ESTADO GENERAL DE ESFUERZOS Y DEFORMACIONES MECÁNICA DE SÓLIDOS I
2016
201
ESTADO GENERAL DE ESFUERZOS Y DEFORMACIONES
ESTADO GENERAL DE ESFUERZOS Y DEFORMACIONES
ESCUELA PROFESIONAL:
Ingeniería Civil
CURSO: Mecánica de Solidos I
DOCENTE: Ing. Mauro Centurión
TEMA: Práctica Domiciliaria de Estado de Esfuerzos Y Deformaciones
INTEGRANTES:
Chavarría Paredes, Carlos Rafael Bautista, Abel Rebaza Castrejón, William John Saldaña Saldaña, Rossgri Vásquez Abanto, Juan Villegas Chuquilín, Alex
CICLO: 2015-0
MECÁNICA DE SÓLIDOS I
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ESTADO GENERAL DE ESFUERZOS Y DEFORMACIONES
Contenido PROBLEMA 7.2.5........................................................................................................ 4 Solución.................................................................................................................. 4 PROBLEMA 7.2.11...................................................................................................... 5 Solución.................................................................................................................. 5 PROBLEMA 7.3.9........................................................................................................ 6 Solución.................................................................................................................. 6 PROBLEMA 7.3.20...................................................................................................... 9 Solución.................................................................................................................. 9 PROBLEMA 7.4.15.................................................................................................... 12 Solución................................................................................................................ 12 PROBLEMA 7.5.9...................................................................................................... 13 Solución................................................................................................................ 14 PROBLEMA 7.5.11.................................................................................................... 15 Solución................................................................................................................ 15 PROBLEMA 7.6.3...................................................................................................... 16 Solución................................................................................................................ 16 PROBLEMA 7.6.9...................................................................................................... 17 Solución................................................................................................................ 17 PROBLEMA 7.4.9...................................................................................................... 18 Solución................................................................................................................ 18
MECÁNICA DE SÓLIDOS I
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ESTADO GENERAL DE ESFUERZOS Y DEFORMACIONES
PRÁCTICA DOMICILIARIA DE ESTADO DE ESFUERZOS Y DEFORMACIONES PROBLEMA 7.2.5 Resolver el anterior si las tensiones normales y tangenciales que actúan sobre el elemento A son 7 500 psi , 20 psi y 500 4 800 psi ( en las direcciones mostradas en la
figura) y el ángulo es de 30 ° (hacia la izquierda )
Solución Tensión plana (ángulo �)
σ x =7 500 psi σ y =−20 500 psi τ xy =−4 800 psi ϴ=30 ° Aplicando la fórmula
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ESTADO GENERAL DE ESFUERZOS Y DEFORMACIONES
σ x1 =
σ x +σ y σ x −σ y + cos 2θ+ τ xy sin 2 θ 2 2
σ x1 =−3 600 psi Aplicando la fórmula
τx y = 1
1
σ x −σ y cos 2 θ+ τ xy cos 2 θ 2
τ x y =−14 520 psi 1
1
σ y1=σ x +σ y −σ x 1=−9340 psi
PROBLEMA 7.2.11 Una placa rectangular de dimensiones 3.0 pulg x 5.0 pulg está formada por dos placas triangulares soldadas (véase la figura). La figura está sometida a un esfuerzo 2
de tensión de 500 lb/ pulg 2
350 lb/ pulg
en la dirección larga y a un esfuerzo de compresión de
en la dirección corta.
Determine el esfuerzo normal
σw
soldadura y el esfuerzo cortante
esfuerzo normal esfuerzo cortante
que actúa en sentido perpendicular al cordón de
τw
que actúa paralelo al cordón (suponga que el
σ w es positivo cuando actúa en tensión contra a soldadura y que el τ w es positivo cuando actúa en sentido contrario a las manecillas
del reloj contra ella)
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ESTADO GENERAL DE ESFUERZOS Y DEFORMACIONES Solución Esfuerzo biaxial (unión soldada)
σ x =500 psi
σ y = -350 psi
τ xy =?
5∈¿=tan−1 .6=¿ 30.96 ° 3∈ ¿ ¿ ¿ θ=tan −1 ¿ Aplicando la fórmula
σ x1 =
σ x +σ y σ x −σ y + cos 2θ+ τ xy sin 2 θ 2 2
σ x1 =275 psi Aplicando la fórmula
τx y = 1
1
σ x −σ y cos 2 θ+ τ xy cos 2 θ 2
τ x y =−375 1
1
σ y1=σ x +σ y −σ x 1=−125 psi Tensiones que actúan en la soldadura
σ w =−125 psi τ w =375 psi
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ESTADO GENERAL DE ESFUERZOS Y DEFORMACIONES
PROBLEMA 7.3.9 Un muro de cortante en un edificio de concreto reforzado está sometido a una carga vertical uniforme de intensidad q y a una fuerza horizontal H. como se muestra en la primera parte de la figura, (la fuerza H representa a los esfuerzos del viento y a las cargas por sismo) como consecuencia de estas cargas, los esfuerzos en el punto A sobre la superficie del muro tienen los valores mostrados en la segunda parte dela figura (esfuerzo de compresión de 1100 lb/pulg 2 y esfuerzo cortante igual a 480lb/pulg2). a) Determinar los esfuerzos principales y muéstrelos sobre un diagrama de un elemento orientado de manera apropiada. b) Determinar los esfuerzos cortantes máximos y los esfuerzos normales asociados y muéstrelos sobre un diagrama de un elemento orientado apropiadamente.
q
1100 lb/pul^2
H
480 lb/pulg^2
A A
Solución Datos de problema:
x 0
y 1100 psi
1 psi
xy 480 psi
lb pu lg 2
Equivalencia: a) Esfuerzo principal. Definición de formula.
tan 2 p
tan 2 p
2 xy
x y 2(480 psi) 0 (1100 psi)
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ESTADO GENERAL DE ESFUERZOS Y DEFORMACIONES tan 2 p 0.87273
2 p 41.11o
p 20.56o
Por ángulo complementario se tiene que:
2 p 138.89o
p 69.44o
Definición de formula.
x1
x y x y cos 2 xy s e n 2 2 2 2 p 41.11o
Para
x1
se tiene:
0 psi (1100 psi ) 0 psi (1100 psi) cos(41.11o) (480 psi )s e n( 41.11o) 2 2
x1 550 psi 414.3968 psi 315.6032 psi
x1 180 psi 2 p 138.89o Para
x2
se tiene:
0 psi (1100 psi) 0 psi (1100 psi) cos(138.89o) ( 480 psi ) s e n(138.89o) 2 2
x2 550 psi 550 psi cos(138.89o) (480 psi) s e n(138.89o) x2 550 psi 414.3968 psi 315.6032 psi x2 1280 psi Por lo tanto:
p1 20.56o
x1 180 psi y
p2 69.44o
x2 1280 psi y
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ESTADO GENERAL DE ESFUERZOS Y DEFORMACIONES Diagrama de orientación apropiada.
Y 180 psi 1280 psi
69.44°
X
b) Esfuerzos cortantes máximos. Definición de fórmula: 2
max
2 x y xy 2
max
2 0 (1100 psi ) 480 psi 2
2
2
2 1100 psi 480 psi 2
max
max 302500 psi 2 230400 psi 2
max 730 psi Esfuerzos normales asociados.
s1 p1 45
s1 20.56 45
s1 65.56o
730 psi y
s2 p2 45
s1 20.56 45
s1 24.44o
730 psi y
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ESTADO GENERAL DE ESFUERZOS Y DEFORMACIONES
p
x y 2
p
0 (1100 psi ) 2
p
1100 psi 2
p 550 psi
Diagrama de orientación apropiada.
Y 550 psi 550 psi
24.44°
X
730 psi
PROBLEMA 7.3.20 Un elemento en el esfuerzo plano está sometido a los esfuerzos δx=-68.5 MPa y τxy=39.2 MPa (véase la figura). Se sabe que uno de los esfuerzos principales es igual a 26.3MPa en tensión. a) Determinar el esfuerzo δy. b) Determinar el otro esfuerzo principal y la orientación de los planos principales: muestre luego los esfuerzos principales en un diagrama de un elemento bien orientado.
Y
39.2 MPa
O
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68.5 MPa X
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ESTADO GENERAL DE ESFUERZOS Y DEFORMACIONES Solución
y a) Determinación del
y ?
xy 39.2MPa
x 68.5MPa
Definición de formula 2
y 2 x y 1 x xy 2 2 Reemplazando datos en la formula anterior tiene:
26.3MPa
26.3MPa
26.3MPa
68.5 MPa y 2
68.5 MPa y 2
68.5 MPa y 2
52.6 MPa 68.5MPa y 2
2
68.5MPa y 2 39.2 MPa 2 2
68.5MPa y 2 39.2 MPa 2 2
68.5MPa y 2 39.2 MPa 2
52.6 MPa 68.5MPa y
1 2
68.5MPa
68.5MPa
2
2
2 68.5MPa y 4 39.2 MPa
2 68.5MPa y 4 39.2 MPa
2
2
121.1 y 4692.25 137 y y 2 6146.56
121.1 y
2
10838.81 137 y y 2
2
14665.21 242.2 y 10838.81 137 y
y 10.09 MPa
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ESTADO GENERAL DE ESFUERZOS Y DEFORMACIONES
b) Determinación del esfuerzo principal Definición de formula
tan 2 p
2 xy
x y
tan 2 p
2(39.2 MPa) 68.5MPa 10.9 MPa
tan 2 p
78.4 MPa 78.59 MPa
tan 2 p 0.9975
2 p 44.9283
p 22.4641
Por ángulo complementario se tiene:
2 p 135.0717
p 67.5359
Por formula
x1
x y x y cos 2 xy s e n 2 2 2 2 p 44.93
Para
se tiene:
x1
x y x y cos 2 xy s e n 2 2 2
x1
68.5MPa 10.9 MPa 68.5MPa 10.9 MPa cos(44.93) (39.2 MPa) s e n(44.93) 2 2
x1 28.8MPa 39.7 MPa cos(44.93) (39.2 MPa ) s e n(44.93)
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ESTADO GENERAL DE ESFUERZOS Y DEFORMACIONES x1 28.8MPa 28.1064MPa 27.6847 MPa x1 84.5911MPa 2 p 135.7 Para
se tiene:
x1
x y x y cos 2 xy s e n 2 2 2
x1
68.5MPa 10.9 MPa 68.5MPa 10.9MPa cos(135.7) (39.2 MPa ) s e n(135.7) 2 2
x1 28.8MPa 39.7 MPa cos(135.7) (39.2 MPa )s e n(135.7)
x1 28.8MPa 28.1064 MPa 27.6847 MPa x1 26.9914MPa Por lo tanto:
p1 67.5359
x1 26.9914 MPa y
p2 22.4641
x2 84.5911MPa y
Diagrama del elemento bien orientado.
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ESTADO GENERAL DE ESFUERZOS Y DEFORMACIONES
Y
26.3 MPa 84.7 MPa 67.54°
O
X
PROBLEMA 7.4.15 Un elemento en el esfuerzo plano está sometido a los esfuerzos
σ x , σ y y τ xy
(observe
la figura). Utilizando el circulo de Mohr, determine los esfuerzos que actúan sobre un elemento que forma un ángulo
θ
con respecto al eje x. Muestre estos esfuerzos en un
diagrama de un elemento orientado con un ángulo
θ . (Nota: el ángulo es positivo
en sentido contrario a las manecillas del reloj y negativo en el sentido opuesto).
σ x =−5750lb / pul g2 , σ y =750 lb / pul g2 y τ xy =−2100 lb / pul g2 ,θ=75 °
Solución Diagrama de esfuerzos (angulo
θ )
σ x =−5750 psi , σ y =750 psi y τ xy =−2100 psi, θ=75° (Todos los esfuerzos en psi)
MECÁNICA DE SÓLIDOS I
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ESTADO GENERAL DE ESFUERZOS Y DEFORMACIONES
R= √32502 +21002=3869 psi α =arctan
2100 =32.87 ° 3250
β=α +30°=62.87 ° Punto D ( θ=75 ° ):
σ x1 =−2500+ R cos β=−735 psi τ x1 y 1=R sin β=3444 psi Punto D’ ( θ=−15 ° ):
σ x1 =−2500−R cos β=−4265 psi τ x1 y 1=−R sin β=−3444 psi
PROBLEMA 7.5.9 6
2
Un cubo de concreto ( E=3.0∗10 lb/ pul g , v=0.1 ¿
de 4.0 pulg por lado, esta
comprimido en esfuerzo biaxial por medio de un marco de pruebas cargado como se ve en la figura. Suponga que cada carga F es de 20 Klb y determine el cambio
∆V
en el volumen
del cubo y la energía de deformación U almacenada en el cubo.
MECÁNICA DE SÓLIDOS I
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ESTADO GENERAL DE ESFUERZOS Y DEFORMACIONES
Solución Esfuerzo Biaxial-cubo de concreto
Unión A:
P=F √2=28.28 kips σ x =σ y =
−P =−1768 psi b2
Cambio de volumen: Eq. (7-47):
e=
1−2 v ( σ x +σ y )=−0.0009429 E
4∈¿ ¿ ¿ V 0=b 3=¿ ∆ V =eV 0=−0.0603∈.
3
(Disminuye el volumen)
Energía de deformación
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ESTADO GENERAL DE ESFUERZOS Y DEFORMACIONES
Eq. (7-50):
u=
1 σ 2x +σ 2y −2 v σ x σ y ) =0.9377 psi ( 2E
U=u V 0 =60.0∈−lb
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ESTADO GENERAL DE ESFUERZOS Y DEFORMACIONES
PROBLEMA 7.5.11 Una placa cuadrada de ancho b y espesor t está cargada por fuerzas normales y
PY
y por fuerzas cortantes V,
PX
como se muestra en la figura. Estas fuerzas
producen esfuerzos uniformemente distribuidos que actúan sobre las caras laterales de la placa. Calcule el cambio �V en el volumen de la placa y la energía de deformación U almacenada en la placa si sus dimensiones son b = 12 pulg y t = 1.0 pulg. E = 10600 2
klb/ pulg
, v = 0.33,
PX
= 90 klb,
Py
= 20 klb y V = 15 klb.
Solución Plato cuadrado en tensión plana b = 12 pulg t = 1.0 pulg 2
E = 10600 klb/ pulg v = 0.33
PX
Py
= 90 klb
= 20 klb
V = 15 klb.
τ xy =
σ x=
PX =7500 psi bt
σ y=
Py =1667 psi bt
Py =1250 psi bt
CAMBIO EN VOLUMEN Eq. (7-47):
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ESTADO GENERAL DE ESFUERZOS Y DEFORMACIONES 2
3
v 0 =b t=144 ¿
∇v=e v 0 =0.0423 ¿3 ← Energía de deformación Eq. (7-50):
e=
τ xy 2 1 2 2 σ + σ −2 v σ σ + ( y x y) 2E x 2G
G=
E =3985 ksi 2(1+v )
Reemplazando valores numéricos
u=2.591 psi
U=u V 0 =373∈−lb
←
PROBLEMA 7.6.3 Un cubo de hierro fundido con lados de longitud a=4.0 pulg. (Véase la figura) se ensaya en un laboratorio sometiéndolo al estado triaxial de esfuerzos. Los extensómetros montados en la máquina de ensayo muestran que las deformaciones de compresión en el material son: Ԑx=-225x10-6 y Ԑy=Ԑz=-37.5x10-6. Determine las siguientes cantidades: a) Los esfuerzos normales σx , σy y σz que actúan sobre las caras x ,y y z del cubo. b) El esfuerzo cortante máximo τmax en el material. c) El cambio ∆V del volumen del cubo. d) La energía de deformación U almacenada en el cubo (suponga E=14500 klb/pulg2 υ=0.25).
MECÁNICA DE SÓLIDOS I
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ESTADO GENERAL DE ESFUERZOS Y DEFORMACIONES
Solución Ԑx=-225x10-6 υ=0.25.
Ԑy=-37.5x10-6
Ԑz=-37.5x10-6
a=4.0 pulg
E=14000 klb/pulg2
a) Esfuerzo normal:
σ x=
E [( 1+υ ) Ԑx +υ ( Ԑ y +Ԑz ) ] (1+υ)(1−2 υ)
σ x=−4200 lb/ pulg 2 De igual forma tenemos:
σ y=−2100 lb/ pulg 2
σ z=−2100lb / pulg2 b) Máximo esfuerzo cortante:
τ max=
σ y−σ z =1050lb / pulg 2 2
c) Cambio de volumen.
e=Ԑ x+ Ԑ y + Ԑ z=−0.0003
V =a3 3
∆ V =e a =−0.0192 pulg
3
(Decrece)
d) Energía de deformación:
1 u= (σ x Ԑx+ σ y Ԑ y +σ z Ԑz ) 2
MECÁNICA DE SÓLIDOS I
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ESTADO GENERAL DE ESFUERZOS Y DEFORMACIONES
u=0.55125
lb 2 pulg
3
U=u a =35.3 pulg−lb
PROBLEMA 7.6.9 Una bola esférica solida de latón (E=15*106 lb/pulg2; υ=0.34) se sumerge en el océano a una profundidad de 10 000 pies. El diámetro de la bola es de 11.0 pulg. Determine el decremento ∆d de diámetro, el decremento ∆V de volumen y la energía de deformación U de la bola.
Solución E=15*106 lb/pulg2
υ=0.34
Altura h=10000 pies Diámetro d=11 pulg Peso específico del agua de mar: ϒ=63.8 lb/pulg 3 Presión: σ0= ϒh=638000 lb/pie2 =4431 lb/pulg2 Decrecimiento del diámetro.
Ԑ0=
σ0 (1−2 υ ) =94.53∗10−6 E
∆ d =Ԑ0 d=1.04∗10−3 pulg
(Decrece)
Decrecimiento del volumen:
e=3 Ԑ0=283.6∗10−6 3
3
4 4 11 V 0= πr = π ( ) =696.9 pulg 3 3 3 2 ∆ V =e V 0=0.198 pulg 3 Energía de deformación
σx = σy =σz= σ0
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ESTADO GENERAL DE ESFUERZOS Y DEFORMACIONES 2
3 ( 1−2 υ ) σo lb u= =0.6283 2 pulg2 U=u V 0 =438 pulg−lb
PROBLEMA 7.4.9 Un elemento en estado de cortante puro está sometido a los esfuerzos 2
4000lb/ pulg
τ xy
=
, como se muestra en la figura. Utilizando el círculo de Mohr,
determine: a) Los esfuerzos que actúan sobre un elemento colocado sobre una pendiente de 3/4 (observe la figura) b) Los esfuerzos principales. Muestre todos los resultados en diagramas de elementos orientados de manera adecuada.
Solución σx = 0
τ xy = 4000 psi
σy = 0
3 =¿36.870 ° 4 −1 θ=tan ¿ 2 θ
= 73.740°
θ
= 36.870°
R = 4000 psi
MECÁNICA DE SÓLIDOS I
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ESTADO GENERAL DE ESFUERZOS Y DEFORMACIONES
Punto D:
σ x1 =R cos 16.26 °=3840 τ x y =R sen 16.26 °=1120 1
τ x y =−R sen 16.26° =−1120
Punto
P1 :
1
2θ p 1 = 90°
θp1
psi
σ x1 =−R cos 16.26 ° =−3840
Punto D':
1
1
psi
psi
psi
= 45°
σ 1 = R = 4000 psi Punto
P2 :
2θ p 2 = -90°
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θp2
= -45°
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