y

t

es el mismo, resulta

( m1 + m2 ) Δr  = m1 Δr 1 + m2 Δr 2 Δr  = rr   – r 0 y si r 0 = 0 Entonces

Δr  = r 

( m1 + m2 ) r  = m1 r 1 + m2 r 2

El vector de posición r indica la posición de la masa total del cuerpo (m1 + m2). Este punto, en el cual debería encontrarse una masa puntual igual a la suma de las masas de las partes del cuerpo es el Centro de Masa. De esta forma la can cantida tidad d de movi movimien miento to, suma de las cantidades de movimiento de las dos masas consideradas, es la cantidad de movimiento del centro de masa . Que la cantidad de movimiento se conserve, significa que la cantidad de movimiento del centro de masa, antes de que el cuerpo se parta en dos pedazos y después de partirse es la misma. Consecuentemente la velocidad del centro masa antes y después de que ocurra el fenómeno es la misma. Consecuencia de esto es que, si el cuerpo tiene uno de los movimientos estudiados anteriormente en cinemática, el centro de masa seguirá con el mismo movimiento después de que por algún fenómeno las partes del cuerpo cambien su movimiento, siempre que el mismo no se deba a una causa externa. Hasta esta parte, el estudio de la mecánica realiz ado se refiere a masas puntuales, es decir, a masas concentradas en un punto. En realidad el estudio de la mecánica de traslación, es el estudio del comportamiento del centro de masa de los cuerpos. Esta es la mecánica considerada hasta acá, excepto cuando en estática se considera el momento, pues, en este caso se consideran las dimensiones del cuerpo. En Capítulos siguientes estudiaremos las masas no puntuales.

ImpulsoyCantidaddeMov.

145

MASA VARIABLE Consideremos un barco que debe cargar en su bodega granos que caen de una tolva. Para que la distribución de carga en la bodega sea uniforme, el barco debe mantener su velocidad constante. En este caso la masa no es constante pues aumenta de acuerdo a la cantidad que cae en la unidad de tiempo. Si el barco mantiene su velocidad su cantidad de movimiento F al principio no es igual a la del final.

Pf = m f V

V

P0 = m0 V Si la masa de grano cae a un ritmo

Por lo tanto

µ = Δm / t ,

entonces

m f = m0 + µt

Pf = ( m0 + µµ tt)) V Pf > P0, entonces I ≠ 0 Como

I = Pf  – P0

F t = ( m 0 + µ t ) V  – m Ft =µt V F=µV

0

V

Es decir la fuerza depende del incremento de la masa en la unidad de tiempo y la velocidad, y aunque la velocidad es constante existe una fuerza que permite que esa velocidad sea constante. Este concepto, obliga a redefinir el concepto de fuerza dado por la 2ª Ley de Newton.

La FUERZA Esmovimiento igual a la variación de lade cantidad en la unidad tiempo.de



1er PROBLEMA

VELOCIDAD DE LOS COHETES Para analizar la velocidad de un cohete es conveniente hacer algunas consideraciones:

V

Ve El cohete se mueve sin que exista fuerza externa que actúa sobre el. Por lo tanto no consideraremos el peso del mismo. b) El cohete expulsa una cantidad de gas por unidad de tiempo Si Mo es la masa inicial, considerando el combustible que contiene, el cohete, su c)

a)

masa final es M = Mo  – m. La velocidad inicial del cohete es Vo y su velocidad final Vo + V d) La velocidad relativa de los gases respecto al cohete es Ve (velocidad de e) escape). De esta forma la cantidad de movimiento inicial es igual a la cantidad de movimiento final.

MoVo=(Mo–

t ) (Vo + V) + t (Vo  – Ve)

ImpulsoyCantidaddeMov.

146

De donde se deduce que

( M  – t )

V=

t Ve

t con signo negativo pues el cohete pierde masa y Ve también, por ser un vector negativo, por lo que V es un vector positivo. Es decir el   Al hacer las consideraciones se introdujeron

cohete aumenta su velocidad. Si se divide ambos miembros por tiempo y se hace el límite cuando el tiempo tiende a cero, la fuerza sobre el cohete resulta.

( M  – t )

t

V=

Ve

F (Empuje) = Ve Esta fuerza es el empuje sobre el cohete , supuesta constante.

FUERZA CON MASA Y VELOCIDAD VARIABLES VARIABLES En este capitulo se estudia la interacción cuyo principio general es que el impulso es igual a la variación de la cantidad de movimiento. Si se considera que la masa aumenta una cantidad constante en la unidad de tiempo, µ; y la aceleración a es también constante. Entonces la masa y la velocidad en cualquier instante son:

m = m0 + µ t V = V0 + a t Las cantidades de movimiento final e inicial serán

Pf = m V = (m 0 + µ t ) (V 0 + a t) Po = m0 V0 I = Pf  – P0 F t = Pf  – P0 De donde

F t = ( m0 + µ t ) (V 0 + a t)  – m 0 V0

Resultando

F = m0 a + µ Vo + µ a t De acuerdo a esta expresión, la fuerza depende de la masa inicial, de la aceleración, del incremento de masa en la unidad de tiempo y del tiempo. Si la fuerza depende del tiempo, no es constante.

ImpulsoyCantidaddeMov.

147

PROBLEMAS PROBLEMAS 1 Un hombre de 85 kg de masa está montado en la popa de una barca de 12 m de largo y 200 kg de masa, masa, que se mueve mueve libremente libremente en el el agua. El centro centro de masa de la la barca está está situado a 6 m de cada uno de sus extremos a) ¿Dónde ¿Dónde está está el centro de de masa masa del del sistema formado formado por la barca barca y el hombre?. b) ¿Cuánto ¿Cuánto se mueve el centro centro de masa masa del del sis tema cuando el el hombre hombre camina camina hasta la proa proa de la barca? c) ¿Cuánto ¿Cuánto se desplaza desplaza el hombre hombre respecto respecto de la orilla? orilla? d) ¿Cuánto ¿Cuánto se desplaza la barca barca respecto respecto de la orilla? Resp. a) a 1,79 m del centro del bote b) cero c) 4,21 m d) 1,79 m. 2 Desde el extremo extremo de una plataforma plataforma móvil móvil de 80 kg, kg, inicialme inicialmente nte en reposo, reposo, un niño de 40 kg corre hacia el otro extremo a una una velocidad constante de 1 m/s. Determinar    a) La velocidad velocidad de de la plataforma plataforma y el el sentido sentido de su movimiento movimiento.. ¿Qué princip principio io físico físico aplicas? aplicas? b) Si la plataforma plataforma tiene inicialmen inicialmente te una velocidad velocidad de 5 m / s y el niño se encuent encuentra ra parado parado sobre él, cual será la velocidad velocidad de la plataforma plataforma cuando cuando el niño corre. corre. c) Si el niño corre corre con velocida velocidad d contrari contraria a a la de la platafor plataforma, ma, cual es la velocidad velocidad de esta. Resp Resp.. V = 0,5 0,5 m / s con contr trar aria ia a la la delniñ delniño o V = 4,5 4,5 m / s V = 3,5 3,5 m / s 3 Una persona se encuentra en reposo sobre una superficie horizontal sin rozamiento y lanza una piedra de 2 kg, con una velocidad de 100 m/s m/s y formando un ángulo de de 60° con la horizontal horizontal.. ¿Con qué velocida velocidad d se moverá la persona persona si su peso es de 80 kgf ? Resp. Resp. V = 1,25 1,25 m / s 4 Una esfera inicialmente en reposo debido a una explosión interna se parte en tres pedazos iguales. Dos de los pedazos salen en direcciones perpendiculares con velocidades velocidades de 10 m/s. Determinar Determinar la velocida velocidad d del tercer tercer pedazo. pedazo. 5 Una niña patea una pelota de 500 g que sale disparada con una velocidad de 5 m/s. ¿Cual es el impulso impulso que le dio la niña a la pelota? pelota? Si el impulso impulso tuvo una duración duración de 0,02 0,02 s ¿Cuál es la fuerza media ejercida sobre la pelota? cuerpo cuerpo de 500 g cae desde desde una altura altura de 5 m, pega contra el suelo y rebota rebota hasta una 6 Un altura altur a de 3 m. m. Determine Determine el impulso impulso y la fuerza fuerza media de de contacto contacto entre entre el el piso y la pelota, pelota, sabiendo que la misma estuvo en contacto con el piso un tiempo de 5 ms.

7 Un bate de béisbol golpea una pelota de masa 0.15 kg de tal forma que su velocidad cambia cambia de 48 m/s horizont horizontal al y hacia el este a 81 m/s m/s horizontal horizontal y hacia el norte, norte, en un intervalo intervalo de tiempo de 0.01 s. Estimar Estimar el módulo, dirección dirección y sentido sentido de de la fuerza fuerza media ejercida ejercida por el bate sobre la pelota pelota . Resp. F = 1412 N a = 59,53º 2 ferrocarril está abierto por por arriba y tiene un área de 10 m , se mueve mueve sin sin 8 Un vagón de ferrocarril

fricción a lo largo de rieles rectilíneos con velocidad de 5 m/s, en un momento momento dado comienza a 2 llover verticalmente a razón de 0.001 litros/(cm s). La masa inicial inicial es de 20000 20000 kg. Calcular, Calcular, razonando las respuestas: a) La veloci velocidad dad del vagón en función función del tiempo tiempo b) La acel acelera eració ción. n. c) La fuerza necesaria necesaria para para mantenerlo mantenerlo a velocidad velocidad constante constante de 5m/s. 2 Resp. V = 1000 / ( 20 200 + t ) a = – 100 / ( 20 200 + t ) vagón lleno lleno de vagón granos, grano avanza con colir n una velocidad veloci agujero aguje rovagón abierto abier 9 laUnpart en parte e traser trasera a del vag óns,empie em pieza za salir sa granos granos a razó rdad azón nde de36 5 km kg. // h. s. Por Si elun peso pes o del vag ónto con su carga era inicialmente inicialmente de 80 toneladas, toneladas, determinar    a) La velo velocid cidad ad del del vagón vagón en km /h al cabo cabo de una hora hora.. b) La fuerza fuerza que que se necesi necesita ta hacer para mantener mantener la velocidad velocidad inicial inicial del vagón. vagón. c) Si el agujer agujero o es en la parte parte inferior inferior del vagón, vagón, calcul calcular ar las misma mismas s pregunt preguntas as anteri anteriore ores. s. Impulsoy ImpulsoyCantidadde CantidaddeM Mov.

148

PARA PENSAR

CIEN CIENCI CIAS AS FISI FISICA CAS S

CHOQ CHOQUE UE DE CUER CUERPO POS S

Física para Estudiantes de Ciencias e Ingeniería Prof Prof.. Ing. Ing. Gust Gustav avo o Riar Riartt O.

Choques

163

Choques

164

DINAMICA DE LA MASA PUNTUAL CHOQUE DE CUERPOS Una Ley fundamental de la física clásica es que dos cuerpos no pueden ocupar el mismo espacio al mismo tiempo. Y cuando dos cuerpos están en condiciones, por el movimiento que realizan, de ocupar el mismo espacio al mismo tiempo se produce el fenómeno conocido como choque. En el choque los cuerpos interactuan entre si, de forma tal que desarrollan fuerzas de acción y reacción entre ellos. Estas fuerzas inicialmente nulas, crecen hasta un valor máximo y se vuelven nuevamente nulas, ya sea que los cuerpos se separen o se muevan juntos después del choque. Como este fenómeno se produce en un tiempo muy pequeño, se lo debe estudiar como un caso de Impulso y Cantidad de Movimiento.

CHOQUE CENTRAL DE CUERPOS Iniciaremos el estudio con el caso de dos cuerpos que se mueven sobre la recta que une sus centros de masa. Uno de los cuerpos tiene masa m1 y velocidad V1 y el otro cuerpo, masa m2 y velocidad V2, de forma que el cuerpo de masa m1 va atrás de la masa m2 y las velocidades son tales que V1 > V2. Así la masa m1 alcanza a la m2 y chocan. Después del choque las masas m1 y m2 tienen velocidades U1 y U2 respectivamente

V1 m1

V2

X

m2

cm AntesdelChoque.

m1 X m2

cm

U1

U2

m1 X

m2

cm

Choque.

DespuésdelChoque.

Analizando el fenómeno para el sistema formado por ambos cuerpos en conjunto, la cantidad de movimiento del centro de masa inmediatamente antes del choque es igual a la cantidad de movimiento inmediatamente después del choque, pues no existe una fuerza exterior al sistema que realice un impulso. Entonces

PA = PD m1 V1 + m2 V2 = m1 U1 + m2 U2

Podemos, también, hacer el análisis adoptando el centro de masa como eje de referencia. La velocidad el centro de masa es constante por lo tanto este es un eje inercial, y por lo tanto se conserva la cantidad de movimiento, considerando que el impulso y la cantidad de movimiento no son mas que expresiones de la 1ª y 2ª Ley de Newton para cuerpos o sistemas no rígidos.

Choques

165

Denominamos V1’ y V2’ a las velocidades de los cuerpos respecto al centro de masa antes de chocar; y U 1’ U2’ a las velocidades después de chocar, todas respecto al centro de masa. La conservación de la cantidad de movimiento antes y después de chocar es

PA’ = PD’ m1 V1’ + m2 V2’ = m1 U1’ + m2 U2’

Como se observa en el grafico de abajo, en este eje de referencia, los cuerpos se acercan al centro de masa moviéndose en sentido contrario uno respecto al otro. Esto se debe a que la velocidad del centro de masa, cumple con la relación

V1 > Vcm > V2 El choque se produce en el centro de masa; y posteriormente los cuerpos se alejan del mismo debido a que U1 < Vcm < U2

V1’

Antes del choque cm

V2’

Durante el choque cm

U1’

Después Después del choque cm

U2’

COEFICIENTE DE RESTITUCION Si bien en el sistema formado por ambos cuerpos no hay impulso, porque no hay fuerza externa al sistema; al considerar    cada cuerpo por separado, existen fuerzas impulsivas, tanto en el proceso de deformación como en el proceso de restitución. Estas fuerzas y sus impulsos, por el principio de acción y

Durante la Deformación m1

m2 FD

FD

reacción son iguales y de sentido contrario en cada cuerpo. La deformación de los cuerpos se produce hasta que ambos llegan a una velocidad común, la velocidad del centro de masa.

Durante la Restitución m1

m2 FR

Choques

FR 166

Con respecto a un eje de referencia fijo en la tierra los impulsos durante la deformación para los cuerpos 1 y 2 son:

 – FD t = m 1 Vcm  – m1 V1

FD t = m2 Vcm  – m2 V2

Y los impulsos durante la restitución son:

 – FR t = m 1 Vcm  – m1 U1

FR t = m2 Vcm  – m2 U2

Estos impulsos de deformación y restitución en la mayoría de los casos no son iguales e, inclusive puede ocurrir que el de restitución sea nulo. De allí, que se define como coeficiente de restitución a la relación entre el impulso de restitución y el impulso de deformación.

e =  – FR t = m1 Vcm  – m1 U1 e = FR t = m2 Vcm  – m2 U2  – FD t m1 Vcm  – m1 V1 FD t m2 Vcm  – m2 V2 Simplificando las masas en cada igualdad, despejando la Vcm e igualando las dos ecuaciones se obtiene que:

e = U2  – U1 V1  – V2 Consideracio Consi deraciones nes respecto respecto a un eje eje de referencia referencia en el centro centro de masa. masa. Considerando, como eje de referencia el centro de masa del sistema, las fuerzas impulsivas deformadoras y restauradoras, son las mismas que respecto a tierra, puesto que el centro de masa es un eje inercial, velocidad constante; no así, las velocidades, como vimos mas arriba. Por lo tanto el coeficiente de restitución es

e =  – FR t =  – m1 U1’  – FD t m1 V1’

e = FR t = m2 U2’ FD t  – m2 V2’

e = – U1’ =  – U2’ V1’ V2’

De las ecuaciones de la cantidad de movimiento y del coeficiente de restitución, se deduce que las velocidades después del choque para los cuerpos son:

U1 = ( m1  – e m2 ) V1 + ( 1 + e ) m 2 V2 m1 + m2 U2 = ( m2  – e m1 ) V2 + ( 1 + e ) m 1 V1 m1

+ m2

Cuando el coeficiente de restituc ión es nulo, las velocidades U1 y U2 después del choque son iguales. En este caso los cuerpos chocan, se deforman al chocar, y se mueven con la misma velocidad, la velocidad del centro de masa. En el choque las fuerzas que actúan producen un Choques 167

trabajo para deformar los cuerpos y pero no existe fuerza restauradora, por lo tanto, el coeficiente de restitución es cero y hay perdida de energía. Los choques en los que ocurren estos fenómenos se llaman PERFECTAMENTE

INELASTICO o PLASTICO. Cuando el coeficiente de restitución es 1, las velocidades después del choque son diferentes. Los cuerpos chocan, se deforman y recupera n su forma durante el choque, por el efecto elástico del material que hace que el impulso de deformación sea igual al de restitución. Como el trabajo final es nulo, no hay pérdida de energía. Por esta razón el choque es ELASTICO. Para cualquier valor del coeficiente de restitución entre 0 y 1, los cuerpos chocan, se deforman y recuperan parte de su forma durante el choque; es decir, el impulso de restitución es menor que el de deformaci ón. Estos choques son INELASTICOS y las fuerzas que actúan durante el choque realizan trabajo, produciendo una perdida de energía. En el choque inelástico, los cuerpos pueden recuperar su forma inicial después del choque; es decir cuando los cuerpos ya no están en contacto; por lo tanto no hay fuerzas que actúen entre ellos. El fenómeno se desarrolla de la siguiente forma, (Cuadro de al lado) al inicio del contacto los cuerpos debido a las fuerzas sobre cada uno se deforman hasta un máximo de deformación. En este instante la elasticidad de los cuerpos hace que los cuerpos empiecen a recuperar    su forma. Si los cuerpos pierden el

Choque Perf fee  ctamente Inelástico

Choque Inelástico

Choque Perfe f e  ctamente Elástico

Inicio Iniciodel del Choque

Máxima Deformación

Finalización del Choque Choque

contacto de recuperar antes totalmente su forma, el choque es inelástico.

LA ENER ENERGÍA GÍA CINÉ CINÉTI TICA CA EN EL CHOQUE La energía cinética del sistema, con respecto al centro de masa, antes y despué s del choque son:

Ko’ = ½m 1 V1’ 2 + ½ m2 V2’ 2

Kf’ = ½ m 1 U1’ 2 + ½ m2 U2’ 2

Sustituyendo U1’ =e V 1’ y U2’ =e V 2’ en Kf’ resulta

Kf ’  = e 2 ( ½ m1 V1’ 2 + ½ m2 V2’ 2 ) Kf’ Kf’ Kf ’  = e 2 Ko’ Las relaciones de las velocidades de los cuerpos con respecto al centro de masa como eje de referencia y a tierra como eje fijo son:

Choques

168

V1’ = V1  – Vcm

V2’ = V2  – Vcm

U1’ = U1  – Vcm

U2’ = U2  – Vcm

Reemplazando en las ecuaciones de energía tenemos:

Ko’ Ko’== ½ ½m m 1 (V1  – Vcm) 2 + ½ m2 (V2  – Vcm) 2

Kf’ = ½ m 1 (U1  – Vcm)’ 2 + ½ m2 (U2  – Vcm) 2

Ko’ = ½m 1 (V12  – 2 V1 Vcm+ Vcm2) + ½ m 2 (V22  – 2 V2 Vcm+ Vcm2) Ko’ = ½m 1 V12 ½ m2 V22  – ( m1 V1 + m2 V2 ) Vcm+ ½ (m1 + m2) Vcm2 La velocidad del Centro de Masa de dos cuerpos que se mueven con velocidades diferentes es

( m1 + m2 ) Vcm = m 1 V1 + m2 V2 Reemplazando esta expresión en la anterior de energía tenemos

Ko’ = ½m 1 V12 ½ m2 V22  – ½ (m1 + m2) Vcm2 De igual forma

Kf’ = ½ Kf’= ½m m 1 U12 ½ m2 U22  – ½ (m1 + m2) Vcm2, si denominamos Ko = ½ m 1 V12 ½ m2 V22

Kf f  = ½ m 1 U12 ½ m2 U22

Ko’=K o  – Kcm De donde

Kcm = ½ (m1 + m2) Vcm2

Kf f’ ’= Kf f   – Kcm

Kff    – Kcm m== e 2 (Ko  – Kcm )

De esta forma resulta que

e2 = Kf    – Kcm Ko  – Kcm

Es decir el cuadrado del coeficiente de restitución es la relación entre la energía no perdida en el choque (Kff    – Kcm) y la energía máxima que puede perderse en el choque (Ko  – Kcm)

ANALISIS DE CASOS PARTICULARES P ARTICULARES En todos los casos de choque se cumplen las siguientes igualdades

U1 = ( m1  – e m2 ) V1 + ( 1 + e ) m 2 V2 m1 + m2 U2 = ( m2  – e m1 ) V2 + ( 1 + e ) m 1 V1 m1 + m2 e = U2  – U1 V1  – V2 Kf = e2 Ko + ( 1  – e 2 ) KCM Choques

169

1er Problema: Por las condiciones del movimiento de uno de los cuerpos su velocidad antes de chocar y después de chocar es nula. Este caso ocurre porque la masa de ese cuerpo es muy grande con respecto al otro que choca o porque por algún sistema de sujeción el centro de masa del cuerpo no puede desplazarse. m2 = V2 = 0 De la ecuación de “e” se obtiene para la masa m 1

U1 = Calculando la velocidad del centro de masa

 – e V

1

VC M = m1 V1 + m2 V2 m1 + m2 Dividiendo numerador y denominador por   m2 y realizando las simplificaciones resulta

VCM = 0 y KCM = 0 Si lanzamos una pelota contra el suelo, esta tiene una masa y choca con una velocidad. Si se compara la masa de la tierra con la masa de la pelota, la de aquella es mucho mas grande que la de esta. Esto es la masa de la tierra comparada con la pelota es infinita. Determinando el centro de masa del sistema tierra pelota, con las dimensiones con la que se trabaja, el centro de masa coincide con el de la tierra, de forma tal que al cambiar la altura de la pelota el centro de masa del sistema sigue siendo el de la tierra, y como el mismo no cambia su velocidad es nula.

U1 =  – V1 K f   = Ko En este caso el cuerpo choca contra el otro y vuelve con la misma velocidad con la que choco pero de sentido contrario. Por esta razón su energía cinética no cambia. Para e = 1

U1 = 0 K f   = KC M En este caso el cuerpo queda adherido al de masa infinita, y tendría que moverse con la velocidad del centro de masa, que como vimos es cero. Para e = 0

2º Problema: Las masas de los dos cuerpos son iguales.

m1 = m2 U1 = V2 U2 = V1 Es decir los cuerpos intercambian sus velocidades.

Para e = 1

Kf = Ko

Para e = 0

U1 = U2 = m1 V1 + m2 V2 m1 + m2 K f   = KC M Donde

VC M = V1 + V2 2

3er Problema: Las masas de los dos cuerpos son iguales y uno de ellos esta en reposos.

m1 = m2 V2 = 0 U1 = 0 U2 = V1

Kf = Ko Es decir, el cuerpo con movimiento queda en reposo y el otro se mueve con la velocidad del primer cuerpo. Para e = 1

Choques

170

Para e = 0

U1 = U2 = m1 V1 m1 + m2 K f   = KC M Donde

VC M = V1 . 2 CHOQUE EN DOS DIRECCIONES CHOQUE DE CUERPOS QUE SE MUEVEN EN DIRECCIONES PARALELAS Incluimos este choque por su importancia en la Física Cuántica . En este caso ambos cuerpos se mueven en direcciones paralelas de tal forma que la distancia entre las direcciones paralelas de su centro de masa, es menor que la suma de lo s radios de los cuerpos. Esta distancia “b”, se denomina parámetro de impacto . El análisis se realiza haciendo coincidir uno de los ejes coordenados, X en este caso, con la dirección de los centros de masa

Y

m1

V1

U1

b m2

V2 U2 X

De esta forma el ángulo  que forman las velocidades antes del choque con el eje X, esta dado por la relación b = (r 1 + r 2) seno Resultando V1X = V1 coseno

V2X = V2 coseno

V1Y = V1 seno V2Y = V2 seno

Y como el choque se produce sobre el eje X, las ecuaciones son:

U1X = ( m1  – –  e m2 ) V1X + ( 1 + e ) m 2 V2X m1 + m2 U2X = ( m2  – –  e m1 ) V2X + ( 1 + e ) m 1 V1X

U1Y = V1Y U2Y = V2Y

m1 + m2 U1 = ( U1X2 - U1Y2 )1/2 , tan = U1Y / U1XY 2 2 1/2 U2 = ( U2X - U2Y ) , tan = U2Y / U2X Los ángulos son con respecto al eje “X”  Y   se denomina ángulo de dispersión Choques

171

EL JUEGO DE BILLAR En el juego de billar las condiciones son: a) Las m asas m1 y m2 de las bolas son iguales b) La masa m2 está en reposo. c) El coeficiente de restitución es e = 1.

Y U1 m1

V1

b m2 U2

Adoptando los ejes coordenados de tal forma que el eje X coincide con la dirección de los centros

X

de masa en el momento del choque, se cumplen

= b  / (r 1 + r 2) V1X = V1 coseno

Seno U2X

= V1X

U2Y

=0

U1X

V1Y

=0

= V1 seno

U1Y

= V1Y

Es decir la dirección que adquiere la bola que es chocada es la dirección de la recta que une los centros de masa y depende del parámetro de impacto.

LA PELOTA QUE REBOTA CONTRA EL SUELO   Al lanzar una pelota contra el suelo con un ángulo , se dan las siguientes condiciones: a) El cuerpo contra el que choca la pelota, la tierra, tiene masa m2 =

Vx Ux

y velocidad V2 = 0.

b) El choque se produce en la dirección perpendicular a la superficie. c) La pelota tiene después del choque una velocidad que forma un ángulo con la vertical.

Vy

Uy

En estas condiciones nuestras ecuaciones son:

Ux = Vx tg

=V x/  V y

e =  – Uy  / V Vyy

y

tg tg

= Ux / Uy por lo tanto, = tg

 / e.

En el caso en que el coeficiente de restitución sea e = 1, se cumple que ángulo de incidencia y reflexión de la luz por un espejo.

Choques

=

igual que los

172

CHOQUE DE CUERPOS QUE SE MUEVEN EN DIRECCIONES DIFERENTES Para que ocurra un choque de cuerpos que se mueven en direcciones diferentes se deben dar varias condiciones. 1. Las trayectorias de los cuerpos deben converger para interceptarse. 2. Los cuerpos deben tener su posición en el punto de intersección de las trayectorias en el mismo instante. 3. Condicionamos el choque a que el impulso mutuo de los cuerpos que chocan se realice en la dirección de la línea que une los centros de masas. En caso contrario los cuerpos después de chocar se moverán girando alrededor de su centro de masa. La velocidad del centro de masa es

VCM = m1 V1 + m2 V2 m1 + m2 Y la cantidad de movimiento antes y después de chocar es

m1 V1 + m2 V2 = m1 U1 + m2 U2

m1

m1

V1

m1 U1 Trayectoria del CM

V2 m2

U2 m2

La cantidad de movimiento del centro de masa antes de chocar es

PA = m1 V1 + m2 V2 Para analizar el choque en estas condiciones es necesario conocer los datos que permitan determinar la dirección del vector cantidad de movimiento del centro de masa. Analizaremos este choque en dos condiciones que consideramos interesantes. 1er Análisis:

Hacer coincidir uno de los ejes de coordenadas con la cantidad de movimiento del sistema (resultante).

Si conocemos cantidades de movimientos P1 = m 1 V1, P2 = m 2 V2 y el ángulo  que forman las velocidades. Por la suma de vectores se calcula la Cantidad de movimiento resultante y la dirección que forma con cada una de las cantidades de movimientos 1 y 2.

Choques

173

P1A

PA

PA P1A

P2A

P2A

PA = P1A2 + P2A2 + P1A P2A coseno . PA Seno

.

= . P1A Seno

= . P2A Seno

.

.

Después del choque los vectores son

P1D

PD

PD P1D

P2D

P2D

PD = P1D2 + P2D2 + P1D P2D coseno .

PD Seno

.

Cumpliéndose, desde luego, que

= .

P1D Seno

.

= . P2D Seno

.

PA = PD

  Asignado un coeficiente de restitución e, es muy practico la utilización de la relación de la s energías cinéticas y el coeficiente de restitución, de forma tal a trabajar con escalares.

Kf = e2 Ko + ( 1  – e 2 ) KCM Como puede observarse, es necesario conocer algún dato sobre el movimiento de los cuerpos después del choque, a fin de resolver el sistema de ecuaciones. Por ej. El vector velocidad de uno de los cuerpos.

Choques

174

2º Análi nálisi sis: s:

Hacer coincidir uno de los ejes de coordenadas con la dirección del Impulso entre los cuerpos en el momento del choque (la dirección de los centros de masa).

m1

m1

m1 V1

U1

V2 m2

U2

Dirección del Impulso

m2

Como es condición de nuestro estudio que el choque se produzca en la dirección de la recta que une los centros de masas, esta es la dirección del impulso. Es necesario pues conocer    los ángulos que forman los vectores cantidad de movimiento con esta dirección.( Y

y

PA2 = m2 V2

PA

X

Vectores Cantidad de Movimiento Movimiento Ante Antess del del Ch Cho o ue

PA1 = m1 V1

Y PD2 = m2 U2

PD

PD1 = m1 U1

X

Vectores Cantidad de Movimiento Movimiento Despues Desp ues del Choque Choque

Como sobre el eje X no se produce choque. Consecuentemente los cuerpos mantienen cada uno su cantidad de movimiento en esta dirección y se cumple que PAX = PA1X + PA2X y

PA1X = PD1X PA2X = PD2X PDX = PD1X + PD2X   Además

PAX = PDX Choques

175

En cambio sobre el eje  Y se produce el choque y por lo tanto

PA1Y + PA2Y = PD 1Y + PD 2Y Si el coeficiente de restitución es “e”, las velocidades de los cuerpos son:

V1X = U1X

U1Y = ( m1  – –  e m2 ) V1Y + ( 1 + e ) m 2 V2Y m1 + m2 V2X = U2X U2Y = ( m2  – –  e m1 ) V2Y + ( 1 + e ) m 1 V1Y m1 + m2 U1 = ( U1X2 + U1Y2 )1/2 , tan = U1X / U1Y 2 2 1/2 U2 = ( U2X + U2Y ) , tan = U2X / U2Y Los ángulos son con respecto al eje “Y”

PROBLEMAS PROBLEMAS 1

Dos cuerpos de masa m1 = 2 kg. con velocidad de 2 m/s se mueve detrás de otro de masa m2 = 3 kg. y velocidad de 1,5 m/s; sobre la misma recta. Cual es la velocidad de cada cuerpo después de chocar cuando: a) El choque es elástico b) Elcoeficiente de restitución es 0,6 c) El choque es inelástico d) ¿Cuál es la energía cinética de cada cuerpo después del choque elástico? Resp: a)1,4 m /s y 1, 9m /s b)1,52 m /s y 1,82 m /s c)1,70 m /s d ) 1,96 j y 5,42 j

2

Dos cuerpos de masa m1 = 2 kg. con velocidad de 2 m/s y otro de masa m2 = 3 kg. y velocidad de 1,5 m/s; se mueven uno hacia el otro sobre la misma recta. Cual es la velocidad de cada cuerpo después de chocar cuando: a) Elchoque es elástico b) El coeficiente de restitución es 0,6 c) El choque es inelástico d) Determinar el coeficiente de restitución para que la masa m2 se detenga después del choque. e) ¿Cuál es la energía cinética del cuerpo después del choque? Resp: a) – 2,2 m /s y 1,3 m /s b) – 1,36 m /s y 0,74 m /s c) – 0,1 m / s d ) 0,072 d ) 4,84 j y 2,54 j

3

Una bala de 10 g se incrusta en un bloque de 990 g que descansa sobre una superficie horizontal sin fricción, sujeto a un resorte. El impacto comprime el resorte 15 cm. Del resorte se sabemos que una fuerza de 2 N produce una comprensión de 0.25 cm. Calcular    a) La constante elástica del resorte b) La velocidad del conjunto bloque + bala justo después del choque c) La velocidad de la bala antes del choque Res p: k = 800 N / m V = 4,24 m / s Vb = 424 m / s

4

Una bala de masa 0.3 kg y velocidad desconocida choca contra un saco de 4 kg suspendido de una cuerda de 0.5 m de larga y en reposo. Después del choque el saco se eleva hasta que la cuerda hace un ángulo de 30º con la vertical, mientras tanto la bala describe una parábola, estando el punto de impacto a 20 m de distancia horizontal y 1.5 m por debajo. Calcular: Choques

176

a) La velocidad del saco y la de la bala inmediatamente después del choque b) La velocidad de la bala antes del choque y la energía perdida en el mismo c) La tensión de la cuerda cuando esta forma un ángulo de 10º con la vertical Resp: Vs = 1,15 m /s Vb = 36,15 m /s V = 51,4 m /s Ep = 197,5 j

5

Dos bloques A y B, ambos de masa M Vm = 15 kg. se hallan inicialmente en reposo sobre una superficie horizontal m sin rozamiento. La masa m = 5 kg. se mueve inicialmente hacia el bloque B A B con una velocidad V m = 4 m/s. La masa m realiza un choque perfectamente elástico con la masa B y rebota, chocando nuevamente con la masa A, a las que se adhiere definitivamente. Calcular las velocidades finales de los bloques. Resp:

U A = – 0,5 m /sU B =2m/s

U

m

= – 0,5 m / s

6

Dos bloques A y B, ambos de masa M = 18 kg. se hallan inicialmente en reposo sobre una superficie horizontal sin rozamiento. El bloque A tiene adherida una masa m = 4 kg. El bloque A dispara la m masa con una velocidad V m = 54 m/s. La masa m realiza A B un choque perfectamente elástico con la masa B y rebota, chocando nuevamente con la masa A, al cual se adhiere definitivamente. Calcular las velocidades finales de los bloques A y B. Resp: UB =19,6m/s U= –1 ,6m/s

7

Se lanza una pelota contra el piso con una velocidad de 1,5 m/s. La pelota pega contra el misma formando un ángulo de 30º con la vertical. Determinar, la velocidad de la pelota, el ángulo que forma con la vertical y la altura que alcanza después de rebotar. a) Si el choque es perfectamente elástico. b) Si el coeficiente de restitución es 0,8 Resp:

8

U= 1,5 m /s

 =30º

U =1,28m/s

 = 54,2º

Una pelota cae verticalmente sobre un plano inclinado 30º. Determinar , la velocidad de la pelota y el ángulo que forma con el plano inclinado al rebotar, en los siguientes casos: a) Cuando el coeficiente de restitución es 0,5, b) Cuando el choque es totalmente elástico. Resp:

U= 0,66 V

 =40,9º

U =V

m

 = 60º

9

Un cuerpo de masa m cae desde una altura h1, sobre una cuña de masa M que se encuentra h2 sobre una superficie M horizontal sin rozamiento., M 45º como muestra la figura y golpea elásticamente con la misma. Después del choque se dirige horizontalmente y choca también elásticamente, contra otra cuña idéntica a la anterior. Determinar la altura h2 que alcanza la masa. Resp: h2 = h1 ( M – m ) / ( M + m )

h1

10 Una partícula de 5 kg de masa moviéndose a 2 m/s choca contra otra partícula de 8 kg de masa inicialmente en reposo. Si el choque es elástico. Hallar la velocidad de cada partícula después del choque.  Si el choque es frontal  Si la primera partícula se desvió 50º de la dirección srcinal del movimiento. Resp.: U1 = 0,46 m /s U2 = 1, 54 m / s  = 50,7º U1 = 1,575 m / s U2 = 0,974 m / s U1 =– 0,586 m /s U2 = 1,512 m / s

 = – 10,7º Choques

177

11 Un cuerpo de masa m1 = 1 kg. se mueve con una velocidad de 2 m/s. Otro cuerpo de masa 2 a) b) c) d)

kg., tiene una velocidad de 1,5 m/s; formando ambas velocidades un ángulo de 37º. Calcular la velocidad de ambos cuerpos en los siguientes casos: Cuando elchoque es perfectamente inelástico. Cuando el coeficiente de restitución es 0,2 Cuando el coeficiente de restitución es 0,8 Cuando el choque es perfectamente elástico. Resp: a) 1 ,58 m / s b) 1,54 m / s y 1,61 m / s c) 1,50 m / s y 1,72 m / s d) 1,52 m / s y 1,76 m / s

 = – 5,67º y  = 2,7º  = – 23,9º y  = 10,19º  = – 29,96º y  = 12,47º

Choques

178

PROBLEMAS DE APLICACIÓN DE DINAMICA DE TRASLACION 1

Una masa se suelta desde una altura h sobre un plano inclinado que termina en un rizo vertical. Calcular: a) La altura h necesaria para que el cuerpo tenga en el punto mas alto del rizo una velocidad del doble de la velocidad mínima que debe tener    h para describir el rizo. b) La fu erza ejerc ida por el ri zo sobre el cuerp o R  en ese punto con la velocidad calculada. Resp.: a) h= 4 R b) N= 3 m g

2

Un carro “A” de masa “m” y otro “B” de masa “3m”, unidos por un resorte de constante k inicialmente comprimido, son mantenidos en reposo sobre una superficie plana horizontal. Cuando los dos carros son liberados simultáneamente, y el carro “A” adquiere una velocidad “V”. ¿Qué velocidad adquiriere el carro “B”. Resp.:Vb = V / 3

3

Dos cuerpos de masa m1 = 2 m2 = 2kg. están unidos por un resorte inicialmente comprimido una longitud X = 10 cm. El resorte tiene una constante k = 10 N / cm. Calcular la distancia que se mueve cada masa sabiendo que el coeficiente de rozamiento cinético entre la superficie y las masas es 0,3. Resp.: X1 = 0,28 m y X2 = 1,14 m

4

Un bloque de 0.5 kg de masa comienza a descender por una pendiente inclinada 30º respecto de la horizontal hasta el vértice O en el 2m que deja de tener contacto con el plano. a) Determinar la velocidad del bloque en dicha posición. b) Hallar el punto de impacto de la esfera en el 2m plano inclinado 45º, situado 2 m por debajo de O, tal como se indica en la figura. c) Hall ar el tiem po de vuelo T del bloque (desde que abandona el plano inclinado hasta el punto de impacto). d) Hallar las componentes tangencial y normal de la aceleración en el instante T/2. El coeficiente de rozamiento entre el bloque y el plano inclinado es 0.2. Resp.:a)V=4,20 m /s b)L= 4,20m c)T =1,15 s 2 2 d) at = 8,87 m /s y an = 4,17 m / s

5

El esquema de la figura representa dos planos inclinados 60º sin rozamiento, dos planos horizontales AB =BD= 1m con rozamiento al deslizamiento de coeficiente  =0.1 y una circunferencia vertical sin rozamiento de radio R=1 m. Una partícula de masa m=300 g se abandona sin velocidad inicial y recorre el camino OABCDE. Se pide

O

30º

L 45º

C

3m

PROB. DINAMICA

E A

B

D

187

Si la altura de O es de 3 m calcular la velocidad de la partícula en A, B, C y D a) ¿Cuál será la reacción en los puntos B y C? b) ¿Cuánto ascenderá por el plano inclinado DE?. Resp.: NB =19,8N N C = 13,8 N h1 = 2,8 m

6

Se sujeta una masa m a una cuerda que pasa por un pequeño orificio en una mesa sin fricción (ver figura). En un principio la masa se encuentra moviéndose en un círculo de radio ro=0.3m con velocidad vo=1.5m/s. En este instante se tira lentamente de la cuerda por la parte de abajo disminuyendo el radio del círculo hasta r=0.1m. a) ¿Cuál es la velocidad de la masa para ese valor del radio? b) ¿Cuánto vale la tensión para ese valor del radio? c) Encontrar la expresión de la tensión para cualquier valor de r. d) ¿Cuánto trabajo se realiza al mover m de ro a r? 3 Resp.: a ) V = 4,5 m/ s b) T = 405 N c) T = 0,405 / r     d)W = 18 j

7

Una pista de patinaje tiene la forma indicada en la figura. El primer tramo lo constituye un arco de 48,20º de una circunferencia de 30 m de radio. El segundo tramo discurre por un plano inclinado tangente a la circunferencia en el punto inferior del arco. En el tramo plano se coloca un muelle (parachoques) de constante k=40 N/m cuyo extremo libre coincide exactamente con el final del tramo circular. Un patinador de 70 kg de masa se deja deslizar con velocidad inicial nula desde el extremo superior del primer tramo circular siendo detenido finalmente por la acción del resorte. A lo largo de la pista no hay rozamiento. Determinar: a) La reacción en el punto donde termina la curva y en un punto del plano inclinado. b) Resp.:a) La distancia comprimido cuando el patinador se detiene por completo NA =que 0 habráNB = 594 N elb)muelle X= 39,63 m

8

Enganchamos una partícula de 1 kg a un resorte de masa despreciable cuya longitud natural es de 48 cm y la constante recuperadora 10 N/cm. Lo hacemos girar como un péndulo cónico con una velocidad angular constante de 60 r.p.m. Calcular: a) Elalargamiento delresorte. b) El ángulo que forma la altura del cono con la generatriz. Resp.:a)X=2cm

9

b)

 = 60º

Una granada de masa m=2 kg, se dispara con una velocidad de 600 m/s haciendo un ángulo de 60º con la horizontal. Al llegar a su altura máxima la granada hace explosión dividiéndose en dos fragmentos iguales. Un fragmento cae verticalmente. a) Determinarel alcance del segundo fragmento b) Hallar la energía de la explosión Resp.:a)X=47700m

b)E

=90000 J

10 Un núcleo U en reposo se divide en dos fragmentos con masas de 140 y 90 u.m.a.. La Q de la 6

reacción es de 190 MeV. (un mega M es 10 veces) Hallar las velocidades de cada uno de los dos fragmentos. PROB. DINAMICA

188

-27

-19

Datos: 1 u.m.a. = 1.66 10 kg, 1eV = 1.6 10 Resp.:7150 m /s 11130 m/s

J

11 Hallar la velocidad con que sale una bala después de haber atravesado una tabla de 7 cm de grosor y que opone una resistencia constante de 180 kgf. La velocidad inicial de la bala es de 450 m/s y su masa de 15 g. (Emplear dos métodos para resolver el problema: Dinámica y Teorema de la energía). Resp.: 431 m / s

12 El péndulo simple de la figura consta de una masa puntual m 1=20 kg, atada a una cuerda sin masa de longitud 1.5 m. Se deja caer desde la posición A. Al llegar al punto más bajo de su trayectoria, punto B, se produce un choque perfectamente elástico con otra masa m 2=25 kg, que se encuentra en reposo en esa posición sobre una superficie horizontal sin rozamiento. Como consecuencia del choque, la masa m1 rebota hasta alcanzar la posición C a altura h del suelo. Determinar    a) La velocidad de m 1 al llegar a la posición B antes del choque y la tensión de la cuerda en ese instante. b) Las velocidades de m 1 y m2 después del choque. c) La energía cinética que pierde m 1 en el choque. d) La altura h a la que asciende la masa m 1 después del choque. Resp.: a) V = 5,42 m/s b) Ui = – 0,6 m/s y U2 = 4,8 m/s c) K perd = 290 j d) 0,02 m

13 Una bala de 200 g choca con un bloque de 1.5 kg que cuelga de una cuerda, sin peso de 0.5 m de longitud, empotrándose en el bloque. A este dispositivo se le denomina péndulo balístico. Responder a las siguientes cuestiones a) ¿Cuál debe ser la velocidad de la bala para que el péndulo se desvíe 30º? b) Determinar la tensión de la cuerda en el punto más alto de la trayectoria circular, cuando la velocidad de la bala es de 45 m/s. c) Razónese ¿Describirálaelrespuesta. bloque unEn movimiento circular cuando lasuvelocidad de la bala es de 40 m/s?. caso negativo, determinar desplazamiento angular. Resp.:a)V =9,74 m/s b)12 N c)No y  = 32,9º

14 Desde un punto B situado a 7.65 m del suelo se deja caer una esfera de madera de 460 gr de peso; en el mismo instante, desde otro punto A situado a igual nivel que B y distante de éste 270 m se dispara un proyectil de cobre de 20 gr, el cual alcanza la esfera centralmente durante su caída, quedando empotrada en la misma y alcanzando ambos el suelo a 7.5 m del pie de la vertical que pasa por B. a) Determinar el ángulo de tiro para que se produzca el choque en el punto C. b) Calcularla v elocidad Vode disparo de la bala Resp.: a)  = 0º

b) V o = 363 m/s

15 Una bala de 10 g se incrusta en un bloque de 990 g que descansa sobre una superficie horizontal sin fricción, sujeto a un resorte. El impacto comprime el resorte 15 cm. Del resorte se sabemos que una fuerza de 2 N produce una comprensión de 0.25 cm. Calcular    a) La constante elástica del resorte b) La velocidad del conjunto bloque + bala justo después del choque c) La velocidad de la bala antes del choque Resp.: a) k = 800 N/m b) V = 4,24 m/ s Vo = 424 m/s

PROB. DINAMICA

189

16 Tres partículas A, B y C de masas m A = m B = m y m C = 2 m, respectivamente se están moviendo con velocidades cuyo sentido se indica en la figura y de valor V A = VB = V y V C = 2 V. Se A dirigen hacia el srcen del sistema de coordenadas al que llegan en el mismo instante.   Al colisionar A y B quedan adheridas y salen en B la dirección indicada con velocidad v/2. 60º A a) ¿Qué principio aplicas para resolver el problema?. ¿Por qué?. b) Determinar la velocidad y dirección con que sale la partícula C. c) ¿Es un choque elástico?. Razona la respuesta. 1/2 Resp.: b) V = 13 y q = 13,9º c)Choque no elástico

C

B

17 Un resorte vertical de constante K=1000 N/m sostiene un plato de 2 kg de masa. Desde 5m de altura respecto al plato se deja caer un cuerpo de 4 kg que se adhiere a él. Calcular la máxima compresión del resorte Resp.: a) X = 0,86 m

18 Un cuerpo sube por un plano inclinado 37º con la horizontal, de superficie rugosa, de “L b c ab “ = 5 m de longitud y coeficiente de rozamiento 0,2. El plano inclinado, termina en a d 37º una superficie horizontal de “L bc “ = 7 m de longitud que a su vez termina en otro plano inclinado 37º con la horizontal igual de largo y rugoso que el anterior. El cuerpo salta sobre la superficie horizontal y cae exactamente en su extremo, descendiendo por el plano inclinado. Determinar las velocidades del cuerpo al inicio “Va” y al final de su trayectoria “Vd”. La trayectoria esta indicada en líneas de punto en la figura. Resp.: Va = 9,1 m/s Vd = 10,8 m/s

V 1 = 0,5 kg se mueve con una velocidad Vo = 1,55 m / s2 sobre una tabla inicialmente en m2 m1 reposo de masa m 2 = 2 kg. Si se F aplica una fuerza F = 5,55 Nt a la tabla calcular la aceleración relativa del cuerpo respecto a la tabla y cual debe ser la máxima longitud de la misma para que el cuerpo no caiga de ella. El coeficiente de rozamiento entre todas las superficies es  = 0,25 2 Resp.: a rel = 1,55 m / s L = 0,78 m

19 Un cuerpo de masa m

20 El bloque 9 kg de la figura desciende con una velocidad de 1,5 m / s que se encuentra disminuyendo a razón de 0,60 m / s2. Determinar: a) El coeficiente de rozamiento entre el bloque de 20 kg. y el piso. b) La velocidad de ambos bloques cuando el bloque de 9 kg descendió 1,40 m. Resp.: a ) ms = 0,41 b) Va = 1,125 m/s y Vb = 0,75 m/s

20 k 

9 k 

PROB. DINAMICA

190

21 Una pelota rebota sobre una superficie rígida

h

d

y pasa sobre una pared vertical como muestra la figura. Si el coeficiente de restitución es 0,8, la pelota se suelta desde una altura h = 1m y la bola pasa sobre el muro justo en su altura máxima, determinar    las longitudes b, c y d Resp.: b = 63 cm c = 103 cm d = 44 cm

c

30

b

cuerpos de masa m1 = 0,5 kg y m2 = 2 kg suben por    22 Dos una pista circular como indica la figura y chocan en el

C     B   R= 5m      36,87º   m1   m2   A

punto "B", justo cuando la masa m1esta por despegarse de la pista. Este choque permite a la masa m1 alcanzar el punto "C" mas alto de la pista. Si el coef de restitución del choque es e = 0,8, calcular: a) La velocidad mínima de la masa m2 en punto "A" b) Describir que pasa con la masa m2 después del choque, Resp.: a) V2 = 15,35 m/s b) Sube un poco mas y se despega de la pista.

23 Una

pelota de masa "m" se mueve horizontalmente con velocidad v = 1 m/s, choca elásticamente contra una cuña de masa "3m" y sigue la trayectoria indicada en la figura. El ángulo  que forma el plano inclinado de la cuña con la horizontal es 30º Calcular: a) la velocidad "U" con que se mueve la cuña después del choque. b) la velocidad "u" de la pelota luego del choque.

24 Dos carros de una montaña rusa de masa "m1" y "m2" , salen sin velocidad desde dos alturas diferentes "h1" y "h2" y chocan en la recta "AB", con un coeficiente de restitución e = 0,8, recorren el rizo vertical de radio R1, bajan por una pendiente de altura H y recorren una circunferencia m1 horizontal de radio R2 con ángulo de 2 R1 peralte 45º. Si se m2 desea que el carro h1 h2 mas lento llegue al punto "C" y que el carro mas rápido no A H derrape en el punto 45º "D" DETALLE D Calcular el mínimo valor    R2

que m1 = 100 kg, m2 = 50 kg, R1 = 1,96 m, R2 = 40,33 m y H = 8,07m. Resp.: h1 = 10 m y h2 = 2,5 m

PROB. DINAMICA

de "h1" y "h2" sabiendo

191

25 Un balón cae sobre una superficie rígida y rebota como muestra la figura. Si el coeficiente de restitución es 0,9 y el ángulo  = 20º. Determinar    a) La distancia "C" en la que el balón toca el suelo y b) La altura máxima "D" medida desde la superficie horizontal. Resp.:C = 2,80 m D = 0,67 m

1 ,2 m D

0,3 m C

26 El cuerpo 1 de masa "m" se mueve, sin rozamiento sobre el cuerpo 3 de masa M = 4m con una velocidad V = 3,3 m / s y choca con el cuerpo 2, también de masa "m", inicialmente en reposo., siendo el coeficiente de restitución 0,9. El cuerpo 2 tiene rozamiento con el cuerpo 2 1 3 y el coeficiente cinético de rozamiento

entre ambos cuerpos es k = 0,2. Determinar   a) La longitud "L" para que el cuerpo 2 no caiga del 3. Entre el cuerpo 3 y la superficie no hay rozamiento. 27 Resp.: a) L = 4,00 m.

3

L/2 L

28 Un carro se mueve sobre una pista circular horizontal de radio 1 m y con peralte de 1 %, Sobre la misma pista se encuentra estacionado otro carro 2, con un coeficiente de rozamiento estático entre sus ruedas y la pista de 0,25, determinar: a) La máxima velocidad que debe tener el carro 1 antes de chocar con 2, para que este último no salga de la pista después del choque y el 1 continúe con la velocidad determinada por el peralte. Considerar un coeficiente de restitución 0,6 b) Dar la relación entre las masas M1 / M2, para esta situación. Resp.: M 1 / M 2 = 1 ,17 V = 2, 17

29 Una masa m = 0,5 kg., se coloca sobre una tabla de longitud L = 1,77 m, masa M = 2 kg.; que se encuentra sobre un plano inclinado 37º; como indica la figura. El plano inclinado tiene un tope que impide que la tabla caiga de él. La masa "m" llega al otro extremo de la tabla en el instante en que esta choca contra el tope, y cae de la misma. Si toca el suelo a una distancia horizontal igual a la altura, determinar estas. El coeficiente de

m M

37

rozamiento cinético entre la masa y la tabla es k1 = 0,3 y entre la tabla y el plano inclinado es mk2 = 0,48 Resp.: X = Y = 3,825 m

PROB. DINAMICA

192

en

MOVIMIENTO DE LOS LOS CUER CUERPOS POS RIGIDO RIGIDOS S

Física para Estudiantes de Ciencias e Ingeniería

Prof. Ing. Gustavo Riart O.

MOVIMIENTO DE LOS CUERPOS RIGIDOS El análisis realizado en los capítulos anteriores, al no considerar las dimensiones del cuerpo, ni los puntos de aplicación de las fuerzas; reduce el cuerpo a una masa puntual, y el movimiento de masa puntual, como ya señalamos antes, es el movimiento del centro de masa. Sin embargo los cuerpos tienen dimensiones y la masa se encuentra distribuida en el volumen del cuerpo, de forma que están constituidos por infinidad de masas puntuales. Se denomina Cuerpo Cuerpo Rígido, Rígido, aquel cuyas posiciones relativas de las masas puntuales, que lo constituyen, no cambian en le tiempo. En la cinemática y la dinámica estudiada en los Capítulos anteriores, se consideraron movimientos de traslación y de rotación de las masas puntuales. Los cuerpos rígidos, tienen , también, movimientos de traslación y de rotación pura, y además pueden tener movimiento de combinados de rotación y traslación.

MOVIMIENTO DE TRASLACION DE LOS CUERPOS RIGIDOS En la cinemática de las masas puntuales, se estudiaron como movimientos de traslación, el movimiento rectilíneo y el movimiento parabólico. Para que los cuerpos rígidos tengan estos mismos movimientos, se debe cumplir la condición de que los desplazamientos, las velocidades y las aceleraciones de todas las masas puntuales que constituyen el cuerpo deben ser de igual magnitud, direcciones paralelas y sentidos igualmente dirigidos. Obviamente no es necesario que el desplazamiento, la velocidad y la aceleración de una masa puntual tengan las mismas direcciones y sentidos, pero si, los desplazamientos de dos masas puntuales del cuerpo, sus respectivas velocidades y aceleraciones sean vectores iguales y paralelos. Así, en los movimientos rectilíneo y parabólico, el movimiento de todos y cada uno de los puntos tendrán laslos mismas planteadas enlos el demás. capitulo correspondiente, y basta con estudiar el movimiento de uno de puntosecuaciones para conocer el de todos

MOVIMIENTO RECTILINEO

MOVIMIENTO PARABOLICO

Prof.Ing.Gust avoA.RiartO.

CINEMATICAGENERAL

66

MOVIMIEN MOVIMIENTODE TODE ROTAC ROTACION ION DE LOS CUERPOS RIGIDOS Para que un cuerpo rígido tenga movimiento circular, es necesario que por algun mecanismo el cuerpo esté sujeto a un punto fijo, interior o exterior del mismo. De esta forma se cumplen las siguientes condiciones: a) Todas las masas puntuales del cuerpo describen circunferencias. b) Estas circunferencias se encuentran o en el mismo plano o en planos paralelos c) Los centros de todas las circunferencias se encuentran sobre la misma recta que constituye el eje de rotación. d) Todos los puntos del cuerpo tienen igual desplazamiento angular, velocidad angular y aceleración angular. e) Las velocidades tangenciales, aceleraciones tangenciales y aceleraciones normales o centrípetas son iguales solamente para los puntos que se encuentran a igual distancia del eje de rotación. Observación: Los puntos C y D son esenciales para el desarrollo de la dinámica de rotación de los cuerpos sólidos. Eje de rotación

MOVIMIENTO DE TRASLACION  Y ROTACION SIMULTANEA DE LOS CUERPOS RIGIDOS Cuando los cuerpos tienen movimiento de rotación alrededor de un punto o un eje y este, a su vez realiza un movimiento de traslación se está en presencia del Movimiento General de los cuerpos rígidos. En este movimiento de traslación y rotación simultanea o roto traslación, como también se denomina, se cumplen las siguientes condiciones: a) b) c)

Todos los puntos del cuerpo tienen la misma velocidad angular y aceleración angular alrededor del eje de rotación. Las velocidades y aceleraciones de cada punto es la suma vectorial de la aceleración tangencial de la rotación relativa alrededor del eje mas la velocidad y la aceleración del eje de rotación. La resultante de sus velocidades y aceleraciones hacen que los puntos del cuerpo describan trayectorias curvilíneas.

Un caso típico de este movimiento es el de las ruedas, que mientras su centro se mueve en movimiento rectilíneo, todos los demás puntos giran alrededor del mismo.

Prof.Ing.Gust avoA.RiartO.

CINEMATICAGENERAL

67

Si la rueda gira sin resbalar, esto es, a cada punto de la rueda le corresponde un punto de la superficie, es relativamente sencillo encontrar las velocidades resultantes de los diferentes puntos. En el grafico se representa la velocidad del centro Vc de la rueda con un ángulo en la punta de la flecha y la velocidad tangencial del movimiento de rotación VT con un triangulo. Como el cuerpo se mueve sin resbalar, cuando la rueda da una vuelta completa, el eje se traslada un espacio igual a la longitud de la circunferencia, de forma que siempre el arco de circunferencia es igual al espacio.

Vc VT

S=e Para la rotación se cumple: = t VT = S = R = Rt Para la traslación:

VT

R

V S =

T

e =Vct Por lo tanto

Vc Vc

t e=S Vc = VT

Vct=Vt

Cuando el cuerpo rueda sin resbalar la velocidad tangencial de un punto de la periferia es igual a la velocidad de traslación del centro de la rueda. Como consecuencia la velocidad del punto superior de la rueda es el doble de la velocidad del centro. V = Vc + VT = 2 Vc. En cambio, la velocidad del punto inferior, de contacto con el piso es la diferencia de ambas velocidades, resultando que este punto en ese instante tiene velocidad cero. V = Vc  – VT = 0. Como este punto esta quieto en ese instante, se puede considerar que todos los otros puntos del cuerpo giran alrededor de él. En realidad, en este movimiento siempre se pueden encontrar puntos, sobre el cuerpo o fuera de él, que en un instante tienen velocidad nula. Estos puntos o ejes se denominan ejes instantáneos de rotación, rotación y todo el cuerpo gira alrededor del mismo, en ese instante. En este caso, por la condición de girar sin resbalar la velocidad angular con respecto al eje instantáneo de rotación es igual a la velocidad angular con respecto al centro de la circunferencia. No siempre es así. Si el cuerpo gira y resbala, la VT no es Vc, Vc por lo tanto el punto de contacto entre la el piso tiene una velocidad V = Vc  – V T Para encontrarsu eje instantáneo de se toman a escala dos vectores velocidad ysetrazau nt riangulor ectángulo.Unodelos esunodelosvectoresvelocidad,elotrocateto perpendicular común aambosvectorestrazada puntodeaplicación;ylahipotenusaeslarecta laspuntasdeambosvector es.Elvérticeformado hipotenusa y rotación,tal la perpendicular es a el centro instantáneo de como indic la figura.

igual a la rueda y

Vc + VT Vc Vc  – VT

rotación, paralelos catetos es la en su queu ne por la

Centro Instantáneo Instantáneo de rotaci rotación ón

Cuando la rueda gira y resbala, la velocidad tangencial,noesigualalavelocidaddelcentro de la rueda, por lo que la velocidad angular alrededor del centro de la rueda, no es igual a la velocidad angular    alrededor del centro instantáneo. Prof.Ing.Gust avoA.RiartO.

CINEMATICAGENERAL

68

En general, para conocer el eje instantáneo de rotación, basta con conocer la dirección de las velocidades de dos puntos del cuerpo, trazar perpendiculares a esos puntos y el punto de intersección de las velocidades, es el eje instantáneo de rotación. En la figura 1 muestra una barra apoyada en la pared y el piso, que resbala y va cayendo. Las velocidades de los extremos de la barra tienen dirección conocida, y trazando las perpendiculares a estos puntos encontramos el eje instantáneo de rotación.

FIGURA 2 FIGURA 1

En la figura 2, la barra está apoyada en el piso y en un semicilindro. En este caso conocemos la dirección del extremo apoyado en el piso y del puntote contacto entre la barra y el semicilindro. Trazando las perpendiculares a estas direcciones encontramos el eje instantáneo de rotación. Por relaciones geométricas, se puede encontrar la relación entre las velocidades y las aceleraciones tangenciales de ambos puntos, así como, el valor de la velocidad angular instantánea. Es importante, considerar que todos estos valores instantáneos, por lo tanto, validos solamente para esa posición.

PROBLEMAS 1. Una rueda gira y resbala sobre una superficie horizontal. Sabiendo que la velocidad del centro de la rueda es de 2 m / s y la velocidad angular con respecto al centro es 4 rad / s, s determinar la posición del centro instantáneo de rotación y la velocidad angular del cuerpo con respecto a este punto. 2. En la figura 1 se conoce que la barra tiene una longitud de 2 m y está apoyada en la pared a una altura de 1,8 m m. Si la barra se encontraba inicialmente en reposo, apoyada verticalmente contra la pared, ¿Cuál es la velocidad y la aceleración del extremo que toca el suelo? La berra no tiene rozamiento, de forma que cae libremente. 3. En la figura 2 2, la barra de longitud L, toca el semicilindro a una distancia de ¾ L, medida desde el piso y el radio del semicilindro es ¼ L. La velocidad del extremo en el piso es 2 m m// s ¿Cuál es la velocidad del punto que apoya en el semicilindro y del otro extremo de la barra?

Prof.Ing.Gust avoA.RiartO.

CINEMATICAGENERAL

69

PARA PENSAR

CIENCIAS FISICAS

DINAMICA DEL CUERPO SÓLIDO MOMENTO DE LA FUERZA Física para Estudiantes de Ciencias e Ingeniería Prof. Ing. Gustavo Riart O.

DinámicaMomento

193

DinámicaMomento

194

DINAMICA DEL CUERPO MOMENTO DE LA FUERZAS MOMENTO DE INERCIA El análisis de la dinámica realizado en los capítulos anteriores, al no considerar las dimensiones del cuerpo, ni los puntos de aplicación de las fuerzas; reduce el cuerpo a una masa puntual. La consideración que se hace es que todos los puntos del cuerpo tienen las mismas condiciones cinemáticas; igual desplazamiento, velocidad y aceleración. El punto considerado es el Centro de Masa de los cuerpos y las fuerzas se suponían aplicadas en este punto. Sin embargo, los cuerpos tienen dimensiones y las fuerzas son aplicadas en diferentes puntos del mismo. Para analizar a los cuerpos debemos considerar no solo que el cuerpo tiene dimensiones, sino que además, las posiciones relativas de las masas puntuales que forman el cuerpo no cambian, estos cuerpos son llamados Cuerpos Rígidos . Si por algún mecanismo el cuerpo está sujeto a un punto fijo, interior o exterior del mismo, las condiciones cinemáticas son las consideradas en el capitulo anterio r como movimiento de rotación de los cuerpos rígidos, y por consiguiente las consideraciones dinámicas sean diferentes a las anteriormente estudiadas. Experimentalmente encontramos que la acción de la fuerza está condicionada por la posición de la misma, y relacionada con la rotación que genera. La interacción de los cuerpos que considera la posición de las fuerzas aplicada a los mismos, es:

MOMENTO DE LA FUERZA El producto vectorial delFuerza vector de posición por el vector

=rx F El Momento de la fuerza es por lo tanto un vector de módulo igual al producto del modulo del vector de posición por el módulo de la fuerza por el seno del ángulo que forman ambos vectores. Su dirección es perpendicular al plano formado por lo s vectores y su sentido esta dada por la regla de la mano derecha. Considerando una masa puntual “m”, cuyo vector de posición con respecto a un punto fijo es “ r1”, que además esta obligada por algún mecanismo a girar alrededor de este; y sobre él actúa una fuerza “F”.

F

=r  ^ F La fuerza es

m r

F=ma La aceleración tangencial del cuerpo en función de la aceleración angular es

a =

^

O

r 

DinámicaMomento

195

Sustituyendo en el momento

 

=m(r  ^ ( ^ r ))

Este producto de vectores es conocido como doble producto vectorial. En un doble producto vectorial (por ejemplo, X = A ^ ( B ^ C ) ) la solución es

X = ( A ..C C ))B B  – ( A . B ) C

A .B B ) son productos escalares multiplicados por los vectores B y C Donde ( A . C ) y ( A respectivamente

=m ( r r . r) r  )

Entonces el momento es

+ ( rr  .

r 

El producto escalar del segundo sumando es nulo pues perpendiculares entre si.

r 

y

son vectores

=m r 2

De esta forma 2

El producto “mr ” es una característica que depende de la masa y la posición de la misma con respecto al punto fijo alrededor del cual gira. Es una característica geométrica del cuerpo. Esta característica es la Inercia que tiene un cuerpo para adquirir cierta aceleración angular ante la acción de un momento. Así como la masa es la Inercia para que el cuerpo tenga un movimiento de 2 traslación, m r es la Inercia del cuerpo para tener un movimiento de rotación. Por lo tanto el

MOMENTO DE INERCIA Es la propiedad del cuerpo que le permite adquirir una aceleración angular ante la acción del momento de una fuerza.

I = m r 2

El momento de Inercia así definido es el Momento de Inercia de una masa puntual. Si sobre un cuerpo formado por dos masa m1 y m2, rígidamente unidas, tal que su posición relativa no puede cambiar, y fijo por algún mecanismo a su centro de masa, se le aplica fuerzas F1 y F2 respectivamente, se cumple que El momento de la resultante F es igual suma de los momentos de las fuerzas compon entes, F1 y F2. En este caso se cumple que

F = F1 + F2

y

F

= F1 + F2

F2 F1 cm m1

m2

F = r 1 x F1 + r 2 x F2 F

angular  

= r 1 ^ (m1 a1) + r 2 ^ (m2 a2)

Como ambas masa se encuentran fijas al centro de masa, tienen la misma aceleración

a1 =

^

r 1

y a2 =

^

r 2

Resulta

F

= ( m1 r 12 + m2 r 22 )

DinámicaMomento

196

El Momento de Inercia con respecto al centro de masa del cuerpo constituido por las dos masas, es la suma del momento de inercia de cada masa.

I CM = m1 r 12 + m2 r 22 Para calcular el Momento de Inercia de un cuerpo, como el de la figura, se divide la masa en masas pequeñas; y su Momento de Inercia es la suma de los productos de cada masa por el vector de posición al cuadrado.

I cm = Σ mi r i 2 En su forma integral es

I cm = r 2 dm

Este es finalmente un calculo Integral, cuyo resultado para diferentes figuras, se da continuación.

MOMENTO MOMEN TO DE INERCIA INERCIA CON RESPECTO RESPECTO AL C. M. DE ALGUNOS CUERPOS

L R R

Aro I= MR

Varilla I = . M L2 . 12

Aro I = . M R2 . 2

b

b R

h

Superficie cuadrangular I = . M (b2 + h2). 12

2

Superficie cuadrangular I = . M b2 . 12

DinámicaMomento

Circulo I = . M R2 . 2

R

Circulo I = . M R2 . 4

197

L

R2

R

R1 R

Cilindro sólido

Cilindro sólido

Cilindro hueco

I = . M R2 . 2

I = . M ( 3R 2 + L2 ). 12

I = . M (R12 + R22 ). 12

b h

PrismaRectangular I = . M (b2 + h2 ). 12

Esferasólida I = . 2 M R2 . 5

Cascarón esférico I = . 2 M R2 . 3

TEOREMA DE LOS EJES PARALELOS P ARALELOS DE STEINER Todos los momentos de inercias calculados mas arriba se refieren a ejes que pasan por el centro de masa de los cuerpos. Cuando el eje alrededor del cual gira un cuerpo es diferente al que pasa por el centro de masa es necesario calcular su momento de inercia con respecto a ese eje. Steiner demostró cual es el momento de inercia de un cuerpo con respecto a un eje cuando se conoce el momento de inercia con respecto a un eje paralelo al anterior y que pasa por el centro de masa. En la figura de abajo el eje A es paralelo al eje O que pasa por el centro de masa. Si dividimos el cuerpo en masas muy pequeñas m, cada una con una posición r oi oi con respecto al centro de masa O, el momento de Inercia con respecto al centro de masa de cada una es

Ioi =

2 m i r oi oi

DinámicaMomento

198

El momento de inercia del cuerpo respecto al centro de masa es 2 Io = ( m i r oi oi )

A

i

O A

a

a

ri

i ri

O roi

roi

El vector    a indica la posición del centro de masa con respecto al eje A. El vector   ri ri, es la posición de mi con respecto al eje A. Por lo tanto

r i = a + r oi oi 2 r i2 = a2 + r oi oi + 2 a r oi oi cos

i

El momento de inercia de la masa puntual con respecto al eje A es: IiA = mi r i2

IiA = IA = a cos

2 mi (a2 + r oi oi + 2 a r oi oi cos

i

)

2 =mi (a2 + r oi oi + 2 a r oi oi cos

IiA

i

)

i es igual para cada masa pequeña que consideramos. 2

2

IA = mi a + mi r oi + 2 a ccos os i mi r oi mi r oi =mr , r  donde posición del centro de masa, tomada desde el centro de oi =mr  masa, por lo tanto es cero, es decir   

IA =

2 mi r oi oi +

mi a2

IA = Io + m a2 El momento de inercia de un cuerpo con respecto a un eje paralelo a otro, que pasa por el centro de masa, es igual al momento de inercia con respecto al centro de masa más el producto de la masa por la distancia, entre los dos ejes, al cuadrado.

DinámicaMomento

199

MOMENTO DE LA FUERZA Y LA ACELERACION ANGULAR Arriba quedo demostrado que el momento es igual al momento de Inercia por la aceleración angular. Así como, la fuerza es la causa de la aceleración lineal de los cuerpos, el Momento de la Fuerza es la causa de la aceleración angular de los cuerpos y, de la misma forma que la masa en la dinámica de traslación, el Momento de Inercia nos indica la capacidad que tiene los cuerpos para girar con mayor o menor aceleración angular. En otras palabras el Momento de Inercia es la medida de la inercia de rotación.

I

=

Esta es una Ley física similar a la 2ª Ley de Newton. En la 2ª Ley la aceleración que adquiere un cuerpo por la acción de una fuerza, depende de una propiedad del cuerpo, que es la masa. En cambio la aceleración angular que adquiere un cuerpo por la acción del momento de la fuerza, además de depender de la masa, propiedad del cuerpo, depende de la forma del mismo. La forma del cuerpo determina los vectores de posición de las masas puntuales que forman el cuerpo.   Así, dos cuerpos de igual masa y bajo la acción de un mismo momento, tendrá mayor aceleración angular, aquel que tenga mayor cantidad de masa cercana al eje de rotación, porque tiene menor    momento de inercia.

Figur raa1

Figura r a2

Figura r a3

Figur raa4

Si en las figuras de arriba todos los cuerpos tienen igual masa, entre las figuras 1 y 2, la figura 1 tiene mayor momento de inercia y tendrá menor aceleración angular. Entre la figuras 3 y 4, la figura 3 tiene mayor momento de inercia y tendrá menor aceleración angular   

CONSIDERACIONES CONSIDE RACIONES SOBRE SOBRE LA FUERZA DE RO ROZAMIENTO ZAMIENTO EN UNA POLEA Una polea fija que tiene una cuerda sin masa que pasa por ella, como se indica abajo en la figura 1. La polea tiene rozamiento con la cuerda de tal forma que esta no desliza sobre la misma. Y la cuerda tiene en sus extremos dos tensiones

T2

FRoz

N

T2 FRoz Figura 3 Figura r a1

T1

Figur raa2

T1 DinámicaMomento

200

La figura 2 es el diagrama del cuerpo libre de la cuerda, y la figura 3 el diagrama d el cuerpo libre de la polea. Para esta última no consideramos las reacciones en los apoyos, porque vamos a considerar solamente los momentos con respecto al centro de la polea. Para la cuerda = r T1  – r T2  – r FRoz = I c El momento de inercia de la cuerda es nulo porque consideramos a la misma sin masa, por    lo tanto

r T1  – r T2  – r FRoz = 0 T1  – T2 = FRoz = r FRoz = I p

Para la polea

Reemplazando FRoz por su igual se cumple para la polea que el momento de las tensiones es igual a su momento de inercia por la aceleración angular   

r T1  – r T2 = Ip Por consiguiente al considerar que el momento de las tensiones es la causa de la aceleración angular de la polea se esta considerando el momento de la fuerza de rozamiento.

  A continuación se analizan tres problemas 

m2

1er PROBLEMA

Un cuerpo de masa m3 es movido por otro cuerpo de masa m1, al cual se encuentra unido por medio de una cuerda sin peso que pasa por una polea de masa m2

m3

k

m1

Los diagramas de los cuerpos libres son

T1

N

T2

R

FROZ

T2 m2 g T1 m3 g

m1 g Las ecuación para la masa m1 es:

X = m1 g  – T1 = m1 a La masa m2 no tiene traslación por lo que la ecuación dinámica es la de rotación

= T1 rr   – T2 rr  = I

I = m r r2  /  2

Las ecuaciones para la masa m3 son:

X = T2  – FROZ = m1 a  Y = N  – m3 g = m1 a DinámicaMomento

201

FROZ =

k

N a =

  Además se cumple la relación cinemática

r 

a = g ( m1 + k m3 ) m1 + m3 + m2  / 2

Obteniéndose

Puede notarse como en el denominador aparece la masa m2 multiplicada por el coeficiente correspondiente al momento de inercia. Las fuerzas pueden obtenerse una vez conocida la aceleración.



2º PROBLEMA

m3

m4

Una maquina de Atwood, consiste en una polea fija de la cual cuelgan dos pesos diferentes, al soltarse los pesos la polea gira generándose un movimiento que es utilizado para mover otras piezas. La polea en este caso es una polea compuesta de dos poleas que se mueven juntas y de radios R y r diferentes, como muestran las figuras. Las masas de los cuerpos son las indicadas.

m1

m2

Se desea determinar las aceleraciones de cada masa. Los diagramas de los cuerpos libres son los siguientes

T2

T1

T1 m1 g

T2 m2 g

La ecuación para la masa m1 es

 Y = m1 g  – T1 = m1 a1 La polea no tiene traslación por lo que la ecuación dinámica es la de rotación

= T1 R  – T2 rr  = I

I = m3 R2  / 2 + m4 r 2  / 2

Nótese que el Momento de Inercia de la polea compuesta es la suma del Momento de Inercia de cada una de ellas. Siempre que el cuerpo que gira es compuesto, el Momento de Inercia es la suma de los momentos de Inercia La ecuación para la masa m3 esde las partes.

 Y = T2  – m2 g = m2 a2

DinámicaMomento

202

Obsérvese que se está considerando que la masa m1 tiene aceleración para abajo, por lo cual la masa m2 acelera para arriba; y se considera el sentido positivo de la fuerzas en cada cuerpo, el sentido de su aceleración.   Además se cumplen las relaciones cinemáticas

a1 =

R

a2 =

r 

m g( . 1 R  – m2 r ) =. 2 2 2 2 m1 R + m2 r  + m3 R  / 2 + m4 r   / 2

Obteniéndose

En la expresión de la aceleració n angular el numerad or es la sumatoria de momento s de fuerzas (los pesos en este caso) y el denominador es la suma de momentos de inercia. Las masas m1 y m2 aparecen como masas puntuales para sus momentos de inercia



3er PROBLEMA

Un péndulo físico está compuesto de una varilla de masa m1 y longitud L y de una esfera de masa m2 y radio R. El péndulo puede oscilar alrededor    del extremo libre de la varilla.

L/2

r  L/2

La ecuación dinámica del péndulo es

=I

m1 g

La posición del centro de masa del cuerpo con respecto al punto de oscilación es r, y el peso total del mismo es

M g = m1 g + m2 g

m2 g

Mg

Y, como el momento de la resultante es igual al momento de las fuerzas componente

= M g rr  seno

= m1 g (L  / 2 ) seno = I M g r seno = I

m1 g(L/ g (L / 2 ) se seno no

+ m2 g (L+ ( L +R R ) seno eno

o

+ m2 g ( LL++ R R ) sen seno o

= I

El momento de inercia del cuerpo con respecto al punto de oscilación de cada uno es igual al momento de inercia con respecto al centro de masa mas la masa por la distancia al punto de oscilación (Teorema de Steiner) y el momento de inercia total es la suma de ambos.

I = I0 esf + m2 ( L + R )2 + I0 var + m1 (L/ 2 )2

DinámicaMomento

203

PROBLEMAS PROBLEMAS 1

A

Si el sistema de la figura parte del reposo hallar: a) El Momento de Inercia de la polea con respecto a su eje. b) La aceleración angular de las poleas. c) La aceleración de las masas M1 y M2 d) Las Tensiones en cada cuerda. Se conocen los siguientes datos: M1 = 1 kg, M2 = 0,5 kg, MB =1kg, M A = 2 kg, diámetro de B = 20 cm y diámetro de A = 40 cm y el coeficiente de rozamiento cinético

B M1 M2

B

A

s = 0.25. El ángulo que forma el plano inclinado con la

horizontal es  = 37º. 2

M1

2

Resp.: b) a1 = 0,65 m / s y a2 = 0,33 2 a) I = 0,045 kg. m2 2 m / s c) a1 = 0,65 m / s y a2 = m / s d) T1 = 3,27 N y T2 = 5,0 N 2

Una masa m cuelga de la polea A de masa 2m. Una correa une la polea A con otra polea B de masa 4m y de radio mayor que la polea A. Determinar: a) La aceleración "a" de la masa m b) La Tensión T1 en la cuerda que sostiene la masa m c) La diferencia de tensiones T3 - T2, en la correa que une las poleas. Resp.: a)a = g /4 b)T 1 = 3 m g / 4 c) T3 – T2 = m g / 2

DinámicaMomento

M2

A

B

m

204

PARA PENSAR

CIEN CIENCI CIAS AS FISI FISICA CAS S d L

1

h1

h mg

DINAMICA DEL CUERPO SOLIDO TRAB TRABAJ AJO OY ENERGIA EN ROTACION

Física para Estudiantes de Ciencias e Ingeniería

Prof Prof.. Ing. Ing. Gu Gust stav avo o Riar Riartt O.

Energía de Rotación

205

Energía de Rotación

206

TRABAJO TRABAJO  Y ENERGIA ENER ENERG GIA CINETICA CINETICA DE ROTACION ROTACION F Si el cuerpo cuerpo se muev mueve e del del punto punto A al B, de la la figur figura, a, por    efecto efecto de la fuerza F, siempre siempre tangente tangente a la circunferenci circunferencia, a, esta fuerza fuerza realiza realiza un trabajo trabajo que que es es igual a la fuerza por por el espacio espacio recorrido. recorrido. Ver en el Capitulo Capitulo de Trabajo Trabajo y Energía, Energía, el 2º caso caso de Trabajo Trabajo de una fuerza variabl variable. e. Donde el espacio es la longitud longitud de la cuerda cuerda AB. AB. La longitud longitud de la cuerda cuerda es es igual igual al producto producto delradio por por el ángulo ángulo medid medido o en radian radianes. es. Luego Luego el trabaj trabajo o es

B r

A



O

r

W == ee F = r F Y “r F ” es el el modulo modulo del del momento momento de la la fuerza, fuerza, luego

W= Para calcular calcular la Energía Energía Cinética Cinética de un cuerpo cuerpo que que gira, se plantea plantea el problema problema de cual cual es la velocidad velocidad a ser considerad considerada a pues cada punto punto del cuerpo cuerpo tiene una velocida velocidad d diferente. diferente. En el gráfico se indican los vectores velocidad para diferentes puntos del cuerpo que gira alrededor del eje indicado. Cada punto de masa m del cuerpo tiene tiene una Energía Energía Cinética Cinética igual a Ki = m V i2  / 2 La Energía Energía cinética cinética total total del cuerpo cuerpo es

K = ( m V i2  / 2) Vi = r i

Donde

y como

(

m

r i2

( m r i2

K=

2

entonces

   / 2) 2) = ( m r i2 )

2

 / 2

) es el momento momento de inercia inercia del cuerpo, cuerpo, la Energía Energía Cinética Cinética es 2

K=.I 2

.

CONSERVA CONSERV CONSERVACION ACION CION DEL TRABAJO TRABAJO Y LA ENERGIA ENERGIA Como en la dinámica dinámica del del punto el trabajo trabajo realizado realizado por el momento momento es la variación variación de la energía cinética de rotación

= Donde el trabajo trabajo es

=( W=

 –

 / 2  – W =

Energía de Rotación

f

)  / 2  / 2

 – K0 207

Si se considera un sistema de cuerpos que interactuan entre sí por medio de fuerzas; estas fuerzas son fuerzas internas del sistema, por ejemplo las tensiones; y en consecuencia sus trabajos se anulan al hacer las consideraciones energéticas del sistema. Algunos cuerpos del sistema pueden tener movimiento de traslación y otros de rotación alred edor de un eje fijo. Para los primeros se debe considerar su energía cinética de traslación y para los otros la energía cinética de rotación. En un sistema de cuerpos se cumple que:

Wi =

K tras +

K rot +

U

Donde en la sumatoria del trabajo de las fuerzas no se debe incluir el trabajo de la fuerza de rozamiento por rodadura, aunque sí el trabajo de las fuerzas de rozamiento por deslizamiento, como veremos en el problema siguiente. 

m2

1er PROBLEMA

Un cuerpo de masa m3 es movido por otro cuerpo de masa m1, que desciende una altura h y al cual se encuentra unido por medio de una cuerda sin peso que pasa por una polea de masa m2.

m3

h

Considerando cada cuerpo en forma separada, las fuerzas que actúan sobre ellos son:

T1

k

m1

N

T2

R

FROZ

T2 m2 g T1 m3 g

m1 g Planteando para cada cuerpo la conservación

W =

U +

K

El trabajo y las energías para la masa m1 son

W =–T

1

h

U =–m  – T1 h =–m

1

1

K = m1 V2  / 2

gh

g h + m1 V2  / 2

La masa m2 no tiene traslación por lo que la ecuaciones dinámicas son las de rotación

W=

= (T1 rr   – T2 r) = r (T1 + T2) W = h (T1  – T2)

K = I2

h (T1  – T2 ) = I2

2

2

r=h  / 2

 / 2

Demostramos en el capitulo anterior que en la polea el momento de las tensiones es igual al momento de la fuerza de rozamiento en la polea ( T1 rr   – T2 rr  = Fr  p rr  ), vemos que el trabajo realizado por el momento de las tensiones, que es el trabajo realizado por la fuerza de rozamiento; se convierte en la Energía Cinética de Rotación de la polea.

Energía de Rotación

208

Las ecuaciones para la masa m3 son

W = T2 h–Fr 

3

h

K = m3 V2  / 2

U =0

T2 h  –F –F r 3 h = m3 V2  / 2 V =

  Además se cumplen las relaciones

r 

e

I = m2 r 2  / 2

Sumando los tres trabajos se obtiene

W =  –T 1 h + h (T1  – T2 ) + T2 h–Fr 

3

h=–Fr 

3

h

Resultando que los trabajos de las tensiones se anulan, porque las tensiones en el sistema de cuerpos son fuerzas internas. Es decir, se puede plantear directamente la conservación del trabajo y la energía del sistema formado por todos los cuerpos.

W= U +  – Fr 3 h =  – m 1 g h + m1 V2  / 2 + 2I V2 = .

K 2

 / 2 + m2 V2  / 2

2 (m 1 g  ––F F r 3) h . m1 + m2    / 2 + m3

Puede notarse como en el denominador aparece la masa coeficiente correspondiente al momento de inercia.

m2 multiplicada por el

CONSIDERACION SOBRE EL PRINCIPIO GENERAL DE LA CONSERVACIÓN DE LA ENERGIA El principio general de conservación de la energía dice que “la energía no se pierde, se transforma”. Esto es observable en el problema anterior. El trabajo realizado por las tensiones en las poleas, se transforma en energía cinética de la polea. En los otros cuerpos ese trabajo también influye en la variación de la energía cinética. Al considerar todo el sistema los trabajos de las tensiones se anulan mutuamente y solo persiste la variación de la energía cinética de la polea. De igual forma podemos decir que el trabajo es el valor de la variación de la energía de otro u otros cuerpos en algún punto del universo y no considerados en el sistema en estudio. Esta variación de energía, no es necesariamente la variación de energía mecánica. Por ejemplo, para todo el sistema, en estudio, la variación de la energía potencial del cuerpo 1, se convierte en energía cinética de los otros cuerpos, mas el calor producido por la fricción del cuerpo 3 suponiendo que todo el trabajo de la fuerza de rozamiento se convierte en calor.



2º PROBLEMA

El mismo péndulo físico anterior, compuesto de una varilla de masa m1 y longitud L y de una esfera de masa m2 y radio R, puede oscilar alrededor de un punto situado a una distancia d del extremo de la varilla.

W =

U +

Energía de Rotación

K 209

No existen fuerzas ni momentos externos actuando sobre el cuerpo, por lo que el tr abajo es nulo.

d

Cuando el péndulo pasa por la posición vertical, la variación de la energía potencial es

U =  – m1 g (L  / 2  – d) (1  – coseno

L/2

 – m2 g h L/2

Y la variación de la energía cinética es

K = I1

2

   / 2 + I2

2

m1 g

 / 2 h

Los momentos de inercia de los cuerpos con respecto al punto de oscilación son

m2 g

I1 = I0 var + m1 (L / 2  – d ) 2 I2 = I0 esf + m2 ( L  – d ) 2 Resultando 2



= 2 g ( m 1 (L  / 2  – d) ( 1  – coseno I1 + I2

+ m2 h )

3er PROBLEMA

d

Un péndulo físico esta compuesto de una varilla de longitud L y masa despreciable y una esfera de masa m y radio R. El péndulo puede oscilar alrededor de un punto situado a una distancia d del extremo libre de la varilla, que tiene rozamiento en este eje de oscilación. El rozamiento genera un momento

W =

L

.

U +

1

K

  A diferencia del problema anterior, en este hay un momento externo y, por lo tanto, un trabajo generado por    el momento.

h1

h mg

Cuando el péndulo pasa por la posición vertical, el trabajo realizado es

W =  – Las variaciones de las energías potencial y cinética son las mismas que en el problema anterior.

U =  – m g h K =I  –

2

 / 2

=  – m g h + I

Energía de Rotación

2

 / 2 210

El momento de inercia del cuerpo con respecto al punto de oscilación es

I = I 0 esf + m ( L +R  – d )

2

Resultando la velocidad angular en la posición vertical 2

= 2(mgh  – I

La altura máxima que sube el cuerpo en cuando pasa al otro lado está dada por las ecuaciones siguientes

 –  +  Y

coseno coseno

1)

= m g h1  – m g h

= 1  – h / (L  – d) 1 =1  – h 1  / (L  – d)

Generalmente en estos procesos no se puede conocer el valor del momento

y se mide h

y h1, para conocer los ángulos a partir del coseno y calcular el valor del momento de la fuerza de rozamiento.

PROBLEMAS PROBLEMAS 1

Tres esferas de masa 1 kg. y radio 20 cm., están unidas entre sí por medio de una barra de masa despreciable y longitud 1,50 m. que se encuentra L/2 L/2 inicialmente en posición horizontal El sistema puede girar    alrededor del punto “P” y el momento de inercia de la esfera 2 con respecto a un eje que pasa por su centro es 2/5 M R . Calcular: 1 2 3 a) El momento de Inercia de las esferas delsistema. P b) La aceleración angular del sistema en la posición inicial. c) La aceleración lineal de la masa 3 en esa posición. 2L/3 L/3 d) La velocidad angular del sistema cuando se encuentra en posición vertical. e) La velocidad lineal de la masa 1 en esta última posición. 2

Resp: a) I = 1,36 k m e) V = 3,29 m / s

2

b)  = 5,4 rad / s

2

c) a3 = 2,7 m / s

2

d)  = 3,29 rad / s

Un disco gira dando n 1 revoluciones por unidad de tiempo. Si hacemos que el disco gire con n 2 revoluciones por unidad de tiempo, tal que n 2 < n 1 , y el paso de uno a otro se realizó en un tiempo “t” Dar la ecuación de la aceleración angular en función a los datos. Determinar el trabajo realizado y decir si es positivo o negativo. Explicar. Resp.: a = 2  ( n2 – n1 )/t

3

W=2I

2 ( n22 – n12) - negativo

Un péndulo compuesto está formado por una varilla de 200 g de masa y 40 cm de longitud y dos esferas macizas de 500 g y 5 cm de radio, equidistantes 8 cm de los extremos de la barra. El péndulo se haya suspendido de un eje perpendicular a la varilla que pasa por el centro deestable. una de las esferas, y es desviado 65º de la posición de equilibrio Determinar la velocidad angular del péndulo cuando, una vez soltado, retorna a la posición de equilibrio estable Resp.:  = 3,27 rad / s Energía de Rotación

211

4

Si el sistema sistema que que se muestra muestra en la figura figura 1 parte parte del del reposo, reposo, hallar: a) El momento momento de Inercia Inercia de las las Poleas Poleas respecto respecto a sus sus ejes. ejes. b) La acele acelerac ración ión angu angular lar de la polea. polea. c) El numero numero de vuelta vueltas s que el el sistema sistema da en en los primeros primeros 20 s. d) La Energí Energía a cinétic cinética a de todo todo el sistema sistema cuand cuando o la masa masa m 2 sube 1 m. m 1 = 10 kg, m 2 = 5 kg, kg, , m A = 2 kg, , Resp.: a ) I = 0 ,1 ,17 kg . / m 2 c) 755 vueltas

B 20 cm A 10 cm

2

m B = 8 kg, kg, I = m R /2

b) a = 23,7 rad / s2 d) K =147 j

Energía de Rotación

m1

m2

212

PARA PEN PE PENSAR

CIEN CIENCI CIAS AS FISI FISICA CAS S

L

m1 V

m2 DINAMICA DEL CUERPO SOLIDO IMPULSO Y CANTIDAD DE MOVIMIENTO ANGULAR Físic Fís Físi Física ica ca a para para Estu Estudi tudia diant dian ante ntes tes es s de Cienc Cie Cienci ncias ncia ias as s e Ingenie Ingen Inge Ing enie niería iería ría

Prof Prof.. Ing. Ing. Gu Gust stav avo o Riar Riartt O.

Impulsoy _Cantde deMovangular

213

Impulsoy _Cantde deMovangular

214

IMPULSO Y CANTIDAD DE MOVIMIENTO ANGULARES La fuerza cuyo momento genera el movimiento circular, puede ser variable o actuar    durante tiempos muy pequeños, tal como se plantea en el Impulso de la Fuerza. Ante la imposibilidad de conocer la fuerza y como para la dinámica de rotación es necesario conocer el momento, planteamos el momento del impulso.

Imp = F t

r ^ Imp = r r  ^ F t =

t

IMPULSO ANGULAR  Es el producto vectorial del vector de   posición por el vector Impulso de la fuerza, por lo tanto es igual al Momento de la fuerza   por el tiempo

r ^ Imp =

t

El impulso angular es un vector perpendicular al plano formado por la fuerza y el vector de posición. El impulso de una fuerza es igual a la variación de la cantidad de movimiento, de manera que el momento del impulso es igual al momento de la variación de la cantidad de movimiento angular.

Imp =

r ^ Imp = rr   ^

P == ( mV mV  – m V Vo o)

P = r r  ^ ( mV  – m Vo) = m r r  ^ V  – m r r  ^ Vo

Téngase en cuenta que todos son productos vectoriales

MOMENTO DE LA CANTIDAD DE MOVIMIENTO es el producto vectorial del vector de   posición por el vector cantidad de movimiento L=r^P La cantidad de movimiento es P = m V y V =

r   de forma que

rr   ^ P = rr   ^ m V = rr   m

r = m r 2       

L = r r  ^ P = I

Impulsoy _CantdeMovangular

215

La magnitud física momento de inercia por velocidad angular es la cantidad de movimiento angular.

CANTIDAD DE MOVIMIENTO ANGULAR  ANGULAR  es el producto del momento de inercia del cuerpo por la velocidad angular.

L=I Las magnitudes momento de la cantidad de movimiento y la cantidad de movimiento angular son las mismas, de acuerdo a la deducción. La ecuación L = I , induce a pensar que el vector    cantidad de movimiento angular tiene necesariamente la dirección del vector velocidad angular. Esto no es siempre así.

P L

Se debe considerar que la cantidad de movimiento angular es el producto vectorial del vector de posición por el vector cantidad de movimiento. Este producto no siempre tiene la dirección del vector velocidad angular.

r r

En realidad el momento de Inercia I es una magnitud tensorial, y los tensores en general son magnitudes que multiplicadas por una magnitud vectorial dan por resultado otra magnitud vectorial diferente.

P

En el gráfico tenemos un cuerpo formado por dos masas puntuales que tienen movimiento circular, en dos planos paralelos y cuyas cantidades de movimientos P son las indicadas.

L = rr   ^ P El vector    L tiene que ser perpendicular al plano formado por los vectores de posición r   y cantidad de movimiento P. Definidos el Impulso y la Cantidad de Movimiento Angulares analizaremos el comportamiento físico de estas magnitudes. El momento de la fuerza es

 el impulso angular es

t

t, y

t=

. Por lo tanto

t

(

) =

El Impulso angular es igual a la variación de la cantidad de movimiento angular.

t = L f  – L0

CONSERVACION DE LA CANTIDAD DE MOVIMIENTO ANGULAR

Impulsoy _CantdeMovangular

216

Si al considerar un sistema de masas no existe un momento externo que actúe sobre el mismo, el impulso angular es nulo y por lo tanto la cantidad de movimiento angular se conserva.

L f = L0 If

f

=I

0

0

Como vemos se puede variar el momento de inercia del cuerpo, variando su forma, y así variar la velocidad angular. Este fenómeno es que permite a un clavadista dar una vuelta completa en el aire antes de caer al agua. Para el efecto al saltar encoge el cuerpo disminuyendo su momento de inercia y logrando de esta forma una mayor velocidad angular.

De igual forma las bailarinas de ballet giran sobre las puntas de los pies y extienden sus brazos y piernas para disminuir su velocidad.



er

1 PROBLEMA

Una tabla de masa M1 desliza sobre una mesa horizontal con velocidad constante V0, alcanza un cilindro de masa M2 y radio r, que puede girar sobre su eje,, pasando sobre él, como se muestra en la figura 1 V0

V F FR

M1

M2 Figur ra 1a  

Figur ra 2a  

Figura r 3a  

Cuando el cuerpo pasa sobre el cilindro, existe un rozamiento en la superficie de contacto, como se muestra en la figura 2. 2 El rozamiento sobre la tabla se opone a su movimiento y sobre el cilindro es de sentido contrario generando la rotación del mismo. De esta forma cuando la tabla abandona el cilindro tiene una velocidad V y el cilindro queda girando con una velocidad angular    . Para la tabla se cumple que:

X = Froz =ma

a= V  – V t

Froz = m V  – V t Froz = m V  – m V t

0

0

0

= P  – P0 t

Para el cilindro se cumple que:

= r x Froz = I

= t

Impulsoy _CantdeMovangular

217

rr   x Froz = I t

Para reemplaza la fuerza de rozamiento para la tabla en esta última ecuación, se debe tener en cuenta que la misma es de sentido contrario a la del cilindro

rr   x(–( m V  – m V t

0)

= I t

rr   m V0 = r r  m V + I rr   P0 = r r  P + I De esta forma se demuestra que la suma del momento de la cantidad de movimiento de la tabla mas la cantidad de movimiento angular del cilindro después de terminar de pasar la tabla, es igual al momento de la cantidad de movimiento de la tabla antes de pasar.



2º PROBLEMA

Una barra de longitud L y masa m1 puede girar    horizontalmente alrededor de uno de sus extremos. Una bala de masa m2 se mueve con velocidad V y choca perpendicularmente en la mitad de la barra quedando incrustada

L

en ella. La barra empieza a girar con una velocidad angular    conjuntamente con la barra.

m1 V

El momento de la cantidad de movimiento de la bala

m2

antes de chocar es igual a la cantidad de movimiento angular de la barra y la bala. m2 V

= Ib

+ m2 (L / 2)2

El momento de inercia de la barra con respecto al punto de giro es

Ib = I0 + m1 (L / 2)2 = m1 L2    / 12 + m1 L2  / 4 Ib = m1 L2  / 3 Con estas ecuaciones se puede calcular la velocidad angular de la barra. 

er

3 PROBLEMA Una bala de masa m2 choca contra un disco de masa m1 formando un ángulo con la dirección del radio en ese punto y queda incrustada en él. r

t = Lf  – L0 Como en el choque no se existe fuerza externa el impulso angular es nulo. Impulsoy _CantdeMovangular

m2

V

m1 218

t = 0 El momento de la cantidad de movimiento angular entes de chocar es:

L0 = r m2 V seno Lf = ID

+ m2 r 2 

0 = m1 r 2 

ID = m1 r  2  / 2

 / 2 + m2 r  2

 – r m2 V seno

= m2 V seno m1 r / 22 + m 2 r   CHOQUE DE CUERPOS RIGIDOS QUE GIRAN En las consideraciones del choque de cuerpos rígidos, en el que uno de ellos, por lo menos, tiene movimiento de rotación; se debe considerar que no existe momento de una fuerza externa actuando. Por consiguiente, el impulso angular es nulo, de forma tal que la cantidad de movimiento angular o momento de la cantidad de movimiento se conserva. Es decir, la suma de las cantidades de movimiento angular antes del choque es igual a la suma de las cantidades de movimiento después del choque.

L A = LD

L1A + L2A = L1D + L2D

Donde L = m r V o L =I dependiendo que el cuerpo gire o se traslade, antes o después de chocar. El vector de posición r, en la primera igualdad; es la distancia desde el centro de rotación del otro cuerpo a la recta de la dirección del vector velocidad.

r V1

r U2 =

2

r

U1 El coeficiente de restitución, en este caso, es la relación entre las velocidades relativas de traslación o tangenciales del punto de contacto de los cuerpos, puesto que es la relación entre los impulsos durante la restitución y la deformación de los cuerpos. e = U2  – U1

V1  – V2 En la figura se puede observar lo siguiente: a) El momento de la cantidad de movimiento del cuerpo 1 antes de chocar es L1A = r V 1 b) La cantidad de movimiento angular del cuerpo 2 después de chocar es L2D = I c) La velocidad U2 que debe ser considerada en el coeficiente de restitución es U2 =

2

r  

Con la aplicación de estas observaciones, en los casos que corresponden, se plantean los problemas de choque.

Impulsoy _CantdeMovangular

219

PROBLEMAS 1

Un hombre de masa 80 kg, se encuentra parado en el borde de una plataforma circular de masa 40 kg y radio 2 m que gira con una frecuencia de 3,6 vueltas por minuto. a) Si el hombre empieza caminar sobre la plataforma en el sentido de su giro, cual

debe ser su velocidad para que la plataforma se quede quieta? b) Cual es la velocidad angular de la plataforma si el hombre camina con el doble de

la velocidad calculada antes? Resp:.a)V =0,942 m/s

b)

 = – 0,12 

2

Hallar la cantidad de movimiento angular (módulo, dirección y sentido) de una partícula de masa m=2 kg que describe un movimiento circular en el plano XY en el sentido de las agujas del reloj, de 40 cm de radio, con una velocidad angular de 50 r.p.m. 2 Resp:. a) L = 1,67 kg m / s

3

Un mazo compuesto de una barra homogénea de masa m1 = 3 kg. y longitud L = 1 m., tiene en uno de sus extremos una esfera maciza de masa m2 = 1 kg y radio R = 39,2 cm y el otro extremo se encuentra suspendido como indica la figura. Si se suelta el conjunto desde la posición horizontal, la esfera golpea contra una masa L 2R m3 = 1,55 kg. Calcular: 1) la velocidad angular de la barra con la esfera luego del golpe y 2) a velocidad de la masa m3; de forma tal que el choque sea: a) elástico b) .inelástico con coeficiente de restitución 0,8 c) perfectamente inelástico. Resp:. 1 = 0 rad / s - V = 6,05 m /s

4

Un proyectil de masa m = 20 g impacta tangencialmente con una velocidad de 7,5 m / s en un disco de masa M = 1 kg. y radio R = 0,5 m y queda adherido en él. Sobre el disco se encuentra otra masa m = 200 g a una distancia d = 0,25 m; que tiene un

d R

d V

coeficiente de rozamiento estático  s = 0,3. Suponiendo que la masa no desliza durante el choque, determinar: a) Si la masa se mantiene en la posición en que se encontraba inicialmente. b) La máxima velocidad que puede tener la masa que choca contra el disco, para que la otra no deslice Resp:. a) No b) V= 6,4 m / s 5

Las barras AB y AC de la figura tienen masas m  AB = 1,5 m  AC e igual longitud; y están pivotadas sobre el mismo eje en el punto   A, en el otro extremo tienen un sistema que permite enganchar    las barras. Si se suelta la barra AB de la posición indicada en la figura, determinar   a) el máximo ángulo que forman las barras con la vertical luego de engancharse b) La perdida de energía que se produce en elp roceso. Resp.: a = 50º b) E perd = 6 m AC g L Impulsoy _CantdeMovangular

B

A

C

220

PROBLEMAS DE APLICACIÓN DE DINAMICA DE ROTACION

1

Una masa m 1 = 5 kg, que se encuentra sobre un plano inclinado un ángulo  = 37º, esta unido por medio de una cuerda una masa m2 = 10 kg. Los coeficientes de rozamiento de la masa m1 son s1 = 0,35 y k1 = 0,30 y los de la masa m 2 son s2 = 0,25 y k = 0,20. La polea tiene una m 3 = 1 kg y un radio R = 10 cm. Calcular  

m2 m3 m1

a) m Las yfuerzas las masa m2 en de la rozamientos condiciones de enunciadas. 1 (Observación: Tenga en cuenta que tg  >  s1 ) b) Calcular el ángulo para el cual el cuerpo esta en movimiento inminente c) Si el cuerpo está en movimiento para el ángulo calculado en la pregunta anterior, determinar la aceleración del sistema, 2 Resp. a) Fr 1  = 1,4 kgf y Fr 2  =1,6kgf b)  = 47º c)a = 0,40 m /s

2

La polea "C" de la figura consiste en un cilindro de masa m C = 3,6 kg y diámetro d = 15 cm entre dos discos cilíndricos de masa MC = 0,9 kg y diámetro D = 45 cm. cada uno. Un resorte de constante k = 3,6 kg/cm esta unido a la polea por    cuerdas como indica la figura "B". Una segunda cuerda pasa por una polea de masa despreciable y esta unida a un cuerpo "A" de masa 13,5 kg. En el instante en que el cuerpo "A" tiene una velocidad de 1,2 m/s, el resorte se encuentra estirado una longitud Xo = 10 cm Calcular la máxima altura "H" que desciende la masa "A" desde esa posición. Resp. H = 2,6 m

3

Se dispara un proyectil de masa m = 20 g, contra un péndulo físico formado por una esfera de radio R = 0,75 m y masa m 1= 0,25 kg y por una varilla de longitud L = 2 m y masa m 2 = 1,25 kg El atraviesa la esfera exactamente por su centro y sale con una velocidad V = 100 m / s. Calcular la velocidad mínima Vo con que se debe disparar el proyectil para que el péndulo describa una circunferencia vertical. Resp. V = 400 m / s

4 A

A

B

B

figura 1

fi f i  ur ra a2

L

Vo

V

La rueda uniforme "A" (200 mm de diámetro y 10 kg) esta inicialmente como muestra la figura 1 y gira a 4500 r.p.m., mientras La rueda uniforme "B" (400 mm de diámetro y 20 kg) permanece quieto. Luego la rueda "A"

se contacto con la rueda "B"cinético (figura 2). pone Si elen coeficiente de rozamiento entre las dos ruedas es 0,1. Determinar: a.- ¿Se conserva la cantidad de mov imiento angular? b.- ¿Se conserva la energía cinética?

PROB DINAM DE ROTACION

237    

c.- El tiempo necesario para que ambas ruedas gire n sin deslizar. d.- La velocidad angular de cada rueda cuando giran sin resbalar. Resp. a) No se conserva, los momentos de los rozamientos son diferentes b) No se conserva c)t=16s d)  A = 157 rad / s y B = 78,5 rad / s

5

Un cuerpo 1 de masa m 1 se dirige hacia otro cuerpo 2 de masa m 2 = 2 m 1, con una velocidad Vo; choca, y vuelve para chocar contra una varilla de longitud L que se encuentra pivotada en su otro L Vo extremo (como muestra la figura) y queda adherida a la varilla. Si el coeficiente de restitución en el primer choque es e = 0,8 y la masa M = 1,5 1 2 m1, determinar: a) La velocidad angular de la varilla después del choque en función de Vo b) La velocidad de los cuerpos 1 y 2 después de que choquen entre si, siendo m1 = 0,75 kg, Vo = 6,5 m/s. c) La velocidad angular de la varilla, después de que esta choque si L = 1,3 m. Resp. a)  = 0,2 V0 /((m1 + M/3)L) b)U1 =– 1,30 m/s y U2 = 3,90 m/s c)  = 0,2 rad / s

6

Dar la expresión que permite calcular el valor de la fuerza P para que el cuerpo 1 tenga una aceleración a1, conociendo el coeficiente de rozamiento cinético k y las siguientes relaciones: m2 = m1 / 2, m3 = 2 m1, m4 = 3 m1 / 4 y R3 = 2 R4 Resp. P = m1 ( 5 m g / 4 + 71 a1 / 32) m   R P     m  

m  

m   R

7

Un proyectil de masa m1 = 100 g. tiene una velocidad de 100 m/s. choca contra un péndulo físico justo a la altura del centro de la esfera y que da incrustado en él. Sabiendo que su masa es m3 = 500 g y su radio 10 cm y que la varilla del péndulo tiene una masa m2 = 200 g y una longitud de 90 cm. calcular: a) La altura que sube el centro de masa de la esfera. b) El ángulo que forma el péndulo con respecto a la posición inicial cuando alcanza su altura máxima. Resp. H = 2 m

8

 = 180º

Un cubo sólido de lado a = 10 cm y masa M = 2 Kg. Se desliza sobre una superficie sin rozamiento con velocidad uniforme "V", como se puede ver en la figura. Golpea un pequeño reborde al final de la mesa, lo que hace que el cubo se incline como muestra la figura. Encuentre le valor mínimo de "V" para que el cubo caiga de la mesa. 2 El momento de inercia del cubo alrededor de su arista es 2 M a / 3 V      

Resp. V = 1,92 m/s

PROB DINAM DE ROTACION

238    

9

Una polea compuesta de tres poleas diferentes está girando con P 40cm 40cm una velocidad angular    = 3 rad / s. en sentido contrario a las manecillas del reloj. La polea mayor    "A" tiene una masa m A = 1 kg. y radio R A = 20 cm y por medio de una cuerda mediana "B" tiene una B A C masa m B = 2 kg. y radio R B = 40 cm y de la misma cuelga una masa m 2 = 1 kg. y la polea mayor "C" tiene una masa m C = 2,50 kg. y un radio Rc = 0,5 kg. Sobre esta última polea actúa un sistema de freno consistente en una palanca articulada en uno de sus extremos, cuyo coeficiente de m1 m2 rozamiento con la polea es  k = 0,2. Determinar: a) Si las poleas están acelerando o frenando. b) La velocidad de las poleas y de las masas a los 2 s. c) Cual es la fuerza P necesaria para que las poleas empiecen a acelerar en sentido contrario al determinado en a) Resp.:

a)frenando

b)  =0yV=0

c)P<1,5 kgf.

10 La figura muestra una tabla homogénea de masa M, longitud L, apoyada en parte sobre una mesa horizontal rugosa y con su extremo libre a una distancia d del borde A de la mesa. Justo encima de dicho extremo se encuentra una pieza de masa m, la cual se deja caer a partir del reposo desde una altura h.

h

 A

d L

Luego, la masa impacta en el extremo de la barra, consiguiendo esto, que el sistema obtenga un movimiento de rotación en torno al borde de la mesa. Suponiendo que la pieza se adhirió a la barra y que la barra no desliza sobre la mesa durante su rotación, calcula: a) La velocidad angular del sistema justo después del impacto. b) La máxima desviación angular de la barra. c) Ahora bien, imagina que en la posición de máxima desviación angular la barra esta a punto de deslizar sobre la mesa. Determina entonces, el coeficiente de rozamiento estático entre ambas superficies. M = 2 Kg m = 200 g d = 40 cm L = 100 cm h = 1,80 cm Resp.: a)  =1,78 rad /s

b)

 = 17,17º

c)  = 0,30

PROB DINAM DE ROTACION

239    

PARA PENSAR

CIENCIAS FISICAS

DINAMICA DEL CUERPO ROTACION Y TRASLACION

Física para Estudiantes de Ciencias e Ingeniería

Prof. Ing. Gustavo Riart O.

Rotación  T y raslación

221

Rotación  T y raslación

222

 

 

 

 

 

 

 

 

ROTACION Y TRASLACION En el Capitulo Movimiento de los Cuerpos Rígidos, se describe el movimiento de los cuerpos que giran alrededor de un punto y este a su vez se traslad a. En este capitulo se va a estudiar la dinámica del dicho movimiento llamado también, Movimiento General de los Cuerpos Rígidos. Como se describe en ese Capítulo, es posible realizar dos análisis de este movimiento, tanto en su cinemática, como es su dinámica. Un análisis es considerar la rotación alrededor del eje de rotación y la traslación del mismo. Otro análisis es el de rotación del cue rpo alrededor de un punto llamado eje instantáneo de rotación. Vamos a hacer el análisis de algunos movimientos.

RUEDA SIN RESBALAR Para el análisis dinámico de un cuerpo que rueda sin resbalar es necesario hacer algunas consideraciones cinemáticas.



Cuando el cuerpo rueda sin resbalar, a cada punto del cuerpo en contacto con el suelo le corresponde un punto de este último . Cuando se cumple esta relación, la longitud del arco que tocó el suelo, es igual a la longitud del espacio recorrido por el cuerpo (el centro de masa) sobre el suelo.

R=s 

La velocidad tangencial en los puntos de contacto es igual y de sentido contrario a la velocidad del centro de masa.

Vt = 

xR =  – V

CM

La aceleración tangencial en los puntos de contacto es igual y de sentido contrario a la aceleración del centro de masa.

a

t

=

xR =  – a

CM

Un ejemplo de este movimiento es el que realizan las ruedas de los vehículos.

VCM

VCM

VT



Método Méto do de Análi A nálisis sis 11  – Rota Rotació ción n y tra traslac slación ión

El análisis se puede realizar a partir de considerar la dinámica de traslación del centro de masa y la dinámica de rotación alrededor del centro de masa, en concordancia con las condiciones cinemáticas establecidas mas arriba. Para la dinámica de rotación, se considera el momento de inercia con respecto al centro de masa, que es el eje de rotación.

F = m a cm

Rotación  T y raslación

cm

= I cm

223

 

 

 

 

 

 

El análisis del trabajo y la e nergía para la traslación es rotación es

W =

W =

U +

KT y para la

KROT

( F e) = m g

h +m

V2  / 2

F

) = I cm

2

 / 2

  Al hacer la sumatoria de los trabajos se encuentra que dependiendo del punto de aplicación de las mismas, algunas fuerzas pueden hacer doble trabajo; otras fuerzas, trabajo nulo, como por ejemplo la fuerza de rozamiento; y otras hacen un solo trabajo.



Método Méto do de An Anális álisis is 2  – Rota Rotació ción n pura

Si se considera el punto de contacto entre el cuerpo y el piso, este tiene la velocidad del centro de masa y la velocidad tangencial. Ambas velocidades son iguales y de sentido contrario, lo que significa que ese punto del cuerpo, en ese instante no tiene velocidad. Es decir este es el eje instantáneo de rotación. En consecuencia, es posible considerar que el cuerpo, en ese instante, gira alrededor de él y tiene rotación pura alrededor de ese punto.

VT

VCM

VCM

VT

La velocidad del punto superior es la suma de la velocidad tangencial y la del centro de masa. Las ecuaciones que se deben plantear son las ecuaciones de la dinámica de rotación con respecto a ese punto. Los momentos de las fuerzas, el momento de inercia y la energía cinética de rotación deben ser con respecto a ese punto. La velocidad angular es la misma que en el análisis anterior, considerando que la velocidad del centro de masa es igual a la velocidad tangencial del borde. La aceleración del centro de masa y la aceleración tangencial, también son iguales, por lo tanto la aceleración angular es la misma del análisis anterior. A

W =

U +

=IA

KROT

KROT = I A

2

 / 2

FUERZA DE ROZAMIENTO Es interesante analizar el comportamiento de la fuerza de rozamiento en algunos problemas de rotación y traslación



er

1 PROBLEMA

Un cuerpo tiene un movimie nto de rotación y traslación sobre un plano inclinado. Por    ejemplo un aro, un cilindro sólido, una esfera maciza o un cascarón esférico.

Rotación  T y raslación

224

 

 

 

 

 

 

 



Método de rotación r  otación   y traslac traslación ión

Sobre el cuerpo actúan tres fuerzas: el peso, la normal y la fuerza de rozamiento. Las ecuaciones dinámicas con respecto al centro de masa son:

P seno

 – FR = m a

N FROZ

FR r = I cm

cm

a cm =

P

r  

El momento de inercia depende de una constante y de la masa por el radio al cuadrado.

I cm = k m r   2 a

De donde resulta

cm

. = g seno = . g seno ( 1 + I cm  / m r  2) (1+k)

FR = . m g seno . = m g seno 2 ( 1 + m r      / I cm ) ( 1 + 1  / k ) Considerando la fuerza de rozamiento como estática, el punto no se mueve, la fuerza de rozamiento máxima es

FR =

N =

m g cose coseno no

Igualando la fuerza de rozamiento, el ángulo para que el cuerpo empiece a deslizar es

tan

=

( 1 + 1  / k )

En el instante en que el cuerpo empieza a resbalar se cumple que

tan 

>

Método de rotación pura

Planteando el momento de las fuerzas con respecto al punto de apoyo A

P seno a cm =

r r 

rr   = I A

I A = I cm + m r  2 = k m r 2    + m r  2 = m r  2 ( 1 + k ) a cm = g seno (1+k)

Resultando

Igual a lo obtenido por el otro método.



Análisis de la la Energía y el Trabajo.



Método de rototraslación

Para la traslación se cumple que

WFR = U + KT Rotación  T y raslación

225

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

WFR =  – FROZ d

KT = m V 2  / 2

U =  – m g h

 – FROZ d =  – m g h + m V

Reemplazando

2

 / 2

Para la rotación se cumple que

WFR =

KROT

WFR = = FR rr   WFR = FROZ d KROT = I 2  / 2

rr  

=d

Remplazando 2

FROZ d = I

 / 2

Observando la ecuación de traslación y la de rotación se observa que la fuerza de rozamiento realiza igual trabajo en la traslación y en la rotación, negativo en un caso y positivo en el otro. Igualando las ecuaciones resulta

 – I

2

 / 2 =  – m g h + m V 2  / 2

m g h = m V2   / 2 + I

2

 / 2

Podemos observar que la energía potencial se utiliza para que el cuerpo tenga energías cinéticas de traslación y de rotación, y el trabajo total realizado por el cuerpo es nulo. 2

De la última ecuación se obtiene que V = 2 m g h / ( 1 + k), que si el cuerpo bajase con movimiento de traslación solamente.



una velocidad menor   

Método de rotación pura

W= W =

= m g seno

W =mg g sen seno o seno h=d

I

d A

KROT r  

rr   KROT = IA

=d 2

 / 2

= I cm + m r  2 = m r  2 ( 1 + k )

Reemplazando

m g h = m rr     2  ( 1 + k ) m g h = m V 2   / 2 + I cm 

2º PROBLEMA



Análisis Dinámico

2

 / 2

2

 / 2

Considerando un cuerpo que gira sin resbalar, primero descendiendo por un plano inclinado; luego se mueve sobre una superficie horizontal y, finalmente, asciende sobre otro plano inclinado de igual pendiente que el anterior. Todas las superficies son del mismo mat erial e igualmente pulidas, por lo que tienen igual coeficiente de rozamiento.

Rotación  T y raslación

226

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

N

N

FROZ

FROZ

N P

P

En el primer tramo, para que el cuerpo gire alrededor del centro de masa, debe existir una fuerza de rozamiento, cuyo momento haga girar el cuerpo. Esta fuerza de rozamiento es contraria a la velocidad del centro de masa. En la superficie horizontal, si la fuerza de rozamiento es contraria a la velocidad del centro de masa, aumentaría su velocidad angular y disminuiría la velocidad del centro de masa, lo cual es imposible. En consecuencia no puede haber fuerza de rozamiento en este tramo. Cuando el cuerpo esta ascendiendo, en el tercer tramo, disminuye la velocidad del centro de masa y por lo tanto la velocidad angular, de ahí que, la fuerza de rozamiento tiene la misma dirección de la velocidad.



Análisis Anális is de la Energ Energía ía y el Trabaj Trabajo. o.

Conviene considerar el trabajo y la energía en el plano horizontal. Si existiese una fuerza de rozamiento, los trabajos de la misma en la rotación y en la traslación se anularían mutuamente. El plano es horizontal por lo cual no existe variación de la energía potencial Consecuentemente la energía cinética de traslación no pude aumentar porque entonces la energía cinética de rotación tendría que disminuir y en este caso la velocidad del centro de masa no puede ser igual a la velocidad tangencial del punto de contacto. El cuerpo no giraría sin resbalar.



er

3 PROBLEMA

Por último se analiza el mismo cuerpo que se mueve por la acción de una fuerza F, sobre un plano horizontal. La fuerza puede ser colocada, por algún mecanismo, en cualquier posición a una distancia “r” por arriba del centro de masa. 

Análisis Dinámico

F  – FR = m a

cm

a cm =

2R

F r + FR R = I cm

2r

R

F

De donde resulta

a cm = F ( 1  – r r   / R ) 2 = F ( 1  – rr    / R) (M  – I cm  / R ) M ( 1  – k)

FROZ

FR = F (I cm  – m R r r  ) = F ( k R  – r r  ) ( I cm + m R 2 ) R ( 1 + k ) Rotación  T y raslación

227

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

El análisis de las ecuaciones de aceleración y fuerza de rozamiento, tiene algunos casos notables. Por ejemplo Para que la fuerza de rozamiento te nga el sentido indic ado en el gráfico, se debe cumplir    que:

kR  – r r>  0

k> r r /R  

Si k = r / R la aceleración es F / M y la fuerza de rozamiento es cero Si k < r / R la aceleración es menor que F / M y la fuerza de rozamiento es contraria al sentido indicado en el gráfico



Analisis de la la Energía y el Trabajo. Para la traslación se cumple que

W= W = F e  – F Reemplazando

KT KT = m V 2  / 2

Re

Fe  – F R e = m V 2  / 2

Para la rotación se cumple que

WFR = W = R

KROT

)= ( FR R

=e

rr  

=d

+Fr    ) d = e r r   / R

W = FR e + F e r r   / R Reemplazando

FR e + F e r r   / R = I cm

2

 / 2

Sumando las dos ecuaciones obtenemos

F e + F e rr   /  R = m V2   / 2 + I

2

 / 2

F e ( 1 + r  r /    R ) = m V 2   / 2 + I

2

 / 2

Por un lado, nuevamente no aparece el trabajo de la fuerza de rozamiento y por el otro, se debe notar que el trabajo de la fuerza “F” se realiza a lo largo de la distancia “ e” que se movió el centro de masa mas la distancia “d d = e r / R” que se desenrolló la cuerda utilizada, correspondiente al arco de circunferencia que se movió el punto de aplicación de la fuerza.

Rotación  T y raslación

228

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

N FROZ

2R

VT VT

VCM

P VCM Figur1a

V1

d

Figur2a

V2

VCM

Centro Centro Inst. de Rotación

Figur3a

V1/(2R+d )=V2/d V1d= 2V2R+V2a d= 2V2R/(V1–V 2) Vcm = W (R+d) = W ( R + 2 V2 R / ( V1 – V2))= W ( V1 R – V2 R + 2 V2 R) Vcm = W ( V1 + V2) R Vcm/(R+d )=V2/d

Vcmd=V 2R+V2d

d=V 2R/(Vcm–V 2)

Vcm = W (R+d) = W ( R + V2 R /( Vcm – V2))= W ( V1 R – V2 R + 2 V2 R) Vcm = W ( V1 + V2) R

Rotación  T y raslación

229

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Rotacion y traslacion Un bloque de masa m = 20 kg., unido mediante una cuerda a una polea sin masa desliza a lo largo de una mesa horizontal con coeficiente de rozamiento dinámico 0,1. La polea está conectada mediante otra cuerda al centro de un carrete cilíndrico de masa M = 5kg. y radio R = 0,1 m que rueda sin deslizar a lo largo de un plano inclinado 30º. a) Relacionar la aceleración del bloque y del centro de masa del cilindro. b) Calcular la aceleración del centro de masa del cilindro y las tensiones de las cuerdas. c) Calcular la velocidad del centro de masa del cilindro cuando ha descendido 3 m a lo largo del plano inclinado, partiendo del reposo (Resolver esta ultima pregunta empleando la conservación de la energía) Resp.: a) 0 ,6 m / s 2 b) 1 ,2 m / s 2 c) V c = 2,68 m / s

1

Un bloque y un cilindro de 2 y 8 kg. respectivamente, están unidos por un hilo inextensible y sin peso que pasa por una polea en forma de disco de 0,5 kg. de masa y 20 cm de radio, situada en la unión de dos planos inclinados de 30º y 60º de inclinación. Sabiendo que el coeficiente de rozamiento entre el bloque y el plano es 0,5. Calcular: a) Las tensiones de las cuerdas y las aceleraciones de los cuerpos b) La velocidad de los cuerpos cuando se han desplazado 2 m a lo largo de los planos, sabiendo que parten del reposo. Calcular por los dos procedimientos y comprobar los resultados.. Resp.: V = 1,23 m / s

2

3

Un disco de 2 kg. de masa y radio 30 cm rueda sin deslizar    a lo largo de un plano horizontal, una cuerda arrollada a una hendidura hecha en el disco, de radio 15 cm está unida a través de una polea de masa 0,5 kg. a un bloque de 10 kg., que pende del extremo de la misma tal como se indica en la

figura. Calcular: a) La aceleración del bloque, del centro de masa del disco y las tensiones de las cuerdas. b) La velocidad del bloque una vez que ha descendido 5 m partiendo del reposo. Para el disco, plantear la conservación de la energía considerando el eje instantáneo de rotación. Resp.: a) a = 8,46 m / s2, a CM = 5,64 y T 1 = 11,28 N, T2 = 13,4 N b) V = 9,20 m / s 4

Dos discos iguales de masa m y radio R, están dispuestos como indica la figura. Calcular : a) La aceleración del c de m del disco inferior. b) La velocidad del centro de masa del disco inferior cuando ha descendido una distancia X. CM = ( 8 g X / 5 ) 1/2 Resp.: a CM =0.80 m/s2 b)V

5

Un cilindro de 2 kg. de masa y de 30 cm de radio tiene una ranura cuyo radio es 10 cm. En la ranura se enrrolla una cuerda tal como se indica en la figura, y el otro extremo se fija a la pared. El cilindro rueda sin deslizar a lo largo de un plano inclinado 30º respecto a la horizontal. El3cilindro parte reposo. Sabiendo que luego de recorrer m la Vcm es del de 4 m/s, calcular: a) La aceleración del centro de masa, b) la tensión de la cuerda y c) la fuerza de rozamiento. R = 1,77 N Resp.:a)8 /3 m /s2 b)T = 2,7 N c)F P  RO  PR     OB  B   RO  R  OT    TO      OT        TR      RA       AS  SL    LA    AC  CI   IO      ON      N  

30º

24  2 40        0    

P  RO  PR     OB  B   RO  R  OT    TO      OT        TR      RA       AS  SL    LA    AC  CI   IO      ON      N  

24  2 41      1

   Para Para Pensar en en  Ciencias       Físicas                       

Limite de ruptura

L

Limite de elasticidad

Limite de   proporcionalidad

Leyde

Hooke

DU

ELASTICIDAD

Física para Ciencias e Ingeniería

   P Prof. rof. Ing. Gustavo A.  R Riart iart

ELASTICIDAD

55

ELASTICIDAD DE LOS CUERPOS En los Capítulos anteriores se consideró a los cuerpos como rígidos e indeformables. Esta consideración es muy útil para analizar el comportamiento de los cuerpos. En la realidad todos los cuerpos sufren deformaciones bajo la acción de las fuerzas. F

F

F

F

Si sometemos a una barra a dos fuerzas iguales y contrarias, F y la cortamos en una sección perpendicular a su longitud, las dos porciones resultantes se encuentran en equilibrio y la fuerza se halla uniformemente distribuida en todas las sección. Definimos como:

FATIGA a la Fuerza por unidad de superficie ejercida en una sección del cuerpo =.F. A

Si se analiza una sección oblicua al eje longitudinal, la fuerza puede descomponerse en dos componentes; una normal a la sección Fn y otra tangente a la misma Ft. La sección tiene una superficie S 1. F

Fn = F cos 

F

F

F



Ft = F seno  Definimos como:

FATIGA NORMAL A la Fuerza Normal por unidad de superficie ejercida en una sección. n = . Fn . A1

FATIGA TANGENCIAL o CORTANTE A la Fuerza Tangencial por unidad de superficie ejercida en una sección c = . Fn . A1

ELASTICIDAD

56

Si la fuerza actuante realiza una tracción en el cuerpo se denomina fuerza tensora o tensión y la fatiga es la fatiga tensora; tensora si la fuerza comprime el cuerpo es una fatiga compresora. compresora Si la fatiga tangencial es superior a la resistencia del cuerpo, este se corta, por este motivo se denomina fatiga cortante. Las unidades de medida de la fatiga es la unidad de fuerza sobre la unidad de longitud al cuadrado. En el Sistema Internacional es Newton / m

2

Cuando los cuerpos están sometidos a fuerzas, los mismos se deforman. Se denomina:

DEFORMACION UNITARIA A la variación de longitud por    unidad de longitud inicial DU = l  – lo = l lo lo La deformación unitaria es adimensional, porque es unidad de longitud dividida por unidad de longitud. Si el cuerpo esta traccionado, aumenta su longitud, y se denomina deformación unitaria por tracción y si esta comprimido y es deformación unitaria por compresión. compresión En este caso la longitud disminuye.   Analizando la relación entre la fatiga y la deformación unitaria de diferentes cuerpos, se encontró que la misma depende del material de que esta hecho el cuerpo. Esta relación se denomina modulo de Elasticidad ( E ) o modulo de Young ( Y ).

MODULO DE ELASTICIDAD o MODULO DE YOUNG E =  Y = DU Cuando la sección del cuerpo está sometida a fuerzas cortantes (tangenciales) y la fatiga es cortante, se produce una deformación de la superficie del cuerpo. En las figuras de abajo, se presenta un cuerpo sometido a esfuerzos de corte. La cara “A” del cuerpo está fija. F

b h c

A

Figur ra a  1

A

A

Figur ra a  2

Figur ra a  3

ELASTICIDAD

57

En la Figura 1, 1 el cuerpo está sometido a una fuerza F, que crea en la superficie en la actúa una Fatiga cortante

c, como indica la Figura 2 2. La Fuerza cortante y la fatiga sobre la cara dan lugar a un desplazamiento

de la cara, haciendo que los vértices del cuerpo formen un ángulo

con la posición inicial. La deformación que

se produce es h / b = tang . Como la deformación es muy pequeña, tang

= .

Se denomina:

DEFORMACION UNITARIA por CIZALLADURA Al Angulo (en radianes) que forma la cara del cuerpo deformado con la posición inicial.

MODULO DE RIGIDEZ o MODULO DE TORSION A la Fatiga Cortante sobre la deformación unitaria por cizalladura. S=. c .

Si toda la superficie de un cuerpo se encuentra sometido a fuerzas tales que en todas ellas la relación F  / A es la misma, el cuerpo sufre variación de su volumen. La relación F / A se denomina presión y V / V , es la deformación volumétrica unitaria. Se denomina

MODULO DE COMPRESIBILIDAD A la relación entre el incremento de la Presión sobre la deformación volumétrica unitaria. = .  –

p . V/V

ELASTICIDAD

58

Se utiliza también el

COEFICIENTE DE COMPRESIBILIDAD Que es la inversa del módulo de compresibilidad. k= . 1 .=

 –

V pV

El signo menos del módulo y del coeficiente de compresibilidad indica que con un aumento de la presión se tiene una disminución del volumen. Los líquidos solamente pueden tener deformación volumétrica.

MATERIAL

  Acero   Aluminio Bronce Cobre Hierro forjado Hierro fundido Plomo Latón Tungsteno Vidrio Cuarzo

Módulod eElasticidad 10m /N 19 – 21 7 9 10 – 12 18 – 20 8 – 10 1,5 9,1 35 6,5 – 7,8 5,6

LIQUIDO   Agua   Alcohol Etílico Glicerina Mercurio   Aceite SulfurodeCarbono

Modulod eRigidez 10m /N

Modulod e Compresibilidad 10m /N

8 2,4 3,5 4 ––– ––– 0,5 3,5 14 2,6 – 3,2 2,6

16 7 6,2 12 1,5 9,7 0,8 6,1 20 5 – 5,5 2,7

Coeficiente de Compresibilidad  –  – 10 ( N  / m ) 50 112 22 3,8 60 66

ELASTICIDAD

59



ER

1

PROBLEMA : Un cabo de acero de diámetro 12,5 mm soporta una carga de 4 toneladas; calcular: a) La fatiga y la deformación unitaria b) El alargamiento del cabo si su longitud sin tensión es de 30 m

La fatiga es

=.F. A

R2 = 3,14 . (6,25)2 = 122,65 mm 2

A=

y

2

. 4000 . = 32,6 kgf / mm = 122,65 3

E =

Eac = 20 10 N / m

2

2

3

= 20 10 kgf / mm

DU DU = E

= . 32,6 . = 0,00163 21 00

3

l = DU lo = 0,00163 . 30 = 49 mm 

2º PROBLEMA :

Una barra de acero de sección cuadrangular de 1 cm de arista y 1 m de longitud, se ve sometida a una fuerza de 1000 kgf aplicada perpendicularmente en la mitad de su longitud. Determinar su deformación unitaria por cizalladura.

S=.

c .

= .

c .

c.=

Ft  / A .

.

S

S

= 1000 1000 . 9,8 N  / (0,0 (0,01 1 m)2 = 0,012 0,012 rad rad.. 10

8 10

N/m

2

Obsevación: Equivale a 0,7º sexagecimal aproxi madamente.



ER

3

PROBLEMA :

Determinar la variación del volumen del aceite de un gato hidraulico que debe levantar la rueda de un 3 camión que soporta 20 tn de peso. Suponga el volumen inicial del aceite 100 cm , la sección sobre la que se 2 2 ejerce la presión de 12 cm y la presión inicial de 1 kgf / cm . El coeficiente de compresibilidad del aceite es k= 60 . 10

 – –2 2

2

(N /m )

 – –1 1

= 60 10

 –2

4

2

( 9,8 kgf/ kgf / 10 cm ) 2

 – –1 1

2

p = p  – po = 2 2000 0000 0 kgf  kg f  //  12 12 cm  – 1 kgf kgf// cm cm 2

p = 1665,7 kgf / cm

ELASTICIDAD

60

k= . 1 .=  – pV  – V =  – k

V

p V =  – 0,1 cm

3

COMPORTAMIENTO ELASTICO DE LOS MATERIALES

Si se somete un cuerpo a una tensión, esta genera una fatiga determinada, produciendo un alargamiento y cierta deformación unitaria, de acuerdo a las definiciones de arriba. Sin embargo, cuando se supera un A valor de la fatiga, la deformación unitaria deja de ser proporcional a la misma. Este punto se denomina limite de proporcionalidad (punto A de la figura). El cuerpo sigue siendo elástico, esto es, que al suprimir la fatiga recupera su forma inicial. Pero también esto se cumple hasta un valor de la fatiga; a partir del cual el cuerpo ya no recupera su forma inicial y queda L

B

C

Se cumple la Ley de Hooke

con una deformación L, como se indica. Este último valor de la fatiga para el cual el cuerpo es elástico se denomina limite de elasticidad (punto B de la figura).

DU

Si se continua aumentando la fatiga el cuerpo termina por romperse. Este punto es el limite de ruptura (punto C en la figura) y es el máximo valor de fatiga que puede soportar. Para cualquier valor de la fatiga inferior al límite de elasticidad se cumple que

E =  Y = DU

= F/A L/L

F = E A

La fuerza es

L

L La relación

E A es constante para cada cuerpo. Esta constante es la Constante

L Recuperadora, y la fuerza es

F = k

L

Hooke enuncio inicialmente su Ley de Elasticidad inicialmente de esta forma, posteriormente las investigaciones de  Young  Young permitieron encontrar el modulo de Elasticidad, tambien conocido como modulo de Young. Los resortes, responden a la Ley de Hooke y sus constantes recuperadoras o de rigidez dependen del modulo de Elasticidad, el área de la sección del material, el diámetro de las espiras y el número de espiras. 

4º PROBLEMA :

Un hilo de acero de 3,6 m de longitud e 0,9 mm de diámetro fue sometido a la siguiente prueba: Una carga de 2 kg. fue suspendida inicialmente del hilo para mantenerlo estirado.

ELASTICIDAD

61

La posición del extremo inferior del hilo se observo en una escala dando la lectura que figura abajo a) .Hacer un gráfico con esos valores, tomando el aumento de longitud como abscisa y la carga adicional como ordenada. b) Calcular el módulo de elasticidad. c) Cual es la tensión en el límite de proporcionalidad.

Carga Adicional 0 (kgf) Lectura de la 75,50 escala (mm)

2

4

6

8

10

12

14

16

76,00

76,50

77,00

77,50

78,00

78,50

79,50

81,50

18 16 14 12 10 8 6 4 2 0 75

  , 5

0 76

  ,0 

0 76

  , 5

0 77

  , 0

0 77

  , 5

0 78

  , 0

0 78

  , 5

0 79

  , 0

0 79

  , 5

0 80

  , 0

0 80

  , 5

0 81

  ,0 

0

2

= 0,636 mm

81

  , 5

0

El Modulo de _Elasticidad es E= F/A l/lo Para 2 kgf,

l =0 ,5ccm m.

A= =3 ,14 . (0,45 m m) 3

2

2

E = 22 10 kgf / mm

La tensión en el límite de proporcionalidad es 14 kgf. como puede observarse en el gráfico

PROBLEMAS 1

Una barra de cobre de 60 cm de longitud esta soldada en uno de sus extremos a una barra de acero debe 2 37,5 cm de longitud. La sección transversal de las barras es 3 cm . La barra compuesta esta comprimida por    una fuerza de 500 kgf. aplicada en sus extremos. Calcular la variación de longitud de la barra

ELASTICIDAD

62

2

Una barra horizontal rígida de 1,20 m de longitud, de sección uniforme y peso 50 kgf es soportada por dos hilos verticales, una de acero y la 2 otra de cobre. Cada uno tiene 1,50 m de longitud y 3 mm de sección. El hilo de cobre esta en uno de los extremos de la barra; el de acero se encuentra a una distancia X del de cobre. Esa distancia se escoge de manera que ambos hilos se alarguen de la misma manera. Determinar: a) La tensión en cada hilo b) La distancia X Cu X Ac

1,20 m Al 3

4

La barra de la figura es uniforme e indeformable y pesa 100 kgf. Su posición inicial es horizontal. Calcular el ángulo que gira la barra luego de ser carga da como se muestra en la figura. La barra se encuentra pivotada en A y colgada en B de una varilla 2 de aluminio de 1 cm de sección y una longitud inicial de 1 m.

La barra AC uniforme e indeformable que pesa 100 kgf por    cada metro de longitud esta dispuesta como se indica en la 2 figura. La varilla BD tiene una sección de 1 cm y su modulo de 2 elasticidad E = 1,4 106 kgf / cm . La varilla CE tiene una sección 2 2 de 2 cm y su módulo de elasticidad es 2,1 106 kgf / cm . Si F = 15 Tn, calcular las tensiones y deformaciones de BD y CE.

1m B

m2

A

m4

500 kgf

D 1m C

B 2m

2m

A

2m

1m F E

5

Dos chapas de metal están unidas en sus extremos por 4 bulones, cada uno de un diámetro de 6 mm. ¿Cual es la tracción máxima que puede soportar si la fatiga cortante de los bulones no debe exceder de 7,2 kgf / mm2? Suponer que cada bulón soporta la cuarta parte de la carga.

6

Un bloque cuyo volumen inicial es 500 cm3 es sometido a una presión de 145 kgf / mm2. Calcular la disminución de volumen del bloque a) Siel bloque es de acero b) Sielbloque es de plomo

ELASTICIDAD

63

PARA PENSAR

CIENCIAS FISICAS

GRAVITACION UNIVERSAL

Física para Estudiantes de Ciencias e Ingeniería Prof. Ing. Gustavo Riart O.

GravitaciónUniversal

175

GRAVITACION UNIVERSAL El estudio del cielo y del movimiento de los astros fue siempre una pasión del ser humano. Lastimosamente muchos de los conocimientos de la antigüedad se perdieron en el tiempo. Por eso es que seguimos asombrándonos de las perfecciones de las pirámides egipcias o la precisión del calendario azteca. El estudio de la antigüedad mas completo sobre el movimiento de los planetas que se conoce es el del griego Claudio Ptolomeo. Para él la tierra era el centro alrededor del cual giraban los planetas y el sol. Con la diferencia que los planetas tenían dos movimientos circulares, uno alrededor de un centro propio ( Epiciclo ) y el centro de este alrededor de la tierra (Deferente). En 1543 publico su tratado "Revoluciones", primer estudio del movimiento de los Nicolás planetasCopernico alrededor del sol. Para Copernico las órbitas eranelcirculares. A fines del siglo XVI Tycho Brahe, realizo estudio sobre el movimiento de los planetas realizando mediciones con una precisión menor a medio minuto de arco. Brahe muere en 1601 y su discípulo Johannes Kepler, analizando los trabajos de Brahe; determina las leyes del movimiento de los planetas, sin considerar las causas. Isaac Newton enuncia la Ley de Gravitación Universal. En realidad Newton hace una serie de proposiciones o teoremas, como él mismo llama; en la que "la fuerza por las que los planetas, circunjovianos (una proposición), primarios (otra) y la Luna (otra) son continuamente apartados del movimiento rectilíneo y retenidos en sus órbitas adecuadas tienden hacia el centro y son inversamente proporcionales a los cuadrados de las distancias de los lugares de dichos planetas al centro" Y en otra proposición dice "Que todos los planetas gravitan hacia todos los planetas, y que los pesos de los cuerpos hacia cualquier planeta a distancias iguales del centro del planeta, son proporcionales a la cantidad de materia que respectivamente contienen". Todos los estudiosos de las Ciencias no podían concebir la existencia de fuerzas que no se trasmitan por algún mecanismo material de interacción. Así, imaginaron al universo suponiendo "que hay un medio etéreo, de constitución en gran medida análoga al aire pero mucho mas raro, sutil y fuertemente elástico" (Carta de Newton al presidente de la Royal Society, H. Oldenburg). El concepto del éter fue un tema de discusión permanente en la época. El mismo Newton discute los conceptos del éter, el cual para él estaba quieto y no formando un torbellino que hacía mover los planetas. Pero sin concebir al éter era imposible comprender como se puede ejercer una atracción de cuerpos a la distancia. La Ley de gravitación universal de Newton solo era aplicable ante la presencia del éter. El desarrollo del electromagnetismo con Maxwell y sus conceptos de campo; y sobre todo, los estudios de H. A. Lorentz sobre el campo electromagnético en el vacío, confirieron a las leyes de campo eléctrico, electromagnético y, finalmente, gravitatorio el concepto físico para interpretar    las interacciones a la distancia. Einstein?

GravitaciónUniversal

176

La parte de Energía llevar al final de Energía y las leyes de Kepler después de dinámica de Rotación

LEYES DE KEPLER DEL MOVIMIENTO DE LOS PLANETAS El análisis de los manuscritos de Brahe, hecho por Johannes Kepker, llevaron a este 20 años. Y sus conclusiones son conocidas como Leyes de Kepler. Estas Leyes son:

1ª Ley: Todos los planetas se mueven en órbitas órbitas elípticas que que tienen al Sol Sol en en una de sus focos. ( ley de las órbitas) 2ª Ley: El radio ve 2ªLey: vector ctor que va del S Sol ol a un planeta planeta cua cualquiera lquiera b barre arre áre áreas as iguale igualess en tiempos iguales ( ley de las áreas). 3º Ley: El cuadrado del período de revolución de un planeta cualquiera en torno al sol es proporcional al cubo de la distancia media del planeta al Sol. ( ley de los períodos).

FUERZAS GRAVITATORIAS MASA GR GRAVITACIONA AVITACIONAL L Para la determinación experimental de esta Ley se realiza el siguiente proceso. Se adopta un cuerpo "0" que ejerce fuerzas de atracción gravitatorias sobre otros cuerpos y se comprueba experimentalmente que:

1. Se coloca, inicialmente, un cuerpo 1, y se encuentra que: Las fuerzas son siempre atractivas, dirigidas hacia el otro cuerpo a) Las fuerzas dependen de la distancia entre ambos cuerpos. Es decir la fuerza es b) función una de la posición "r" respecto a "0". F1 = f   1(r) Colocamos ahora otro cuerpo 2 y tenemos que F2 = f   2(r)

2. Los módulos de las fuerzas para distancias iguales son proporcionales, así

f   2(r ) = f   2(r’ ) = f   2(r’’ ) = f   1(r (r  ) f   1(r’ ) f   1(r’’ )

f 2  (r’) f 1  (r’) 2/1

f 2  (r’’) f 2  (r)

Nótese que  2/1 es independiente de la posición de los cuerpos.

r'

0

f 1  (r)

r  r''

Si colocamos un tercer cuerpo 3 encontraremos que

f   3((rr ) = f   3(r’ ) = f   3(r’’ ) = f   1(r (r  ) f   1(r’ ) f   1(r’’ )

3/1

Y así para cualquier número n de cuerpos.

GravitaciónUniversal

177

f 1  (r’’)

3. Si comparamos las fuerzas que actúan sobre el cuerpo 3 y 2 obtenemos que:

f   3(r ) = f   3(r’ ) = f   3(r’’ ) = f   2(r (r  ) f   2(r’ ) f   2(r’’ )

3/2

=

3/1 2/1

Esta cantidad es una cantidad que no puede deducirse de las otras. Con esto está probado que la relación no depende de las fuerzas, y que es una característica de los cuerpos. A esta relación denominamos “masa gravitatoria”

f   2(r ) =

f   3(r ) =

2

)f   1(r 

f  

1(r r 

f   4(r ) =

3

)

4

f   1(r )

MASA GRAVITATORIA es una propiedad de los cuerpos cuya magnitud física representa cuantas veces mayor es la fuerza de gravitación con que es atraído el cuerpo, respecto a la fuerza gravitatoria con que es atraído un cuerpo de masa gravitatoria unitaria ambos col ocados a igual distancia del cuerpo que ejerce la atracción.

CAMPO GRAVITATORIO Se ha determinado la masa gravitatoria sin considerar el cuerpo 0 que es el generador de las fuerzas gravitatorias estudiadas. Las relaciones de la experiencia anterior permite establecer    que

f   2(r ) = f   3(r ) = f   4(r ) = 2

3

(r )

4

Este vector, define la fuerza por unidad de masa gravitatoria ejercida por el cuerpo 0 a una distancia r. Es el vector  Intensidad I  ntensidad del Campo Gravitatorio generado por un cuerpo. De hecho en un punto del espacio actúan varios cuerpos de forma que para determinar la intensidad del campo gravitatorio en ese punto es necesario hacer la suma vectorial de las intensidades de los diferentes cuerpos.

CAMPO GRAVITATORIO es el espacio en el cual un cuerpo ejerce fuerzas de atracción sobre otros cuerpos y la medida de su INTENSIDAD es la fuerza ejercida por unidad de masa gravitatoria en un punto determinado del espacio.

GravitaciónUniversal

178

C0NSTANTE DE GRAVITACIÓN UNIVERSAL Si observamos el cuerpo "0" comprobamos que el módulo del vector campo gravitatorio (r ) es proporcional al cuadrado de la distancia entre el punto considerado y el cuerpo que genera el campo.

(r ) = Ko r2 es

por lo tanto f 1  =

1

Ko r2

Y además se cumple que la fuerza sobre el cuerpo "0" debido al campo generado por "1" f   0 = 0 K 1

r2

Estas dos fuerzas por la Ley de la acción y la reacción son iguales y contrarias. Por lo tanto K0 =K1 0

1

La misma proporción se puede encontrar para los cuerpos 2 y 3, de forma que:

K0 =K1 = K2 =K3 = G 0

1

2

3

Esta constante es independiente de los cuerpos, del espacio, del tiempo, etc., por lo tanto es universal. Es la CONSTANTE DE GRAVITACION UNIVERSAL y su valor depende solo de las unidades de medida de la masa gravitatoria

El modulo del campo gravitatorio de la masa

0 es entonces

y el modulo de la fuerza ejercida en este campo sobre una masa

= G

0

r2 es f = G

0

r2

MASA INERCIAL Y MASA GRAVITATORIA Las interacciones gravitatorias existen siempre, con la sola presencia de un cuerpo. Debido a esto un cuerpo de masa inercial "m" tiene una masa gravitatoria " " . Por medios experimentales se demuestra que ambas masas son proporcionales entre sí.

=km El factor de proporcionalidad depende de las unidades de medida de la masa inercial y gravitatoria. Por convención la unidad de masa inercial es igual a la unidad de masa gravitatoria. GravitaciónUniversal

179

En el Sistema Internacional de Medidas la unidad de masa inercial y masa gravitatoria es el kilogramo. Conceptualmente ambas magnitudes físicas son diferentes. La masa inercial es la propiedad de los cuerpos de reaccionar con una determinada aceleración ante la acción de una fuerza. La masa gravitatoria es la propiedad de los cuerpos de ser atraídos con cierta fuerza ante la presencia de un campo gravitatorio.

ACELERACION DEBIDA A LA FUERZA FUERZA GRAVITATORIA GRAVITATORIA "Aceleracion de la gravedad" Si los cuerpo 1 y 2 se encuentran en un punto del espacio están sujetos a fuerzas gravitatorias, y las aceleraciones que adquieren son:

a1 = . f   1 . = 1 m1 m1

a2 = . f   2 . = m2

2

m2

Como 1  / m1 = 2  / m2 = k, las aceleraciones de todos los cuerpos son iguales en puntos de campo gravitatorio iguales y si la masa inercial es igual a la gravitatoria k = 1. .

a1 = a2 = .... = g = El hecho de adoptar las unidades de masa inercial y gravitatoria iguales, hace que la aceleración sea la medida del campo gravitatorio en ese punto. Si las unidades fuesen diferentes la relación sería g = k . Mediciones realizadas sobre la tierra en condiciones "normales" ( 45º de latitud, nivel del 2

mar, presión atmosférica 1 atmósfera, etc.) g = 9,80665 m / s . La fuerza gravitatoria (el peso), puede ser adoptada como una magnitud independiente y crear un sistema de unidades a partir de esta unidad. Por convención se adopto el mismo patrón utilizado para la masa de 1 kilogramo ( cuerpo de platino guardado en Sèvres, París) en las condiciones normales expresadas mas arriba, como unidad de fuerza para el sistema de unidades de medidas conocido como Sistema Técnico. Lastimosamente el nombre de la unidad provoca confusión. Para este sistema de unidades la masa es unidad dependiente y se denomina Unidad Técnica de masa (UTM). Si expresamos la aceleración de la gravedad para el campo gravitatorio en la superficie de la tierra y suponiendo a esta homogénea y esférica; la misma es:

g = G MT  / RT2 El valor de G, constante de gravitación universal es.

G = 6,672 x 10 –11 N m2  / kg2 (m3 kg –1 s –2) = 6,672 x 10  –8 dinas cm 2  / g2 (cm3 g –1 s –2)

Observación: En paréntesis figuran las unidades de la constante de gravitación universal en unidades básicas del S. I. En la tabla de abajo se presentan los valores de la aceleración gravitatoria para diferentes alturas sobre la superficie de la tierra. Estas alturas están seleccionadas de tal forma que cada una

GravitaciónUniversal

180

de las aceleraciones sea aproximadamente la mitad de la anterior. El gráfico muestra como la aceleración gravitacional va disminuyendo al aumentar la altura respecto a la superficie de la tierra.

H - km

aceler raación - g'

0 2643 6380 11655 19140 29710 44660

9,80 4,90 2,45 1,23 0,61 0,31 0,15

10,00 9,00 8,00 n 7,00 ó i c 6,00 a r 5,00 e l e 4,00 c 3,00 A 2,00 1,00 0,00 0

43 80 55 40 10 60 26 63 16 91 97 46 1 1 2 4

Altura

DATOS DE LOS ASTROS DEL SISTEMA S ISTEMA SOLAR Masa kg.

Planeta Sol Mercurio Venus Tierra Marte Júpiter Saturno

1,991x10 3,18x10 4,81x10 5,98x10 6,42x10 1,9x10 5,68x10

Radio m 6,96x10 2,43x10 6,06x10 6,37x10 3,18x10 7 6,99 x 10 5,85x10

27

Distancia al sol m

Período alrededor del sol

––––– 5,79x10 87,96d 1,08x10 224,7d 1,496x10 365,26d 2,28x10 687,0d 11 7,78 x 10 11,86 años 1,43x10 29,46 años

Urano 8,68x10 26 2,33x10 2,87x10 7 12 84,01años Neptuno 1,03x10 2,21 x 10 4,50 x 10 164,7 años Pluton 1,4x10 1,5x10 5,91x10 248años Luna 7,36x10 1,74x10  3,8 x 10  28 d  Observación: Los datos de la luna se refieren a la Tierra.

DIFERENCIA ENTRE CENTRO DE GRAVEDAD    Y CENTRO DE MASA m1 m

m2

Dos masas puntuales m1 y m2 son atraídas por    la fuerza gravitatoria de la masa m. Como ambas masas se encuentran a distancias diferentes los campos gravitatorios para ambas son diferentes. Para encontrar    el centro de gravedad con respecto al punto medio de la

recta une ambas masa el momento de las fuerza con respecto a ese punto es igual al momento deque la fuerza resultante.

GravitaciónUniversal

181

Si 1 y 2 son los campos en los que está n ubicados las masas m1 y m2 y forman las mismas fuerzaS LA resultante PT es

PT = ( 1 m1)2 + ( 2 m2 )2 + 2 1 m1 x 1 m1 d seno

1  –

2 m2 d seno

el ángulo que

2 m2 coseno

2 = PT

seno

X CG

Donde d es la distancia de cada masa al medio de la recta que une las masas, y los ángulos son los ángulos que forman las fierzas con la referida recta.

X CG

=

1  –

1 m1 d seno

2 m2 d seno

2

PT seno En cambio el centro de masa esta ubicado a una distancia

X CM = m1 d m1

 – m2 d + m2

Observación: La distancia d es la distancia de las masas al punt o medio de la recta que une las masas Solamente en caso que los campos gravitatorios sean iguales y la distancia entre las masas sea pequeñas de forma a que los ángulos que se consideran para calcular el momento se puedan asimilar a 90º, el centro de masa y de gravedad son los mismos.



1er PROBLEMA 6

Encontrar el centro de gravedad y el centro de masas de dos masa m1 = 10 kg. a una 6 8 distancia d1 = 250 m y m2 = 2 x 10 kg a una distancia de 315 de una masa m = 10 kg. El ángulo que forman los vectores de campo gravitatorio es de 30º. Haciendo los cálculos la distancia entre las masas es de 159,14 m Resultando la posición del centro de gravedad en la mitad de las líneas que une las masas y el centro de masas a una distancia de 26,52 m de la mitad de la línea que une las masas hacia la masa m2.

ENERGIA POTENCIAL GRAVITATORIA s m r  M

Si se coloca una masa "m" a una distancia infinita de otra masa "M", la fuerza gravitatoria es nula. En la medida que acercamos la masa m a M, la fuerza gravitatoria va aumentando. El trabajo realizado para mover m un s es

W = F s y s =  – 2 Como la fuerza F = G M m / r W =  – G M m

r

r //rr2

Por lo tanto el trabajo hecho por la fuerza gravitatoria para mover la masa m desde el

r 

infinito hasta la posición "r" es

W =  – GM m

r //rr2 = G GM M m / rr

GravitaciónUniversal

182

Siempre que se traslada una masa desde el infinito hasta una posición "r" el trabajo realizado depende de esta posición y no de la trayectoria, por lo tanto, debemos considerar como Energía Potencial Gravitatoria a " – W".

U =  – G M m  / r  La diferencia de energía potencial entre dos punto de posición "r f" y "r o" es

U =  – G M m / rrf+ f + G M m / r r o Ecuación en la que se nota que si



rf > ro

y resulta

U>0

2º PROBLEMA

Determinar la energía potencial gravitatoria en el campo gravitacional de la superficie de la Tierra de una masa "m2 que se encuentra a una altura "h".

U=  – GM m + GM m =  – GM m R T + G M m (RT +h)= RT + h RT ( RT + h ) RT

GMm h . T T ( R + h)R

2

En esta ecuación h >> R T, entonces G M m / R T = g De aquí que la variación de la energía potencial desde una altura h sobre la superficie de la tierra, como se determino en el Capitulo de Trabajo y energía, es

U =m gh 

3er PROBLEMA

Consideración de la energía potencial y cinética de una masa m que gira alrededor de otra masa M, a una distancia r La energía total de la masa m es la suma de su energía cinética y potencial.

E = m v 2  – G M m 2 r  La fuerza gravitatoria es igual a la fuerza centrípeta

m v2 = G M m rr  r 2 Resultando

m v2 = G M m 2 2 r 

De aquí que la energía total de la masa m es

E=G Mm  – GM m =  – GM m rr 2 rr  r 2 Por lo tanto la energía total de una masa m que gira alrededor de otra masa M es negativa. Estas masas pueden ser por ejemplo la Tierra alrededor del Sol o la Luna alrededor de la tierra. El signo negativo indica que si aumentamos el radio de giro aumenta la energía total de la masa.

GravitaciónUniversal

183



4º PROBLEMA

Determinar la velocidad necesaria para que un cuerpo que parte de la tierra logre girar en una órbita a una distancia Rf del centro de la tierra. La energía que debe tener el cuerpo sobre la superficie de la tierra es:

E = m v 2  – G MT m 2 RT Y la energía cuando está girando es:

E =  – G MT m 2RF Como las energías son iguales

m V2  – G MT m =  – G MT m 2 RT 2 RF V2 = 2 G MT . 1 .  – . 1 . RT 2R F Esta velocidad permite al cuerpo llegar a una distancia R f   del centro de la tierra. Para que escape del campo gravitatorio terrestre R f   debe ser infinito. Por lo tanto la velocidad de escape es

Vesc =

2 G MT RT

GravitaciónUniversal

184

PROBLEMAS PROBLEMAS 1. Se lanza un proyectil en la Tierra con cierta velocidad inicial. Otro proyectil se dispara en la luna con la misma velocidad inicial. Ignorando la resistencia del aire, y sabiendo que la 2 aceleración de la gravedad en la Luna es 1,6 m / s , ¿cual de los proyectiles tiene mayor    alcance?. ¿Cuál alcanza mayor altitud? Justificar    Resp.: Ambos en la luna

2. Un meteorito de 20000 T de masa se dirige desde el espacio exterior hacia la Tierra. Su 7

velocidad a una distancia de 3.8 10 m del centro de la Tierra es de 30 km/s. Calcular la velocidad con que llegará a la superficie de la Tierra. (Se supone que la Tierra permanece inmóvil antes del choque). Resp.: 31,7 km / h

3. Determinar el módulo de la velocidad de un satélite artificial en órbita circular a una altura h, por encima de la superficie de la Tierra. 1/2 Resp.: V = ( G MT ( RT + h))

4. Determinar el valor de h para un satélite geoestacionario (aquél cuya posición relativa respecto a la superficie de la Tierra permanece fija, es decir, su periodo es el mismo que el de la rotación de la tierra). 3 Resp.: 35,88 10 km

5. Un hombre pesa 80 kilogramos fuerza (su masa es de 80 kg) al nivel del mar. Calcular su peso en N:    A 8000 m sobre el nivel del mar     En la superficie de la Luna  En Júpiter     En el Sol Resp.:784N 129N 2075N

21900N

6. Determinar la velocidad de escape (la velocidad mínima con la que se debe de disparar un objeto para que llegue al infinito con velocidad nula) en cada uno de los cuerpos celestes del problema anterior. Resp.: Tierra 11190 m/s Luna 2376 m/s Júpiter 60200 m/s Sol 617800 m/s

7. Calcular la velocidad mínima con que debe dispararse una bala desde el punto A situado en la superficie de la Luna, y en la línea que une los centros de la Tierra y de la Luna, para alcanzar    el infinito (con velocidad nula). Se supone que las únicas influencias sobre la bala son las debidas a la Tierra y la Luna.  Determinar la fuerza sobre la bala cuando se halla en la posición de partida y en la de llegada. Resp.:V=2782m/s F=1,625

GravitaciónUniversal

185

PARA PENSAR

CIENCIAS FISICAS

DINAMICA DEL CUERPO MOVIMIENTOS COMBINADOS DE ROT ROTA ACION CION - PR PREC ECES ESIO ION N LEYES DE KEPLER Física para Estudiantes de Ciencias e Ingeniería Prof. Ing. Gustavo Riart O.

Mov de Precesión

229

MOVIMIENTOS COMBINADOS DE ROTACION ANÁLISIS CINEMATICO   Antes de iniciar el estudio de los movimientos de rotación combinados vamos a hacer algunas consideraciones que nos permitan comprender mejor el fenómeno. Imaginemos un movimiento circular realizado por un cuerpo de masa "m". Podemos hacer las siguientes afirmaciones:

1. El cuerpo no está en equilibrio y tiene una fuerza centrípeta que genera en el cuerpo una aceleración centrípeta igual al cuadrado de la velocidad sobre el radio. Esta aceleración hace cambiar la dirección de la velocidad y no el modulo. 2. Si el movimiento está estabilizado. Esto es, ni el módulo de la fuerza, ni el módulo de la velocidad cambian, el cuerpo se mueve descri biendo una circunferencia, con movimiento circular uniforme. 3. Si por algún mecanismo, no importa cual, aumenta la fuerza centrípeta, el cuerpo se moverá describiendo otra curva. Esto se debe a que aumenta la componente normal de la variación de la velocidad, al aumentar la fuerza centrípeta, y como, la velocidad es siempre tangente a la trayectoria, tiene un ángulo mayor, al que tenía anteriormente. 4. Es decir, en el punto 2, la aceleración centrípeta tiene un valor tal que la velocidad resulta siempre tangente a una circunferencia. En el punto 3, la aceleración centrípeta es tal que la velocidad resulta tangente a otra curva, Por ejemplo, elipse, en el caso de los planetas. 5. No debemos olvidar para la consideración vectorial que el tiempo es infinitamente pequeño (  t ) pues la aceleración normal cambia la dirección del vector velocidad en cada instante.

6. Este análisis es importante recordar para comprender mejor como influyen las magnitudes que vamos a considerar en los movimientos de precesión. En primer lugar hacemos un análisis cinemática del movimiento de un "trompo" constituido por    tres masas puntuales rígidamente unidas entre sí, por varillas sin masas, considerando la cinemática de los puntos del trompo.

B

El trompo tiene dos movimientos de rotación: uno alrededor de un eje que pasa por su centro de masa y el punto de apoyo; y otro alrededor de un eje vertical que pasa por el punto de apoyo. El primer movimiento tiene

v2

D

v1

una velocidad angular    1 y el segundo

v2

C

movimiento del trompo

2. En el

1 >> 2.

v1

A

Además de estos dos movimientos tiene una aceleración angular srcinada por el momento del peso con respecto al punto de apoyo y perpendicular al plano formado por las velocidades angulares.

Los puntos del trompo tienen dos velo cidades tangenciales: V1 = 1 x r1 y V2 = 2 x r2 . En nuestro trompo los radios r1 son constantes pues nuestras masas son simétricas; en cambio, los radios r2 dependen de la posición de los puntos. Cuando las masas se encuentran en las posiciones indicadas como A y B en la figura, las velocidades se encuentran sobre la misma recta. Mov de Precesión

230

En el punto A ambas velocidades tienen el mismo sentido y en el punto B tienen sentido contrario, por lo tanto la velocidad VA > VB , con lo cual lo que el punto A "a "ava vanz nza" a" y es mayor que el "retroceso" del punto B.El centro de masa tiene un "avance" debido únicamente a su velocidad V2. En los puntos C y D la velocidad V1 (perpendicular a 1 ) forma un ángulo con la velocidad V2, que es horizontal. En los puntos C y D , la velocidad V1 son iguales pero de sentido contrario. Igual cosa ocurre con la velocidad V2. Esto hace que en estos puntos las velocidades resultantes sean iguales, siendo en C por debajo de la horizontal ( el punto está bajando) y en D, por arriba de la horizontal ( el punto está subiendo). Haciendo el análisis de las aceleraciones, encontramos que los puntos tienen tres aceleraciones. Una aceleración centrípeta ac1 debida a la 1, otra

a

a



a

1

2

aceleración centrípeta ac2 debida a 2 y una tercera aceleración debida a la aceleración angular ( que identificamos como a ) provocada por el momento del peso. La aceleración ac1 es de módulo constante; en cambio, la aceleración ac2 cambia su módulo, al cambiar el radio de la circunferencia, como puede verse para los puntos C y D en la figura.

a a

1

2

a



La aceleración a (a = a x r  ) es siempre vertical, pero cambia de sentido, y de módulo al cambiar la posición del punto. En el punto C es para abajo, en el punto B es para arriba y en los puntos C y D es nula. Para que el movimiento se estabilice, y el trompo siga girando en las mismas condiciones en el tiempo, es necesario que a es menor o por lo menos igual a la componente vertical de ac1 ( ac1y ) Si por alguna razón, el trompo se inclina mas aumentando de esta forma el momento, y consecuentemente a el trompo gira mas inclinado, a

< o = ac 1y, en caso contrario cae.

Si debido al rozamiento en el punto de contacto en el piso,

a

1 disminuye y ac1y es menor que

, el trompo también cae.

EL MOVIMIENTO DE PRECESION   Al analizar la cantidad de movimiento angular se vio que su dirección no siempre coincide con la dirección de la velocidad angular. Esto es así porque, en realidad, la cantidad de movimiento angular es el producto vectorial del vector de posición por el vector cantidad de movimiento.

L=rxP

  A su vez, P = m V , donde V = r x producto vectorial.

 resultando la cantidad de movimiento angular un doble

L=rx(mr x

)

Cuando tenemos un cuerpo sólido, para analizar el mismo es necesario considerar los m e integrar los mismos. Esa integral es un complicado calculo de tensores.

L = r x (r x Mov de Precesión

m) 231

Esta consideración la hacemos para que se comprenda que el análisis dinámico de este movimiento solo es posible en textos avanzados de dinámica. El resultado se simplifica cuando el cuerpo tiene ejes de simetría y la cantidad de movimiento resulta

L = Ix

x + Iy

y + Iz

z

Donde Ix, Iy e Iz son los momentos de inercia del cuerpo con respecto a los ejes de simetría y ejes.

x, y y

z son las componentes de la velocidad angular con respecto a esos

EL GIROSCOPO

El giróscopo es un disco de masa "m" sujeto por una conexión tipo "cardan" ( Ver figura ). El disco gira inicialmente alrededor de su eje y debido al sistema de sujeción, mantiene su posición por mas que se varíe la posición del apoyo, pues la conexión no permite la transmisión de momentos al disco. Si colgamos del eje del disco un peso "P", el mismo genera un momento con respecto al centro de masa y consecuentemente un impulso angular    t , tal como se muestra en la figura. Como el impulso angular es, en cada instante, perpendicular a la cantidad de movimiento angular inicial, el mismo solamente provoca un cambio en la dirección de la cantidad de movimiento angular y no sin variar el módulo. De esta forma, el eje del giróscopo realiza un movimiento de rotación alrededor del eje "z". Este movimiento es conocido como movimiento de precesión.

Mov de Precesión

232

EL TROMPO Sobre el trompo actúan dos fuerzas su peso aplicado en el centro de gravedad y la normal del piso sobre el trompo.

Este par de fuerzas tiene un momento igual a

= rxmg Este momento es perpendicular al plano formado por el peso y el vector de posición.

t

El impulso angular generado por el momento es

t=

L = Lf  – Lo

Como el impulso angular es perpendicular a la cantidad de movimiento angula r, que se encuentra en el plano de los vectores r y mg; el modulo de la cantidad de movimiento es constante variando su dirección.

Lf LO

ANÁLISIS DE LAS LEYES DE KEPLER Incluimos en esta sección las Leyes de Kepler, considerando que las mismas son esencialmente consideraciones cinemáticas del movimiento de los planetas, aunque para su demostración recurrimos a consideraciones dinámicas. Estas leyes fueron enunciadas por Kepler, luego del análisis de los datos de observaciones de Tycho Brahe. Isaac Newton con la Ley de Gravitación Universal, completo el trabajo realizado por sus predecesores. De acuerdo a la gravitación universal la fuerza de atracción esta siempre dirigida al cuerpo que atraey en a los demás. Paradirigida los planetas atracción producida el Sol y la están siempre todo momento hacia ellamismo. Loses satélites son por atraídos por losfuerzas planetas y la fuerza de gravitación es hacia los mismos. Las fuerzas que siempre tienen la dirección del vector de posición tomado desde el punto fijo alrededor del cual gira el cuerpo se denominan Fuerzas Centrales. Mov de Precesión

233



1ª LEY: Todos los planetas se mueven en órbitas elípticas que tienen al Sol en uno de sus focos. ( ley de las órbitas)

  Analizando los valores de la energía de un cuerpo que gira en torno a otro, se encuentran las siguientes situaciones:

E = m V 2  – G M m 2 r  a) La energía total es positiva, E > 0. En este caso cuando r es infinito la velocidad es positiva V>0, lo que nos indica que si un cuerpo que viene del infinito, giraYaennotorno al le atrae y se aleja. vuelve. La órbita del cuerpo es una órbita abierta y su trayectoria es una hipérbola. b) La energía total es nula, E = 0. Si el cuerpo viene del infinito, gira en torno al sol y se aleja hasta que su velocidad vuelve a ser    cero.

c) Cuando la energía total es negativa, E < 0, el cuerpo no puede alejarse hasta el infinito, porque de ocurrir esto la velocidad al cuadrado sería negativa (velocidad imaginaria). Esto es imposible. En estos casos los cuerpos tienen trayectorias cerradas que pueden ser o una elipse o una circunferencia. Este es el caso de los planetas en torno al sol y los satélites en torno a sus planetas. Incluso los cometas que vuelven periódicamente, como el Haley describen órbitas elípticas con mayor o menor excentricidad. El hecho de que la fuerza sea central, entonces, hace que, dependiendo de la energía, los cuerpos describan una de las curvas cónicas.



2ª Ley El radio vector que va del Sol a un planeta cualquiera barre áreas iguales en tiempos iguales ( ley de las áreas).

Analizando el movimiento de los cuerpos de acuerdo a la igualdad del impulso y la cantidad de movimiento angular, resulta que el impulso angular es nulo, porque la fuerza que actúa es central y su momento es nulo, con respecto al punto alrededor delcual gira.

S

La cantidad de movimiento angular por lo tanto se conserva en todo instante del movimiento de los planetas.

L = r x P = M p r x V = constante El planeta gira entorno al plano formado por los vectores de posición y velocidad. Mov de Precesión

234

La velocidad es la variación del vector de posición (desplazamiento) respecto al tiempo.

V= r/ t El área barrida por el vector de posición en un tiempo

t es

A = rr  r / 2 = r x V t / 2 = ( L / 2 M p) t ( L // 2 M p) = k = constante A=k t A=kt Consecuentemente si los tiempos son iguales las áreas también los son.



3ª Ley: El cuadrado del período de revolución de un planeta cualquiera en torno al sol es proporcional al cubo de la distancia media del planeta al Sol. ( ley de los períodos).

Cuando la fuerza es central es la fuerza centrípeta del movimiento.

m V2 = G M s m rr  r 2 V = 2 r  T (2 r // T )2 = G M s rr  r 2 T2 = 4 2 r 3 G Ms T 2 = 2,97 10 –19 s2  / m3 r 3 Las tres leyes de Kepker son validas tanto para los planetas en torno al sol, como para los satélites naturales y artificiales en torno a los planetas. En las deducciones realizadas se deben considerar las masas de los cuerpos en estudio.

Mov de Precesión

235

MECANICA DE LOS FLUIDOS ESTATICA DE LOS FLUIDOS FLUIDOS Los fluidos tienen cualidades geométricas y mecánicas diferentes de los sólidos que nos permite diferenciarlos claramente. Las diferencias fundamentales son:

F

F

a)

Los fluidos, a diferencia de los sólidos, no tienen F1 F2 forma propia y adquieren la forma del recipiente en el cual están contenidos. Esto hace que las posiciones relativas de las masas puntuales que constituyen el fluido varíe según la forma del recipiente. Este fenómeno es debido a la escasa fuerza de atracción entre las moléculas de los fluidos.

b)

Como consecuencia de lo anterior el comportamiento mecánico de los fluidos es totalmente diferente a los sólidos. Si a un sólido como el de la figura se le aplica una fuerza “F” en uno de sus extremos, para mantenerlo en equilibrio se debe aplicar    una fuerza igual y contraria. En cambio si tenemos un recipiente de la misma forma que el sólido anterior lleno de un fluido, (para el efecto se necesitan dos émbolos en cada extremo) y a uno de ellos le aplicamos una fuerza “F1”, en el otro extremo se debe aplicar otra fuerza “F2” para mantener el equilibrio. Estas fuerzas deben cumplir con la relación F1 / S1 = F2 / S2, donde S1 y S2 son las secciones de los émbolos que sostienen al liquido.

La materia es un fluido cuando se encuentra en estado líquido y en estado gaseoso. Si bien ambos estados la tienen lastienen características de los fluidos de no macroscópicas tener forma propia y transmitir    con igual intensidad fuerza también otras características y microscópicas que los diferencian. Desde el punto de vista macroscópico, los líquidos tienen el volumen constante y ocupan este volumen en el recipiente. Si por algún fenómeno se produce una variación de volumen, este es, relativamente pequeño. Los gases, en cambio, ocupan totalmente el volumen del recipiente en el que están contenidos y su volumen depende del volumen del recipiente. Por esta razón no es posible tener un gas en un recipiente abierto, ya que el mismo escapa tratando de ocupar toda la atmósfera. En realidad estos conceptos son una primera aproximación, a la diferenciación de ambos estados de la materia, pero son suficientes para el alcance de este libro. Esta última característica de los gases de no tener volumen propio, obliga a que nuestro estudio, en este capitulo, se refiera a la mecánica de los líquidos. Los principios que la rigen son los mismos para los gases. La limitación se debe a que la gran facilidad del cambio de volumen de los gases, hace necesario a que el estudio se realice con calculo diferencial y con otras consideraciones físicas. El estudio de los gases es objeto de otros capítulos. Antes de iniciar el estudio de la mecánica de los fluidos debemos definir previamente algunas magnitudes físicas.



DENSIDAD: Es la masa por unidad de volumen de un cuerpo (

)



PESO ESPECIFICO: Es el peso por unidad de volumen de un cuerpo. (



DENSIDAD RELATIVA: Es la relación entre la masa de un cuerpo y la masa de igual volumen de agua. ( ’ )



PESO ESCIFICO RELATIVO: RELATIVO: Es la relación entre el peso de un cuerpo y el peso de igual volumen de agua. ( ’ ) Si

=. P.=. mg .= g V

V

El peso específico es igual al producto de la densidad por la gravedad.

’=

P

P H2O

. = . P  / V

.= .

P H2O  / V

. y de igual forma

’ = .

H2O

Por lo tanto .

’

H2O

. H2O

’

y

H2O

El peso específico relativo es igual a la densidad relativa, desde luego, y ambas son adimensionales pues solo expresan relación entre pesos o masas por unidad de volumen. El peso específico de un cuerpo es igual a su peso especifico relativo por el peso especifico del agua y la densidad del cuerpo es igual a la densidad relativa por la densidad del agua.

UNIDADES DE PESO ESPECIFICO SISTEMA DE UNIDADES Sistema Internacional Sistema Técnico C. G. S. C.G.

Densidad _ 3 . kg m . . UTM . 3 m . g . 3 cm

Peso Especifico . m N.3 . . kgf   . 3 m . DINA . 3 cm

DENSIDAD y PESO ESPECIFICO del AGUA SISTEMA DE UNIDADES Sistema Internacional Sistema Técnico C. G. S. C.G.

 – Densidad . 10 kg . 3 m . 102 U T M . 3 m .1g . 3 cm

Peso Especifico .9,81 0 N . 3 m . 10 kgf   . 3 m . 980 dina . 3 cm

Densi De nsida dadrel drelat ativ ivaa  ––  pres presió ión1 n 1 atm atm  ––  temp.0 temp.0ºC ºC   Acero   Aluminio Bronce Cobre Hielo Hierro Oro Plata Platino

7,8 2,7 8,6 8,9 0,92 7,8 19,3 10,5 21,4

Agua Alcohol etílico Benceno Glicerina Mercurio Aceite Aire Oxigeno Hidrogeno

Plomo

11,3

Helio

1,00 0,81 0,90 1,26 13,6 0,9 – 0,8 1,29 10 x 1,43 1x0 0,89x10 1,79 10 x

-3

Como manifestamos, la diferencia mecánica fundamental entre sólidos y fluidos es que estos últimos no transmiten la fuerza, y la condición de equilibrio esta dada por la relación entre la fuerza y la superficie de fluido sobre la cual actúa la fuerza. Es pues necesario definir una nueva magnitud física, la Presión

Presión es la fuerza por unidad de superficie superfi cie ejerc ejercida ida sobre la masa de un fluido p = ..FF . S

La presión en un punto de un fluido se ejerce en todas las direcciones, razón por la cual la misma no es un vector. Para determinar la fuerza es neces ario definir    la dirección de la superficie sobre la cual se desea sab er    la fuerza. Es sabido que la superficie es el producto vectorial de las dimensiones de un plano, por lo tanto un vector perpendicular al plano considerado. Multiplicando el escalar presión por el vector superficie obtenemos la fuerza de igual dirección y sentido que la superficie.

F=pS S=a^b

b a

p p Los líquidos, pues, tienen la propiedad de transmitir la presión y no la fuerza. Fue Pascal, quien estableció que “si se aplica una presión a un fluido fluido incompresib incompresible, le, la presi presión ón se transmi transmite te con igual intensidad intensidad a todo el fluido”, fluido”, conocido como Principio de Pascal

Unidades de Medida de la Presión Ecuación Dimensional p = . F . = M2 L2 = . M . 2 S T L T L

Unid Unidad ad en elSis el Siste tema ma IInt nter  erna naci   cion onal al

p = 1 Newt Ne wton on = 1 Pas P asca call

2

m Unidad del SistemaT Té écnico

p= = 1 kgff   . 2 m

Unidadd elS istemaC .G.S.

p=1 dina. 2 cm

Factores Factor es   de conversión conver sión   de las unidades unidades de presi presión ón 1 Pascal = 1 Newton = 9,8 kgf   . = . 10di 10 dinas nas.. 2 2 2 m m cm

TEOREMA GENERAL DE LA HIDROSTATICA La estática de los fluidos tiene un solo teorema en el que funda todo el estudio de los mismos. Este es el Teorema General de la Hidrostática.

F1

1

1 h

2

h

P

2 F2

Figur ra a  1

Figur ra a  2

Figur ra a  3

Considerando un liquido con tenido en un recipiente como muestra la figura 1, este liquido tiene en el punto 2 una presión p2 y en el punto 1 una presión p1. El Teorema General de la Hidrostática dice que la diferencia de presión entre dos puntos punto s de de u un n líqu lí quido ido es es ig igua uall al al pes peso o espe específ  cífico ico   del del líq líqui uido do por por la la altu altura ra en entr  tre e   los los do dos s puntos. Para demostrarlo construimos un paralelepípedo del mismo líquido y hacemos el diagrama de fuerzas para el mismo. En este caso solo analizaremos las fuerzas verticales. F2  – F1  – P = 0 Dividiendo por las superficies F2  – . F1 . = . P . S S S

S

donde P =

. F2 .  – . F1 . = S S

Sh

V=

Sh

p2  ––  p1 = h

EXPERIENCIA DE TORICELLI 1

Evangelist Evangelista a Torrice Torricelli, lli, fue el primero primero que midió la presió presión n

P

atmosfé atmosféric rica. a. mercurio Para Para el efecto efect o llenó llenóelun recip recipient e y un tubo tubo de de 1 m de longitud con e introdujo tubo en iente el recipiente. Midiendo Midiendo la altura altura “h” a la que desciende desciende el mercurio mercurio dentro dentro del recipiente recipiente,, determino determino la presión presión atmosfé atmosférica rica por el teorema teorema general general de la hidrostática. p 2  – p 1 =

Hg

2

h

La presión presión en el el punto 2 es es la presión presión atmosfé atmosférica. rica. En el punto 1, existe existe vapor de mercurio, mercurio, que se evaporo evaporo debido debido a la baja de la presión. presión. La presión presión que ejerce ejerce el vapor de mercurio mercurio es despre despreciabl ciable e por lo que se puede puede decir que la presió presión n en el punto 1 es cero. La altura “h” medida es de 760 mm. mm. De esta forma : p 2  – p1 = pa pattm tm  – 0 = pa pa attm tm  – 0 = ’H g

Hg

h

H 2O 2O h

patm patm = 13,6 13,6 x 1000 100 1000 kgf  kgf   x  760 760 mm 3 m patm patm= = 10 33 336 6 kgf  kgf  = 1, 1,03 0336 36 kgf  kgf  . 2 2 m cm Los apar aparato atos s que perm permite iten n medir medir la presi presión ón atmos atmosfér férica ica,, recibe reciben n el nombre nombre de barómetros,, de donde la presión barómetros presión que los mismos mismos suministran suministran se denomina denomina presión presión barométrica barométrica.. La presió presión n atmosfé atmosférica rica en realid realidad ad no es constant constante, e, varía varía por difere diferentes ntes facto factores; res; temperatur temperatura a del aire, viento, viento, humedad, humedad, etc.; sin embar embargo go se adopta adopta el valor correspond correspondiente iente a 760 mm de Hg. como como presión presión atmosférica atmosf atmosfé érica norma normal. l. Esta presión es conocida como 1 atmósfera y la presión presión atmosférica atmosférica se expresa generalm generalmente ente en atmósferas. atmósferas. Así la presión presión atmosférica atmosférica normal es: 1 atm atm atm = 760 76 760 mm de Hg Hg = 1, 1,0336 0336 0336 kgf  kgf     . = 10 336 x 9,8 9,8 N . = 101 293 Pa 2 2 cm m

MANÓMETRO Y PRESIÓN MANOMÉTRICA.

2 h

La revoluc revolución ión industrial, industrial, generalizó generalizó el uso de de las maquinas a vapor. Estas máquinas necesitaban necesitaban de calderas donde se evaporaba el agua y se producía y se almacenaba el vapo vaporr neces necesar ario io para para mov mover er las las maqui maquina nas. s. Al princi principi pio, o, las calderas explotaban pues no era posible controlar controlar la pres presió ión n del vapo vaporr dent dentro ro del del mism mismo. o. Para Para solu soluci cion onar ar el

1

problema se invento el manómetro, manómetro, con con el cual cual se mide mide la presión presión del vapor, y en caso caso de ser ser muy elevada elevada se se dejaba dejaba escapar vapor, evitando de esta esta forma que la presión supere supere ciertos valores. valores. Los primeros manómetros consistían consistían en un tubo en U con dos ramas. Una de las ramas se conecta conecta a la caldera caldera y la otra queda queda abierta abierta a la atmósfera. atmósfera. En el tubo se introduc introducía ía mercurio. mercurio. La presión sobre el mercurio en la rama conectada conectada a la caldera es la la misma que la del vapor de agua y en la otra rama es la presión atmosférica. De esta forma forma de acuerdo al Teorema General de la Hidrostática, Hidrostática, p 1  – p2 = p  – p pa atm tm =

H g

h

Esta diferen diferencia cia de presión presión entre entre la presión presión en el interior interior de la caldera caldera y la presión presión atmosférica pasa a denominarse presión manométrica. manométrica. La presión presión manomé manométrica trica no es en consec consecuen uencia cia la presi presión ón del del interi interior or de la la calder caldera. a. Siempr Siempre e que se se mencio menciona na la la presió presión n manométric manométrica, a, se tiene el dato de la presión presión real menos una atmósfer atmósfera. a. pm pm = p  – p pat atm atm =

Hg

h

Los manómetros manómetros fueron fueron evolucionan evolucionando do con el tiempo, tiempo, siendo siendo al al presente presente aparatos aparatos electrónicos, pero siempre suministran la la presión manométrica.

PRESIÓN PRESIÓN SOBRE LAS PAREDES PAREDES La presió presión n ejercid ejercida a por por un líquido líquido sobre las parede paredes s del reci recipi pien ente te aume aumenta nta con con la la pro profun fundi dida dad, d, de form forma a que que el el incremento de presión es p =

L

h

H F H/3

El incr increm emen ento to es es pues pues lin linea eall y prop propor orci cion onal al a la profundida profundidad. d. En el gráfico gráfico se representa representa las las presiones presiones para las las diferentes profundidades con líneas horizontales. Para calcular la fuerza que ejerce el líquido sobre la la pared calculamos la presión promedio promedio entre los dos puntos que interesa y multiplicando multiplicando por la superficie sobre la cual actúa obtenemos la fuerza. En este caso la presión promedio entre la superficie superficie del liquido y el fondo es p =

L

H /2,

y por lo tanto la fuerza fuerza es considerada.

F =

2

L

H a / 2,

donde “a” es el ancho de la pared pared

El punto de aplicaci aplicación ón de la la Fuerza Fuerza es el el centro centro de graveda gravedad d del triángulo triángulo formado formado gráficamen gráficamente te con las presiones, presiones, por lo tanto tanto se encuentra encuentra a una distancia distancia del fondo igual a un tercio de la altura. altura. Así el momento momento que ejerce ejerce la fuerza fuerza con respec respecto to al fondo es es = FH/3 =

3

L

H a/6

PARADOJA HIDROSTÁTICA

Re Rec eci cip ipi pie ien ent nte te1

Re Rec eci cip ipi pie ien ent ntte e2

Re Re ec ci cip ipi pie ien ent ntte e3

Los tres tres recipientes recipientes de la la figura figura tienen tienen la misma misma áre áre a en el fondo y contienen el mismo mismo liquido liquido hasta la misma misma altura altura “h” “h” . La presión presión y la fuerza fuerza ejercida en en el fondo de los los tres re re cipientes cipientes son

p f   =

h

F f   = S p f = S

h

Observando los recipientes se observa que el peso del líquido en cada uno de ellos es dife difere rent nte. e. Sien Siendo do el mayo mayorr el del del reci recipi pien ente te 3 y el meno menorr el del del reci recipi pien ente te 2. 2. El hech hecho o de de que que la la fuerza fuerza ejercid ejercida a en el fondo del recipiente recipiente es igual, igual, independie independienteme ntemente nte del peso del líquido líquido es es conocido como “Paradoja Hidrostática” S2 p2

S1 p1 h1

N

N1

N2

S  – p f La fuerza fuerza que ejerce ejerce el líquido líquido en el fondo del recipiente recipiente es es igual igual en los tres tres casos, casos, e igual al peso del líquido líquido en el recipiente recipiente 1. Esto no signific significa a que las normal normales es ejercid ejercidas as sobre sobre los los recipiente recipientes s no sean diferentes diferentes y cada cada una igual al peso del líquido líquido contenido contenido en cada uno uno

Recipiente 1: en este recipiente la fuerza en el fondo es igual a la Normal e igual al peso del liquido contenido. Recipiente 2: en este recipiente la fuerza en el fondo es la determinada anteriormente. Pero en el estrechamiento el líquido tiene una presión p 1 =

h 1 y hace una fuerza de abajo para

arriba sobre la superficie del S 1 del estrechamiento igual a F 1 = S 1 p 1 = S 1 h 1. Por lo tanto la N 1 = F f  – F1, menor que en el recipiente 1 y que es igual al peso del liquido contenido en el recipiente 2 Recipiente 3: En este recipiente el liquido ejerce en el ensanchamiento, una presión p 2 = h 1 y hace una fuerza de arriba para abajo sobre la superficie del S 2 del ensanchamiento igual a F2=S2p2=S2 h 1. Por lo tanto la N 2 = F f + F1, mayor que en el recipiente 1 e igual al peso del liquido contenido en el recipiente 3.

VASOS COMUNICANTES 1

2

h1

h2

3

4

La Un figura muestra recipiente compuesto de dos tubos comunicante”. verticales unidos un tubo horizontal. recipiente deun esta forma recibe el nombre de “Vaso Sipor se carga un líquido en el vaso el líquido sube en ambas ramas. Demostraremos que las alturas que alcanza en ellas son iguales. Por el teorema general de la hidrostática se sabe que p 3  – p1 =

h1

p 4  – p2 =

h2

p 4  – p3 = Pues los puntos 4 y 3 se encuentran al mismo nivel. Además las presiones p 2 = p 1 = p atm Por lo tanto para que se cumplan las igualdades h 1 = h 2

VASOS COMUNICANTES CON DOS LIQUIDOS Si cargamos dos líquidos que no se mezclan de densidades diferentes, los mismos tendrán alturas diferentes los mismos tendrán alturas diferentes con respecto al nivel de separación de los mismos.

1

2

2

h2 h1 3

4

1

Si los puntos 3 y 4 se encuentran al mismo nivel, se cumple que p 3  – p 1 = 1 h 1 p 4  – p 2 =

2

h2

p4=p3 p 2 = p 1 = p atm Por lo tanto 1

h1=

2

h2

1

= h2

2

h1

EMPUJE Arquímedes enuncio el Principio que lleva su nombre sosteniendo que “todo cuerpo sumergido en una masa líquida sufre una perdida aparente de peso peso igual igual al peso del líquido desalojado”. En esa época, esta “perdida de peso” era considerada como un fenómeno misterioso que existe en la naturaleza cuando en realidad no es nada mas que una consecuencia de la diferencia de presión entre dos puntos de un líqui do.

Un cuerpo de peso “P” se sumerg e en un líquido hasta el fondo del recipiente, que contiene al líquido, y se lo coloca de tal forma que no penetre liquido entre las superficies en contacto. Las fuerzas verticales que actúan sobre el cuerpo son las indicadas en la figura 2 Donde P es el peso del cuerpo, F1 es la fuerza debida a la presión en ese punto (p S) y N es la reacción Normal del fondo del recipiente sobre el cuerpo. En esta situación el cuerpo permanecerá en equilibrio en el fondo pues la Normal es una fuerza equilibrante de las otras dos. Figura 1

Figura2

Figura3

F1

F1

P

P

N

N

F2

En la figura 3 se considera el mismo cuerpo pero considerando que el liquido penetra bajo la cara inferior ocupando una fracción de la superficie. Entonces la presión del liquido sobre la cara inferior del cuerpo hará una fuerza F2 = p2 S2 y Si F2 < P + F 1 si F2 = P + F 1 si F2 > P + F 1,

N > 0, 0 el cuerpo esta en equilibrio; N = 0, 0 el cuerpo esta en equilibrio: el cuerpo no esta en equilibrio

En el último caso la presión del líquido en la cara inferior y la superficie mojada generan una fuerza que es capaz de levantar el cuerpo.

F1

La figura 4 muestra el mismo cuerpo en medio de la masa liquida. Las fuerzas que actúan sobre el cuerpo son las indicadas en la figura 5

h

Considerando las fuerzas F2 y F1 tenemos que F2 = p2 S y F1 = p 1 S

P F2

Luego F2 – F1 = p2 S – p1 S = ( p 2 – p1 ) S figura4 figura5 De acuerdo al teorema general de la hidrostática p2  – p1 =

h

F2  – F1 =

l

hS

F2  – F1 =

l

V

La resultante de las fuerzas debidas a la presión, cuando toda la superficie del cuerpo esta sometido a presiones es conocida como EMPUJE . Y en este caso, el empuje es igual al volumen de líquido desalojado por el peso específico del líquido, es decir igual al peso del líquido desalojado.

E=

l

V

Si el empuje es igual al peso el cuerpo quedará flotando a media agua, si es mayor saldrá para arriba para flotar con parte de su cuerpo sumergido y si es menor se hundirá.

Cuando el cuerpo flota con parte de su volumen sumergido, la presión en la cara superior    es la presión atmosférica, y la diferencia de presión genera un empuje que es igual al peso del líquido desalojado. Los cuerpos que se encuentran en el aire o en otro gas, también están sometidos a un empuje. El punto de aplicación del empuje es el centro de gravedad de la parte sumergida, pues el mismo es igual al peso del líquido desalojado. El empuje, es la acción del líquido sobre el cuerpo, por lo tanto, la reacción del cuerpo sobre el líquido será igual y de sentido contrario. En la figura 1 de abajo la fuerza F 1 y F 2 debido a la presión que ejerce el liquido sobre el cuerpo. En la figura 2 se muestran las reacciones F 1 y F2 que hace el cuerpo sobre el liquido.

F1 E

F1 F2

E

F2 Figura 1

Figura 2

Sisobreelcuerpo sobr e el l iquido tamb ién es

F

2 – F1 = E (Empuje), F 2 – F1 = E (Empuje, de igual magnitud y de sentido

contrario). Es decir, el cuerpo se encuentra bajo la acción del empuje de con dirección vertical y sentido para arriba, y el liquido se encuentra bajo la acción del empuje con dirección vertical y sentido para abajo. Principio de accion y reaccion de empuje

EMPUJE SOBRE UN CUERPO QUE FLOTA ENTRE DOS LÍQUIDOS Si el cuerpo se encuentra flotando entre dos líquidos, las diferencias de presiones entre los puntos 1, 2 y 3 son: p2  – p1 = 1 H1 3

Luego

p

2

 – p =

2

1

1

H1 H2

2

H

p3  – p1 = 2 H2 + 1 H1 Si multiplicamos la presión por la superficie.

2

2

3

F3  – F1 = Como H1 S = V 1 ,

H2 S = V 2

2

H2 S + 1 H1 S

y

E=

F3  – F1 = E

2

V2 +

1

V1

DIFERENCIA DE PRESION CUENDO EL RECIPIENTE TIENE ACELERACION EMPUJE SOBRE UN CUERPO EN UN RECIPIENTE CON ACELERACIÓN

P

Si un cuerpo se encuentra flotando en un líquido contenido en un recipiente y todo el sistema tiene una aceleración vertical, en este caso para arriba. El cuerpo se encuentra bajo la acción de las fuerzas F1 y F2, debidas a las presiones del líquido; y de su peso, de forma que se cumple:

F2

F2  – F1  – P = m a

F1

a

Donde E = F2  – F1,

h

F2 = S p 2,

F1 = S p1,

P=

gSh,

m=

Sh

Se verifica que:

E=

V(g+ +a a)

p2  – p1 =

h(g+a)

TRABAJO TRABAJ O REALIZADO REALIZADO POR EL EMPUJE, EMPUJE, FUERZA CONSERVATIVA Si un cuerpo se encuentra sumergido a una profundidad “h” y se mueve para arriba, el trabajo realizado por el mismo es:

T= E h Cualquiera sea la dirección en que se mueve el cuerpo el trabajo siempre será el mismo, de aquí que el empuje es una fuerza conservativa. Por lo tanto, se puede considerar una energía potencial igual a

U =  – E H Esta energía potencial, al contrario de la debida a la gravitación universal, disminuye al aumentar la altura del cuerpo y disminuir la profundidad a la que se encuentra sumergido el cuerpo.



El movimiento armónico en vasos comunicantes p  ––  patm patm = d g x S (p  – – patm patm)) = S d g x F ==SSdd g x Sdg=k  F =kx



El movimiento armónico de un cuerpo sumergido. E  ––  E Eoo = d g S ((hh + xx))  – – d g S h F ==ddgg S x Sdg=k  F =kx

MECANICA DE LOS FLUIDOS DINAMICA DE LOS FLUIDOS El estudio de los fluidos en movimiento requiere de varias simplificaciones que permitan analizar su comportamiento. Las condiciones de nuestro análisis son: 1. 2. 3. 4.

Fluido no viscoso. Se desprecia la fricción interna entre las distintas partes del fluido. Fluido incompresible. La densidad del fluido permanece constante con el tiempo. Flujo estacionario. La velocidad del fluido en un punto es constante con el tiempo. Flujo irrotacional. No presenta torbellinos, es decir, no hay momento angular del fluido respecto de cualquier punto.

Cuando se cumplen las condiciones de flujo ( ítems 3 y 4 ) una masa puntual del fluido se mueve sobre una línea definida. Esta línea es conocida como línea de corriente o de flujo, y cada masa puntual que llegue a un punto de esa línea se mueve siempre sobre la misma. Estas líneas no deben cruzarse, evitando de esta forma que las masas puntuales que llegan a un punto determinado puedan moverse por una u otra línea. Un haz de líneas de corrientes es el tubo de flujo, por el cual se mueve el fluido.

a

b

c

En la figura se representa un tubo de flujo con algunas líneas de corriente. Una masa puntual que llega al punto a de la figura pasa posteriormente por los puntos b y c.

Las velocidades en los puntos a, b y c no son iguales, pero todas las masas puntuales que llegan tienen lasesmismas en a, b, y c. Estas velocidades son vectores tangentes a la trayectoria que la línea velocidades de flujo. Cuando se cumplen estas condiciones el régimen es estacionario y currentilíneo.

ECUACION DE CONTINUIDAD En un tubo de flujo, el volumen de líquido que pasa por todas las secciones en el mismo tiempo son iguales. Se denomina caudal al volumen de fluido que pasa por una sección determinada en la unidad de tiempo. En un tubo de flujo el caudal en todas las secciones debe ser  el mismo. Por lo tanto

Q1 = Q2

Consideramos un fluido que circula por un tubo como se indica en la figura. S1 es el área de la sección 1, en la que el fluido tiene una velocidad v1, y S2 el área de la sección 2 en la que el fluido tiene una velocidad v2. Luego de un cierto tiempo t la sección 1 se movió una distancia x1 y la sección 2, x2, como se ve en la figura de abajo. S1

S2 v1

v2

x1

x2

Si V1 y caudales son:

V2 son los volúmenes que pasan por las secciones 1 y 2 en un tiempo t; los . V1 . = . V2 . t t . S1 x1 . = . S2 x2 . t t

donde

x1 = v1 t

x2 = v2 t

De donde resulta que el producto de la sección por la velocidad es constante en un tubo de corriente. Esta relación es conocida como ECUACIÓN DE CONTINUIDAD S1 v1 = S2 v2

TEOREMA DE BERNOULLI Daniel Bernoulli (1700 – 1782), publico en 1738 su libro “Hidrodinámica”. En este libro demostró la relación existente entre la velocidad de un fluido y la presión, demostración que es conocida como Teorema de Bernoulli. Un tubo de corriente tiene secciones S1 y S2, En la sección S1, que se encuentra a una altura h1, actúa una fuerza F1 y el líquido que circula por él tiene una velocidad v1.y en la sección S2, que se encuentra a una altura h2 actúa una fuerza F2 y el líquido que circula por él tiene una velocidad v2 ( Figura1 ).

v2 F2

FIGURA 1 S1

v1

F1

S2 h2

h1

Luego de cierto tiempo la sección S1 se movió una distancia x1 y la sección S2 se movió una distancia x2, de tal forma que los volúmenes desplazados en ambas secciones son iguales.

y por lo tanto, también las masas

S1 x1 = S2 x2 m1 = m2.

x2 F2

FIGURA 2 S1

x1

h1

S2 h2

F1

Como las condiciones mecánicas de la masa limitada entre las dos secciones en estudio, no varia pues el flujo es estacionario (las velocidades, las alturas, etc. en cada punto son siempre las mismas) se puede considerar que un cuerpo de masa m = m 1 = m2 se trasladó de la posición del punto 1 a la posición del punto 2, debido al trabajo realizado por las fuerza F1 y F2. Siendo su velocidad, y su altura v1 y h1 en el punto 1; y v2 y h2 su velocidad y su altura en el punto 2. La conservación del trabajo y la energía es:

W= K+ U W = F1 x1  – F2 x2

Donde

K   = K2

 – K1 = ½ m2 v22  – ½ m1 v12

U

= U2  – U1 = m2 g h2  – m1 g h1 Reemplazando

F1 x1  – F2 x2 = ½ m2 v22  – ½ m1 v12 + m2 g h2  – m1 g h1

F1 x1 + m1 g h1 + ½ m1 v12 = F2 x2 + m2 g h2 + ½ m2 v22 F1 x1 + V1 g h1 + ½ V1 v12 = F2 x2 + Dividiendo ambos miembros por 

V2 g h2 + ½ V2 v22

S1 x1 = S2 x2

Obtene Obtenemos mos la

ECUACIÓN DE BERNOULLI p1 + g h1 + ½ v12 = p2 +

g h2 + ½ v22

Donde p1 y p2 son presiones exteriores (ejercidas por fuerzas exteriores al fluido, ejemplo por la tubería), g h1 y g h2 son presiones hidrostáticas (debidas a la altura del liquido) y ½ v12 ½ v22 son presiones presiones hidrodinámic hidrodinámicas as (debidas a la velocidad del liquido) .

El teorema de Bernoulli demuestra que la suma de la presión externa, la presión hidrostática y la presión hidrodinámica es constante en todas las secciones de un tubo de corriente. Una forma practica de expresar la conservación de la suma de las presiones, es expresar  como suma de alturas, para lo cual se divide cada uno por  g.

. p . + h1 + . v12 . = cte. g 2g FUERZAS FUERZA S EJERCIDAS EJERCIDAS POR UN LIQUIDO EN MOVIMIENTO La figura muestra un tubo doblado en ángulo de 90º por el que fluye un líquido. Las secciones en la rama horizon tal y vertical con diferentes por lo que, de acuerdo al teore ma de continuidad las velocidades en ambas ramas son diferentes. El liquido cambia su velocidad, tanto en dirección como en magnitud, debido a un impulso que recibe. Este impulso es producido en el codo del tubo, contra el cual el liquido choca y se produce el cambio de velocidad.

I = Pf    – Po Vectorialmente Ix Donde

Iy = Pfy  – Poy Pfx = 0 y P oy = 0

De manera que Ix Por lo tanto y

= Pfx  – Pox

=  – Pox

e Iy

vy F

= Pfy Fx

Fx t =  – m v x Fy t = m v y Fx =  – . m vx . t

Donde m =

vx

y

Fy = . m vy . t

V; V es volumen; y Q = V / t, resultando: m = Q t, luego Fx =  – Q vx

y

Fy =

Q vy

Fx =  – vx2 S1

y

Fy =

vy2 S2

Las fuerzas Fx y Fy son las fuerzas que hacen las paredes del tubo sobre el líquido, y son iguales y contrarias a las que hace el líquido sobre el tubo.

VELOCIDAD DE SALIDA DE UN LIQUIDO CONTENIDO EN UN RECIPIENTE Un recipiente que contiene líquido como indica la figura, tiene un tubo de descarga situado

1 H

Las ecuaciones de continuidad y de Bernoulli son:

S1 v1 = S2 v2 p1 + g h 1 + ½

v12

2

= p2 + g h 2 + ½

v22

Como p1 = p2 = patm ; h1 =H;h 2 = 0 se obtiene

v2 = S1

Si

. 2gH . S12  – S22

S1 >> S2 obtenemos la ecuación de Torricelli, quien demostró que la velocidad de

salida del líquido, es igual a la que tendr ía un cuerpo que cae de sde la misma altura “H”

ECUACION DE TORRICELLI

V=

2gH

DETERMINACION DEL TIEMPO

1

DE DESCARGA El caudal de liquido que sale es instante de tiempo

H

S2, v2 y el volumen en un

h

t es S2 v2 t.

En ese tiempo el líquido desciende una altura consecuencia

 – S1 h . = S2 v2 t.

h. En

2

 – h h.. = S2

. 2 g H . t. S12  – S22

Integrando entre h y H

 –⌠ . h . = S2

⌡

. 2g

. t.

S12  – S22

H

VARIACIÓN DE LA ALTURA EN FUNCIÓN DEL TIEMPO TIEMPO

2 h  – 2

H =S

2

. 2g . t S12  – S22

Para h = 0 el tiempo de descarga es

t=

. S12 .  – 1 . 2 H . S22 g

Si S1 >> S2 se desprecia la unidad

t = . S1 . . 2 H . S2 g

DETERMINACION DE LA

1

VELOCIDAD DE DESCARGA H

EN EL TIEMPO El tiempo para descarga la altura “H” es:

t1 = . S1 . . 2 H . S2 g El tiempo para descarga la altura “h” es:

h 2

t2 = . S1 . . 2 h . S2 g El tiempo transcurrido desde que empezó la descarga es

t = .S

1

.

2.H.

S2 La velocidad es

 –

g v=

Multiplicando ambos miembros por  g, resulta

t = t1  – t2

.2h . g

2gH g t = . S1 . v0  – v S2

La velocidad para un tiempo t es:

VARIA VA RIACI CI N DE LA V VEL ELOC OCIDA IDAD D EN FUNCION DEL TIEMPO. V = V0  – . S1 . g t S2 Es importante destacar que esta ecuación es la velocidad de las diferentes masas que llegan al punto de descarga. A diferencia de las ecuaciones de velocidad de la cinemática que relaciona la velocidad de una masa al tiempo que cambia de posición; esta ecuación determina la velocidad de las diferentes masas puntuales que llegan a una posición determinada; el punto de descarga. De esta forma esta ecuación corresponde a un flujo no estacionario. De la misma forma la relación S1/S2 g no es propiamente una aceleración, pues la misma expresa la variación de la velocidad en la unidad de tiempo en una posición fija.

EL SIFON AUTOMATICO DE NEUGEBAUER OTRO CAS CASO O DE FLUJONO FLUJO NO ESTACIONA ESTACIONARIO RIO El sifón automático de Neugebauer consiste ser en un tubo con treshacerlo codosfuncionar. dos de los cuales están sumergidos en el líquido. Este sifón no necesita “cebado” para Analizaremos las condiciones para que el líquido fluya automáticamente por el tubo. Cuando el líquido entra por el tubo y empieza a circular por él, el régimen no es estacionario, pues la velocidad no es constante. El análisis se refiere a estas condiciones del líquido. Posteriormente el régimen se vuelve estacionario.

D Las condiciones en consecuencia son:

1. Cuando el líquido sube por la rama C-D, al llegar al nivel

B

de la superficie libre del recipiente debe tener velocidad para arriba. 2. En la misma rama C D el líquido debe tener aceleración positiva, de forma a que la velocidad aumente lo mas posible antes de frenarse. 3.   Al llegar al punto D el liquido debe tener velocidad de forma a pasar ese punto y empezar a caer por  DE.

h

A

C E

A.- Veloc Velocidad idad en eell punto B. Por la conservación de la energía (teorema de Bernoulli), la velocidad en B es

VB2 = 2 g ( h  – l 1) Donde l1 es la longitud de la rama AB

B.- Acele Aceleración ración y Velocidad Velocidad en la rama CD.   Aplicando la 2ª Ley de Newton para el líquido en movimiento dentro del tubo tenemos para una altura “x” en CD La monenclatura que usada es l1 la longitud del tramo AB, l2 la longitud del tramo BC, l3 del tramo CD, x una longitud cualquiera del tramo CD, v la velocidad en el punto B, la velocidad en la posición x del tramo CD y también para x = l 3 la velocidad en el punto D vlaDlongitud B

FA  – FB  – W1 = m1 a FB  – FC + W2 = m2 a FC  – FO  – W3 = m3 a Sumando miembro a miembro obtenemos:

FA  – FO  – W1 + W2  – W3 = ( m1 + m2 + m3 )a Donde

FA = pA S; FO = patm S; W1 = g l1 S; W2 = g l2 S; W3 = g x S; m 1 = l1 S; m2 = l2 S y m3 = x S

Remplazando y haciendo las transformaciones correspondientes obtenemos.

a = g (h  – l 1 + l 2  – x) l1 + l 2 + x

Para que se cumpla la condición 2 (a > 0), para x = h; se debe cumplir que l 1 < l2. K   +

Si aplicamos ahora

T=

Donde

T = g S (l1 + l2 + x1 ) K   = K2

U=

U

 – K1 = ½ g S (l1 + l2 + x1 ) vD2  – ½ g S l1 vB2

g S .l

2 1

.+ 2

g S l 2 ( l 1  – .l 2 ) + g S x ( l 1  – l 2 + .x ) 2 2

Donde se obtiene que

vD2 = vB2 + g (.l 22 + 2 l 2 x + .x 2 ) ( l 1+ l 2 + x )

C.- Veloc Velocidad idad en eell punto E. E. El cálculo de la velocidad en el punto E se puede realizar considerando el trabajo y las energías entre el punto “B” y “E”. De un modo similar al calculo de la velocidad en el punto “E” se puede aplicar la conservación del trabajo y la variación de las energías entre esos puntos. En esta ecuación

“L” es la longitud total del tubo y “l 4” la longitud de la rama “DE” T=

K   +

U

De esta ecuación obtenemos que

vE2 = vB2 + . g . ( ( L  – l 1 )2  – 2 l 3 ( l 3 + 2 l 4) ) L La condición para que el líquido fluya por  E es

L2 + l 12 + 2 L h > 2 l

2 3

+ 4 l 3 l 4 + 4 L l1

TEMPERATURA Y CALORIMETRIA

La primera aproximación que tenemos del calor y la temperatura es una relación directa entre los mismos. Por eso se dice “este objeto está frío o está caliente” y “para aumentar la temperatura se debe calentar el objeto en cuestión y para disminuir se debe enfriar”. Para una persona que toca un objeto este estará frío o caliente dependiendo de la temperatura de mano. Así, una persona puede decir después de tocar un objeto que el mismo esta frío, en cambio otra persona dirá esta caliente. Es pues necesario establecer patrones para determinar la temperatura de un objeto. Los estudios de los fenómenos físicos referidos al calor y la temperatu ra son el objeto de la

TERMODINÁMICA. Estos fenómenos pueden clasificarse en dos categorías. Una que estudia los fenómenos macroscópicos relacionados con la temperatura y otra que estudia los fenómenos microscópicos. Ocurre que dependiendo de la temperatura y, también de la presión, la estructura molecular de la materia cambia, constituyendo así, los seis estados de la materia (sólido, líquido, gaseoso, plasma, condensado Bose Einstein y condensado fermiónico). La temperatura esta relacionada con estados energéticos de la estructura de la materia. De aquí el titulo de Termodinámica para estos estudios de la física.

LA TEMPERATURA La percepción sensorial de la temperatura es siempre relativa y depende de cada persona. Para una mejor sistematización se establecieron diferentes escalas de temperatura. En estas escalas el Cero, no expresa la ausencia de temperatura, sino que es el punto de referencia utilizado para medir. Todas las escalas toman un punto de referencia para el cero y otro punto de referencia; y realiza “N” divisiones entre estos puntos. Constituyendo de esta forma un grado de esa escala. Los sistemas de medición y las escalas se fundamentan en la Ley Cero de la Termodinámica, que enuncia cuando los cuerpos se encuentran en equilibrio térmico ; es decir    tienen la misma temperatura .

LEY CERO DE LA TERMODINAMICA Si dos cuerpos se encuentran en equilibrio térmico con respecto a un tercero, se encuentran en equilibrio térmico entre si.

La Ley Cero plantea que si dos cuerpos “A” y “B” , se encuentran en equilibrio térmico con un tercer cuerpo “C”, también se encuentran en equilibrio térmico entre sí. Este es el fundamento de construcción de los termómetros, aparatos de medición de temperatura, Para el efecto se hace uso de alguna propiedad de los cuerpos que varía proporcionalmente con la temperatura. Por ejemplo su volumen.   Así, si un cuerpo tiene una propiedad X a una temperatura T(X) tenemos que

T(X) = k X

y se cumple

T(X1) = X1. T(X2) X2.

Dos son las escalas termométricas utilizadas actualmente

A) ESCA ESCALA LA CEN CENTIG TIGRA RADA DA Esta escala adopta como referencias las temperaturas en que el agua cambia de estado. El cero es la temperatura de solidificación del agua liquida. El otro punto es el punto de ebullición del agua. Entre estos dos puntos se establecen 100 divisiones (cada una 1º ) de acuerdo al sistema decimal.

B) ESCA ESCALA LA FA FAHRE HRENHE NHEIT IT

En esta escala las temperaturas de referencia son las mismas, pero el punto de solidificación del agua es 32 y entre punto y el de ebullición del agua se establecen 180 divisiones (1 ºF)

C) RELACIO RELACIONES NES ENTR ENTRE E ESCA ESCALAS LAS

100º

Ebullición del H2 O 200º

80º

212º

160º

60º 120º

40º

80º

20º 0º

Evaporación del H2 O

  –20º

40º

32º

0º

  – 4 0º

  – 4 0º

  –60º   –80º

Escala Centígrada

Escala Fahrenheit

La figura muestra las dos escalas, indicando los puntos de ebullición y evaporación del agua. Para calcular la equivalencia de la temperatura entre una escala y la otra basta con establecer la proporcionalidad de los segmentos.

ºC. = ºF–3 2 100 180 Por lo tanto

º C = 5  / 9 ( º F  – 32 )

y

º F = 9/5 º C + 32

CALORIMETRIA 

El Calor  Calor como fluido fluido - Calor  Calor como energía. energí a.

La primera aproximación para comprender que es calor, fue considerarlo como un fluido producido por la combustión de los cuerpos y que se transmite de un cuerpo a otro con menor    temperatura. Este fluido fue llamado “calórico”. Para medir el calórico, era necesario definir una unidad de medida. La unidad debía necesariamente ser percibida por alguno de los sentidos del ser humano. Como la manifestación más evidente era la temperatura se estableció su unidad de medida en función de la variación de esta. Así, se estableció que

Una CALORIA es la cantidad de calor necesaria para que un gramo de agua agua aumente aumente su temperatura de 14,5º a 15,5º

El Conde Rumford (Benjamín Thompson – 1753 – 1814) fue el primero en poner en duda la existencia del calórico, pues si era un fluido debería terminar de consumirse en algún momento. En sus observaciones durante la fabricación de cañones, él constato que la producción de calor no disminuía a pesar del uso continuado de los taladros utilizados. Hacia 1840, James Prescott Joule (1818 -. 1889) encontró que existía una relación directa entre el calor y el trabajo realizado. Sus mediciones le permitieron dete rminar    que la cantidad de calor necesaria para aumentar 1 º F la temperatura del agua, siempre era necesario realizar un trabajo de 722 libras pie. El esquema muestra la maquina utilizada por Joule en sus experimentos. De esta forma, Joule, determino que el calor era una forma de energía. La relación entre la caloría y Joule ( Unidad de Energía en el Sistema Internacional) es:

1 caloría = 4,186 Joule

CAPACIDAD CALORÍFICA y CALOR ESPECIFICO ESPECIFICO Los diferentes experimentos demostraron que cada cuerpo requiere siempre la misma cantidad de calor para producir una determinada diferencia de temperatura. En consecuencia el calor para producir una diferencia de una unidad de temperatura es una constante en cada cuerpo, la Capacidad Calorífica del cuerpo.

CAPACIDAD CALORIFICA es la cantidad de calor que se debe suministrar  a un cuerpo para que aumente un grado su temperatura C=.Q. t

Comparando la capacidad calorífica de varios cuerpos del mismo material, encontramos que la misma es proporcional a las masas.

. C1 . = . C2 . = c m1 m2 Reemplazando

. Q1 . = . Q2 . = c t1 m1 t2 m2 De donde se define

CALOR ESPECIFICO Es la cantidad de calor que se debe suministrar  a una unidad unidad de mas masa a para aumentar aumentar un grado gr ado su temperatura c =. Q . tm

Por lo tanto el calor que se suministra a un cuerpo de calor específico “c”, masa “m”, para producir una diferencia de temperatura

t, es

Q = ccm m ( t f  – t 0 ) Si la temperatura final es menor que la ini cial el calor resultante es negativo, es decir, el cuerpo pierde calor, cede energía. Cuando dos cuerpos que se encuentran inicialmente a diferentes temperaturas se ponen en contacto y se encuentran en un medio totalmente aislado, de acuerdo a la Ley cero de la termodinámica, ambos llegan a un equilibrio térmico. El cuerpo de mayor temperatura cede calor y el de menor temperatura absorbe calor. Si los cuerpos se encuentran aislados y no hay posibilidades de que se ceda calor al medio ambiente, la energía calorífica no puede perderse. Por    lo tanto se cumple que:

Q1+Q2=0 c1 m1 t1 + c2 m2 t2 = 0 c 1 m 1 (t  – t 1 )+ c 2 m 2 (t  – t 2 ) = 0 Si se cumple que

t 1 > t > t 2; entonces t  – t 1 < 0 y t  – t

2

>0

En el caso de tener mas de dos cuerpos aislados del medio ambiente, todos ellos a temperaturas diferentes , todos llegarán al equilibrio térmico y por lo tanto la suma de todas las energías caloríficas será igual a cero. Y el calor cedido por unos será absorbido por otros

Q 1 + Q 2 + Q 3 +.......+ Q N = 0

Qi=0

Este fenómeno por el cual, al suministrarle calor a un cuerpo, su temperatura aumenta, se ve limitado cuando el cuerpo llega a cierta temperatura en la que, debido a fenómenos microscópicos el cuerpo cambia de estado. Cuando el cambio de estado empieza la temperatura, deja de aumentar hasta que todo el cuerpo cambia de estado. Si después del cambio de estado se sigue suministrando calor al cuerpo empieza de vuelta a aumentar la temperatura. En esta situación el calor específico del cuerpo, en ese estado es sustancialmente diferente al del estado anterior. En la tabla de más abajo se nota, que algunas sustancias, aún en un mismo estado, tienen diferentes calores específicos a diferentes temperaturas. Esta diferencia en realidad es muy pequeña y en la mayoría de los casos se desprecia, adoptándose el valor medio; sin embargo los calores específicos de una sustancia en un estado y en otro tienen una diferencia que no puede despreciarse. Los tres estados de la materia mas conocidos son el sólido, el líquido y el gaseoso. El proceso de cambio de estado de sólido a líquido se denomina fusión y el inverso, de líquido a sólido, solidificación . El cambio de líquido a gas, se denomina vaporización, y de gas a líquido condensación . En caso que el cambio de estado se realice pasando directamente de sólido a gas se denomina . Para los procesos de fusión y vaporización es necesario suministrar calor al cuerpo. Para los procesos de solidificación y condensación es necesario sustraer calor del cuerpo. Ocurre que el calor que se suministra a un cuerpo para un cambio de estado es igual al calor que se sustrae de él

para el proceso inverso. Estos calores son proporcionales a la masa y dependen de la sustancia. De aquí que se define como:

CALOR DE FUSION Es la cantidad cantidad de calor que se debe suministrar sumi nistrar a una unidad de masa para de una sustancia para cambiar de estado sólido a líquido y viceversa. Lf f  = . Q . m CALOR DE VAPORIZACION Es la cantidad de calor que se debe suministrar a una unidad unida d de masa de una sustancia sustancia para cambiar cambiar de estado líquido a gas y viceversa Lv = . Q : m

De aquí que el calor suministrado o sustraído a un cuerpo durante un cambio de estado que se realiza a una determinada temperatura es:

Q=Lm En general los cambios de estado entre sólido y líquido se ven muy poco alterados por la presión. Las variaciones de la temperatura de fusión y del calor de fusión son poco ponderable y se pueden despreciar, no así, cuando el cambio de estado es entre líquido y gaseoso. En este último caso las temperaturas varían considerablemente y, también, el calor de vaporización. Es muy conocido que el agua hierve a menor temperatura en las zonas montañosas donde la presión atmosférica es menor.

CALORES CALORES ESPEC FIC FICOS OS Sustancia

Tempº C

  Agua

0 15 40 100 0 20 100 300 0 – 1 00med –21 – 0med 0 – 100 med med 0 – 100med 0 – 100med 0– 100med 0 – 100med 0 – 100med 0 – 100med 0 – 100med 0 – 100med 0 – 100med med 0 – 100med 0 – 100med 0 – 100med 0 – 100med 0 – 100med 0 – 100med 0 – 100med 0 – 100med

  Aluminio

Hielo   Acero Alcohol Etílico Berilio Cadmio Clorurodesodio Cobre Cuarzo Estaño Germanio Hierro Laton Madera Mármol Mercurio Oro Plata Plomo Silicio Vidrio Zinc

cal /gºC 1,0087 1,0000 0,9976 1,0064 0,208 0,214 0,225 0,248 0,211 0,505 0,113 0,580 0.436 0,055 0,210 0,0930 0,188 0,0556 0,077 0,1097 0,0917 0,200 0,210 0,0331 0,0316 0,0561 0,0309 0,168 0,199 0,0935

  joule /gºC 4,222 4,186 4,176 4,212 2,114 0,870 0,896 0,942 0,003 2,114 0,473 2,400 1,830 0,230 0,879 0,389 0,787 0,233 0,322 0,459 0,384 1,700 0,860 0,138 0,130 0,235 0,129 0,703 0,833 0,391

Obsevacion: med indica que los valores son la media a las diferentes temperaturas especificadas. Hacer notar el agua

TEMPERA TEM PERATURA TURA  Y CALOR CALOR DE FU FUSI SI N Y VAP VAPORI ORIZAC ZACION ION Fusión Puntoº C Cal/ g Joule/ g

Sustancia H2 O He A H2

0,00

79,71

Vapori r ización Puntoº C Cal/  g Joule/ g

333,67

100

539,6

2258,76

6,0 37,6 108

25,12 157,40 452,09

– 190   –259,25

8,94 13,8

37,42 57,77

– 286,6 – 186 – 252,8

N2 O2 NH3

  – 210

6,09

25,49

–195,5

47,6

199,25

  – 219

3,30

13,81

–182,9

50,9

213,07

  – 75

108,1

452,50

–33,4

327,1

1369,25

Etanol Metanol Acetona Acido Acético Benceno NaCl   Aluminio   Azufre Cobre Plata Platino Oro Plomo Estaño Zinc

–114,4 –97 –95 16,58 5,42 804,3 658 119 1083 961 1775 1064 327 232 419

27,9 16,4 19,6 44,7 30,3 124 76,8 13,2 42 21,07 27,2 15,8 5,86 14,0 28,13

116,79 68,65 82,05 187,11 126,36 519,06 321,48 55,25 175,81 88,20 113,86 66,14 24,53 58,6 117,75

78,3 64,7 56,1 118,3 80,2

204 262,8 124,5 96,8 94,3

853,94 1100,08 521,16 405,20 394,74

Mercurio

–39

2,82

11,80

En el gráfico de abajo se representa la temperatura de 1 g de agua,inicialmente a 40ºC;en función del calor que se le suministra.

Variación de la temperatura del agua 120 100

C º 80 60 a r u t 40 a r 20 e p 0 m -20 e t -40 -60

0

0 6

0 2 1

0 8 1

Hielo-Fusión-Agua -

0 4 2

0 0 3

0 6 3

0 2 4

0 8 4

Ebullición

Calor - calorías

0 4 5

0 0 6

0 6 6

0 2 7

–

Se adoptó como valor especifico del hielo 0,5 cal / (g ºC), calor específico del agua 1 cal / (g ºC ), calor de fusión 80 cal / g y calor de vaporización 540 cal / g Como se puede observar mientras el agua permanece en uno de los estados sólido o líquido, la temperatura aumenta proporcionalmente al calor suministrado; y cuando llega a la temperatura de cambio de estado, la temperatura permanece constante. No se incluye el proceso en el estado gaseoso (vapor de agua), pues en este estado las condiciones de presión y volumen influyen de modo tal que se generan dos procesos diferentes.



Fenómenos macroscópicos debidos al calor y la temperatura

DILATACION DE SOLIDOS   Al variar la temperatura de un cuerpo, el volumen del mismo varia proporcionalmente a la variación de temperatura. Este fenómeno se conoce con el nombre de dilatación. Si una de las dimensiones del cuerpo es mucho mayor que las otras dos, la variación de longitud que experimenta el cuerpo es

L = Lo

Lo

ty

L = Lo ( 1 +

t)

L

L

Esta dilatación es conocida como dilatación lineal y el coeficiente es el coeficiente de dilatación lineal. El coeficiente de dilatación lineal depende del material del que esta hecho el cuerpo. Cuando dos dimensiones del cuerpo son ponderables, la dilatación se denomina

superficial y en el caso de ser considerada las tres dimensiones la dilatación es volumétrica. DILATACIÓN SUPERFICIAL

“bo”,

ao

Considerando una superficie de lados iniciales “ao” y con un aumento de temperatura cada lado experimenta

un aumento de longitud

a y b respectivamente,

de forma

bo

b

que se cumple que

a = ao ( 1 +

t)

b = bo ( 1 +

t)

b a

Multiplicando miembro a miembro

t )2

a b = ao bo ( 1 + S = So ( 1 ++ 2 Donde

2

2

t+

t2)

es muy pequeño y puede despreciarse, de forma que

La dilatación dilatación superfi superficial cial es S = So ( 1 ++ 2 S = So 2

t) t

a

DILATACIÓN VOLUMETRICA Considerando una superficie de lados iniciales “ao”, y “co”, con un aumento de temperatura cada lado experimenta un aumento de longitud a, b y c c respectivamente, de forma que se cumple que

“bo”

a = ao ( 1 +

t)

b = bo ( 1 +

t)

c = co ( 1 +

t)

b

co

c a

bo b ao a

Multiplicando miembro a miembro

t )3

a b c = ao bo co ( 1 + V = Vo ( 1 ++ 3 Donde

2

y

3

a

t+3

2

t2 +

3

t3)

son muy pequeños y pueden despreciarse, de forma que

La Dilatación Volumétrica es V = Vo ( 1 ++ 3

t)

V = Vo 3

t

DILATACION DE LIQUIDOS Los líquidos solo pueden tener dilatación volumétrica y como los mismos deben estar    contenidos en un recipiente, al aumentar la temperatura del líquido necesariamente aumenta la también la temperatura, y por lo tanto el volumen del recipiente. A pesar de este hecho, los líquidos o suben su nivel en el recipiente o, si inicialmente llenan el recipiente, se derraman del mismo. Este volumen que se derrama es conocido como dilatación aparente, pues la dilatación total del liquido es igual a la dilatación aparente, mas la dilatación del recipiente.

V=

VRec +

Vap

De todas formas la dilatación de los líquidos esta dado por las relaciones

Dilatación de Líquidos V = Vo ( 1 + V = Vo

t) t

COEFICIENTES DE DILATACION DE SOLIDOS Y LIQUIDOS SUSTANCIA SOLIDA

Temp. ºC

  Aluminio Latón Cobre Oro

20 a 100 25a100 25a100 15a100

Plata Hierro

15a100 –1 8a100

Coef. Dilatación  – ºC –1  –

23,8 x 10 –6 19,0x10 – 16,8x10 – 14,3x10 –6

18,8x10 11,4 x 10

  Acero

0 a 100

Plomo Invar(1) Estaño

18a100 20 18a100

29,4x10 0,9x10 26,9x10

Zinc

10a100

26,3x10

Vidrio Hielo Cuarzo(2)

0a100 – 20a0 0a100

8,9x10 51,0x10 0,5x10

–

10,5 x 10

 –6 –

–6 – –6 – – –

SUSTANCIA LIQUIDA

Temp. ºC

Mercurio   Acido acético   Acetona Etanol

0 a 100 16 a 107 0 a 50 27a50

Coef. Coe f. Dilatac Dilatación ión  –1  ––ºC ºC –

0,1818 x 10  –3 1,06 x 10  – 1,32 x 10 – 1,01x10

–3

Metanol Benceno

0a60 11a80

1,13x10 1,18x10

Tetraclorurode Carbono

0a76

1,18x10

Eter Pentano   Alcohol Etílico Bisulfuro de Carbono

Glicerina Petróleo

– –3 –

1,51 10 x –3 1,464x10  – 0,745 x 10 1,14 x 10 0,485x10 0,899x10

 –3 – –

(1) Invar es una aleación de níquel y acero con bajo coeficiente de dilatación (2) El coeficiente de dilatación corresponde al Cuarzo fundido

DILATACIÓN ANOMALA DEL AGUA Entre 0ºC y 4 ºC el coeficiente de dilatación del agua es negativo. Esto hace que al disminuir la temperatura desde los 4 ºC el volumen del agua aumenta. Esta situación se debe a condiciones de energía de las moléculas en estado líquido. Debido a esta situación el agua a menos de 4 ºC tiene menor densidad y flota en el agua mas caliente. En los lagos y ríos, el agua a menor temperatura sube a la superficie y pierde calor    en contacto con el aire mas frío, llegando de esta forma a 0 ºC (temperatura de fusión, antes que el fondo. Una vez que la superficie está a o ºC y como sigue perdiendo calor, la superficie se congela y en el fondo se mantiene en estado líquido. Gracias a este fenómeno la vida de las plantas, los peces y microorganismos se conserva en los lagos y ríos.

3

1,0003

m c n 1,0002 e m lu o             v 1,0001

1,0000 3

m 0,9999 c / g d a d i s n e d

0,9998 0,9997

volumen

0

1

2

3

4

5

6

7

8

91

0

1 ,0 00 16 1 ,0 00 10 1 ,0 00 05 1 ,0 00 03 1 ,0 00 02 1 ,0 00 04 1 ,0 00 06 1 ,0 00 10 1 ,0 00 15 1 ,0 00 22 1 ,0 00 30

densidad 0 ,9 99 80 0 ,9 99 90 0 ,9 99 94 0 ,9 99 96 0 ,9 99 97 0 ,9 99 96 0 ,9 99 94 0 ,9 99 90 0 ,9 99 85 0 ,9 99 80 0 ,9 99 70

El gráfico presenta la variación del volumen para 1 g de agua y la densidad a temperaturas entre 0 ºC y 10 ºC.



1ER PRINCIPIO DE TERMODINÁMICA



Aplicación a sólidos



Aplicación a los tres casos en gases



Adiabática.



Consideració Consideración n micr  microscopi oscopica ca  – Física Estadi Estadistica stica



Estructura molecular de sólidos y líquidos



Estructura molecular de gases



Velocidad de las partículas



Temperatura



Presión



Estados Energéticos y equipartición de la energía



Entropia y Entalpía



2º PRINCIPIO DE TERMODINÁMICA



Entalpia



Cicl Ciclo o Carn Carnot ot  – Ot Otto to  – Dies Diesel el - Va Vapo porr



TERCER PRINCIPIO DE LA TERMODINAMICA

GASES GAS ES I IDEALE DEALES S

Los cuerpos en estado gaseoso tienen un comportamiento tal que el volumen es muy sensible a las variaciones de la temperatura y la presión. Robert Robert Boyle Boyle, en 1660 enuncio la Ley del comportamiento de los gases a temperatura constante, estableciendo que el producto de la presión por el volumen es constante para cada gas.

Ley de Boyle Transformaciones Isotermicas p V = cte. p1 V1 = p2 V2 Esta ley se cumple siempre que la temperatura y la masa del gas sean constantes. Para esto se requiere que el gas este confinado en un recipiente capaz de variar el volumen con el gas.

ISOTERMAS 35 30 25 n 20 ó i s e r P 15

T1

T2

T3

10 5 0 0,25

0,5

0,75

1

1,25

1,5

2

Volumen

Observación: p V no es constante para diferentes temperaturas. ( Ver S. Frish A. Timoreva pag. 183. En el gráfico se representa la presión en función del volumen para tres temperaturas diferentes. Estas curvas se denominan isotermas y para cada de una de ellas el producto de la presión y el volumen tiene siempre el mismo valor. En el año 1802, 1802 Joseph Louis Gay–Lussac, Gay–Lussac publico el resultado de sus investigaciones en las cuales determino el calor específico de los gases. En las mismas el determinó que era necesario mantener constante o la presión del gas o el volumen, durante la transformación. Al suministrarle a un gas a presión constante, el volumen varía.caso Y al calor  manteniendo calor el volumen constante, la presión varía. En el primer la suministrarle transformación se   denomina isobárica, y en el segundo isocora.

Gay-Lussac determino el coeficiente de dilatación de los gases y encontró que el coeficiente de variación de la presión era el mismo que el del volumen. Estos coeficientes son validos siempre que la densidad del gas sea pequeña, pues otras densidades los coeficientes sufren variación. A los gases en estas condiciones y que cumplen con la ley enunciada por Boyle y GayLussac se denomina Gases Ideales

Leyes de Gay–Lussac Transformaciones Isobáricas. V = Vo ( 1 + V = Vo

t) t

Transformaciones Isócoras. p = po ( 1 + p = po

t) t

Tanto la Ley de Boyle, como las de Gay L ussac se verifican para ciertos valores de presión, volumen y temperatura. Cuando los gases cumplen con estas leyes se denomina al gas de Gas Ide Ideal al o Perf  Perfect ecto     o . Las consideraciones a continuación se refiere a los gases ideales. Mas abajo consideramos los Gases Reales. Reales En ambos casos

ºC –1, aproximadamente 273,16  ––11 ºC –1. TEMPERATURA ABSOLUTA

Si Un gas se encuentra en condiciones normales ( presión de 1 atmósfera y temperatura de 0ºC ) y se produce en el mismo una disminución de  – 273,16 ºC ºC, la presión y el volumen se hacen cero, pues V = Vo ( 1 +

)t

p=p

o

(1+

t)

V = Vo ( 1 + 1/273,1 1/273,16 6 (  – –273 273,16 ,16 ºC  – 0ºC )) ))= =0 p = po ( 1 + +1/27 1/273,16 3,16 (  – –27 273,16 3,16 ºC  – 0ºC ))= )) = 0

Esto no significa que el volumen de los gases es nulo. La interpretación física es que los espacios intermoleculares se hacen cero, por la perdida total de energía de las moléculas.

 A partir de este análisis se estableció una nueva escala de temperatura, adoptándose como cero –273 ºC y como un grado el mismo grado centígrado. Así, la temperatura de congelamiento del agua es 273 K y la de ebullición es 373 K. Esta escala recibió el nombre de temperatura absoluta o Kelvin. Su unidad es el grado Kelvin ( K ) que hoy forma parte del Sistema Internacional de medidas. Utilizando la temperatura absoluta en las ecuaciones de Gay-Lussac, para un gas que se encuentra inicialmente a 0 ºC = 273 K y si realizamos las transformaciones a presión y volumen constante, hasta con una variación de temperatura t ºC, se obtiene.

t)

p =

o

V = Vo ( 273 + t ) 273

p=p

o

V = Vo ( 1 + 1  / 273

( 1 + 1  / 273 ( 273 + 273

t)

En esta ecuación 273 es la temperatura inicial To en ºK y 273 + también en Kelvin. Entonces

V = Vo T To

=p

o

t)

t , la temperaturas final T

T

To

De donde

. V0 . = . V . T0 T

. p0 . = . p . T0 T

Finalmente resulta que en las trans formaciones isobáricas los volúmenes son directamente proporcionales a las temperaturas abso lutas y en las isócoras las presiones son direc tamente proporcionales a las temperaturas absolutas.

ECUACION DE ESTADO DE LOS GASES GASES PERFECTOS PERFECTOS

Si un gas se encuentra a determinadas condiciones de presión, volumen y temperatura, es posible realizar una de las transformaciones analizadas mas arriba, de forma que el gas tenga otra presión, volumen y temperatura. Y de este punto por medio de otra transformación lograr que el gas tenga otras condiciones de estado.   Así, en el gráfico de abajo, se representa una transformación isobárica entre los punto 1 y 3, y posteriormente una isotérmica entre los puntos 3 y 2. De esta forma el gas que inicialmente tiene un estado, pasa a otro estado, con presión volumen y temperatura diferente a la inicial.

45 40 35 30

T2

n 25 ió s e r 20 P

15 10

2

T 1

1

3

5 0 0,125

0,25

0,375

0,5

0,625

0,75

0,875

1

1,25

1,5

Volumen

TRANSFORMACION

ISOBARICA

ESTADO

1

Pre r e   sión Volumen Tempera r a   tur ra a  

P1 = 5 V1 =0.25 T1

ISOTERMICA 3

P3 = 5 V 3=1 T2

En la transformación isobárica se cumple

. V1 . = . V3 . T1 T2

En la transformación isotérmica se cumple

. p3 . = . p2 . V3 V2

2 P2 =10 V2 = 0.5 T2

Combinando ambas ecuaciones se obtiene

Ecuació Ecua ción n de Estado Estado de los Gases Perfectos . p1 V1 . = . p2 V2 . T1 T2

Esta ecuación significa que el producto de la presión por el volumen sobre la temperatura absoluta es constante. La constante es la constante parti cular de cada gas, por ser especí fica para cada gas.

. p V . = R’ T En la tabla de abajo los valores de la constante particular de algunos gases para presión de 1 kgf / m2, volumen de 1 kg. de gas en m3 y temperatura en grados Kelvin.

Gases

Constante

Air re  e Oxigeno Nitr ró ó   geno

29,27 26,47 30,19

Hidr ro o   geno

422,59

CONSTANTE UNIVERSAL DE LOS GASES GASES PERFECTOS PERFECTOS

  A fin de encontrar una ecuación general de los gases perfectos, es necesario conocer la cantidad de sustancia que tiene el gas en estudio. Una unidad de cantidad de sustancia es la cantidad de sustancia que contiene el número de Avogadro, NA, de moléculas, cuya masa en gramos es igual al peso molecular. La cantidad de sustancia en el Sistema Internacional es el “mol”, es una unidad unidad básica. básica. De acuerdo al Sistema Internacional, “mol (mol) es la cantidad de sustancia de un sistema que contiene tantas entidades elementales como átomos hay en 0,012 kilogramos de carbono 12”. Y la Norma sigue: “Cuando se emplee el mol, deben especificarse las unidades elementales, que pueden ser átomos, moléculas, iones, electrones u otras partículas o grupos especificados de tales partículas.” El Número de Avogadro especifica la cantidad de moléculas que tiene un mol de un gas. El Número encontrado por Avogadro es 6,022 1023 moléculas por mol mol. El número total de moléculas de un gas es, por lo tanto, N = n N A donde “n” es el número de moles. Un mol de los gases, cualquiera sea, ocupa un volumen de 22,415 litros, en condiciones normales (presión atmosférica y 273 K = 0º C), por lo tanto “n” moles ocupa un volumen V = n 22,415 lts , en iguales condiciones. 3,,5 5 3

s a r e f s o m t a                  n ó i s e r P

2,5 moles P 2= 2 atm T2 = 327,6

2,,5 5

1 mol Po = 1 atm

2 1,,5 5

To =273 K

1

1

2,5 moles P1 = 1 atm

0,,5 5

0 5 ,6

111 ,2

2 2 ,4

3 3 ,6

V Volum ol um

444 ,88

e enn- llit i t rros os

56

6 7 ,2

7 8 ,4

En el punto 0 de la grafica se observa 1 mol de un gas en condiciones normales ocupando un volumen de 22,4 lts. En el punto 1 se tiene 2,5 moles del mismo gas, también en condiciones normales que ocupa un volumen de 56 lts. No es común representar en un solo gráfico dos sistemas diferentes, como lo hacemos acá, pero el objetivo es mostrar como, en el punto 0, 1 mol de gas tiene presión de 1 stm, temperatur a 0 ºC (273 K) y volumen de 22,4 lt; en cambio en el punto 1, 2,5 moles de gas pueden tiene presión de 1 atm, temperatura de 0 ºC (273 K), y su volumen aumenta en 2,5 veces el volumen de 1 mol, es decir 56 lts (n Vo). La isoterma del punto 0 y del punto 1 corresponden a isotermas de 0 ºC En el punto 2, el mismo gas del punto 1, tiene presión de 2 atm, volumen de 33,6 lts y temperatura de 327,6 K = 54,6 ºC. De acuerdo a la ecuación de estado de los gases perfectos podemos escribir:

p1 V1 = p2 V2 T1 T2 Donde p1 = 1 a tm, V 1 = n mol x 22,4 lts y T 1 es 273 K. Reemplazando en la ecuación anterior  

1 at atm m x 22,4 22,4 lt lts s n mole moles s = p 2 V2 2 K273 T La relación 1 atm x 22,4 lts / 273 K es constante para todos los gases, pues, corresponde a 1 mol de cualquier gas en condiciones normales (punto 0 de la grafica). Por lo tanto es una constante universal de los gases

La cons consta tan nte Univ niversa er sal   l de lo los s Gases Per rf  fe e   ctos es R = 0, 0,08 0820 207 7 atm atm lt mol K

Los valores de “R” son: 0,08207 atm lt / mol K = 8,314 joules / mol K = 1,986 cal / mol K

En la ecuación anterior el punto 2 se tomo arbitrariamente y podemos considerarlo como un punto genérico (podría haber sido cualquier otro punto). De aquí que se puede afirmar que la ecuación que relaciona la presión, el volumen y la temperatura de los gases es:

Ecua Ec uació ción n Gener  General al   de lo los s Gase Ga ses s Pe Perf  rfec ecto   tos s P V = n R T

DENSIDAD DE LOS GASES Un mol es la cantidad de sustancia que tiene una masa igual a la masa molecular del gas y que en condiciones normales ocupa un volumen de 22,4 litros. De manera que el número de moles que tiene un gas dete rminado es igual a la masa del gas (m) dividida por la masa molecular  (M) (  M)

n =m /M Reemplazando en la ecuación general de los gases perfectos obtenemos

p V = mR T M Luego la densidad del gas es:

=p M RT En esta ecuación se observa que para un gas determinado la densidad depende de la presión y de la temperatura absoluta; en consecuencia

T1 = p1

T2 = . M p2 R

DENSIDA IDAD D DE EL LOS OS GAS GASES  – kg. / m . En Condiciones Normales   Aire 1,2929   Argón 1,7832 DióxidodeC arbono 1,9769 Helio 0,1785 Hidrogeno 0,0899 Nitrógeno 1,2506 Oxigeno 1,4290

CALOR EN LOS GASES Gay – Luzca experimentó con los gases suministrando calor en dos condiciones diferentes. Una manteniendo la presión constante y la otra manteniendo el volumen constante. En el primer    caso varía el volumen y en el segundo varía la presión. Encontrando que el calor que se suministra en uno y otro caso son diferentes.   A volumen constante   A presión constante

Q = cv m  t Q = cp m t

Donde cv y cp son los calores específicos a volumen constante y a presión constante respectivamente. La masa del cuerpo es igual al número de moles (cantidad de sustancia) por la masa molecular   m = nM , que reemplazando en las ecuaciones anteriores se obtiene:

A volumen constante constante A presión constante

Q = cv n M t Q = cp n M t

  Adoptando los productos cv M = Cv y cp M = Cp, ambos constantes para cada sustancia, el calor que debe suministrarse a un gas para producir una variación de temperatura son: Q = Cv n t, y   A volumen constante

Q = Cp n t   A presión constante Donde Cv y Cp son los calores específicos molar a volumen y presión constante respectivamente.   A modo de ejemplo de la relación entre los calores específicos y los calores específicos molares a volumen constantes, consideraremos el caso del Nitrógeno gaseoso ( N2 ). En la tabla periódica de los electos encontramos que la masa atómica d el Nitrógeno es 14, una, molécula de nitrógeno esta formada por dos átomos de acuerdo a su fórmula ( N 2 ), por lo tanto la masa molecular es 2 x 14 = 28 El calor específico del N2 es 0,177 cal / g ºC. El calor específico molar es Cv = M cv; Cv = 28 x 0,177 = 4,956 cal / mol ºC

Tabla de Calor  Tabla Calores es   Es Espe pecíf  cífico icos   s Morales en cal / mol ºC Clasedegas Monoatómico

Diatómico

Poliatómico

Gas He Ar H2 N2 O2 Cl2 CO CO2 SO2 H2S

Cp (cal/ mol ºC)

Cv (cal/ mol ºC)

Cp – Cv

= Cp / Cv

4.97 4.97 6,87 6,95 7,03 8,29 6,97 8,83 9,65 8,37

2.98 2.98 4,88 4,96 5,04 6,15 4,98 6,80 7,50 6,2

1.99 1.99 1,99 1,99 1,99 2,14 1,99 2,03 2,15 2,10

1,67 1,67 1,41 1,40 1,40 1,35 1,40 1,30 1,29 1,34

Tabla de Calores Calores Específicos Específicos Molar  Mo lares es   e en nS S.. I.(J I. (J / mol m ol K)

Monoatómico

He Ar

Cp (J / mol ºC) 20,8 20,8

Diatómico

H2 N2 O2 Cl2 CO

28,8 29,1 29,4 34,7 29,3

Clasedegas

Gas

Cv (J / mol ºC) 12,5 12,5 20,4 20,8 21,1 25,7 21,0

8,33 8,33

= Cp/Cv 1,67 1,67

8,33 8,33 8,22 8,96 8,33

1,41 1,40 1,40 1,35 1,40

Cp – Cv

CO2 SO2

Poliatómico

37,0 40,4

28,5 31,4

8,50 9,00

1,30 1,29

GASES REALES En la realidad con ciertos valores de presión, volumen y temperatura los gases tienen un comportamiento diferente a la ecuación de estado de los gases perfectos. Fue J. D. D. Van der Waals Waa ls (1 (1837 837  – 1923 1923)) quien estableció una ecuación para corregir el error.

Ecuación Ecuación de Van der  der   Waals para gases reales reales.. Resnik pag 8 802 02 S. Frish A. Timoreva pag. 254.

(P P + aa  / Vo 2 ) ( V Vo o  – b ) = R RT

2 Isoterma de un Gas Real - CO

Isoterma de un Gas Ideal - CO 2

400

400

300

300

m t a n200 ió s re P

m t a n 200 io s re P

100

100

0

0 0

0,05

0,1

0,15

0,2

0,25

0,3

0,35

0

0,4

0,05

0,1

0,15

 = V / n n - lt./ l t ./ mol m ol T=264K

Tcrit=304K

"T=344K"

T=400K

T=264K

LIQUIDIFICACION - CO2 100 Gas

m t 75 a n io

Liquo

s e r 50 P

Vapor y Liquido

Vapor

25 0 K 264 = 284 =

0,05

0,1

0,2

0,25

0,3

V / n -- Lt / mol

0,15

0,2

T  =V /n n - lt / mol mol T 304 K crit =T Curva de liquidificación

0,25

0,3

Tcrit=304K

T=344K

T=400K

0,35

0,4

CONSIDERA CONSIDERACIÓN CIÓN MICROSC MICROSCOPICA OPICA  – FÍSICA FÍSICA ESTA ESTADISTI DISTICA CA

El filósofo griego Demócrito 400 A. C., ya establecía las características de los átomos, como elementos constitutivos de la materia. Afirmaba: “Los átomos son infinitos en número e infin itamente variados en su forma. Chocan entre sí y los movimientos laterales y giros son los principios del Universo.” La variedad de todas las cosas dependen de las variedades de sus átomos en número, tamaño y agregación.” 



En 1803 el químico ingles Dalton desarrollo la primera teoría atómica, para explicar los hechos de la naturaleza. En 1808 Gay-Lussac estudio los volúmenes de gases necesarios para formar una molécula. Y en 1811 Avogadro, calculó el volumen de un mol de gas en 22,415 litros. Todas estas explicaciones científicas buscan definir la estructura microscópica de la materia. Si las moléculas son masas materiales que se atraen entre sí. ¿Por qué entonces no se juntan todas formando un punto material? La explicación mas aproximada es que las moléculas están en movimiento y que la forma de organizarse las moléculas, así como; los movimientos que realizan determinan los diferentes estados de la materia. 

Estructura molecular de sólidos y líquidos

En los sólidos las fuerzas de atracción son mas fuertes que en los otros estados. El comportamiento de un sólido es tal que las moléculas actúan como si estuvieran formando un colchón de muelles que les permite vibrar. Las fuerzas intermoleculares actúan de acuerdo a la Ley de Hooke. Esta explicación de la estructura molecular de los sólidos, tiene algunas deficiencias, sin embargo, permite interpretar con mucha aproximación, la mayoría de los fenómenos macroscópicos de los sólidos. El diseño muestra la estructura de un cristal ideal, formado por una red de resortes en cuyos vértices se encuentran las molécula s. En el caso de los líquidos el problema es mucho mas complejo, pues el modelo de la estructura de los líquidos, considera que las moléculas vibran con mayor amplitud, con lo cual, se producen espacios vacíos mas amplios que en los sólidos.

Estructura molecular de gases El modelo de la estructuras molecular de los gases considera a las moléculas del gas como totalmente libres y en movimiento, y como los espacios intermoleculares son mucho mayor las fuerzas de atracción entre las mismas son muy pequeñas, no influyendo en el movimiento de las moléculas. Este movimiento de las moléculas hace que las mismas choquen entre sí, en un choque totalmente elástico.

En la figura se puede observar el modelo de la estructura molecular de los gases y el movimiento de los mismos.

GASES IDEALES En el Capitulo anterior hemos hecho una primera definición de los Gases Ideales, fundados en su comportamiento microscópico. En base al modelo de estructura molecular de los gases estamos en condiciones de establecer las condiciones microscópicas para considerar a un gas como ideal.

1. El gas est esta a forma formado do por molé molécul culas. as. Las moléculas son partículas constituidas por    uno o varios átomos. Estas moléculas son estables ( no cambian en el tiempo) y, además, son idénticas. 2. Las m moléc oléculas ulas ssee mue mueven ven aall azar y obe obedec decen en a las L Leye eyess de la m mecá ecánica nica clá clásica sica (Leyes de Newton). Las moléculas (partículas) se mueven en todas las direcciones y suponemos que la mecánica newtoni ana es aplicable a masas microscóp icas. Las moléculas pueden chocar entre ellas o contra las paredes, por lo que tienen un movimiento zigzagueante.

3. El nnúmer  úmero o tot total al de de molécu moléculas las es g gran rande. de.   Aunque las moléculas chocan entre si o con las paredes, su número es tan grande se supone que la distribución de las velocidades se conserva. Es decir, siempre existen igual cantidad de moléculas moviéndose en una u otra dirección. 4. El volu volumen men de las molé moléculas culas es una fracció fracción n muy pequeña del vol volumen umen tota totall ocupado por el gas.   Aun cuando existen un número grande de moléculas, el volumen total de moléculas sigue siendo muy pequeño con relación al total.

5. Las Las ún únic icas as fu fuer  erza zas s q que ue ac actú túan an sobr  sobree llas as mo molé lécu cula las s son son la lass del del choq choque ue.. Las espacios entre las moléculas son grandes para que las fuerzas atractivas entre ellas, puedan ser    consideradas. Aún cuando las moléculas se aproximan para chocar una con otra las fuerzas atractivas no alteran considerablemente el movimiento, pues la velocidad es alta en comparación con la aceleración que podrían generar las fuerzas.

6. Los cho choque quess son son elás elástico ticos s y de dur  duraci ación ón insi insigni gnifica ficante. nte. Los choques de las moléculas entre si o contra las paredes consideramos elásticos, conservando la cantidad de movimiento y la energía cinética. En consecuencia con esta suposición, el tiempo de duración de los choques es muy pequeño comparado con el tiempo entre dos choques consecutivos de las moléculas. VELOCIDAD DE LAS PARTÍCULAS Con las consideraciones anteriores consideramos las condiciones de la mecánica clásica para obtener los valores de las variables termodinámicas ( p  – V y T)

Z

V

El movimiento de las partículas es totalmente al azar. Por    lo tanto se puede suponer que si consideramos los tres ejes ortogonales; las velocidades sobre cada una de los tres ejes tienen

Vy Vx

igual probabilidad de ser positivas o negativas, con lo que las velocidades medias son cero.

= = = 0

Vz

X

 Y

Como las masas de todas las moléculas son iguales, las cantidades de movimiento medias son:

= = = 0 = = = 0

Elevando al cuadrado y multiplicando por    1 //2m 2m, tenemos la expresión de las Energías Cinéticas medias

 / 2 m =  / 2 m = / 2 m Por otro lado, las velocidades sobre un eje no influyen sobre las velocidades en el otro eje, de forma que

= = La suma del cuadrado del modulo de las velocidades sobre cada eje es igual al cuadrado del modulo de la velocidad media.

= + + = 3

= 3

= 3

La velocidad media calculada es con respecto al recipiente en que está contenido el gas, de esta forma, si el recipiente se mueve, la velocidad del centro del masa del gas, no influye en la velocidad con respecto al recipiente. Como las moléculas de los gases en estudio no están bajo la acción de ninguna fuerza que pueda hacer variar la energía cinética, (las fuerzas de atracción son muy pequeñas y pueden ser    despreciadas) esta energía cinética de cada molécula multiplicada por la cantidad de moléculas existentes, N, es la energía interna del gas U

U = N ½ m LA PRESIÓN Y LA VELOCIDAD DE LAS PARTÍCULAS PARTÍCULAS Consideremos un recipiente cerrado conteniendo un gas. Las moléculas al chocar elásticamente contra las paredes reciben un impulso que les hace cambiar la dirección de su cantidad de movimiento.

F

Estudiaremos en fenómeno en la dirección de uno de los ejes, por ejemplo el eje X.

Px = m v x La variación de la cantidad de movimiento debido al choque es

Px = 2 m v x Esta es la variación de la cantidad de movimiento de una molécula que choca contra la pared. Consideremos cuantas moléculas pueden chocar en un tiempo t. Si N es la cantidad de moléculas en el volumen total V, la mitad de

Antes del choque

Px= m vx Después del choque

ellas se dirige en un sentido y la otra mitad en el otro. Considerando un volumen vx cantidad de moléculas en este volumen que se dirigen en un sentido, es

t S, la

½ N vx t S  /V Pero no todas las moléculas tienen la misma velocidad por lo tanto debemos considerar la velocidad media. Por lo tanto la variación total de la cantidad de movimiento será

Px = 2 m ½ N t S  /V F = Px  / t = m N S  / V p = F  / S = m N  / V Ojo: p funcion de dens y velocidad 2 Mas arriba teníamos que Por lo tanto la presión es   Además considerando que

= 3 luego = / 3 p = 2 /3 (m / 2) N / V

U = N ½ m podemos escribir que

p = 2/3 2/3 U  / V De donde

p V == 2/3 U

LA TEMPERATURA ABSOLUTA. En el Capitulo anterior establecimos que el numero total de moléculas de un gas N esta dado por   N = n N A donde n es el numero de moles y NA es el Numero de Avogadro (NA = 6,022 1023 moléculas por mol) . 2

Introduciendo esta expresión en la ecuación p = 2/3 (m / 2 ) N / V , de mas arriba, resulta

p = 2 /3 (m / 2) n NA  / V De la ecuación de estado de los gases perfectos obtenemos

p= nR T/ V

De donde igualando resulta

m / 2 = ·3/2 ·3 /2 T R  / N A

El valor de R es 8,314 joules / mol K, por lo tanto la relación

. R . = .

8,314 joules / mol K

.

6,022 1023 mol molécu éculas las  //m mol ol

NA

Esta relación es una constante Por lo tanto

k = 1,38 10

 ––23 23

J / K , la constante de Boltzmann.

3 / 2 k T = m / 2

Esta ecuación, establece la temperatura como una expresión de la energía interna del gas. De hecho la temperatura podría medirse en unidades de energía.

LA FORMU FORMULA LA DE VAN VAN DER WAA WAALS LS En los Gases Reales, la ecuación de estado de los Gases Ideales, no se cumple para valores de volumen muy pequeños y en la realidad los Gases se alejan de la ecuación de Estado. Este fenómeno se debe a que la interacción entre las moléculas es muy débil. A medida que aumenta la interacción, las propiedades del gas se desvían de las propiedades de los gases perfectos; y en definitiva se transfo rman en líquido. En los gases ideales se considera que la distancia entre las moléculas es lo suficientemente grande para que las fuerzas de atracción entre las mismas sean despreciables. Sin embargo para volúmenes pequeños, las moléculas se encuentran lo suficientemente cerca como para considerar estas fuerzas. Van der Waals desarrolló una formula para los estados de los gases reales con volumen muy pequeños. El consideró que para volúmenes pequeños, el volumen de las moléculas, que ya no son despreciables, reduce considerablemente el espacio en el cual se mueven las mismas. Y no puede considerarse a la molécula como una partícula, sino que, por el contrario, su volumen es ponderable con respecto al del recipiente. radio

Si en la ecuación de estado de los gases perfectos aumentamos la presión el volumen tiende a cero.

V = lim p

∞

nR T/ p= 0

CM

Esto es imposible pues los gases tienen un volumen propio. Para una molécula este volumen es: v = 4/3 r r3  donde r  es el radio de la molécula.

Pared del recipiente

3 Y el volumen total ocupado por las moléculas del gas es V = N 4/3 r r   , donde N es el número de moléculas que forman el gas. Sin embargo es imposible reducir el gas a estas dimensiones, pues con este volumen las moléculas no podrían moverse y por lo tanto, no habría presión, al no haber choque contra las paredes y, además, no tendría energía interna, es decir    temperatura.

Es necesario, entonces hacer una corrección en el volumen de la ecuación de estado. Si consideramos el volumen por unidad de moléculas del gas (Vo = V  / N) la disminución del volumen a considerar es b. Esta corrección no es igual para todos los gases, y se debe obtener    experimentalmente. La ecuación de estado con esta corrección queda

p ( Vo  – b ) = R T Una molécula que se encuentra en el medio del recipiente, tiene fuerza de atracción en todas las direcciones por lo que la resultante puede considerarse nula. No ocurre lo mismo con las moléculas que están chocando contra las paredes, pues estas tienen moléculas que le atraen

b

a Pared del recipiente

solamente del lado opuesto a las paredes. Considerando las fuerzas por unidad de superficie podemos considerar la existencia de una presión interna “pi”. Estas fuerzas de atracción entre las moléculas disminuyen rápidamente con la distancia. De aquí que se debe considerar solamente las moléculas que se encuentran en una franja ( a-b en la figura) y cuyo número es proporcional al número de moléculas por unidad de volumen “no”.   Además la cantidad de moléculas que chocan 2 contra la pared también dependen de “no”, por lo tanto la presión “pi” es proporcional a “no ”.

pi = a’ no2.

= a  / alta.

y

no = N  / Vo

luego

pi = a’ N2  / Vo2

2 Haciendo a = a’ N se obtiene la corrección a la presión en los gases reales pi 2 Vo . Quedando la ecuaci ecuación ón de estad estado o para gases gases reales con volumen pequeño y presión

Ecuación Ecuaci ón de estado estado de Van der  der Waals (p  –a –a  /V o2 ) ( Vo  – b ) = R T

LA ESTADÍ ESTADÍSTICA STICA DE FERMI DIRAC  – BOSE EINSTEI EINSTEIN N   Al estudiar los gases ideales, se consideró la leyes de Boyle, que establecían la relación entre el volumen y la temperatura a presión constante y la presión y la temperatura a volumen constante. . V0 . = . V . . p0 . = . p .

T0 T T0 T En estas leyes si se hace la temperatura absoluta igual a cero el volumen y la presión se hacen cero. De acuerdo a las consideraciones estadísticas de mas arriba, la temperatura de 0 K, significa que las moléculas no tienen energía interna, es decir, no se mueven. El estudio de este fenómeno fue realizado por Fermi y Dirac para átomos cuya suma de protones mas neutrones mas electrones es un número impar. Estos átomos tienen la propiedad de repelerse entre si, de tal forma que la presión que ejercen sobre las paredes del recipiente, es mayor a la que se obtiene al apli car la ecuación de estado de los gases perfectos. Los átomos con estas características son conocidos como Fermiones, en homenaje a Fermi. Bose y Einstein, estudiaron el comportamiento de átomo s cuya suma de protones mas neutrones mas electrones; es un número par. Los mismos tienen la propiedad de atraerse y por lo tanto la presión resultante sobre las paredes del recipiente son menor a las determinadas por la ecuación de estado de los gases perfectos. Estos átomos son llamados Bosones en homenaje a Bose. En realidad la Estadística Fermi Dirac – Bose Einstein, responde a los principios de la

física físi ca quá quántic nticaa. La diferencia entre las ecuaciones de Van der Waals y la de Fermi – Bose, es que la primera considera volúmenes muy pequeños para temperaturas aprox imadas a la de la superficie de la tierra y la ecuación Fe rmi – Bose corresponde a valores muy bajos de tempe ratura absoluta.

La Ec Ecua uaci ción ón F Fer  ermi mi Dir  Dirac ac  – Bo Bose seEi Eins nstei tein n es es::

pV =NT 1 ± .

3/2

.. N 3 2g V(mT)

. 3/2

Debemos hacer las siguientes observaciones para comprender la ecuación.

1.

N es la cantidad de moléculas del gas contenidas en el recipiente.

2.

En el paréntesis se observa los signos

± Este doble signo se debe a que la ecuación

se refiere a dos clases de átomos diferentes. Los llamados fermiones; precisamente en homenaje a Fermi, y los llamados bosones, en homenaje a Bose. Ambos científicos estudiaron estos átomos por separado. Los fermiones son átomos cuya suma de protones mas neutrones mas electrones es un número impar. Estos átomos tienen la propiedad de repelerse entre si Los bosones, en cambio, son átomos cuya suma de protones mas neutrones mas electrones; es un número par Los mismos tienen la propiedad de atraerse. El signo mas debe usarse para los fermiones y el menos para los bosones. Aquí podemos notar que, en igualdad de condiciones de las demás variables, la presión es mayor en los fermiones que en los bosones, debido a la repulsión de los primeros y la atracción de los otros.

3. El símbolo

, (denominado hache barra) es una constante de valor     – 34 2  – 1

1,054 1,0 5457 57 10

Esta constante

Joule seg (kg m s

es iguala la constante de Planck

)

h = 6,6268 6,626808 08 10  – 34 Joule seg

dividida por   2 ¿Que es la constante de Planck? La constante de Planck relaciona la energía fotones, con la frecuencia

E

de los

de la onda lumínica (letra griega niu).

E=h

Siendo los fotones la menor unidad posible de luz. Y de acuerdo a esta ecuación la energía de los mismos solo puede aumentar en cantidades constantes, determinada por la constante de Planck. Esta constante da la menor cantidad posible que puede aumentar la energía. Un quantum de energía Por último ¿Qué es un quantum? Einstein propone el siguiente ejemplo para entender que 3 es el quantum. Si se tiene un volumen de arena, este volumen se puede medir en m , por ejemplo, y se puede considerar un volumen que sea una fracción muy pequeña de arena. Sin embargo, un grano de arena es la menor cantidad que se puede tener. Este grano de arena es un quantum de arena. De igual forma la menor cantidad de luz posible es el fotón, quantum de luz.

4. La letra g de la ecuación, que no es la aceleración de la gravedad, también es una cantidad de la física quántica y se refiere al llamado Spin del electrón. ¿Qué es el spin del electrón? En los primeros de átomos se consideraba que el electrón giraba alrededor del núcleo. Esta solución no respondía a todos los fenómenos de interferencia que se obtenían experimentalmente. Por lo tanto, se incluyo el giro alrededor de su propio eje del electrón, De esta forma el electrón, como por ejemplo la tierra, tiene dos giros uno alrededor de su centro, el núcleo para el electrón y el sol para la tierra, y otro alrededor de su eje. Este último giro se llama Spin (en ingles giro alrededor de su eje) para distinguir del otro giro. El signo del Spin está determinado por el sentido del giro, cuando el giro alrededor de su eje y del núcleo son del mismo sentido, el signo es positivo; si son contrarios es negativo.

S= ±½

El valor del Spin

y

g= 2S+ 1

5. Los demás valores de la ecuación son los conocidos: p pr reesión, V volumen, temperatura absoluta, m masa y es la re relac lación ión ccirc ircunfe unferen rencia cia  – radio. radio.

T

COMPORTAMIENTO DE LOS GASES REALES En la graficas de abajo se puede observar las diferencias que resultan de la aplicación de la Ecuación de Estado de los Gases Perfectos, la formula de Van der Waals y el comportamiento real del Gas, en este caso CO2 (Anhídrido Carbónico).

Isoterma de un Gas Ideal - CO 2

Isoterma Isoterma Van Van der der Waals Waals - CO2

400 400

300 300

m t a n 200 io s re P

m t a n200 ió s e r P

100

100

0

0 0

0,05

0,1

0,15

0,2

0,25

0,3

0,35

0

0,4

0,05

0,1

0,15

= V / n - lt./ lt./ mol mol T=264K

Tcrit=304K

"T=344K"

0,2

0,25

T=400K

T=264K

Tcrit=304K

T=344K

LIQUIDIFICACION - CO2 100

Gas m t 75 a n o i s e r 50 P

Liquido Vapor Vapor y Liquido

25 0

0,05

264 K =T 284 =T

0,3

V / n -- Lt // mol mol

0,1

0,15

0,2

  = V / n - lt / 274 mol K =T 294 K= T

crit T304 Curva = K de liquidificación

314 = TK

0,25

0,3

T=400K

0,35

0,4

TEMPERATURAS Y PRESIONES CRÍTICAS Temp Presion Sustancia K Atm   Agua Cloro   Amoniaco   Anhídrido Carbónico Kriptón Oxigeno   Argón Nitrógeno Neón Hidrogeno Helio

H2 O Cl2 N H3 C O2 Kr O2 Ar N2 Ne H2 He

647 417 405 304 242 254,2 150.6 126 45 33 5,1

217 76 112 73 54 50 48 33,5 26 12,85 2,2

Quantum de arena. Constante de Plank

h/2

h = 6,63 10 - 34 Joul Joulee seg seg = 6, 6,631 6310 0 - 34 kg m2 (6,626808) - 34 = (hache che barra) rr a) ћ = 1,05 10 Jo Joul ule e sseg eg (1,05 (1,0545 457) 7)

PV = N T 1 ± .

PV = N T 1

3/2

.. N 3 . 2g V(mT) 3/2

± .

.. N 3 . 2 g V (m T)3/2 3/2

1ª LEY DE LA TERMODINÁM TERMODINÁMICA ICA Hemos visto que al suministrar calor a un cuerpo, este tiene una variación de volumen y de temperatura. Vimos también que la temperatura está relacionada con la energía interna del Gas (energía cinética de las moléculas).

1. Tr Trab abaj   ajo o Ex Exte ter rio iorr Si consideramos un cuerpo al cual se le suministra calor    W = p V

2. Tr Trab abaj   ajo o en llos os ca camb mbio ios s de vo volu lume men n 3. Tr Trab abaj   ajo o y tr  tray ayec ecto tori riaa 4. Ca Calo lorr y Tr  Traaba bajo   jo 5. Ener rg gía Inte ter rna na 6.

U = N ½ m 3 / 2 k T = m / 2 k = R  / N A R = Constante Universal de los Gases y NA es Numero de k= Abogadro.

El filósofo griego Demócrito Energía : calor   

ANEXO:: EL TENSOR DE INERC ANEXO INERCIA IA

1. JUSTI USTIFI FICA CACI CIÓN ÓN Si bien el cálculo de tensores no es el objeto de este libro pretendemos con este anexo satisfacer la curiosidad de algunos estudiantes que desean avanzar en sus conocimientos, y no se constriñen a los límites de los cursos de Física.

2. LA LAS S NU NUEVA EVAS S COMP COMPON ONEN ENTE TES S DE UN VECTOR POR UN GIRO DE LOS EJES DE COORDENADAS.

X3 Y3

Para un sistemas de coordenadas ortogonales X1, X2 y X3, en elque X1 = X, X2 = Y y X3 = Z del sistema utilizado tradicionalmente en la geometría analítica; un punto “P” tendrá coordenadas x1, x2 y, x3 y un Vector    “V” de componentes Vx1, Vx2 y Vx3. Al realizar un giro de los ejes coordenados se obtienen nuevos ejes, que los denominamos  Y Y1, 1,  Y2 Y2 e  Y Y3 3, Estos nuevos ejes,  Y Y1, 1,  Y Y22 e  Y Y3, 3, forman con los srcinales X1, X2 y X3 los ángulos , y respectivamente como se observa en la figura. Entonces las nuevas coordenadas del punto “P” son y1, y2 y y3, y las nuevas componentes del vector    “V” son Vy1, Vy2 y Vy3.

 

Y2 X2

 X1 Y1

Las nuevas componentes del vector a partir de las componentes iniciales son:

Vy1= a11 Vx1 + a12 Vx2 + a13 Vx3 Vy2= a21 Vx1 + a22 Vx2 + a23 Vx3 Vy1= a31 Vx1 + a32 Vx2 + a33 Vx3 Observación: seguimos usando las sumatorias.

3. TR TRAS ASFO FORM RMAC ACIO ION N LI LINE NEAL AL Se llama trasformación lineal de Vx en Vy a toda transformación definida por transformaciones lineales y homogéneas de la forma

q

 Yi =

Σ aih Xh h=1

Es decir las transformaciones de las componentes del vector son transformaciones lineales. En estas igualdades las cantidades a11, a12, a13, ………… a33, son los cosenos directores de los ángulos que  Y1, Y2 e  Y Y33 con las componentes del vector respecto a los ejes iniciales Vx1, Vx 2 y Vx3, forman los nuevos ejes  Y1, siendo el primer subíndice de a el subíndice de los nuevos ejes y el segundo subíndice de a el subíndice de las componentes iniciales del vector. Estos cosenos directores pueden expresarse como una matriz.

a11 a21

a12 a22

a13 a23

a31

a32

a33

En general las transformaciones lineales se expresan    Y = A X, donde Y es el vector transformado, A es la matriz de transformación y X es el vector inicial.

1de6

4. PR PRODU ODUCTO CTO DE TRA TRANS NSFOR FORMAC MACIO IONES NES LIN LINEA EALES LES Realizando una primera transformación lineal A de Vx en Vy y posteriormente una segunda trasformación B de Vy en Vz, donde los nuevos ejes (los terceros) son Z1, Z2 y Z3. Donde la segunda transformación es Z = B Y , y B es la matriz

b11 b21 b31

B=

b12 b22 b32

b13 b23 b33

q

Zi =

Σ bih  Yh h=1

La transformación lineal producto A B La transformación lineal A B producto es otra matriz C. Los elementos cij, están dados por el producto de los elementos de la i-ésima fila de la matriz A por los elementos de la   j-ésima j-ésima columna de la matriz B.

q

cij =

Σ aih bhj h=1

Es decir la matriz

C

=

Por ejemplo

c11 c12 c13 c21 c22 c23 c31 c32 c33 c23 = a21 b13 + a22 b23 + a23 b33

El producto de las matrices no es conmutativa, es decir   A B ≠≠ B BA

5. TE TENS NSOR ORES ESCA CART RTES ESIA IANO NOS. S. Luis Santaló , en su libro “Vectores y Tensores” da la siguiente definición de tensores cartesianos. DEF. 1: Dadas 9 cantidades Tij, se dice que son componentes de un tensor cartesiano de segundo orden cuando por un cambio de coordenadas de la forma, (transformaciones lineales) se transforman según la Ley q

T ’ij = Σ

p

Σ a ih a  jk Thk

h =1 k =1 Para el efecto hace el siguiente razonamiento. Dados dos vectores de componentes ui y v  j , que por un cambio de coordenadas se transforman de la forma de acuerdo a las transformaciones lineales.

q

q

v’  j =

u’i =

Σ a jk vk

Σ aih uh h=1

k=1

2de6

Los productos ui v  j con un cambio de coordenadas toman la forma

u’i v’  j =

3

3

Σ aih Σ a jk uh vk

h=1 El conjunto de los nueve productos

tensorial de los vectores ui , v  j.

k =1

ui v j constituye un nuevo ente geométrico que se llama producto

6. INVAR VARIAN IANTE TES S Def. 4: Un invariante o tensor de orden cero es una expresión que toma la misma forma en cualquier sistema de coordenadas. El producto escalar de dos vectores aplicando el ejemplo de arriba.

u . v es un invariante o tensor de orden cero, como se puede demostrar   

7. CR CRIT ITER ERIO IOS S DETE TENS NSOR ORIA IALI LIDA DAD. D. De acuerdo a Santalo: “Sean Uij un conjunto de n2 componentes de las cuales se ignora si son o no componentes de un tensor. Suponemos además que las Uij son simétricas, es decir  Uij  U ij = Uji. Entonces si para cualquier vector   li se verifica que la suma Uij li lj es un invariante, se puede afirmar que las Uij son componentes de un tensor.”

Manuel Lucini en su libro “Principios Fundamentales de las Nuevas Mecánicas”, dice “Si nueve magnitudes, una vez multiplicadas ordenadamente por las componentes de un vector independiente de los ejes y, sumados de tres a tres los productos obtenidos, dan las tres componentes de otro vector, también independiente de los ejes, aquellas nueve magnitudes son las componentes de un tensor.”   Afirma mas abajo “……para comprobar este criterio de tensorialidad, también se cumple que

Vj= Pi PiQj Qj Ui= Ui = Qj (P1 U1 + P2 U2 ++ P3 U3) = QjE’ Qj E’ Siendo E’ el producto interno de P por   U”

8. LO LOS S TE TENS NSOR ORES ES E EN NF FÍS ÍSIC ICA A

TENSORES Son nueve magnitudes que al multiplicar por las componentes de otra magnitud vectorial independiente del sistema de coordenadas dan como resultado otra magnitud vectorial también independiente del sistema de coordenadas.

3de6

9. EL TENS TENSOR OR DE IN INER ERCI CIA A

Z Imaginemos dos masas puntuales iguales unidas por una barra rígida sin masa, que giran, como indica la figura. En un instante, las masas tienen velocidades V1 y V2. Considerando que el centro de la barra es un punto fijo, sin movimiento, utilizamos este punto como srcen de coordenadas. De esta forma las masas 1 y 2 tienen respectivamente por coordenadas X1 =  – X2 = X,  Y 1 =  –  Y2 =  Y y Z1 =  – Z2 = Z.

V1 V2

Y

X

z Z

cualquier análisis vamos considerar    algunas cuestiones.

Previo a

x

a) El Elvec v ecto tor r ve velo loci cida dad d an angu gula larr

V1x V2z

Como las masas giran alrededor del centro de coordenadas la velocidad V = x r  donde V es la velocidad instantánea,

V1y y

V2y

es la velocidad angular instantánea y r  es el vector de posición de las masas con respecto al srcen de coordenadas en ese instante. La expresión mas arriba es un producto vectorial en el que la velocidad es perpendicular al plano de r  y , estos

Y V1z

V2x X

últimos forman un ángulo de 90º entre sí; por lo que la velocidad angular , a su vez, es un vector perpendicular al plano formado por la velocidad V y la posición r. No debemos confundir el plano de la circunferencia descripta por    los cuerpos, con el plano formado por  V   y r  Las componentes de son: x negativa; y y, z positivas. Desde luego, esta consideración es en ese instante, pues todos los vectores cambian en el tiempo. Podemos afirmar, por lo tanto, que

es un vector que no depende del eje de coordenadas.

b) El ve vecto ctorr can cantid tidad ad de movimiento angular L El momento de la cantidad de movimiento L = r  x P, donde r  es el vector de posición y P es la cantidad de movimiento instantánea P = m V. el vector     L al ser un producto vectorial es siempre perpendicular al plano formado por    r  y , por lo tanto es, también, independiente coordenadas.

de

los

ejes

z Z

x

y x

z

V1x V1y

V2z

y V1z

V2y

Y

z x

de

V 2x

y

X

4de6

c) La Las s com compo pone nente ntess d de e la vel veloc ocid idad ad.. Descomponemos las velocidades V1 y V2 en sus componentes V1x; V1y; V1z y V2x; V2y; V2z.

^ r , de las componentes de la velocidad angular por las coordenadas

Efectuando los productos vectoriales resulta:

V1x = y ^ Z1 + z ^  YY11 =  – y z  – z y xz+ zx V1y = x ^ Z1 + z ^ x1 = V1z = x ^  YY11 + y ^ x1 =  – x  Y  – y x 2

y

Z2

z

2

y

z

V V2xy == x ^^ Z2 ++ z ^^ yx2 ==  – x zz + – z xy x  Y yx V2z = x ^  YY22 + y ^ x2 = d) Las 9 com compon ponente entess de te tenso nsorr de IIner  nercia. cia. La cantidad de movimiento y la cantidad de movimiento angular son: P = m V, L = rr  ^ P =

rr  ^ ( m V )

Resultando L= m r

^(

^r) ^ ( B ^ C ) ) la solución es X = ( A . C ) B  – ( A . B ) C

En un doble producto vectorial (por ejemplo, X = A

Aplicamos estos conceptos para encontrar los momentos de las cantidades de movimientos en las direcciones de nuestros ejes coordenados.

PARA EL CUERPO 1

L1x = z1 ^ P1y + y1 ^ P1z = z1 ^ ( m V 1y) + y 1 ^ ( m V 1z) = =m(z 1 ^ ( x ^ z1 + z ^ x1 ) + y1 ^ ( x ^ y1 + y ^ x1 ))  L1x=– m Z 12 x  – m X1 Z1 z – m Y12 x  – m X1  Y1 y L1y = z1 ^ P1x + x1 ^ P1z = z1 ^ ( m V 1x ) + x 1 ^ ( m V 1z) = = m (z 1 ^ ( y ^ z1 + z ^ y1) + x1 ^ (x ^ y1 + y ^ x1 )  L1y=mZ 12 y + m  Y1Z1 z + m  Y1X1 x + m X12 y L1z = y1 ^ P1x + x1 ^ P1y = y1 ^(mV 1x) + x 1 ^ ( m V 1y) = = m ( y1 ^ ( y ^ z1 + z ^ y1 ) + x1 ^ ( x ^ z1 + z ^ x1))  L1z=mZ 1  Y1 y + m  Y12 z + m Z1 X1 x + m X12 z. PARA EL CUERPO 2

L2x = z2 ^ P2y + y2 ^ P2z = z2 ^ ( m V 2y) + y 2 ^ ( m V 2z) = =m(z 2 ^ ( x ^ z2 + z ^ x2 ) + y2 ^ ( x ^ y2 + y ^ x2 ))  L2x =  – m Z 22 x  – m X2 Z2 z  – m Y22 x  – m X2  Y2 L2y = z2 ^ P2x + x2 ^ P2z = z ^ ( m V 2x) + x 2 ^ ( m V 2z) 5de6

=

y

= m (z 2 ^ ( y ^ z2 + z ^ y2) + x2 ^ (x ^ y2 + y ^ x2 )  L2y = mZ 22 y + m Y2Z2 z + m  Y2X2 x + m X22 y L2z = y2 ^ P2x + x2 ^ P2y = y2 ^ ( m V 2x) + x2 ^ ( m V 2y) = = m ( – y2 ^ ( y z2 – z y2 ) + – x 2 ^ (– x z2 – z x2)  L2z = m Z2  Y2 y + m  Y22 z + m Z2 X2 x + m X22 z. Como las coordenadas de las posiciones de las masas son numéricamente iguales, las sumas totales sobre cada eje son:

Lx =  – 2 m ( Y2 + Z2) x  – 2 m X Y y  – 2 m X Z z  Ly = 2 m  Y X x + 2 m (X2 + Z2) y + 2 m  Y Z z



2



Lz = 2 m X Z

x

+2 mY Z

y +2m(X

2

+  Y ) z

De esta forma obtenemos las componentes de la Cantidad de Movimiento Angular de nuestro ejemplo. Se denominan Momento de Inercia ( I 2 2

) con respecto a los ejes coordenados a las siguientes magnitudes Ix = 2 m ( Y + Z ) Iy = 2 m ( X 2 + Z2 ) y Iz= 2m (X 2 +  Y2 )

Se denominan Producto de Inercia sobre los ejes coordenados a las siguientes magnitudes

Ixz = 2 m X Z, Izx = 2 m Z X, Ixy = 2 m x y Iyx = 2 m  Y X Iyz = 2 m  Y Z Izy = 2 m Z  Y En realidad se cumple que

Ixz= Izx

Ixy = Iyx

Iyz =I zy

De esta forma las cantidades de movimiento angular sobre los ejes coordenados son:

Lx =  – Ix x  – Ixy y  – Ixz z Ly = Iyx x + Iy y + Iyz z Lz = Izx x + Izy y + Iz z. De esta forma tenemos nueve números que multiplicados por las componentes del vector velocidad angular, vector independiente de los ejes coordenados, nos dan las componentes del vector Cantidad de Movimiento Angular, también un vector independiente de los ejes coordenados. Es decir la Inercia de los cuerpos es un Tensor.

L=

Lx Ly Lz

=

Ix Iyx Izx

Ixy Ixz Iy Iyz Izy Iz

x y z

Las componentes del vector cantidad de movimiento angular son proporcionales a las componentes de la velocidad angular. Sin embargo, si la suma de las componentes del tensor que figuran en las filas no son todas iguales, el vector    L tiene dirección diferente al vector misma dirección.

Es decir, no necesariamente los vectores L y

tienen la

Cuando se hace coincidir los ejes de coordenadas con ejes de simetría del cuerpo los Productos de Inercia son nulos y la Matriz solo conserva los valores de la diagonal, los Momentos de Inercia .

6de6

APÉNDICE A EL SISTEMA INTERNACIONAL DE UNIDADES El Sistema Internacional, cuyo símbolo es el SI, establecido por la Conferencia General de Pesas y Medidas en 1960, es una adaptación del sistema métrico y del sistema MKS que lo procedió, y fue adoptado en nuestro país por Decreto Ley N° 15.235 – Resolución 45/80, desde el año 1980. El SI consta de un conjunto coherente de tres clases de unidades, compuesta de 7 Unidades Fundamentales, 2 Unidades Suplementarias y diversas Unidades Derivadas. El SI oficialmente es utilizado en la mayoría de los países por su practicidad, relación y sencillez.

DEFINICIONES GENERALES ABREVIATURA:

Es el conjunto de letras tomadas de una palabra, usadas para representarla y escrito con   punto final. Ej. mts. (metros); kgr. (kilogramo); seg, (segundos).

UNIDAD DE MEDIDA: Es el valor de una magnitud que se escoge convencionalmente como término de com  paración de las demás magnitudes de su misma especie. Ej. metro (m); kilogramo (kg); segundos (s)

SISTEMA DE UNIDADES: Es el conjunto de unidades organizadas sistemáticamente y adoptado convencional mente.

CONJUNTO COHERENTE DE UNIDADES: Es un conjuntoorganizadode Unidades que tienen una y sólo una unidad para cada magnitud. Ej: CGS; MKS; Técnico; Británico.

SIMBOLO DE LA UNIDAD: Es el conjunto de letras escrito sin punto final, usados para representar la unidad de medida. Ej. m (metro); kg (kilogramo); s (segundos)

PREFIJOS:

Son aquellos que se usan para formar los nombres de los múltiplos y submúltiplos de las unidades.

UNIDADES FUNDAMENTALES DEL SI Son las consideradas por convención como mutuamente independientes y corresponden a las siete magnitudes adoptadas como fundamentales y que aparecen en la Tabla 1.

TABLA 1 MAGNITUD longitud masa tiempo intensidaddecorrienteeléctrica temperaturatermodinámica intensidalduminosa cantidadmdeateria

UNIDAD metro k  kiilogramo segundo ampere k  keelvin candela Mol

SÍMBOLO m k  kgg s A K  cd mol

APÉNDICE A

DEFINICION DE LAS UNIDADES FUNDAMENTALES UNIDAD DE LONGITUD Metro: Redefinida en octubre de 1983, como la distancia recorrida por la luz en el vacío durante un tiempo de 1/299 792 458 s.

UNIDAD DE MASA Kilogramo: Establecido en 1987, es la masa de un cilindro de aleación de platino-iridio que se conserva en el Laboratorio Internacional de Pesas y Medidas en Sèvres, Francia.

UNIDAD UNID AD DE TIEMPO Segundo: Redefinido en 1967, como la duración de 9 192 631 770períodos de la radiación correspondiente a la transición entre dos niveles hiperfinos del estado fundamental del átomo de cesio 133.

UNIDAD DE DE INTENSIDAD DE CORRIENTE ELÉCTRICA Ampere: Es la corriente eléctrica constante que, si se mantiene en dos conductores paralelos rectos de longitud infinita y sección transversal circular despreciable, y separados 1 m de distancia en el vacío, produce entre ellos -7 una fuerza de2 x 10 newton por metro de longitud.

UNIDAD DE TEMPERATURA TERMODINAMICA Es la fracción 1/273,16 de la temperatura termodinámica del punto triple del agua. La décimo tercera Kelvin: CPGM realizada en 1967 en su Resolución 3, decidió que la unidad kelvin debe ser usada para expresar un intervalo o una diferencia de temperatura

UNIDAD UNID AD DE INTEN INTENSIDAD SIDAD LUMIN LUMINOSA OSA Candela: Es la intensidad luminosa en una dirección dada, de una fuente que emite radiación monocromática de frecuencia 540 x 10 12 Hz y que tiene una intensidad radiante en esa dirección de 1/683 watt por estereorradián.

UNIDAD DE CANTIDAD DE MATER  MATERIA IA Mol: Es la cantidad de sustancia de un sistema que contiene tantas entidades elementales como átomos de carbono hay en 0,012 kg de carbono 12. Las entidades elementales deben especificarse y puedes ser átomos, moléculas, iones, electrones, otras partículas o grupos específicos de tales partícular.

UNIDADES UNID ADES SUPLEM SUPLEMENTA ENTARIAS RIAS DEL SI   No existe un criterio definido en las numerosos literaturas consultadas, en lo que respecta a si llamarlas unidades complementarias, suplementarias o directamente derivadas. En ese sentido debo manifestar que seguiré usando el criterio adoptado históricamente, es decir llamarlos unidades suplementarias y comprende a las dos unidades que se indican en la Tabla 2.

APÉNDICE A TABL TABLA A2

MAGNITUD ánguplolano ángulosólido

UNIDAD radián estereorradián

SÍMBOLO rad sr

DEFINICION DE LAS UNIDADES SUPLEMENTARIAS UNIDAD UNI DAD DE ÁNGULO ÁNGULO PLA PLANO NO Radián: Es el ángulo plano comprendido entre dos radios de un círculo, que subtienden en la circunferencia un arco de longitud igual en longitud al radio.

UNIDAD UNID AD DE ÁNGULO ÁNGULO SÓLIDO Estereorradián: Es el ángulo sólido con vértice en el centro de una esfera, que subtiende en la superficie esférica un área igual a la de un cuadradocuyo ladotiene la longitud del radio de la esfera..

UNIDAD UNI DADES ES DER  DERIVA IVADAS DAS DELSI Son las que se definen a partir de las unidades fundamentales. Algunas de ellas se encuentran indicadas en la Tabla 3.

TABLA 3

MAGNITUD f u  erza fu momento deunafu f u  erza velocidad,rapidez aceleración velocidadangular aceleraciónangular

UNIDAD newton newtonmetro metroporsegundo metroporsegundocuadrado radiánporsegundo radiánporsegundocuadrado

SÍMBOLO N N.m m/s m/s rad/s rad/s

TABLA 3

MAGNITUD f r  ecuencia fr traba jm o ecánicoe,nergí íaa potencia cantidaddemovimiento impulsodeunafu f u  erza inerciaderotación

UNIDAD herz  joule watt ki k ilogramom etropors egundo newtonsegundo ki k ilogramosegundocuadrado

cantidadim depm ulosovaim ngiuenlatro angular presiófa f na  ,tiga área volumen densidad

ki k ilogranm treotrcousaedgruanddoosegundo ewotm onem Pascal metcruoadrado metcrúo bico ki k ilogramopormetrocúbico

SÍMBOLO Hz J W kg k g.m/s N.s kg k g.s 2 kg k g.m .m N .s . s Pa m m kg k g/m

pesoespecí íf fii  co viscosidadcinemática viscosidadd inámica tensiónsuperf fii  cial cargealéctrica dif fee  renciadepotenciael léctrico intensidaddecampoeléctrico capacidaedléctrica resistenciealéctrica conductanciealéctrica f l  um fl  joagnético densidadfl fe lu jomagnético inductancia f l  ul juominoso fl iluminación calorespecíf  í fii  co conductividadtérmica entropí íaa intensidadradiante actividaddeunafu f u  enteradiactiva dosdriseadiación dosisequivalentederadiación

APÉNDICE A newtonpormetrocúbico metrocuadradoporsegundo Newtons egundo porm etro cuadrado newtonpormetro coulomb volt voltpormetro fa f a  rad ohm siemens weber tesla henry lumen lux  jouleporki k ilogramo-ke k elvin wattpormetro-ke k elvin  joulpeok  ke relvin wattporestereorradián becquerel gray sievert

N/m m/ s N.s/m N/m C V V/m F Ω S Wb T H lm lx J/kg k g.K W/m.K J/K W/sr Bq Gy Sv

DEFINICION DE ALGUNAS ALGUNAS UNIDADES DERIVADAS DERIVADAS QUE TIENEN NOMBRES ESPECIALES UNIDAD UNID AD DE FUERZ FUERZA A Newton: Es la fuerza que imprime a una masa de un kilogramo una aceleración de un metro por segundo cuadrado.

UNIDAD UNID AD DE FRECU FRECUENCIA ENCIA Hertz: Es la frecuencia de un fenómeno periódico que se repite una vezpo r segundo.. UNIDAD DE TRABAJO MEC MECÁNICO, ÁNICO, ENER  ENERGÍA GÍA Joule: Es el trabajo realizado cuando el punto de aplicación de una fuerza constante de un newton se desplaza una distancia de un meto, en la dirección de la fuerza.

UNIDAD UNID AD DE POTENC POTENCIA IA Watt: Es la potencia que da lugar a la producción de energía a razón de un joule por segundo . UNID UNIDAD AD DE PRESI PRESIÓN ÓN

Pascal: Es la presión ejercida por una fuerza de un newton, uniformemente distribuida sobre una superficie sobre una superficie de un metro cuadrado, perpendicular a la dirección de la fuerza.

APÉNDICE A UNIDAD UNID AD DE CARGA ELÉCTRIC ELÉCTRICA A Coulomb: Es la carga eléctricatransportada en un segundo por una corriente de un ampere. UNIDAD UNID AD DE DIFER  DIFERENCIA ENCIA DE POTENCIAL POTENCIAL ELÉC ELÉCTRICO TRICO Volt: Es la diferencia de potencial eléctrico existente entre dos puntos de un alambre conductor por el que circula una corriente constante de un ampere, cuando la potencia disipada entre esos puntos es de un watt.

UNIDAD DE CAPACIDAD ELECTRICA Farad: Es la capacidad de un condensador entre cuyas placas aparece una diferencia de potencial de un volt cuando es cargado con una carga eléctrica de un coulomb.

UNIDAD DE RESISTENCIA ELÉCTRICA Ohm: Es la resistencia eléctrica entre dos puntos de un conductor, cuando aplicada entre esos puntos unas diferencia de potencial constante de un volt, srcina en el conductor una corriente cuya intensidad es de un ampere, siempre que el conductor no sea fuente de ninguna fuente electromotriz.

UNIDAD DE CONDUCTANCIA ELÉCTRICA Siemens: Es la conductancia que existe entre dos puntos de un conductor, cuando una diferencia de potencial constante de un volt aplicada a esos puntos, produce en el conductor una corriente de 1 ampere de intensidad.

UNIDAD UNID AD DE FLUJO FLUJOMAGNÉTIC MAGNÉTICO O Weber: Es el flujo magnético que al atravesar una espira induce en éste una fuerza electromotriz de un volt, al disminuir el flujo magnético hasta cero en un segundo.

UNIDAD DE DE DENSIDAD DE FLU FLUJO JO MAGNÉTICO Tesla: Es la densidad de flujo magnético producido por el flujo uniforme de un weber que atraviesa perpendicularmenteuna superficie plana de un metro cuadrado.

UNIDAD UNID AD DE INDU INDUCTANC CTANCIA IA Henry: Es la inductancia de un circuito cerrado en el cual se produce una fuerza electromotriz de un volt cuando la intensidad de la corriente que lo recorre varía uniformemente a razón de un ampere por segundo.

APÉNDICE A UNIDAD UNIDAD DE FLUJO LUM LUMINOSO INOSO Lumen: Es el flujo emitido desde el vértice de un ángulo sólido de un estereorradián por una fuente puntual uniforme, quetieneuna intensidad luminosa de unacandela.

UNIDAD UNIDAD DE ILUMINACI ILUMINACIÓN ÓN Lux: Es la iluminación de un lumen por metro cuadrado. UNIDAD DE CONDUCTANCIA ELÉCTRICA Siemens: Es la conductancia que existe entre dos puntos de un conductor, cuando una diferencia de potencial constante de un volt aplicada a esos puntos, produce en el conductor una corriente de 1 ampere de intensidad.

PREFIJOS DE UNIDADES En la Tabla 4 se listanlos prefijos estándar delSI, con sus significados y abreviaturas.

TABL TABLA A4 PRE R EFIJO yota zeta exa peta tera giga mega kiilo k  hecto deca deci centi mili micro nano pico f e  mto fe atto

SÍMBOLO Y Z E P T G M kk  h da d c m μ n p ff   a

POTENCIA 10 10 10 10 10 10 10 10 10 10 1010-2 10-3 10-6 10101010-

zepto Docto

z y

1010

-

APÉNDICE A RECOMENDACIONES GENERALES PARA EL USO DEL SI Los símbolos de las unidades, múltiplos y submúltiplos no son considerados como abreviaturas, debiéndose usar  el mismo símbolo tanto para el singular como para el plural y no se colocarán puntos al final. Ej emplos: 1 m etro, se e scribirá 1 m 15 metros, se escribirá 15 m 1,9 metro, se escribirá 1,9 m Al pronunciaro escribir el plural de la unidad SI, se usará la reglade la gramática española. Ejemplos: 1 s egundo – 10 segundos 1 metro – 6 metros Al referirse a una unidad se debe escribir el símbolo de la unidad y no su nombre, salvo caso de que exista riesgo de confusión. Ejemplos: 2 N es preferible a 2 n ewton 1 litro es preferible a 1  El producto entre dos unidades se indicará preferentemente mediante un punto. Este punto podrá omitirse cuando no haya riesgo de confusión con otros símbolos de unidades. Ejemplos: J = N.m (se leeráun joule es igual aun newtonmetro)   N = kg.m.s-2 (se leerá un newton es igual a un kilogramo metro por segundo al cuadrado)

La división entre dos o más unidades, se indicará mediante una línea inclinada, una línea horizontal o potencias negativas. Ejemplos:

kg     m   3



kg  .  m   3



kg     m   3

Cuando el denominador es una expresión compleja deberán agruparse en paréntesis. Nunca debe usarse más de una línea inclinada. Tampoco se usarán paréntesis para agrupar las unidades que se encuentran en el numerador  o antes de la línea inclinada. Ejemplos:

FORM R MACOR  RR  RE ECTA m  

m .  kg    

s   2

  s    .A   3

o  

o  

m   .s   2

m .  kg  .   s   3 . A   1

FOR  RM MAINCOR  RR  RE ECTA m  

s  

s  

m .  kg    

s   3

A  

  No deberán combinarse nombres y signos al expresar el nombre de una unidad derivada. Ejemplos:

FORM R MACOR  RR  RE ECTA m/s o m e tro p or s egundo

FOR  RM MAINCOR  RR  RE ECTA metro/segundo o m/ segundo o metro/s o m por s

Se usarán los prefijos SI y sus símbolos para formar los nombres y los símbolos de los múltiplos y submúltiplos de las unidades SI, respectivamente. Ejemplos: decímetro(dm); kilogramo (kg)

APÉNDICE A Para la escritura de los valores numéricos se usarán las cifras arábigas y numeración decimal. Cuando el número tiene más detres cifras se separarán usando un espacio y no el punto, en grupos de tres cifras tanto la parte entera como la decimal. Ejemplos: 2 789 456,985 63 74,369 756 Para redondear números se procederá de la siguiente manera: a) cuando la cifra eliminada es menor que 5, la última cifra no variará y b) cuando la cifra eliminada es mauor o igual que 5, la última cifra se aumentaráuna unidad. Ejemplos: 2,768 32redondeadoa las milésimas, seescribirá 2,768 179 623 redondeado a los miles, se escribirá 180 000

OTROS SISTEMAS SISTEMAS DE UNIDADES UNIDADES SISTEMA CGS El Sistema CGS adopta tres unidades fundamentales, que se detallan en la Tabla 5:

TABL TABLA A5 MAGNITUD longitud masa tiempo

UNIDAD centím í metro gramo segundo

SÍMBOLO cm g s

SISTEMA MKS El Sistema MKS adopta tres unidades fundamentales, que se detallan en la Tabla 6:

TABLA 6 MAGNITUD longitud masa tiempo

UNIDAD metro k  kiilogramo segundo SISTEMA SISTEMA TÉCN TÉCNICO ICO

El Sistema Técnico adopta tres unidades fundamentales, quese detallan en la Tabla7:

SÍMBOLO m k  kgg s