METODE BIG M Sering kita menemukan bahwa fungsi kendala tidak hanya dibentuk oleh pertidaksamaan ≤ tapi juga oleh pertidakasamaan ≥ dan/atau persamaan (=).
Fungsi kendala dengan pertidaksamaan ≥ mempunyai
surplus variable, tidak ada slack variables.
Surplus variable tidak bisa
menjadi variabel basis awal. Dengan demikian harus ditambahkan satu variabel baru yang dapat berfungsi sebagai variabel basis awal. Variabel yang dapat berfungsi sebagai variabel basis awal hanya slack variables dan artificial variables (variabel buatan). 1. Jika semua fungsi kendala menggunakan pertidaksamaan ≤ maka variabel basis awal semuanya adalah slack variables. Penyelesaian solusi optimal untuk kasus seperti ini dilakukan dengan cara yang sudah diperkenalkan sebelumnya. 2. Jika fungsi kendala menggunakan pertidaksamaan ≥ dan/atau ≤ maka variabel basis awal adalah slack variables dan/atau variabel buatan.
Penyelesaian solusi optimal untuk kasus seperti ini
dilakukan dengan memilih antara metode Big M, Dua Fase atau Dual Simpleks. 3. Jika fungsi kendala ada yang menggunakan persamaan maka variabel buatan akan ditemukan pada variabel basis awal. Penyelesaian solusi optimal untuk kasus seperti ini hanya dapat dilakukan dengan memilih antara metode Big M atau Dua Fase. Kita akan bahas metode Big M dalam sub bab ini. Perbedaan metode Big M dengan primal simpleks biasa (teknik penyelesaian yang sudah dipelajari sebelumnya), terletak pada pembentukan tabel awal.
Jika
fungsi kendala menggunakan bentuk pertidaksamaan ≥, perubahan dari
Metode Simpleks, oleh Hotniar Siringoringo, 1
bentuk umum ke bentuk baku memerlukan satu variabel surplus. Variabel surplus tidak dapat berfungsi sebagai variabel basis awal, karena koefisiennya bertanda negatif.
Sebagai variabel basis pada solusi awal,
harus ditambahkan satu variabel buatan.
Variabel buatan pada solusi
optimal harus bernilai 0, karena variabel ini memang tidak ada. Teknik yang digunakan untuk memaksa variabel buatan bernilai 0 pada solusi optimal adalah dengan cara berikut: •
Penambahan variabel buatan pada fungsi kendala yang tidak memiliki variabel slack, menuntut penambahan variabel buatan pada fungsi tujuan.
•
Jika fungsi tujuan adalah maksimisasi, maka variabel buatan pada fungsi tujuan mempunyai koefisien +M; jika fungsi tujuan adalah minimisasi, maka variabel buatan pada fungsi tujuan mempunyai koefisien -M.
•
Karena koefisien variabel basis pada tabel simpleks harus bernilai 0, maka variabel buatan pada fungsi tujuan harus digantikan nilai dari fungsi kendala yang memuat variabel buatan tersebut.
Perhatikan contoh di bawah ini. Bentuk Umum Min. z = 4 x1 + x2 Terhadap:
3x1 + x2 = 3 4x1 + 3x2 ≥ 6 x1 + 2x2 ≤ 4 x1, x2 ≥ 0
Bentuk Baku: Min. z = 4 x1 + x2 Terhadap:
3x1 + x2 = 3 4x1 + 3x2 - s1 = 6
Metode Simpleks, oleh Hotniar Siringoringo, 2
x1 + 2x2 + s2 = 4 x1, x2, s1, s2 ≥ 0 Kendala 1 dan 2 tidak mempunyai slack variables, sehingga tidak ada variabel basis awal.
Untuk berfungsi sebagai variabel basis awal,
pada kendala 1 dan 2 ditambahkan masing-masing satu variabel buatan (artificial variable). Maka bentuk baku Big M-nya adalah: Min. z = 4 x1 + x2 + MA1 + MA2 Terhadap:
3x1 + x2 + A1 = 3 4x1 + 3x2 - s1 + A2 = 6 x1 + 2x2 + s2 = 4 x1, x2, s1, s2 ≥ 0
1. Nilai A1 digantikan dari fungsi kendala pertama. A1 = 3 - 3x1 - x2 MA1 berubah menjadi M(3 - 3x1 - x2)
3M-3Mx1-Mx2
2. Nilai A2 digantikan dari fungsi kendala ketiga. A2 = 6 - 4x1 - 3x2 + s1 MA2 berubah menjadi M(6 - 4x1 - 3x2 + s1) 6M- 4Mx1 - 3Mx2 + Ms1 3. Fungsi tujuan berubah menjadi Min z = 4x1 + x2 + 3M-3Mx1-Mx2 +6M-4Mx1-3Mx2+Ms1 = (4 -7M)x1+(1 - 4M)x2 + Ms1 +9M 4. Tabel awal simpleks VB
X1
X2
S1
A1
A2
S2
Solusi
z
-4 +7M
-1 +4M
-M
0
0
0
9M
A1
3
1
0
1
0
0
3
A2
4
3
-1
0
1
0
6
Metode Simpleks, oleh Hotniar Siringoringo, 3
S2
1
2
0
0
0
1
4
5. Perhitungan iterasinya sama dengan simpleks sebelumnya. Iterasi-0 VB
X1
X2
S1
A1
A2
S2
Solusi
Rasio
z
-4 +7M
-1 +4M
-M
0
0
0
9M
-
A1
3
1
0
1
0
0
3
1
A2
4
3
-1
0
1
0
6
3/2
S2
1
2
0
0
0
1
4
2
Iterasi-1 VB
X1
X2
S1
A1
A2
S2
Solusi
Rasio
z
0
(1 +5M)/3
-M
(4-7M)/3
0
0
4+2M
-
X1
1
1/3
0
1/3
0
0
1
3
A2
0
5/3
-1
-4/3
1
0
2
6/5
S2
0
5/3
0
-1/3
0
1
3
9/5
Iterasi-2 VB
X1
X2
S1
A1
A2
S2
Solusi
Rasio
z
0
0
1/5
8/5 – M
-1/5 – M
0
18/5
-
X1
1
0
1/5
3/5
-1/5
0
3/5
25/3
X2
0
1
-3/5
-4/5
3/5
0
6/5
-
S2
0
0
1
1
-1
1
1
1
Iterasi-3
optimal
VB
X1
X2
S1
A1
A2
S2
Solusi
z
0
0
0
7/5-M
-M
-1/5
17/5
Metode Simpleks, oleh Hotniar Siringoringo, 4
X1
1
0
0
2/5
0
-1/5
2/5
X2
0
1
0
-1/5
0
3/5
9/5
S1
0
0
1
1
-1
1
1
METODE DUA FASE Metode dua fase digunakan jika variabel basis awal terdiri dari variabel buatan. Disebut sebagai metode dua fase, karena proses optimasi dilakukan dalam dua tahap. Tahap pertama merupakan proses optimasi variabel buatan, sedangkan proses optimasi variabel keputusan dilakukan pada tahap kedua. Karena variabel buatan sebenarnya tidak ada (hanya ada di atas kertas), maka tahap pertama dilakukan untuk memaksa variabel buatan bernilai 0. Perhatikan kasus berikut: Tahap 1 Min A = A1 + A2 Terhadap:
x1 + x2 + A1 = 90 0.001x1 + 0.002x2 + s1 = 0.9 0.09x1 + 0.6x2 -s2 + A2 = 27 0.02x1 + 0.06x2 + s3 = 4.5 x1, x2, s1, s2, s3 ≥ 0
karena A1 dan A2 berfungsi sebagai variabel basis pada solusi awal, maka koefisiennya pada fungsi tujuan harus sama dengan 0. untuk mencapai itu, gantikan nilai A1 dari fungsi kendala pertama (kendala yang memuat A1) dan nilai A2 dari fungsi kendala ketiga (kendala yang memuat A2). Dari kendala -1 diperoleh : A1 = 90 - x1 - x2
Metode Simpleks, oleh Hotniar Siringoringo, 5
Dari kendala-3 diperoleh: A2 = 27 - 0.09x1 - 0.6x2 + s2 Maka fungsi tujuan tahap-1 menjadi: Min A = (90 - x1 - x2) + (27 - 0.09x1 - 0.6x2 + s2) =117 - 1.09x1 - 1.6x2 + s2 Solusi awal VB X1 A
S1
S2
S3
A1
A2
NK
Rasio
1.09
1.6
0
-1
0
0
0
117
1
1
0
0
0
1
0
90
90
0.001 0.002
1
0
0
0
0
0.9
450
A1 S1
X2
-
A2
0.09
0.6
0
-1
0
0
1
27
45
S3
0.02
0.06
0
0
1
0
0
4.5
75
Iterasi1 VB X1
X2
S1
S2
S3
A1
A2
NK
Rasio
A
0.85
0
0
-11/3
0
0
-8/3
45
A1
0.85
0
0
10/6
0
1
-10/6
45
S1
0.0007
0
1
1/300
0
0
-1/300
X2
0.15
1
0
-10/6
0
0
10/6
S3
0.011
0
0
0.1
1
0
-0.1
Iterasi2
52.94
0.81 1157.14 45
300
1.8 163.634
optimal
VB X1
X2
S1
S2
S3
A1
A2
NK
A
0
0
0
-4.8708
0
-1
-1.4625
0
X1
1
0
0
17/12
0
20/17
-17/12
52.94
S1
0
0
1 0.0023417
0 0.0008
X2
0
1
0
-1.7542
0
S3
0
0
0
0.09358
1 0.01294 -0.084417 1.21766
-3/17
-0.0023 0.772942 1.7542
Metode Simpleks, oleh Hotniar Siringoringo, 6
37.059
Tahap 2 Min z = 2 x1 + 5.5 x2 Terhadap:
tabel optimal tahap pertama
Dari tabel optimal tahap 1 diperoleh: X1 = 52.94 – 17/12s2 X2 = 37.059 + 1.7542s2 Maka fungsi tujuan adalah: Min z = 2(52.94 – 17/12s2) + 5.5 (37.059 + 1.7542s2) = -17/6s2 + 9.6481s2 + 309.7045 = 6.814767s2 + 309.7045 Solusi awal VB
optimal.
X1
X2
S1
S2
S3
NK
z
0
0
0
-6.814767
0
309.7045
X1
1
0
0
17/12
0
52.94
S1
0
0
1
0.0023417
0
0.772942
X2
0
1
0
-1.7542
0
37.059
S3
0
0
0
0.09358
1
1.21766
Tabel di atas sudah optimal. Solusi optimalnya adalah: X1 = 52.94; x2 = 37.059; dan z = 309.7045
METODE DUAL SIMPLEKS Metode dual simpleks digunakan jika tabel optimal tidak layak. Jika fungsi kendala ada yang menggunakan pertidaksamaan ≥ dan tidak ada = dalam bentuk umum PL, maka metode dual simpleks dapat digunakan. Kita selesaikan contoh di bawah ini. Min z = 21x1 + 18x2 + 15x3 Terhadap
90x1 + 20x2 + 40x3 ≥ 200 30x1 + 80x2 + 60x3 ≥ 180
Metode Simpleks, oleh Hotniar Siringoringo, 7
10x1 + 20x2 + 60x3 ≥ 150 x1, x2, x3 ≥ 0 semua kendala menggunakan pertidaksamaan ≥.
Kendala dengan
pertidaksamaan ≥ dapat diubah ke pertidaksamaan ≤ dengan mengalikan pertidaksamaan dengan -1. Bentuk umum PL di atas berubah menjadi: Min z = 21x1 + 18x2 + 15x3 -90x1 - 20x2 - 40x3 ≤ -200
Terhadap
-30x1 - 80x2 - 60x3 ≤ -180 -10x1 - 20x2 - 60x3 ≤ -150 x1, x2, x3 ≥ 0 Semua fungsi kendala sudah dalam bentuk pertidaksamaan ≤, maka kita kita hanya perlu menambahkan variabel slack untuk mengubah bentuk umum ke bentuk baku/standar.
Variabel slack akan berfungsi sebagai
variabel basis awal. Bentuk Baku/standar: Min z = 21x1 + 18x2 + 15x3 + 0s1 + 0s2 + 0s3 Terhadap
-90x1 - 20x2 - 40x3 + s1 = -200 -30x1 - 80x2 - 60x3 + s2 = -180 -10x1 - 20x2 - 60x3 + s3 = -150 x1, x2, x3, s1, s2, s3 ≥ 0
VB
X1
X2
X3
S1
S2
S3
NK
Z
-21
-18
-15
0
0
0
0
S1
-90
-20
-40
1
0
0
-200
S2
-30
-80
-60
0
1
0
-180
S3
-10
-20
-60
0
0
1
-150
Metode Simpleks, oleh Hotniar Siringoringo, 8
Tabel di atas optimal tapi tidak layak (ingat, untuk fungsi tujuan minimisasi, tabel sudah optimal jika semua koefisien baris tujuan sudah negatif atau 0). Untuk membuat tabel tersebut layak, kita harus gunakan metode
dual
simpleks.
Langkah-langkah
penyelesaian
simpleks
menggunakan metode dual adalah: 1. Tentukan baris pivot.
Baris pivot adalah baris dengan nilai kanan
negatif terbesar. Jika negatif terbesar lebih dari satu, pilih salah satu sembarang. 2. Tentukan kolom pivot. Kolom pivot diperoleh dengan terlebih dahulu membagi nilai baris z dengan baris pivot. Dalam hal ini, semua nilai baris pivot dapat menjadi pembagi kecuali nilai 0. Kolom pivot adalah kolom dengan rasio pembagian mutlak terkecil. Jika rasio pembagian mutlak terkecil lebih dari satu, pilih salah satu secara sembarang. 3. Pembentukan tabel berikutnya sama dengan prosedur dalam primal simpleks. Gunakan tabel awal simpleks di atas. ¾ Baris pivot adalah baris S1, baris dengan nilai kanan negatif terbesar. VB
X1
X2
X3
S1
S2
S3
NK
Z
-21
-18
-15
0
0
0
0
S1
-90
-20
-40
1
0
0
-200
S2
-30
-80
-60
0
1
0
-180
S3
-10
-20
-60
0
0
1
-150
¾ Kolom pivot adalah kolom X1 VB
X1
X2
X3
S1
S2
S3
NK
Z
-21
-18
-15
0
0
0
0
S1
-90
-20
-40
1
0
0
-200
S2
-30
-80
-60
0
1
0
-180
Metode Simpleks, oleh Hotniar Siringoringo, 9
S3
-10
-20
-60
0
0
1
-150
Rasio
21/90
18/20
15/40
0
0
0
-
¾ Iterasi-1: VB
X1
X2
X3
S1
S2
S3
NK
Z
0
-40/9
-9
-7/30
0
0
140/3
X1
1
2/9
4/9
-1/90
0
0
20/9
S2
0
-220/3
-140/3
-1/3
1
0
-340/3
S3
0
-160/9
-500/9
-1/9
0
1
-1150/9
Rasio
-
0.0485
0.19286 0.7
-
-
¾ Iterasi-2 VB
X1
X2
X3
S1
S2
S3
NK
Z
0
0
-611/99
-0.213131
-2/33
0
53.535
X1
0
0
10/33
0.0303
1/330
0
1.8788
X2
0
1
7/11
1/220
-3/220
0
17/11
S3
0
0
-44.2424
-0.0303
-0.02424 1
-100.3030
Rasio
-
-
0.139498
2.500
0
-
S2
S3
¾ Iterasi-3
7.0340
optimal
VB
X1
X2
X3
S1
Z
0
0
0
-0.208934 -0.0572
-0.13948 67.52628
X1
1
0
0
0.00000014 0.00286
0.006848 1.19173
X2
0
1
0
0.0041127 -0.013986 0.01438 0.102818
X3
0
0
1
0.00068
0.00055
-0.0226
NK
2.267
KASUS KHUSUS DALAM SIMPLEKS Ada beberapa kasus khusus dalam simpleks.
Kadang kala kita
akan menemukan bahwa iterasi tidak berhenti, karena syarat optimalitas atau syarat kelayakan tidak pernah dapat dipenuhi.
Metode Simpleks, oleh Hotniar Siringoringo, 10
Adakalanya juga
solusi yang dihasilkan antara satu iterasi dengan iterasi berkutnya tidak berbeda.
Kasus khusus ini terdiri dari solusi optimal lebih dari satu,
degeneracy, solusi tidak terbatas dan solusi tidak layak.
Dua terakhir
dapat terjadi karena kesalahan baik dalam perhitungan iteratif ataupun dalam pembentukan model atau formulasi permasalahan. Solusi Optimal Lebih dari satu Ketika fungsi objektif paralel terhadap pembatas yang dipenuhi dalam
arti
persamaan
oleh
solusi
optimal,
fungsi
objektif
akan
mengasumsikan nilai optimal sama pada lebih dari satu titik solusi. Kondisi seperti ini kita kenal dengan solusi optimal lebih dari satu (alternative optima). Perhatikan kasus berikut: Maks z = 2x1 + 4x2 x1 + 2x2 ≤ 5
Terhadap
x1 + x2 ≤ 4 x1, x2 ≥ 0 Tabel awal VB
X1
X2
S1
S2
Solusi
Rasio
Z
-2
-4
0
0
0
-
S1
1
2
1
0
5
5/2
S2
1
1
0
1
4
2
Iterasi – 1 VB Z X2
X1
X2
S1
S2
Solusi
Rasio
0
0
2
0
10
1/2
1
1/2
0
5/2
Metode Simpleks, oleh Hotniar Siringoringo, 11
S2
½
0
-1/2
1
3/2
Perhatikan nilai baris z untuk variabel x1 juga menjadi nol saat x2 berubah menjadi variabel masuk.
Jika iterasi tersebut kita lanjutkan dengan
memilih x1 sebagai variabel masuk, maka akan didapatkan tabel hasil iterasi kedua berikut: Iterasi-2 VB
X1
X2
S1
S2
Solusi
Rasio
Z
0
0
2
0
10
X2
0
1
1
-1
5/2
X1
1
0
-1
2
3/2
Dalam praktek, pengetahuan akan solusi optimum yang lebih dari satu akan sangat bermanfaat karena manajemen mempunyai kesempatan untuk memilih salah satu sesuai dengan situasi yang mereka miliki tanpa harus merusak nilai tujuan. Degeneracy Pada bagian 4.4 di atas, ada kemungkinan saat akan menentukan sel keluar, rasio pembagian terkecil lebih dari satu, dan kita akan memilih salah satu secara sembarang. Jika hal ini terjadi, satu atau lebih variabel akan sama dengan nol (0) pada iterasi selanjutnya.
Solusi pada iterasi
dimana satu atau lebih variabel mempunyai nilai nol (0) kita sebut sebagai degeneracy. Degeneracy terjadi secara praktek karena ada minimum satu fungsi kendala yang redundan.
Dalam iterasi, kita dapat mengenalinya
dengan cara berikut.
Metode Simpleks, oleh Hotniar Siringoringo, 12
Maks z = 3x1 + 9x2 x1 + 4x2 ≤ 8
Terhadap
x1 + 2x2 ≤ 4 x1, x2 ≥ 0 Penyelesaian simpleks kasus di atas adalah: VB
X1
X2
S1
S2
Solusi
Rasio
Z
-3
-9
0
0
0
-
S1
1
4
1
0
8
2
S2
1
2
0
1
4
2
Kalau anda perhatikan tabel di atas, ada dua kandidat baris pivot, sehingga ada dua kandidat variabel keluar. satu.
Kita dapat memilih salah
Jika kita pilih baris s1 maka solusi pada iterasi pertama adalah
sebagai berikut: VB
X1
X2
S1
S2
Solusi
Rasio
Z
-3/4
0
9/4
0
18
-
X2
1/4
1
1/4
0
2
8
S2
1/2
0
1/2
1
0
0
Nilai kanan s2 menjadi 0 dan tabel belum optimum. Variabel x1 menjadi variabel masuk dan s2 menjadi variabel keluar.
Iterasi berikutnya
sebenarnya tidak mengubah solusi optimal, seperti yang ditunjukkan tabel di bawah ini. Iterasi-2 VB Z
optimal X1
X2 0
S1 0
S2 3/2
Solusi 3/2
Metode Simpleks, oleh Hotniar Siringoringo, 13
18
X2
0
1
0
-1/2
2
X1
1
0
1
2
0
Melihat pembatas yang redundan sangat mudah menggunakan solusi grafik. Garis dari fungsi pembatas yang redundan melewati hanya salah satu titik pada daerah penyelesaian yaitu solusi optimal, dan hal ini sebenarnya tidak berarti dalam penentuan solusi optimal. Karena tanpa garis fungsi pembatas itupun, solusi optimal sudah dapat diidentifikasi menggunakan fungsi pembatas yang lain. Dari sudut pandang teoritis, degeneracy mempunyai implikasi dua.
Pertama, berhubungan dengan fenomena pengulangan.
Iterasi 1
dan 2 di atas hanya merupakan pengulangan yang memberikan nilai tujuan sama, yaitu 18.
Secara umum dapat diterima, pada kasus ini
prosedur simpleks akan terus berulang tanpa ada akhir tapi tidak memperbaiki solusi.
Kedua, meskipun variabel basis dan non basis
berbeda pada setiap iterasi, tetapi nilai semua variabel dalam iterasi adalah sama, yaitu x1 = 0, x2 = 2, s1 = 0, s2 = 0 dan z = 18. Solusi Tidak Terbatas Ada kalanya kita menemukan nilai variabel meningkat tak terbatas tanpa melanggar pembatas, artinya ruang solusi tidak terbatas paling tidak untuk satu arah.
Sebagai akibatnya, nilai tujuan akan
meningkat (untuk kasus maksimisasi) atau menurun (untuk kasus minimisasi) tanpa ada batas. Dalam kasus kita sebut ruang solusi dan nilai tujuan optimum tidak terbatas. Solusi tidak terbatas hanya mengindikasikan satu hal, yaitu model myang dibangun salah.
Mendapatkan keuntungan yang tidak
terbatas misalnya tentunya tidak masuk akal.
Salah satu yang paling
umum yang menyebabkan solusi tidak terbatas adalah tidak memasukan
Metode Simpleks, oleh Hotniar Siringoringo, 14
pembatas yang bukan redundan pada model atau parameter (konstanta) beberapa pembatas tidak dihitung dengan benar.
Perhatikan kasus
berikut: Maks z = 2x1 + x2 x1 - x2 ≤ 10
Terhadap
2x1 ≤ 40 x1, x2 ≥ 0 iterasi-0 VB
X1
X2
S1
S2
Solusi
Rasio
Z
-2
-1
0
0
0
S1
1
-1
1
0
10
10
S2
2
0
0
1
40
20
Iterasi-1 VB
X1
X2
S1
S2
Solusi
Rasio
Z
0
-1
0
1
40
S1
0
-1
1
-1/2
-10
X1
1
0
0
½
20
Jika iterasi itu diteruskan, tidak akan pernah berhenti. meningkat terus.
Nilai z akan
Pada tabel awal sebenarnya kita sudah dapat
mengidentikasi bahwa nilai tujuan akan meningkat terus tanpa ada batas dengan memperhatikan koefisien pembatas kolom x2 yang bernilai -1 dan 0. Nilai koefisien pembatas ini menunjukkan bahwa x2 dapat dinaikkan tanpa ada batas, sehingga nilai z juga akan meningkat tanpa ada batas. Solusi Tidak Layak Jika pembatas tidak dapat dipenuhi secara bersamaan, maka kita berhadapan dengan solusi tidak layak.
Solusi tidak layak tidak akan
Metode Simpleks, oleh Hotniar Siringoringo, 15
pernah terjadi jika semua fungsi kendala menggunakan pertidaksamaan ≤ (asumsikan nilai kanan adalah positif), karena variabel slack selalu memberikan solusi layak.
Solusi optimal dapat terjadi jika fungsi
pembatas ada yang menggunakan pertidaksamaan ≥, kita menggunakan variabel buatan sebagai variabel basis awal, dimana variabel buatan berdasarkan desainnay tidak memberikan solusi layak bagi model awal. Meskipun dalam prosedur iterasinya kita memaksa variabel buatan bernilai 0 pada solusi optimum, hal ini hanya akan terjadi jika model mempunyai ruang solusi layak.
Sering juga terjadi, minimum satu
variabel
pada
buatan
bernilai
positif
solusi
optimum.
Hal
ini
mengindikasikan bahwa permasalahan tidak mempunyai solusi layak. Dari sudut pandang praktikal, solusi tidak layak terjadi karena model tidak diformulasikan dengan benar, dimana beberapa pembatas saling bertentangan.
Hal lain yang menyebabkan solusi tidak layak
adalah bahwa pembatas tidak dimaksudkan untuk dipenuhi secara bersamaan. Perhatikan kasus berikut: Maks z = 3x1 + 2x2 Terhadap
2x1 + x2 ≤ 2 3x1 + 4x2 ≥ 12 x1, x2 ≥ 0
Solusi awal dengan metode M besar VB Z
X2
X1
S1
S2
A1
Solusi
Rasio
-3-3M
-2-4M
M
0
0
-12M
S1
2
1
1
0
0
2
2
A1
3
4
0
-1
1
12
3
Iterasi-1 VB Z
X1 1+5M
X2
S1 0
S2 M
2+4M
A1
Solusi 0
Metode Simpleks, oleh Hotniar Siringoringo, 16
4-4M
Rasio
X2
2
1
1
0
0
2
A1
-5
0
-1
-4
1
4
Pada iterasi optimal, variabel buatan A1 masih bernilai positif dan ≥ dari 0. Hal ini mengindikasikan bahwa ruang solusi tidak layak.
Metode Simpleks, oleh Hotniar Siringoringo, 17
