electromagnetismo para la raza sobada wangsnessFull description
Descripción: electromagnetismo para la raza sobada wangsness
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Descrição: Solution Electromagnetics
solucionario 1 de teoría electromagnetica william HaytDescripción completa
Solution Electromagnetics
origami
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12-5: Una esfera de radio a y centro en el origen esta hecha de un material conductor i.h.l. el potencial en su superficie se mantiene a los valores dados φ0 cos θ siendo φ0 = constante en coordenadas esfericas, Encontrar la densidad de corriente libre J f f en todos los puntos de su interior.
Ejercicio Ejercicio
E =
−∇φ
J =
σE ∞
φ (r , θ )
=
Bl Al r + l+1 r
l=0
l
P l (cos θ)
Para que la ecuaci´on on se cumpla B=0 asi el potencial se mantendr´a finito: ∞
φ (r , θ )
=
Al r l P l (cos θ )
l=0
φ0 cos θ φ0 cos θ
1 = Al al P (cos θ) l l = Al a (cos θ)
Igualando coeficientes encontramos el valor de A 1 :
A1 =
φ0 a
Volviendo a la ecuaci´on on del potencial y reemplazando la constante A 1 : φ0 cos θ
= Al r (cos θ )
φ0 cos θ
=
φ0 r (cos θ) a
Volviendo a coordenadas cartesianas encontramos el equivalente de z en la ecuaci´on on del potencial:
φ (r , θ )
=
φ0 a
Teniendo el potencial podemos calcular el campo E:
E = E =
∂φ ˆ z ∂z φ0 − a −
Ya podemos Calcular J :
J =
1
−σ
φ0 a
z
11-27: Un circulo de radio a se encuentra sobre el plano xy con su centro en el origen. La seccion semicircular de la frontera para x > 0 se mantiene al potencial constante φ0 ; el otro semicirculo para que x < 0 se mantiene al potencial constante −φ0 . Encontrar φ para todos los puntos del interior del circulo. Encontrar E en el centro del circulo.
Ejercicio
En general: ∞
= A + b ln ρ
φ
+
Bm Am ρm + m ρ
m=1
(C m cos mφ + Dm sin mφ)
Para que se mantenga finito el potencial b = 0 y Bm = 0 ∞
φ
= A
+
ρm (C m cos mφ + Dm sin mφ)
m=1
De las condiciones dadas por el problema se tiene que φ (ρ , ϕ) = φ (ρ , −ϕ): ∞
φ
= A
+ +
ρm (C m cos mφ + Dm sin mφ)
m=1 ∞
φ
= A
ρm (C m cos mφ − Dm sin mφ)
m=1
Restando estas encuaciones se obtiene: ∞
( +
ρm Dm sin mφ) = 0 ⇒ Dm = 0
0 = 2
m=1
∞
φ
= A
ρm (C m cos mφ)
m=1
Usando la ecuacion de frontera ρ = a e integrando sobre 2 π: 2π
0
32 2 sin
π
2 0
π
φ0 cos nϕdϕ − π
φ0 n
0 φ (a, ϕ)cos nϕdϕ = A cos nϕdϕ + 2π
0
m
2π
m
C m a
0
2π
φ0 cos nϕdϕ + 3π φ0 cos nϕdϕ
2 3π nϕ20π − sin nϕ π2 + sin nϕ23ππ 2 2 2 nπ 3n φ0 sin − sin n 2 π 4 nπ cos nπ − φ0 sin n 2
= πC m a
= πC m a
= πC m a = πC m a
Ahora: sin
nπ
2
= 0 → n = par
cos nπ = −1 → n = impar 2
Cn = 0 → n = par
cos nϕ cos mϕdϕ
n−1 φ (ρ, ϕ)
= A+
4 π
φ0
( m
−1) 2 m
ρ a
m
cos mϕ
⇒ A = - A ; A = 0
Finalmente: n−1 φ (ρ, ϕ)
E ρ
=
4 π
= −
φ0
−1) 2 m
( m
ρ a
m
cos mϕ
∂φ ∂ρ n−1
4 = − φ0 π
E ϕ
= −
−1) 2 am
( m
ρm
1
−
cos mϕ
1 ∂φ ρ ∂ϕ n−1
=
4 π
φ0
−1) 2 am
( m
ρm
1
−
sin mϕ
on on de la ecuaci´on on de Laplace donde x y y es una 7-27 Hayt Hayt Se sabe que V = xy es una soluci´ funci´ on on solamente de y . Determine cual de estas es tambi´ tambi´en en soluci´on on de la ecuaci´on on de Laplace:
Ejercicio Ejercicio
a-) V a = 100xy b-) V b = 100xy + 2 x c-) V c = x + 3y d-) V d = 2xy + y2 − x2 e-) V e = (xy)
2
Sabemos Sabemos que ∇ 2 (xy ) = 0 Si se cumple esta condici´on on seria una ecuaci´on on de Laplace: