VELEUČILIŠTE U KARLOVCU
Marina Tevčić : Zbirka zadataka iz Matematike 1
Karlovac, 2007.
SADRŽAJ 1. VEKTORI
1
2. ANALITIČKA GEOMETRIJA U PROSTORU 2.1. Ravnina 2.2. Pravac 2.3. Pravac i ravnina
14 14 21 31
3. MATRICE I DETERMINANTE 3.1. Matrice 3.2. Determinante 3.3. Sustavi linearnih jednadžbi
36 36 44 48
4. FUNKCIJE 4.1. Funkcije 4.2. Limes niza realnih brojeva 4.3. Neprekidnost i limes funkcije
62 62 77 81
5. DIFERENCIJALNI RAČUN 5.1. Derivacija nekih osnovnih funkcija 5.2. Osnovna pravila deriviranja 5.3. Derivacija složene i inverzne funkcije 5.4. Logaritamsko deriviranje 5.5. Derivacija implicitno zadane funkcije 5.6. Derivacija parametarski zadane funkcije 5.7. Derivacije višeg reda 5.8. Jednadžba tangente i normale na krivulju 5.9. Diferencijal funkcije 5.10. Primjena diferencijala na izračunavanje približne vrijednosti funkcije 5.11. Taylorova formula 5.12. L'Hospitalovo pravilo 5.13. Intervali monotonosti, ekstremi funkcije 5.14. Konveksnost, konkavnost, točke infleksije 5.15. Asimptote 5.16. Ispitivanje toka i crtanje kvalitativnog grafa funkcije 5.17. Zakrivljenost krivulje
91 91 96 97 102 105 107 110 116 121 123 124 127 132 138 142 146 156
6. NUMERIČKE METODE ZA PRIBLIŽNO RJEŠAVANJE JEDNADŽBI 6.1. Metoda sekante 6.2. Metoda tangente
159 159 164
7. LITERATURA
177
PREDGOVOR Sama ideja pisanja ove zbirke zadataka potekla je od profesora Dragutina Peršea, koji me je upozorio da studenti Veleučilištu u Karlovcu, nailaze na mnoge poteškoće zbog nedostatka odgovarajuće literature za vježbu. To me je ponukalo da na jednom mjestu skupim sve one zadatke, koje sam godinama rješavala zajedno sa studentima na predavanjima, auditornim vježbama, ispitima. Zbirka je podijeljena na 6 poglavlja, a neka od njih i na potpoglavlja. Organizirana je tako da prati propisani nastavni plan i program iz kolegija Matematika I. Nadam se da ćete ovu zbirku zadataka koristiti kao dopunski izvor zadataka za vježbu, ali tek nakon što ste usvojili teoretsko znanje na predavanjima ili iz pratećeg udžbenika, te samostalno riješili primjere obrađene na predavanjima, odnosno auditornim vježbama. Primjeri obrađeni u zbirci uglavnom su detaljno riješeni, samo ponegdje je preskočen jednostavni račun. Nakon svake cjeline, dani su još dodatni zadaci za vježbu uz predočenje konačnog rješenja. Rješavajući samostalno ove zadatke, doći ćete do rješenja. Kontrolirajući Vaša rješenja sa ovdje ponuđenim rješenjima, možda ćete naići na neke pogreške. Bit ću Vam zahvalna da me na njih upozorite. Trudit ću se ispraviti ih i ispravke unijeti u eventualno novo izdanje zbirke. Najveći teret oko čitanja, korigiranja, poboljšanja ovog rukopisa, podnijela je dipl.ing. matematike, gospođa Jasna Hoppe. Hvala ti, Jasna. Zahvaljujem recenzentima: profesoru Dragutinu Peršeu, profesorici Ljubici Štambuk, profesoru Darku Vyroubalu, koji su tekst pomno pregledali i dali korisne primjedbe i sugestije. Veliku podšku u radu davao mi je profesor Dane Momčilović, koji me je i uveo u sve one nepisane male tajne nastavničkog zvanja, bez njegove pomoći ne bi nastala ova zbirka. Ipak, najveći doprinos dali su studenti kojima sam predavala. Zajedno smo osmišljavali, prilagođavali zadatke, ponekad uživali rješavajući ih, ponekad nam je njihovo rješavanje zadavalo sitne glavobolje, ali u konačnosti trud se isplatio. Ovladali smo materijom, ali i dokazali sebi samima onu poznatu izreku našeg velikog matematičara i pjesnika, Vladimira Devidea: «Matematika nipošto nije suhoparna, dosadna i bez mašte, već naprotiv, poput plemenite djevojke uzvraća ljubav onome koji je razumije i voli.» I na kraju, dobra zabava svima Vama koji ćete se prihvatiti rješavanja zadataka iz ove zbirke. Karlovac, 01.10.2007.
Marina Tevčić
Zbirka zadataka iz Matematike 1
1
1. VEKTORI Primjer 1.
r
r
r
Neka su vektori AB = c , BC = a , CA = b stranice trokuta ABC.
r r r
a) pomoću vektora a, b, c izrazite vektore težišnica AD , BE , CF b) pokažite da i težišnice mogu biti stranice nekog trokuta c) pokažite da je ED =
1 AB 2
R.
a)
r 1r 1 AD = AB + BD = AB + BC = c + a 2 2 r 1 1r BE = BC + CE = BC + CA = a + b 2 2 r 1 1r CF = CA + AF = CA + AB = b + c 2 2 r
b) treba pokazati da vrijedi AD + BE + CF = 0
(
)
r 1 r r 1 r r 1 r 3 r 3 r 3 r 3 r r r 3 r r AD + BE + CF = c + a + a + b + b + c = a + b + c = a + b + c = ⋅ 0 = 0 2 2 2 2 2 2 2 2
c) ED = EC + CD = −
(
)
r 1r 1r 1 r r 1 1r 1 b − a = − a + b = − ⋅ (− c ) = c = AB 2 2 2 2 2 2
Primjer 2. r r Nađite vektor a za koji vrijedi a x = −2 , a y = 3 i a = 7 . R.
r 2 2 2 a = ax + ay + az
7 = (− 2) + 3 2 + a z = 13 + a z ⇒ a z = 49 − 13 = 36 ⇒ a z = ±6 r r r r r r r r ⇒ a1 = −2 i + 3 j − 6k, a 2 = −2 i + 3 j + 6k 2
2
2
2
2
Zbirka zadataka iz Matematike 1
Primjer 3. r Odredite radij-vektor a ako se zna da mu je modul 2 3 i da sa koordinatnim osima zatvara jednake kuteve. R.
r
Ako je a radij-vektor, a α , β , γ
kutevi koje zatvara s koordinatnim osima, tada vrijedi :
ay a a cos α = rx , cos β = r , cos γ = rz . a a a Radij-vektor možemo napisati u obliku :
r r r r r r r r r r a = a x ⋅ i + a y ⋅ j + a z ⋅ k = a ⋅ cos α ⋅ i + a ⋅ cos β ⋅ j + a ⋅ cos γ ⋅ k r r r r r a = a ⋅ cos α ⋅ i + cos β ⋅ j + cos γ ⋅ k .
(
)
Za kuteve α , β , γ vrijedi i jednakost : cos 2 α + cos 2 β + cos 2 γ = 1 Kako je α = β = γ
⇒
1
3 ⋅ cos 2 α = 1 ⇒ cos α = ±
3
(
=±
3 , pa je 3
r r r 3r r 3r 3 r a = ±2 3 ⋅ i+ j+ k = ± 2 i + 2 j + 2k 3 3 3
)
Primjer 4. Zadana su tri uzastopna vrha A = (1,−2,3 ) , B = (3,2,1) i C = ( 6,4,4 ) paralelograma ABCD. Nađite koordinate vrha D i koordinate sjecišta dijagonala. R.
Zbirka zadataka iz Matematike 1
3
r r r r rD = OD = OA + AD = OA + BC = rA + rC − rB = r r r r r r r r r r r = i − 2 j + 3k + 6 i + 4 j + 4k − 3 i + 2 j + k = 4 i + 6k ⇒ D = (4,0,6 )
(
) (
) (
)
r r 1 r r 1 1r 1r rS = OS = OA + AS = OA + AC = rA + (rC − rA ) = rA + rC = 2 2 2 2 r r 1 r r r 7r r 7r 1 r 7 7 = i − 2 j + 3k + 6 i + 4 j + 4k = i + j + k ⇒ S = ,1, 2 2 2 2 2 2
(
) (
)
Primjer 5. Zadana su točke A = (1,2,3 ) i B = (8,7,6 ) . Nađite točku C koja dužinu AB dijeli u omjeru 2:3. R.
4
Zbirka zadataka iz Matematike 1
r r 2 r r 2 3r 2r rC = OC = OA + AC = OA + AB = rA + (rB − rA ) = rA + rB = 5 5 5 5 r r r r r r r r r 3 2 19 21 19 21 = i + 2 j + 3k + 8 i + 7 j + 6k = i + 4 j + k ⇒ C = ,4, 5 5 5 5 5 5
(
) (
)
Primjer 6.
r
r
r
r
r
r
r
r
Nađite skalarni produkt vektora m = 3a − 2b i n = 5a − 6b , ako je a = 4 , b = 6 , a ϕ kut
r
r
između vektora a i b , ϕ =
π . 3
R.
(
)(
)
r r r r r r r r r r r r r r m ⋅ n = 3a − 2b ⋅ 5a − 6b = 15 ⋅ a 2 − 18 ⋅ a ⋅ b − 10 ⋅ a ⋅ b + 12 ⋅ b 2 = 15 ⋅ a 2 − 28 ⋅ a ⋅ b + 12 ⋅ b 2 = 1 π = 15 ⋅ 4 2 − 28 ⋅ 4 ⋅ 6 ⋅ cos + 12 ⋅ 6 2 = 15 ⋅ 16 − 28 ⋅ 4 ⋅ 6 ⋅ + 12 ⋅ 36 = 336 2 3
Primjer 7.
r
r
r
r
r
r
Nađite a − 3b ako je a = 3 , b = 2 , a ϕ kut između vektora a i b , ϕ = R.
r r a − 3b =
(ar − 3br )⋅ (ar − 3br ) =
r r r r a2 − 6 ⋅ a ⋅ b + 9 ⋅ b2 =
π . 3
r2 r2 r r a − 6 ⋅ a ⋅ b ⋅ cos ϕ + 9 ⋅ b =
π = 3 2 − 6 ⋅ 3 ⋅ 2 ⋅ cos + 9 ⋅ 2 2 = 9 − 18 + 36 = 27 3
Primjer 8.
r
r
r
r
r
r
r
Odredite parametar λ tako da vektori a = 4λ i − 3 j + 2λk i b = −λ i + 5k budu međusobno okomiti. R.
r r r r a ⊥ b ⇔ a ⋅b = 0 ⇒
4λ ⋅ (− λ ) + (− 3 ) ⋅ 0 + 2λ ⋅ 5 = 0 − 4λ2 + 10λ = 0 ⇒ λ 1 = 0, λ 2 =
5 2
Zbirka zadataka iz Matematike 1
5
Primjer 9. Odredite površinu trokuta ABC koji ima vrhove A = ( 4,4,2), B = (2,4,2), C = (3,3,6). R.
Označimo :
r r r r r r a = AB = rB − rA = −2 i + 0 ⋅ j + 0 ⋅ k . r r r r r r b = AC = rC − rA = − i − j + 4k
Površina trokuta je P =
r r i j r r a×b = − 2 0 −1 −1
1r r a×b . 2
r k r r r r r 0 = i ⋅ 0 − j ⋅ ( −8) + k ⋅ 2 = 8 j + 2k 4
r r a × b = 8 2 + 2 2 = 68
⇒
P=
68 = 4.123 2
Primjer 10.
( r r) ( r
r
Izračunajte površinu paralelograma određenog vektorima 2b − a i 3a + 2b
)
r
ako je a = 4 ,
r r r π b = 5 , a ϕ kut između vektora a i b , ϕ = . 4 R. r r Površina paralelograma je P = m × n .
r
r
r
r
r
r
Označimo m = 2b − a , n = 3a + 2b , pa je :
(
)( ) ( ) ( )
r r r r r r r r r r r r r r m × n = 2b − a × 3a + 2b = 2b × 3a + 2b × 2b − a × 3a − a × 2b = r r r r r r r r r r r r r r = 6 ⋅ b × a + 4 ⋅ b × b − 3 ⋅ (a × a ) − 2 ⋅ a × b = −6 ⋅ a × b − 2 ⋅ a × b = −8 ⋅ a × b
(
)
(
)
(
)
(
)
(
)
r r r r r r r v 2 P = m × n = − 8 ⋅ a × b = − 8 ⋅ a × b = 8 ⋅ a ⋅ b ⋅ sin ϕ = 8 ⋅ 4 ⋅ 5 ⋅ = 80 ⋅ 2 = 113 .137 2
6
Zbirka zadataka iz Matematike 1
Primjer 11. Kolika je duljina visine spuštene iz vrha C trokuta ABC, ako su A=(2,-3,1), B=(-2,1,4), C=(3,1,1). R.
2 ⋅ P AB × AC 1 Kako je površina trokuta P = ⋅ AB ⋅ v , a to daje v = . = 2 AB AB
r r r r r r r r AB = rB − rA = (− 2 − 2) ⋅ i + (1 + 3 ) ⋅ j + (4 − 1) ⋅ k = −4 i + 4 j + 3k r r r r r r r AC = rC − rA = (3 − 2) ⋅ i + (1 + 3 ) ⋅ j + (1 − 1) ⋅ k = i + 4 j r r r i j k r r r r r r AB × AC = − 4 4 3 = i ⋅ (− 12 ) − j ⋅ ( −3) + k ⋅ (− 16 − 4 ) = −12 i + 3 j − 20k 1 AB × AC = AB = ⇒
4 0
(− 12)2 + 3 2 + (− 20 )2
(− 4)2 + 4 2 + 3 2
v=
553 41
= 553
= 41
= 3.672
Primjer 12. Zadani su vrhovi tetraedra A=(1,-2,3), B=(-2,1,2), C=(3,5,-6), D=(4,2,1). Izračunajte volumen tog tetraedra. R. Volumen tetraedra je
V=
(
)
(
)
1 1 AB, AC, AD = AB × AC ⋅ AD . 6 6
r r r r r r r r AB = rB − rA = (− 2 − 1) ⋅ i + (1 + 2) ⋅ j + (2 − 3 ) ⋅ k = −3 i + 3 j − k r r r r r r r r AC = rC − rA = (3 − 1) ⋅ i + (5 + 2) ⋅ j + (− 6 − 3 ) ⋅ k = 2 i + 7 j − 9k r r r r r r r r AD = rD − rA = (4 − 1) ⋅ i + (2 + 2) ⋅ j + (1 − 3 ) ⋅ k = 3 i + 4 j − 2k
Zbirka zadataka iz Matematike 1
7
− 3 3 −1 AB × AC ⋅ AD = 2 7 − 9 = −122 3 4 −2
(
⇒
)
− 122
V=
6
= 20.3&
Primjer 13. Da li su točke A=(1,-1,1), B=(0,2,4), C=(1,3,3), D=(4,0,-3) komplanarne ? R. Točke A, B, C, D bit će komplanarne ako leže u istoj ravnini, a onda su i vektori AB, AC, AD komplanarni, što znači da im mješoviti produkt mora biti jednak 0.
r r r r r r r r AB = rB − rA = (0 − 1) ⋅ i + (2 + 1) ⋅ j + (4 − 1) ⋅ k = − i + 3 j + 3k r r r r r r r r AC = rC − rA = (1 − 1) ⋅ i + (3 + 1) ⋅ j + (3 − 1) ⋅ k = 0 ⋅ i + 4 j + 2k r r r r r r r r AD = rD − rA = (4 − 1) ⋅ i + (0 + 1) ⋅ j + (− 3 − 1) ⋅ k = 3 i + j − 4k
−1 3 3 AB × AC ⋅ AD = 0 4 2 = 0 3 1 −4
(
)
(
)
Dobili smo da je mješoviti produkt AB × AC ⋅ AD = 0 , što znači da su ti vektori komplanarni, a time su i točke A, B, C, D komplanarne.
Primjer 14.
r
r
r
r
r
r
r
r r
r
r
r
Odredite parametar t tako da vektori a = − i + 3 j + 2k , b = 2 i − 3 j − 4k , c = t i + 12 j + 6k
r
r
r
budu komplanarni. Rastavite vektor c u smjeru vektora a i b . R.
( )
Treba odrediti t tako da vrijedi : a × b ⋅ c = 0 .
−1 3 2 a × b ⋅ c = 2 − 3 − 4 = −6t − 18 t 12 6
( ) ⇒ ⇒
− 6t − 18 = 0 ⇒ t = −3 r r r r c = −3 i + 12 j + 6k
8
Zbirka zadataka iz Matematike 1
r r r c = λa + µb ⇒ − 3 = λ ⋅ (− 1) + µ ⋅ 2 r r r 12 = λ ⋅ 3 + µ ⋅ (− 3 ) ⇒ λ = 5 , µ = 1 ⇒ c = 5a + b 6 = λ ⋅ 2 + µ ⋅ (− 4 )
Primjer 15.
(r r ) na vektor br
r
Nađite skalarnu komponentu projekcije vektora d = a × b × c
r r r r r r r r r r r a = j + 2k, b = 2 i + j − k, c = 2 i + j + k .
ako su :
R.
r r r i j k r r r r r r r b × c = 2 1 − 1 = i ⋅ (1 + 1) − j ⋅ (2 + 2) + k ⋅ (2 − 2) = 2 i − 4 j 2 1
1 r i r r r r d = a× b×c = 0
(
)
r j 1
r k r r r 2 = 8 i + 4 j − 2k
2 −4 0 r r r d ⋅ b 2 ⋅ 8 + 1⋅ 4 + ( −1) ⋅ ( −2) 16 + 4 + 2 22 11 6 = = = dbr = r = 3 6 6 b 2 2 + 12 + ( −1) 2
Primjer 16.
r
r
r
r
r
r
r
Zadan je vektor a = 3 i + 6 j . Odredite vektor b u ravnini tako da je b ⊥ a i b = 5 . R.
r r r r r r r a ⊥ b ⇒ a ⋅ b = 0 ⇒ 3b x + 6b y = 0 a = 3i + 6 j r r r ⇒ r ⇒ 2 2 b = b x i + b y j b = 5 ⇒ bx + by = 5 3b x + 6b y = 0 r r r r r r b 2 , b 1 b 2 i j , b 2 i+j ⇒ = ± = m ⇒ = − = − x y 1 2 2 2 b x + b y = 5 Primjer 17.
r
r
r
Izračunajte površinu trokuta što ga razapinju vektori x = b − a
r r r r r r r r r r r r a = 2 i − j + k, b = i + j + 3k, c = 4 i − 2 j + k .
R.
(
) (
)
r r r r r r r r r r r r x = b − a = i + j + 3k − 2 i − j + k = − i + 2 j + 2k
r
r
r
r
i y = 2a + b − c
ako su
Zbirka zadataka iz Matematike 1
(
9
) (
) (
)
r r r r r r r r r r r r r r r r y = 2a + b − c = 2 2 i − j + k + i + j + 3k − 4 i − 2 j + k = i + j + 4k
r i r r x × y = −1 1
P=
r j 2 1
r k r r r r r r 2 = i ⋅ (8 − 2) − j ⋅ ( −4 − 2) + k ⋅ ( −1 − 2) = 6 i + 6 j − 3k 4
1 r r 1 2 81 9 ⋅ x×y = = 6 + 6 2 + ( −3 ) 2 = 2 2 2 2
Primjer 18.
r
r
r
r
r
r
Odredite parametar k tako da vektor a = − i + (k − 2 ) ⋅ j zatvara s vektorima b = −12 i − 5 j
r
r
r
i c = 4 i − 3 j jednake kuteve. R.
r v a⋅b (−1) ⋅ (−12) + (k − 2) ⋅ (−5) 22 − 5k cosα = r v = = a⋅b (−1)2 + (k − 2)2 ⋅ (−12)2 + (−5)2 1+ (k − 2)2 ⋅ 169 r r a⋅c (−1) ⋅ 4 + (k − 2) ⋅ (−3) 2 − 3k cos γ = r r = = 2 2 2 2 a⋅c (−1) + (k − 2) ⋅ 4 + (−3) 1+ (k − 2)2 ⋅ 25 Kako su kutevi α i γ jednaki, cos α = cos γ , što daje :
22 − 5k 1+ (k − 2) ⋅ 169 2
22 − 5k 13 ⋅ 1+ (k − 2)2
=
=
2 − 3k 1+ (k − 2)2 ⋅ 25
2 − 3k 5 ⋅ 1+ (k − 2)2
(22 − 5k ) ⋅ 5 = (2 − 3k ) ⋅ 13
⇒
22 − 5k 2 − 3k = 13 5
⇒ 14k = −84
r r r k = −6 ⇒ a = − i − 8 j
Primjer 19. Nađite kuteve trokuta s vrhovima A=(2,3,-1), B=(2,1,2), C=(3,0,0).
10
Zbirka zadataka iz Matematike 1
R.
r r r r r AB = rB − rA = 0 ⋅ i − 2 j + 3k AB = 0 2 + ( −2) 2 + 3 2 = 13 r r r r r ⇒ AC = rC − rA = i − 3 j + k AC = 12 + ( −3) 2 + 12 = 11 ⇒ r r r r r BC = rC − rB = i − j − 2k 2 2 2 BC = 1 + ( −1) + ( −2) = 6 cos α =
⇒ cos β =
cos γ =
AB ⋅ AC AB ⋅ AC BA ⋅ BC BA ⋅ BC CA ⋅ CB CA ⋅ CB
=
=
=
0 + ( −2) ⋅ ( −3) + 3 ⋅ 1 13 ⋅ 11
= 0.752617 ⇒ α = 41010 ' 56 ''
0 + ( −1) ⋅ 2 + ( −2) ⋅ ( −3) 13 ⋅ 6
= 0.452910 ⇒ β = 63 0 4 '10 ''
( −1) ⋅ ( −1) + 3 ⋅ 1 + ( −1) ⋅ 2 11 ⋅ 6
= 0.246182 ⇒ γ = 75 0 44 ' 54 ''
Primjer 20. Točke A=(1,-2,3), B=(4,1,-1), C=(2,0,1) vrhovi su trokuta. Izračunajte duljinu težišnice spuštene iz vrha C. R.
r r 1 r r 1 1 r 1 r r ⋅ AB = rA − rC + ⋅ (rB − rA ) = ⋅ rA + ⋅ rB − rC = 2 2 2 2 r r r r r r r r r r 1 1 1 1 = ⋅ i − 2 j + 3k + ⋅ 4 i + j − k − 2 i + k = ⋅ i − ⋅ j 2 2 2 2
CC1 = CA + AC1 = CA +
(
)
(
2
) (
2
1 1 ⇒ CC1 = + − = 2 2
1 2 = 2 2
)
Zbirka zadataka iz Matematike 1
11
ZADACI ZA VJEŽBU 1. Odredite parametar
λ
tako da
r r r c = 3 i − 4 j jednake kuteve, ako je r
r
vektor
r a
zatvara
r r r a = (λ + 1) i + j .
r
s
vektorima
r r
r
r r r b = 5 i + 12 j
2. Zadan je vektor a = 4 i + 2 j . Odredite vektor b u ravnini tako da je b⊥a i
i
r b = 5.
3. Nađite duljine stranica i kuteve trokuta sa vrhovima : A=(-1,2,3) , B=(2,1,2), C=(0,3,0). 4. Točke A(2,0,0), B(0,3,0), C(0,0,6) i piramide i visinu na bazu ABC.
D(2,3,8) su vrhovi piramide. Izračunajte volumen
r
r
r
5. Odredite površinu trokuta što ga zatvaraju vektori p = c − 2b i
r r r r r r r r r r r a = 2 i + 3 j − k , b = −3 j + 2k , c = i − 4 j + 2k .
6. Kolike su duljine dijagonala paralelograma ABCD, ako je
r a =2 2,
r r r π b = 3 , ∠(a, b) = 4
r r r q = b − a , ako su
r r r r AB = 5a + 2b , AD = a − 3b ,
?
7. Neka su točke A=(5,-1), B=(-3,0), C=(7,7) vrhovi trokuta. Odredite duljine težišnica trokuta.
r
r OB = b .
r OC = c r r r Izrazite vektor a kao linearnu kombinaciju vektora b i c . 8. Dani su vektori OA = a
i
Vektor
je težišnica trokuta OAB.
9. Odredite veličinu najvećeg kuta trokuta ∆ABC, ako je A(-1,2), B(1,-1), C(6,1).
10. Vektor BD prikažite kao linearnu kombinaciju vektora AB B(1,1), C(2,-3), D(-7,-2).
i BC , ako je A(-1,2),
r r r a = (1,1,1) , b = (1,−2,0) . Nađite takav vektor c da bude komplanaran r r r r r sa vektorima a i b , okomit na vektor a i da bude c ⋅ b = 14 .
11. Dani su vektori
r r r r a = ( −1,3,0) , b = (2,−4,1) , c = (3,4,5) , d = ( −1,−19,−8) . Izrazite r r r kao linearnu kombinaciju vektora a , b i c .
12. Zadani su vektori
r
vektor d
12
Zbirka zadataka iz Matematike 1
13. Odredite duljinu visine vB spuštene iz vrha B u trokutu ABC čiji su vrhovi A(1,-2,8), B(0,0,4) i C(6,2,0 ).
r
r
r
r
r
r
r
r
r
r
14. Odredite parametar t iz uvjeta da su vektori : a = −3 j + 9k , b = ln( t − 2) ⋅ i − 2 j + 6k ,
r r r r c = t ⋅ i − 2 j + 5k komplanarni. r
r
r
r
r
r
15. Vektor a = 3 i + j rastavite na komponente u smjeru vektora b = − i + j , c = 2 i + 3 j . Zadatak riješite analitički i grafički.
16. Točkama P i Q dužina AB podijeljena je na tri jednaka dijela. Ako je A(3,8), prva do nje P(4,13), odredite koordinate točke B. 17. Ako su A(-2,-2) i B(4,1) dva vrha, a S(0,1) sjecište dijagonala paralelograma ABCD, odredite vrhove C i D.
r r r r r r r 2π q = 3a − b , gdje je a = 2 , b = 5 , ∠(a, b) = . 3 r r Odredite koeficijent λ tako da vektori p i q budu međusobno okomiti. r
r
r
18. Zadani su vektori p = λa + 17b
i
19. Odredite površinu trokuta što ga čine vektori
r r r r r r r a = 2 i + 3 j − k , b = −3 j + 2k .
20. Odredite parametar k
r r r c = 12 i + 5 j
tako da vektor
jednake kutove, ako je
r a
r r r p = a − 2b
i
r r r q =b−a
ako su
r
r
r
zatvara sa vektorima b = −4 i + 3 j
i
r r r a = i + (k − 1) ⋅ j .
21. Odredite kut i površinu trokuta što ga čine vektori :
r r r r r r r r a = 8 i − 4 j + 12k , b = 4 i + 6 j + 2k .
22. Izračunajte površinu paralelograma ABCD ako su poznati vrhovi : A(2,-2,1), B(1,-1,2), C(-2,1,2). 23. Točke A = (1,−2,3) , B = ( 4,1,−1) , C = (2,0,1) vrhovi su trokuta. Odredite vektor težišnice
CC1 i njegov modul.
r
r
r
r
r
r
r
r
24. Izračunajte visinu paralelepipeda razapetog vektorima a = 2 i + 3 j − 5k , b = − i + j + 4k ,
r r r r r r c = 3 i − j − k ako mu je osnovica paralelogram razapet vektorima a i b .
25. Izračunajte površinu trokuta što ga čine vektori
r r r r r r r r r r r r a = 2 i − j + k , b = i + j + 3k , c = 4 i − 2 j + k .
r r r x =b−a
i
r r r r y = 2a + b − c
ako su
Zbirka zadataka iz Matematike 1
R. 1. λ = 7
r
r
r
r
r
r
2. b1 = − i + 2 j , b 2 = i − 2 j
3. AB = CA = 11 , BC = 2 3 , α = 62 0 57' 52' ' , β = γ = 58 0 31' 4' ' 4. V = 14 , v = 14 5. P = 3.202 6. d1 = 15 , d 2 = 24.35 7. AA ' = 5.408 , BB' = 9.487 , CC' = 9.605
r
r
r
8. a = 2c − b 9. β = 1010 53' 10. BD = −5 ⋅ AB + 2 ⋅ BC
r
r
r
r
r
r
r
11. c = 4 i − 5 j + k
r
12. d = −a + 2b − 2c 13. v B = 3.055 14. t = 3
r
15. a = −
7 r 4 r ⋅b + ⋅c 5 5
16. B = (6 , 23 ) 17. C = (2 ,4 ) , D = (− 4 ,1) 18. λ = 40 19. P = 7.81 20. k = 9 21. α = 73 0 23' 54' ' ,
P = 53.665
22. P = 118 23. CC1 =
1 r 1 r ⋅i− ⋅j, 2 2
24. v = 2.726 25. P = 4.5
CC1 =
2 2
13
14
Zbirka zadataka iz Matematike 1
2. ANALITIČKA GEOMETRIJA U PROSTORU 2.1. Ravnina Primjer 1. Odredite vektor normale ako su zadane opće jednadžbe ravnina: (1) (2) (3) (4) (5)
3 x − 2y + z − 5 = 0 x + 4 y − 2z = 0 3x − z + 5 = 0 y − 3z = 0 x=4
R.
r
Opća jednadžba ravnine je Ax + By + Cy + D = 0 , gdje je vektor normale n = (A,B; C ) , pa je :
r
(1) n = (3,−2,1) r (2) n = (1,4,−2 )
r
(3) n = (3,0,−1) r (4) n = (0,1,−3 )
r
(5) n = (1,0,0 )
Primjer 2. Odredite jednadžbu ravnine:
r
r
r
r
(1) koja prolazi točkom T0 = (2,1,−1) i okomita je na vektor n = i − 2 j + 3k
(2) koja prolazi točkom T0 = (2,1,−1) i okomita je na os y R. (1)
r r r r T0 = (2,1,−1) , n = i − 2 j + 3k A ⋅ (x − x 0 ) + B ⋅ (y − y 0 ) + C ⋅ (z − z 0 ) = 0
1⋅ (x − 2) − 2 ⋅ (y − 1) + 3 ⋅ (z + 1) = 0 ⇒ x − 2y + 3z + 3 = 0 (2)
r r r r T0 = (2,1,−1) , n = 0 ⋅ i + 1⋅ j + 0 ⋅ k A ⋅ (x − x 0 ) + B ⋅ (y − y 0 ) + C ⋅ (z − z 0 ) = 0
0 ⋅ (x − 2) + 1⋅ (y − 1) + 0 ⋅ (z + 1) = 0 y −1= 0 ⇒ y =1
Zbirka zadataka iz Matematike 1
15
Primjer 3. Zadana je jednadžba ravnine x − 2z + 4 = 0 . Odredite vektor normale i nekoliko točaka te ravnine. R.
r x − 2z + 4 = 0 ⇒ n = (1,0,−2) Poznavajući jednadžbu ravnine, možemo odrediti po volji mnogo točaka te ravnine. Dovoljno je uvrstiti dvije koordinate po volji i iz jednadžbe odrediti treću. Npr.
točka na osi x :
y = 0, z = 0 ⇒ x − 2 ⋅ 0 + 4 = 0 ⇒ x = −4 ⇒ T = (− 4,0,0 )
točka na osi y :
x = 0, z = 0 ⇒ 0 − 2 ⋅ 0 + 4 = 0 ⇒ 4 = 0 ⇒ takva točka ne postoji točka na osi z :
x = 0, y = 0 ⇒ 0 − 2 ⋅ z + 4 = 0 ⇒ z = 2 ⇒ T = (0,0,2)
točka sa zadanim koordinatama, npr. :
x = −2, y = 0 ⇒ −2 − 2 ⋅ z + 4 = 0 ⇒ z = 1 ⇒ T = (− 2,0,1)
točka sa zadanim koordinatama, npr. :
x = −2, y = 4 ⇒ −2 − 2 ⋅ z + 4 = 0 ⇒ z = 1 ⇒ T = (− 2,4,1)
Primjer 4. Odredite jednadžbu ravnine koja je paralelna s ravninom 3 x − 2 y + 5 z − 4 = 0 ,
točkom T0 = (2,−1,−2) .
a prolazi
R.
r T0 = (2,−1,−2) , n = (3,−2,5 ) A ⋅ (x − x 0 ) + B ⋅ (y − y 0 ) + C ⋅ (z − z 0 ) = 0
3 ⋅ (x − 2 ) − 2 ⋅ (y + 1) + 5 ⋅ (z + 2) = 0 ⇒ 3 x − 2y + 5z + 2 = 0
Primjer 5. Odredite jednadžbu ravnine koja prolazi točkom T0 = (1,0,−2) ,
π 1...x + 2 y + 3 z − 4 = 0 , π 2 ... 3 x + y − 2z + 5 = 0 .
a okomita je na ravnine
16
Zbirka zadataka iz Matematike 1
R.
r r π ⊥ π 1 ⇒ n ⊥ n1 r r π ⊥ π2 ⇒ n ⊥ n2 r n1 = (1,2,3 ) , v i r r n1 × n 2 = 1
r r r r r r ⇒ n je kolinearan sa n1 × n 2 ⇒ n = λ ⋅ (n1 × n 2 )
r n 2 = (3,1,−2 ) r r j k
2
r r r 3 = −7 ⋅ i + 11⋅ j − 5 ⋅ k
3 1 −2 r r r r n = λ ⋅ (n1 × n 2 ) , ako uzmemo npr. λ = −1 ⇒ n = (7,−11,5 ) r
Uvrštavajući T0 = (1,0,−2) , n = (7,−11,5 ) u jednadžbu ravnine, dobivamo:
7 ⋅ (x − 1) − 11 ⋅ (y − 0 ) + 5 ⋅ (z + 2 ) = 0 ⇒ 7 x − 11y + 5 z + 3 = 0
Primjer 6. Odredite jednadžbu ravnine koja prolazi točkama A = (2,−1,3 ) , B = (3,1,2 ) , a paralelna je s r vektorom a = (3,1,−4 ) . R.
r
r
(r
)
Vektor a translatiramo u ravninu. Vrijedi n = λ ⋅ a × AB .
r a = (3,1,−4 ) , v i r a × AB = 3
AB = (x B − x A , y B − y A , z B − z A ) = (1,2,−1) r r j k r r r 1 − 4 = 7 ⋅ i − j + 5 ⋅k
1 2
(
−1
)
r r r n = λ ⋅ a × AB , ako uzmemo npr. λ = 1 ⇒ n = (7,−1,5 ) r
Ako vektor n = (7,−1,5 ) i jednu od točaka, npr. A = (2,−1,3 ) uvrstimo u jednadžbu ravnine:
Zbirka zadataka iz Matematike 1
17
A ⋅ (x − x 0 ) + B ⋅ (y − y 0 ) + C ⋅ (z − z 0 ) = 0
7 ⋅ (x − 2 ) − 1⋅ (y + 1) + 5 ⋅ (z − 3 ) = 0 ⇒ 7 x − y + 5z − 30 = 0
Primjer 7. Odredite jednadžbu ravnine koja prolazi točkama A = (2,1,4 ) , B = (1,−1,2 ) , C = (− 1,0,2 ) . R.
A, B, C su tri nekolinearne točke. Vektor normale na ravnine kroz te tri točke možemo zapisati
(r
r
) r
r
u obliku : n = λ ⋅ AB × AC . Ako uzmemo npr. λ =1 ⇒ n = AB × AC .
v i j k r r r AB × AC = − 1 − 2 − 2 = 2 ⋅ i + 4 ⋅ j − 5 ⋅ k −3
−1 − 2
r
Ako vektor n = (2,4,−5 ) i jednu od točaka, npr. C = (− 1,0,2 ) uvrstimo u jednadžbu ravnine:
A ⋅ (x − x 0 ) + B ⋅ (y − y 0 ) + C ⋅ (z − z 0 ) = 0
2 ⋅ (x + 1) + 4 ⋅ (y − 0 ) − 5 ⋅ (z − 2) = 0 ⇒ 2x + 4 y − 5 z + 12 = 0
Primjer 8. Odredite kut koji zatvaraju ravnine: (1) π1...x − 2 y + z + 2 = 0 , π 2 ...x + 2 y − z − 1 = 0 (2) π 1... − 2 x + 6 y − 8 z + 1 = 0 , π 2 ... 3 x + 9 y + 6 z − 1 = 0 (3) π 1... − 2 x + 6 y − 10 z − 2 = 0 , π 2 ... 3 x − 9 y + 15 z + 4 = 0 R. (1)
r r ϕ = ∠(π1, π 2 ) = ∠(n1, n 2 ) r r n1 = 1,− 2,1 , n 2 = 1, 2,−1
(
)
(
)
18
Zbirka zadataka iz Matematike 1
(
)
r r n1 ⋅ n 2 1⋅ 1 + − 2 ⋅ 2 + 1⋅ (− 1) 1 cos ϕ = r r = =− ⇒ ϕ = 120 0 , ψ = 180 0 − 120 0 = 60 0 2 n1 ⋅ n 2 1+ 2 + 1 ⋅ 1+ 2 + 1 r r n1 = (− 2,6,−8 ) , n 2 = (3,9,6 ) r r n1 ⋅ n 2 − 2⋅3 + 6⋅9 − 8⋅6 = 0 ⇒ ϕ = 90 0 ⇒ ravnine su okomite cos ϕ = r r = n1 ⋅ n 2 4 + 36 + 64 ⋅ 9 + 81 + 36
(2)
(3)
r r n1 = (− 2,6,−10 ) , n 2 = (3,−9,15 ) r r A 1 B 1 C1 = = = λ ⇒ n1 II n 2 A 2 B2 C2
r r r −2 6 − 10 2 2r = = =λ=− ⇒ n1 = − n 2 ⇒ n1 II n 2 , ϕ = 0 0 3 −9 15 3 3 Primjer 9. Odredite parametar m tako da ravnine : π1...m ⋅ x − 2 y + 3 z − 4 = 0 , π 2 ... 3 x + 5 y + 4 z + 1 = 0 R.
budu okomite.
r r r r π 1 ⊥ π 2 ⇔ n 1 ⊥ n 2 ⇔ n1 ⋅ n 2 = 0 r r n1 = (m,−2,3 ) , n 2 = (3,5,4 ) r r 2 n1 ⋅ n 2 = 0 ⇒ m ⋅ 3 − 2 ⋅ 5 + 3 ⋅ 4 = 0 ⇒ 3m = −2 ⇒ m = − 3
Primjer 10. Odredite udaljenost točke T = (3,−2,5 ) od ravnine 2 x − 3 y − z + 7 = 0 . R.
Zbirka zadataka iz Matematike 1
19
Udaljenost točke T od ravnine jednaka je skalarnoj komponenti projekcije vektora AT (gdje je r A bilo koja točka ravnine π ) na smjer vektora normale n , po apsolutnoj vrijednosti.
r AT ⋅ n d = AT = r n r n
Točka A je bilo koja točka ravnine π , nađemo je tako da dvije koordinate uzmemo po volji, a treću izračunamo iz jednadžbe ravnine. Npr. uzmemo x=0, y=0, uvrstimo u jednadžbu ravnine:
2x − 3 y − z + 7 = 0 2⋅0 − 3⋅0 − z + 7 = 0
z = 7 ⇒ A = (0,0,7 )
r n = (2,−3,−1)
r r r r r r AT = (3 − 0 ) ⋅ i + (− 2 − 0 ) ⋅ j + (5 − 7 ) ⋅ k = 3 ⋅ i − 2 ⋅ j − 2 ⋅ k
r r AT n ⋅ 2 ⋅ 3 − 3 ⋅ (− 2) − 1⋅ (− 2 ) AT ⋅ n 14 d = AT nr = r = r = = = 14 2 2 n n 14 2 2 + (− 3 ) + (− 1)
Primjer 11. Odredite udaljenost paralelnih ravnina:
π1... 3 x + 6 y − 2z − 6 = 0 ,
π 2 ... 3 x + 6 y − 2z + 14 = 0 .
R.
Udaljenost paralelnih ravnina izračunat ćemo tako da izračunamo udaljenost po volji odabrane točke ravnine π 2 od ravnine π 1 . Neka je T1 bilo koja točka ravnine π 1 , a T2 bilo koja točka ravnine π 2 .
20
Zbirka zadataka iz Matematike 1
T1...x = 0 , y = 0 ⇒ 3 ⋅ 0 + 6 ⋅ 0 − 2z − 6 = 0 ⇒ z = −3 ⇒ T1 = (0,0,−3 ) T2 ...x = 0 , y = 0 ⇒ 3 ⋅ 0 + 6 ⋅ 0 − 2z + 14 = 0 ⇒ z = 7 ⇒ T2 = (0,0,7 )
r
Vektor T1T 2 = (0,0,10 ) projiciramo na vektor normale n = (3,6,−2) :
( )
d= TT
r 1 2 n
r T1T2 ⋅ n 0 ⋅ 3 + 0 ⋅ 6 + 10 ⋅ (− 2) − 20 20 = = = = r 2 7 n 49 3 2 + 6 2 + (− 2)
ZADACI ZA VJEŽBU 1. Odrediter jednadžbu ravnine koja prolazi točkom A=(2,1,-1) i paralelna je s vektorima r a = (1,2,3 ) , b = (3,1,−2) . 2. Odredite jednadžbu ravnine koja sadrži os x i točku M=(4,-1,2). 3. Odredite jednadžbu ravnine koja prolazi polovištem dužine AB i okomita je na tu spojnicu, ako su A=(1,2,3) , B=(-1,2,1). r 4. Odredite jednadžbu ravnine koja je paralelna s vektorom m = ( 2,1,−1) i ima segmente a=3, b= -2 na osi x i y.
5. Odredite jednadžbu ravnine koja prolazi pravcem
x +1 y −1 z + 2 = = 2 1 2
i okomita je na
ravninu 2x-y+3z-5=0. 6. Odredite jednadžbu ravnine koja prolazi točkom T=(1,0,-2), a okomita je na ravnine : π1 ... 3x+y-2z=0 , π2 ... 2x+4y+6z+3=0. 7. Odredite jednadžbu ravnine koja prolazi točkama T1=(1,0,5) , T2=(2,3,1), a paralelna je s pravcem
p ...
R. 1. 7x-11y+5z+2=0 2. 2y+z=0 3. x+z-2=0 4. 2x-3y+z-6=0 5. 5x-2y-4z-1=0 6. 7x-11y+5z+3=0 7. 2x-2y-z+3=0
x −1 y +1 z = = . 1 −2 6
Zbirka zadataka iz Matematike 1
21
2.2. Pravac Primjer 1. Odredite jednadžbu pravca koji prolazi točkom T = (1,−2,3 ) i :
r
r
r
r
(1) paralelan je s vektorom a = −5 i + 3 j + 2k (2) okomit je na XZ ravninu (3) paralelan je s osi x R.
r x − x0 y − y0 z − z0 , T0 = (x 0 , y 0 , z 0 ) , s = (a, b, c ) = = a b c
r
r
r
r
r
r
r
(1) T0 = (1,−2,3 ) , p II a ⇒ s II a , s = λ ⋅ a , npr. uzmemo λ = 1 ⇒ s = a
x − 1 y − (− 2 ) z − 3 = = −5 3 2 x −1 y + 2 z − 3 ⇒ = = −5 3 2
r
r
r
r
r
r
r
r
(2) T0 = (1,−2,3 ) , p ⊥ XZ ⇒ s II j , s = λ ⋅ j , npr. uzmemo λ = 1 ⇒ s = j = (0,1,0 )
x − 1 y − (− 2 ) z − 3 = = 0 1 0 x −1 y + 2 z − 3 ⇒ = = 0 1 0
r
r r
r
(3) T0 = (1,−2,3 ) , p II x − osi ⇒ s II i , s = λ ⋅ i , npr. uzmemo λ = 1 ⇒ s = i = (1,0,0 )
x − 1 y − (− 2 ) z − 3 = = 1 0 0 x −1 y + 2 z − 3 ⇒ = = 1 0 0
Primjer 2. Zadana je jednadžba pravca. Odredite vektor smjera i nekoliko točaka tog pravca. (1) (2) (3)
y+2 z = −2 3 x −1 y + 3 − z + 3 = = 2 −2 3 3x − 1 = y = −z + 2 2
x −1=
22
Zbirka zadataka iz Matematike 1
(4)
3 − x y − 2 − 3z = = 1 0 2
(5)
x = 3λ − 2 y=0 z = −λ + 3
R.
r x − x0 y − y0 z − z0 (= λ ) , T0 = (x 0 , y 0 , z 0 ) , s = (a, b, c ) = = a b c
x = λ ⋅ a + x0 y = λ ⋅b + y0 z = λ ⋅ c + z 0
r y+2 z x − 1 y − (− 2) z − 0 = ⇒ = = ⇒ T0 = (1,−2,0 ) , s = (1,−2,3 ) − 2r 3 1 −2 3 Vektor smjera je s = (1,−2,3 ) , jedna od točaka je T0 = (1,−2,0 ) . Da bi odredili još neke točke (1)
x −1=
ravnine, rješavat ćemo parametarske jednadžbe pravca, birajući po volji vrijednost parametra λ.
x = λ +1 y = −2λ − 2 z = 3λ
npr.
za λ = 0
y = −2 ⋅ 0 − 2 = −2 ⇒ T1 = (1,−2,0 ) z = 3⋅0 = 0 x = 0 +1= 1
za λ = 1
y = −2 ⋅ 1 − 2 = −4 ⇒ T2 = (2,−4,3 ) z = 3 ⋅1 = 3 x = 1+ 1 = 2
za λ = 2
y = −2 ⋅ 2 − 2 = −6 ⇒ T3 = (3,−6,6 ) z = 3⋅2 = 6 x = 2 +1= 3
za λ = −1
y = −2 ⋅ (− 1) − 2 = 0 ⇒ T4 = (0,0,−3 ) z = 3 ⋅ (− 1) = −3 x = −1 + 1 = 0
Zbirka zadataka iz Matematike 1
(2)
23
r x −1 y + 3 − z + 3 x − 1 y − (− 3 ) z − 3 ⇒ = = ⇒ T0 = (1,−3,3 ) , s = (2,−2,−3 ) = = 2 3 2 −2 −3 −2
1 3 = y − 0 = z − 2 ⇒ T = 1 ,0,2 , sr = 2 ,1,−1 0 2 1 −1 3 3 3 r r r Ako je vektor s vektor smjera pravca, onda je i vektor s1 = λ ⋅ s također vektor smjera. r Možemo odabrati λ = 3 i dobivamo s = (2,3,−3 ) kao vektor smjera. 3x − 1 (3) = y = −z +2 ⇒ 2
(4)
(5)
x−
r 3 − x y − 2 − 3z x−3 y−2 z−0 2 ⇒ T0 = (3,2,0 ) , s = − 1,0,− = = ⇒ = = 2 1 0 2 −1 0 3 − 3 x = 3λ − 2 = 3 ⋅ λ + (− 2) r y = 0 = 0⋅λ + 0 ⇒ T0 = (− 2,0,3 ) , s = (3,0,−1) z = −λ + 3 = (− 1) ⋅ λ + 3
Primjer 3. Odredite jednadžbu pravca koji prolazi točkama T1 = (2,−1,3 ) i T2 = (3,2,5 ) . R.
r
Možemo uzeti T0 = T1 = (2,−1,3 ) , s = T1T2 = rT 2 − rT1 = (1,3,2 ) , pa je jednadžba pravca :
x − 2 y +1 z − 3 = = . 1 3 2
Primjer 4. Odredite
jednadžbu
x −1 y − 3 z + 4 = = . 3 −1 2
pravca
koji
prolazi
ishodištem
R. Paralelni pravci imaju isti vektor smjera, pa je
i
r s = (3,−1,2 ) , x −0 y −0 z−0 x y z = = . = , odnosno = dobivamo : 3 −1 2 3 −1 2
paralelan
je
s
pravcem
T0 = (0,0,0 ) . Uvrštavanjem
24
Zbirka zadataka iz Matematike 1
Primjer 5. Odredite jednadžbu pravca koji je okomit na pravce
p 2 ...
x y +1 z − 2 = = 1 4 3
p1...
x − 5 y +1 z − 4 = = 3 2 1
,
i prolazi točkom T = (− 1,0,4 ) .
R.
r r r r r r r p ⊥ p 1 , p ⊥ p 2 ⇒ s ⊥ s1 , s ⊥ s 2 ⇒ s = λ ⋅ (s1 × s 2 )
r r r i j k r r r r r s1 × s 2 = 3 2 1 = 2 ⋅ i − 8 ⋅ j + 10 ⋅ k 1 4 3 r
Uzmemo npr. λ = 1 ⇒ s = (2,−8,10 )
⇒
x +1 y z−4 = = 2 −8 10
Primjer 6. Odredite kanonski oblik jednadžbe pravca određenog ravninama π1... x + 2 y + 3 z − 13 = 0 ,
π 2 ... 3 x + y + 4z − 14 = 0 (pravac je zadan kao presječnica dviju ravnina). R.
Zbirka zadataka iz Matematike 1
25
r r r r r r r p ⊆ π1 , p ⊆ π 2 ⇒ s ⊥ n1 , s ⊥ n 2 ⇒ s = λ ⋅ (n1 × n 2 )
r r i j r r n1 × n 2 = 1 2 3 1
r k r r r 3 = 5 ⋅ i + 5 ⋅ j − 5 ⋅k 4
Uzmemo npr. λ =
r 1 ⇒ s = (1,1,−1) 5
Za jednadžbu pravca potrebna nam je i jedna točka tog pravca, ta točka leži i u ravnini π1 i u ravnini π 2 , pa njene koordinate zadovoljavaju jednadžbe ravnina π1 i π 2 .
x + 2y + 3z − 13 = 0 dvije jednadžbe sa tri nepoznanice 3 x + y + 4z − 14 = 0 Jednu od koordinata točke odabrat ćemo po volji, npr. uzmemo z = 0 i uvrstimo :
x + 2y − 13 = 0 ⇒ x = 3 , y = 5 ⇒ T = (3,5,0 ) 3 x + y − 14 = 0 ⇒
x−3 y−5 z = = 1 1 −1
Primjer 7. Odredite udaljenost točke T = (2,3,−1) od pravca
x −1 y z + 5 . = = 3 2 −2
R.
d(T, p ) = d(T, T ′) , gdje je T ′ projekcija točke T na pravac p
r d(T, p ) je ujedno duljina visine paralelograma razapetog vektorima s i T0 T
26
Zbirka zadataka iz Matematike 1
r r r P = T0 T × s = s ⋅ v = s ⋅ d(T, p )
r T0 T × s ⇒ d(T, p ) = r s
r x −1 y z + 5 = = ⇒ T0 = (1,0,−5 ) , s = (3,2,−2) , T0 T = (1,3,4 ) 3 2 −2
r r r i j k r r r r r r r T0 T × s = 1 3 4 = −14 ⋅ i + 14 ⋅ j − 7 ⋅ k = −7 ⋅ 2 ⋅ i − 2 ⋅ j + k 3 2 −2
(
)
r 2 T0 T × s − 7 ⋅ 2 2 + (− 2) + 12 7 ⋅ 3 21⋅ 17 = = = d(T, p ) = r 2 17 s 17 3 2 + 2 2 + (− 2)
Primjer 8. Odredite kut među pravcima p 1...
x y−2 z+3 x y+3 z , p 2 ... = = = = . 1 2 2 2 3 6
R.
r r ∠(p 1, p 2 ) = ∠(s1, s 2 )
r r s1 = (1,2,2) , s 2 = (2,3,6 ) r r s1 ⋅ s 2 1⋅ 2 + 2 ⋅ 3 + 2 ⋅ 6 20 cos ϕ = r r = = 21 s1 ⋅ s 2 12 + 2 2 + 2 2 ⋅ 2 2 + 3 2 + 6 2
⇒ ϕ = 17 0 45 ′10 ′′
Primjer 9.
x − 2 y + 4 z −1 x−λ y−3 z+5 , p 2 ... . = = = = 3 5 −2 2 1 0 Odredite parametar λ tako da se pravci p 1 , p 2 sijeku. Nađite : Zadani su pravci : p 1...
(1) sjecište tih pravaca (2) jednadžbu ravnine koju ti pravci određuju R. Ako se pravci sijeku, onda zadovoljavaju uvjete : r r r r a) s1 i s 2 nisu kolinearni ⇔ s1 ≠ k ⋅s 2
r
r
r
r
b) s1 , s 2 , T1T2 su komplanarni ⇔ (s1 ×s 2 ) ⋅ T 1T2 = 0
Zbirka zadataka iz Matematike 1
27
r T1 = (2,−4,1) , s1 = (3,5,−2 ) r T2 = (λ,3,−5 ) , s1 = (2,1,0 )
T1T2 = (λ − 2,7,−6 )
Provjeravanje uvjeta :
r
r
r
r
a) s1 ≠ k ⋅s 2 ⇒ s1 i s 2 nisu kolinearni
r r b) (s1 ×s 2 ) ⋅ T 1T2 = 0 ⇒
3
5 −2
2
1
0 = 0 ⇒ 2λ + 10 = 0 ⇒ λ = −5
λ−2 7 −6
(1) sjecište tih pravaca Sjecište dvaju pravaca je točka čije koordinate zadovoljavaju jednadžbe jednog i drugog pravca.
x − 2 y + 4 z −1 = = 3 5 −2 x+5 y−3 z+5 = = 2 1 0
Iz sistema jednadžbi možemo izdvojiti npr. slijedeće jednakosti :
5 x − 3 y − 22 = 0 x − 2y + 11 = 0 ⇒ x = 11, y = 11, z = −5 2y + 5z + 3 = 0
⇒ S = (11,11,−5 ) (2) jednadžba ravnine koju ti pravci određuju
r r r r r r r r r r n ⊥ s1 , n ⊥ s 2 ⇒ n = λ ⋅ (s1 × s 2 ), npr. λ = 1 ⇒ n = s1 × s 2 r r r i j k r r r r r r s1 × s 2 = 3 5 − 2 = 2 ⋅ i − 4 ⋅ j − 7 ⋅ k ⇒ n = (2,−4,−7 )
2 1
0
28
Zbirka zadataka iz Matematike 1
Kako pravci leže u ravnini, možemo bilo koju točke jednog od pravaca uvrstiti u jednadžbu ravnine. Uzmemo npr. točku T1 = (2,−4,1) i dobivamo :
A ⋅ (x − x 0 ) + B ⋅ (y − y 0 ) + C ⋅ (z − z 0 ) = 0
2 ⋅ (x − 2) − 4 ⋅ (y + 4 ) − 7 ⋅ (z − 1) = 0 ⇒ 2x − 4 y − 7z − 13 = 0
Primjer 10. Odredite udaljenost paralelnih pravaca :
p1...
x y−3 z−2 , = = 1 2 1
p 2 ...
x − 3 y +1 z − 2 = = 1 2 1
R.
Udaljenost paralelnih pravaca najjednostavnije je odrediti tako da se nađe udaljenost točke jednog od pravca do drugog pravca. Tu udaljenost ujedno možemo shvatiti kao visinu
r
paralelograma kojeg razapinju vektori s1 i T1T2 .
r s1 × T1T2 r r P = s1 × T1T2 = s1 ⋅ d ⇒ d = r s1 r s 1 = (1,2,1) , T1 = (0,3,2) , T2 = (3,−1,2 ) , T1T2 = (3,−4,0 )
r i
r j
r k r r r r s1 × T1T2 = 1 2 1 = 4 ⋅ i + 3 ⋅ j − 10 ⋅ k 3 −4 0 r s1 × T1T2 ⇒ d= = r s1
4 2 + 3 2 + (− 10 )
2
12 + 2 2 + 12
=
125 6
=
5 ⋅ 30 6
Zbirka zadataka iz Matematike 1
29
Primjer 11. Odredite udaljenost mimosmjernih pravaca:
p1...
x +1 y z −1 x y +1 z − 2 , p 2 ... = = = = 1 1 2 1 3 4
R.
r
r
Vektori s1 , s 2 , T1T2
razapinju u prostoru paralelepiped. Duljina visine tog paralelepipeda
je udaljenost pravaca p1 i p 2 .
r r s 1 = (1,1,2 ) , T1 = (− 1,0,1) , s 2 = (1,3,4 ) , T2 = (0,−1,2 ) , T1T2 = (1,−1,1)
r r V (s1 × s 2 ) ⋅ T1T2 d= = r r B s1 × s 2
1 1 2 r r (s1 × s 2 )⋅ T1T2 = 1 3 4 = 2 1 −1 1
r i
r r j k
r r r r r s 1 × s 2 = 1 1 2 = −2 ⋅ i − 2 ⋅ j + 2 ⋅ k 1 3 4 ⇒ d=
2
(− 2)2 + (− 2)2 + 2 2
=
2 2 3
=
3 3
30
Zbirka zadataka iz Matematike 1
ZADACI ZA VJEŽBU 1. Nađite udaljenost pravca koji prolazi točkama A=(2,-1,-1), B=(6,-8,0) od pravca koji prolazi točkama C=(2,1,2), D=(0,2,-1). 2. Odredite udaljenost točke T=(2,1,-1) od pravca p …
x −1 y − 3 z = = . −4 0 3
3. Odredite međusobni položaj pravaca. Ako se sijeku, odredite sjecište i kut pod kojim se sijeku. Ako se ne sijeku, odredite udaljenost između njih.
x y+7 5−z x 4−y z , p2 ... = = = = 1 2 −2 2 −3 6 x −1 2 − y z −1 x −2 y −3 4−z , p2 ... = = b) p1 ... = = 1 1 3 1 2 −3 x +1 − y z −1 x y +1 2 − z c) p1 … , p2 … = = = = 1 −1 2 1 3 −4 x 1− y z x −1 − y z −1 d) p1 … = , p2 … = = = −1 1 −1 2 1 2 a) p1 ...
R. 1. d =
2. d =
6 6 101 5
3. a) pravci su mimosmjerni, d =
17 41 41
4 5 b) pravci leže u istoj ravnini, sijeku se u točki P = , ,2 pod kutem ϕ = 49 0 50 ′ 3 3
c) pravci su mimosmjerni, d = d) pravci su paralelni, d =
7 3
3 3
Zbirka zadataka iz Matematike 1
31
2.3. Pravac i ravnina Primjer 1. Odredite kut pravca
y = 3x − 1 i ravnine 2x + y + z − 4 = 0 . 3 x + 2z − 2 = 0
R.
Kut između pravca p i ravnine π , definira se kao kut između pravca i njegove projekcije p' na ravninu π .
r r s ⋅n π sin ϕ = cos − ϕ = r r 2 s⋅n Pravac je zadan kao presječnica dviju ravnina:
y = 3x − 1 r r ⇒ n1 = (3,−1,0 ) , n 2 = (3,0,2) . 3 x + 2z − 2 = 0
r r r r r r r s ⊥ n1 , s ⊥ n 2 ⇒ s = λ ⋅ (n1 × n 2 )
r i
r j
r k r r r r r r n1 × n 2 = 3 − 1 0 = −2 ⋅ i − 6 ⋅ j + 3 ⋅ k , npr. λ = −1 ⇒ s = (2,6,−3 ) 3 0 2 r 2x + y + z − 4 = 0 ⇒ n = (2,1,1) r r s ⋅n sin ϕ = r r = s⋅n
2 ⋅ 2 + 6 ⋅1− 3 ⋅1 2 2 + 6 2 + (− 3 ) ⋅ 2 2 + 12 + 12 2
=
7 49 ⋅ 6
=
6 ⇒ ϕ = 24 0 5′41′′ 6
32
Zbirka zadataka iz Matematike 1
Primjer 2. Ispitajte međusobni položaj pravca i ravnine. Odredite probodište pravca i ravnine ako ono postoji. Pravac je zadan jednadžbom p... (1) 2 x + 3 y + z − 1 = 0 (2) 2 x − 2 y − z + 3 = 0 (3) 2 x − 2 y − z − 4 = 0
x −1 y +1 z , a ravnina: = = 1 −2 6
R. (1)
r x −1 y +1 z = = ⇒ s = (1,−2,6 ) 1 −2 6 r π...2x + 3 y + z − 1 = 0 ⇒ n = (2,3,1)
p...
r
r
r r
Ako je p II π , onda je s ⊥ n , tj. s ⋅ n = 0 .
r r s ⋅ n = 1⋅ 2 − 2 ⋅ 3 + 6 ⋅ 1 = 2 ≠ 0 ⇒
pravac i ravnina nisu paralelni
Ako pravac probada ravninu, onda je probodište točka P = (x, y, z ) koja leži i na pravcu i u ravnini :
x = λ +1 x −1 y +1 z = = = λ ⇒ y = −2λ − 1 p... 1 6 −2 z = 6λ Za razne parametre λ dobivamo razne točke pravca. Treba odrediti λ tako da dobijemo točku koja ujedno leži i u ravnini, pa zahitjevamo da koordinate te točke zadovoljavaju jednadžbu ravnine 2x + 3 y + z − 1 = 0 . Uvrštavajući parametarske jednadžbe pravca dobivamo :
2x + 3 y + z − 1 = 0 2 ⋅ (λ + 1) + 3 ⋅ (− 2λ − 1) + 6λ − 1 = 0 2λ = 2 ⇒ λ = 1 x = 1+ 1 = 2
⇒
(2)
y = −2 ⋅ 1 − 1 = −3 z = 6 ⋅1 = 6
⇒
P = (2,−3,6 )
r x −1 y +1 z = ⇒ s = (1,−2,6 ) , T0 = (1,−1,0 ) = 1 −2 6 r π...2x − 2y − z + 3 = 0 ⇒ n = (2,−2,−1)
p...
Zbirka zadataka iz Matematike 1
r r s ⋅ n = 1⋅ 2 + (− 2 ) ⋅ (− 2 ) + 6 ⋅ (− 1) = 0 ⇒
33 pravac je paralelan s ravninom ili pravac leži u
ravnini Ako pravac leži u ravnini onda je svaka točka tog pravca ujedno točka ravnine. Provjeriti ćemo da li točka T0 = (1,−1,0 ) koja leži na pravcu ujedno zadovoljava i jednadžbu ravnine :
π...2x − 2y − z + 3 = 0 ?
2 ⋅ 1 − 2 ⋅ (− 1) − 0 + 3 = 0 7≠0
⇒
T0 ∉ π
⇒ pravac je paralelan s ravninom, ali ne leži u ravnini Do istog zaključka mogli smo doći i tako da smo tražili probodište pravca i ravnine.
x = λ +1 x −1 y +1 z p... = = = λ ⇒ y = −2λ − 1 1 −2 6 z = 6λ Parametarske jednadžbe pravca uvrstit ćemo u jednadžbu ravnine :
π...2x − 2y − z + 3 = 0 2 ⋅ (λ + 1) − 2 ⋅ (− 2λ − 1) − 6λ + 3 = 0 0 ⋅ λ = −7
⇒ ne postoji parametar λ koji zadovoljava jednadžbu ravnine, što znači da ne postoji točka pravca koja bi ujedno bila i točka ravnine, što dalje povlači da pravac ne leži u ravnini. (3)
r x −1 y +1 z = = ⇒ s = (1,−2,6 ) , T0 = (1,−1,0 ) 1 −2 6 r π...2x − 2y − z − 4 = 0 ⇒ n = (2,−2,−1)
p...
r r s ⋅ n = 1⋅ 2 + (− 2 ) ⋅ (− 2 ) + 6 ⋅ (− 1) = 0 ⇒
pravac je paralelan s ravninom ili pravac leži u
ravnini Provjeriti ćemo da li točka T0 = (1,−1,0 ) koja leži na pravcu ujedno zadovoljava i jednadžbu ravnine :
π...2x − 2y − z − 4 = 0 ?
2 ⋅ 1 − 2 ⋅ (− 1) − 0 − 4 = 0 0 = 0 ⇒ T0 ∈ π ⇒ pravac leži u ravnini Do istog zaključka mogli smo doći i tako da smo tražili probodište pravca i ravnine.
34
Zbirka zadataka iz Matematike 1
x = λ +1 x −1 y +1 z p... = = = λ ⇒ y = −2λ − 1 1 −2 6 z = 6λ Parametarske jednadžbe pravca uvrstit ćemo u jednadžbu ravnine :
π...2x − 2y − z − 4 = 0 2 ⋅ (λ + 1) − 2 ⋅ (− 2λ − 1) − 6λ − 4 = 0 0⋅λ = 0
⇒ svaki realni broj λ zadovoljava jednadžbu ravnine, što znači da postoji beskonačno mnogo točka koje zadovoljavaju ovu jednadžbu, što dalje znači da svaka točka pravca leži u ravnini odnosno da sam pravac leži u ravnini.
ZADACI ZA VJEŽBU 1. Odredite parametar
λ
tako da se pravci p1 ...
x y z x +1 y + 5 z , p2 ... = = = = 3 2 1 2 −3 λ
sijeku i napišite jednadžbu ravnine u kojoj leže. 2. Odredite parametar λ tako da se pravci p2 …
x−3 y+2 4−z = = 2 λ 5
p1 …
x +1 − y z −1 = = , 1 3 4
sijeku, te odredite jednadžbu ravnine koju određuju.
3. Napišite jednadžbu ravnine koja prolazi pravcem
x −1 y +1 z +1 i točkom M=(2,0,1). = = 1 2 −1
4. Napišite jednadžbu ravnine koja prolazi pravcima : x y + 2 − z +1 x −1 y − 3 z + 2 , p2 ... . p1 ... = = = = 7 3 −5 7 3 5 5. Odredite jednadžbu ravnine koja prolazi točkom T=(2,-3,2) i presječnicom ravnina : p1 ... 6x+4y+3z+5=0 , p2 ... 2x+y+z-2=0. 6. Nađite probodište pravca i ravnine : x +3 y −2 z +1 a) , x-2y+z-15=0 = = 3 −1 −5 x + 2 y −1 z − 3 b) , x+2y-2z+6=0 = = −2 3 2 7. Ispitajte međusobni položaj pravca i ravnine. Ako pravac probada ravninu, pronađite probodište. a) p ...
1− x y z + 1 , = = −1 2 1
π ... x − 2y + z + 5 = 0
Zbirka zadataka iz Matematike 1
35
x y + 1 1− z , π ... x + y + 3z + 4 = 0 = = 2 1 1 x y + 1 1− z , π … 2x + y − z − 4 = 0 c) p … = = 3 1 3 2 − x y −1 z − 2 d) p … , π … x + y + 3z − 7 = 0 = = 2 −1 1 b) p ...
R. 1. 2. 3. 4. 5.
5x-y-13z=0 λ = 4 , π... x − 13 y − 10 z + 11 = 0 5x-3y-z-9=0 17x-13y-16z-10=0 16x+7y+8z-27=0
6. a) p II π b) p ⊆ π 7.
7 2
3 2
a) pravac probada ravninu u točki P = ,5, pod kutem ϕ = 19 0 30′ b) pravac je paralelan sa ravninom, ali ne leži u ravnini
12 23 5 , ,− pod kutem ϕ = 49 0 20′ 13 13 13
c) pravac probada ravninu u točki P = d) pravac leži u ravnini
36
Zbirka zadataka iz Matematike 1
3. MATRICE I DETERMINANTE 3.1. Matrice Primjer 1.
5 3 . 2 1
Nađite inverznu matricu matrice A = R. a) pomoću proširene matrice
5 3 2 1
1 0 1 3 ~ 5 0 1 2 1
1 0 ~ 0 1
−1 3 2 − 5
3 1 1 0 5 ~ 5 1 0 1 0 − 5
1 3 0 1 5 ~ 5 2 1 0 1 − 5
1 0 ~ 5 2 − 5
− 1 3 ⇒ A −1 = 2 − 5
b) pomoću adjunkte (Cramerovim pravilom)
A 12 (− 1)1+1 ⋅ 1 = A 22 (− 1)2+1 ⋅ 3
A A = 11 A 21 ~
(− 1)1+2 ⋅ 2 = 1 (− 1)2+2 ⋅ 5 − 3
T
− 2 ~ 1 − 3 ⇒ A = 5 − 2 5
det A = 5 ⋅ 1 − 3 ⋅ 2 = 5 − 6 = −1 T
⇒ A −1 =
1 ~ 1 1 − 3 − 1 3 ⋅A = ⋅ = det A − 1 − 2 5 2 − 5
Primjer 2.
1 4 2 Nađite inverznu matricu matrice A = 0 3 2 . 3 5 1 R. a) pomoću proširene matrice
1 4 2 0 3 2 3 5 1
1 0 0 1 4 2 0 1 0 ~ 0 3 2 0 0 1 0 − 7 − 5
2 0 0 1 4 2 0 1 0 ~ 0 1 3 − 3 0 1 0 − 7 − 5 1
0 0 1 0 0 ~ 3 − 3 0 1 1
Zbirka zadataka iz Matematike 1
2 1 0 − 3 2 ~ 0 1 3 1 0 0 − 3
⇒
1 0 −3
2 4 0 1 0 − 3 3 1 2 0 ~ 0 1 3 3 0 0 1 7 1 3
−
37
4 3 1 3 −7
1 − 0 9
0 1 0 0 0 ~ 0 1 0 − 3 0 0 1
7 − 6 − 2 A = − 6 5 2 9 − 7 − 3 -1
b) pomoću adjunkte (Cramerovim pravilom)
A 11 = (− 1)
1+1
3 2 = 3 − 10 = −7 5 1
⋅
A 12 = (− 1)
⋅
A 13 = (− 1)
⋅
A 21 = (− 1)
⋅
1+ 2
1+ 3
2 +1
A 22 = (− 1)
⋅
A 23 = (− 1)
⋅
A 31 = (− 1)
⋅
2+ 2
2+3
3 +1
A 32 = (− 1)
⋅
A 33 = (− 1)
⋅
3+2
3+3
0 2 3 1
= −(− 6 ) = 6
0 3 = −9 3 5 4 2 5 1 1 2 3 1
= −(4 − 10 ) = 6 = 1 − 6 = −5
1 4 = −(5 − 12) = 7 3 5 4 2 3 2
=8−6 = 2
1 2 = −2 0 2 1 4 0 3
=3
det A = a11 ⋅ A 11 + a12 ⋅ A 12 + a13 ⋅ A 13 = 1⋅ (− 7) + 4 ⋅ 6 + 2 ⋅ (− 9) = −1 A 11 A = A 21 A 31 ~
A 12 A 22 A 32
A 13 − 7 6 − 9 2 − 7 6 T ~ A 23 = 6 − 5 7 ⇒ A = 6 − 5 − 2 − 9 7 A 33 2 − 2 3 3
− 6 − 2 −6 5 2 9 − 7 − 3 7
38
⇒A
Zbirka zadataka iz Matematike 1
−1
2 7 − 6 − 2 − 7 6 T 1 1 ~ = ⋅ A = ⋅ 6 − 5 − 2 = − 6 5 2 −1 det A − 9 7 3 9 − 7 − 3
Primjer 3. Riješite matričnu jednadžbu
4 2 1 1 − 1 0 ⋅ X = − 1 − 2 .
R. 1. način
a b X= . c d 4 2 1 a b 1 ⋅ = Iz jednakosti dobijemo dva sustava jednadžbi: − 1 0 c d − 1 − 2
Matrica X mora biti oblika
2a + c = 1 2b + d = 4 , čija su rješenja : a = 1, c = −1, b = 2, d = 0 . − a = −1 − b = −2 1 2 . − 1 0
Tražena matrica je X =
2. način Jednakost A ⋅ X = B množimo slijeva s A −1 (A mora biti regularna matrica) i dobijemo :
A⋅X =B
A −1 ⋅ A ⋅ X = A −1 ⋅ B Ι ⋅ X = A −1 ⋅ B X = A −1 ⋅ B 2 1 − 1 0
1 0 1 1 ~ 2 0 1 − 1 0
1 0 ~ 0 1
0 − 1 1 2
1 1 0 ~ 2 0 1 0
1 2 1 2
0 − 1 ⇒ A −1 = 1 2
4 1 2 0 − 1 1 X = A −1 ⋅ B = ⋅ = 1 2 − 1 − 2 − 1 0
1 0 1 0 2 ~ 0 1 1 1 2 2
0 − 1 ~ 1 1 2
Zbirka zadataka iz Matematike 1
39
Primjer 4. Riješite matričnu jednadžbu
1 3 − 2 4 X⋅ = . − 2 4 8 − 6
R. 1. način
a b X= . c d a b 1 3 − 2 4 Iz jednakosti ⋅ = dobijemo dva sustava jednadžbi: c d − 2 4 8 − 6 Matrica X mora biti oblika
a − 2b = −2 c − 2d = 8 , čija su rješenja : a = 0, b = 1, c = 2, d = −3 . 3a + 4b = 4 3c + 4d = −6 0 1 . 2 − 3
Tražena matrica je X =
2. način Jednakost X ⋅ A = B množimo s desna s A −1 (A mora biti regularna matrica) i dobijemo :
X⋅A = B
X ⋅ A ⋅ A −1 = B ⋅ A −1 X ⋅ Ι = B ⋅ A −1 X = B ⋅ A −1 1 3 − 2 4
1 0 1 3 ~ 0 1 0 10
⇒ A −1 =
1 0 1 3 ~ 2 1 0 1
1 0 1 0 1 1~ 0 1 5 10
2 3 − 5 10 1 1 5 10
1 4 − 3 ⋅ 10 2 1
10 − 2 4 1 4 − 3 1 − 2 4 4 − 3 1 0 X = B ⋅ A −1 = = ⋅ ⋅ = ⋅ ⋅ ⋅ = 8 − 6 10 2 1 10 8 − 6 2 1 10 20 − 30 0 1 = 2 − 3
40
Zbirka zadataka iz Matematike 1
ZADACI ZA VJEŽBU 1. Nađite inverznu matricu matrice :
2 − 1 − 5 3
(1) A =
3 1 − 1 0
(2) A =
1 4 2 7
(3) A =
0 1 1 − 3
(4) A =
1 2 4 (5) A = 1 1 2 − 2 1 3 − 1 0 − 1 (6) A = − 2 2 3 0 1 2 1 1 − 1 (7) A = − 1 0 − 1 1 − 1 2 R.
3 1 5 2
(1) A −1 =
0 − 1 1 3
(2) A −1 =
− 7 4 2 − 1
(3) A −1 =
3 1 1 0
(4) A −1 =
Zbirka zadataka iz Matematike 1
(5) A
−1
(6) A
−1
(7) A −1
0 −1 2 = 7 − 11 − 2 − 3 5 1 1 −1 2 = 4 − 2 5 − 2 1 − 2 1 1 1 = − 1 − 3 − 2 − 1 − 2 − 1
2. Riješite matrične jednadžbe :
2 − 4 2 0 ⋅X = 8 14 − 1 3
(1)
1 0 3 1 ⋅X = 0 1 5 2
(2)
28 − 1 5 − 8 ⋅ = X − 19 5 − 3 7
(3)
0 1 − 5 3 ⋅X = 7 0 14 − 7
(4)
14 11 3 − 1 ⋅X = − 2 − 13 1 3
(5)
2 9 3 1 ⋅X = − 2 − 1 − 1 0
(6)
5 18 1 4 ⋅X = 9 32 2 7
(7)
5 2 2 1 ⋅ = X 10 3 3 − 1
(8)
41
42
Zbirka zadataka iz Matematike 1
R.
1 − 2 3 4
(1) X =
2 − 1 − 5 3
(2) X =
4 3 − 1 2
(3) X =
3 1 5 2
(4) X =
2 4 − 2 − 5
(5) X =
2 1 3 − 1
(6) X =
1 2 1 4
(7) X =
3 1 − 1 0
(8) X =
3. Riješite matrične jednadžbe :
− 5 3 − 1 2 = 14 − 7 3 1
(1) X ⋅
0 5 0 15 = 0 0 0 5
(2) X ⋅
2 1 9 2 = 3 − 1 4 − 3
(3) X ⋅
3 1 13 4 = 1 0 8 3
(4) X ⋅
Zbirka zadataka iz Matematike 1
1 10 2 4 = − 2 − 1 4 1
(5) X ⋅
2 3 12 6 = − 2 1 6 1
(6) X ⋅
− 1 2 3 − 6 = − 4 8 1 − 2
(7) X ⋅
3 0 − 1 4 = − 2 − 2 14 11
(8) X ⋅ R.
3 1 5 2
(1) X =
3 1 1 0
(2) X =
3 1 − 1 2
(3) X =
4 1 3 − 1
(4) X =
3 1 1 0
(5) X =
3 − 3 1 − 2
(6) X =
1 4 3 − 1
(7) X =
1 2 3 − 1
(8) X =
43
44
Zbirka zadataka iz Matematike 1
3.2. Determinante Primjer 1.
Izračunajte vrijednost determinante :
2 6 −5 3 5 5 −3 2 −3 −2 6 −4 3 7 −2 4
R.
D=
2 5
6 5
−5 −3
3 2
−3 −2 6 −4 3 7 −2 4
+ (− 1)
1+ 3
5
= (− 1)
1+1
5
−3
5 ⋅2⋅ −2
6
2
⋅6⋅ −3 3
5
⋅3⋅ −3 − 2
4
5
4
5
⋅ (− 5 ) ⋅ − 3 − 2 − 4 + (− 1) 7
− 4 + (− 1)
1+ 2
−2
7
1+ 4
3
2
3
7
−3 6 −2
2 −4 + 4
−3 6 = −303 −2
Primjer 2.
x −1 x + 4 x − 5 Riješite jednadžbu : x + 2
x−4
x−3 x+2
=0
x x −1
R.
x −1 x + 4 x − 5 x+2 x−4 x−3 x+2
x−4 x x+2 x x+2 x−4 − (x + 4 ) ⋅ + (x − 5 ) ⋅ = x = (x − 1) ⋅ x + 2 x −1 x − 3 x −1 x −3 x +2 x −1
= (x − 1) ⋅ [(x − 4 ) ⋅ (x − 1) − x ⋅ (x + 2)] − (x + 4 ) ⋅ [(x + 2) ⋅ (x − 1) − x ⋅ (x − 3 )] + + (x − 5 ) ⋅ [(x + 2) ⋅ (x + 2) − (x − 4 ) ⋅ (x − 3 )] = −66 x + 44 ⇒ −66 x + 44 = 0 ⇒ x =
44 2 = 66 3
Primjer 3.
0 z4 Izračunajte vrijednost determinante D = 0
1
1
z
4
2
1 z
z
ako je z = 1 − i .
Zbirka zadataka iz Matematike 1
45
R.
0 z4 D= 0
1
1 z4
1 z = −z 4 ⋅ ( − z ) + 1⋅ ( −1) = z 5 − 1 z2
⇒
z = 1− i
⇒
r = 1 − i = 1 + 1 = 2 −1 π 7π = −1 ⇒ ϕ = 2π − arctg(1) = 2π − = tgϕ = 1 4 4 7π 7π + i ⋅ sin z = 2 ⋅ cos 4 4 5
( )
5 7π 7π 7π 7π z = 2 ⋅ cos + i ⋅ sin 5 ⋅ = + i ⋅ sin = 2 ⋅ cos 5 ⋅ 4 4 4 4 (4 ⋅ 8 + 3)π + i ⋅ sin (4 ⋅ 8 + 3)π = 35 π 35 π = 4 2 ⋅ cos + i ⋅ sin = 4 2 ⋅ cos 4 4 4 4 5
3π 3π 3π 3π = 4 2 ⋅ cos 8π + = 4 2 ⋅ cos + i ⋅ sin = + i ⋅ sin 8π + 4 4 4 4 2 2 = 4 2 ⋅ − + i⋅ = −4 + 4 ⋅ i 2 2
⇒
D = z 5 − 1 = (1 − i) − 1 = (− 4 + 4 ⋅ i) − 1 = −5 + 4 ⋅ i 5
ZADACI ZA VJEŽBU 1. Izračunajte vrijednost determinante :
0 −1 2 2 (1) 4 4 0 −1
1 0 0 1
1 2 4 1
6 3 2 8 −3 2 (2) 2 −3 1 8 −3 1
3 4 1 5
46
Zbirka zadataka iz Matematike 1
1 −1 3 − 4 −1 2 0 4 (3) 3 0 4 −2 −4 5 −2 −8 a b c −d a b −c −d (4) a −b −c −d −a −b −c −d m+a (5) n + a
a
m−a
a
2n − a a −a a
2. Izračunajte vrijednost parametra λ za kojeg je vrijednost determinante:
1+ λ − 9 − 2 −5 5 3 − 12 − 6 1 9 0 −2
3 λ 1 1
jednaka 18.
−1 1 + 2i 1 0 −2 0 1− i 1 3. Izračunajte vrijednost determinante , gdje je i imaginarna 3 1 − 2i 0 0 0 1 4 −2+i jedinica.
4. Izračunajte vrijednost determinante
5. Izračunajte vrijednost determinante
z
1
0
D= z 1
4
1 0
ako je
z = −1 + i .
za
z = cos
2π 2π . + i ⋅ sin 3 3
2
z z4
1
z
z2
z2 z
1 z2
z 1
Zbirka zadataka iz Matematike 1
6. Riješite jednadžbu :
−1 −1 (1) x
x 3 =0 −1
x
2 1
x2
4 9 2 3 =0 1 1
(2) x
1
x+2 x −3
x −1
(3) x − 4
x+2 x =0 x + 4 x −1 x + 5
R. 1. (1) (2) (3) (4) (5)
D=0 D = −30 D = 266 D = 8abcd D = m⋅n⋅a
2. λ 1 = −4 , λ 2 = −2 3. D = 5 + 7i 4. D = −3 + 4i 5. D = 0 6. (1) x 1 = −5 , x 2 = 1 (2) x 1 = 2 , x 2 = 3 (3) x =
9 11
47
48
Zbirka zadataka iz Matematike 1
3.3. Sustavi linearnih jednadžbi Primjer 1. Riješite sustav jednadžbi :
x − 3y = 6 2x + 5 y = 1
R. a) Cramerovim pravilom
−3 = 1⋅ 5 − (− 3 ) ⋅ 2 = 11 5 −3 = 6 ⋅ 5 − (− 3 ) ⋅ 1 = 33 5 6 = 1⋅ 1 − 6 ⋅ 2 = −11 1 D y − 11 D 33 x= x = =3 , y= = = −1 D 11 D 11
1 2 6 Dx = 1 1 Dy = 2 D=
⇒
b) Gaussovom metodom
1 − 3 6 1 − 3 6 1 − 3 6 1 0 3 ~ ~ ~ 2 5 1 0 11 − 11 0 1 − 1 0 1 − 1 ⇒
x=3 ,
y = −1
Primjer 2.
2x + y + 3z = 9 Riješite sustav jednadžbi : x − 2y + z = −2 3 x + 2y + 2z = 7 R. a) Cramerovim pravilom
2 1 3 −2 1 1 1 1 −2 D = 1 − 2 1 = 2⋅ − 1⋅ +3⋅ = 2 2 3 2 3 2 3 2 2 = 2 ⋅ (− 2 ⋅ 2 − 1⋅ 2) − (1⋅ 2 − 1⋅ 3 ) + 3 ⋅ (1⋅ 2 − (− 2) ⋅ 3 ) = 13 9 1 3 −2 1 −2 1 −2 −2 Dx = − 2 − 2 1 = 9 ⋅ − 1⋅ +3⋅ = 2 2 7 2 7 2 7 2 2 = 9 ⋅ (− 2 ⋅ 2 − 1⋅ 2) − (− 2 ⋅ 2 − 1⋅ 7 ) + 3 ⋅ (− 2 ⋅ 2 − (− 2) ⋅ 7 ) = −13
Zbirka zadataka iz Matematike 1
49
2 9 3 −2 1 1 1 1 −2 Dy = 1 − 2 1 = 2 ⋅ −9⋅ +3⋅ = 7 2 3 2 3 7 3 7 2 = 2 ⋅ (− 2 ⋅ 2 − 1⋅ 7 ) − 9 ⋅ (1⋅ 2 − 1⋅ 3 ) + 3 ⋅ (1⋅ 7 − (− 2) ⋅ 3 ) = 26 2 1 9 −2 −2 1 −2 1 −2 Dz = 1 − 2 − 2 = 2 ⋅ − 1⋅ +9⋅ = 2 7 3 7 3 2 3 2 7 = 2 ⋅ (− 2 ⋅ 7 − (− 2) ⋅ 2) − (1⋅ 7 − (− 2) ⋅ 3 ) + 9 ⋅ (1⋅ 2 − (− 2) ⋅ 3 ) = 39
⇒
x=
D x − 13 = = −1 , D 13
y=
Dy D
=
26 =2 , 13
z=
D z 39 = =3 D 13
b) Gaussovom metodom zamijenimo u prvom koraku prvi i drugi redak
2 1 3 9 1 - 2 1 − 2 1 - 2 1 − 2 1 - 2 1 1 − 13 9 ~ 0 5 1 2 ~ 2 1 3 1 2 1 ~ 0 1 5 3 2 2 7 3 2 2 7 0 8 - 1 13 0 8 - 1 7 7 16 16 1 0 1 0 5 5 5 5 1 0 0 − 1 1 13 1 13 ~ 0 1 ~ 0 1 ~ 0 1 0 2 5 5 5 5 13 39 0 0 1 3 0 0 1 3 0 0 - 5 − 5 ⇒
x = −1 ,
y=2 ,
z=3
Primjer 3.
2x + 3 y − z = 1 Riješite sustav jednadžbi : x − y + z = 2 3 x + 2y = 5 R. a) Cramerovim pravilom
2
3
D = 1 −1 3
2
−1
1 = 2⋅ 0
−1 1
2
0
−3⋅
1 1 3 0
+ (− 1) ⋅
1 −1 3
2
=0
− 2 13 ~ 5 13
50
Zbirka zadataka iz Matematike 1
1
3
−1
Dx = 2 − 1 5 ⇒
1 = 1⋅
2
D=0
0
−1 1
2
0
Dx = 4 ≠ 0
i
−3⋅
2 1 5 0
⇒
+ (− 1) ⋅
2 −1 5
2
=4≠0
sustav je nesnošljiv, nema niti jedno rješenje
b) Gaussovom metodom zamijenimo u prvom koraku prvi i drugi redak
2 3 - 1 1 1 - 1 1 2 1 - 1 1 2 1 - 1 1 2 ~ 2 3 - 1 1 ~ 0 5 - 3 − 3 3 2 0 5 3 2 0 5 0 5 - 3 − 1 5 y − 3 z = −3
Ako pogledamo drugu i treću jednadžbu:
5 y − 3 z = −1
,
vidimo da smo naišli na
kontradiktorne jednadžbe, što znači da sustav nema niti jedno rješenje.
Primjer 4.
x − 2y + z = 4 Riješite sustav jednadžbi : 2x + 3 y − z = 3 4 x − y + z = 11 R. a) Cramerovim pravilom
1 −2 D= 2 4
3
−1 = 0
−1
1
1 −2 Dz = 2 4 ⇒
1
3
4 Dx = 3
−2
3
11 − 1
1 −1 = 0
1
1
4
1
Dy = 2
3
−1 = 0
4 11
1
4 3 =0
− 1 11
sustav nema niti jedno rješenje ili sustav ima beskonačno mnogo rješenja
Ako zbrojimo prvu i drugu jednadžbu, odnosno drugu i treću jednadžbu, dobijemo istu jednadžbu : 3 x + y = 7 , što znači da sustav ima beskonačno mnogo rješenja.
y = 7 − 3 x , a onda iz prve jednadžbe izrazimo z pomoću x : z = 4 − x + 2y = 4 − x + 2 ⋅ (7 − 3 x ) = −7x + 18 . Iz te jednadžbe izrazimo y pomoću x :
Zbirka zadataka iz Matematike 1
51
x=t
Sva rješenja sustava su :
y = 7 −3⋅t z = 18 − 7 ⋅ t
, gdje je t bilo koji broj.
b) Gaussovom metodom
1 - 2 1 4 1 - 2 2 3 - 1 3 ~ 0 7 4 - 1 1 11 0 7 1 1 - 2 1 4 3 5 ~ 0 1 − ~ 0 7 7 0 0 0 0 0
1 4 1 - 2 1 4 - 3 − 5 ~ 0 7 - 3 − 5 ~ - 3 − 5 0 0 0 0 1 18 0 7 7 3 5 − 1 7 7 0 0 0
Sustav jednadžbi sveo se na :
1 18 ⋅z = 7 7 3 5 y − ⋅z = − 7 7 x+
18 1 − ⋅z 7 7 5 3 ⇒ y = − + ⋅z 7 7 z=z x=
, gdje je z ∈ R
Želimo usporediti rezultate s rezultatima dobivenim Cramerovim pravilom :
18 1 − ⋅ z → 7 x = 18 − z → z = 18 − 7 x 7 7 5 3 5 3 y = − + ⋅ z → y = − + ⋅ (18 − 7 x ) = 7 − 3 x 7 7 7 7
x=
Odaberemo x = t , pa rješenje sustava možemo zapisati u obliku:
x=t
y = 7 − 3 ⋅ t , gdje je t ∈ R z = 18 − 7 ⋅ t
52
Zbirka zadataka iz Matematike 1
Primjer 5.
3 x + 2y − z = 0 Riješite sustav jednadžbi : 2x − y + 3z = 0 x + y − z = 0 R. a) Cramerovim pravilom
3
2
D = 2 −1 1
1
−1 3 = 1≠ 0
⇒ postoji samo jedinstveno trivijalno rješenje x = y = z = 0 .
−1
b) Gaussovom metodom zamijenimo u prvom koraku prvi i treći redak
3 2 - 1 0 1 1 - 1 0 1 1 - 1 0 1 1 - 1 0 5 2 - 1 3 0 ~ 2 - 1 3 0 ~ 0 - 3 5 0 ~ 0 1 - 3 0 ~ 1 1 - 1 0 3 2 - 1 0 0 - 1 2 0 0 - 1 2 0 2 2 1 0 3 1 0 3 0 1 0 0 0 0 5 5 0 ~ 0 1 0 0 0 ~ 0 1 ~ 0 1 3 3 1 0 0 0 1 0 0 0 1 0 0 0 3 ⇒ postoji samo jedinstveno trivijalno rješenje x = y = z = 0 .
Primjer 6.
3 x + 2y + z = 0 Riješite sustav jednadžbi : 5 x + 4 y + 3z = 0 4 x + 3 y + 2z = 0 R. a) Cramerovim pravilom
3 2 1 D= 5 4 3 =0 4 3 2
⇒ postoji i netrivijalno rješenje
Zbirka zadataka iz Matematike 1
53
Ako prvu jednadžbu pomnožimo sa (-3) i pribrojimo drugoj jednadžbi, dobijemo : − 2x − y = 0 . Istu jednadžbu dobijemo ako prvu jednadžbu pomnožimo sa (-2) i pribrojimo trećoj jednadžbi. Iz te jednadžbe možemo izraziti y pomoću x : y = −2 x . Uvrštavanjem u prvu jednadžbu izrazimo z pomoću x : z = −3x − 2y = −3x − 2 ⋅ (− 2x ) = x
x=t
y = −2 ⋅ t z=t
Sva rješenja sustava su :
, gdje je t bilo koji broj.
b) Gaussovom metodom
1 3 2 1 0 5 4 3 0 ~ 0 4 3 2 0 0
2 3 2 3 1 3
1 3 0 1 4 0 ~ 0 3 2 0 0 3
2 3 1 1 3
1 1 0 - 1 0 0 3 2 0 ~ 0 1 2 0 2 0 0 0 0 0 3
Sustav jednadžbi sveo se na :
x−z =0 y + 2⋅z = 0
x=z
⇒ y = −2 ⋅ z , gdje je z ∈ R z=z x=t
Odaberemo x = t , pa rješenje sustava možemo zapisati u obliku: y = −2 ⋅ t , gdje je t ∈ R z=t
Primjer 7. Gaussovom metodom riješite sustav jednadžbi :
2x + 3y - z = 3 x+z=3
R.
2 3 − 1 3 0 3 − 3 − 3 1 0 1 3 1 0 1 3 ~ ~ ~ 1 0 1 3 1 0 1 3 0 3 − 3 − 3 0 1 − 1 − 1
54
Zbirka zadataka iz Matematike 1
Sustav jednadžbi sveo se na :
x+z=3 y − z = −1
x =3−z ⇒ y = −1 + z z=z
, gdje je z ∈ R
Sustav ima beskonačno mnogo rješenja. Odaberemo zapisati u obliku:
x =3−t y = −1 + t z=t
z = t , pa rješenje sustava možemo
, gdje je t ∈ R
Primjer 8. Gaussovom metodom riješite sustav jednadžbi :
2x 1 − 3x 2 + x 3 + 2x 4 = 2 x 1 − 2x 2 − x 3 + x 4 = 1
R.
2 − 3 1 2 2 1 − 2 − 1 1 1 1 − 2 − 1 1 1 1 0 5 1 1 ~ ~ ~ 1 − 2 − 1 1 1 2 − 3 1 2 2 0 1 3 0 0 0 1 3 0 0 Sustav jednadžbi sveo se na :
x1 + 5x 3 + x 4 = 1 ⇒ x 2 + 3x 3 = 0
x 1 = 1 − 5x 3 − x 4 x 2 = −3 x 3 , gdje su x 3 , x 4 ∈ R x3 = x3 x4 = x4
Sustav ima beskonačno mnogo rješenja. Odaberemo x 3 = α , možemo zapisati u obliku:
x 1 = 1 − 5α − β x 2 = −3 α , gdje su α , β ∈ R x3 = α x4 = β
x 4 = β , pa rješenje sustava
Zbirka zadataka iz Matematike 1
55
Primjer 9.
Gaussovom metodom riješite sustav jednadžbi :
3 x 1 − x 2 + 2x 3 + 2x 4 = 0 4x 1 + x 2 − 2x 3 + 5 x 4 = 0 x 1 + 2x 2 − 4 x 3 + 3 x 4 = 0
R.
3 − 1 2 2 4 1 − 2 5 1 2 − 4 3 1 2 − 4 3 ~ 0 1 − 2 1 0 0 0 0
0 1 0 ~ 4 0 3 0 1 0 ~ 0 0 0
2 − 4 3 0 1 2 − 4 3 0 1 2 − 4 3 0 1 − 2 5 0 ~ 0 − 7 14 − 7 0 ~ 0 − 7 14 − 7 0 ~ − 1 2 2 0 0 − 7 14 − 7 0 0 0 0 0 0 0 0 1 0 1 − 2 1 0 0 0 0 0
Sustav jednadžbi sveo se na :
x1 = −x 4 x1 + x 4 = 0
⇒ x 2 − 2x 3 + x 4 = 0
x 2 = 2x 3 − x 4 , gdje su x 3 , x 4 ∈ R x3 = x3 x4 = x4
Sustav ima beskonačno mnogo rješenja. Odabemo x 3 = α , zapisati u obliku:
x 1 = −β
x 2 = 2α − β , gdje su α , β ∈ R x3 = α x4 = β
Primjer 10.
x + 2y − z 1 = − 2x + 3 y + z 4 x+3 y−2 4−z + − =3 . Riješite sustav jednadžbi : −3 2 4 (x + 2z − 8) : (3x + y − 2) = 4 : 3 R.
x 4 = β , pa rješenje možemo
56
Zbirka zadataka iz Matematike 1
x + 2y − z 1 = − 2x + 3 y + z 4 4 ⋅ (x + 2y − z ) = (− 2x + 3 y + z ) ⋅ 1 x+3 y−2 4−z + − =3 ⇒ − 4 ⋅ (x + 3 ) + 6 ⋅ (y − 2) − 3 ⋅ (4 − z ) = 3 ⋅ 12 ⇒ −3 2 4 3 ⋅ (x + 2z − 8 ) = 4 ⋅ (3 x + y − 2) (x + 2z − 8) : (3x + y − 2) = 4 : 3 4 x + 8 y − 4z = −2x + 3 y + z 6 x + 5 y − 5z = 0 ⇒ − 4 x − 12 + 6 y − 12 − 12 + 3z = 36 ⇒ − 4 x + 6 y + 3z = 72 ⇒ 3 x + 6z − 24 = 12 x + 4 y − 8 − 9 x − 4 y + 6z = 16
6
−5
5
D= −4
3 = −77
6
−9 −4 6
0
5
D x = 72
6
16 − 4
6
5
−5
6
3 =0
0
D y = − 4 72 − 9 16
6
−5 3 = −616 6
0
0 − 616 − 616 72 = −616 ⇒ x = =0 , y= =8 , z= =8 − 77 − 77 − 77 − 9 − 4 16
Dz = − 4
6
Primjer 11. Odredite polinom 2. stupnja koji prolazi točkama A=(1,-8), B=(-1,0), C=(-2,1). R.
f ( x ) = ax 2 + bx + c a + b + c = −8 2 a ⋅ (− 1) + b ⋅ (− 1) + c = 0 ⇒ a − b + c = 0 ⇒ 2 4a − 2b + c = 1 a ⋅ (− 2) + b ⋅ (− 2) + c = 1 a ⋅ 12 + b ⋅ 1 + c = −8
1 D= 1
1
−8
1
−1 1 = 6
Da = 0
4 −2 1 1 Dc = 1
1 −1
4 −2
1 −8
1
1
− 1 1 = −6 −2 1
1 −8 1 Db = 1
0
1 = −24
4
1
1
−6 − 24 − 18 0 = −18 ⇒ a = = −1 , b = = −4 , c = = −3 6 6 6 1
⇒ f ( x) = −x 2 − 4x − 3
Zbirka zadataka iz Matematike 1
57
Primjer 12. U sustavu jednadžbi
x + y − 4z = 2 4 x − (λ + 2) ⋅ y + 2z = 3 5 x − 2y − z = 4
odredite parametar λ
tako da
determinanta sustava bude jednaka -7 i nađite rješenja tog sustava. R.
1 1 −4 D = 4 − (λ + 2) 2 = 5 −2 −1 = [− (λ + 2) ⋅ (− 1) − 2 ⋅ (− 2)] − [4 ⋅ (− 1) − 2 ⋅ 5] + (− 4 )[4 ⋅ (− 2) + (λ + 2) ⋅ 5] = = −19λ + 12 ⇒ − 19 λ + 12 = −7 ⇒ λ = 1
⇒
x + y − 4z = 2 4 x − 3 y + 2z = 3 5 x − 2y − z = 4
2
1
Dx = 3 − 3 4 −2 ⇒ x=
−4 2 =1 −1
1 2 −4 Dy = 4 3 5 4
2 = 13 −1
1
1
2
Dz = 4 − 3 3 = 7 5 −2 4
1 1 13 13 7 =− , y= =− , z= = −1 −7 7 −7 7 −7
Primjer 13.
Za koju vrijednost parametra λ sustav jednadžbi :
λx + 5y + 13z = 0 2x + 6y + (λ + 6) ⋅ z = 0 − x + 7y + 5z = 0
ima i
netrivijalna rješenja ? R. Da bi homogen sustav jednadžbi imao i netrivijalna rješenja, mora mu determinanta biti jednaka nuli.
58
Zbirka zadataka iz Matematike 1
λ 5 13 D= 2 6 λ+6 = −1 7 5 = λ ⋅ [6 ⋅ 5 − (λ + 6 ) ⋅ 7] − 5 ⋅ [2 ⋅ 5 − (λ + 6 ) ⋅ (− 1)] + 13 ⋅ [2 ⋅ 7 − 6 ⋅ (− 1)] = = −7λ2 − 17λ + 180
⇒ − 7λ2 − 17λ + 180 = 0
7λ2 + 17λ − 180 = 0 ⇒ λ 1,2 = ⇒ λ1 = −
− 17 m 289 + 5040 − 17 m 73 = 14 14
45 , λ2 = 4 7
ZADACI ZA VJEŽBU 1. Riješite sustav jednadžbi :
x1 + x 2 + x 3 = 6
x2 − x3 + x4 = 2 (1) x1 + x 3 − x 4 = 2 − x 1 − x 2 + x 4 = −2
x + 2z − 8 4 = 3x + y − 2 3 (2) (2x − 3 y − z ) : ( x + 2y − z ) = 4 : ( −1) z−4 y−2 x+3 + − =3 4 2 3
x + 2y − z 1 = − 2x + 3 y + z 4
x+3 y−2 4−z (3) − + = −3 3 2 4 (3 x + y − 2) : ( − x − 2z + 8) = −3 : 4
Zbirka zadataka iz Matematike 1
y +1 − 2z = 0 4 1 − 2x 1 − y 2 (4) + = 3 2 3 x − 4 y − 3z = 3 2 x−
59
x + 2y + 3z = 4 (5) 3 x + y − z = 1 2x + 4 y + 6z = 3 2x + y + 3z = 4 (6) 4 x + 2y + 6z = 3 x + 3 y − z = −1
x + (k + 2) ⋅ y + z = −6 2 x + 3 y − 2z = 2 2x − y + 3z = −1
2. U sustavu jednadžbi
odredite parametar k
tako da
determinanta sustava bude jednaka 29. Nađite rješenja tog sustava jednadžbi.
2x − 3 y + z = 2
3. U sustavu jednadžbi 4 x + y − 3z = −4 odredite parametar k tako da determinanta x + (k + 1) ⋅ y − 4z = −5 sustava bude jednaka 2. Nađite rješenja tog sustava jednadžbi.
2x − (k + 1)y − 2z = 2 4. U sustavu jednadžbi : 2x − y + 3z = −1 odredite parametar k tako da determinanta x − 3 y + z = −6 sustava bude 29 . Nađite rješenja tog sustava. 5. Riješite sustav jednadžbi :
3x − y = 0
(1) x + y + z = 0 x − 3 y − 2z = 0
60
Zbirka zadataka iz Matematike 1
x+y+z=0 (2) x + 3 y − z = 0 x + 2y = 0 kx + 4 y + 2z = 0 6. Za koju vrijednost parametra k sustav x − y + 4z = 0 5 x + 2y + 10z = 0
ima netrivijalna rješenja?
Odredite ta rješenja.
2x + 6 y + 10 z = 0
7. U sustavu jednadžbi
− x + (k + 3) ⋅ y + 5z = 0 k ⋅ x + 5 y + 13 z = 0
odredite parametar k>0 tako da
sustav ima netrivijalna rješenja. Nađite ta rješenja. 8. Odredite polinom 2. stupnja koji prolazi točkama A=(1,2), B=(2,2) , C=(-1,8) . 9. Odredite polinom 2. stupnja koji prolazi točkama A=(-1,9) , B=(1,1) , C=(2,3) . R. 1. (1) x 1 = x 2 = x 3 = x 4 = 2 (2) x = 0 , y = 8 , z = 8 (3) x = 0 , y = 8 , z = 8 (4) x = 1 , y = −1 , z =
1 2
(5) Sustav je nesnošljiv, nema niti jedno rješenje. (6) Sustav je nesnošljiv, nema niti jedno rješenje. 2. k = −5 , x = -1 , y = 2 , z = 1 3. k = 4 , x = 5 , y = 6 , z = 10 4. k = −4 , x = -1 , y = 2 , z = 1
5.
x=t
(1) y = 3t t ∈ R z = −4t
Zbirka zadataka iz Matematike 1
x = −2 ⋅ t (2) y = t t ∈R z=t 6. k = 3
18 ⋅t 7 10 y= ⋅t 7 z=t x=−
t ∈R
7. k = 4
x = −2t y = −t t ∈ R z = t 8. P( x ) = x 2 − 3 x + 4
9. P( x ) = 2x 2 − 4 x + 3
61
62
Zbirka zadataka iz Matematike 1
4. FUNKCIJE 4.1. Funkcije Primjer 1. Odredite područje definicije funkcija : (1) f ( x ) = 4 x 3 − 2x 2 + x − 5 (2) f ( x ) =
3x x−2
(3) f ( x ) =
x +1
(4) f ( x ) =
x2 + 2
(5) f ( x ) = 3 x + 1 (6) f ( x ) =
− x2 −1
(7) f ( x ) =
x2 − 9
(8) f ( x ) =
−x +
(9) f ( x ) =
1+ x 1− x
(10) f ( x ) =
1 2+x
x 3 − 2x 2 − 3 x x−4
(
(11) f ( x ) = log x 2 − 5 x + 6
)
x 2 − 3x + 2 x + 1
(12) f ( x ) = log
(
(13) f ( x ) = ln x − x
)
(14) f ( x ) = ln(1 − x ) (15) f ( x ) =
x +1− 5 − x + e 4
1
(16) f ( x ) = 2 2 x −1 (17) f ( x ) = 31−2 x (18) f ( x ) =
e x + e−x e x − e −x
(19) f ( x ) = cos 2 x − sin 2 x (20) f ( x ) = arccos
1 − 2x 4
1 x
Zbirka zadataka iz Matematike 1
63
R. (1) D = R = (− ∞,+∞ ) (2) x − 2 ≠ 0 ⇒ x ≠ 2 ⇒ D = R \ {2} = (− ∞,2) ∪ (2,+∞ ) (3) x + 1 ≥ 0 ⇒ x ≥ −1 ⇒ D = [− 1,+∞ ) (4) x 2 ≥ 0 ⇒ x 2 + 2 ≥ 0, ∀x ∈ R ⇒ D = R = (− ∞,+∞ ) (5) D = R = (− ∞,+∞ ) (6) − x 2 − 1 ≥ 0 ⇒ − x 2 ≥ 1 ⇒ x 2 ≤ −1 ⇒ D = ∅ (7) x 2 − 9 ≥ 0 ⇒ (x − 3 ) ⋅ (x + 3 ) ≥ 0 ⇒ D = (− ∞,−3] ∪ [3,+∞ ) (8) (− x ≥ 0 ⇒ x ≤ 0 ) & (2 + x > 0 ⇒ x > −2) ⇒ D = (− 2,0]
1+ x ≥ 0 & (1 − x ≠ 0 ) ⇒ D = [− 1,1) 1− x
(9)
(
)
(10) x 3 − 2x 2 − 3 x ≥ 0 ⇒ x ⋅ (x + 1) ⋅ (x − 3 ) ≥ 0 & (x − 4 ≠ 0 ) ⇒ D = [− 1,0] ∪ [3,4 ) ∪ (4,+∞ ) (11) x 2 − 5 x + 6 > 0 ⇒ (x − 2) ⋅ (x − 3 ) > 0 ⇒ D = (− ∞,2) ∪ (3,+∞ ) (12)
(x − 1) ⋅ (x − 2) > 0 ⇒ D = (− 1,1) ∪ (2,+∞ ) x 2 − 3x + 2 >0⇒ x +1 x +1
(13)
x < 0 ⇒ f ( x ) = ln( x − ( − x )) = ln(2x )...nije def . ⇒ D = ∅ x > 0 ⇒ f ( x ) = ln( x − x ) = ln 0...nije def .
x = 0 ⇒ f ( x ) = ln(0 − 0) = ln 0...nije def .
(14) (ln(1 − x ) ≥ 0 ⇒ (1 − x ) ≥ 1 ⇒ x ≤ 0 ) & (1 − x > 0 ⇒ x < 1) ⇒ D = (− ∞,0] (15) (x + 1 ≥ 0 ⇒ x ≥ −1) & (5 − x ≥ 0 ⇒ x ≤ 5 ) & (x ≠ 0 ) ⇒ D = [− 1,0 ) ∪ (0,5] (16) 2x − 1 ≠ 0 ⇒ 2x ≠ 1 ⇒ x ≠
1 1 1 1 ⇒ D = R \ = − ∞, ∪ ,+∞ 2 2 2 2
(17) D = R = (− ∞,+∞ ) (18) e x − e − x ≠ 0 ⇒ e x ≠ e − x ⇒ e 2 x ≠ e 0 = 1 ⇒ 2x ≠ 0 ⇒ x ≠ 0 ⇒ D = R \ {0}
64
Zbirka zadataka iz Matematike 1
(19)
f ( x ) = cos 2 x − sin 2 x =
(1 − sin x ) − sin 2
2
x = 1 − 2 sin 2 x
1 2 2 ⇒− ≤ sin x ≤ 2 2 2 π π π π ⇒ − + kπ ≤ x ≤ + kπ ⇒ D = − + kπ, + kπ, k ∈ Z 4 4 4 4
⇒ 1 − 2 sin 2 x ≥ 0 ⇒ 2 sin 2 x ≤ 1 ⇒ sin 2 x ≤
(20)
1 − 2x 1 − 2x ⇒ −1 ≤ ≤ 1 ⇒ −4 ≤ 1 − 2x ≤ 4 ⇒ −5 ≤ −2x ≤ 3 ⇒ 4 4 5 3 3 5 3 5 ⇒ ≥ x ≥ − ⇒ − ≤ x ≤ ⇒ D = − , 2 2 2 2 2 2 f ( x ) = arccos
Primjer 2. Ispitajte koje su od danih funkcija parne, koje su neparne, a koje nisu ni parne, ni neparne : (1) f ( x ) = 5
(2) f ( x ) = (x − 1)
2
(3) f ( x ) = x 2 ⋅ 3 x + 3 sin x (4) f ( x ) = x 3 ⋅ cos x (5) f ( x ) = x (6) f ( x ) = 1 − x + x 2 − 1 + x + x 2 (7) f ( x ) = 2 x + 2 − x
1− x 1+ x
(8) f ( x ) = ln R.
(1) f ( x ) = 5 ⇒ f ( − x ) = 5 = f ( x ) ⇒ funkcija je parna (2) f ( x ) = (x − 1) ⇒ f ( − x ) = (− x − 1) = [− (x + 1)] = (x + 1) , f ( − x ) ≠ f ( x ) , f ( − x ) ≠ − f ( x ) ⇒ funkcija nije niti parna niti neparna 2
(3)
2
2
2
(
)
f ( x ) = x 2 ⋅ 3 x + 3 sin x ⇒ f ( − x ) = (− x ) ⋅ 3 − x + 3 sin(− x ) = x 2 ⋅ − 3 x + 3 ⋅ (− sin x ) = 2
(
)
= − x 2 ⋅ 3 x − 3 sin x = − x 2 ⋅ 3 x + 3 sin x = − f ( x ) ⇒ funkcija je neparna
(
)
(4) f ( x ) = x 3 ⋅ cos x ⇒ f ( − x ) = (− x ) ⋅ cos(− x ) = − x 3 ⋅ cos x = − x 3 ⋅ cos x = − f ( x ) ⇒ funkcija je neparna 3
Zbirka zadataka iz Matematike 1
65
(5) f ( x ) = x ⇒ f ( − x ) = − x = x = f ( x ) ⇒ funkcija je parna (6) f ( x ) = 1 − x + x 2 − 1 + x + x 2
f ( − x ) = 1 − (− x ) + (− x ) − 1 + (− x ) + (− x ) = 1 + x + x 2 − 1 − x + x 2 = 2
2
) (
(
)
= − − 1 + x + x 2 + 1 − x + x 2 = − 1 − x + x 2 − 1 + x + x 2 = −f ( x ) ⇒ funkcija je neparna (7) f ( x ) = 2 x + 2 − x ⇒ f ( − x ) = 2 (− x ) + 2 − (− x ) = 2 − x + 2 x = 2 x + 2 − x = f ( x ) ⇒ funkcija je parna
1− x = ln(1 − x ) − ln(1 + x ) 1+ x 1 − (− x ) 1+ x 1− x = ln f ( − x ) = ln = −f ( x ) = ln(1 + x ) − ln(1 − x ) = −(ln(1 − x ) − ln(1 + x )) = − ln 1− x 1+ x 1 + (− x ) ⇒ funkcija je neparna
(8) f ( x ) = ln
Primjer 3. Odredite osnovni period slijedećih funkcija : (1) f ( x ) = sin 3 x
x 2 (3) f ( x ) = tg6 x x (4) f ( x ) = ctg 5
(2) f ( x ) = cos
R.
(1) f ( x ) = sin 3 x = sin(3 x + 2π ) = sin3 ⋅ x +
(2) f ( x ) = cos
x x 1 = cos + 2π = cos ⋅ (x + 4π ) = f (x + 4π) ⇒ T = 4π 2 2 2
(3) f ( x ) = tg6 x = tg(6 x + π) = tg6 ⋅ x +
(4) f ( x ) = ctg
2π 2π 2π = f x + ⇒T= 3 3 3
π π π = f x + ⇒ T = 6 6 6
x 1 x = ctg + π = ctg ⋅ (x + 5π ) = f (x + 5π ) ⇒ T = 5π 5 5 5
66
Zbirka zadataka iz Matematike 1
Primjer 4. Za zadane funkcije f ( x ) i g( x ) odredite kompozicije (f o g)( x ) i
(g o f )( x ) :
x −3 2 x −1 1 −2 (2) f ( x ) = , g( x ) = 2x + 3 x 1 (3) f ( x ) = e x −1 , g( x ) = − ⋅ ln(x + 1) 2 2 x (4) f ( x ) = x , g( x ) = 2 (1) f ( x ) = 2x + 3 , g( x ) =
R.
x −3 2 x (f o g)( x ) = f (g( x )) = f − 3 = 2 ⋅ x − 3 + 3 = x − 3 + 3 = x 2 2 (g o f )( x ) = g(f ( x )) = g(2x + 3) = (2x + 3) − 3 = 2x = x 2 2
(1) f ( x ) = 2x + 3 , g( x ) =
x −1 1 , g( x ) = −2 2x + 3 x 1 1 2x + 3 2x + 3 (f o g)( x ) = f x − 1 − 2 = = = = x −1 x − 1 − 2 ⋅ (2x + 3 ) x − 1 − 4 x − 6 − 3 x − 7 2x + 3 −2 2x + 3 2x + 3 1 1− x −1 1− x 1 − x − 2 ⋅ (2 + 3 x ) 1 (g o f )( x ) = g = x −2= x −2 = −2 = = 2 + 3x 2 + 3x 2 + 3x x 2⋅ 1 + 3 x x 1 − x − 4 − 6x − 7x − 3 = = 2 + 3x 2 + 3x
(2) f ( x ) =
1 ⋅ ln(x + 1) 2 (f o g)( x ) = f (g( x )) = f − 1 ⋅ ln(x + 1) = f − ln x + 1 = e −ln 2 1 1 1 = ln x +1 1 = = x + 1⋅ e e ⋅ x + 1 e ⋅e
(3) f ( x ) = e x −1 , g( x ) = −
(
)
(g o f )( x ) = g(f ( x )) = g(e x −1 ) = − 1 ⋅ ln(e x −1 + 1) = − ln( 2
x +1−1
= e − (ln
1 )= = e (ln x +1+1)
x +1+1
) ln( e1 + 1)
e x −1 + 1 =
x −1
Zbirka zadataka iz Matematike 1
(4) f ( x ) = x 2 , g( x ) = 2 x
(f o g)( x ) = f (g( x )) = f (2 x ) = (2 x )2 = 2 2x (g o f )( x ) = g(f ( x )) = g(x 2 ) = 2 x
67
( )
= 22
x
= 4x
2
Primjer 5. Nađite inverznu funkciju funkcije : (1) f ( x ) = 2x + 3 (2) f ( x ) = x 3 + 1 (3) f ( x ) =
2x − 2 2−x
(4) f ( x ) = x 2 − 2 , x ∈ [0, ∞ ) (5) f ( x ) = 1 − x 3 3
(6) f ( x ) = log
x 2
(7) f ( x ) = 1 + log( x + 2) (8) f ( x ) =
2x 1+ 2x
(9) f ( x ) = 3 x −1 + 2 (10) f ( x ) =
1 ⋅ e1− x 2
R. (1) f ( x ) = 2x + 3
y = 2x + 3 2x = y − 3 x=
y −3 y −3 x −3 ⇒ f −1 ( y ) = ⇒ f −1 ( x ) = 2 2 2
(2) f ( x ) = x 3 + 1
y = x3 + 1 x3 = y −1 x = 3 y − 1 ⇒ f −1 ( y ) = 3 y − 1 ⇒ f −1 ( x ) = 3 x − 1
68
Zbirka zadataka iz Matematike 1
2x − 2 2−x 2x − 2 y= 2−x (2 − x ) ⋅ y = 2x − 2 2y − xy = 2x − 2 2x + xy = 2y + 2 x ⋅ (2 + y ) = 2y + 2
(3) f ( x ) =
x=
2y + 2 2y + 2 2x + 2 ⇒ f −1 ( y ) = ⇒ f −1 ( x ) = , x ≠ −2 2+y 2+y 2+ x
(4) f ( x ) = x 2 − 2 , x ∈ [0, ∞ )
y = x2 − 2 x2 = y + 2 x = y+2 ⇒ f −1 ( y ) = y + 2 ⇒ f −1 ( x ) = x + 2 , x ≥ −2 (5) f ( x ) = 1 − x 3 3
y = 3 1− x 3 y 3 = 1− x 3 x 3 = 1− y 3 x = 3 1 − y 3 ⇒ f −1 ( y ) = 3 1 − y 3 ⇒ f −1 ( x ) = 3 1 − x 3 (6) f ( x ) = log
x 2
x y = log10 2 x 10 y = 2 x = 2 ⋅ 10 y ⇒ f −1 ( y ) = 2 ⋅ 10 y ⇒ f −1 ( x ) = 2 ⋅ 10 x (7) f ( x ) = 1 + log( x + 2)
y = 1 + log10 ( x + 2) y − 1 = log10 ( x + 2) 10 y −1 = x + 2 x = 10 y −1 − 2 ⇒ f −1 ( y ) = 10 y −1 − 2 ⇒ f −1 ( x ) = 10 x −1 − 2
Zbirka zadataka iz Matematike 1
2x 1+ 2x 2x y= 1+ 2x y ⋅ (1 + 2 x ) = 2 x
(8) f ( x ) =
y + y ⋅ 2x = 2x 2 x ⋅ (1 − y ) = y y 2x = 1− y y y x ⇒ f −1 ( y ) = log 2 ⇒ f −1 ( x ) = log 2 x = log 2 1− x 1− y 1− y (9) f ( x ) = 3 x −1 + 2
y = 3 x −1 + 2 3 x −1 = y − 2 log 3 3 x −1 = log 3 (y − 2) x − 1 = log 3 (y − 2)
x = 1 + log3 (y − 2)
⇒ f −1 ( y ) = 1 + log 3 (y − 2) ⇒ f −1 ( x ) = 1 + log 3 (x − 2)
1 ⋅ e1− x 2 1 y = ⋅ e1− x 2
(10) f ( x ) =
2y = e1− x
(2y )2 = e1−x 2 log e (2y ) = log e (e1− x ) 2 ln(2y ) = 1 − x 2 x = 1 − ln(2y ) x = 1 − 2 ⋅ ln(2y ) ⇒ f −1 ( y ) = 1 − 2 ⋅ ln(2y ) Primjer 6. Odredite f ( x ) ako je : (1) f (2x − 1) = 4 x 2 − 3
x 2 =x x + 1
(2) f
⇒ f −1 ( x ) = 1 − 2 ⋅ ln(2x )
69
70
Zbirka zadataka iz Matematike 1
R. (1) f (2x − 1) = 4 x 2 − 3
u = 2x − 1 2x = u + 1 x=
u +1 2 2
(
)
4 ⋅ u 2 + 2u + 1 u + 1 ⇒ f (u) = 4 x − 3 = 4 − 3 = u 2 + 2u − 2 −3 = 2 4 2 ⇒ f ( x ) = x + 2x − 2 2
x 2 =x x + 1 x u= x +1 u ⋅ (x + 1) = x x ⋅ (u − 1) = −u u x= 1− u
(2) f
u ⇒ f (u) = x = 1− u
2
2
x ⇒ f(x) = 1− x
2
Primjer 7. Pretvorite u eksplicitni oblik y = f ( x ) implicitno zadane funkcije : (1) log x + log y = 1 (2) e xy = x R. (1)
log x + log y = 1 log(x ⋅ y ) = 1
log10 (x ⋅ y ) = 1 10 1 = xy 10 ⇒ y= x (2)
e xy = x ln e xy = ln x xy = ln x ⇒ y =
ln x x
Zbirka zadataka iz Matematike 1
ZADACI ZA VJEŽBU 1. Odredite područje definicije funkcija :
1 2x + log 1 − 1 1− x 2 x −1
(1) f ( x ) =
log 2 x
(2) f(x) =
9 + 6x + x
2
+ x2 − x − 2
(3) f ( x ) = ln( x 2 − 2x + 1) (4) f ( x ) =
x2 + 1 3
9 − x2
(5) f ( x ) = log 1 (2x − x 2 ) + 2
(6) f ( x ) =
x 4
1− x 2 3 − −x 1+ x 2
(7) f ( x ) = log
2x − 1 1 − 3x
(8) f ( x ) = log
5x − x 2 4
(9) f ( x ) =
x 2 − 2x − 3 +
log 3 x 4 + 4x + x 2
(10) f ( x ) = 1 − x − 1 (11) f ( x ) = log 1 x 2
(12) f ( x ) =
x+5 3x + log(9 − x ) x − 1
x2 −1 (13) f ( x ) = 3 − x + x+2 1
(14) f ( x ) = 3 − x − 16 − x 2 + e 2 x
71
72
Zbirka zadataka iz Matematike 1
(15) f ( x ) = log 1 2
1 − 2x x+3
2. Zadane su funkcije f ( x ) = e x −1 , g( x ) = −
1 ⋅ ln( x + 1) . Odredite kompoziciju 2
(f o g)(x ) .
3. Ako su f ( x ) = 2 ⋅ x 2 − 3 i g( x ) = −4 ⋅ x + 2 , odredite ( f o f )( x ) , (g o g)( x ) , ( f o g)( x ) , (g o f )( x ) .
4. Ako su f ( x ) =
(g o g)( x ) . 5. Ako su
f (x) =
(g o f )( x ) .
3 1 1 2 ⋅ x − 3 i g( x ) = ⋅ x + , odredite 2 4 2
3 − x2 4
i
g( x ) =
3 2 ⋅ x − , odredite 2 3
f ( x ) = x − 2 i g( x ) = x 2 − x + 3 , (f o g)( x ) = (g o f )( x ) .
6. Ako su
7. Odredite
sva
rješenja
jednadžbe
g( x ) = 2x − x + 1 .
(f o g)( x ) , (g o f )( x ) , (f o f )( x ) ,
(f o f )( x ) , (g o g)( x ) , (f o g)( x ) ,
odredite
(f o g)(x ) = (g o f )(x )
sva rješenja jednadžbe
ako su
f ( x ) = 2x − 1 i
2
1 2 ⋅ x − 3 x + 1 i g( x ) = 2x − 3 . 2 vrijednosti korijena jednadžbe (g o f )( x ) = 0 . 8. Zadane su funkcije f ( x ) =
9. Odredite inverznu funkciju funkcije : (1) f ( x ) = 1 − log 2 ( x + 1) (2) f ( x ) = − log( x + π) (3) f ( x ) = −
1 ⋅ log 2 ( x + 3) + 1 2
(4) f ( x ) = log 3 x − log
3
x
Koliki je zbroj recipročnih
Zbirka zadataka iz Matematike 1
(5) f ( x ) = 2
1−
73
x 2
2 x −5 4x
(6) f ( x ) = 0.01 (7) f ( x ) =
2 − cos x 1 + cos x
(8) f ( x ) =
1 − sin x 1 + sin x
10. Ako je
x 2x f , odredite inverznu funkciju f −1 ( x ) . = 3x + 2 x + 1
11. Ako je
x 1 f , odredite inverznu funkciju f −1 ( x ) . = 2 x − 1 x
12. Dokažite da su funkcije
f1 ( x ) = 3 ⋅ 21− x + 1
6 f 2 ( x ) = log 2 x − 1
i
inverzne.
x
1 x +2 1 2 + 2 i g( x ) = − ⋅ log 2 (2x − 5) inverzne. 13. Dokažite da su funkcije f ( x ) = x +1 2 2 14. Dokažite
f (x) = 4 ⋅ 2
−x
da je funkcija
inverzna
− 1. 1 x
15. Odredite f ( x ) ako je f =
16. Odredite f ( x )
17. Ako je
g( x ) = 2 − log 2 ( x + 1)
ako je
1 1 f = x 1− x
3 . 2x + 7
Koliko je f ( −2) ?
3 f (2x − 1) = 4 x 2 − 3 . Koliki je f ? 2
, koliko je
1 f 1+ x
?
funkcija
funkcije
74
Zbirka zadataka iz Matematike 1
f (x)
18. Odredite
ako je
3 x − 1 x + 1 . f = x + 2 x −1 2
2
1 1 19. Zadana je funkcija f ( x ) = x − + x + . Za koji x je f ( x ) = 1 ? 2 2
20. Ako je
π f ( x ) = 3 ⋅ sin x − − 2 ⋅ cos x , dokažite da je f ( π − x ) = 5 ⋅ cos x . 2
R. 1. (1) D = (− ∞,−1) (2) D = (− ∞,−3 ) ∪ (− 3,−1] ∪ [2,+∞ ) (3) D = (− ∞,0] ∪ [2,+∞ ) (4) D = R \ {− 3,3} (5) D = (0,2) (6) D = R
1 2
(7) D = , 3 5 (8) D = [1,4] (9) D = (− ∞,−2) ∪ (− 2,−1] ∪ [3,+∞ ) (10) D = [0,2] (11) D = (0,1] (12) D = [− 5,1) ∪ (1,8 ) ∪ (8,9 ) (13) D = [− 3,−2) ∪ (− 2,3] (14) D = [− 4,0 ) ∪ (0,3]
2 1 , 3 2
(15) D = −
Zbirka zadataka iz Matematike 1 2. (f o g)(x ) =
1 e⋅ x +1
3. ( f o f )( x ) = 8 x 4 − 24 x 2 + 15 , (g o g)( x ) = 16 x − 6 , ( f o g)( x ) = 32x 2 − 32x + 5 ,
(g o f )( x ) = −8 x 2 + 14
9 2 3 1 3 3 95 17 3 x + x− , (g o f )( x ) = x 2 − , ( f o f )( x ) = x 4 − x 2 + , 8 8 8 4 2 32 4 2 9 5 (g o g)( x ) = x + 4 8
4. ( f o g)( x ) =
3 2 3 9 9 5 11 x + , (g o g)( x ) = x − , ( f o g)( x ) = − x 2 + 2x + , 2 4 4 16 3 36 3 11 (g o f )( x ) = − x 2 + 2 24
5. ( f o f )( x ) = − x 4 +
6. x = 2
7. x 1 =
8.
1 3 , x2 = 2 2
1 1 + = −6 x1 x 2
9. (1) f −1 (x ) = 21− x − 1 (2) f −1 (x ) = 10 − x − π (3) f −1 (x ) = 41− x − 3 (4) f −1 (x ) = 3 − x (5) f −1 (x ) = 2 ⋅ log 1 x + 2 2
(6) f −1 (x ) =
5 2 ⋅ (1 + log x )
75
76
Zbirka zadataka iz Matematike 1
2−x 1+ x
(7) f −1 (x ) = arccos
1− x 1+ x
(8) f −1 (x ) = arcsin
10. f −1 (x ) =
2x 2+x
11. f −1 (x ) =
1 2−x
15. f ( x ) =
3x 1 , f ( −2 ) = 2 + 7x 2
16. f (x ) = x 2 + 2x − 2 ,
17. f −1 (x ) = −
1 x
18. f (x ) =
x+4 3x − 2
19. x = m
1 2
3 13 f = 2 4
Zbirka zadataka iz Matematike 1
4.2. Limes niza realnih brojeva Primjer 1. Napišite nekoliko prvih članova niza : (a) a n = (− 1)
n
(b) a n =
1 n
1 , n...paran n (c) a n = 1 − 1 , n...neparan n
(d) a n = sin n ⋅
π 2
R. (a) -1,1,-1,1,-1,1,.... (b) 1 ,
1 1 1 1 , , , ... , , ... 2 3 4 n
(c) 0 ,
1 2 1 4 1 6 1 8 , , , , , , , , ... 2 3 4 5 6 7 8 9
(d) 1,0,-1,0,1,0,-1,0,....
Primjer 2. Odredite prvih pet članova niza. Da li je niz konvergentan ili divergentan ? (a) a n = 1 + (− 1) + n
1 n
3n + 1 2n + 1 1 1 − , n...paran n (c) a n = 1 + 1 , n...neparan n
(b) a n =
77
78
Zbirka zadataka iz Matematike 1
R. (a)
1 1 a1 = 1 + (− 1) + = 1 1 1 1 2 a 2 = 1 + (− 1) + = 2 2 2 1 1 3 a 3 = 1 + (− 1) + = 3 3 1 1 4 a 4 = 1 + (− 1) + = 2 4 4 1 1 5 a 5 = 1 + (− 1) + = 5 5 Niz je divergentan i ima dvije točke gomilanja :
0 ... za neparne n ... 2 ... za parne n ...
(b)
1 =0 n→ ∞ n 1 lim 2 + = 2 n→ ∞ n lim
3 ⋅ 1+ 1 4 1 = =1 2 ⋅ 1+ 1 3 3 3⋅2 +1 7 2 = = =1 2⋅2 +1 5 5 3 ⋅ 3 + 1 10 3 = = =1 2⋅3 +1 7 7 4 3 ⋅ 4 + 1 13 = =1 = 9 2⋅4 +1 9 5 3 ⋅ 5 + 1 16 = =1 = 11 2 ⋅ 5 + 1 11
a1 = a2 a3 a4 a5
1 1 3 + lim 3 + lim 3+0 3 n→ ∞ n 3n + 1 n = n→∞ . Niz je konvergentan, lim = = = lim n→∞ 2n + 1 n→ ∞ 1 1 2+0 2 2 + lim 2 + nlim n→ ∞ n n →∞ (c)
1 a1 = 1 + = 2 1 1 1 a 2 = 1− = 2 2 1 1 a3 = 1+ = 1 3 3 1 3 a 4 = 1− = 4 4 1 1 a5 = 1+ = 1 5 5
Zbirka zadataka iz Matematike 1
79
1 1 = lim 1 + lim = 1 + 0 = 1 n→ ∞ n n → ∞ n→ ∞ n 1 1 lim 1 − = lim 1 − lim = 1 − 0 = 1 n→ ∞ n n→∞ n→∞ n
Niz je konvergentan i teži prema 1 : za neparne n ... lim 1 + za parne n ...
Primjer 3. Odredite limes niza :
(n + 1)2
(a) lim
2n 2
n→ ∞
(n + 1) ⋅ (n + 2) ⋅ (n + 3 )
(b) lim
n3
n→ ∞
(c) lim
n→∞
(
n +1− n
)
3n 2 − n + 2 (d) lim 3 n→∞ 2n − n 2 + 1
(
(e) lim 10 ⋅ n ⋅ n→∞
n→∞
(f) lim1 +
1 n
(n
2
+1−n
)
5n
R. (a) 2 ( n + 1) lim
n→ ∞
2n 2
(n + 1) = 1 ⋅ lim n + 1 = 1 ⋅ lim n + 1 n→∞ = ∞ 1 = = ⋅ lim 2 2 n→∞ n 2 n→ ∞ n ∞ 2 n→∞ n 2
2
2
lim 2
2
1 1 1 1 1 1 2 = ⋅ lim 1 + = ⋅ lim 1 + lim = ⋅ (1 + 0 ) = n n n → ∞ → ∞ → ∞ 2 n 2 2 2 n (b)
lim
n→ ∞
(n + 1) ⋅ (n + 2) ⋅ (n + 3) = ∞ = lim n + 1 ⋅ n + 2 ⋅ n + 3 = n3
∞
n→ ∞
n n n
1 2 3 1 2 3 = lim 1 + ⋅ 1 + ⋅ 1 + = lim 1 + ⋅ lim 1 + ⋅ lim 1 + = 1⋅ 1⋅ 1 = 1 n→ ∞ n n n n→∞ n n→∞ n n→∞ n
80
(c)
Zbirka zadataka iz Matematike 1
(
)
(
)
n +1+ n
lim n + 1 − n = (∞ − ∞ ) = lim n + 1 − n ⋅
n→ ∞
= lim
n→ ∞
1 n +1+ n
n→ ∞
n +1+ n
= lim
n→ ∞
(n + 1) − n n +1+ n
=
=0
(d)
2 3 1 3n 2 n 2 3 1 2 − 2 + 3 − 3 + 3 − 2 + 3 nlim 2 3 3n − n + 2 ∞ n 0 n = →∞ n n = = lim n 3 n 2 n = lim n n lim 3 = =0 2 n→∞ 2n − n + 1 1 1 1 1 2 n 1 n→∞ ∞ n→∞ 2n 2− + 3 lim 2 − + 3 − 3 + 3 3 n→ ∞ n n n n n n n (e)
(
( n + 1 − n)) = 10 ⋅ lim (n ⋅ ( n + 1 − n)) = n +1+ n n ⋅ ((n = 10 ⋅ lim (n ⋅ ( n + 1 − n))⋅ = 10 ⋅ lim n +1+ n n lim 10 ⋅ n ⋅
n→ ∞
2
2
n→ ∞ 2
2
n→ ∞
n
= 10 ⋅ lim
n→ ∞
= 10 ⋅
n→ ∞
2
n2 + 1 + n
n n
= 10 ⋅ lim
n→ ∞
n2 1 n + 2 + 2 n n n
1 10 = =5 1+ 1 2
1 (f) lim1 + n→∞ n
5n
5
1 n = lim 1 + = e 5 n→∞ n
ZADACI ZA VJEŽBU Odredite limes niza : (1) a n =
(2) a n =
(n
2
)( ( )
)
− n + 1 ⋅ n2 − n − 1 2n ⋅ 1 − n 3
n +1−n n +1+ n
)
2
+ 1 − n2
2
+1+ n
= 10 ⋅ lim
n→ ∞
)=
1 1 1+ 2 + 1 n
=
Zbirka zadataka iz Matematike 1
n2 + 2 (3) a n = 2 n +1
n2
n +1
(4) a n =
n+2
2 ⋅ 3n + 1 (5) a n = 2 − 5 ⋅ 3n n +1
(6) a n =
n +2
R.
1 2 −1 e 1 2 − 5 1
(1) − (2) (3) (4) (5) (6)
4.3. Neprekidnost i limes funkcija Primjer 1. Izračunajte :
4x 3 − 6x x →∞ 1 − 2 x 2
(a) lim
3x − 1 x →∞ x 2 + 1
(b) lim
x3 −1 x →∞ x 2 + 1
(c) lim
x3
x2
− (d) lim 2 x →∞ 9 x − 4 3x + 2 (e) lim
x →∞
x2 + 3 x+2
81
82
Zbirka zadataka iz Matematike 1
x2 + 3 x+2
(f) lim
x → −∞
x
(g) lim
x →∞
x + x2 + 1
(h) lim
x → −∞
x x + x2 + 1
R.
4x 3 6x 6 − 3 4− 2 3 4x − 6x ∞ x = lim x = 4 − 0 = −2 (a) lim = = lim x 3 x →∞ 1 − 2x 3 x x → ∞ → ∞ 1 0−2 1 2x ∞ −2 − 3 3 3 x x x 3
3x 1 3 1 − 2 − 2 2 3x − 1 ∞ x x x x = 0−0 = 0 = 0 = = lim 2 = lim (b) lim 2 → ∞ → ∞ x →∞ x + 1 x x 1 1+ 0 1 x 1 ∞ 1+ 2 + 2 2 x x x x3 1 1 1− 3 − 3 3 x −1 ∞ x = 1 − 0 = 1 = +∞ (c) lim 2 = = lim x 2 x = lim → ∞ → ∞ x →∞ x + 1 x x 1 1 0+0 0 x 1 ∞ + 3 + 3 3 x x x x 3
x3
x2
x3
x2
= = (∞ − ∞ ) = lim − (d) lim 2 − 2 2 x →∞ 9 x − 4 x →∞ + + 3 x 2 3 x 2 ( ) 3x − 2
x 3 − x 2 ⋅ (3 x − 2) − 2x 3 + 2x 2 x3 x2 = = lim − = lim = xlim x → ∞ (3 x − 2 ) ⋅ (3 x + 2 ) x → ∞ (3 x − 2 ) ⋅ (3 x + 2 ) → ∞ (3 x − 2 ) ⋅ (3 x + 2 ) 3 x 2 + 3 2 2x − 2x 2 + 3 −2+ 3 2 3 − 2x + 2x ∞ x = lim x = − 2 + 0 = − 2 = −∞ = lim = = lim x 2 2 x →∞ x x → ∞ → ∞ 9 4 0−0 0 9x 4 9x − 4 ∞ − 3 − 3 3 x x x x x2 3 3 1+ 2 + 2 2 x x = lim x = 1+ 0 = 1 = 1 x →∞ x 2 2 1+ 0 1 + 1+ x x x
(e) lim
x2 + 3 ∞ = = lim x+2 ∞ x →∞
(f) lim
t2 3 3 x → −∞ + 2 1+ 2 2 2 2 x +3 t +3 1+ 0 1 t t t = t = − x = lim = lim = lim = = = −1 t →∞ − t + 2 t →∞ − t t →∞ 2 2 − 1+ 0 − 1 x+2 + − 1+ t → +∞ t t t
x →∞
x → −∞
Zbirka zadataka iz Matematike 1
83
x 1 1 1 1 ∞ x (g) lim = = lim = lim = = = x →∞ x →∞ 1 1+ 1+ 0 1+ 1 2 x + x 2 + 1 ∞ x →∞ x x2 1 1 1 + + + + x2 x x2 x2 x
(h)
−t x → −∞ −t t = t = − x = lim lim = lim = 2 2 x → −∞ t →∞ t →∞ − t + t +1 x + x + 1 t → +∞ −t t2 1 + 2 + 2 t t t −1 −1 −1 −1 = lim = = = = −∞ t →∞ − 1+ 1+ 0 − 1+ 1 0 1 − 1+ 1+ 2 t x
Primjer 2. Izračunajte :
3x + 6 x → −2 x 3 + 8
(a) lim
x3 − 8 x →2 x 2 − 4 x + 4
(b) lim
2− x−3 x →7 x 2 − 49
(c) lim
x2 − x − 2 x → −1 x3 + 1
(d) lim
(e) lim
x →1 3
x −1 x −1
R. (a)
3 ⋅ (x + 2) 3 ⋅ (x + 2 ) 3 3x + 6 0 = = lim 3 = lim == lim 2 = 3 3 2 x → −2 x + 8 x → −2 (x + 2 ) ⋅ x − 2 x + 4 x → −2 x − 2 x + 4 0 x → −2 x + 2 3 3 1 = = = 4 + 4 + 4 12 4 lim
(
)
84
Zbirka zadataka iz Matematike 1
(
)
(x − 2) ⋅ x 2 + 2x + 4 = lim x 2 + 2x + 4 x3 − 8 x 3 − 23 0 = = lim = lim 2 x →2 x 2 − 4 x + 4 x →2 x →2 x−2 (x − 2)2 0 x →2 (x − 2)
(b) lim
x 2 + 2x + 4 12 = = x →2 −0 x−2 2−0−2 x 2 + 2x + 4 12 = = lim x →2+0 x−2 2+0−2 lim
⇒
12 = −∞ −0 12 = +∞ +0
(c)
lim x →7
2− x −3 0 2− x−3 2− x−3 2+ x−3 = = lim 2 = lim 2 ⋅ = 2 2 x 7 x 7 → → x − 49 x −7 x − 72 2 + x − 3 0
= lim
22 −
(
x −3
)
2
= lim
4−x+3
= x−3 −1 7−x −1 1 = lim = lim = =− x →7 x →7 (x − 7) ⋅ (x + 7) ⋅ 2 + x − 3 (x + 7) ⋅ 2 + x − 3 14 ⋅ (2 + 2) 56 x →7
(x − 7) ⋅ (x + 7) ⋅ (2 +
x−3
(
)
x →7
(x − 7 ) ⋅ (x + 7) ⋅ (2 +
)
(
)
)
(x + 1) ⋅ (x − 2) = lim x − 2 = − 1 − 2 = −1 x2 − x − 2 0 = = lim 3 2 2 x → −1 x +1 0 x →−1 (x + 1) ⋅ x − x + 1 x →−1 x − x + 1 1 + 1 + 1
(d) lim
(
)
(e)
x = t6
lim 3 x →1
(
)
(t − 1) ⋅ t 2 + t + 1 = x −1 0 t6 −1 t3 −1 = = x → 1 = lim = lim 2 = lim t →1 3 6 x −1 0 t − 1 t →1 t − 1 t →1 (t − 1) ⋅ (t + 1) t →1
t 2 + t + 1 1+ 1+ 1 3 = = t →1 t +1 1+ 1 2
= lim
Primjer 3. Izračunajte :
sin 4 x x →0 x
(a) lim
x sin 3 (b) lim x →0 x sin 5
tgx x →0 x
(c) lim
Zbirka zadataka iz Matematike 1
(d) lim x →0
(e) lim x →0
85
1 − cos x x2 sin 3 x x+2 − 2
R.
sin 4 x 0 sin 4 x = = lim ⋅ 4 = 1⋅ 4 = 4 x →0 x 0 4 x →0 4 x
(a) lim
x sin 3 (b) lim x →0 x sin 5
(c) lim x →0
x x sin sin 3 ⋅ x lim 3 ⋅ lim x x →0 3 x x 3 x →0 x 3 x ⋅5 5 3 = lim 3 = = lim 3 = lim = x →0 x →0 x x →0 3 ⋅ x 3 x x sin sin 5 5 ⋅ x lim 5 ⋅ lim x x →0 5 x 5 x →0 x 5 5 5
tgx 0 1 sin x sin x 1 1 = = lim ⋅ = lim ⋅ lim = 1⋅ = 1 x → 0 x → 0 x → 0 x x cos x x cos x 1 0
(d)
1 − cos x 0 1 − cos x 1 + cos x 1 − cos 2 x lim lim = = ⋅ = = 2 x →0 1 + cos x x →0 x 2 ⋅ (1 + cos x ) x2 0 x →0 x
lim
2
sin 2 x sin 2 x 1 1 sin x lim = = ⋅ lim = lim ⋅ lim 2 x →0 x 2 ⋅ (1 + cos x ) x →0 x → 0 x → 0 x → 0 1 + cos x 1 + cos x x x 1 1 = 1⋅ = 1+ 1 2 = lim
(e)
lim x →0
sin 3 x x+2 + 2 0 ⋅ = = = lim x + 2 − 2 0 x →0 x + 2 − 2 x + 2 + 2 sin 3 x
(
)
(
)
sin 3 x ⋅ x + 2 + 2 sin 3 x ⋅ x + 2 + 2 = lim = x → 0 (x + 2) − 2 x sin 3 x sin 3 x = lim ⋅ 3 ⋅ x + 2 + 2 = lim ⋅ lim 3 ⋅ x + 2 + 2 = 1⋅ 3 ⋅ 2 2 = 6 2 x →0 3 x →0 3x 3 x x →0 = lim x →0
(
)
(
)
86
Zbirka zadataka iz Matematike 1
Primjer 4. Izračunajte :
5 (a) lim 1 − x →∞ x
x
x 2 + 1 (b) lim 2 x →∞ x − 1
x2
(c) lim x 1 + sin x x →0
R. (a)
5 x lim( −5 ) 5 1 1 x→∞ − ⋅( −5 ) t →0 t t t = lim(1 + t ) = lim(1 + t ) = lim(1 + t ) = e −5 = t → 0 t → 0 t → 0 t→0 5 x=− t t=−
x
( )
5 lim 1 − = 1∞ x →∞ x
(b)
x + 1 lim 2 x →∞ x − 1 2
x2
( )
= 1∞
x2 = t t t t 2 t + 1 t −1 2 = x → ∞ = lim + = = lim = lim1 + t →∞ t − 1 t → ∞ t − 1 t − 1 t →∞ t − 1 t→∞
t − 1 = 2z 2 z +1 t→∞ 2 = lim 1 + = = lim 1 + z →∞ z →∞ z→∞ 2z
1 z
2 z +1
t = 2z + 1 = lim 1 + z →∞
1 z
2z
⋅ lim 1 + z →∞
1 = lim 1 + z z→∞
1 z
z
= lim 1 + z →∞
1 z
2z
⋅ 1 +
1 1 = z
2
2 2 ⋅1 = e ⋅1 = e
(c)
( ) = lim(1 + sin x ) ∞
lim x 1 + sin x = 1 x →0
x →0
sin x lim x
1 x →0 = lim (1 + sin x ) sin x sin x →0
1 x
1 x→0 = lim (1 + sin x ) sin x = x →0 sin x → 0 sin x →0
= e1 = e
sin x x
=
Zbirka zadataka iz Matematike 1
87
ZADACI ZA VJEŽBU 1. Izračunajte : (1) lim
x →1
x −1 x + 2x − 3 2
8x 3 − 1 (2) lim 1 6x 2 − 5x + 1 x→ 2
(3) lim
x 2 − 3x + 2 x3 − 8
(4) lim
x3 + 8 x2 + x − 2
x →2
x → −2
2. Izračunajte : (1) lim
x →∞
( 4x
2
+ x − 2x
)
(2) lim ( x + x 2 − x ) x →∞
(
)
(3) lim x − x 2 − x + 1 x →∞
(4) lim
x →∞
(x
2
− 2x − 1 − x 2 − 7 x + 3
3. Izračunajte :
3 1 − 3 1− x 1− x
(1) lim x →1
1 6 − 2 3+x 9−x
(2) lim x → −3
4. Izračunajte : (1) lim
x→4
(2) lim
x →1
1 + 2x − 3 x −2 x− 2−x 4x − 3 − 1
)
88
Zbirka zadataka iz Matematike 1
5. Izračunajte : (1) lim
x →1
(2) lim
x →1
(3) lim
x →1
x −1
4
x + 15 − 2
3 − 3 x + 26 2x − 2 1− 3 x 4
x −1
6. Izračunajte : (1) lim
1 − 1 + x ⋅ sin x x2
(2) lim
1 − sin x − 1 + sin x x
x →0
x →0
(3) lim x →0
sin 2x x + 16 − 4
1 − cos 2x x →0 x ⋅ sin x
(4) lim
tgx x → π sin 2 x
(5) lim
(6) lim
x + sin x 2x + sin x
(7) lim
sin( x + 1) 1+ x 3
x →∞
x → −1
7. Izračunajte : x
x + 3 2 (1) lim x →∞ x
2x + 3 (2) lim x →∞ 2x + 2
x +1
x + 2 (3) lim x →∞ x +1
x +1
Zbirka zadataka iz Matematike 1 (4) lim(1 + tgx )
ctgx
x →0
R. 1.
1 4 (2) 6 1 (3) 12 (4) − 4 (1)
2.
1 4 1 (2) 2 1 (3) 2 5 (4) 2
(1)
3. (1) − 1 (2)
1 6
4.
4 3 3 (2) 4 (1)
5. (1) 32
1 54 4 (3) − 3
(2) −
6. (1) −
1 2
89
90
(2) − 1 (3) 16 (4) 2
1 2 1 (6) 2 1 (7) 3
(5)
7. (1) e e (2) e (3) e (4) e
Zbirka zadataka iz Matematike 1
Zbirka zadataka iz Matematike 1
91
5. DIFERENCIJALNI RAČUN 5.1. Derivacije nekih osnovnih funkcija Primjer 1. Po definiciji derivacije dokažite : (1) f ( x ) = C ⇒ f ′(x ) = 0 (2) f ( x ) = x 2 ⇒ f ′(x ) = 2 x (3) f ( x ) = x 3 ⇒ f ′(x ) = 3 x 2 (4) f ( x ) = x n ⇒ f ′(x ) = n ⋅ x n−1 (5) f ( x ) =
1 1 ⇒ f ′(x ) = − 2 x x
x ⇒ f ′(x ) =
(6) f ( x ) =
1 2 x
(7) f ( x ) = sin x ⇒ f ′(x ) = cos x (8) f ( x ) = cos x ⇒ f ′(x ) = − sin x (9) f ( x ) = a x ⇒ f ′(x ) = a x ⋅ ln a R. (1) f ( x ) = C ⇒ f ′(x ) = 0
f ′( x ) = lim
∆x → 0
f ( x + ∆x ) − f ( x ) C−C = lim =0 ∆ x → 0 ∆x ∆x
(2) f ( x ) = x 2 ⇒ f ′(x ) = 2 x
f ( x + ∆x ) − f ( x ) ( x + ∆x ) 2 − x 2 x 2 + 2 ⋅ x ⋅ ∆x + ( ∆x ) 2 − x 2 = lim = lim = ∆x → 0 ∆x → 0 ∆x → 0 ∆x ∆x ∆x ∆x ⋅ (2x + ∆x ) = lim = lim (2x + ∆x ) = 2x ∆x → 0 ∆x →0 ∆x
f ′( x ) = lim
(3) f ( x ) = x 3 ⇒ f ′(x ) = 3 x 2
f ( x + ∆x ) − f ( x ) ( x + ∆x ) 3 − x 3 x 3 + 3 x 2 ⋅ ∆x + 3 x ⋅ ( ∆x ) 2 + ( ∆x ) 3 − x 3 = lim = lim = ∆x → 0 ∆x → 0 ∆x →0 ∆x ∆x ∆x ∆x ⋅ 3 x 2 + 3 x ⋅ ∆x + ( ∆x ) 2 = lim = lim 3 x 2 + 3 x ⋅ ∆x + ( ∆x ) 2 = 3 x 2 ∆x → 0 ∆x → 0 ∆x
f ′( x ) = lim
(
)
(
)
92
Zbirka zadataka iz Matematike 1
(4) f ( x ) = x n ⇒ f ′(x ) = n ⋅ x n−1 koristeći binomnu formulu dobivamo :
f ( x + ∆x ) − f ( x ) = ( x + ∆x ) n − x n = = x n + n ⋅ x n −1 ⋅ ∆x + ⇒
n ⋅ (n − 1) n− 2 2 n −1 n ⋅ x ⋅ (∆x ) + ... + n ⋅ x ⋅ (∆x ) + (∆x ) − x n 1⋅ 2
n ⋅ (n − 1) n− 2 f ( x + ∆x ) − f ( x ) n−2 n −1 ⋅ x ⋅ (∆x ) + ... + n ⋅ x ⋅ (∆x ) + (∆x ) = n ⋅ x n −1 + 1⋅ 2 ∆x f ( x + ∆x ) − f ( x ) = n ⋅ x n −1 ∆x → 0 ∆x
⇒ f ′( x ) = lim
(5) f ( x ) =
1 1 ⇒ f ′(x ) = − 2 x x
1 1 − f ( x + ∆x ) − f ( x ) x − (x + ∆x ) − ∆x = lim x + ∆x x = lim f ′( x ) = lim = lim = x 0 x 0 x 0 ∆x → 0 ∆ → ∆ → ∆ → ∆x ∆x ∆x ⋅ (x + ∆x ) ⋅ x ∆x ⋅ (x + ∆x ) ⋅ x −1 1 = lim =− 2 ∆x → 0 x ⋅ (x + ∆x ) x x ⇒ f ′(x ) =
(6) f ( x ) =
1 2 x
f ( x + ∆x ) − f ( x ) x + ∆x − x x + ∆x − x x + ∆x + x = lim = lim ⋅ = ∆ x → 0 ∆ x → 0 ∆x ∆x ∆x x + ∆x + x (x + ∆x ) − x = lim ∆x 1 = lim = ∆x → 0 ∆x →0 ∆x ⋅ x + ∆x + x ∆x ⋅ x + ∆x + x 2 x
f ′( x ) = lim
∆x → 0
(
)
(
)
(7) f ( x ) = sin x ⇒ f ′(x ) = cos x
f ( x + ∆x ) − f ( x ) sin( x + ∆x ) − sin x = lim = ∆ → x 0 ∆x ∆x ∆x ∆x (x + ∆x ) − x (x + ∆x ) + x 2 ⋅ cos 2 ⋅ cos x + ⋅ sin ⋅ sin 2 2 2 2 = = lim = lim ∆x → 0 ∆x → 0 ∆x ∆x ∆x ∆x sin sin ∆x ∆x 2 2 = lim ⋅ cos x + ⋅ lim cos x + = ∆lim = 1⋅ cos x = cos x x ∆x → 0 ∆ x → 0 ∆x ∆ x 2 2 →0 2 2 2
f ′( x ) = lim
∆x → 0
Zbirka zadataka iz Matematike 1
93
(8) f ( x ) = cos x ⇒ f ′(x ) = − sin x
f ( x + ∆x ) − f ( x ) cos( x + ∆x ) − cos x = lim = ∆x → 0 ∆x → 0 ∆x ∆x ∆x ∆x (x + ∆x ) − x (x + ∆x ) + x − 2 ⋅ sin x + − 2 ⋅ sin ⋅ sin ⋅ sin 2 2 2 2 = = lim = lim ∆x → 0 ∆x → 0 ∆x ∆x ∆x ∆x sin sin ∆x ∆x 2 2 = lim − ⋅ sin x + ⋅ lim sin x + = − ∆lim = −1⋅ sin x = − sin x x ∆x → 0 ∆x → 0 ∆x ∆x 2 2 →0 2 2 2
f ′( x ) = lim
(9) f ( x ) = a x ⇒ f ′(x ) = a x ⋅ ln a
(
)
a x ⋅ a ∆x − 1 a ∆x − 1 f ( x + ∆x ) − f ( x ) a x + ∆x − a x = lim = a x ⋅ lim = = lim ∆x → 0 ∆x → 0 ∆x → 0 ∆x → 0 ∆x ∆x ∆x ∆x a ∆x − 1 = t ⇒ a ∆x = t + 1 / ln t t x = a x ⋅ ln a ⋅ lim = = ∆x ⋅ ln a = ln( t + 1) = a ⋅ lim t → 0 ln( t + 1) t → 0 ln( t + 1) ∆x → 0 ⇒ t → 0 ln a f ′( x ) = lim
1 1 1 x x = a ⋅ ln a ⋅ lim = a ⋅ ln a ⋅ lim = a x ⋅ ln a ⋅ = 1 1 → t →0 1 t 0 t t ⋅ ln( t + 1) lim ln( t + 1) ln( t + 1) t t →0 1 1 = a x ⋅ ln a ⋅ = a x ⋅ ln a ⋅ = a x ⋅ ln a 1 ln e ln lim ( t + 1) t t →0 Specijalno, f ( x ) = e x ⇒ f ′(x ) = e x ⋅ ln e = e x
Primjer 2. Po definiciji derivacije funkcije nađite derivacije slijedecih funkcija : (1) f ( x ) = x 2 − 4 x + 6 (2) f ( x ) =
5 − 3x
(3) f ( x ) = 1 − x 2 (4) f ( x ) = cos 5 x
94
Zbirka zadataka iz Matematike 1
R. (1) f ( x ) = x 2 − 4 x + 6
(
) (
)
f ( x + ∆x ) − f ( x ) ( x + ∆x ) 2 − 4 ⋅ ( x + ∆x ) + 6 − x 2 − 4 x + 6 = lim = ∆x → 0 ∆x → 0 ∆x ∆x ∆x ⋅ (2x + ∆x − 4 ) x 2 + 2 ⋅ x ⋅ ∆x + ( ∆x ) 2 − 4 x − 4 ⋅ ∆x + 6 − x 2 + 4 x − 6 = lim = lim = ∆x → 0 ∆x →0 ∆x ∆x = lim (2 x + ∆x − 4 ) = 2 x − 4 f ′( x ) = lim
∆x → 0
(2) f ( x ) =
5 − 3x
5 − 3 ⋅ (x + ∆x ) − 5 − 3 x f ( x + ∆x ) − f ( x ) = = lim ∆x → 0 ∆x → 0 ∆x ∆x 5 − 3 ⋅ (x + ∆x ) − 5 − 3 x 5 − 3 ⋅ (x + ∆x ) + 5 − 3 x = lim ⋅ = ∆x → 0 ∆x 5 − 3 ⋅ (x + ∆x ) + 5 − 3 x f ′( x ) = lim
= lim
∆x → 0
= lim
∆x → 0
(5 − 3 ⋅ (x + ∆x )) − (5 − 3 x ) = lim ∆x ⋅ ( 5 − 3 ⋅ (x + ∆x ) + 5 − 3 x ) ∆x →0 ∆x ⋅ ( −3
5 − 3 ⋅ (x + ∆x ) + 5 − 3 x
=
− 3 ⋅ ∆x
5 − 3 ⋅ (x + ∆x ) + 5 − 3 x
)=
−3 2 ⋅ 5 − 3x
(3) f ( x ) = 1 − x 2
1 − (x + ∆x ) − 1 − x 2 f ( x + ∆x ) − f ( x ) = = lim ∆x → 0 ∆x → 0 ∆x ∆x 2
f ′( x ) = lim
1 − (x + ∆x ) − 1 − x 2 1 − (x + ∆x ) + 1 − x 2 ⋅ = 2 ∆x 1 − (x + ∆x ) + 1 − x 2 2
= lim
∆x → 0
2
(1 − (x + ∆x ) ) − (1 − x ) 2
= lim
2
2 ∆x ⋅ 1 − (x + ∆x ) + 1 − x 2 ∆x ⋅ (− 2 x − ∆x ) = lim ∆x → 0 2 ∆x ⋅ 1 − (x + ∆x ) + 1 − x 2 ∆x → 0
1 − x 2 − 2x ⋅ ∆x − (∆x ) − 1 + x 2 = ∆x → 0 2 2 ∆x ⋅ 1 − (x + ∆x ) + 1 − x − 2 x − ∆x − 2x −x = lim = = 2 2 ∆x → 0 1− x 2 1 − (x + ∆x ) + 1 − x 2 2 1 − x 2
= lim
(4) f ( x ) = cos 5 x
f ( x + ∆x ) − f ( x ) cos(5 ⋅ ( x + ∆x )) − cos 5 x = lim = ∆x → 0 ∆x → 0 ∆x ∆x 5 5 ⋅ (x + ∆x ) − 5 x 5 ⋅ (x + ∆x ) + 5 x 5 − 2 ⋅ sin − 2 ⋅ sin 5 x + ⋅ ∆x ⋅ sin ⋅ ∆x ⋅ sin 2 2 2 = lim 2 = = lim ∆x → 0 ∆ x → 0 ∆x ∆x f ′( x ) = lim
Zbirka zadataka iz Matematike 1
95
5 5 sin ⋅ ∆x sin ⋅ ∆x 5 = 2 ⋅ 5 = −5 lim sin 5 x + 5 ⋅ ∆x ⋅ lim 2 = lim − 2 ⋅ sin 5 x + ⋅ ∆x ⋅ 5 ∆x → 0 ∆x → 0 5 5 2 2 2 2 ⋅ ∆x → 0 ⋅ ∆x ⋅ ∆x 2 2 = −5 ⋅ (sin 5 x ) ⋅ 1 = −5 ⋅ sin 5 x
ZADACI ZA VJEŽBU 1. Po definiciji derivacije nađite derivaciju funkcije : (1) f ( x ) =
2 2x
(2) f ( x ) = 1 − 2x 3 (3) f ( x ) = 3 x 3 − 2 (4) f ( x ) =
2 1 − 4x
(5) f ( x ) = −4 x 2 − 3 x + 2 (6) f ( x ) = (2x − 3 )
2
R. (1) f ′( x ) = (2) f ′( x ) = (3) f ′( x ) = (4) f ′( x ) = (5) (6)
−1 x 2x − 3x 2 1 − 2x 3 9x 2 2 3x 3 − 2 4
(1 − 4x )3
f ′( x ) = −8 x − 3 f ′( x ) = 8 x − 12
96
Zbirka zadataka iz Matematike 1
5.2. Osnovna pravila deriviranja Primjer 1. Koristeći osnovna pravila deriviranja, dokažite :
1 cos 2 x 1 (2) f ( x ) = ctgx ⇒ f ′(x ) = − sin 2 x (1) f ( x ) = tgx ⇒ f ′(x ) =
R.
1 cos 2 x (sin x )′ ⋅ cos x − sin x ⋅ (cos x )′
(1) f ( x ) = tgx ⇒ f ′(x ) =
′ sin x f ′( x ) = = cos x =
(cos x )
2
=
cos x ⋅ cos x − sin x ⋅ (− sin x ) = cos 2 x
cos x + sin x 1 = 2 cos x cos 2 x 2
2
(2) f ( x ) = ctgx ⇒ f ′(x ) = −
1 sin 2 x
′ ′ ′ ( (− sin x ) ⋅ sin x − cos x ⋅ cos x = cos x ) ⋅ sin x − cos x ⋅ (sin x ) cos x = f ′( x ) = = 2 sin 2 x (sin x ) sin x =
(
)
− sin 2 x − cos 2 x − sin 2 x + cos 2 x 1 = =− 2 2 sin x sin x sin 2 x
Primjer 2. Koristeći osnovna pravila deriviranja, nađite derivacije funkcija : (1) f ( x ) = 5 x 3 + 3 x 2 −
1 x
sin x + cos x sin x − cos x (3) f ( x ) = 3 ⋅ 2 x + (x − 1) ⋅ e x
(2) f ( x ) =
(4) f ( x ) =
x4 ex
R.
′ 2 2 3 −1 2 1 1 3 3 2 1 3 −1 (1) f ′( x ) = 5 x + x − = 5 ⋅ 3 ⋅ x + ⋅ x − (− 1) ⋅ x −1−1 = 15 x 2 + ⋅ 3 + 2 x 3 3 x x
Zbirka zadataka iz Matematike 1
97
(2)
′ (sin x + cos x )′ ⋅ (sin x − cos x ) − (sin x + cos x ) ⋅ (sin x − cos x )′ = sin x + cos x = f ′( x ) = (sin x − cos x )2 sin x − cos x (cos x − sin x ) ⋅ (sin x − cos x ) − (sin x + cos x ) ⋅ (cos x + sin x ) = = (sin x − cos x )2 − (sin x − cos x ) − (sin x + cos x ) 2
= =
2
(sin x − cos x )
2
− 2 ⋅1
(sin x − cos x )
2
=
(sin x − cos x )
2
=
(
− 2 ⋅ sin 2 x + cos 2 x
(sin x − cos x )
2
(sin x − cos x )2
(
)′ = 3 ⋅ (2
x
)
⋅ ln 2 + 1⋅ e x + (x − 1) ⋅ e x = 3 ⋅ 2 x ⋅ ln 2 + x ⋅ e x
′ ′ ′ x4 ⋅ ex − x4 ⋅ ex 4 x 3 ⋅ e x − x 4 ⋅ e x x 3 ⋅ e x ⋅ (4 − x ) x 3 ⋅ (4 − x ) = = = = 2 e 2x e 2x ex ex
( )
( )
( )
5.3. Derivacija složene i inverzne funkcije Primjer 1. Po definiciji derivacije dokažite : f ( x ) = ln x ⇒ f ′(x ) =
1 x
R.
x + ∆x ln f ( x + ∆x ) − f ( x ) ln( x + ∆x ) − ln( x ) x ′ f ( x ) = lim = lim = lim = ∆x → 0 ∆x → 0 ∆x → 0 ∆x ∆x ∆x 1 1 1 x ∆x ∆x x + ∆x ⋅ ln1 + = lim ⋅ ln ⋅ ln 1 + = lim ⋅ = = lim ∆x → 0 ∆ x ∆ → ∆ → x 0 x 0 x x ∆x x ∆x x x ∆x 1 1 1 1 1 ∆ x ∆x u = = ⋅ lim ln1 + = ⋅ lim ln(1 + u )u = ⋅ ln lim(1 + u)u = = x ∆ → → → u 0 x 0 u 0 x x x x ∆x → 0 ⇒ u → 0 =
)=
−2
(3) f ′( x ) = 3 ⋅ 2 x + (x − 1) ⋅ e x
x4 (4) f ′( x ) = x e
=
− 2 ⋅ sin 2 x − 2 ⋅ cos 2 x
1 1 1 ⋅ ln e = ⋅ 1 = x x x
Primjer 2. Koristeći osnovna pravila deriviranja, dokažite : (1) f ( x ) = log a x ⇒ f ′(x ) =
1 ln a ⋅ x
98
Zbirka zadataka iz Matematike 1
(2) f ( x ) = e x ⇒ f ′(x ) = e x
(3) f ( x ) = a x ⇒ f ′(x ) = a x ⋅ ln a
1
(4) f ( x ) = arcsin x ⇒ f ′(x ) =
1− x 2 1 (5) f ( x ) = arccos x ⇒ f ′(x ) = − 1− x 2 1 (6) f ( x ) = arctgx ⇒ f ′(x ) = 1+ x 2 1 (7) f ( x ) = arcctgx ⇒ f ′(x ) = − 1+ x 2
R. (1) f ( x ) = log a x ⇒ f ′(x ) = Iz log a x =
ln x ln a
1 ln a ⋅ x
slijedi :
′ ln x (loga x ) = = 1 ⋅ (ln x )′ = 1 ⋅ 1 = 1 ln a x ln a ⋅ x ln a ln a ′
(2) f ( x ) = e x ⇒ f ′(x ) = e x
( )′ =
⇒ ex
y = e x ⇔ x = ln y
1
(ln y )′
=
1 = y = ex 1 y
(3) f ( x ) = a x ⇒ f ′(x ) = a x ⋅ ln a
( )′ = (e )′ = e
y = a x = e x⋅ln a
x⋅ln a
⇒ ax
(4) f ( x ) = arcsin x ⇒ f ′(x ) =
x⋅ln a
′ ⋅ (x ⋅ ln a ) = e x⋅ln a ⋅ ln a = a x ⋅ ln a
1 1− x 2
y = arcsin x ⇔ x = sin y
(arcsin x )′ =
1
′
(sin y )
=
1 1 1 = = 2 cos y 1 − sin y 1− x 2
(5) f ( x ) = arccos x ⇒ f ′(x ) = −
π π −1≤ x ≤ 1 , − ≤ y ≤ 2 2
1 1− x 2
y = arccos x ⇔ x = cos y 1 1 (arccos x )′ = 1 ′ = 1 = − =− 1 − cos 2 y 1− x 2 (cos y ) − sin y
(− 1 ≤ x ≤ 1 , 0 ≤ y ≤ π)
Zbirka zadataka iz Matematike 1
(6) f ( x ) = arctgx ⇒ f ′(x ) =
99
1 1+ x 2
y = arctgx ⇔ x = tgy (arctgx )′ = 1 ′ = 1 = cos 2 y = 1 2 = 1 2 1 1 + tg y 1 + x (tgy ) 2 cos y
(7) f ( x ) = arcctgx ⇒ f ′(x ) = −
1 1+ x 2
y = arcctgx ⇔ x = ctgy (arcctgx )′ = 1 ′ = 1 = − sin 2 y = − 1 2 = − 1 2 1 + ctg y 1+ x (ctgy ) − 12 sin y
Primjer 3. Nađite derivacije složenih funkcija : (1)
f ( x ) = sin 3 (2 x )
(2)
f ( x ) = sin 3 x 4 + 2 x
(3)
f ( x ) = ln sin 3 x 4 + 2 x
(4)
f (x) =
(5)
f ( x ) = ln sin x
(6)
f (x) = e −x
(7)
f ( x ) = arctg(2 x )
(8)
f ( x ) = 4 cos x
(9)
f ( x ) = tgx − tgα
(10)
f ( x ) = arctg(ln x ) + ln(arctgx )
(
( ( ln(sin(3 x
(
4
)
))
+ 2x
)
))
R. (1)
′ f ′( x ) = sin 3 (2x ) = 3 ⋅ sin 2 (2 x ) ⋅ cos(2 x ) ⋅ 2 = 6 ⋅ sin 2 (2 x ) ⋅ cos(2 x )
(2)
(
( (
)
f ′( x ) = sin 3 x 4 + 2 x
))′ = cos(3x
4
)(
) (
)
(
+ 2 x ⋅ 12 x 3 + 2 = 12 x 3 + 2 ⋅ cos 3 x 4 + 2 x
)
100
Zbirka zadataka iz Matematike 1
(3)
( ( ( )))′ = ( 1 ) ⋅ cos(3 x sin 3 x + 2 x = (12 x + 2 )⋅ ctg(3 x + 2 x )
f ′( x ) = ln sin 3 x 4 + 2 x 3
(4)
f ′( x ) =
4
4
)(
)
+ 2 x ⋅ 12 x 3 + 2 =
4
( ln(sin(3x
4
+ 2x
))) = ′
(
)(
) (
)
(
1 1 1 6 x 3 + 1 ⋅ ctg 3 x 4 + 2x 4 3 = ⋅ ⋅ ⋅ cos 3 x + 2 x ⋅ 12 x + 2 = 2 ln sin 3 x 4 + 2x sin 3 x 4 + 2 x ln sin 3 x 4 + 2 x
( (
(5)
((
f ′( x ) = ln sin x
(6)
(
))
))′ =
1
1 1 1 cos x 1 ⋅ ⋅ cos x = ⋅ = ⋅ ctgx 2 sin x 2 sin x 2 sin x ⋅
( )′ = (e )⋅ ( −1) = −e
f ′( x ) = e − x
)
−x
−x
(7)
′ f ′( x ) = (arctg(2 x )) =
(8)
(
f ′( x ) = 4 cos x (9)
f ′( x ) =
(
)′ = 4
1
1 + (2 x )
2
cos x
⋅2 =
2 1 + 4x 2
⋅ ln 4 ⋅ (− sin x ) = − ln 4 ⋅ 4 cos x ⋅ sin x
)
′ 1 1 1 tgx − tgα = ⋅ ⋅ 2 tgx cos 2 x
(10)
′ f ′( x ) = (arctg(ln x ) + ln(arctgx )) =
1 1 1 1 ⋅ + ⋅ 2 1 + ln x x arctgx 1 + x 2
( (
))
)
Zbirka zadataka iz Matematike 1
101
ZADACI ZA VJEŽBU 1. Nađite derivacije funkcija : (1) f ( x ) =
a 3
−
x2
b x⋅3 x
(2) f ( x ) = x 2 ⋅ cos x (3) f ( x ) =
(1 + x )⋅ arctgx − x 2
2
(4) f ( x ) = ln a ⋅ log a x − ln x ⋅ log x (5) f ( x ) = ln(ctgx )
(
(6) f ( x ) = ln sin x
(
(7) f ( x ) = ln x +
(8) f ( x ) = x −
)
)
x2 + 1
( )
1 1 2 ⋅ arcsin x + ⋅ x − x 2 2
x −1
2. Zadana je funkcija f ( x ) =
x −1
3. Zadana je funkcija f ( x ) = ln
4. Ako je
f ( x ) = log e2
5. Ako je F( x ) =
. Dokažite da je njena derivacija
x + x2 + 1 x2 + 1 − x
1− x 2 1+ x 2
f ′(x) =
1
4 x⋅
(
. Dokažite da je njena derivacija f ′( x ) =
dokažite da je
f ′( x ) =
)
x +1
.
2 x2 +1
.
x . x −1 4
1 3 π tg x − tgx + x , f ( x ) = sin(ln x ) , pokažite da je F′( ) = f ′(1) . 3 4
6. Zadana je funkcija f ( x ) =
tgx − ctgx . Dokažite da je njena 1. derivacija f ′( x ) = 2 ⋅ sin 2x . tgx + ctgx
7.
f (x) =
Zadana
f ′(x) =
je
- 2sinx
(1 - cosx)2
funkcija
2 sin x + sin 2x . 2 sin x − sin 2x
Dokažite
da
je
njena
derivacija
.
8. Dokažite da je derivacija funkcije 9. Zadana je funkcija f(x) =
f (x) =
1 + cos 2x 1 − cos 2x
jednaka f ′( x ) =
− 2 ⋅ cos x sin 3 x
.
2 ⋅ ctgx sin 4 x − cos 4 x . Dokažite da je njena derivacija f ′(x) = . 2 sin x sin2 x
102
Zbirka zadataka iz Matematike 1
R. 1.
− 2a
(1) f ′( x ) = (2) (3) (4) (5) (6) (7) (8)
4b
+
3 ⋅ x2 ⋅ 3 x 3⋅x⋅ x f ′( x ) = 2 x ⋅ cos x − x 2 ⋅ sin x f ′( x ) = x ⋅ arctgx 1 f ′( x ) = ⋅ (1 − 2 log x ) x 1 f ′( x ) = − sin x ⋅ cos x 1 f ′( x ) = ⋅ ctgx 2 1 f ′( x ) = 2 x +1 f ′( x ) = arcsin x 3
2
( )
5.4. Logaritamsko deriviranje Primjer 1. Nađite derivacije funkcija : (1) f ( x ) = x x
(2) f ( x ) = (ln x ) (3) f ( x ) = x (4) f ( x ) =
x
x
+ (cos x )
sin x
x+3
(x + 2)3 ⋅ 3 (x + 1)2
R. (1) f ( x ) = x x
y = xx Funkciju prvo logaritmiramo :
ln y = x ⋅ ln x Deriviranjem jednadžbe po x, smatrajući da je y funkcija od x, dobivamo :
1 1 / ⋅y ⋅ y ′ = 1⋅ ln x + x ⋅ y x y ′ = y ⋅ (ln x + 1) y ′ = x x ⋅ (ln x + 1) ⇒ f ′( x ) = x x ⋅ (ln x + 1)
Zbirka zadataka iz Matematike 1
(2) f ( x ) = (ln x )
103
x
y = (ln x )
x
ln y = x ⋅ ln(ln x ) 1 1 1 ⋅ y ′ = 1⋅ ln(ln x ) + x ⋅ ⋅ / ⋅y y ln x x 1 y ′ = y ⋅ ln(ln x ) + ln x 1 1 x x y ′ = (ln x ) ⋅ ln(ln x ) + ⇒ f ′( x ) = (ln x ) ⋅ ln(ln x ) + ln x ln x (3) f ( x ) = x
x
+ (cos x )
sin x
f ( x ) = u( x ) + v( x ) ⇒ f ′( x ) = u′( x ) + v ′( x )
u=x
x
ln u = x ⋅ ln x 1 1 1 1 ⋅ u′ = ⋅ ⋅ ln x + x ⋅ / ⋅u u 2 x x 1 x x u′ = u ⋅ ⋅ ⋅ ln x + x 2 x u′ = x
x
1 x x ⋅ ⋅ ⋅ ln x + =x x 2 x
x
⋅
x 1 ⋅ ⋅ ln x + 1 x 2
v = (cos x )
sin x
ln v = sin x ⋅ ln(cos x ) 1 1 ⋅ v ′ = cos x ⋅ ln(cos x ) + sin x ⋅ ⋅ (− sin x ) / ⋅ v v cos x sin 2 x v ′ = v ⋅ cos x ⋅ ln(cos x ) − cos x v ′ = (cos x )
sin x
sin 2 x ⋅ cos x ⋅ ln(cos x ) − cos x
⇒ f ′( x ) = u′( x ) + v ′( x ) = x
x
x 1 sin x ⋅ ⋅ ⋅ ln x + 1 + (cos x ) x 2
sin 2 x ⋅ cos x ⋅ ln(cos x ) − cos x
104
Zbirka zadataka iz Matematike 1
x+3
(4) f ( x ) =
(x + 2)3 ⋅ 3 (x + 1)2 x+3
y=
(x + 2)
3
ln y =
⋅ 3 (x + 1)
2
1 3 2 ⋅ ln(x + 3 ) − ⋅ ln(x + 2 ) − ⋅ ln(x + 1) 2 2 3
1 1 1 3 1 2 1 ⋅ y′ = ⋅ − ⋅ − ⋅ / ⋅y y 2 x + 3 2 x + 2 3 x +1 3 1 2 1 1 1 y′ = y ⋅ ⋅ − ⋅ − ⋅ 2 x + 3 2 x + 2 3 x + 1
⇒ f ′( x ) =
x+3
(x + 2)3 ⋅ 3 (x + 1)2
3 1 2 1 1 1 ⋅ ⋅ − ⋅ − ⋅ 2 x + 3 2 x + 2 3 x + 1
ZADACI ZA VJEŽBU Nađite derivacije funkcija : (1) f ( x ) = x 2 x +1 + x sin x + 3 tgx (2) f ( x ) =
x
(3) f ( x ) = x
x x2 x
1 (4) f ( x ) = 1 + x x (5) f ( x ) = (arctgx ) (6) f ( x ) = x 2 x + x x . R.
(1) f ′( x ) = x 2 x +1 ⋅ 2 ln x + (2) f ′( x ) = x
1 −2 x
2 x + 1 sin x ln 3 ⋅ 3 tgx sin x ⋅ cos x ⋅ ln x + +x + x x cos 2 x
⋅ (1 − ln x )
(3) f ′( x ) = x x ⋅ (x + 2 x ⋅ ln x ) 2
x
1 1 1 (4) f ′( x ) = 1 + ⋅ ln 1 + − x x 1 + x x x (5) f ′( x ) = (arctgx ) ⋅ ln(arctgx ) + 2 1 + x ⋅ arctgx 1 lnx (6) f′(x) = (2lnx + 2) ⋅ x2x + 2 − 2 ⋅ x x x x
(
)
Zbirka zadataka iz Matematike 1
5.5. Derivacija implicitno zadane funkcije Primjer 1. Nađite derivacije implicitno zadanih funkcija : (1) x 3 + 2 x 2 y + y 2 = 4 x + 3 (2) e y = x + y (3) x x = y y R. (1)
x 3 + 2x 2 y + y 2 = 4 x + 3 3 x 2 + 2 ⋅ 2x ⋅ y + 2x 2 ⋅ y ′ + 2y ⋅ y ′ = 4
(
)
y ′ ⋅ 2 x 2 + 2 y = 4 − 3 x 2 − 4 xy y′ =
4 − 3 x 2 − 4 xy 2x 2 + 2y
(2)
ey = x + y e y ⋅ y′ = 1+ y′
(
)
y′ ⋅ e y − 1 = 1 y′ =
1 1 = e −1 x + y −1 y
(3)
xx = yy x ⋅ ln x = y ⋅ ln y 1 1 1⋅ ln x + x ⋅ = y ′ ⋅ ln y + y ⋅ ⋅ y ′ x y ln x + 1 = y ′ ⋅ (ln y + 1) y′ =
ln x + 1 ln y + 1
Primjer 2. Nađite y ′( x ) u točki T = (0,1) funkcije y ⋅ e y = e x +1 . R.
105
106
Zbirka zadataka iz Matematike 1
y ⋅ e y = e x +1 1⋅ y ′ ⋅ e y + y ⋅ e y ⋅ y ′ = e x +1 y ′ ⋅ e y + y ⋅ e y = e x +1
(
)
y′ =
e x +1 ey + y ⋅ ey
y ′(T ) =
e 0 +1 e 1 = = 1 1 2e 2 e + 1⋅ e
Ako se traži samo vrijednost derivacije u nekoj točki, možemo koordinate točke uvrstiti odmah u nesređeni oblik.
y ⋅ e y = e x +1 1⋅ y ′ ⋅ e y + y ⋅ e y ⋅ y ′ = e x +1 / x = 0 , y = 1 y ′ ⋅ e 1 + 1⋅ e 1 ⋅ y ′ = e 0 +1 y ′ ⋅ (e + e ) = e y′ =
e 1 = 2e 2
ZADACI ZA VJEŽBU Nađite derivacije funkcija : (1) x 2 + 2 xy − y 2 = 2 x u točki T=(2,4)
y x 2 x y2 (3) 2 + 2 = 1 a b
(2) arctg = ln
(4)
3
(x
2
+ y2
)
x 2 + 3 y 2 = 3 a2
(5) x + y + 2 = − xy (6) x ⋅ e y + x 2 ⋅ y = e (7) cos 2y − cos y + x ⋅ sin y = 0 R.
5 1− x − y , y′ T = 2 x−y x+y (2) y ′ = x−y (1) y ′ =
(3) y ′ = −
b2 x ⋅ a2 y
Zbirka zadataka iz Matematike 1
107
x y y + 2 xy
(4) y ′ = − 3 (5) y ′ = −
x + 2 xy
e y + 2xy x ⋅ ey + x2 sin y (7) y ′ = 2 ⋅ sin 2 y − sin y − x ⋅ cos y
(6) y ′ = −
5.6. Derivacija parametarski zadane funkcije Primjer 1. Nađite derivacije parametarski zadanih funkcija : (1)
t3 y = − 2t 3 x = t2 −1
(2)
x = e − t y = e 2 t R. (1)
t y = − 2t 3 dx = 2t dt dy 3t 2 = − 2 = t2 − 2 dt 3 dy dy dt t 2 − 2 ′ y (x) = = = dx dx 2t dt
x = t2 −1 3
(2)
x = e − t y = e 2 t
⇒
x = t2 −1 t2 − 2 y′ = 2t
108
Zbirka zadataka iz Matematike 1
dx = e − t ⋅ ( −1) dt dy = e 2t ⋅ 2 dt dy dy dt 2e 2 t y ′( x ) = = = = −2 ⋅ e 3 t dx dx − e − t dt
⇒
x = e −t y ′ = −2 ⋅ e 3 t
Primjer 2.
x = t ⋅ ln t Nađite y ′( x = 0) za funkciju : ln t y= t R.
x = 0 ⇒ t ⋅ ln t = 0 ⇒ t ≠ 0, ln t = 0 ⇒ t = 1
dx 1 = 1⋅ ln t + t ⋅ = ln t + 1 dt t 1 ⋅ t − ln t ⋅ 1 dy t 1 − ln t = = 2 dt t t2 dy 1 − ln t 2 dy dt 1 − ln t y ′( x ) = = 2 = = t dx dx ln t + 1 t ⋅ (ln t + 1) dt
(
)
y′ x = 0 , t = 1 =
x = t ⋅ ln t
1 − ln t y′ = 2 t ⋅ (ln t + 1)
⇒
1 − ln1 1− 0 = =1 1 ⋅ (ln1 + 1) 1⋅ (0 + 1) 2
Primjer 3. Nađite y ′( x = 0) za funkciju :
x = a ⋅ cos t y = b ⋅ sin t
R.
x = 0 ⇒ a ⋅ cos t = 0 ⇒ a ≠ 0, cos t = 0 ⇒ t =
dx = a ⋅ (− sin t ) = −a ⋅ sin t dt dy = b ⋅ cos t dt
π 2
Zbirka zadataka iz Matematike 1
dy dy dt b ⋅ cos t b y ′( x ) = = = = − ⋅ ctgt ⇒ dx dx − a ⋅ sin t a dt b b π π y ′ x = 0 , t = = − ⋅ ctg = − ⋅ 0 = 0 2 a a 2
ZADACI ZA VJEŽBU Nađite derivacije funkcija : (1)
x =t−4 y = 5t − 1 (2)
(
)
y = t − arctgt x = ln 1 + t 2
(3)
x = a ⋅ (t − sin t ) y = a ⋅ (1 − cos t )
(4)
1 cos t y = tgt
x=
R. (1)
x =t−4 y′ = 5 (2)
(
)
x = ln 1 + t 2 t y′ = 2 (3)
x = a ⋅ (t − sin t ) sin t y′ = 1 − cos t
109
x = a ⋅ cos t b y ′ = − ⋅ ctgt a
110
Zbirka zadataka iz Matematike 1
(4)
1 cos t 1 y′ = sin t x=
5.7. Derivacije višeg reda Primjer 1. Za zadane funkcije odredite drugu derivaciju :
1+ x 1− x
(1) f ( x ) = ln
(2) f ( x ) =
cos x − sin x cos x + sin x
(3) f ( x ) =
e 2 x − e −2 x e x + e −x
R.
1+ x 1− x
(1) f ( x ) = ln
1 1 1⋅ (1 − x ) − (1 + x ) ⋅ (− 1) 1− x 1 1− x 1− x + 1+ x ⋅ = ⋅ ⋅ ⋅ ⋅ = 2 1+ x 2 1+ x 1+ x 2 1+ x (1 − x ) (1 − x )2 1− x 1− x 1 1− x 2 1 1 ⋅ = = = ⋅ 2 (1 + x ) ⋅ (1 − x ) 1 − x 2 2 1 + x (1 − x )
f ′( x ) =
1
f ′′( x ) = −1⋅
(2) f ( x ) =
⋅
1
(1 − x )
2 2
⋅ (− 2 x ) =
cos x − sin x cos x + sin x
2x
(1 − x )
2 2
Zbirka zadataka iz Matematike 1
f ′( x ) = = =
111
(− sin x − cos x ) ⋅ (cos x + sin x ) − (cos x − sin x ) ⋅ (− sin x + cos x ) = (cos x + sin x )2
− sin x ⋅ cos x − sin 2 x − cos 2 x − sin x ⋅ cos x + sin x ⋅ cos x − cos 2 x − sin 2 x + sin x ⋅ cos x − 2 ⋅ sin 2 x − 2 ⋅ cos 2 x
(cos x + sin x )
2
f ′′( x ) = −2 ⋅
(3) f ( x ) =
=
−2
(cos x + sin x )
3
(cos x + sin x )2
(
− 2 ⋅ sin 2 x + cos 2 x
(cos x + sin x )
2
⋅ (− sin x + cos x ) =
)=
−2
(cos x + sin x )2
4 ⋅ (cos x − sin x )
(cos x + sin x )3
e 2 x − e −2 x e x + e −x
( ) ( ) 2
e 2 x − e −2 x e x − e −x = f(x) = x e + e −x e x + e −x
2
=
(e
x
)(
)
+ e −x ⋅ e x − e −x = e x − e −x e x + e −x
f ′( x ) = e x − (− 1) ⋅ e − x = e x + e − x f ′′( x ) = e x − e − x
Primjer 2. Odredite y ′′ u točki A=(0,1) za funkciju x 4 − xy + y 4 = 1 . R.
x 4 − xy + y 4 = 1 / ′ 4x 3 − y − x ⋅ y′ + 4y 3 ⋅ y′ = 0 4 x 3 − y − x ⋅ y ′ + 4 y 3 ⋅ y ′ = 0 / (A = (0,1))
4 ⋅ 0 3 − 1 − 0 ⋅ y ′ + 4 ⋅ 13 ⋅ y ′ = 0 1 ⇒ y′ A = 4 4x 3 − y − x ⋅ y ′ + 4y 3 ⋅ y′ = 0 / ′ 4 ⋅ 3 x 2 − y ′ − 1⋅ y ′ − x ⋅ y ′′ + 4 ⋅ 3 y 2 ⋅ y ′ ⋅ y ′ + 4 y 3 ⋅ y ′′ = 0
(
)
12 x 2 − 2y ′ + 12y 2 ⋅ (y ′) + y ′′ ⋅ − x + 4 y 3 = 0 2
y ′′ =
12x 2 − 2y ′ + 12y 2 ⋅ (y ′) x − 4y 3
2
=
112
Zbirka zadataka iz Matematike 1 2
1 1 1 12 + 12 ⋅ 12 ⋅ − + 4 4 = 2 16 = − 1 3 −4 16 0 − 4 ⋅1
12 ⋅ 0 2 − 2 ⋅ ⇒ y ′′ A =
Primjer 3. Odredite y ′′( x ) za funkciju y = x + arctgy . R.
y = x + arctgy / ′ 1 y′ = 1+ ⋅ y′ 1+ y 2 1 =1 y ′ ⋅ 1 − 2 1 y + 2 1 + y − 1 = 1 y ′ ⋅ 2 1+ y
1+ y 2 y2 1 y′ = 2 + 1 / ′ y y′ =
y ′′ = ( −2)y −3 ⋅ y ′ y ′′ = −
(
2 2 1+ y 2 2 ⋅ 1+ y 2 ′ y ⋅ = − ⋅ = − y3 y3 y2 y5
)
Primjer 4. Nađite y ′′′( x ) za funkciju :
x = e − t y = t 3
R.
dy dy dt 3t 2 y ′ = y ′( t ) = = = = −3 t 2 ⋅ e t −t dx dx −e dt dy ′ dy ′ − 3 ⋅ 2t ⋅ e t − 3 t 2 ⋅ e t dt ′ ′ ′ ′ y = y (t) = = = 6t ⋅ e 2t + 3t 2 ⋅ e 2 t = 3t 2 + 6t ⋅ e 2t , = −t dx dx −e dt
(
)
Zbirka zadataka iz Matematike 1
113
dy ′′ (3 ⋅ 2t + 6 ) ⋅ e 2 t + 3t 2 + 6t ⋅ 2 ⋅ e 2t = − 6t 2 + 18 t + 6 ⋅ e 3 t dy ′′ y ′′′ = y ′′′( t ) = = dt = dx dx − e −t dt
(
Primjer 5. Nađite y ′′( x ) u točki t =
)
(
)
x = a ⋅ (t − sin t ) π za funkciju : 2 y = a ⋅ (1 − cos t )
R.
dy dy dt a ⋅ sin t sin t y ′ = y ′( t ) = = = = dx dx a ⋅ (1 − cos t ) 1 − cos t dt dy ′ cos t ⋅ (1 − cos t ) − sin t ⋅ sin t dy ′ cos t − cos 2 t + sin 2 t (1 − cos t )2 = = y ′′ = y ′′( t ) = = dt = 3 dx dx a ⋅ (1 − cos t ) a ⋅ (1 − cos t ) dt − (1 − cos t ) −1 cos t − 1 = = = 3 3 2 a ⋅ (1 − cos t ) a ⋅ (1 − cos t ) a ⋅ (1 − cos t )
(
π ⇒ y ′′ t = = 2
−1 π a ⋅ 1 − cos 2
2
=
−1
a ⋅ (1 − 0 )
2
=−
)
1 a
ZADACI ZA VJEŽBU 1. Dokažite da je druga derivacija funkcije f ( x ) =
x2 −1 2x 2 + x − 3
jednaka
f ′′( x ) =
e −2 x − e 2 x . 2. Nađite treću derivaciju funkcije f ( x ) = x e + e −x 3. Nađite treću derivaciju funkcije
(
1+ x . f ( x ) = ln 1− x
)
4. Zadana je funkcija f ( x ) = ln x + x 2 + 1 .
Nađite njenu 2. derivaciju f ′′(x) .
−4
(2x + 3)3
.
114
Zbirka zadataka iz Matematike 1
5. Nađite drugu derivacija funkcije
f (x) =
cos x + sin x . cos x − sin x sin 3 x + 1 sin 3 x − 1 .
6. Nađite drugu derivaciju funkcije f ( x ) = ln
7. Nađite derivaciju
8. Zadana je funkcija
d2 y dx 2
parametarski zadane funkcije
x = e t ⋅ cos t y = e t ⋅ sin t
9. Nađite više derivacije funkcija : (1)
x = a ⋅ (cos t + t ⋅ sin t ) 2. derivaciju y = a ⋅ (sin t − t ⋅ cos t )
(2)
x = arcsin t 2. derivaciju y = 1 − t 2 (3)
1 cos t y = tgt x=
3. derivaciju
(4)
2. derivaciju y = arcsin t x = et
(5)
(
)
2. derivaciju y = t − arctgt
x = ln 1 + t 2
R. 2. f′′′(x) = −ex − e−x 3. f ′′′(x) = 4. f ′′(x) =
6x 2 + 2
(1 − x )
2 3
-x
(x
2
)
+1
3
.
Izračunajte
d2 y dx 2
x = a ⋅ t2 y = b ⋅ t3 u T(t=0).
.
Zbirka zadataka iz Matematike 1
5. f ′′(x) = 6. f ′′(x) =
7.
4 ⋅ (sinx + cosx)
(cosx - sinx)3
-9 cos 2 (3x )
d2 y 3b = 2 dx 4a 2 t d2 y =2 2 dx t =0
8.
9. (1)
x = a ⋅ (cos t + t ⋅ sin t ) 1 y ′′ = 3 a ⋅ t ⋅ cos t
(2)
x = arcsin t y ′′ = − 1 − t 2
(3)
4 3 ⋅ cos t y ′′′ = sin 5 t x=
1 cos t
(4)
x = et y ′′ =
(5)
(
t2 + t −1
)
e 2t ⋅ 1 − t 2 ⋅ 1 − t 2
(
)
x = ln 1 + t 2 1+ t 2 y ′′ = 4t
115
116
Zbirka zadataka iz Matematike 1
5.8. Jednadžba tangente i normale na krivulju Primjer 1. Nađite jednadžbu tangente i normale u točki s apscisom x = −1 na krivulju
y = −4 x +
1 . x2
R.
x = −1 ⇒ y = −4 x +
y = −4 x +
(
1 1 ⇒ y (− 1) = −4 ⋅ (− 1) + = 4 + 1 = 5 ⇒ T = − 1, 5 2 x (− 1)2
)
1 /′ x2
y ′ = −4 + (− 2) ⋅ x −3 = −4 − y ′ (x = −1) = −4 −
2
(− 1)3
2 x3
= −4 + 2 = − 2
jednadžba tangente :
y − y 0 = f ′(x 0 ) ⋅ (x − x 0 ) y − 5 = −2 ⋅ (x − (− 1)) y − 5 = −2 x − 2
⇒ y = −2 x + 3 jednadžba normale :
1 ⋅ (x − x 0 ) f ′(x 0 ) 1 y−5 = − ⋅ (x − (− 1)) −2 1 1 y −5 = ⋅x + 2 2 1 11 ⇒ y = ⋅x + 2 2 y − y0 = −
Primjer 2. Nađite jednadžbu tangente i normale na krivulju
x 2 ⋅ sin y − cos y + cos 2y = 0
π T = 1, . 2 R.
x 2 ⋅ sin y − cos y + cos 2y = 0 / ′ 2x ⋅ sin y + x 2 ⋅ cos y ⋅ y ′ − (− sin y ) ⋅ y ′ + (− sin 2y ) ⋅ 2 ⋅ y ′ = 0 y ′ ⋅ x 2 ⋅ cos y + sin y − 2 ⋅ sin 2y = −2x ⋅ sin y / y ′ 1, π
(
)
2
π π π π y ′ ⋅ 12 ⋅ cos + sin − 2 ⋅ sin 2 ⋅ = −2 ⋅ 1⋅ sin 2 2 2 2
u točki
Zbirka zadataka iz Matematike 1
(
117
)
y ′ ⋅ 12 ⋅ 0 + 1 − 2 ⋅ 0 = −2 ⋅ 1⋅ 1 y ′ ⋅ 1 = −2 ⇒ y ′ 1, π = −2 2
jednadžba tangente :
π = −2 ⋅ (x − 1) 2 π y − = −2 ⋅ x + 2 2 π+4 ⇒ y = −2 ⋅ x + 2 y−
jednadžba normale :
π 1 =− ⋅ (x − 1) 2 −2 π 1 1 y− = ⋅x− 2 2 2 1 π −1 ⇒ y = ⋅x + 2 2 y−
Primjer 3. Nađite jednadžbu tangente i normale na krivulju :
t=
π . 2
x = t ⋅ cos t y = t ⋅ sin t
R.
π π π ⋅ cos = ⋅ 0 = 0 x = t ⋅ cos t π π 2 2 2 ⇒ t= ⇒ T = 0, y = t ⋅ sin t 2 π π π π 2 y = ⋅ sin = ⋅ 1 = 2 2 2 2 x=
dx = 1⋅ cos t + t ⋅ (− sin t ) = cos t − t ⋅ sin t dt dy = 1⋅ sin t + t ⋅ cos t = sin t + t ⋅ cos t dt dy dy dt sin t + t ⋅ cos t y ′ = y ′( t ) = = = dx dx cos t − t ⋅ sin t dt π π π π sin + ⋅ cos 1+ ⋅ 0 π 2 2 2 = 2 = 1 =−2 y ′ = π 2 cos π − π ⋅ sin π 0 − π ⋅ 1 − π 2 2 2 2 2
za vrijednost parametra
118
Zbirka zadataka iz Matematike 1
jednadžba tangente :
2 π = − ⋅ (x − 0 ) 2 π 2 π y − = − ⋅x 2 π 2 π ⇒ y = − ⋅x + 2 π y−
jednadžba normale :
π 1 =− ⋅ (x − 0 ) 2 2 − π π π y− = ⋅x 2 2 π π ⇒ y = ⋅x+ 2 2 y−
Primjer 4. Nađite jednadžbu tangente i normale na krivulju e y + xy = e u točki s apscisom x=0. R.
( )
e y + xy = e ⇒ x = 0 ⇒ e y + 0 ⋅ y = e ⇒ y = 1 ⇒ T = 0, 1 e y + xy = e / ′ e y ⋅ y ′ + 1⋅ y + x ⋅ y ′ = 0
(
)
y′ ⋅ e y + x = −y y′ = −
y ′ (0,1)
y e +x 1 1 =− 1 =− e e +0 y
jednadžba tangente :
1 ⋅ (x − 0 ) e 1 y −1= − ⋅ x e 1 ⇒ y = − ⋅ x +1 e y −1= −
jednadžba normale :
y −1= −
1 ⋅ (x − 0 ) 1 − e
Zbirka zadataka iz Matematike 1
119
y −1= e ⋅ x ⇒ y = e⋅ x +1
ZADACI ZA VJEŽBU
y = x−4
1. Napišite jednadžbu tangente i normale na krivulju 2. Napišite jednadžbu tangente na krivulju f(x) =
1 sin x
u točki sa ordinatom 1.
u njenoj točki s apscisom x 0 =
3π − 2x − 1 2
3. Napišite jednadžbu tangente na krivulju y = sin
x0 =
π . 4
4. Napišite jednadžbu zajedničke tangente krivulja y = sin x
i
5. Odredite jednadžbu tangente i normale na krivulju y = arcsin
u točki sa apscisom
y=x+ x −1 2
1 3 ⋅x . 3
u sjecištu sa x-osi.
6. U kojoj točki tangenta na krivulju y = e 2 x + 1 , paralelna s pravcem krivulju ? Napišite jednadžbu tangente. 7. Napišite jednadžbe tangente i normale na krivulju apscisom x=0.
π . 2
y = 2x − 1 , dira tu
f ( x ) = e x ⋅ ln( x + 1) u točki krivulje s 2
8. Nađite jednadžbu tangente i normale na krivulju y = e4−x u sjecištu sa pravcem
y=1 .
9. Odredite jednadžbe tangente i normale na krivulju x 3 + y 3 − 2xy − 1 = 0 u točki T=(1,0) . 10. Nađite jednadžbu tangente i normale na krivulju y 3 − x 3 + x 2 − y = 24
u točki T=(1,3).
11. Nađite jednadžbu tangente i normale na krivulju y 2 ⋅ (2 − x ) = x 3 u točki T=(1,1) . 12. Odredite jednadžbu tangente i normale na krivulju
ey = x − y
u sjecištu sa x-osi.
13. Nađite jednadžbe tangente i normale na krivulju x 2 ⋅ e 2 y + 3 xy = 4 u točki gdje krivulja siječe x-os. 14. Odredite jednadžbu tangente i normale na krivulju
x = t ⋅ cos t y = t ⋅ sin t
u točki
t=
π . 2
120
Zbirka zadataka iz Matematike 1
15. Nađite jednadžbe tangente i normale na krivulje :
x − 1 u sjecištu krivulje s x-osi 2
(1) y = arcsin
(2)
x = arcsin t za t = 1 y = 1 − t 2
(3) x ⋅ y − x 3 − y 3 = 7 u točki T=(1,2) R. 1. t K y =
3 1 x − , nK y = −2x + 9 2 2
2. t K y = 1 3. t K y = 2x −
π −1 2
4. t K y = x 5. t K y =
1 1 x − , nK y = −2x + 2 2 2
6. T = (0,2) , t K y = 2x + 2 7. t K y = x , nK y = − x 8. t 1 K y = 4 x + 9 , n1 K y = − 9. t K y =
1 1 1 1 x + , t 2 K y = −4 x + 9 , n 2 K y = x + 4 2 4 2
2 2 3 3 x − , nK y = − x + 2 2 3 3
10. t K y =
1 77 x+ , nK y = −26 x + 29 26 26
11. t K y = 2x − 1 , nK y = − 12. t K y =
1 3 x+ 2 2
1 1 x − , nK y = −2x + 2 2 2
13. t 1 K y = 2x + 4 , n1 K y = − 14. t K y = −
7 4 2 1 x − 1, t 2 K y = − x + , n2 K y = x − 7 2 7 7 2
2 π π π x + , nK y = x + 2 2 2 π
15. (1) t L y =
1 1 ⋅ x − , nL y = −2 ⋅ x + 2 2 2
Zbirka zadataka iz Matematike 1
(2) t L y = − x + (3) t L y = −
121
π π , nL y = x − 2 2
1 23 , ⋅x+ 11 11
nL y = 11⋅ x − 9
5.9. Diferencijal funkcije Primjer 1. Nađite diferencijale funkcija :
( )
(1) y = arcctg e x (2) y = −3 − x
2
2
(3) x 2 + 2xy − y 2 = a 2 R.
( )
(1) y = arcctg e x
dy = y ′( x ) ⋅ dx =
(2) y = −3 − x
2
−1
( )
1+ e x
2
2
⋅e
x2
⋅ 2x ⋅ dx =
− 2x ⋅ e x 1+ e 2x
2
2
⋅ dx
2
dy = y ′( x ) ⋅ dx = −3 − x ⋅ ln 3 ⋅ (− 2x ) ⋅ dx = 2 ⋅ ln 3 ⋅ x ⋅ 3 − x ⋅ dx 2
(3) x 2 + 2xy − y 2 = a 2
2x + 2y + 2x ⋅ y ′ − 2y ⋅ y ′ = 0 x + y + (x − y ) ⋅ y ′ = 0 y′ =
x+y x+y ⇒ dy = ⋅ dx y−x y−x
Primjer 2. Nađite diferencijale 2. reda za funkcije : (1) y = −3 − x
2
(2) x 2 + 2xy − y 2 = a 2 R. (1) y = −3 − x
2
2
dy = 2 ⋅ ln 3 ⋅ x ⋅ 3 − x ⋅ dx
2
122
Zbirka zadataka iz Matematike 1
(
d 2 y = y ′′( x ) ⋅ (dx ) = 2 ⋅ ln 3 ⋅ x ⋅ 3 − x 2
(
2
)′ ⋅ (dx )
2
)
d 2 y = 2 ⋅ ln 3 ⋅ 3 − x + 2 ⋅ ln 3 ⋅ x ⋅ 3 − x ⋅ ln 3 ⋅ (− 2 x ) ⋅ (dx ) 2
2
(
)
d 2 y = 3 − x ⋅ 2 ⋅ ln 3 − 4 x 2 ⋅ (ln 3 ) ⋅ (dx ) 2
2
2
2
(2) x 2 + 2xy − y 2 = a 2
dy =
x+y ⋅ dx y−x
′ x+ y 2 ⋅ (dx ) d y = y ′′( x ) ⋅ (dx ) = y−x (1 + y ′) ⋅ (y − x ) − (x + y ) ⋅ (y ′ − 1) ⋅ (dx )2 d2 y = (y − x )2 2
2
d2 y =
d2 y =
2y − 2x ⋅ y ′
(y − x )
2
(
⋅ (dx ) = 2
− 2 ⋅ x 2 + 2xy − y 2
(y − x )
3
x+y 2y − 2x ⋅ y−x
(y − x )
2
) ⋅ (dx )
2
=
⋅ (dx ) = 2
− 2 ⋅ a2
(y − x )
3
2 y 2 − 2 xy − 2 x 2 − 2 xy y−x
(y − x )
2
⋅ (dx )
2
⋅ (dx )
2
Primjer 3. Nađite diferencijale 4. reda za funkcije : (1) y = sin 2 x (2) y = x ⋅ ln x R. (1) y = sin 2 x
′ dy = y ′( x ) ⋅ dx = sin 2 x ⋅ dx = 2 ⋅ sin x ⋅ cos x ⋅ dx = sin 2x ⋅ dx ′ 2 2 2 d 2 y = y ′′( x ) ⋅ (dx ) = (sin 2x ) ⋅ (dx ) = cos 2x ⋅ 2 ⋅ dx 2 = 2 ⋅ cos 2x ⋅ (dx ) ′ 3 3 3 d 3 y = y ′′′( x ) ⋅ (dx ) = (2 ⋅ cos 2x ) ⋅ (dx ) = 2 ⋅ (− sin 2x ) ⋅ 2 ⋅ dx 3 = −4 ⋅ sin 2x ⋅ (dx ) ′ 4 4 4 d 4 y = y ( 4 ) ( x ) ⋅ (dx ) = (− 4 ⋅ sin 2x ) ⋅ (dx ) = −4 ⋅ cos 2x ⋅ 2 ⋅ dx 4 = −8 ⋅ cos 2x ⋅ (dx )
(
)
(2) y = x ⋅ ln x
1 ′ dy = y ′( x ) ⋅ dx = (x ⋅ ln x ) ⋅ dx = 1⋅ ln x + x ⋅ ⋅ dx = (ln x + 1) ⋅ dx x 1 ′ 2 2 2 d 2 y = y ′′( x ) ⋅ (dx ) = (ln x + 1) ⋅ (dx ) = ⋅ (dx ) x ′ 1 1 3 3 3 d 3 y = y ′′′( x ) ⋅ (dx ) = ⋅ (dx ) = − 2 ⋅ (dx ) x x ′ 2 1 4 4 4 d 4 y = y ( 4 ) ( x ) ⋅ (dx ) = − 2 ⋅ (dx ) = 3 ⋅ (dx ) x x
Zbirka zadataka iz Matematike 1
123
5.10. Primjena diferencijala na izračunavanje približne vrijednosti funkcije Primjer 1. Zamijenivši prirast funkcije diferencijalom nađite približnu vrijednost : (1) e 0.2 , za x = 0 i ∆x = 0.2 (2) ln(0.8 ) , za x = 1 i ∆x = −0.2 (3)
3
26 , za x = 27 i ∆x = −1
(
)
(4) ctg 46 0 , za x = 45 0 i ∆x = 10 R. (1) e 0.2 , za x = 0 i ∆x = 0.2
f ( x ) = e x , f ′(x ) = e x
e x + ∆x ≅ e x + e x ⋅ ∆ x e 0 + 0.2 ≅ e 0 + e 0 ⋅ 0 .2 = 1 + 1 ⋅ 0 .2 = 1 . 2 ⇒ e 0 .2 ≅ 1 .2 (2) ln(0.8 ) , za x = 1 i ∆x = −0.2
f ( x ) = ln x , f ′(x ) =
1 x
1 ⋅ ∆x x 1 ln(1 − 0.2 ) ≅ ln 1 + ⋅ (− 0.2 ) = 0 + 1⋅ (− 0.2) = −0.2 ⇒ ln(0.8 ) ≅ −0.2 1 ln(x + ∆x ) ≅ ln x +
(3)
3
26 , za x = 27 i ∆x = −1 1 1 f ( x ) = 3 x , f ′(x ) = ⋅ 3 3 x2 3
3
(
1 1 ⋅ ⋅ ∆x 3 3 x2 1 1 1 1 27 − 1 ≅ 3 27 + ⋅ ⋅ (− 1) = 3 − ⋅ = 2.962963 ⇒ 3 2 3 27 3 9 x + ∆x ≅ 3 x +
)
(4) ctg 46 0 , za x = 45 0 i ∆x = 10
f ( x ) = ctgx , f ′(x ) = − ∆x = 10 =
1 sin 2 x
π (rad) 180
ctg(x + ∆x ) ≅ ctgx −
1 ⋅ ∆x sin 2 x
3
26 ≅ 2.962963
124
Zbirka zadataka iz Matematike 1
(
)
(
)
ctg 45 0 + 10 ≅ ctg 45 0 −
(
)
π π 1 1 π ⋅ = 1− ⋅ = 1− 0 2 90 sin 45 180 2 180 2 2
(
)
⇒ ctg 46 0 ≅ 0.965093
ZADACI ZA VJEŽBU Zamijenivši prirast funkcije diferencijalom nađite približnu vrijednost : (1) 17 , za x = 16 i ∆x = 1 (2) ln(1.2 ) , za x = 1 i ∆x = 0.2
31 , za x = 32 i ∆x = −1 (4) tg 44 0 , za x = 45 0 i ∆x = −10
(3)
5
(
)
( ) (6) sin(29 ),
(5) cos 29 0 , za x = 30 0 i ∆x = −10 0
za x = 30 0 i ∆x = −10
R. (1) (2) (3) (4) (5) (6)
4.125 0.2 1.9875 0.965093 0.874752 0.485
5.11. Taylorova formula Primjer 1. Funkciju f ( x ) = 2 x 3 − x + 3 razvijte po potencijama binoma (x-1). R. Razvoj po potencijama binoma (x-1) podrazumijeva razvoj u okolini točke x 0 = 1.
f ( x ) = 2x 3 − x + 3 f ′( x ) = 6 x 2 − 1 f ′′( x ) = 12 x f ′′′( x ) = 12 f (4) (x) = 0
⇒ ⇒ ⇒ ⇒ ⇒
f (1) = 2 − 1 + 3 = 4 f ′(1) = 6 − 1 = 5 f ′′(1) = 12 f ′′′(1) = 12 f ( 4 ) (1) = 0 ⇒ R 3 (1) = 0
Zbirka zadataka iz Matematike 1
125
f ′(1) f ′′(1) f ′′′(1) 2 3 ⋅ (x − 1) + ⋅ (x − 1) + ⋅ (x − 1) + R 3 ( x ) 1! 2! 3! 5 12 12 2 3 f ( x ) = 4 + ⋅ (x − 1) + ⋅ (x − 1) + ⋅ (x − 1) 1! 2! 3!
f ( x ) = f (1) +
⇒ f ( x ) = 4 + 5 ⋅ (x − 1) + 6 ⋅ (x − 1) + 2 ⋅ (x − 1) 2
3
Primjer 2. Funkciju f ( x ) = ln(x + 1) aproksimirajte polinomom 3. stupnja u okolini točke x 0 = 0 . Izračunajte ln(1.2) pomoću te aproksimacije. Ocijenite pogrešku. R.
⇒ f (0) = ln(0 + 1) = ln1 = 0 1 =1 ⇒ f ′(0) = 0 +1 1 ⇒ f ′′(0 ) = − = −1 (0 + 1)2 2 ⇒ f ′′′(0 ) = =2 (0 + 1)3
f ( x ) = ln( x + 1) 1 f ′( x ) = x +1 1 f ′′( x ) = − (x + 1)2 2 f ′′′( x ) = (x + 1)3 f (4) (x) = −
6
⇒ R3 (x) =
(x + 1)
4
f
(4)
(ϑ ⋅ x ) 4 ⋅x = 4!
−
(ϑ ⋅ x + 1)4
f ′(0 ) f ′′(0 ) 2 f ′′′(0 ) 3 ⋅x + ⋅x + ⋅ x + R 3 (x) 1! 2! 3! (− 1) ⋅ x 2 + 2 ⋅ x 3 1 f (x) ≅ 0 + ⋅ x + 1! 2! 3! 1 1 ⇒ f(x) ≅ x − ⋅ x 2 + ⋅ x 3 3 2 f ( x ) = f (0 ) +
f ( x ) = ln( x + 1) ⇒ f (0.2) = ln(0.2 + 1) = ln(1.2) 1 1 2 3 ⇒ f (0.2) ≅ 0.2 − ⋅ (0.2 ) + ⋅ (0.2 ) = 0.182666 3 2 6 − (4) f (ϑ ⋅ x ) 4 ( ϑ ⋅ 0.2 + 1) 4 4 R3 (x) = ⋅ x ⇒ R 3 ( 0.2) = ⋅ (0.2 ) 4! 4! 6 ⋅ (0.2) 0.0004 = , 0 < ϑ<1 4 1⋅ 2 ⋅ 3 ⋅ 4 ⋅ ( ϑ ⋅ 0.2 + 1) (ϑ ⋅ 0.2 + 1) 4 4
R 3 ( 0.2) =
⇒ R 3 (0.2) < 0.0004
6
4!
⋅ x4 , 0 < ϑ < 1
126
Zbirka zadataka iz Matematike 1
Primjer 3. Funkciju f ( x ) = e x aproksimirajte polinomom 4. stupnja u okolini točke x 0 = 0 . Izračunajte e1 = e pomoću te aproksimacije. Ocijenite pogrešku. R.
f ( x ) = f ′( x ) = f ′′( x ) = f ′′′( x ) = f ( 4 ) ( x ) = f ( 5 ) ( x ) = e x ⇒ f (0) = f ′(0) = f ′′(0) = f ′′′(0) = f ( 4 ) (0) = f ( 5 ) (0) = e 0 = 1 1 1 1 1 ⋅ x + ⋅ x 2 + ⋅ x 3 + ⋅ x 4 + R 4 (x) 1! 2! 3! 4! 1 1 1 1 ⇒ f (1) ≅ 1 + ⋅ 1 + ⋅ 12 + ⋅ 13 + ⋅ 14 = 2.708333 ⇒ e ≅ 2.708333 4! 3! 2! 1! f (x) = 1+
ϑ⋅ x
ϑ
f ( 5 ) (ϑ ⋅ x ) 5 e e ⋅x = ⋅ x 5 ⇒ R 4 (1) = , 0 < ϑ<1 5! 5! 5! 1 e ⇒ < R 4 (1) < ⇒ 0.008333 < R 4 (1) < 0.022652 5! 5!
R 4 (x) =
Primjer 4. Funkciju f ( x ) = sin x aproksimirajte polinomom 10. stupnja u okolini točke x 0 = 0 . R.
f ( x ) = sin x f ′( x ) = cos x f ′′( x ) = − sin x f ′′′( x ) = − cos x
f ( 4 ) ( x ) = sin x f ( 5 ) ( x ) = cos x f ( 6 ) ( x ) = − sin x f ( 7 ) ( x ) = − cos x f ( 8 ) ( x ) = sin x f ( 9 ) ( x ) = cos x f (10 ) ( x ) = − sin x f (x) ≅ 0 +
⇒ ⇒ ⇒ ⇒ ⇒ ⇒ ⇒ ⇒ ⇒ ⇒ ⇒
f (0) = sin 0 = 0 f ′(0) = cos 0 = 1 f ′′(0) = − sin 0 = 0 f ′′′(0) = − cos 0 = −1 f ( 4 ) (0) = sin 0 = 0 f ( 5 ) (0) = cos 0 = 1 f ( 6 ) (0) = − sin 0 = 0 f ( 7 ) (0) = − cos 0 = −1 f ( 8 ) (0) = sin 0 = 0 f ( 9 ) (0) = cos 0 = 1 f (10 ) (0) = − sin 0 = 0
1 0 −1 3 0 4 1 5 0 6 −1 7 0 8 1 9 0 ⋅ x + ⋅ x2 + ⋅x + ⋅x + ⋅x + ⋅x + ⋅x + ⋅x + ⋅x + ⋅ x 10 1! 2! 3! 4! 5! 6! 7! 8! 9! 10!
x3 x5 x7 x9 ⇒ f (x) ≅ x − + − + 3! 5! 7! 9!
Zbirka zadataka iz Matematike 1
127
ZADACI ZA VJEŽBU Aproksimirajte funkciju f(x) u okolini točke x 0 polinomom : (1) f ( x ) = 3 x + 1 , x 0 = 0 , polinomom 2. stupnja (2) f ( x ) = 3 1 − x , x 0 = 0 , polinomom 4. stupnja (3) f ( x ) = cos x , x 0 = 0 , polinomom 6. stupnja
x , x 0 = 16 , polinomom 2. stupnja
(4) f ( x ) = R.
1 1 ⋅ x − ⋅ x2 3 9 1 1 5 3 10 (2) f ( x ) ≈ 1 − ⋅ x − ⋅ x 2 − ⋅x − ⋅ x4 3 9 81 243 x2 x4 x6 (3) f ( x ) ≈ 1 − + − 2! 4! 6! 1 1 2 (4) f ( x ) ≈ 4 + ⋅ (x − 16 ) − ⋅ (x − 16 ) 8 512 (1) f ( x ) ≈ 1 +
5.12. L'Hospital-ovo pravilo Primjer 1. Izračunajte :
2x 2 − 3 x − 9
(1) lim 2 x →3 x − 4 x + 3
ex
(2) lim 2 x→∞ x + 3 x + 4
(
)
ln x 2 − 8
(3) lim 2 x →3 x − 2 x − 3 R.
2x 2 − 3 x − 9
0
2⋅2⋅x − 3
2⋅2⋅3 − 3
9
= = lim (1) lim 2 = = x →3 x − 4 x + 3 2⋅3 − 4 2 0 x → 3 2 ⋅ x − 4
128
Zbirka zadataka iz Matematike 1
ex
∞
ex
∞
ex
∞
= = lim = = lim = = ∞ (2) lim 2 x→∞ x + 3 x + 4 ∞ x →∞ 2 ⋅ x + 3 ∞ x →∞ 2 2
2⋅x 2 ln x − 8 0 3 2x x 8 − = lim = = lim = (3) lim 2 2 x →3 x − 2 x − 3 0 x →3 2 ⋅ x − 2 x →3 x − 8 ⋅ (2 x − 2) 2
(
)
2
(
)
Primjer 2. Izračunajte : (1) lim ((1 − cos x ) ⋅ ctgx ) x →0
(
(2) lim x 2 ⋅ ln x x →0 + 0
)
(3) lim ((π − 2 x ) ⋅ tgx ) x→
π 2
R. (1)
sin x 1 − cos x 1 − cos x 0 = = lim = lim = lim ((1 − cos x ) ⋅ ctgx ) = (0 ⋅ ∞ ) = lim x →0 tgx 0 x →0 1 x →0 x →0 1 cos 2 x ctgx = lim sin x ⋅ cos 2 x = sin 0 ⋅ cos 2 0 = 0 ⋅ 1 = 0 x →0
(
)
(2)
1 − ∞ ln x = lim x 2 ⋅ ln x = (0 ⋅ (− ∞ )) = lim = lim x x →0 + 0 x → 0 + 0 1 ∞ x → 0 + 0 − 2 2 x x3
(
)
2 = lim x = 0 x →0 + 0 − 2
(3)
π − 2x 0 π − 2x 0 −2 = = lim lim ((π − 2x ) ⋅ tgx ) = (0 ⋅ ∞ ) = lim = = lim = π π 1 0 x → π ctgx 0 x → π 1 x→ x→ − 2 2 2 2 sin 2 x tgx π = lim 2 ⋅ sin 2 x = 2 ⋅ sin 2 = 2 ⋅ 1 = 2 π 2 x→
(
2
)
Zbirka zadataka iz Matematike 1
129
Primjer 3. Izračunajte :
1 x − x →1 x − 1 ln x π (2) lim x ⋅ arctgx − ⋅ x x →∞ 2 (1) lim
R. (1)
1 1⋅ ln x + x ⋅ − 1 ( ) ⋅ − − x ln x x 1 0 x 1 x = = = lim − lim = (∞ − ∞ ) = lim x →1 x − 1 x 1 x 1 → → 1 ln x (x − 1) ⋅ ln x 0 1⋅ ln x + (x − 1) ⋅ x 1 1⋅ ln x + x ⋅ ⋅ x ln x 0 ln x ln x x = = lim = lim = lim = = lim x →1 1 x − 1 x →1 x ⋅ ln x + x − 1 x →1 x ⋅ ln x + x − 1 0 x →1 ln x + 1⋅ ln x + x ⋅ + 1 x x x ln x + 1 ln 1 + 1 0 + 1 1 ln x + 1 = = = lim = = lim x →1 ln x + 1 + 1 x →1 ln x + 2 ln 1 + 2 0 + 2 2 (2)
π arctgx − π π 2 = 0 = lim x ⋅ arctgx − ⋅ x = (∞ − ∞ ) = lim x ⋅ arctgx − = (∞ ⋅ 0 ) = lim x →∞ x →∞ x →∞ 1 2 2 0 x 1 2 − x2 ∞ − 2⋅x = − = lim = lim 1 + x = lim = −1 2 x →∞ 1 x →∞ 1 + x ∞ x →∞ 2 ⋅ x − 2 x
Primjer 4. Izračunajte : x (1) lim (sin x ) x →0
(
(2) lim 1 + 2 x x →∞
x →1
1
(3) lim x 1− x
)
1 x
130
Zbirka zadataka iz Matematike 1
R. x (1) lim (sin x ) x →0
y = (sin x )
x
ln y = x ⋅ ln(sin x )
1 ⋅ cos x ln(sin x ) = = − ∞ = lim sin x lim (ln y ) = lim(x ⋅ ln(sin x )) = (0 ⋅ (− ∞ )) = lim x →0 x →0 x → 0 1 1 ∞ x →0 − 2 x x 2 2 − 2 x ⋅ cos x + x ⋅ sin x 0 − x ⋅ cos x 0 = = 0 = = lim = lim x →0 sin x cos x 1 0 x → 0 lim (ln y ) =0 ⇒ log e y =0 ⇒ y = e 0 =1 ⇒ lim y =1 ⇒ lim (sin x ) =1 x
x →0
x →0
(
(2) lim 1 + 2 x x →∞
(
)
x →0
1 x
) (
1
y = 1+ 2x x 1 ln y = ⋅ ln 1 + 2 x x
)
1 ⋅ 2 x ⋅ ln 2 x ln 1 + 2 ∞ 1 = = = lim 1 + 2 lim (ln y ) = lim ⋅ ln 1 + 2 x = (0 ⋅ ∞ ) = lim x →∞ x →∞ x x →∞ x →∞ x 1 ∞ x x ln 2 ⋅ 2 ⋅ ln 2 ln 2 ⋅ 2 ∞ = ln 2 = = lim = lim x x x →∞ 1 + 2 ∞ x →∞ 2 ⋅ ln 2
(
)
(
x
)
(
lim (ln y ) = ln2 ⇒ log e y = log e 2 ⇒ y =2 ⇒ lim y =2 ⇒ lim 1 + 2 x
x →∞
x →∞
x →∞
)
1 x
=2
1−1x (3) lim x x →1
y=x ln y =
1 1− x
1 ⋅ ln x 1− x
1 1 ln x 0 1 lim(ln y ) = lim = −1 ⋅ ln x = (∞ ⋅ 0 ) = lim = = lim x = x →1 x →1 1 − x x →1 1 − x 0 x →1 − 1 − 1 1 1 1 1 lim(ln y ) = −1 ⇒ log e y = −1 ⇒ y = e −1 = ⇒ lim y = ⇒ lim x 1− x = x →1 x →1 x →1 e e e
Zbirka zadataka iz Matematike 1
ZADACI ZA VJEŽBU Izračunajte :
1 − cos x 2 x
(1) lim x →0
e ax − e 2ax
(2) lim x →0 ln(x + 1) (3) lim (π − 2 x ) ⋅ tgx x→
π 2
(4) lim (π − 2 ⋅ arctgx ) ⋅ ln x x →∞
x
π
(5) lim − π 2 ⋅ cos x x → ctgx 2
1 1 − x sin x
(6) lim x →0
( )
(7) lim x x x →0
(8) lim(ln x )
1− x
x →1
(9) lim (sin x )
tgx
π x→ 2
1
(10) lim (ctgx )ln x x →0
R. (1)
1 2
(2) − a (3) 2 (4) 0 (5)
−1
(6) 0 (7) 1 (8) 1 (9) 1 (10)
1 e
131
132
Zbirka zadataka iz Matematike 1
5.13. Intervali monotonosti, ekstremi funkcije Primjer 1. Odredite intervale monotonosti za funkcije : (1) y = x 2 + 4 x + 5 (2) y = x 3 + 6 x 2 + 9 x (3) y = 3 (x − 1) − 1 2
R. (1) y = x 2 + 4 x + 5
Df = R y ′( x ) = 2 x + 4
u intervalu (− ∞,−2 ) f pada y ′( x ) < 0 ⇒ 2 x + 4 < 0 ⇒ x < −2 ⇒ y ′( x ) > 0 ⇒ 2 x + 4 > 0 ⇒ x > −2 u intervalu (− 2,+∞ ) f raste (2) y = x 3 + 6 x 2 + 9 x
Df = R y ′( x ) = 3 x 2 + 12 x + 9 = 3 ⋅ (x + 1) ⋅ (x + 3 ) u intervalu (− 3,−1) f pada ⇒ y ′( x ) > 0 ⇒ −∞ < x < −3 & −1 < x < +∞ u intervalu (− ∞,−3 ) ∪ (− 1,+∞ ) f raste y ′( x ) < 0 ⇒ −3 < x < −1
(3) y = 3 (x − 1) − 1 2
Df = R y ′( x ) =
2
3 ⋅3 x −1 D f ′ = R \ {1} Derivacija funkcije različita je od nule u cijelom području definicije, ali u točki x=1 ne postoji.
u intervalu (− ∞,1) f pada y ′( x ) < 0 ⇒ −∞ < x < 1 ⇒ y ′( x ) > 0 ⇒ 1 < x < +∞ u intervalu (1,+∞ ) f raste
Primjer 2. Odredite ekstreme funkcija :
x3 + x2 3 4 (2) y = (x + 1)
(1) y =
Zbirka zadataka iz Matematike 1
133
(3) y = 1 − 3 (x − 4 )
2
(
)
(4) y = 3 x 2 − 1
2
R. (1) y =
x3 + x2 3
Df = R y ′( x ) = x 2 + 2 x y ′′( x ) = 2 x + 2 Nužni uvjet (N.U.) : y ′(x 0 ) = 0 ili y ′(x 0 ) ne postoji
x 2 + 2 x = 0 ⇒ x 1 = 0 , x 2 = −2 Dovoljni uvjet (D.U.) : y ′′(x 0 ) ≠ 0 , tj. :
y ′′(x 0 ) > 0 ⇒ funkcija u x 0 postiže minimum
y ′′(x 0 ) < 0 ⇒ funkcija u x 0 postiže maksimum
y ′′(0 ) = 2 ⋅ 0 + 2 = 2 > 0 ⇒ za x 1 = 0 funkcija postiže minimum y min = y(0) = 0 y ′′(− 2) = 2 ⋅ (− 2) + 2 = −2 < 0 ⇒ za x 2 = −2 funkcija postiže maksimum 4 y max = y( −2) = 3 (2) y = (x + 1)
4
Df = R
y ′( x ) = 4 ⋅ (x + 1)
3
y ′′( x ) = 12 ⋅ (x + 1)
2
N.U. : y ′(x 0 ) = 0 ili y ′(x 0 ) ne postoji
4 ⋅ (x + 1) = 0 ⇒ x 0 = −1 3
D.U.: y ′′(x 0 ) ≠ 0 , odnosno y ( n ) (x 0 ) ≠ 0 , gdje je n paran broj
y ′′( x ) = 12 ⋅ (x + 1) ⇒ y ′′(− 1) = 12 ⋅ (− 1 + 1) = 0 2
2
y ′′′( x ) = 24 ⋅ (x + 1) ⇒ y ′′′( −1) = 24 ⋅ (− 1 + 1) = 0 y ( 4 ) ( x ) = 24 ⇒ y ( 4 ) ( −1) = 24 > 0 ⇒ x 0 = −1 funkcija postiže minimum
y min = y( −1) = 0 Dovoljan uvjet možemo ispitati i tako da provjerimo da li prva derivacija y ′ mijenja predznak u okolini točke x 0 . Odaberemo h, 0
y ′(x 0 − h) = y ′(− 1 − h) = 4 ⋅ ((− 1 − h) + 1) = 4 ⋅ (− h) = −4h 3 < 0 3
3
y ′(x 0 + h) = y ′(− 1 + h) = 4 ⋅ ((− 1 + h) + 1) = 4 ⋅ (h) = 4h 3 > 0 3
3
134
Zbirka zadataka iz Matematike 1
Prva derivacija mijenja predznak u okolini točke x 0 i
y ′( x ) > 0 desno od x 0 ,
to : y ′( x ) < 0 lijevo od x 0
što znači da funkcija u točki
x0
postiže
i
minimum
y min = y( −1) = 0 . (3) y = 1 − 3 (x − 4 )
2
Df = R 2
y ′( x ) = −
3⋅ x − 4 D f ′ = R \ {4} 3
N.U. : y ′(x 0 ) = 0 ili y ′(x 0 ) ne postoji
y ′(x 0 ) ne postoji za x 0 = 4 jer prva derivacija ima prekid u točki x 0 = 4 .
D.U.: prva derivacija y ′ mijenja predznak u okolini točke x 0 Odaberemo h, 0
y ′(x 0 − h) = y ′(4 − h) = −
2
−2
>0 3⋅3 −h −2 y ′(x 0 + h) = y ′(4 + h) = − = 3 <0 3 ⋅ 3 (4 + h) − 4 3 ⋅ h 3 ⋅ 3 (4 − h) − 4 2
=
Prva derivacija mijenja predznak u okolini točke x 0 i
y ′( x ) < 0 desno od x 0 ,
što znači da funkcija u točki
y max = y( 4) = 1.
(
)
(4) y = 3 x 2 − 1
2
Df = R y ′( x ) =
to : y ′( x ) > 0 lijevo od x 0
4x
3 ⋅ x2 −1 D f ′ = R \ {− 1,1} 3
N.U. : y ′(x 0 ) = 0 ili y ′(x 0 ) ne postoji
4x
= 0 ⇒ x 01 = 0 3 ⋅ x2 −1 y ′(x 0 ) ne postoji za x 02 = −1 i x 03 = 1 . 3
D.U.: prva derivacija y ′ mijenja predznak u okolini točke x 0 Odaberemo h, 0
x0
postiže
i
maksimum
Zbirka zadataka iz Matematike 1
y ′(x 0 − h) = y ′(0 − h) =
135
4(0 − h)
=
− 4h
>0
(0 − h) − 1 4(0 + h) 4h y ′(x 0 + h) = y ′(0 + h) = = <0 3 2 2 3 ⋅ 3 (0 + h) − 1 3 ⋅ h − 1 3⋅
2
3
3 ⋅ h2 − 1 3
Prva derivacija mijenja predznak u okolini točke x 01 = 0 i to: y ′( x ) > 0 lijevo od x 01 i
y ′( x ) < 0 desno od x 01 ,
što znači da funkcija u točki
x 01
postiže
maksimum
y max = y(0) = 1 . y ′(x 0 − h) = y ′(− 1 − h) =
4(− 1 − h)
<0
(− 1 − h) − 1 4(− 1 + h) >0 y ′(x 0 + h) = y ′(− 1 + h) = 2 3 ⋅ 3 (− 1 + h) − 1 3⋅
2
3
Prva derivacija mijenja predznak u okolini točke x 02 = −1 i to : y ′( x ) < 0 lijevo od x 02
y ′( x ) > 0 desno od x 02 ,
što znači da funkcija u točki
x 02
postiže
i
minimum
y min = y( −1) = 0 . y ′(x 0 − h) = y ′(1 − h) = y ′(x 0 + h) = y ′(1 + h) =
4(1 − h) 3 ⋅ 3 (1 − h) − 1 4(1 + h) 2
3⋅
3
(1 + h)
2
−1
<0 >0
Prva derivacija mijenja predznak u okolini točke x 03 = 1 i to : y ′( x ) < 0 lijevo od x 03
y ′( x ) > 0 desno od x 03 ,
što znači da funkcija u točki
x 03
y min = y(1) = 0 .
Primjer 3. Kako od komada žice duljine L načiniti pravokutnik maksimalne ploštine? R.
L −x 2 L L P = x ⋅ y = x ⋅ − x = ⋅ x − x 2 → max 2 2 L P′( x ) = − 2x 2 2x + 2y = L ⇒ y =
postiže
i
minimum
136
Zbirka zadataka iz Matematike 1
N.U.:
P′(x ) =
L L L , y0 = − 2x = 0 ⇒ x 0 = 2 4 4
D.U.:
L L L L2 P′′(x 0 ) = −2 < 0 ⇒ za x 0 = funkcija postiže maksimum Pmax = x 0 ⋅ y 0 = ⋅ = . 4 4 4 16 Od komada žice duljine L pravokutnik najveće ploštine je zapravo kvadrat sa stranicom duljine
L . 4
Primjer 4. Na osi parabole y 2 = 4 x dana je točka A udaljena 3 jedinice od tjemena u pozitivnom smjeru osi x. Nađite apscisu točke na paraboli koja je najbliža točki A. R.
d 2 = (3 − x ) + y 2 = (3 − x ) + 4 x → min ′ d 2 ( x ) = 2 ⋅ (3 − x ) ⋅ (− 1) + 4 = 2x − 2 ″ d2 ( x ) = 2 2
2
( ) ( )
N.U.:
(d )′ ( x) = 2x − 2 =0 ⇒ 2
x 0 = 1 , y 0 = 4 ⋅1 = 2
D.U.:
(d )″ ( x 2
0
)=2>0
Za x 0 = 1 funkcija postiže minimum
(dmin )2 = (3 − 1)2 + 4 ⋅ 1 = 8
. Točka T=(1,2) na paraboli
najbliža je točki A , a udaljenost točke T do točke A je dmin = 8 .
Zbirka zadataka iz Matematike 1
ZADACI ZA VJEŽBU 1.Odredite intervale monotonosti za funkcije : 2 2 (1) y = (x − 1) ⋅ (x + 2) (2) y = x ⋅ 2 − x 2
3 − x2 x+2 x2 −1 (4) y = 2 x +1 x +1 (5) y = 3 x (3) y =
2. Odredite ekstreme funkcija : 2 2 (1) y = (x − 1) ⋅ (x + 2)
x2 −1 x2 + 1 x 2 − 2x + 4 y= 2 x +x−2 x2 y= x −1 4 4 y =3− − 2 x x 2 y = x ⋅ e x−x
(2) y = (3) (4) (5) (6)
(7) y = x ⋅ 2 − x 2
x2 − x4 2 2 x − 2x + 1 (9) y = x2 + 1 3 − x2 (10) y = x+2 (8) y =
R. 1.
1 1 ,1...f ↓ , - 2,− ∪ (1,+∞ )...f ↑ 2 2 − 2,−1 ∪ 1,+ 2 ...f ↓ , (- 1,1)...f ↑ (- ∞,-3) ∪ (− 1,+∞ )...f ↓ , (- 3,−2) ∪ (− 2,−1)...f ↑ (- ∞,0 )...f ↓ , (0,+∞ )...f ↑ 3 3 - ,0 ∪ (0,+∞ )...f ↓ , - ∞,- ...f ↑ 2 2
(1) (- ∞,-2) ∪ −
(2) (3) (4) (5)
[
) (
]
137
138
Zbirka zadataka iz Matematike 1
2.
1 81 , 2 16
(1) Tmin1 = (− 2,0 ) , Tmin2 = (1,0 ) , Tmax = − (2) Tmin = (0,−1)
2 3 (4) Tmin = (2,4 ) , Tmax = (0,0 ) (5) Tmax = (− 2,4 )
(3) Tmin = 4, , Tmax = (0,−2)
1 1 , − , Tmax = (1,1) 2 2 ⋅ 4 e3 = (− 1,−1) , Tmax = (1,1)
(6) Tmin = − (7) Tmin
2 1 2 1 = , , T max 2 2 ,8 2 8 (9) Tmin = (1,0 ) , Tmax = (− 1,2) (10) Tmin = (− 3,6 ) , Tmax = (− 1,2) (8) Tmin = (0,0 ) , Tmax 1 = −
5.14. Konveksnost, konkavnost, točke infleksije Primjer 1. Odredite točke infleksije, te intervale konveksnosti i konkavnosti za funkcije : (1) y = x 3 + 6 x 2 + 9 x (2) y = 3 x + 2
1 x−3 (4) y = x ⋅ e x
(3) y =
R. (1) y = x 3 + 6 x 2 + 9 x
Df = R y ′( x ) = 3 x 2 + 12 x + 9 y ′′( x ) = 6 x + 12 N.U. : y ′′(x 0 ) = 0 ili y ′′(x 0 ) ne postoji
y ′′( x ) = 6 x + 12 = 0 ⇒ x 0 = −2 D.U. : druga derivacija y ′′ mijenja predznak u okolini točke x 0 Odaberemo h, 0
y ′′(x 0 − h) = y ′′(− 2 − h) = 6 ⋅ (− 2 − h) + 12 = −6 ⋅ h < 0 y ′′(x 0 + h) = y ′′(− 2 + h) = 6 ⋅ (− 2 + h) + 12 = 6 ⋅ h > 0
Zbirka zadataka iz Matematike 1
139
Druga derivacija mijenja predznak u okolini točke x 0 i to : y ′′(x ) < 0 lijevo od točke x 0 , a
y ′′(x ) > 0 desno od x 0 , što znači da je x 0 apscisa točke infleksije.
y(− 2) = (− 2) + 6 ⋅ (− 2) + 9 ⋅ (− 2) = −2 3
2
Točka Ι = (− 2,−2) je točka infleksije. Intervali konveksnosti, konkavnosti : u intervalu (− ∞,−2) graf funkcije je konkavan, u intervalu (− 2,+∞ ) graf funkcije je konveksan.
(2) y = 3 x + 2
Df = R y ′( x ) =
1 3 ⋅ 3 (x + 2 )
y ′′( x ) = −
2
2
9 ⋅ 3 (x + 2 ) D f ′ = D f ′′ = R \ {− 2}
5
N.U. : y ′′(x 0 ) = 0 ili y ′′(x 0 ) ne postoji
y ′′( x ) = −
2 9 ⋅ 3 (x + 2 )
5
≠ 0 , ∀x ∈ R \ {− 2}
Druga derivacija nije definirana u točki x 0 = −2 , pa je to apscisa moguće točke infleksije. D.U. : druga derivacija y ′′ mijenja predznak u okolini točke x 0 Odaberemo h, 0
y ′′(x 0 − h) = y ′′(− 2 − h) = − y ′′(x 0 + h) = y ′′(− 2 + h) = −
2 9 ⋅ 3 ((− 2 − h) + 2) 2
5
9 ⋅ 3 ((− 2 + h) + 2)
5
=−
2
=
2
5 9 ⋅ 3 h5 9 ⋅ 3 (− h) 2 =− <0 3 5 9⋅ h
>0
Druga derivacija mijenja predznak u okolini točke x 0 i to : y ′′(x ) > 0 lijevo od točke x 0 , a
y ′′(x ) < 0 desno od x 0 , što znači da je x 0 apscisa točke infleksije.
y(− 2) = 3 − 2 + 2 = 0 Točka Ι = (− 2,0 ) je točka infleksije.
140
Zbirka zadataka iz Matematike 1
Intervali konveksnosti, konkavnosti : u intervalu (− ∞,−2) graf funkcije je konveksan, u intervalu (− 2,+∞ ) graf funkcije je konkavan
(3) y =
1 x−3
D f = R \ {3} y ′( x ) = − y ′′( x ) =
1
(x − 3 )2 2
(x − 3 )3 D f ′ = D f ′′ = R \ {3} N.U. : y ′′(x 0 ) = 0 ili y ′′(x 0 ) ne postoji
y ′′( x ) =
2
(x − 3 )3
≠ 0 , ∀x ∈ R \ {3}
Druga derivacija nije definirana u točki x 0 = 3 , no kako ni sama funkcija nije definirana u toj točki, nema točke infleksije. Da bi odredili intervale konveksnosti, konkavnosti promatramo ponašanje druge derivacije u okolini točke x 0 = 3 . Odaberemo h, 0
y ′′(x 0 − h) = y ′′(3 − h) = y ′′(x 0 + h) = y ′′(3 + h) =
2
((3 − h) − 3)
3
2
((3 + h) − 3)
3
= =
2
(− h)
3
=−
2 <0 h3
2 >0 h3
Druga derivacija mijenja predznak u okolini točke x 0 i to : y ′′(x ) < 0 lijevo od točke x 0 , a
y ′′(x ) > 0 desno od x 0 .
Intervali konveksnosti, konkavnosti : u intervalu (− ∞,3 ) graf funkcije je konkavan, u intervalu (3,+∞ ) graf funkcije je konveksan.
(4) y = x ⋅ e x
y ′( x ) = (1 + x ) ⋅ e x
y ′′( x ) = (2 + x ) ⋅ e x D f = D f ′ = D f ′′ = R
Zbirka zadataka iz Matematike 1
141
N.U. : y ′′(x 0 ) = 0 ili y ′′(x 0 ) ne postoji
y ′′( x ) = (2 + x ) ⋅ e x = 0 ⇒ x 0 = −2
D.U. : druga derivacija y ′′ mijenja predznak u okolini točke x 0 Odaberemo h, 0
y ′′(x 0 − h) = y ′′(− 2 − h) = (2 + (− 2 − h)) ⋅ e −2−h = −h ⋅ e −2−h < 0 y ′′(x 0 + h) = y ′′(− 2 + h) = (2 + (− 2 + h)) ⋅ e −2+h = h ⋅ e −2+h > 0
Druga derivacija mijenja predznak u okolini točke x 0 i to : y ′′(x ) < 0 lijevo od točke x 0 , a
y ′′(x ) > 0 desno od x 0 , što znači da je x 0 apscisa točke infleksije.
y(− 2) = (− 2) ⋅ e −2
Točka Ι = − 2,−
2 je točka infleksije. e2
Intervali konveksnosti, konkavnosti : u intervalu (− ∞,−2) graf funkcije je konkavan, u intervalu (− 2,+∞ ) graf funkcije je konveksan.
ZADACI ZA VJEŽBU 1. Odredite intervale konveksnosti, konkavnosti za funkcije : (1) y = e (2) y =
−
1 x
3 − x2 x+2
2. Odredite točke infleksije za funkcije : (1) y = x ⋅ 2 − x 2 (2) y = e
−
1 x
(3) y =
x2 − x4 2
(4) y =
x2 −1 x2 + 1
(5) y =
x3 + 1 x2
(6) y =
x 2 − 2x + 1 x2 + 1
142
Zbirka zadataka iz Matematike 1
R. 1.
1 2
1 2
(1) (− ∞,0 ) ∪ 0, ...konkavan, ,+∞ ...konveksan (2) (− ∞,−2)...konkavan , (− 2,+∞ )...konveksan 2. (1) Ι = (0,0 )
1 1 2 2 e
(2) Ι = ,
6 5 6 5 , , Ι 2 = , 6 72 6 72
3 1 3 1 , ,− , Ι 2 = 3 2 3 2
(3) Ι 1 = −
(4) Ι 1 = −
(5) Ι = (− 1,0 ) (6) Ι = (0,1)
5.15. Asimptote Primjer 1. Odredite asimptote krivulje :
x 2 − 6x + 3 (1) y = x−3 2 x +1 (2) y = x2 −1 R.
x 2 − 6x + 3 x−3 D f = R \ {3}
(1) y =
Pravac x = 3 je vertikalna asimptota jer vrijedi :
x 2 − 6 x + 3 9 − 18 + 3 − 6 = = = −∞ x →3 x−3 0 0
lim
Zbirka zadataka iz Matematike 1
143
Pravac y = x − 3 je kosa asimptota, ujedno lijeva i desna :
x 2 − 6x + 3 x 2 − 6x + 3 ∞ 2x − 6 ∞ 2 x−3 lim = = lim = 1 = = lim = lim 2 x → ±∞ x → ±∞ x x − 3x ∞ x → ±∞ 2 x − 3 ∞ x → ±∞ 2 x 2 − 6 x + 3 − x ⋅ (x − 3 ) x 2 − 6x + 3 −3 − 3x + 3 = lim lim = −3 − 1⋅ x = lim = lim x → ±∞ x −3 x −3 x →±∞ x − 3 x →±∞ 1 x →±∞
(2) y =
x2 + 1
x2 −1 D f = R \ [-1,1] = (− ∞,−1) ∪ (1,+∞ )
Pravac x = 1 je vertikalna asimptota jer vrijedi :
lim
x →1
x2 +1 x −1 2
=
1+ 1 1− 1
=
2 = +∞ 0
Pravac x = −1 je vertikalna asimptota jer vrijedi :
lim
x → −1
x2 + 1 x2 −1
=
1+ 1 1− 1
=
2 = +∞ 0
Pravac y = x je desna kosa asimptota :
x2 + 1
1 2 x ⋅ 1 + x2 x 2 − 1 = lim x + 1 = lim =1 x → +∞ x 1 x ⋅ x 2 − 1 x → +∞ x ⋅ x ⋅ 1− 2 x 2
lim
x → +∞
144
Zbirka zadataka iz Matematike 1
x2 + 1 x 2 + 1− x ⋅ x 2 − 1 lim − 1⋅ x = lim = 2 x → +∞ x → +∞ x2 −1 x −1
(x = lim
2
x → +∞
)
( (
) )
3x + 1 2
= lim
x → +∞
(
)
2
(
)
(
)
+1 − x ⋅ x2 −1 x2 + 1 + x ⋅ x2 −1 x2 + 1 − x2 ⋅ x2 −1 ⋅ = lim = x2 −1 x 2 + 1 + x ⋅ x 2 − 1 x → +∞ x 2 − 1 ⋅ x 2 + 1 + x ⋅ x 2 − 1
(
)
x2 ⋅ x2 −1 + x2 −1 + x ⋅ x2 −1
((
)
)
2
3x 3 3 = lim = =0 3 x → +∞ 2 x x → +∞ 2 x ∞
= lim
Pravac y = − x je lijeva kosa asimptota :
x2 + 1 lim
x → −∞
1 x 2 ⋅ 1 + 2 x x − 1 = lim x + 1 = lim = −1 x → −∞ x 1 x ⋅ x 2 − 1 x → −∞ x ⋅ x ⋅ 1− 2 x 2
2
x2 + 1 x 2 + 1+ x ⋅ x 2 − 1 lim + 1⋅ x = lim = 2 x → −∞ x → −∞ x2 −1 x −1
(x = lim x → −∞
= lim
x → −∞
2
)
( (
) )
(
)
2
x2 + 1 − x2 ⋅ x2 −1 +1 + x ⋅ x2 −1 x2 + 1 − x ⋅ x2 −1 = ⋅ = lim x2 −1 x 2 + 1 − x ⋅ x 2 − 1 x → −∞ x 2 − 1 ⋅ x 2 + 1 − x ⋅ x 2 − 1 3x 2 + 1
(
)
x2 ⋅ x2 −1 + x2 −1 − x ⋅ x2 −1
((
)
3 3 3x 2 = lim = =0 x → −∞ − 2 x 3 x → −∞ − 2 x ∞
= lim
)
Zbirka zadataka iz Matematike 1
ZADACI ZA VJEŽBU Odredite asimptote krivulje : 1
(1) y = e x (2) y =
x 2 − 2x − 3 9 − x2
3 − x2 (3) y = x+2 (4) y =
2x 3 + 1 x2
(5) y =
x 2 − 2x + 4 x2 + x − 2
(6) y =
x2 x −1
(7) y =
x2 − x − 6 2−x
(8) y =
x3
2 ⋅ (x + 1)
2
R. (1) x = 0 , y = 1 (2) x = −3 , y = −1 (3) x = −2 , y = − x + 2 (4) x = 0 , y = 2x (5) x = −2 , x = 1 , y = 1 (6) x = 1 , y = x + 1 (7) x = 2 , y = − x − 1 (8) x = −1 , y =
1 x −1 2
145
146
Zbirka zadataka iz Matematike 1
5.16. Ispitivanje toka i crtanje kvalitativnog grafa funkcije Primjer 1. Ispitajte tok i nacrtajte kvalitativni graf za funkciju y =
x3
(x − 1)2
.
R. 1. područje definicije
D f = R \ {1}
2. sjecišta s koordinatnim osima : x-osi (y=0)... y-osi (x=0)...
0=
x3
(x − 1)2
⇒ x = 0 ⇒ T = (0,0 )
x=0 ⇒ y=
03
(0 − 1)2
= 0 ⇒ y = 0 ⇒ T = (0,0 )
3. asimptote Pravac x = 1 je vertikalna asimptota jer vrijedi :
lim
x →1
x3
(x − 1)
2
=
13
(1 − 1)
2
=
1 =∞ 0
Pravac y = x + 2 je kosa asimptota, ujedno lijeva i desna :
x3
lim
(x − 1)2
x → ±∞
x
= lim
x → ±∞
x3
x ⋅ (x − 1)
2
2 x2 2x ∞ = = lim = lim = 1 x → ±∞ x 2 − 2 x + 1 x → ±∞ x → ±∞ 2x 2 ∞
= lim
2 x 3 − x ⋅ (x − 1)2 x3 = lim 2x − x = lim 4 x = 2 − ⋅ lim 1 x = lim 2 2 2 x →±∞ x →±∞ x − 2x + 1 x →±∞ 2x x → ±∞ (x − 1) (x − 1)
4. ekstremi
y ′( x ) = y ′′( x ) =
x 2 ⋅ (x − 3 )
(x − 1)3 6x
(x − 1)4
D f ′ = D f ′′ = R \ {1} N.U. : y ′(x 0 ) = 0 ili y ′(x 0 ) ne postoji
x 2 ⋅ (x − 3 )
(x − 1)3
= 0 ⇒ x1 = 0 , x 2 = 3
Zbirka zadataka iz Matematike 1
147
y ′(x 0 ) ne postoji za x 0 = 1 , ali kako i sama funkcija ima prekid u toj točki, ta točka otpada kao moguća apscisa točke ekstrema. D.U.: y ′′(x 0 ) ≠ 0
y ′′(0 ) = y ′′(3 ) =
6⋅0
(0 − 1)4 6⋅3
(3 − 1)
4
=0 ⇒ =
Točka Tmin = 3,
u x 1 = 0 funkcija ne postiže ekstrem
18 >0 ⇒ 16
za x 2 = 3 funkcija postiže minimum y min =
27 4
27 je točka minimuma. 4
5. intervali monotonosti Odaberemo h, 0
(0 − h)2 ⋅ ((0 − h) − 3) = h 2 ⋅ (− h − 3) > 0 ((0 − h) − 1)3 (− h − 1)3 2 ( 0 + h) ⋅ ((0 + h) − 3 ) h 2 ⋅ (h − 3 ) y ′(x 1 + h) = y ′(0 + h) = = >0 ((0 + h) − 1)3 (h − 1)3 (3 − h)2 ⋅ ((3 − h) − 3) = (3 − h)2 ⋅ (− h) < 0 y ′(x 2 − h) = y ′(3 − h) = ((3 − h) − 1)3 (2 − h)3 2 2 ( 3 + h) ⋅ ((3 + h) − 3 ) (3 + h) ⋅ h y ′(x 2 + h) = y ′(3 + h) = = >0 ((3 + h) − 1)3 (2 + h)3 y ′(x 1 − h) = y ′(0 − h) =
Intervali monotonosti :
u intervalu (− ∞,1) ∪ (3,+∞ ) f raste u intervalu (1,3 ) f pada
6. točke infleksije, intervali konveksnosti, konkavnosti N.U. : y ′′(x 0 ) = 0 ili y ′′(x 0 ) ne postoji
y ′′( x ) =
6x
(x − 1)4
= 0 ⇒ x0 = 0
y ′′(x 0 ) ne postoji za x 0 = 1 , ali kako i sama funkcija ima prekid u toj točki, ta točka otpada kao moguća apscisa točke infleksije. D.U. : druga derivacija y ′′ mijenja predznak u okolini točke x 0 Odaberemo h, 0
y ′′(x 0 − h) = y ′′(0 − h) =
6 ⋅ (0 − h)
=
− 6h
<0
((0 − h) − 1) (− h − 1)4 6 ⋅ (0 + h) 6h y ′′(x 0 + h) = y ′′(0 + h) = = >0 4 ((0 + h) − 1) (h − 1)4 4
148
Zbirka zadataka iz Matematike 1
Druga derivacija mijenja predznak u okolini točke x 0 i to : y ′′(x ) < 0 lijevo od točke x 0 , a
y ′′(x ) > 0 desno od x 0 , što znači da je x 0 apscisa točke infleksije.
y(0 ) =
03
(0 − 1)2
=0
Točka Ι = (0,0 ) je točka infleksije. Intervali konveksnosti, konkavnosti : U intervalu (− ∞,0 ) graf funkcije je konkavan, a u intervalu (0,1) ∪ (1,+∞ ) graf funkcije je konveksan.
Primjer 2. Ispitajte tok i nacrtajte kvalitativni graf za funkciju y = x ⋅ arctgx . R. 1. područje definicije
Df = R 2. sjecišta s koordinatnim osima : x-osi (y=0)... 0 = x ⋅ arctgx ⇒ x = 0 ⇒ T = (0,0 ) y-osi (x=0)...
x = 0 ⇒ y = 0 ⋅ arctg0 = 0 ⇒ y = 0 ⇒ T = (0,0 )
Zbirka zadataka iz Matematike 1
149
3. asimptote
π ⋅ x − 1 je desna kosa asimptota : 2 π x ⋅ arctgx = lim arctgx = lim x → +∞ x → +∞ x 2
Pravac y =
π arctgx − π π 2 0 lim x ⋅ arctgx − ⋅ x = (∞ − ∞ ) = lim x ⋅ arctgx − = (∞ ⋅ 0 ) = lim = = x → +∞ x x → +∞ → +∞ 1 2 2 0 x 1 2 − x2 − 2x = lim 1 + x = lim = lim = −1 2 x → +∞ x → +∞ 1 + x x → +∞ 2 x 1 − 2 x
π ⋅ x − 1 je lijeva kosa asimptota : 2 π x ⋅ arctgx = lim arctgx = − lim x → −∞ x → −∞ x 2
Pravac y = −
π arctgx + π π 2 0 lim x ⋅ arctgx + ⋅ x = (∞ − ∞ ) = lim x ⋅ arctgx + = (∞ ⋅ 0 ) = lim = = x → −∞ x x → −∞ → −∞ 1 2 2 0 x 1 2 − 2x − x2 = lim 1 + x = lim = lim = −1 2 x → −∞ x → −∞ 1 + x x → −∞ 2 x 1 − 2 x 4. ekstremi
y ′( x ) = arctgx + y ′′( x ) =
x 1+ x 2
2
(1 + x )
2 2
D f ′ = D f ′′ = R N.U. : y ′(x 0 ) = 0 ili y ′(x 0 ) ne postoji
arctgx +
(
)
x arctgx ⋅ 1 + x 2 + x = = 0 ⇒ x0 = 0 1+ x 2 1+ x 2
D.U.: y ′′(x 0 ) ≠ 0
y ′′(0 ) =
2
(1 + 0 )
2 2
= 2 > 0 ⇒ za x 0 = 0 funkcija postiže minimum y min = 0
150
Zbirka zadataka iz Matematike 1
Točka Tmin = (0,0 ) je točka minimuma. 5. intervali monotonosti Odaberemo h, 0
(0 − h) 2 1 + (0 − h) (0 + h) y ′(x 0 + h) = y ′(0 + h) = arctg(0 + h) + 2 1 + (0 + h)
y ′(x 0 − h) = y ′(0 − h) = arctg(0 − h) +
Intervali monotonosti :
−h <0 1+ h2 h = arctgh + >0 1+ h2
= arctg(− h) +
u intervalu (− ∞,0 ) f pada u intervalu (0,+∞ ) f raste
6. točke infleksije, intervali konveksnosti, konkavnosti N.U. : y ′′(x 0 ) = 0 ili y ′′(x 0 ) ne postoji
y ′′( x ) =
2
(1 + x )
2 2
≠ 0, ∀x ∈ R ⇒ funkcija nema točke infleksije
y ′′( x ) > 0, ∀x ∈ R ⇒ graf funkcije je konveksan
Zbirka zadataka iz Matematike 1
151
Primjer 3. 1
Ispitajte tok i nacrtajte kvalitativni graf za funkciju y = x ⋅ e x . R. 1. područje definicije
D f = R \ {0}
2. sjecišta s koordinatnim osima : 1
x-osi (y=0)... y-osi (x=0)...
0 = x ⋅ e x ⇒ x = 0 , no D f = R \ {0} , što znači da funkcija ne siječe x-os D f = R \ {0} , što znači da funkcija ne siječe y-os
3. asimptote Pravac x = 0 je vertikalna asimptota, jer vrijedi :
1 1 ex lim x ⋅ e x = (0 ⋅ ∞ ) = lim x →0 x → 0 1 x
1 1 − ex ⋅ 2 ∞ x = = lim x 0 → 1 ∞ − 2 x
1 1 = lim e x = e 0 = e ∞ = ∞ x →0
Pravac y = x + 1 je kosa asimptota, ujedno lijeva i desna, jer vrijedi : 1 x
1
x⋅e lim = lim e x = e 0 = 1 x → ±∞ x → ±∞ x
1x 1 1 e − 1 x − ⋅ e 1 1 = lim x2 lim x ⋅ e x − 1⋅ x = lim x ⋅ e x − 1 = lim x → ±∞ x → ±∞ x → ±∞ x → ±∞ 1 1 − 2 x x 4. ekstremi
y ′( x ) =
1
x −1 x ⋅e x 1 x
e x3 D f ′ = D f ′′ = R \ {0} y ′′( x ) =
N.U. : y ′(x 0 ) = 0 ili y ′(x 0 ) ne postoji 1
x −1 x ⋅ e = 0 ⇒ x0 = 1 x
1 = lim e x = e 0 = 1 x →±∞
152
Zbirka zadataka iz Matematike 1
y ′(x 0 ) ne postoji za x 0 = 0 , ali kako i sama funkcija ima prekid u toj točki, ta točka otpada kao moguća apscisa točke ekstrema. D.U.: y ′′(x 0 ) ≠ 0
y ′′(1) =
e1 =e>0 ⇒ 13
za x 0 = 1 funkcija postiže minimum y min = e
Točka Tmin = (1, e ) je točka minimuma. 5. intervali monotonosti Odaberemo h, 0
1 1 ( 0 − h ) − 1 0 −h − h − 1 −h y ′(0 − h) = ⋅e = ⋅e > 0 (0 − h) −h 1 1 ( 0 + h ) − 1 0 +h h − 1 h y ′(0 + h) = ⋅e = ⋅e < 0 (0 + h) h 1 1 ( 1 − h) − 1 1−h − h 1−h y ′(1 − h) = ⋅e = ⋅e < 0 (1 − h) 1− h 1 1 ( 1 + h) − 1 1+h h 1 + y ′(1 + h) = ⋅e = ⋅e h > 0 (1 + h) 1+ h
u intervalu (− ∞,0 ) ∪ (1,+∞ ) f raste
Intervali monotonosti :
u intervalu (0,1) f pada
6. točke infleksije, intervali konveksnosti, konkavnosti N.U. : y ′′(x 0 ) = 0 ili y ′′(x 0 ) ne postoji
y ′′( x ) =
y ′′(x 0 )
1 x
e ≠ 0 , ∀x ∈ D f x3 ne postoji za x 0 = 0 , ali kako i sama funkcija ima prekid u toj točki, ta točka otpada
kao moguća apscisa točke infleksije. Funkcija nema točke infleksije. Odaberemo h, 0
y ′′(0 − h) =
e
1 0 −h
(0 − h)
3
1
y ′′(0 + h) =
e 0 +h
(0 + h)3
=
e
1 −h
(− h)3
<0
1
eh = 3 >0 h
Zbirka zadataka iz Matematike 1
153
Intervali konveksnosti, konkavnosti : U intervalu (− ∞,0 ) graf funkcije je konkavan, a u intervalu (0,+∞ ) graf funkcije je konveksan.
154
Zbirka zadataka iz Matematike 1
ZADACI ZA VJEŽBU Ispitajte tok i nacrtajte kvalitativni graf za funkcije :
x2 x−2 x3 + 1 (2) y = x2 x2 − x − 6 (3) y = x−2
(1) y =
(4) y = 1 − x 3 3
(5) y = x ⋅ e x − x R. (1)
(2)
2
Zbirka zadataka iz Matematike 1 (3)
(4)
(5)
155
156
Zbirka zadataka iz Matematike 1
5.17. Zakrivljenost krivulje Primjer 1. Odredite zakrivljenost i radijus zakrivljenosti krivulje y( x ) =
1 u točki T = (2,1) . x −1
R.
y( x ) = y ′( x ) =
1 x −1 −1
y ′′( x ) =
⇒
y ′( 2) =
⇒
y ′′( 2) =
2
(x − 1)
3
y ′′(x )
k=
R=
(x − 1)
2
(1 + (y ′(x )) )
2 3
=
−1
= −1
(2 − 1)2 2
(2 − 1)3
2
(1 + (− 1) )
2 3
=2
2
=
2
3
=
2 2 2
=
1 2
=
2 2
1 1 2 = = = 2 k 2 2 2
Primjer 2. Odredite zakrivljenost i radijus zakrivljenosti krivulje y( x ) = ln x R. Sjecište s x-osi :
y=0
⇒ x =1 y = ln x y( x ) = ln x 1 1 y ′( x ) = ⇒ y ′(1) = = 1 x 1 −1 −1 y ′′( x ) = 2 ⇒ y ′′(1) = 2 = −1 1 x
k= R=
y ′′(x )
(1 + (y′(x )) )
2 3
=
−1
(1 + 1 )
1 1 4 = = =2 2 k 2 2 4
2 3
=
−1 2
3
=
−1 2 2
=−
2 4
u sjecištu s x-osi.
Zbirka zadataka iz Matematike 1
157
Primjer 3. Odredite zakrivljenost i radijus zakrivljenosti parametarski zadane krivulje točki t = 0 .
y = t ⋅ e t x = et
R.
x = e t ⇒ x& = e t , &x& = e t x& (0 ) = e 0 = 1 , &x&(0 ) = e 0 = 1 y = t ⋅ e t ⇒ y& = e t + t ⋅ e t , &y& = e t + e t + t ⋅ e t = 2 ⋅ e t + t ⋅ e t y& (0 ) = e 0 + 0 ⋅ e 0 = 1 , &y&(1) = 2 ⋅ e 0 + 0 ⋅ e 0 = 2 k=
R=
x& ⋅ &y& − y& ⋅ &x&
(x&
2
+ y&
)
2 3
=
1 ⋅ 2 − 1⋅ 1
(1
2
)
2 3
+1
=
1 2
3
=
1 2 2
=
2 4
1 1 4 = = =2 2 k 2 2 4
Primjer 4. Odredite zakrivljenost i radijus zakrivljenosti krivulje x 2 + xy + y 2 = 3 R.
x 2 + xy + y 2 = 3 2 ⋅ x + y + x ⋅ y′ + 2 ⋅ y ⋅ y′ = 0 2 + y ′ + y ′ + x ⋅ y ′′ + 2 ⋅ y ′ ⋅ y ′ + 2 ⋅ y ⋅ y ′′ = 0
2 ⋅ x + y + x ⋅ y ′ + 2 ⋅ y ⋅ y ′ = 0 / (x = 1, y = 1) 2 ⋅ 1 + 1 + 1⋅ y ′ + 2 ⋅ 1⋅ y ′ = 0 3 y ′ = −3 ⇒ y ′ T =(1,1) = −1 2 + y ′ + y ′ + x ⋅ y ′′ + 2 ⋅ y ′ ⋅ y ′ + 2 ⋅ y ⋅ y ′′ = 0 / (x = 1, y = 1) 2 + (− 1) + (− 1) + 1⋅ y ′′ + 2 ⋅ (− 1) ⋅ (− 1) + 2 ⋅ 1⋅ y ′′ = 0 3 y ′′ = −2 ⇒ y ′′ T =(1,1) = −
2 3
u točki T = (1,1) .
u
158
Zbirka zadataka iz Matematike 1
y ′′(x )
k=
(1 + (y ′(x )) )
2 3
R=
=
−
2 3
=
(1 + (− 1) )
2 3
2 2 − 3 = 3 =− 1 =− 2 6 3 2 23 2 2
−
1 1 6 = = =3 2 k 2 2 6
ZADACI ZA VJEŽBU Odredite zakrivljenost i radijus zakrivljenosti krivulja : (1) y = arctg 1 +
1 u sjecištu s pravcem x = −1 x
(2) e y + xy = e
u točki T = (0,1)
x = t + e t (3) u točki T = (1,0 ) y = t ⋅ e t (4)
x = a ⋅ cos t π u točkama t 1 = 0 , t 2 = 2 y = b ⋅ sin t
2t t + 2 (5) u točki T = (1,2) t y= t − 1 x=
R. (1) k = − (2) k =
2 , R= 2 2
e
(e
2
)
+1
3
, R=
(e
)
+1 e
2
3
3 5 5 5 , R= 25 3 a b2 (4) t 1 = 0 ⇒ k = − 2 , R = a b π b a2 t2 = ⇒ k=− 2 , R= 2 b a 17 17 (5) R = 24 (3) k =
Zbirka zadataka iz Matematike 1
159
6. NUMERIČKE METODE ZA PRIBLIŽNO RJEŠAVANJE JEDNADŽBI 6.1. Metoda sekante (regula falsi) Primjer 1. Metodom sekante na intervalu [0,1] točnošću na bar tri decimale.
nađite realni korijen jednadžbe
x 3 + 3x − 1 = 0
R. Stavimo x 0 = a
i x 1 = b , zatim računamo niz
x n+1 = x n −
(x n ) , n = 2,3,4,...
po formuli :
xk − xn ⋅ f (x n ) , f (x k ) − f (x n )
gdje je x k ona prethodna aproksimacija, za koju je f (x n ) ⋅ f (x k ) < 0 .
Definiramo :
f (x ) = x 3 + 3 x − 1
Odaberemo : x 0 = 0 , x 1 = 1 Izračunamo : f (0 ) = −1 , f (1) = 3 Računamo daljne aproksimacije :
x 2 = x1 −
x 2 − x1 1− 0 ⋅ f (x 1 ) = 1 − ⋅ 3 = 0.25 f (x 2 ) − f (x 1 ) 3 − (− 1)
f (0.25 ) = −0.234 f (1) ⋅ f (0.25 ) < 0 ⇒ x k = x 1 = 1
x3 = x2 −
x1 − x 2 1 − 0.25 ⋅ f (x 2 ) = 0.25 − ⋅ (− 0.234 ) = 0.304 f (x 1 ) − f (x 2 ) 3 − (− 0.234 )
f (0.304 ) = −0.06 f (1) ⋅ f (0.25 ) < 0 ⇒ x k = x 1 = 1
x4 = x3 −
x1 − x 3 1 − 0.304 ⋅ f (x 3 ) = 0.304 − ⋅ (− 0.06 ) = 0.318 f (x 1 ) − f (x 3 ) 3 − (− 0.06 )
f (0.318 ) = −0.014 f (1) ⋅ f (0.25 ) < 0 ⇒ x k = x 1 = 1
s
160
Zbirka zadataka iz Matematike 1
x5 = x4 −
x1 − x 4 1 − 0.318 ⋅ f (x 4 ) = 0.318 − ⋅ (− 0.014 ) = 0.321 f (x 1 ) − f (x 4 ) 3 − (− 0.014 )
f (0.321) = −0.004 f (1) ⋅ f (0.25 ) < 0 ⇒ x k = x 1 = 1
x6 = x5 −
x1 − x 5 1 − 0.321 ⋅ f (x 5 ) = 0.321 − ⋅ (− 0.004 ) = 0.322 f (x 1 ) − f (x 5 ) 3 − (− 0.004 )
f (0.322 ) = −0.0006
10 8 6 4 2 f( x)
10
8
6
4
2
0
2
4
6
8
10
2 4 6 8 10
Ako navedeni algoritam programiramo u nekom od programskih jezika, računalo će koristiti veći broj znamenaka, pa ako dobro odaberemo početni interval, već nakon nekoliko koraka doći ćemo do točnog (približnog) rezultata.
i
xi
f(xi)
xk
f(xk)
xi+1
f(xi+1)
1 2 3 4 5 6 7
0.00000 0.25000 0.30435 0.31771 0.32106 0.32190 0.32211
-1.00000 -0.23438 -0.05877 -0.01479 -0.00372 -0.00094 -0.00024
1.00000 1.00000 1.00000 1.00000 1.00000 1.00000 1.00000
3.00000 3.00000 3.00000 3.00000 3.00000 3.00000 3.00000
0.25000 0.30435 0.31771 0.32106 0.32190 0.32211 0.32217
-0.23438 -0.05877 -0.01479 -0.00372 -0.00094 -0.00024 -5.94774e-5
Zbirka zadataka iz Matematike 1
161
Primjer 2. Metodom sekante nađite realne korijene sljedećih jednadžbi : (1) x 3 − 2 x − 5 = 0 (2) x 5 − x − 2 = 0 (3) x 3 − x + 1 = 0 R. (1) f ( x ) = x 3 − 2x − 5 na [2,3]
i
xi
f(xi)
xk
f(xk)
xi+1
f(xi+1)
1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
2.00000 2.05882 2.08126 2.08964 2.09274 2.09388 2.09431 2.09446 2.09452 2.09454
-1.00000 -0.39080 -0.14720 -0.05468 -0.02020 -0.00745 -0.00275 -0.00101 -0.00037 -0.00014
3.00000 3.00000 3.00000 3.00000 3.00000 3.00000 3.00000 3.00000 3.00000 3.00000
16.00000 16.00000 16.00000 16.00000 16.00000 16.00000 16.00000 16.00000 16.00000 16.00000
2.05882 2.08126 2.08964 2.09274 2.09388 2.09431 2.09446 2.09452 2.09454 2.09455
-0.39080 -0.14720 -0.05468 -0.02020 -0.00745 -0.00275 -0.00101 -0.00037 -0.00014 -5.05686e-5
0
6
10 8 6 4 2 f( x)
10
8
6
4
2 2 4 6 8 10
2
4
8
10
162
Zbirka zadataka iz Matematike 1
(2) f ( x ) = x 5 − x − 2 na [1,2]
i
xi
f(xi)
xk
f(xk)
xi+1
f(xi+1)
1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 26 27 28
1.00000 1.06667 1.11967 1.16045 1.19096 1.21330 1.22937 1.24079 1.24883 1.25446 1.25838 1.26109 1.26298 1.26428 1.26517 1.26579 1.26622 1.26652 1.26672 1.26686 1.26696 1.26702 1.26707 1.26710 1.26712 1.267146 1.267153 1.267157
-2.00000 -1.68583 -1.35993 -1.05607 -0.79496 -0.58404 -0.42127 -0.29979 -0.21127 -0.14786 -0.10298 -0.07148 -0.04950 -0.03422 -0.02363 -0.01630 -0.01124 -0.00775 -0.00534 -0.00368 -0.00254 -0.00175 -0.00120 -0.00083 -0.00057 -0.00039 -0.00019 -0.00013
2.00000 2.00000 2.00000 2.00000 2.00000 2.00000 2.00000 2.00000 2.00000 2.00000 2.00000 2.00000 2.00000 2.00000 2.00000 2.00000 2.00000 2.00000 2.00000 2.00000 2.00000 2.00000 2.00000 2.00000 2.00000 2.00000 2.00000 2.00000
28.00000 28.00000 28.00000 28.00000 28.00000 28.00000 28.00000 28.00000 28.00000 28.00000 28.00000 28.00000 28.00000 28.00000 28.00000 28.00000 28.00000 28.00000 28.00000 28.00000 28.00000 28.00000 28.00000 28.00000 28.00000 28.00000 28.00000 28.00000
1.06667 1.11967 1.16045 1.19096 1.21330 1.22937 1.24079 1.24883 1.25446 1.25838 1.26109 1.26298 1.26428 1.26517 1.26579 1.26622 1.26652 1.26672 1.26686 1.26696 1.26702 1.26707 1.26710 1.26712 1.267146 1.267153 1.267157 1.267161
-1.68583 -1.35993 -1.05607 -0.79496 -0.58404 -0.42127 -0.29979 -0.21127 -0.14786 -0.10298 -0.07148 -0.0495 -0.03422 -0.02363 -0.01630 -0.01124 -0.00775 -0.00534 -0.00368 -0.00254 -0.00175 -0.0012 -0.00083 -0.00057 -0.00039 -0.00019 -0.00013 -8.85003e-5
4 3 2 1 f( x)
3
2
1
0 1 2 3 4
1
2
3
4
5
Zbirka zadataka iz Matematike 1
163
(3) f ( x ) = x 3 − x + 1 na [− 2,−1]
i
xi
f(xi)
xk
f(xk)
xi+1
f(xi+1)
1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12
-1.00000 -1.16667 -1.25311 -1.29344 -1.31128 -1.31899 -1.32228 -1.32368 -1.32428 -1.32453 -1.32464 -1.32468
1.00000 0.57870 0.28536 0.12954 0.05659 0.02430 0.01036 0.00440 0.00187 0.00079 0.00034 0.00014
-2.00000 -2.00000 -2.00000 -2.00000 -2.00000 -2.00000 -2.00000 -2.00000 -2.00000 -2.00000 -2.00000 -2.00000
-5.00000 -5.00000 -5.00000 -5.00000 -5.00000 -5.00000 -5.00000 -5.00000 -5.00000 -5.00000 -5.00000 -5.00000
-1.16667 -1.25311 -1.29344 -1.31128 -1.31899 -1.32228 -1.32368 -1.32428 -1.32453 -1.32464 -1.32468 -1.32470
0.57870 0.28536 0.12954 0.05659 0.02430 0.01036 0.00440 0.00187 0.00079 0.00034 0.00014 6.0475e-5
10 8 6 4 2 f( x)
10
8
6
4
2
0 2 4 6 8 10
2
4
6
8
10
164
Zbirka zadataka iz Matematike 1
6.2. Metoda tangente (Newtonova metoda) Primjer 1. Metodom tangente nađite realni korijen jednadžbe x 3 − 3 x − 5 = 0 R. Izaberemo x 1 ∈ [a, b ] , i računamo niz
(x n ) , n = 2,3,4,...
x n +1 = x n −
s točnošću 0.001.
po formuli :
f (x n ) , n = 1,2,3,... f ′(x n )
f ( x ) = x 3 − 3x − 5 Odaberemo : x 1 = 3 Izračunamo : f ′( x ) = 3 x 2 − 3
Definiramo :
Računamo aproksimacije :
x 2 = x1 − x3 = x2 −
f (x 1 ) 27 − 9 − 5 13 =3− =3− = 2.46 f ′(x 1 ) 27 − 3 24
f (x 2 ) 14 .89 − 7.38 − 5 = 2.46 − = 2.46 − 0.165 = 2.295 18 .16 − 3 f ′(x 2 )
f (x 3 ) 12 .088 − 6.885 − 5 = 2.295 − = 2.295 − 0.016 = 2.279 f ′(x 3 ) 15 .801 − 3 f (x 4 ) 11 .837 − 6.837 − 5 0 x5 = x4 − = 2.279 − = 2.279 − = 2.279 f ′(x 4 ) 15 .582 − 3 12 .582
x4 = x3 −
10 8 6 4 2 f( x)
10
8
6
4
2
0 2 4 6 8 10
2
4
6
8
10
Zbirka zadataka iz Matematike 1
165
Računajući s većim brojem znamenaka, dobivamo : xi 3.00000 2.45833 2.29431 2.27914 2.27902
i 1 2 3 4 5
f(xi) 13.00000 2.48170 0.19400 0.00158 1.07752e-7
f'(xi) 24.00000 15.13021 12.79158 12.58350 12.58178
hi=-f(xi) / f'(xi) -0.54167 -0.16402 -0.01517 -0.00013 -8.56413e-9
xi+1= xi+ hi 2.45833 2.29431 2.27914 2.27902 2.27902
Primjer 2. Metodom tangente nađite rješenja jednadžbi :
1 na intervalu [− π, π] x sin x = x 2 2 x = 4x e x = 4 − e −3 x 0. 2 ⋅ e x = 1 − x 2 1 log x = x ln x = 2x − 4
(1) tgx = (2) (3) (4) (5) (6) (7) R.
(1) f ( x ) = tgx − i 1 2 3
i 1 2 3
i 1 2 3 4 5 6
1 x xi -π -3.43062 -3.42562
f(xi) 0.31831 -0.00586 -7.39415e-6
f'(xi) 1.10132 1.17339 1.17044
hi=-f(xi) / f'(xi) -0.28903 0.00499 6.31743e-6
xi+1= xi+ hi -3.43062 -3.42562 -3.42562
xi π 3.43062 3.42562
f(xi) -0.31831 0.00586 7.39415e-6
f'(xi) 1.10132 1.17339 1.17044
hi=-f(xi) / f'(xi) 0.28903 -0.00499 -6.31743e-6
xi+1= xi+ hi 3.43062 3.42562 3.42562
xi -0.10000 -0.19801 -0.38070 -0.65694 -0.84892 -0.86037
f(xi) 9.89967 4.84970 2.22655 0.75100 0.04212 -0.00014
f'(xi) 101.01007 26.54612 8.06008 3.91189 3.67777 3.70215
hi=-f(xi) / f'(xi) -0.09801 -0.18269 -0.27624 -0.19198 -0.01145 3.65517e-5
xi+1= xi+ hi -0.19801 -0.38070 -0.65694 -0.84892 -0.86037 -0.86033
166
Zbirka zadataka iz Matematike 1
i 1 2 3 4 5 6
xi 0.10000 0.19801 0.38070 0.65694 0.84892 0.86037
f1 ( x ) = tgx , f 2 ( x ) =
f(xi) -9.89967 -4.84970 -2.22655 -0.75100 -0.04212 0.00014
f'(xi) 101.01007 26.54612 8.06008 3.91189 3.67777 3.70215
hi=-f(xi) / f'(xi) 0.09801 0.18269 0.27624 0.19198 0.01145 -3.65517e-5
xi+1= xi+ hi 0.19801 0.38070 0.65694 0.84892 0.86037 0.86033
1 x 6.28 4.71 3.14 1.57
f1( x) f2( x)
6.28 4.71
3.14
1.57
0
1.57
3.14
4.71
6.28
1.57 3.14 4.71 6.28
(2) f ( x ) = sin x − x 2
i 1 2 3 4
i 1 2 3 4 5
xi 0.10000 -0.01300 -0.00016 -2.68703e-8
f(xi) 0.08983 -0.01317 -0.00016 -2.68703e-8
f'(xi) 0.79500 1.02591 1.00033 1.00000
hi=-f(xi) / f'(xi) -0.11300 0.01283 0.00016 2.68703e-8
xi+1= xi+ hi -0.01300 -0.00016 -2.68703e-8 0.00000
xi π 1.78647 1.20166 0.95131 0.88262
f(xi) -9.86960 -2.21465 -0.51135 -0.09081 -0.00661
f'(xi) -7.28319 -3.78695 -2.04251 -1.32200 -1.13010
hi=-f(xi) / f'(xi) -1.35512 -0.58481 -0.25035 -0.06869 -0.00585
xi+1= xi+ hi 1.78647 1.20166 0.95131 0.88262 0.87677
Zbirka zadataka iz Matematike 1
167
f1 ( x ) = sin x , f 2 ( x ) = x 2
6.28 4.71 3.14 1.57
f1( x) f2( x)
6.28 4.71
3.14
1.57
0
1.57
3.14
4.71
6.28
1.57 3.14 4.71 6.28
(3) f ( x ) = 2 x − 4 x
f1 ( x ) = 2 x , f 2 ( x ) = 4 x
18 16 14 12 10
f1( x)
8
f2( x)
6 4 2 10
8
6
4
2
0 2
2
4
6
8
10
168
Zbirka zadataka iz Matematike 1
i 1 2 3
i 1 2 3 4 5 6 7
xi 0.00000 0.30240 0.30990
f(xi) 1.00000 0.02359 1.66896e-5
f'(xi) -3.30685 -3.14521 -3.14076
hi=-f(xi) / f'(xi) 0.30240 0.00750 5.31388e-6
xi+1= xi+ hi 0.30240 0.30990 0.30991
xi 3.00000 5.58870 4.71091 4.19189 4.01785 4.00017 4.00000
f(xi) -4.00000 25.76970 7.34568 1.50857 0.12779 0.00121 1.12152e-7
f'(xi) 1.54518 29.35736 14.15304 8.66804 7.22842 7.09167 7.09036
hi=-f(xi) / f'(xi) 2.58870 -0.87779 -0.51902 -0.17404 -0.01768 -0.00017 -1.58176e-8
xi+1= xi+ hi 5.58870 4.71091 4.19189 4.01785 4.00017 4.00000 4.00000
xi -1.00000 -0.72527 -0.52123 -0.42147 -0.40170 -0.40103
f(xi) 16.45342 5.29343 1.37020 0.19712 0.00624 6.84517e-6
f'(xi) -59.88873 -25.94351 -13.73546 -9.96704 -9.34198 -9.32150
hi=-f(xi) / f'(xi) 0.27473 0.20404 0.09976 0.01978 0.00067 7.34342e-7
xi+1= xi+ hi -0.72527 -0.52123 -0.42147 -0.40170 -0.40103 -0.40103
xi 1.00000 1.47955 1.38707 1.38235
f(xi) -1.23193 0.40279 0.01871 4.62699e-5
f'(xi) 2.56892 4.35554 3.95636 3.93680
hi=-f(xi) / f'(xi) 0.47955 -0.09248 -0.00473 -1.17532e-5
xi+1= xi+ hi 1.47955 1.38707 1.38235 1.38233
(4) f ( x ) = e x + e −3 x − 4 i 1 2 3 4 5 6
i 1 2 3 4
f1 ( x ) = e x , f 2 ( x ) = 4 − e −3 x 5 4 3 2 1
f1( x) f2( x)
5
4
3
2
1
0 1 2 3 4 5
1
2
3
4
5
Zbirka zadataka iz Matematike 1
169
(5) f ( x ) = 0.2 ⋅ e x − 1 + x 2 i 1 2 3 4 5 6 7 8
i 1 2 3 4 5
xi 0.00000 4.00000 2.63001 1.54825 0.96920 0.77999 0.75761 0.75730
f(xi) -0.80000 25.91963 8.96177 2.33773 0.46651 0.04467 0.00061 1.19376e-7
f'(xi) 0.200000 18.91963 8.03482 4.03715 2.46556 1.99626 1.94186 1.94110
hi=-f(xi) / f'(xi) 4.00000 -1.36999 -1.08176 -0.57905 -0.18921 -0.02238 -0.00031 -6.14994e-8
xi+1= xi+ hi 4.00000 2.63001 1.54825 0.96920 0.77999 0.75761 0.75730 0.75730
xi -2.00000 -1.23808 -0.99375 -0.96157 -0.96099
f(xi) 3.02707 0.59082 0.06158 0.00107 3.51403e-7
f'(xi) -3.97293 -2.41817 -1.91346 -1.84668 -1.84547
hi=-f(xi) / f'(xi) 0.76192 0.24433 0.03218 0.00058 1.90413e-7
xi+1= xi+ hi -1.23808 -0.99375 -0.96157 -0.96099 -0.96099
f1 ( x ) = 0.2 ⋅ e x , f 2 ( x ) = 1 − x 2 5 4 3 2 1
f1( x) f2( x)
5
4
3
2
1
0
1
2
3
4
5
1 2 3 4 5
(6) f ( x ) = log x − i 1 2 3 4 5
1 x xi 1.00000 1.69721 2.29329 2.49248 2.50613
f(xi) -1.00000 -0.35947 -0.07559 -0.00458 -1.84574e-5
f'4(xi) 1.43429 0.60305 0.37952 0.33521 0.33251
hi=-f(xi) / f'(xi) 0.69721 0.59609 0.19919 0.01365 5.55094-5
xi+1= xi+ hi 1.69721 2.29329 2.49248 2.50613 2.50618
170
Zbirka zadataka iz Matematike 1
f1 ( x ) = log x , f 2 ( x ) =
1 x 4 3 2
f1( x)
1
f2( x)
0
1
2
3
4
5
6
7
8
1 2 3 4
(7) f ( x ) = ln x − 2x + 4
f1 ( x ) = ln x , f 2 ( x ) = 2x − 4
5 4 3 2 1
f1( x) f2( x)
2
1
0 1 2 3 4 5
1
2
3
4
5
6
7
8
Zbirka zadataka iz Matematike 1
i 1 2 3 4 5 6
i 1 2 3
171
xi 0.00100 0.00392 0.01004 0.01640 0.01883 0.01902
f(xi) -2.90976 -1.55062 -0.62174 -0.14315 -0.00998 -5.34007e-5
f'(xi) 998.00000 253.38959 97.65021 58.96789 51.10761 50.56253
hi=-f(xi) / f'(xi) 0.00292 0.00612 0.00637 0.00243 0.00020 1.05613e-6
xi+1= xi+ hi 0.00392 0.01004 0.01640 0.01883 0.01902 0.01903
xi 2.00000 2.46210 2.44755
f(xi) 0.69315 -0.02318 -1.75186e-5
f'(xi) -1.50000 -1.59384 -1.59143
hi=-f(xi) / f'(xi) 0.46210 -0.01454 -1.10081e-5
xi+1= xi+ hi 2.46210 2.44755 2.44754
Primjer 3. Metodom sekante i tangente nađite korijene jednadžbi : (1) (2) (3) (4) (5) (6)
x 3 + 3x − 1 = 0 x 3 − 3x − 5 = 0 e −x − x = 0 x ⋅ ln x − 10 = 0 cos x − 4 x = 0 sin x − x + 2 = 0
R. (1) f ( x ) = x 3 + 3 x − 1 (a) metoda sekante :
i
xi
f(xi)
xk
f(xk)
xi+1
f(xi+1)
1 2 3 4 5 6 7
0.00000 0.25000 0.30435 0.31771 0.32106 0.32190 0.32211
-1.00000 -0.23438 -0.05877 -0.01479 -0.00372 -0.00094 -0.00024
1.00000 1.00000 1.00000 1.00000 1.00000 1.00000 1.00000
3.00000 3.00000 3.00000 3.00000 3.00000 3.00000 3.00000
0.25000 0.30435 0.31771 0.32106 0.32190 0.32211 0.32217
-0.23438 -0.05877 -0.01479 -0.00372 -0.00094 -0.00024 -5.94774e-5
(b) metoda tangente i 1 2 3 4
xi 0.00000 0.33333 0.32222 0.32219
f(xi) -1.00000 0.03704 0.00012 1.31383e-9
f'(xi) 3.00000 3.33333 3.31148 3.31141
hi=-f(xi) / f'(xi) 0.33333 -0.01111 -3.68672e-5 -3.9676e-10
xi+1= xi+ hi 0.33333 0.32222 0.32219 0.32219
172
Zbirka zadataka iz Matematike 1
5 4 3 2 1 f( x)
5
4
3
2
1
0
1
2
3
4
5
1 2 3 4 5
(2) f ( x ) = x 3 − 3 x − 5 (a) metoda sekante :
i
xi
f(xi)
xk
f(xk)
xi+1
f(xi+1)
1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12
0.00000 0.83333 1.58610 2.02064 2.19479 2.25294 2.27108 2.27661 2.27829 2.27880 2.27895 2.27900
-5.00000 -6.92130 -5.76811 -2.81164 -1.01180 -0.32351 -0.09948 -0.03023 -0.00915 -0.00277 -0.00084 -0.00025
3.00000 3.00000 3.00000 3.00000 3.00000 3.00000 3.00000 3.00000 3.00000 3.00000 3.00000 3.00000
13.00000 13.00000 13.00000 13.00000 13.00000 13.00000 13.00000 13.00000 13.00000 13.00000 13.00000 13.00000
0.83333 1.58610 2.02064 2.19479 2.25294 2.27108 2.27661 2.27829 2.27880 2.27895 2.27900 2.27901
-6.92130 -5.76811 -2.81164 -1.01180 -0.32351 -0.09948 -0.03023 -0.00915 -0.00277 -0.00084 -0.00025 -7.63713e-5
(b) metoda tangente i 1 2 3 4 5
xi 3.00000 2.45833 2.29431 2.27914 2.27902
f(xi) 13.00000 2.48170 0.19400 0.00158 1.07752e-7
f'(xi) 24.00000 15.13021 12.79158 12.58350 12.58178
hi=-f(xi) / f'(xi) -0.54167 -0.16402 -0.01517 -0.00013 -8.56413e-9
xi+1= xi+ hi 2.45833 2.29431 2.27914 2.27902 2.27902
Zbirka zadataka iz Matematike 1
173
10 8 6 4 2 f( x)
10
8
6
4
2
0
2
4
6
8
10
2 4 6 8 10
(3) f ( x ) = e − x − x (a) metoda sekante :
i
xi
f(xi)
xk
1 2 3 4 5
2.00000 0.69816 0.58148 0.56873 0.56732
-1.86466 -0.20066 -0.02241 -0.00249 -0.00028
0.00000 0.00000 0.00000 0.00000 0.00000
f(xk) 1.00000 1.00000 1.00000 1.00000 1.00000
xi+1
f(xi+1)
0.69816 0.58148 0.56873 0.56732 0.56716
-0.20066 -0.02241 -0.00249 -0.00028 -3.08386e-5
f1 ( x ) = e − x , f 2 ( x ) = x 7 6 5 4 3
f1( x)
2
f2( x)
1 3
2
1
0 1 2 3
1
2
3
4
5
6
7
174
Zbirka zadataka iz Matematike 1
(b) metoda tangente xi 0.00000 0.50000 0.56631 0.56714
i 1 2 3 4
f(xi) 1.00000 0.10653 0.00130 1.9648e-7
f'(xi) -2.00000 -1.60653 -1.56762 -1.56714
hi=-f(xi) / f'(xi) 0.50000 0.06631 0.00083 1.25375e-7
xi+1= xi+ hi 0.50000 0.56631 0.56714 0.56714
(4) f ( x ) = x ⋅ ln x − 10 (a) metoda sekante :
i
xi
f(xi)
xk
f(xk)
xi+1
f(xi+1)
1 2 3
5.00000 5.72236 5.72887
-1.95281 -0.01802 -0.00015
6.00000 6.00000 6.00000
0.75056 0.75056 0.75056
5.72236 5.72887 5.72893
-0.01802 -0.00015 -1.27614e-6
(b) metoda tangente i 1 2 3
xi 5.00000 5.74836 5.72894
f(xi) -1.95281 0.05340 3.2864e-5
f'(xi) 2.60944 2.74892 2.74553
hi=-f(xi) / f'(xi) 0.74836 -0.01943 -1.197e-5
xi+1= xi+ hi 5.74836 5.72894 5.72893
f 1( x ) = x ⋅ ln x , f 2 ( x ) = 10 16 14 12 10 8
f1( x)
6
f2( x)
4 2 4
2
0 2 4
2
4
6
8
10
12
14
16
Zbirka zadataka iz Matematike 1
175
(5) f ( x ) = cos x − 4 x (a) metoda sekante :
i
xi
f(xi)
xk
f(xk)
xi+1
f(xi+1)
1 2 3 4
0.00000 0.22423 0.24134 0.24258
1.00000 0.07804 0.00564 0.00041
1.00000 1.00000 1.00000 1.00000
-3.45970 -3.45970 -3.45970 -3.45970
0.22423 0.24134 0.24258 0.24267
0.07804 0.00564 0.00041 2.90962e-5
(b) metoda tangente i 1 2 3 4
xi π/2 0.31416 0.24324 0.24267
f(xi) -6.28319 -0.30558 -0.00241 -1.56579e-7
f'(xi) -5.00000 -4.30902 -4.24085 -4.24030
hi=-f(xi) / f'(xi) -1.25664 -0.07092 -0.00057 -3.69264e-8
xi+1= xi+ hi 0.31416 0.24324 0.24267 0.24267
f1 ( x ) = cos x , f 2 ( x ) = 4 x 6.28 4.71 3.14 1.57
f1( x) f2( x)
6.28 4.71
3.14
1.57
0
1.57
3.14
4.71
6.28
1.57 3.14 4.71 6.28
(6) f ( x ) = sin x − x + 2 (a) metoda sekante :
i
xi
f(xi)
xk
f(xk)
xi+1
f(xi+1)
1 2 3 4
2.00000 2.49606 2.55153 2.55409
0.90930 0.10557 0.00489 0.00019
4.00000 4.00000 4.00000 4.00000
-2.75680 -2.75680 -2.75680 -2.75680
2.49606 2.55153 2.55409 2.55419
0.10557 0.00489 0.00019 7.50926e-6
176
Zbirka zadataka iz Matematike 1
(b) metoda tangente i 1 2 3 4
xi π/2 3.00000 2.56840 2.55423
f(xi) 1.42920 -0.85888 -0.02608 -5.48779e-5
f'(xi) -1.00000 -1.98999 -1.84017 -1.83240
hi=-f(xi) / f'(xi) 1.42920 -0.43160 -0.01417 -2.99486e-5
xi+1= xi+ hi 3.00000 2.56840 2.55423 2.55420
f1 ( x ) = sin x , f 2 ( x ) = x − 2 6.28 4.71 3.14 1.57
f1( x) f2( x)
6.28 4.71
3.14
1.57 1.57 3.14 4.71 6.28
0
1.57
3.14
4.71
6.28
Zbirka zadataka iz Matematike 1
7. LITERATURA 1. T. Bradić i drugi : Matematika za tehnološke fakultete (Element , Zagreb, 1998.) 2. J.N. Bronstein, K.A. Semendjajev : Matematički priručnik (Tehnička knjiga, Zagreb, 2004.) 3. B. Dakić, N. Elezović: Matematika 4, udžbenik i zbirka zadataka za 4. razred prirodoslovnih gimnazija (Element, Zagreb, 2003.) 4. B. Dakić, N. Elezović: Priručnik za nastavnike uz udžbenik Matematike 4 (Element, Zagreb, 2004.) 5. B. Dakić : Zbirka zadataka iz matematika s pismenih ispita - 4 (Element, Zagreb, 1999.) 6. B.P.Demidovič : Zadaci i riješeni primjeri iz matematičke analize (Tehnička knjiga, Zagreb, 2003.) 7. P. Javor : Matematička analiza 1 (Element, Zagreb, 1995.) 8. P. Javor : Matematička analiza – Zbirka zadataka (Školska knjiga, Zagreb, 1994.) 9. P. Javor : Matematička analiza 2 (Element, Zagreb, 2003.) 10. V.P. Minorski : Zbirka zadataka iz više matematike (Tehnička knjiga, Zagreb, 1987.) 11. Ž. Pauše : Matematički priručnik 1 (Školska knjiga, Zagreb, 2003.) 12. Ž. Pauše : Matematički priručnik 2 (Školska knjiga, Zagreb, 2004.) 13. D. Perše : Matematika I (Veleučilište u Karlovcu, Karlovac, 2004.)
177