PROBLEMARIO QUÍMICA GENERAL NACIONAL SIGLO XX ING. LEONARDO SUAREZ MOLLINEDO ÁREA DE TECNOLOGÍA
UNIVERSIDAD
LA MATERIA SUS PROPIEDADES Y SU MEDICIÓN 1. La densida densidad d del aire aire a una presión presión de 1 at!s"er at!s"eraa # $%&C $%&C es de 1'1( )*L. +Cu,l +Cu,l es la asa en -il!)ra!s del aire de una a/ita0ión ue tienen las si)uientes diensi!nes 2'$ 3 14'% 3 $'5% 6 Solución: Primero: Calculamos volumen de la habitación: V =8,2 m x 13,5 m x 2,75 m=304,4 m3
El volumen de la habitación está en (m3) por lo que es necesario convertir a (L) para que así su unidad sea compatible con el de la densidad: 304,4 m
3
.
1.000 L 1m
3
=304.425 L
Seundo: !e la ecuación de la densidad despe"amos la masa # reempla$amos el volumen # la densidad del aire:
m D= ; → m =V . D V
g m=V . D =304.425 L x 1,19 =362.265,8 g L
%inalmente convertimos los () a (&) que es la unidad en la que nos pide la masa de aire: 362.265,8 g aire aire x
aire 1 kg aire 1.000 gaire
=362 kg
$. El a0eit a0eitee se e3tien e3tiende de en una una 0apa 0apa del) del)ad adaa s!/re s!/re el a)ua 0uand! 0uand! se present presentaa un derrae de petróle! 0rud!. +Cu,l es el ,rea en etr!s 0uadrad!s ue 0u/re $77 04 de a0eite si la 0apa ue se "!ra tiene un espes!r de 7'% n. Solución: El área de la capa de aceite responde a la siuiente 'órmula:
A =
V e
Como el área que nos pide debe estar epresada en m* reali$amos las conversiones convenientes para cada dato:
PROBLEMARIO QUÍMICA GENERAL NACIONAL SIGLO XX ING. LEONARDO SUAREZ MOLLINEDO ÁREA DE TECNOLOGÍA V =200 cm x
e =0,5 nm x
3
1 L
3
3
1000 cm
x
1m
1000 L
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=2 x 10−4 m3
−9
m =5 x 10−10 m 1 nm
10
%inalmente* reempla$amos los datos en la ecuación del área: 2 x 10
−4
3
m 5 2 A = −10 =4 x 10 m 5 x 10 m
4. El pre0i pre0i!! del del !r! !r! 8ar9 8ar9aa u0 u0!! # a su/id su/id!! ast astaa 1.47 1.4777 dóla dólare ress la !n:a !n:a tr!# tr!#.. +Cu,nt! 8alen $$5 )ra!s de !r! a 1.477 dólares la !n:a tr!#6 Solución: Es necesario conocer a cuantos ramos equivale + on$a tro# de oro: 1 onzatroy =31 gramo s
, partir de este dato reali$amos las conversiones necesarias para determinar el valor de ramos de oro: 227 g Au
1 onzatroy
x
31 g Au
x
1.300 $ us 1 onzatroy
= 9.519 $ us
;. Se tiene tiene un prisa prisa e3a)!n e3a)!nal al de 4'% 0 de lad! lad! # una altura altura de 1% 0' la pie:a pie:a se pesa en una /alan:a # se !/tiene $$7 $ $7 )r. +Cal0ular +Cal0ular la densidad de la pie:a6 p ie:a6 Solución: Primero: El heaonal es: V = A b . h
volumen
del
prisma
El área rea de la base se calcula de la siuiente 'orma: Perímetro Perímetro . apotema A b = 2
PROBLEMARIO QUÍMICA GENERAL NACIONAL SIGLO XX ING. LEONARDO SUAREZ MOLLINEDO ÁREA DE TECNOLOGÍA l 2 2
La apotema (a) está dada por:
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¿
l 2−¿ a =√ ¿
El perímetro (P) está dado por: P=6 . l !ónde: l es es el lado del heáono. /empla$ando el valor de l en las 'órmulas dadas: 3,5 cm
¿ ¿
3,5 cm 2
¿2
¿ ¿ a =√ ¿ P=6 . 3,5 cm
A b =
El área (, b) del prisma es:
6,35 cm . 3,03 cm 2
=19,2 cm2
El volumen (0) del prisma es: V = A b . h =19,2 cm2 . 15,0 cm =288 cm3
La densidad de la pie$a es: m 220 g D= = =0,76 g / cm3 3 V 288 cm
%. Un e3peri e3perient! ent! de la/!rat la/!rat!ri !ri!! ne0esita ne0esita ue 0ada estudia estudiante nte use <'%% )ra!s )ra!s de 0l!rur! de s!di!. El instru0t!r a/re un "ras0! nue8! de 1'77 l/ de la sal. Si 0ada un! de l!s $; estudiantes t!an e3a0taente la 0antidad estipulada' +0u,nt! uedar, en el "ras0! al "inal de la sesión de la/!rat!ri!6 Solución: Sal u sada ¿ 24 . 6,55 g =157,2 g e sal Los 1 estudiantes utili$aran: Sal sal =453,6 gr sal sal El 'rasco contiene: 1 lb sal
La sal que queda es:
Sa l!uea !uea = 453,6 g −157,2 g =296,4 g
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<. Si tres sui0idas de i)ual pes! se aarran' un! 0!n una r!0a de %.17$ )' !tr! 0!n 1'% li/ras de a0er! # el =lti! 0!n ;'2 !n:as de ierr!' # se lan:an al ar de0idid!s a !rir. +>ui?n se a!)ara ,s r,pid!6 +P!r u?6 1. El prier! /@ El se)und! 0@ El ter0er! d@ Nin)un! Solución: Primero convertimos todos los pesos a una sola unidad* en este caso eleimos ramos: Primer suicida: 2
5 . 10
1g
mg x
1000 mg
=0,5 g
Seundo suicida: 1,5 lbacero x
453,6 g 1 lb
=680,4 g
2ercer suicida: 4,8 onzas x
28,35 g 1 onza
=136,1 g
Como los pesos atados son mu# ba"os nin)un! se ahoa.
5. a@ +Cu,nt!s ) de aire a# en un aula de 1$ p!r 17 p!r 2' si la densidad del aire es 27 l/*litr!6 /@ +Cu,ntas li/ras de aire aspiraran 47 alun!s' en (7 inut!s' si 0ada un! de ell!s reali:a $7 aspira0i!nes de 1*$ litr! p!r inut!6 Solución: a) Calculamos el volumen del aula en litros: 3
V =12 m. 10 m. 8 m=960 m x
1.000 L 1m
3
=9,6 x 105 L
!espe"amos de la 'órmula de densidad* la masa # convertimos a &iloramos: m=V . D =9,6 x 10 5 L .
80 lb 1 L
=7,7 x 107 lb.
1 kg 0,22 lb
=3,510 8 kg aire
b) Cada alumno aspirara en + minuto: 1 minuto x
20 aspiraciones 1 minuto
x
0,5 L 1 aspiraci"n
En 4 minutos cada alumno aspirara: 90 minutos x
10 L aire 1 minuto
=900 Laire
Los 34 alumnos aspiraran: 30 alumnos x
900 L aire 1 alumno
= 27.000 L aire
=10 L aire
PROBLEMARIO QUÍMICA GENERAL NACIONAL SIGLO XX ING. LEONARDO SUAREZ MOLLINEDO ÁREA DE TECNOLOGÍA Las libras de aire aspirado serán:
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lb 6 m=V . D =27.000 L aire . 80 = 2,2 x 10 lb e aire L
2. El 0al!r espe09"i0! del ierr! es 7'175 0al*)r BC. +>u? 0antidad de 0al!r se ne0esita para 0alentar 177 )r de ierr! desde $7BC asta 57BC. Solución: 5tili$amos la primera le# de la termoquímica: ! =m. # e . ( $% )
! =100 g & e . 0,107
cal . ( 70 '# −20 '# )=535 cal g '#
(. La teperatura del iel! se0! teperatura de su/lia0ión a presión n!ral@ es 17( B. +Es a#!r ! en!r ue la teperatura del etan! en e/ulli0ión ue es de 22BC.6 Solución: !ebemos convertir ambas temperaturas a una misma escala* escoemos la escala Celsius o centírada. 6ielo seco:
5
5
9
9
'# = . ( '& −32 )= . (−109 −32 )=−78,3 ' #
Etano en ebullición: −88 ' # La temperatura del hielo seco es ma#or que la del etano en ebullición.
17. Un atra: de 8idri! pesa 8a09! $7'$45< )r # $7'417$ )r llen! de a)ua a ;BC asta una 0ierta ar0a. El is! atra: se se0a # se llena asta la isa ar0a 0!n una s!lu0ión a ;BC. A!ra el pes! es $7'447 )r. +Cu,l es la densidad de la s!lu0ión6
PROBLEMARIO QUÍMICA GENERAL NACIONAL SIGLO XX ING. LEONARDO SUAREZ MOLLINEDO ÁREA DE TECNOLOGÍA Solución:
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Calculamos primero el peso del aua contenido en el matra$: m ( )= 20,3102 g− 20,2376 g =0,0726 geagua 2
La densidad del aua a 17C es + 8cm3* con este valor calculamos el volumen ocupado por el aua en el matra$ que será el mismo volumen que ocupe la solución. V agua =V soluci"n =
0,0726 g eagua 1
g cm
=0,0726 cm3
3
,ntes de calcular la densidad de la solución* hace 'alta calcular el peso de la solución que será: msoluci"n =20,330 g−20,2376 g =0,0924 g e soluci"n %inalmente calculamos la densidad: D =
0,0924 g 0,0726 cm
=1,27 3
g 3
cm
11. Un l9uid! 0!n un 8!luen de 17'5 L tiene una asa de (';$ )r. El l9uid! puede ser !0tan!' etan!l ! /en0en!' # las densidades de ?st!s s!nF 7'57$ )*L' 7'52( )*L # 7'25( )*L' respe0ti8aente. +Cu,l es la identidad del l9uid!6 Solución: Calculamos la densidad del líquido: D=
9,42 g 10,7 mL
= 0,88 g / mL
El líquido es el /en0en!.
1$. Un pi0nóetr! es un aparat! de 8idri! usad! para deterinar e3a0taente la densidad de un l9uid!. El pi0nóetr! se0! # 8a09! tiene una asa de $5'41; ). Cuand! se llena el pi0nóetr! 0!n a)ua destilada a $%&C' la asa t!tal es de 4;'2;$ ). Cuand! se llena 0!n 0l!r!"!r! un l9uid! usad! 0!! anest?si0! antes ue se 0!n!0iera sus pr!piedades tó3i0as@' el aparat! tiene una asa de ;1'2;$ ). a. +Cu,l es el 8!luen del pi0nóetr!6 /. +Cu,l es la densidad del 0l!r!"!r!6 a) Solución: Se calcula la masa de aua contenida en el picnómetro: m ( )=34,842 g− 27,314 g =7,528 g 2
9 9 70 47 9g / c m³ ,c a l c u l a mo s Si consideramos que la densidad del aua a 97C es: D=0.
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e lv o l u me nd el a gu aq ues er ál ami s maqu ed el p i c n óme t r o . 7,528 g V ( ) =V picn"metro = =7,55 cm3 2
0,997
g
cm
3
b) Para calcular la densidad del cloro'ormo calculamos primero la masa ocupada por este líquido en el picnómetro: mcloro*ormo = 41,842 g −27,314 g=14,528 g La densidad del cloro'ormo será: Dcloro*ormo =
14,528 g
=1,92
3
7,55 cm
g cm3
14. El !r! pur! es un etal deasiad! /land! para u0!s eple!s' p!r l! 0ual se li)a ! se alea 0!n !tr!s para darle ,s resisten0ia e0,ni0a. Una alea0ión deterinada se a0e e:0land! <7 ) de !r!' 2'7 ) de plata # 1$ ) de 0!/re. +De 0u,nt!s uilates es est, alea0ión' si se 0!nsidera ue el !r! pur! es de $; uilates6 Solución: Se considera que: 24 !uilates = 100 Au Se calcula el porcenta"e de oro en la me$cla: Au=
60 g Au
( 60 g +8,0 g +12 g ) mezcl a
x 100=75
La aleación tendrá por tanto: 75 .
24 !uilates 100
=18 !uilates
1;. Sup!ner ue se a idead! un nue8! teróetr!' 0!n su es0ala 0!rresp!ndiente' llaad! teróetr! G. En la es0ala G' el punt! de e/ulli0ión del a)ua est, a 147& G' # el punt! de 0!n)ela0ión en l!s 17&G. +A u? teperatura se leer, la isa 0i"ra de )rad!s en el teróetr! areneit # en el teróetr! G6 Solución: Calculamos la 'unción que relaciona la escala 7 # la escala 7%: + & = + 1 & 1
!e la siuiente proporcionalidad entre escalas calculamos la 'unción:
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=
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& −32 212−32
;ue resulta: 3
& = + + 17 2
Sea* #: valor para el cual ambas medidas son iuales. Para hallar el valor de #* se sustitu#e
y = y + 17 2
!e donde resulta: # = >31 7? entonces >31 7% = >31 7
1%. +>u? est, ,s "ri!' +al)!dón a 177&C ! al)!dón a 142&6 Solución: !ebemos convertir ambas temperaturas a una misma escala* escoemos la escala Celsius o centírada. ,lodón a @ +3A 7%: 5
5
9
9
'# = . ( '& −32 )= . (−138 −32 )=−94,4 ' #
,lodón a >+447C La temperatura del alodón a @ +44 7C está más 'rio.
1<. La aspirina est, 0!ntenida en 7'7<;2 )*pastilla' +0uantas li/ras de aspirina a# un "ras0! de %77 pastillas6 ,) -*1++4 > lb B) -*+1+4> lb C) -*+1+4>+ lb !) -*+1+4>3 lb E) inuno
Solución: 500 pastillas.
0,0648 gaspirina 1 pastilla
.
1 lbaspirina 453,6 g aspirina
=7,14 x 10−2 lb La respuesta es B.
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15. Una estrella n!ral irradia una ener)9a de un!s 17;< H!ule durante su 8ida edia de 1717 a!s. Deterine la 0antidad de ateria ue pierde 0ada si)l! en ). A@ 1'1J17 $1 K@ 4'$J1712 C@ ;'4J17$4 D@ 1'1J171( E@ Nin)un! Solución: 3 x 10
¿
m s
¿8¿ ¿ ¿ ¿ , ,= mc 2 → m= 2 = c
10
kg m2 s2
46
¿ 29
1 siglo.
100 a-os 1,1 x 10 1 siglo
.
kg =1,1 x 1021 kg 10 10 a-os
La respuesta es ,.
12. La ,3ia 0!n0entra0ión t!lerada de !nó3id! de 0ar/!n!' CO' en el aire ur/an! es 17 ) de CO* 4de aire' durante un peri!d! de 2 !ras. En estas 0!ndi0i!nes' +Cu,l es la asa de !nó3id! de 0ar/!n! presente en una a/ita0ión 0u#as edidas' en pies' s!n 2 3 1$ 3 $76 ,) 1 m
B) 111 m C) 911 m
!) D11 m
E) inuno
Solución
( 12 pulg)3 ( 2,54 cm )3 1 m3 3 V =8 x 12 x 20=1920 pies . . . 6 3 =54,4 m 3 3 ( 1 pie ) ( 1 pulg ) 10 cm 3
54,4 m
3
.
10 mg#) 1m
3
=544 mg#) L! "#$%u#$&! #$ C.
1(. Un re0ipiente 8a09! tiene una asa de 1$7 ) # llen! de a)ua' 1(7 ). Si al re0ipiente 8a09! se le a)re)an 17 ) de un etal # lue)! se llena 0!n a)ua' la asa resultante es de 1(; ). allar la densidad del etal. A@ 1'$ )*l
K@ 1'; )*L
C@ 1'5 )*L D@ 7'( )*l E@ Nin)un!
PROBLEMARIO QUÍMICA GENERAL NACIONAL SIGLO XX ING. LEONARDO SUAREZ MOLLINEDO ÁREA DE TECNOLOGÍA !atos:
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mr =120 g mr +agua =190 g mmetal =10 g
mr +agua +metal =194 g
Solución: / =
m / V /
Se tiene que calcular el volumen del metal* que es iual al aua desalo"ada por el metal en el picnómetro: +7 Calculamos el volumen del aua en el picnómetro: V agua =
mrecipiente +agua −m recipiente 190 g −120 g = =70 ml agua 1 g / ml
7 El volumen de aua desalo"ada por el metal: maguaesalo0aa =mrecipiente + agua+ metal− mmetal − mrecipiente maguaesalo0aa =194 g−10 g −120 g =64 g
V aguaesalo0aa =
maguaesalo0aa agua
=
64 g 1 g / ml
=64 ml
El volumen del metal es: V / =V agua −V aguaesalo0aa =70 ml −64 ml =6 ml
La densidad del metal es: / =
m / 10 g = =1,7 g / mL V / 6 mL
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La respuesta es C.
$7. Un 0ilindr! ue0! de 17 pul)adas de altura # % pul)adas de di,etr! 0!ntiene en su interi!r !tr! 0ilindr! a0i:! de 2 pul)adas de altura # 4 pul)adas de di,etr!. Este disp!siti8! de 0ilindr!s pesa 1;27 )' # llen! de un )as des0!n!0id! G pesa 1;22 ). allar la densidad del )as G en )*L. A@ 7'% K@ 1'(4 C@ 4'% D@ $'% E@ Nin)un! !atos: h ( =10 pulg .
D ( =5 pulg . h / =8 pulg.
2,54 cm 1 pulg
2,54 cm 1 pulg
2,54 cm
D / =3 pulg .
1 pulg
=25,4 cm
=12,7 cm
= 20,3 cm
2,54 cm 1 pulg
=7,6 cm
mispositio=1480 g
mispositio + gas =1488 g
Solución: gas =
mgas V gas
mgas =msistema +gas −msistema=1488 g −1480 g =8 g V gas =V # hueco −V # macizo 12,7
¿ ¿
1 1 2 V # hueco = . h ( . D ( = . 25,4 cm . ¿ 4
4
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7,6
¿ ¿
1 1 2 V # macizo = . h / . D / = . 20,3 cm. ¿ 4
4
3
3
3
V gas =3217,6 cm − 920,9 cm =2296,7 cm .
gas =
8g 2,3 L
1 L 1000 cm
3
=2,3 L
=3,5 g / L La respuesta es C.
$1. Una pr!/eta 8a09a tiene una asa de %7 ). Si llena!s asta la ter0era parte de la pr!/eta 0!n a)ua' la asa del 0!nHunt! es de 177 )' per! al llenar t!talente la pr!/eta del anteri!r 0!nHunt! 0!n un l9uid! des0!n!0id!' la asa de t!d! el 0!nHunt! es de 1<7 ). allar la densidad del l9uid! des0!n!0id! en )*L. ,) 4*+ 8mL
B) 4*A 8mL
C) 4*D 8mL
!) +*9 8mL E) inuno
!atos:
m probeta=50 g m probeta+agua =100 g m probeta+lí!uio=160 g
Solución: El volumen del aua es iual a +83 del volumen de la probeta: magua= m probeta+ agua− m probeta=100 g−50 g =50 g V agua =50 m L
El volumen de la probeta es: V probeta=50 mL. 3=150 mL
La densidad del líquido es:
PROBLEMARIO QUÍMICA GENERAL NACIONAL SIGLO XX ING. LEONARDO SUAREZ MOLLINEDO ÁREA DE TECNOLOGÍA m 110 g = = =0,73 g / mL V 150 mL
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$$. +Cu,l es la di"eren0ia de teperatura entre 17 BC # $25 B6 A@ 17 K@ ;2 C@ $54 D@ 7 E@ Nin)un! Solución: Convertimos los datos en una sola escala de temperatura: 5
'# = ('& −32 ) 9
9
9
5
5
'& = '# + 32= (−10 ) + 32=14 '&
La di'erencia de temperatura es: $ % =287 '& −14 '& =273 '& La respuesta es C.
$4. Se tienen d!s 0uerp!s K # N TK T N@' si se iden sus teperaturas en la es0ala Celsius' la sua de las le0turas es 177. Si se iden sus teperaturas en )rad!s areneit' la di"eren0ia de sus le0turas es 21. Cal0ular la teperatura de K en la es0ala Celsius. A@ 5( K@ 5$'% C@ 177 D@ ;(% E@ ;% Solución E$&!'l#c#(o$ l!$ $i)ui#n$ i)u!l*!*#$ ,nla escala celsius : % 2 + % 3 =100 o
o
,nla escala *ahrenheit : % 2−% 3 =81
+,+-
PROBLEMARIO QUÍMICA GENERAL UNIVERSIDAD NACIONAL SIGLO XX ING. LEONARDO SUAREZ MOLLINEDO ÁREA DE TECNOLOGÍA L! i)u!l*!* #n l! #$c!l! /!0"#n0#i& +- *#'# $#" %u#$&! #n &1"(ino$ *# l! #$c!l! C#l$iu$2 %!"! #llo u&ili3!(o$ l! $i)ui#n "#l!ción 9
'& = '# + 32 5
9
D# *on*#
5
R##(%l!3!n*o 9 5
9
% o2= % + 32
o % 3 = % + 32
5
2
o % o2 4 % 3
3
#n l! #cu!ción +- n#(o$
9
% +32− % − 32=81 2
5
3
O"*#n!n*o o'n#(o$ % 2−% 3 = 45
+-
Co(o !('!$ #cu!cion#$ #$&5n #n l! #$c!l! C#l$iu$2 "##(%l!3!(o$ +- #n +,- 4 o'n#(o$ % 2=72,5 '# y % 3 =27,5 '#
L! "#$%u#$&! #$ B.
$;. En una es0ala de teperatura de )rad!s ' el a)ua 0!n)ela a $7 & # e/ulle a 127 &. Si en la es0ala de )rad!s ' el al0!!l 0!n)ela a 17 &. +Cu,l ser, el punt! de 0!n)ela0ión en )rad!s areneit # en )rad!s el8in6 A@ % $24
K@ ;1 $54 C@ 17 $52
D@ ;1 $52
E@ Nin)un!
Solución: 2emperatura de conelación del alcohol en 7% = !el rá'ico obtenemos las siuientes ra$ones: 180 −(−10 ) 180 −(−20 )
=
+A476
+ 7%
>+476
7%
212 − + 212−32
6aciendo operaciones # despe"ando tenemos:
PROBLEMARIO QUÍMICA GENERAL NACIONAL SIGLO XX ING. LEONARDO SUAREZ MOLLINEDO ÁREA DE TECNOLOGÍA + =212−
190 200
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. 180= 41 '&
>476
3 7%
5
'# = ( 41−32 ) = 9 7C = -A & 9
La respuesta es !
$%. Se diseó una nue8a es0ala de teperatura /asada en el punt! de 0!n)elaient! del a)ua t!ada 0!! 17 # la teperatura 0!rp!ral uana (5 &@' t!ada 0!! $7.+Cu,l es la teperatura del a)ua ir8iente en la nue8a es0ala6 A@ 54
K@ 142
C@ 2%
D@ 177
E@ Nin)un!
Solución: 2emperatura del aua hirviente = !el rá'ico obtenemos las siuientes ra$ones:
+ 7%
4
- 7%
>+4
3 7%
x −(−10 ) 212 −32 = 212− 97 x −20
6aciendo operaciones # despe"ando tenemos: 65 x =4750 ; x =73
La respuesta es ,
QTOMOS' MOLCULAS Y MOLES $<. Cal0ular la asa atói0a pr!edi! del /!r!' a partir de l!s si)uientes dat!sF Is!t!p! Masa A/undan0ia K 17 17'714 ua 1('52 K 11 11'77( ua 2$'$$ Solución: 5tili$amos la siuiente 'órmula: . + + . 4 ma( 2 )= 100
/eempla$ando en la ecuación obtenemos:
PROBLEMARIO QUÍMICA GENERAL UNIVERSIDAD NACIONAL SIGLO XX ING. LEONARDO SUAREZ MOLLINEDO ÁREA DE TECNOLOGÍA 19,78 . ( 10,013 uma )+ 82,22 . ( 11,009 uma ) ma( 2 )= =11,03 uma 100
1. +Cu,l es la asa real ! 8erdadera de6 a@ Una !l?0ula de ,0id! nitr!s! /@ Un !l de O:!n! 0@ Una !l?0ula de nitrur! de s!di! d@ Un !l de sul"it! ,0id! de p!tasi! Solución: 5tili$ando 'actores de conversión para cada caso: a) 1 mol5culae (3 )2 .
17 g ( 3 )2 23
6,023 x 10 mol5culas (3 )2
=2,8 x 10−23 g ( 3 )2
b) 1 mole) 3 .
48 g )3 1 mol)3
= 48 g )3
c) 1 mol5culae 3 a3 3 .
83 g 3 a3 3 23
6,023 x 10 mol5culas 3 a3 3
=1,38 x 10−22 g 3a3 3
d) 1 mole6(S)3 .
120 g6(S)3 1 mol 6(S )3
=120 g6(S)3
$. La "órula de la 0a"e9na es C217N;O$. DeterinarF a. La asa de un !l de 0a"e9na /. El n=er! de ,t!!s en una !l?0ula de 0a"e9na 0. El n=er! t!tal de ,t!!s en un !l de 0a"e9na d. El n=er! de !les de 0a"e9na en %7'7 ) de 0a"e9na. Solución: a) 1 mole# 8 ( 10 3 4 ) 2 .
194 ge# 8 ( 10 3 4 )2 1 mole# 8 ( 10 3 4 )2
=194 ge# 8 ( 10 3 4 )2
PROBLEMARIO QUÍMICA GENERAL NACIONAL SIGLO XX ING. LEONARDO SUAREZ MOLLINEDO ÁREA DE TECNOLOGÍA b) . 1 mol5culae# 8 ( 10 3 4 ) 2 .
UNIVERSIDAD
24 7tomos 1 mol5cula ee # 8 ( 10 3 4 ) 2
=24 7tomos
c) . 23
1 mole# 8 ( 10 3 4 ) 2 .
24 . 6,023 x 10 7tomos 1 mole e# 8 ( 10 3 4 )2
= 7tomos
d) . 50 ge# 8 ( 10 3 4 )2 .
1 mol e# 8 ( 10 3 4 )2 194 ge# 8 ( 10 3 4 )2
=0,26 moles e # 8 ( 10 3 4 )2
$5. La asa real de un ,t!! de un is!t!p! des0!n!0id! es $'12 3 17$$ ). Cal0ular la asa atói0a de este isót!p!6 Solución: 5tili$amos la siuiente equivalencia: −22
2,18 x 10
g+.
1 uma −24
1,67 x 10
g
− 24
1 uma =1,67 x 10
g
=130,54 uma
$2. +Cu,nt!s !les de ierr! se 0!/inan 0!n 7'$$ !les de !39)en! para dar erru/re' e$O46 Solución: El hierro # el oíeno reaccionan de la siuiente manera: /elación molar:
1%e 3 F G %eF3 1 mol 3 moles moles
5tili$ando 'actores de conversión: 0,22 molese)2 .
4 moles e &e 3 moles e) 2
=0,29 moles &e
$(. +La asa de un ,t!! de ar)ón es <'<4 3 17$; ). Cu,nt!s ,t!!s a# en una uestra de ;7'7 ) de ar)ón6 Solución:
PROBLEMARIO QUÍMICA GENERAL NACIONAL SIGLO XX ING. LEONARDO SUAREZ MOLLINEDO ÁREA DE TECNOLOGÍA 1 7tomo e Ar 40,0 g A r . =6,03 x 10 24 7tomos e Ar −24 g Ar 6,63 x 10
UNIVERSIDAD
47. +>u? 8!luen en litr!s !0upan $'51 !les de )as eli! en 0!ndi0i!nes n!rales6 Solución: 2,71 moles ( e( g) .
22,4 L (e 1 mol(e g
= 60,70 L ( e( g)
41. +Cu,nt!s )ra!s de S 0!ntiene un 8!luen de <%' 7 L de $S edid!s en 0!ndi0i!nes n!rales6 Solución: 65,0 L ( 2 S .
1 mol( 2 S
1 mol S
.
.
32 g S
22,4 L ( 2 S 1 mol ( 2 S 1 mol S
=92,8 g S
4$. +Cu,l de las si)uientes 0antidades 0!ntiene el a#!r n=er! de ,t!!s6 a@ <'57 )r de ierr! /@ 7'11 at)r de ierr! 0@ 5'2 3 17$7 ,t!!s de ierr! d@ 7'$% !les de ierr! Solución: Se convierte todas las cantidades a átomos de %e: 23
6,70 g&e.
6,023 x 10
7tomos e &e =7,2 x 1022 7tomose &e 56 g &e 23
0,11 at − gr&e.
20
7,8 x 10 7tomose &e
6,023 x 10 7tomose &e 1 at − gr &e
=6,62 x 1022 7tomose &e
? Esta cantidad no necesita conversión 23
0,25 moles &e.
6,023 x 10 7tomose &e 1 mol &e
/espuesta. 4*9 moles de %e
=1,5 x 1023 7tomose &e
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44. El 17 es el ó3id! "err!s! ue 0u/re la super"i0ie de un 0la8! de ierr!' 0u#a asa t!tal es de ('24 ). Deterinar en el 0la8!. a@ El At)r de ierr!. /@ L!s ,t!!s de ierr! 0@ L!s !les de eO d@ Las !l?0ulas de eO Solución: Se debe calcular primero las masas de óido 'erroso (%eF) # del %e en el clavo: m &e) =mt . 10 = 9,83 g . 0,10= 0,98 g
Si el +4 H es el %eF que cubre el clavo el resto* es decir 4H es %e sin oidar: m &e =mt . 90 =9,83 g . 0,90 =8,85 g
Con cada masa calculamos lo que se pide: 8,85 g & e .
1 at − gr & e
=0,16 at − gr&e
56 g &e 23
8,85 g & e .
6,023 x 10
0,98 g&e).
7tomos e &e =9,5 x 10 22 7tomos e &e 56 g &e
1 mol &e) 72 g&e)
= 0,018 moles &e) 23
0,98 g&e).
6,023 x 10 mol5culas e &e) 72 g&e)
=8,2 x 1021 mol5culase &e)
PROBLEMARIO QUÍMICA GENERAL NACIONAL SIGLO XX ING. LEONARDO SUAREZ MOLLINEDO ÁREA DE TECNOLOGÍA
UNIVERSIDAD
4;. En un litr! de a)ua est,n presentesF a@ +1% !les de a)ua6 /@ +2'$. 17$7 ,t!!s de !39)en!6 0@ +%%'%% !les de a)ua6 d@ +%77 )r de a)ua6 Solución: 5tili$ando 'actores de conversión: 3
1 < ( 2 ) x
1.000 cm ( 2 ) 1 < ( 2 )
x
1 gr ( 2 ) 3
1 cm ( 2 )
x
1 mol ( 2 ) 18 gr ( 2 )
=55,55 moles e ( 2 )
4%. +Cuant!s a!s tardar9a!s en 0!ntar t!d!s l!s ,t!!s de er0uri! ue a# en una i0r!)!ta de er0uri! de asa i)ual a ;.172 )ra!s si 0ada <7 se)und!s 0!nta!s %7 ,t!!s de er0uri!6 Solución: 5tili$ando 'actores de conversión: −8
4,10
gr (g x
1 mol (g 201 gr (g
23
x
6,023 . 10
60 seg 1 hora 1 ía 1 a-o 7t e (g x x x x 1 mol (g 50 7te (g 3.600 seg 24 hrs. 365 ías
¿ 4,6 x 10 6 a-os
4<. El di,etr! de un ,t!! de !39)en! es apr!3iadaente de 11 V' si se 0!l!0an en "ila 17 !les de !39)en!' Wu? l!n)itud al0an:ar9a la "ila6 Solución: Se utili$a 'actores de conversión: −10 7tomose) 11 8 1 x 10 m . . =¿ 1 mol) 1 7tomo) 1 8 23
10 moles).
6,023 x 10
45. Una )!ta de l,)ria 0!ntiene <% ) de a)ua. +Cuantas !l?0ulas de a)ua a# en ; )!tas de l,)rias6
PROBLEMARIO QUÍMICA GENERAL NACIONAL SIGLO XX ING. LEONARDO SUAREZ MOLLINEDO ÁREA DE TECNOLOGÍA Solución:
UNIVERSIDAD
5tili$ando 'actores de conversión: 4 gotas lag . x
65 mg ( 2 )
1 gr ( 2 )
23
1 mol ( 2 ) 6,023 . 10 mol5culas ( 2 )
x x x 1 gotaelag. 1.000 mg ( 2 ) 18 gr ( 2 )
1 mol ( 2 )
=8,7 x 1021 moleculas
42. Para es0ri/ir 2777 pala/ras s!/re un papel ipres! se an )astad! 1'1$ ) de 0ar/ón )ra"it! de la ina de un l,pi:. +Cu,nt!s ,t!!s de 0ar/!n!' en pr!edi!' a# en 0ada pala/ra6 Solución: 5tili$ando 'actores de conversión obtenemos los átomos de C contenidos en +*+ r de C: 1,12 gr #
6,023 . 10
x
23
7tomos# =5,02 x 1022 7tomos# 12 gr #
!ividimos el nImero de átomos de C entre el nImero de palabras # obtendremos: 22
5,02 x 10 7tomose# 7tomos # =6,27 x 1018 palabra 8.000 palabras
4(. Una u0a0a re0i/e 0!! re)al! de su ena!rad! un anill! de !r! de 4'$ )ra!s # de 12 uilates. Si 7'7115 !les de !r! 0uesta 2( Xus. +Cu,l es el 0!st! del !r! en la H!#a6 $; uilates 177 !r!@ 1 Xus <'(7 Ks@. Solución: Primero obtenemos a que porcenta"e de oro en el anillo corresponde los +A quilates: 18 !uilates Aux
Au =75 Au 24 !uilates Au 100
Por tanto de los 3* r que pesa el anillo* solo el -9 H es ,u* el resto puede ser cobre o plata. Con este dato reali$amos los 'actores de conversión correspondientes:
PROBLEMARIO QUÍMICA GENERAL UNIVERSIDAD NACIONAL SIGLO XX ING. LEONARDO SUAREZ MOLLINEDO ÁREA DE TECNOLOGÍA 75 gr A u 1 mol Au 89 $ us 6,90 2s 3,2 gr anillo x x x x =639,4 2s 100 gr anillo 197 gr Au 0,0117 moles Au 1 $ us
;7. Nuestr! 0uerp! 0!ntiene /astante 0ar/!n! 0!! para "a/ri0ar (777 inas de l,pi: de $7 0 de l!n)itud # $ de di,etr!. +Cu,nt!s ,t!!s de 0ar/!n! se en0uentran distri/uid!s en 0ada l,pi:6 Densidad del 0ar/ón )ra"it! $'<$ )*04@. Solución: Calculamos el volumen de la mina de cada lápi$* considerando que la mina tiene 'orma de un cilindro: D
!atos: altura* h = 4 cm !iámetro* ! = mm = cm 1 V = . D2 . h
h
4
/eempla$ando datos: V =
1 4
2
2
3
. 2 cm . 20 cm =62,8 cm
Para este volumen calculamos el nImero de átomos de C* utili$ando la densidad # el nImero de ,voadro. 23
3
62,8 cm # x
2,62 gr# 6,023 x 10 7tomos# 3
1 cm #
x
12 gr #
=8,3 x 1024 7tomos#
REACCIONES >UZMICAS MTODOS DE I[UALACIÓN ;1. Kalan0ear 0ada una de las e0ua0i!nes p!r el ?t!d! del tante!. a.
$ a6CF3 6SF1
G aSF1 $6F $CF
b.
4J(F6) $63PF1
G J3(PF1) <6F
c. ,lF3 <6 G ,l3 46F
PROBLEMARIO QUÍMICA GENERAL NACIONAL SIGLO XX ING. LEONARDO SUAREZ MOLLINEDO ÁREA DE TECNOLOGÍA
d.
$ 61 F3
e.
$Cu(F3)
G $ F G
UNIVERSIDAD
;6F
$CuF ; F
F
;$. C!pletar las si)uientes e0ua0i!nesF '. . h. i. ".
CuCl 6SF1 G CuSF1 $6Cl CaCl $6F3 G Ca(F3) $6Cl Cu(F3) $KF6 G Cu(F6) $KF3 CaCl $,F3 G Ca(F3) $,Cl CuSF1 6S G CuS 6SF1
;4. Kalan0ear 0ada una de las e0ua0i!nes p!r el ?t!d! al)e/rai0! a. e$O4 \ NO4 \ O ] $eO; \ NO$ \ $O Escribimos una letra* empe$ando por ,* sobre las especies de la ecuación A%eF3 KKF3 CKF6 G DK %eF1 EKF 6F Establecemos ecuaciones para cada uno de los elementos: %e: , = ! (+) K: B C = ! E () : B = E (3) 6: C = % (1) F: 3, 3B C = 1! E % (9) /esolvemos las ecuaciones Si ! = ? , = + Los coe'icientes encontrados son: /eempla$ando (3) en () # sustitu#endo el valor de !: ,=+ E C = ! E? C = 1 B=3 /eempla$ando el valor de C en (1) C=1 %= != /eempla$ando en (9) E=3 3.(+) 3B 1 = 1.() E %= 3B = E 3 (D) /eempla$ando (3) en (D) 3E = E 3? E = 3 # B = 3 /eempla$ando los coe'icientes encontrados en la ecuación oriinal: %eF3 3 KF3 1KF6 G K %eF1 3KF 6F
/. $S \ NO4 ] $SO; \ NO$ \ $O
PROBLEMARIO QUÍMICA GENERAL UNIVERSIDAD NACIONAL SIGLO XX ING. LEONARDO SUAREZ MOLLINEDO ÁREA DE TECNOLOGÍA Escribimos una letra* empe$ando por ,* sobre las especies de la ecuación A6S K6F3 G C6SF1 D F E6F Establecemos ecuaciones para cada uno de los elementos: 6: , B = C E (+) S: , = C () : B = ! (3) F: 3B = 1C ! E (1)
/esolvemos las ecuaciones Si C = + ? , = + /eempla$ando estos valores en (+) (+) B = (+) E? B = E (9) /eempla$ando (3) # (9) en (1) 3. (E) = 1. (+) . (E) E DE = 1 9E? E = 1 /eempla$ando E = 1 en (9)
B = A? ! = A Los coe'icientes encontrados son: ,=+ B=A C=+ !=A E=1
/eempla$ando los coe'icientes encontrados en la ecuación oriinal: 6S A6F3 G 6SF1 AF 16F
0. $C$O; \ MnO; ] CO$ \ $CO4 \ MnO$ \ $O Escribimos una letra* empe$ando por ,* sobre las especies de la ecuación A6CF1 KKJnF1 G CCF DK CF3 EJnF Establecemos ecuaciones para cada uno de los elementos: 6: , = % (+) C: , = C ! () Jn: B = E (3) K: B = ! (1) F: 1, 1B = C 3! E % (9)
6F
/esolviendo las ecuaciones obtenemos los siuientes coe'icientes: , = 3? B = ? C = 9? ! = +? E = # % = 3 /eempla$ando los coe'icientes encontrados en la ecuación oriinal 36CF1 KJnF1 G 9CF K CF3 JnF 36F
d. C4O \ $Cr$O5 \ $SO; ] COO \ Cr$SO;@4 \ $SO; \ $O Escribimos una letra* empe$ando por ,* sobre las especies de la ecuación: AC63F6 KK Cr F- C6SF1 G D6CFF6 ECr (SF1)3 K SF1 [6F Establecemos ecuaciones para cada uno de los elementos: C: , = ! (+) Cr: B = E () S: C = 3E % (3) K: B = % (1) 6: , C = ! (9) F: , -B 1C= ! +E 1% (D) /esolviendo las ecuaciones obtenemos los siuientes coe'icientes: , = 3? B = ? C = A? ! = 3? E = ? % = # = ++ /eempla$ando los coe'icientes encontrados en la ecuación oriinal 3C63F6 K Cr F- A6SF1 G 36CFF6 Cr (SF1)3 K SF1 ++6F
e. C$< \ O$ ] CO$ \ $O Escribimos una letra* empe$ando por ,* sobre las especies de la ecuación: AC6D KF G CCF D6F Establecemos ecuaciones para cada uno de los elementos: C: , = C (+) 6: D, = ! () F: B = C ! (3) /esolviendo las ecuaciones obtenemos los siuientes coe'icientes: , = ? B = -? C = 1 # ! = D
/eempla$ando los coe'icientes encontrados en la ecuación oriinal C6D -F G 1CF D6F
;;. Kalan0ear 0ada una de las e0ua0i!nes p!r el ?t!d! de !3ida0ión redu00ión ". $S \ $Cr$O5 \ $SO; ] S \ Cr$SO;@4 \ $SO; \ $O Se escribe los elementos que su'ren un cambio en el estado de oidación: > D D 4 3 D 6S K Cr F- 6SF1 G S Cr (SF1)3 K SF1 6F Se escriben los diaramas de equilibrio para cada especie que presenta los cambios de oidación: S(>MM) G S(4) N D N Cr(0M) G Cr(MMM) Se multiplica por los coe'icientes necesarios para eliminar las caras # se sumas ambas semirreacciones: 3S(>MM) G 3S(4) DN ( 3) D N Cr(0M) G Cr (MMM) 3S(>MM) Cr(0M) G 3S(4) Cr (MMM) /eempla$amos los coe'icientes en la ecuación eneral # completamos el resto por tanteo: 36S K Cr F- 1 6SF1 G 3S Cr (SF1)3 K SF1 -6F
). Cl \ MnO; ] MnCl$ \ Cl$ \ Cl \ $O Se escribe los elementos que su'ren un cambio en el estado de oidación: >+ 4 6Cl KJnF1 G JnCl Cl KCl 6F Se escriben los diaramas de equilibrio para cada especie que presenta los cambios de oidación: 9 N Jn(0MM) G Jn(MM) Cl(>M) G Cl(4) N Se multiplica por los coe'icientes necesarios para eliminar las caras # se sumas ambas semirreacciones: 9 N Jn(0MM) G Jn(MM) Cl(>M) G Cl(4) N Jn(0MM) +4Cl(>M) G Jn (MM) +4Cl(4)
() (9)
/eempla$amos los coe'icientes en la ecuación eneral # completamos el resto por tanteo:
+D6Cl KJnF1 G JnCl 9Cl KCl A6F
. S \ ClO4 \ $O ] Cl$ \ $SO; \ $SO; Se escribe los elementos que su'ren un cambio en el estado de oidación: 4 9 4 D S KClF3 6F G Cl K SF1 6SF1 Se escriben los diaramas de equilibrio para cada especie que presenta los cambios de oidación: S(4) G S(0M) D N 9 N Cl(0) G Cl(4) Se multiplica por los coe'icientes necesarios para eliminar las caras # se sumas ambas semirreacciones: S(4) G S(0M) D N 9 N Cl(0) G Cl(4) 9 S(4) DCl(0) G 9 S(0M) D Cl(4)
(9) (D)
/eempla$amos los coe'icientes en la ecuación eneral # completamos el resto por tanteo: %S \
i. MnO$ \ ClO4 \ O ] $MnO; \ Cl \ $O Se escribe los elementos que su'ren un cambio en el estado de oidación: 9 >+ JnF KClF3 KF6 G K JnF1 KCl 6F Se escriben los diaramas de equilibrio para cada especie que presenta los cambios de oidación: Jn(MM) G Jn(0MM) 9 N DN Cl(0) G Cl(>M) Se multiplica por los coe'icientes necesarios para eliminar las caras # se sumas ambas semirreacciones: Jn(MM) G Jn(0MM) 9 N (D) DN Cl(0) G Cl(>M) (9) DJn(MM) 9Cl(0) G DJn(0MM) 9Cl(>M) /eempla$amos los coe'icientes en la ecuación eneral # completamos el resto por tanteo:
H. Cr$O4 \ NaNO4 \ O ] $CrO; \ NaNO$ \ $O Se escribe los elementos que su'ren un cambio en el estado de oidación: 3 9 D 3 Cr F3 aF3 KF6 G K CrF1 aF 6F Se escriben los diaramas de equilibrio para cada especie que presenta los cambios de oidación: N (0) G (MMM) Cr(MMM) G Cr(0M) DN Se multiplica por los coe'icientes necesarios para eliminar las caras # se sumas ambas semirreacciones: N (0) G (MMM) Cr(MMM) G Cr(0M) DN 3(0) Cr(MMM) G 3(MMM) Cr(0M)
(3)
/eempla$amos los coe'icientes en la ecuación eneral # completamos el resto por tanteo: Cr$O4 \ 4NaNO4 \ ;O ] $ $CrO; \ 4NaNO$ \ $$O
;%. Kalan0ear 0ada una de las e0ua0i!nes p!r el ?t!d! del ión ele0trón -. eSO; \ MnO; \ $SO; ] e$SO;@4 \ MnSO; \ $SO; \ $O Escribimos la ecuación con las especies que presentan cambios en su estado de oidación: \$ \5 \4 \$ %eSF1 KJnF1 6SF1 G %e(SF1)3 JnSF1 K SF1 6F Escribimos las semirreacciones e iualamos los átomos # caras: 9 N A 6 JnF1> G Jn 1 6F %e G %e3 +N
/educción Fidación
Jultiplicamos por (9) la S/ de oidación para eliminar los electrones (N) # sumamos: 9 N A 6 JnF1> G Jn 1 6F 9 %e G 9 %e3 +N ( 9) > 3 A 6 JnF1 9%e G Jn 9%e 1 6F /eempla$amos los coe'icientes encontrados en la ecuación oriinal # tenemos: 9%eSF1 KJnF1 ;6SF1 G *9%e(SF1)3 JnSF1 K SF1 16F
%inalmente multiplicamos los dos compuestos que tienen hierro por para tener enteros* e iualamos el resto por simple inspección: +4%eSF1 KJnF1 A6SF1 G 9%e(SF1)3 JnSF1 K SF1 A6F
l. MnO$ \ NaKiO4 \ NO4 ] MnO; \ KiONO4 \ NaNO4 \ $O Escribimos la ecuación con las especies que presentan cambios en su estado de oidación: 9 3 JnF aBiF3 6F3 G 6JnF1 BiFF3 aF3 6F Jedio básico: 1F6> JnF G JnF1> 6F N 1N 6F BiF3 G BiF 1 F6> Jultiplicamos por la primera ecuación # sumamos* cuidando de simpli'icar las especies iuales: 1F6> JnF G JnF1> 6F N () > 1N 6 F BiF3 G BiF 1 F6 1F6> JnF BiF3 G JnF1> BiF 6F /eempla$amos los coe'icientes encontrados en la ecuación oriinal # completamos por simple inspección: JnF 3aBiF3 D6F3 G 6JnF1 3BiFF3 3aF3 6F
. NaI \ NaIO4 \ $SO; ] I$ \ Na$SO; \ $O Escribimos la ecuación con las especies que presentan cambios en su estado de oidación: >+ 9 4 aM aMF3 6SF1 G M aSF1 6F M>+ +4 N + 6 MF3> Jultiplicamos por 9 la primera ecuación # iuales: M>+ +4 N + 6 MF3> +4 M>+ + 6 MF3
G M4 N G M4 D 6F sumamos* cuidando de simpli'icar las especies G M4 N (9) 4 G M D 6F G D M4 D 6F
/eempla$amos los coe'icientes encontrados en la ecuación oriinal # completamos por simple inspección: +4aM aMF3 D6SF1 G DM DaSF1 D6F
n. KiO@4 \ ^SnO@;_$ ] ^SnO@<_$ \ Ki Escribimos la ecuación con las especies que presentan cambios en su estado de oidación: 3 1 4 > > Bi(F6)3 OSn(F6)1 G OSn(F6)D Bi 3 N Bi3 G Bi4 F6> OSn(F6)1> G OSn(F6)D> N Jultiplicamos por la primera ecuación # por tres la seunda # lueo sumamos* cuidando de simpli'icar las especies iuales: 3 N Bi3 G Bi4 () > > > F6 OSn(F6)1 G OSn(F6)D N (3) 3 > 4 Bi DF6 3OSn(F6)1 G Bi 3OSn(F6)D> /eempla$amos los coe'icientes encontrados en la ecuación oriinal # completamos por simple inspección: Bi(F6)3 3OSn(F6)1> G 3OSn(F6)D> Bi
!. KCl4 \ P; \ $ ] KP \ Cl Escribimos la ecuación con las especies que presentan cambios en su estado de oidación: 4 4 >3 + BCl3 P1 6 G BP 6Cl + N P1 G 1 P>3 64 G 6 N Mualamos las caras # simpli'icamos: + N P1 G 1 P>3 64 G 6 N (D) 4 >3 P1 D 6 G 1 P + 6 /eempla$amos los coe'icientes encontrados en la ecuación oriinal # completamos por simple inspección: 1 BCl3 P1 D 6
G 1 BP + 6Cl
ESTE>UIOMETRZA LEY DE LA`OISIER ;<. Cu,ntas li/ras de Na et,li0! # de Cl l9uid! se pueden !/tener a partir de 1 t!nelada de sal6 Cuantas li/ras de NaO # 0uantas li/ras de 0l!rur! de idró)en!6 Solución: aCl G a 9A*9 lb 3 lb 1 tonsal.
1 tonsal.
2,2 lbsal
.
23 lb3a
1 ton.sal 58,5 lbsal 2,2 lbsal 35,5 lb#l
.
1 ton.sal 58,5 lbsal
Cl 39*9 lb
= 0,86 lb3a
=1,34 lb#l
El a reacciona con el F6> del 64 # se 'orma: a F6> G aF6 3 lb +- lb 14 lb 0,86 lb3a.
40 lb 3a)( 23 lb3a
=1,50 lb 3a)(
El Cl> reacciona con el 6 del 6F # se 'orma: Cl> 6 G 6Cl 39*9 lb +*4 lb 3D*9 lb 1,34 lb#l.
36,5 lb (#l 35,5 lb#l
=1,38 lb (#l
;5. C!nsid?rese la 0!/ustión del al0!!l a9li0!' C%11O. $C%11O \ 1%O$ ] 17CO$ \ 1$$O a@ Cu,nt!s !les de O$ se ne0esitan para la 0!/ustión de un !l de al0!!l a9li0!6 /@ Cu,nt!s !les de $O se "!ran p!r 0ada !l de O$ 0!nsuid!6 0@ Cu,nt!s )r. de CO$ se pr!du0en p!r 0ada !l de al0!!l a9li0! uead!6 d@ Cu,nt!s )ra!s de CO$ se pr!du0en p!r 0ada )ra! de al0!!l a9li0! uead!6 e@ Cu,ntas t!neladas de CO$ se pr!du0en p!r 0ada t!nelada de al0!!l a9li0! uead!. Solución: C96++F6 +9F G +4CF +6F +-D 1A4 114 +D 1 mol# 5 ( 11 )( .
1 mol) 2 .
15 moles)2
12 moles ( 2 ) 15 moles)2
1 mol# 5 ( 11 )( .
1 g # 5 ( 11 )( .
=7,5 moles )2
2 moles# 5 ( 11 )(
=0,80 moles ( 2 )
10 moles#)2
44 gr#)2 . =220 g # )2 2 mol# 5 ( 11 )( 1 mol#)2 440 g # )2
=2,5 g # )2
176 g # 5 ( 11 )(
440 ton#) 2
1 ton# 5 ( 11 )( .
= 2,5 ton#)2
176 ton# 5 ( 11 )(
;2. Un )enerad!r p!rt,til de idró)en! utili:a la rea00iónF Ca$ \ $$O ] CaO@$ \ $$ Cuant!s )r. de $ se pueden pr!du0ir ediante un 0artu0! de %7 )r. de Ca$6 Solución: Ca6 6F G Ca(F6) 6 1 3D -1 1 50 g #a ( 2 .
4 g ( 2 42 g #a ( 2
= 4,8 g ( 2
;(. El #!d! puede prepararse ediante la rea00iónF $NaIO4 \ %NaSO4 ] 4NaSO; \ $Na$SO; \ $O \ I$ Para pr!du0ir 0ada -il!)ra! de #!d!. Cu,nt! NaIO4 0u,nt! NaSO4 de/en utili:arse6 Solución: aMF3 9a6SF3 G 3a6SF1 aSF1 6F M 3D 94 3D4 A1 +A 91 Cantidad de aMF3: 1.000 g 9 2 .
396 g 3a9 )3 254 g 9 2
=1.559 g 3a9 )3= 1,56 6g 3a9 )3
Cantidad de a6SF3: 1.000 g 9 2 .
520 g 3a(S )3 254 g 9 2
=2.047 g 3a(S )3=2,05 6g 3a(S )3
%7. a@ Cu,ntas li/ras de nO se "!raran 0uand! se 0alienta "uerteente al aire 1 l/ de /lenda de 0in0 nS6 $nS \ 4O$ ] $nO \ $SO$. /@ Cu,ntas t!neladas de nO se "!raran a partir de 1 tn. nS6 0@ Cu,nt!s ). de nO se "!raran a partir de 1 ) de nS6 Solución: QnS 3F G QnF SF +1 D +D +A a) 1 lb:nS.
b) .
162 lb:n)
=0,835 lb:n)
194 lb:nS
1 ton:nS.
162 ton :n)
= 0,835 ton:n)
194 ton:nS
c) . 1 g:nS.
162 g:n)
=0,835 6g :n)
194 g:nS
%1. En un !t!r a rea00ión alientad! 0!n /utan! C;17. Cu,nt!s ). de !39)en! l9uid! de/en pr!p!r0i!narse p!r 0ada ) de /utan! para ue la 0!/ustión sea 0!pleta6 C16+4 +3F G ACF +46F. Solución: C16+4 +3F G ACF +46F ++D K 1+D K 39 K +A4 K 1 6g # 4 ( 10 .
416 6g)2 116 6g # 4 ( 10
=3,58 6g )2
%$. Cu,ntas l/ de Na$SO; al 24.; se p!dr,n pr!du0ir a partir de $%7 -) de sal al (;.%6 aCl 6SF1 G aSF1 6Cl Solución: aCl 6SF1 G aSF1 6Cl ++- K A K +1 K -3 K 4 (i ) 250 6g 3a# l( i ) .
94,5 6
g 3a#l( p) 142 6g 3a2 S )4 ( p ) ¿ . . 100 6g 3a2 S )¿ =3 100 6 g 3a#l(i ) 117 6g 3a# l( p ) 83,4 6g 3a2 S )4 ( p)
Este valor lo convertimos a libras: 343,8 6g3a2 S ) 4 ( i) .
2,2 lb 3a2 S ) 4 (i) 1 6g 3a 2 S ) 4 ( i)
=756,4 lb 3a2 S )4 (i)
%4. Cu,nt!s -il!)ra!s de $SO; pueden prepararse a partir de un ). de 0uprita Cu$S' si 0ada ,t!! de S en Cu$S se 0!n8ierte en 1 !l?0ula de $SO;6 Solución:
2enemos que partir de la siuiente relación estequiom
23
32 g S
.
1 mol5cula ( 2 S ) 4 6,023 x 1023 7tomos S
1 6g #u2 S .
32 6g S 160 6g#u2 S
.
98 6g ( 2 S ) 4 32 6g S
.
6,023 x 10
mol5cula ( 2 S ) 4 32 g S = 98 gr ( 2 S ) 4 98 g ( 2 S ) 4
= 0,612 6g ( 2 S )4
LEY DE PROUST %;. O/t?n)ase las "!rulas ep9ri0as de las sustan0ias ue tienen las si)uientes 0!p!si0i!nes p!r0entuales. a@ e<4.%4 ' S4<.;5 /@ e;<.%%' S%4.;% 0@ e%4.54 ' S;<'$5 . Solución: a) b) !ividimos los porcenta"es de cada elemento entre su peso atómico: c)
d)
&e :
e)
S:
63,53 56
36,47 32
=1,13
=1,14
') ) Eleimos el nImero menor # dividimos entre este nImero los demás* para sacar el nImero de átomos de cada elemento: h) i)
&e :
1,13 1,13
=1 7tomo
") &)
S:
1,14 1,13
=1 7tomo
l)
@
La 'órmula empírica será: eS
n) o) !ividimos los porcenta"es de cada elemento entre su peso atómico: p) q)
&e :
46,55 56
=0,83
r) s)
S:
53,45 32
=1,67
t) Eleimos el nImero menor # dividimos entre este nImero los demás* para sacar el nImero de átomos de cada elemento: u) v)
&e :
0,83 0,83
=1 7tomo
R) )
S:
1,67 0,83
=2 7tomo s
#) :@
La 'órmula empírica será: eS$
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%%. Cuand! se uean 1.717 )r de 8ap!r de :in0 en el aire' se pr!du0en 1.$%5 )r de ó3id!. Cu,l es la "órula ep9ri0a del ó3id!. aa) ab) Solución: ac) ad) Se determinan las masas de $inc # oíeno contenidos en el óido: ae) a') m:n =1,010 g a) ah) m)=m"xio −m:n =1,257 g−1,010 g =0,247 g ai) a") Se divide las masas parciales entre la masa total para obtener los porcenta"es de Qn # F. a&) al)
:n :
1,010 g 1,257 g
. 100 =80,35
am) an)
) :
0,247 g 1,257 g
. 100 =19,65
ao) ap) Se divide los porcenta"es obtenidos entre sus pesos atómicos: aq) ar)
:n :
80,35 65
=1,236
as) at)
):
19,65 16
=1,228
au) av) Eleimos el nImero menor # dividimos entre este nImero los demás* para sacar el nImero de átomos de cada elemento: aR) a)
:n :
1,236 1,228
=1
a#) 1,228
a$) ) : 1,228 =1 ba) bb) La 'órmula será bc) bd)
nO
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be) b') b) bh) bi) b") b&) %<. Una uestra de 4.$;% )r de 0l!rur! de titani! se reduH! 0!n s!di! asta titani! et,li0!. P!steri!rente se eliinó el 0l!rur! de s!di! resultante' el titani! et,li0! residual se se0ó # se pesó' # se !/tu8! 7.21( )r. Cu,l es la "órula ep9ri0a del 0l!rur! de titani!. bl) bm) Solución: bn) bo) Se determinan las masas de titanio # cloro contenidos en el óido: bp) bq) m%i=0,819 g br) bs) m#l= mcloruroe titanio −mtitanio= 3,245 g −0,819 g =2,426 g bt) bu) Se divide las masas parciales entre la masa total: bv) %i:
bR)
0,819 g 3,245 g
. 100= 25,24
b) b#)
#l :
2,426 g 3,245 g
. 100=74,76
b$) ca) Se divide los porcenta"es obtenidos entre sus pesos atómicos: cb) cc)
%i :
25,24 48
=0,526
cd) ce) #l :
74,76 35,5
=2,101
c') c) Eleimos el nImero menor # dividimos entre este nImero los demás* para sacar el nImero de átomos de cada elemento: ch) ci)
%i:
0.526 0.526
=1
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c") 2,101
c&) #l : 0,526 =4 cl) cm) La 'órmula será TiCl; cn) co) cp) cq) cr) cs) ct) %5. Una uestra de 1.%77 ). de un 0!puest! ue s!l! 0!ntiene C' # O se ueó 0!pletaente. L!s =ni0!s pr!du0t!s de 0!/ustión "uer!n 1.542 ) de CO$ # 7.511 ). de $O. Cu,l es la "órula ep9ri0a del 0!puest!6 cu) cv) Solución: cR) c) Se determina las masas de C # 6 contenidos en los productos de combustión que serán las cantidades oriinales contenidas en el compuesto: c#) c$)
# :1,738 g #)2 .
12 g # 44 g # )2
=0,474 g #
da) db)
( : 0,711 g ( 2 ).
2 g ( 18 g ( 2 )
= 0,079 g (
dc) dd) de) Se determinan los porcenta"es de C # 6 contenidos en la muestra inicial que tiene una masa de +*944 . d') 0,474 g : # . 100 =31,6 d) 1,500 g
dh) di)
( :
0,079 g 1,500 g
. 100 =5,27
d") d&) El porcenta"e de oíeno se calcula restando de +44 el porcenta"e de C # 6: dl) )= 100 −31,6 − 5,27 =63,13 dm) dn)
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do) Se divide los porcenta"es obtenidos entre sus pesos atómicos: dp) dq) # :
31,6 12
=2,633
dr) ( :
ds)
5,27 1
=5,270
dt) ) :
du)
63,13 16
=3,945
dv) dR) Eleimos el nImero menor # dividimos entre este nImero los demás* para sacar el nImero de átomos de cada elemento: d) 2,633
d#) # : 2,633 =1 d$) ( :
ea)
5,270 2,633
=2
eb) 3,945
ec) ) : 2,633 =1,5 ed)
ee@
La 'órmula será C$O1'% para evitar los decimales multiplicamos por * siendo la 'órmula empírica 'inal: C$;O4.
e') %2. Mediante el an,lisis eleental se en0!ntró ue un 0!puest! !r),ni0! 0!ntiene C' ' N # O 0!! sus =ni0!s eleent!s 0!p!nentes. Una uestra de 1.$5( ). se ueó p!r 0!plet! # se !/tu8ier!n 1.<7 de CO$ # 7.55 ). de $O. Una uestra de 1.<$% ). ue se pesó p!r separad!' 0!ntiene 7.$1< ). de Nitró)en!. Cu,l es la "órula ep9ri0a del 0!puest!6 e) eh) Solución: ei) e") Se determina las masas de C* 6 # contenidos en los productos de combustión que serán las cantidades oriinales contenidas en el compuesto: e&) el) em)
# :1,60 g#) 2 .
12 g # 44 g # )2
=0,436 g #
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en)
( : 0,77 g ( 2 ).
2 g ( 18 g ( 2 )
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= 0,086 g (
eo) ep) eq) Se determinan los porcenta"es de C # 6 contenidos en la muestra inicial que tiene una masa de +*944 . er) es)
# :
0,436 g 1,279 g
. 100=34,1
et) 0,086 g ( . 100 =6,72 : eu) 1,279 g
ev) eR)
En el caso del * como esta sustancia es inerte se la calcula de la siuiente manera:
e) e#)
3 :
0,216 g 1,625 g
. 100=13,3
e$) 'a) El porcenta"e de oíeno se calcula restando de +44 el porcenta"e de C* 6 # : 'b) 'c) )= 100 −34,1 −6,72 −13,3 =45,88 'd) 'e) Se divide los porcenta"es obtenidos entre sus pesos atómicos: '') ')
# :
34,1 12
=2,84
'h) 'i)
( :
6,72
3 :
13,3
1
=6,72
'") '&)
14
=0,95
'l) 'm)
) :
45,88 16
=2,87
'n) 'o) Eleimos el nImero menor # dividimos entre este nImero los demás* para sacar el nImero de átomos de cada elemento: 'p)
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'q)
# :
2,84 0,95
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=3
'r) 's)
( :
6,72
=7
0,95
't) 'u)
3 :
0,95 0,95
=1
'v) 2,87
'R) ) : 0,95 =3 ') '#) La 'órmula será C45O4N '$) %(. Cal0=lese el p!r0entaHe de 0!/re en 0ada un! de l!s si)uientes ineralesF Cuprita' Cu$O piritas de 0!/re' CueS$ alauita' CuCO4.Cu O@$. Cu,ntas t!neladas de 0uprita dar,n %77 t!neladas de Cu6 a) b) Solución: c) d) e)
#u= #u=
128 g #u 144 g #u2 )
. 100= 88,9 #uenla cuprita
64 g #u 184 g#u&eS 2
. 100 =34,8 #u enlas piritas ecobre
)( ¿2
¿
')
222 g#u#) 3 .#u ¿
#u=
128 g #u
¿
) h)
500 ton#u.
144 ton#u2 ) 128 ton#u
=563 t on# u2 )
i) <7. Se a in"!rad! ue el 0!ntenid! de ars?ni0! de un inse0ti0ida a)r90!la es de $2 de As$O%. Cu,l es el p!r0entaHe de ars?ni0! en esta prepara0ión6 ") &) Solución: l) m) Calculamos el H de ,s en el ,sF9 n)
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o)
As =
150 g As 230 g As 2 )5
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. 100 =65,22 As
p) q)El ,sF9 tiene un D9* H ,s* sin embaro su porcenta"e disminuirá en el insecticida arícola #a que solo el A*9 H es de ,sF9: r) s)
As2 )5 .
28,5
65,22 As 100
As2 )5
=18,6 As
t) <1. Una pie:a de s!ldadura de pl!er! ue pesa/a 4.77 )r. se dis!l8ió en ,0id! n9tri0! diluid! # despu?s se trató 0!n $SO; diluid!. Est! pre0ipitó el pl!! 0!! P/SO ;' el 0ual despu?s de la8ad! # se0ad! pesó $.(4 )r. Ent!n0es' la s!lu0ión se neutrali:ó para pre0ipitar ,0id! est,ni0!' el 0ual se des0!pus! p!r 0alentaient! para !/tener 1.$5 )r. SnO$. Cu,l es el an,lisis de s!ldadura en p!r0entaHe de P/ # Sn. u) v) Solución: R) ) msolaura=3,00 g m =2,93 g #) PbS ) mSn) =1,27 g $) 4
2
ha) hb) Se determina las masas de Pb # Sn a partir de las masas totales de los compuestos: hc) hd) he)
2,93 gPbS) 4 .
1,27 gSn)2 .
207 g Pb 303 gPbS) 4 119 g Sn
151 gSn)2
=2,00 g Pb
=1,00 g Sn
h') h) El porcenta"e de soldadura será: hh) hi)
Pb :
2,00 3,00
. 100 =66,7 Pb
h") 1,00
h&) Sn : 3,00 . 100 =33,3 Sn hl) hm) <$. Se 0uenta 0!n 17 tn de 0ar/ón ue 0!ntiene $.% de S # se disp!ne' ade,s' de !tr!s $ tip!s de 0ar/ón ue 0!ntienen 7.27 # 1.17 de S. Cu,ntas t!neladas de
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l!s d!s =lti!s se ne0esitar,n e:0lar 0!n las 17 tn !ri)inales para !/tener $7 tn. ue 0!nten)an 1.5 de a:u"re6 hn) ho) Solución: hp) hq) Se dispone de tres carbones de las siuientes características: hr) s@ Masa S ht) Car/ón 1 +4 ton *9 H hu) Car/ón $ 4*A4 H hv) Car/ón 4 # +*+4H hR) Se quiere obtener: h) Car/ón 4 ton +*-H h#) h$) ia) Para la resolución se necesita reali$ar un balance de masas # de contenidos de a$u're en cada carbón: ib) ic) Balance de masas: id) ie) 10 + x + y =20 (+) i') i) Balance de S: ih) ii)
10 ton#.
2,5 tonS
+ x ton# .
100 ton#
0,80 tonS
1,10 tonS
1,7 tonS
100 ton#
100 ton#
100 ton#
+ y ton# .
i") i&) il) 0,25 + 0,008 x + 0,011 y =0,34 () im) in) Las dos ecuaciones son: io) ip) x + y =10 (+) iq) ir) 0,008 x + 0,011 y =0,09 () is) it) /esolviendo las dos ecuaciones obtenemos: iu) iv) = D*- ton de 4*A4 H ? # = 3*3 ton de +*+4H iR) i) i#) i$)
= 20 ton#.
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"a) "b) <4. Una "!rula0ión 0!=n para una eulsión 0atióni0a de as"alt! indi0a utili:ar 7.% de ain!eulsi"i0ante se/,0e! # 57 de as"alt! el rest! 0!nsta de a)ua e in)redientes s!lu/les en a)ua. Cu,nt! as"alt! se p!dr, eulsi"i0ar p!r li/ra del eulsi"i0ante6 "c)
"d) "e)
Solución: 1 lb emulsi*icante .
"')
70 lb as*alto 0,5 lb emulsi* icante
=140 lb as*alto
") H@ RENDIMIENTO "i) <;. La rea00ión de 0!/ustión del pr!pan!' C42 esF HH@ C42 \ % O$ ] 4 CO$ \ ; $O a@ Se a0en rea00i!nar %'7 !les de C42 # %'7 !les de O$' +0u,nt!s !les de CO$ se pueden pr!du0ir6 /@ Si se a0en rea00i!nar 4 !les de pr!pan! 0!n 4'7 !les de !39)en!' +0u,nt!s !les de dió3id! de 0ar/!n! pueden pr!du0irse6 0@ Si se 0!l!0an $'7 !les de pr!pan! # 1; !les de !39)en! en un re0ipiente 0errad! # rea00i!nan asta el "inal ell! uiere de0ir' asta ue se terine l!s rea0ti8!s@' +u? 0!puest!s est,n presentes en el re0ipiente despu?s de la rea00ión # 0uant!s !les de 0ada un! de ell!s a#6 "&) Solución: "l) a) C36A 9 F G 3 CF 1 6F "m) + mol 9 moles 3 moles 1 moles "n) "o) En la reacción del propano el F es el reactivo limitante #a que 9 moles de F solo requieren + mol de C36A "p) "q) !e acuerdo a la reacción la cantidad de CF producida será: "r)
5 moles)2 .
3 moles#)2 5 moles)2
=3 moles e#) 2
"s) b) Se debe identi'icar el reactivo limitante: "t) "u)
3 moles)2 .
1 mol# 3 ( 8 5 moles)2
=0,6 molese# 3 ( 8
"v) "R)
3 moles# 3 ( 8 .
5 moles )2 1 mol# 3 ( 8
=15 molese)2
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") "#) El reactivo límite siue siendo el F? la cantidad de CF que se 'ormara será: "$) &a)
3 moles)2 .
3 mol#) 2 5 moles)2
=1,8 molese#) 2
&b) c) Estarán presentes: &c) &d) 4 moles)2 ; 6 moles e#) 2 y 8 moles e ( 2 ) &e) <%. Al etan!l se le da el n!/re 0!=n de al0!!l et9li0!. Casi t!d! el etan!l 0!er0ial se pr!du0e ediante la rea00ión del !nó3id! de 0ar/!n!' CO 0!n $)@ a teperatura # presión ele8adas. Para 5$'7 ) de CO ue rea00i!na 0!n %'%7 ) de $. CO)@ \ $)@ ] C4Ol@ a. Cu,l es el rea0ti8! liitante /. Cu,l es el rendiient! teóri0! del etan!l 0. Si el rendiient! real del etan!l es de 4('% ). +Cu,l es el rendiient! p!r0entual6 &') &) Solución: &h) CF () 6 () G C63F6 (l) &i) A & 1 & = 3 & &") a) Calculamos el requerimiento de cada reactivo: &&) &l)
72 kg#).
4 kg ( 2 28 kg#)
=10,28 kg ( 2
&m) &n)
5,50 kg ( 2 .
28 kg#) 4 kg ( 2
=38,50 kg#)
&o) &p) El reactivo limitante es el 6 #a que solo requiere una parte del CF disponible. &q) b) El rendimiento teórico es: &r) &s)
5,50 kg ( 2 .
32 kg# ( 3 )( 4 kg ( 2
=44,00 kg# ( 3 )(
&t) c) El rendimiento porcentual es: &u)
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<
&R) &)
< =
39,5 kg 44 kg
. 100=89,8
) &$) la) lb) lc) ld) le) <<. En la pr!du00ión industrial del a0etilen!' 4'21 3 17; ) de a0etilen!' C$$ se pr!du0en 0uand! %'1( 3 17; ) de etan!' C; s!n tratad!s en un ar0! el?0tri0!' pr!du0iend! la rea00iónF C; ] C$$ \ $ a. En0!ntrar el rendiient! de la rea00ión de pr!du00ión del a0etilen!. l') l) Solución: lh) C61 G C6 3 6 li) 3 = D D l") El rendimiento real es: l&) ll)
4
5,19 x 10
g #( 4 .
26 g # 2 ( 2 32 g #( 4
= 4,2210 4 g # 2 ( 2
lm) ln) El rendimiento de la reacción es: lo) lp)
< =
3,81 x 10
4 4
4,22 x 10
g . 100= 90,3 g
lq) <5. Ca/le/!l ne0esita 0!/re pur! para pr!du0ir 0a/les el?0tri0!s' per! el 0!/re en K!li8ia est, presente en la naturale:a 0!! Cu$S' 0!8elita. La e3tra00ión del 0!/re a partir de 0!8elita se reali:a p!r edi! de la rea00iónF lr@ Cu$Ss@ \ O$ )@ ] Cus@ \ SO$ )@ ls@ Si el rendiient! de la rea00ión es de <1'$ ' +Cu,nt! de Cu pr!du0e el trataient! lt@ etal=r)i0! de 5'7 3 17< ) de Cu$S. lu) lv) Solución: lR) CuS(s) F () G Cu(s) SF () l) +D4 3 = +A D1 l#)
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l$)
6
7,0 x 10
g #u2 S .
128 g #u%
.
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61,2 g#u <
160 g #u2 S 100 g #u%
=3,4 x 106 g #u
ma) mb) <2. Si $77 ) de tri0l!rur! de "ós"!r!' PCl4 en un e30es! de a)ua pr!du0en 1$2 ) de 0l!rur! de idró)en!' 0al0ular el p!r0entaHe de rendiient! para la rea00iónF 0@ PCl4 \ $O ] 4PO4 \ Cl md) me) Solución: m')PCl3 3 6F G 63PF3 3 6Cl m) +3-*9 91 = A +4*9 mh) mi)El rendimiento real de 6Cl es: m") m&) ml) mm) mn) mo)
200 g P # l 3 .
109,5 g(#l 137,5 gP#l3
=159 g(#l
El rendimiento de la reacción es: < =
128 g 159 g
. 100 =80,5
mp) mq) <(. El 0l!r! )ase!s!' Cl$ puede presentar di"erentes rea00i!nes 0!n el a)ua' in0lu#end! la si)uienteF r@ Cl$ \ $O ] Cl \ ClO4 s@ En /ase a esta e0ua0ión 0al0ular el p!r0entaHe de rendiient! si 27 ) de Cl$ 0!n 12 ) de $O pr!du0en <7 ) de Cl. mt) mu) Solución: mv) mR) 3Cl 36F G 96Cl 6ClF3 m) +3 91 +A*9 A1*9 m#) m$) Se debe determinar primero si aluno de los reactivos está limitando la reacción: na) nb)
80 g#l 2 .
54 g ( 2 ) 213 g#l 2
=20,28 g ( 2 )
nc) nd)
18 g ( 2 ).
213 g #l 2 54 g ( 2 )
=71,0 g #l 2
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ne) n') n) El reactivo limitante es el aua? con este dato se debe calcular la cantidad de 6Cl producido: nh) ni)
18 g ( 2 ) .
182,5 g(#l 54 g ( 2 )
=60,83 g(#l
n") n&) El rendimiento de la reacción será: nl) nm)
< =
60 g 60,83 g
. 100 =98,6
nn)
non%n6n"n$-
nt@ ESTE>UIOMETRZA DE MECLAS 57. Una e:0la de Na$O # KaO ue pesa <'%7 ) se disuel8e en a)ua' # lue)! se trata esta s!lu0ión 0!n ,0id! sul"=ri0! diluid!. El KaSO; se pre0ipita per! el Na$SO; es s!lu/le # perane0e en s!lu0ión. El KaSO ; se re0!le0ta p!r "iltra0ión #' una 8e: se0!' se en0uentra ue pesa 5'<1 ). +>u? p!r0entaHe de la uestra !ri)inal de l!s ó3id!s e:0lad!s es KaO6 nu-
Solución
n7-
mmezcla =m 3a ) + m2a)=6,50 g
n8-
m2aS) =7,61 g
n9n4-
2
4
B!O : ;SO< 7,61 g2aS)4 .
153 g2a) 233 g2aS)4
= B!SO< : ;O
=5 g2a)
n3-El Po"c#n&!># *# B!O #n l! (#3cl! o"i)in!l #$
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m2a) 5g 2a) . 100 = . 100 =76,9 = o!6,50 g mmezcla
51. Una e:0la de CuSO; # CuSO;.%$O tiene una asa de 1'$;% ) per! despu?s de 0alentarla para e3pulsar t!da el a)ua la asa se redu0e a 7'24$ ). Cal0ular el p!r0entaHe en asa de CuSO;.%$O en la e:0la. o'oc-
Solución mmezcla=m #uS) + m #uS) .5 ( ) =1,245 g 4
o*o#-
4
2
D#$%u1$ *# c!l#n&!" 4 #li(in!" #l !)u!2 $olo 6u#*! CuSO < m#uS) = 0,832 g ;lamasae agua es : m ( )=1,245 g −0,832 g =0,413 g ( 2 ) 4
2
o?- L! c!n&i*!* *# CuSO<.@;O #$ 250 g#uS)4 . 5 ( 2 )
o)-
0,413 g ( 2 ) .
o0-
#uS)4 . 5 ( 2 )=
5.18 g ( 2 )
=1,15 g#uS)4 . 5 ( 2 )
m#uS) . 5 ( ) 1,15 g . 100= . 100=92,4 mmezcla 1,245 g 4
2
oio>-
5$. Una e:0la de 7'%77 )r de Cu$O # CuO 0!ntiene 7';$% )r de Cu. +Cu,l es la asa de CuO en la e:0la6 o&) !l@ Dat!sF om) m me$cla = 4*944 r on) m cobre = 4*19 r oo) M CuF = +11 r op) M CuF = A4 r oq) !r@ Cal0ularF os) ot) m CuF = ou) !8@ S!lu0iónF oR) o) Se 'orman dos ecuaciones:
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o#) o$) Je$cla: pa) m +m =0,500 gr pb) #u ) #u)
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(+)
2
pc) pd) Balance de Cu: pe) m#u ) x
p')
2
128 gr#u
+m
144 gr #u 2 )
x #u)
64 gr#u 80 gr #u)
=0,425 gr
()
p) ph)
!espe"ando
m#u ) 2
de (+) # reempla$ando en ()
pi)
p")
0,89 x ( 0,5 −m#u) ) +0,8 x m#u) =0,425
p&) pl) pm)
!espe"ando
pn)
m#u)=
m#u)
0,02 gr 0,09
:
= 0,22 gr
po) 54. Una e:0la de Na$SO; pur! # de Na$CO4 tiene una asa de 1'$77 ) # da una e:0la' de KaSO; # de KaCO4' ue tiene una asa de $'755 ). Cal0ular el tant! p!r 0ient! en asa de Na$SO; ue a# en la e:0la !ri)inal. pp) !atos: pq)
mmezcla=m 3a
pr)
mmezcla=m 2aS) + m 2a# ) =2,077 g
2
S) 4
4
+m 3a # ) =1,200 g 2
3
3
ps) = aSF1 ? T = aCF3 pt) Calcular: H aSF1 = pu) Solución: pv) Consideramos lo siuiente: pR) aSF1 BaSF1 p) +1 33 p#) Se 'orman dos ecuaciones:
# +4D
aCF3 +-
BaCF3
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233 g 2aS)4 197 g2a#)3 + . 4 . + p$) 3a S) 142 g 3a2 S) 4 3a # ) 106 g 3a2 # )3 =2,077 2
qa)
4
2
3
1,64 + + 1,86 4 =2,077 ( 1 )
qb) + + 4 =1,200 ( 2 ) qc) /eempla$ando () en (+) obtenemos: qd)
1,64. ( 1,200−4 )+ 1,86 4 =2,077
qe) 6aciendo operaciones # despe"ando T* tenemos: q') 4 =0,495 y + =0,704 3a2 S)4 =
q)
0,704 g 1,200 g
x 100 =58,7
5;. Cuand! se uea una e:0la de M) # n ue tiene una asa de 1'777 )' en at!s"era de !39)en!' da una e:0la de M)O # nO ue tiene una asa de 1';7( ). +Cu,nt! de n a# en la e:0la !ri)inal6 60M) = M)O 6i- @@ ) , ) 6>6-M) X F Zn 6l+ + 4 =1,000 g ( 1 ) 6(6n+ /g .
6o6%66-
40 g /g) 24 g /g
+ 4 :n .
@
81 g :n) 65 g :n
1,66 + +1,25 4 =1,049 ( 2)
6"- R##(%l!3!n*o +,- #n +- n#(o$ 6$- 6&-
1,66 . ( 1,000−4 )+ 1,25 4 =1,049
1,66−1,66 4 +1,25 4 =1,409
Zn = ZnO , )
=1,049 g
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y =0,612 g ; + = 0,388 g
67- m:n =0,612 g 68696463"!"'"c"*"#"?")"0"i">""l"("n"o"%"6-
rr) [ASES IDEALES rs) 1. Un )as !0upa $%7 L a 577 t!rr # $$BC. Cuand! la presión 0a/ia a %77 t!rr'
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+>u? teperatura en &C' se ne0esita para antener el is! 8!luen6 rt@ K@ <$ C@ < D@ <$ E@ Nin)un! ru@ A@ $ rv) Solución: rR) r) 0 = cte.* aplico a# Lussac P1 P2 r#) % 1 = % 2
r$)
P .% 500 torr . (22+ 273 ) % 2 = 2 1 = =210,7 6 ;'# =210,7 −273=−62 '# P 1 700 torr
sa) La respuesta es !.
$. Al 0!priir un )as a 1*< de su 8!luen ini0ial' la di"eren0ia de sus presi!nes es de 17 at. +Cu,l ser, la presión "inal en at' del )as a teperatura 0!nstante6 s/@ s0@ A@ 17 K@ 1$ C@ 1% D@ 15 E@ Nin)un! sd) se) Solución: s') s) sh) si) 0+ 0 = +8D 0+ s") s&)
sl) sm) P @ P+ = +4 atm? 2 = cte. sn) so) Calcular P = sp) sq) Se aplica la Le# de Bo#le: sr) ss) V 1 . P1=V 2 . P2 P 1
st)
(¿¿ 2−10 )= V . P2 6
1
V 1 . ¿
su) sv) Simpli'icando 0+ # despe"ando P: sR) s) 5 P 2=60
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s#) P2=12 s$)
ta) La respuesta es B. tb) 4. Un re0ipiente 8a09! pesa ;7'147% ) estand! lipi! # se0!' llen! de a)ua a $%&C densidad 7'((57 )*04@ pesa 142'$;17 )' # ;7'$;25 ) estand! llen! de una sustan0ia )ase!sa a 5;7'; ) # $;'1&C. +Cu,l es el pes! !le0ular del )as6 t0@ td@ A@ ;7 )*!l K@ 47 )*!l C@ $% )*!l D@ %7 )*!l E@ Nin)un! te) t') Solución: t) !atos: th) mr= 40,1305 g ti) mr+ agua=138,2410 g t")
mr+ gas =40,2487 g
t&)
agua ( 25'# )=0,9970 g / ml
tl)
Pg =740 mm(g.
1 atm 760 mm(g
= 0,974 atm
tm) % g=24,1 '# + 273 =297,1 k tn) to) Calcular: J = tp) tq) 5tili$amos la ecuación eneral de los ases de donde despe"amos J: tr) ts)
m m.<.% P .V = . < . % ; / = / P . V
tt) tu) La masa del as obtenemos de los siuientes datos: mg= mr + gas −mr tv) tR) mg= 40,2487 g− 40,1305 g =¿ 0,1182 g t) t#) El volumen del as será el mismo volumen ocupado por el aua: V g =V agua t$) ua) El volumen de aua se calcula de la siuiente manera: ub)
V agua =
magua agua
=
mr +agua −mr agua
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uc)
V agua =
138,2410 g− 40,1305 g 0,9970
g ml
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=¿ 98,41 cm3 .
1 L 1000 cm
3
=9,84 x 10−2 L
ud) ue) /eempla$ando en J* tenemos: u') atm. L . 297,1 k k.mol =30 g / mol −2 0,974 atm. 9,84 . 10 L
0,1182 g . 0,082
u) / = uh)
ui@ La respuesta es K.
u") u&) ul) um) ;. Cu,nt!s )ra!s de neón a $%7&C # % at' s!n ne0esari!s para in"lar un )l!/! asta la itad de su 8!luen' si para in"larl! 0!pletaente se reuieren $7 )ra!s de ar)ón a 1%7&C # 2 at. un) ,) 9 B) *9 C) -*9 !) +4 E) uo) inuno up) uq) !atos: g Ar = g ;m Ar = g 3e = ur) = + = us) = + = ut) P=5 atmP= 8 atm 1
uu) V 3e = 2 .V Ar V Ar== uv) Solución: uR) u) Calculamos el 0,r que será el 0lobo: u#) u$)
V Ar=
m.<.% = / . P
atm. L . 423 k k.mol = 2,2 L g 40 . 8 atm mol
20 g . 0,082
va) vb) /eempla$amos los datos para el e:
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g . 5 atm V 3e . / . P mol m 3e= = =2,5 g < . % atm.L . 523 6 0,082 k .mol 1,1 L . 20
vc)
vd) La respuesta es B. ve) %. La di"eren0ia entre las "ra00i!nes !lares de d!s 0!puest!s en una e:0la )ase!sa es 7'$' si la presión par0ial del ,s a/undante es 1'$ at. +Cu,l es la presión par0ial del !tr!6 v') C) 4*A atm !) 4*9 atm E) v) ,) atm B) 4* atm inuno vh) vi) !atos: v") + A − + 2=0,2 v&) P A =1,2 atm vl) P2 == vm) vn) Solución: vo) vp) ,plicando la le# de !alton # la 'órmula de la 'racción molar: P A P 2 ( ) 1 P P P ; = + − =0,2 (2 ) vq) % A 2 P% P%
vr) vs) /eempla$ando (+) en () vt)
P A − P 2= 0,2 P% ; P A − P2 =0,2 . ( P A + P 2)
vu) !espe"ando PB # reempla$ando P,:
P2 =0,8 atm
vv) La respuesta es C.
<. Un 0!ntened!r es di8idid! en d!s 0!partient!s. El 0!partient! A 0!nten9a un )as ideal A a ;77 # % at. de presión. El 0!partient! K 0!nten9a un )as ideal K a ;77 # 2 at. La di8isión entre l!s 0!partient!s es re!8ida # l!s )ases se e:0lar!n. La teperatura n! se !di"i0ó. La "ra00ión !lar de A en la e:0la "ue 7'%21;. El 8!luen t!tal de l!s 0!partient!s era $( litr!s. Deterine el 8!luen !ri)inal de l!s 0!partient!s A # K. vR) v) ,) +4 L # + L B) +9 L # +1 L C) 4 L # L !) 9 L # 1 L E) inuno
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v#) v$) !atos: A Ra) @ !&( Rb) Rc) Rd) + A =0,5814 Re) R') V mezcla=29 L
B !&( 2 = 144 &
R) Rh) Calcular: 0, = ? 0B = Ri) R") Solución: R&) Rl) Cada as ocupara cuando se me$clen el 0me$cla = L? además: 0me$cla = 0, 0B (+) Rm) sin embaro a 2 constante las presiones de cada as disminuirán en su"eción a la Le# de Bo#le: P . V P . V P A = A A ;P 2= 2 2 V mezcla V mezcla
Rn) Ro) Rp)
/eempla$ando valores: P A =
Rq)
5. V A 29
=0,17 V A ( 2 ) ; P2 =
8 . V 2 29
=0,26 V 2 (3 )
Rr) Rs)
5tili$ando la ,* tenemos:
Rt)
P + A = A ; P A =0,5814 . P% ( 4 ) P%
Ru)
Rv)
+ 2=
RR) R)
P2 ; P =0,4186 . P% ( 5) P% 2
/eempla$ando (1) en () # (9) en (3): V A =
R#)
0,5814 P% 0,17
=3,42 P% (6 )
R$) a)
V 2 =
0,4186 P% 0,26
=1,61 P% (7 )
b) c) /eempla$ando (D) # (-) en (+):
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d) e)
3,42 P% + 1,61 P% =29
')
P% =
29 5,03
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=5,76
) /eempla$ando este valor en las ecuaciones (D) # (-) h) i) V A =3,42 . 5,76= 20 L ") &) V 2 =1,61 . 5,76 =9 L l) La respuesta es C.
m) 5. Una e:0la de 7'$7 !les de SO$' 7'<7 !les de N4 # 1'$ !les de SO4 est,n a una presión t!tal de 577 t!rr. +Cu,l es la presión par0ial en t!rr de SO$6 n) o) ,) D9 B) -4 C) -9 !) A4 E) inuno p) q) !atos: n =0,20 moles r) S ) Calcular: PSF = n =0,60 moles s) 3 ( n S ) =1,20 moles t) 2
3
3
u)Pt = -44 torr v) R) Solución: ) #) 5tili$amos la 'racción molar que puede ser epresada en 'unción de las presiones parciales de los ases # del nImero de moles: $) nS) P S) + = = S) #a) n t Pt 2
2
2
#b)
#c) #d)
!e esta epresión despe"amos la PSF # reempla$amos nt * nSF # Pt nt =n S ) + n 3 ( + n S ) =0,20 + 0,60 + 1,20 =2,0 moles 2
3
3
#e) #') n S) 0,20 moles P . P . 700 torr =70 torr = = S) t #) nt 2,0 moles 2
2
#h)
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#i) La respuesta es B.
#") #&) 2. D!s /ul/!s de 8idri!' A # K de %77 L # $77 L de 8!luen respe0ti8aente' se 0!ne0tan a tra8?s de una lla8e 0errada. Si A 0!ntiene N$ a una presión de %7 -Pa ientras ue K 0!ntiene O$ a 177 -Pa de presión' +0u,l ser, la presión 0uand! se a/re la lla8e6 #l) ,) D &Pa B) 3 &Pa C) 4*3 &Pa !) D1*3 &Pa E) #m) inuno #n) #o) #p) !atos: N #q) O @HH (l HH (l #r) @H %! ,HH %! #s) #t) #u) Solución: #v) #R) /eali$amos las siuientes consideraciones: El nuevo volumen ocupado por la me$cla de ases será: V % =500 ml + 200 ml =700 ml •
•
Como el volumen en la me$cla varia* tambi
P 3 . V 3 50 kpa. 500 ml P = = =35,71 kpa #) 3 700 ml V % 2
2
2
##) P) . V ) 100 kpa. 200 ml P = = =28,57 kpa #$) ) V % 700 ml 2
2
2
$a) $b) La presión cuando se abra la llave será: $c) $d) P* = P 3 + P ) =35,71 kpa + 28,57 kpa =64,3 kpa 2
2
$e) La respuesta es !.
$') (. Se e:0lan 7'7; litr!s de N$ ue se allan /aH! una presión de (< -Pa # 7'7$ litr!s de O$. El 8!luen t!tal de la e:0la es de 7'7< litr!s # la presión t!tal es de (5'< -Pa. +Cu,l era la presión ini0ial del O$ t!ad!6 $) B) +4*3 &Pa C) +44*A &Pa !) 9* &Pa E) inuno $h) ,) 4*9 &Pa $i)
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$") !atos: $&) $l) $m) $n) $o) $p) Solución: , % $q) $r) $s)
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N H2H< L J %!
O H2H L K %!
P 3 . V 3 96 kpa. 0,04 L P 3 = = =64,0 kpa 0,06 L V % 2
2
2
$t) $u) Considerando la P' :
P* = P 3 + P ) =64,0 + P) 2
2
2
$v) !espe"amos: P) = 97,6−64,0 =33,6 2
$R)
/eempla$ando en la ecuación de la presión inicial de oíeno:
P) V % 33,6 . 0,06 P = = =100,8 kpa ) $) 0,02 V ) 2
2
2
$#) La respuesta es C. $$) 17. Un )as se0! !0upa 51 L en 0!ndi0i!nes n!rales de presión # teperatura 7 &C' 1 at@. Si se re0!)e la isa asa de )as s!/re a)ua a $5BC # una presión t!tal de (;%'14 aaa@ T!rr' +u? 8!luen' en L' !0upar, el )as se0! en ?stas 0!ndi0i!nes6 aa/@ Presión de 8ap!r del a)ua a $5BC $<'5 t!rr. aac) ,) D1*9D B) A1*-+ C) +4*A !) 19*13 E) aad) inuno aae) aa') !atos: aa) V g =71 mL G!$ aah) 0 (') = 0(#*o aai) 2 = -3 & as seco 2 = -7C -3 ;O = 344 & aa") P = -D4 torr Pt = 19*+3 torr aa&) P6F= D*- torr aal) Solución: aam) Los cálculos se deben reali$ar en condiciones secas* por tanto se debe correir la presión total de la me$cla disminu#endo la presión de vapor del aua #
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lueo se aplica la ecuación combinada de los ases: P% = P gs + P ( ) ; Pgs= P% − P ( ) =945,13 −26,7= 918,43 torr aan) 2
2
aao) aap)
P . V . % V g ( * ) = i i * % i . P *
aaq) V g ( * ) =
aar)
760 torr . 71 mL. 300 k 273 k . 918,43 torr
=64,56 mL
aas) aat)
La respuesta es ,.
aau) aav) 11. Un )as se0! !0upa %7 L en 0!ndi0i!nes n!rales de presión # teperatura. Si se re0!)e la isa asa de )as s!/re a)ua a $%BC # una presión t!tal de (;% T!rr' +u? 8!luen' en L' !0upar, el )as se0! en ?stas 0!ndi0i!nes6 Presión de 8ap!r del a)ua a $%BC $4'2 t!rr. aaR) aa) ,) D1 B) A1 C) 19 !) 39 E) inuno aa#) aa$) !atos: aba) abb) !atos: abc) V g =50 mL G!$ abd) 0 (') = 0(#*o abe) 2 = -3 & as seco 2 = 97C -3 ; O = A & ab') P = -D4 torr Pt = 19 torr ab) P6F= 3*A torr abh) abi) ab") Solución: ab&) Los cálculos se deben reali$ar en condiciones secas* por tanto se debe correir la presión total de la me$cla disminu#endo la presión de vapor del aua # lueo se aplica la ecuación combinada de los ases: abl) P% = P gs + P ( ) ; Pgs= P% − P ( ) =945 −23,8= 921,2 torr abm) 2
2
abn) abo)
P . V . % V g ( * ) = i i * % i . P *
abp)
PROBLEMARIO QUÍMICA GENERAL ING. LEONARDO SUAREZ MOLLINEDO V g ( * ) =
abq)
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760 torr . 50 mL. 298 k 273 k . 921,2 torr
= 45 mL
abr) abs)
La respuesta es C. abt) 1$. Se in8esti)a la "órula !le0ular de la urea. Al !3idar 1'%1% ) de sustan0ia se "!ran 1'117 ) de CO$ # 7'(7( ) de $O. Al li/erar el nitró)en! 0!ntenid!' 7'$%4< ) de urea dan lu)ar a 17$'< L de nitró)en! edid!s s!/re a)ua a 15 &C # 5%2 t!rr. Para la deterina0ión de la asa !le0ular' 7'1<( ) de sustan0ia desal!Han en un aparat! `i0t!r Me#er <2 L de aire edid!s en auellas 0!ndi0i!nes de teperatura # presión. A partir de est!s dat!s 0al0ular la "órula !le0ular de la urea. P8 del a)ua a 15 &C es 1;'% t!rr. abu) abv) E) ,) CF6 B) CF61 C) CF6 !) CF16 inuno
abR) ab) ab#) ab$) aca) acb) acc) !atos: acd) ace) +*9+9 sustancia 'orman +*++4 CF # 4*4 6F ac') ac) 4*93D urea 'orman +4*D mL medidos sobre aua: ach) aci) 2 = +- 7C -3 = 4 & ac") P = -9A torr ac&) Pv = +1*9 torr acl) acm) Solución: acn) aco) El compuesto tiene C* 6* # F los cuales se calculan de la siuiente manera: acp) acq)
12 g #
1,110 g #) 2 .
0,909 g ( 2 ).
44 g #) 2
=0,30 g #
acr) acs)
2 g ( 18 g ( 2 )
= 0,10 g (
act) acu) acv)
# =
0,30 g #
. 100 =19,80
1,515 g sustancia
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acR) ac) ac#) ac$)
( =
0,10 g (
1,515 gsustancia
. 100=6,67
El nitróeno se calcula de la siuiente 'órmula de los ases:
( 758 −14,5 ) torr .
P . V . / 3
ada)
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m 3 =
2
< .%
2
=
1 atm 760 torr
0,1026 L. 28 g / mol
atm .L 0,082 . 290 k k.mol
= 0,12 g
adb) adc) add) ade) ad') ad) adh) adi) ad") ad&)
3 =
0,12 g 3 0,2536 gurea
.100 =47,32
El HF se calcula por di'erencia de +44: )=100 −# −( −3 =100−19,80 −6,67 −47,32=26,21
Calculamos los átomos de cada elemento en la 'órmula: # :
19,80 12
=1,65
adl) adm)
( :
6,67 1
=6,67
adn) ado)
3 :
47,32 14
=3,38
adp) adq) adr) ads) adt) adu)
):
26,21 16
=1,64
!ividimos entre el menor nImero: # :
1,65 1,64
=1 ; ( :
6,67 1,64
= 4 ; 3 :
3,38 1,65
=2 ;) :
1,64 1,64
=1
adv) adR) La 'órmula empírica será: CF61 que tiene un peso molecular de D4 8mol ad) Para corroborar este peso se calcula el peso molecular de la urea a partir de la Le# eneral de los ases: ad#)
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ad$)
/ urea=
m.<.% = P .V
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atm. L . 290 k k.mol =59,3 g / mol 758 torr. 1 atm . 0,068 L 760 torr
0,169 g . 0,082
aea) aeb) El peso molecular verdadero es similar al peso molecular de la 'órmula empírica: aec) aed) La respuesta es B. aee) 14. En un edi"i0i! 0!n a0!ndi0i!naient! de aire se a/s!r/e desde el e3teri!r 1777 litr!s de aire' a la teperatura de 11 &C' presión de 527 t!rr # uedad de un $7. Di0! aire pasa a tra8?s de l!s aparat!s ade0uad!s' d!nde la teperatura auenta a $7 &C # la uedad relati8a a un ;7 . ae"@ ae)@ +Cu,l ser, el 8!luen !0upad! p!r di0a asa de aire' si la presión en el edi"i0i! es de 5<% t!rr6. Las presi!nes de 8ap!r del a)ua a 11 &C # $7 &C s!n' respe0ti8aente' ('2 t!rr # 15'% t!rr. aeh) ,) +999 L B) 494 L C) +49 L !) aei) ++A4 L E) inuno ae") ae&) ael) aem) aen) !atos: aeo) V aire =1000 L aep) 0aire = aeq) 2+ = ++ 7C -3 = A1 & 2 = 4 7C -3 = 3 & aer) P+ = -A4 torr P = -D9 torr h2= 40 h1=20 aes) aet)
P' V = 9,8 torr P' V =17,5 torr
aeu) aev) Solución: aeR) ae) 5tili$amos la ecuación combinada de los ases # correimos las presiones de vapor de aua considerando la humedad relativa: ae#) ae$)
P h 20 h1= ' . 100 ; P = P' V . 1 =9,8 torr. =1,96 torr 100 100 PV
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a'a) a'b)
P h 40 h2= ' . 100 ; P = P' V . 2 =17,5 torr . =7,0 torr 100 100 PV
a'c) a'd) Las presiones de as correido son: a'e) a'') P1=780 torr −1,96 torr =778,04 torr P2=765 torr −7,0 torr =758 torr a') a'h) P1 . V 1 . % 2 V = 2 aire ( ) a'i) % 1 . P 2
a'") a'&)
V aire ( 2)=
778,04 torr. 1000 L . 293 k
=1059 L
284 k . 758 torr
a'l)La respuesta es C. 1;. Un 0ilindr! llen! de eli! a $777 l/ " * pul) tiene un peue! !ri"i0i! a tra8?s del 0ual el eli! se es0apa a0ia un espa0i! e8a0uad! a la 8el!0idad de 4'; ili!les p!r !ra. +En 0u,nt! tiep! se es0apar,n 17 ili!les de CO a tra8?s de un !ri"i0i! siilar si el CO estu8iese 0!n"inad! a la isa presión6 a"@ ,) D*9 h B) 3*4 h C) -*A h !) 9*4 h E) a'n) inuno a'o) a'p) Solución: a'q) $
√
√
(e / #) / (e → . → #) = = = #) a'r) #) / (e / #) (e
√
4 28
. 3,4 milimoles / h
a's) a't) #) =1,285 milimoles / h a'u) a'v) El tiempo requerido para que escapen +4 milimoles de CF serán: a'R) a')
10 milimoles#).
1h 1,285 milimoles#)
=7,8 horas
a'#) a'$) aa) ab) ac)
La respuesta es C.
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ad) 1%. Una sala de 0!n"eren0ias 0!ntiene 1$ ileras de asient!s. Si un pr!"es!r suelta )as ilarante N$O@ en el e3tre! anteri!r de la sala # )as la0rió)en! C<11OKr@ en el e3tre! p!steri!r' al is! tiep!' +en u? ileras epe:ar,n a re9r # ll!rar l!s estudiantes6 ae) ,) A # 1 B) 9 # C) # 3 !) ++ # + E) a') inuno a) ah) Solución: ai) a") F CD6++FBr a&) + 1= 3 )2 ; + 2=# 6 ( 11 )2r al) am) an)
3) # ( 6
ao) ap)
2
11 )2r
√
=
/ # ( 6
11
)2r
/ 3)
=
2
√
179 44
=2
Considerando que t+ = t? tenemos:
aq)
+ 1 t 1 =2 → + 1 =2 + 2 ( 1) + 2 t 2
ar)
+ 1 + + 2 =12 ( 2 )
as) at) /eempla$ando (+) en () obtenemos: + 1= 8 y + 2 =4 au) av) Empe$aran a reír en la octava hilera # a llorar en la cuarta hilera del lado contrario. aR) a) La respuesta es ,. a#) 1<. Un 8!luen deterinad! de nitró)en! )ase!s! se di"unde a tra8?s de un 0apilar en (7 se)und!s. Lue)! en las isas 0!ndi0i!nes de presión # teperatura' un is! 8!luen de una e:0la de N4 # O$ eplea 5% se)und!s para di"undirse p!r el is! 0apilar. Deterine la 0!p!si0ión 8!lu?tri0a de la e:0la. a$) ,) 3AH # DH B) A1H # +DH C) H # -AH !) 1+H # aha) 9H E) inuno ahb)
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ahc) ahd) ahe) ah') ah) -9 s ahh) ahi)
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Solución:
t = 4 s
63 F
√
tme$cla =
( ) (√ )
t mezcla / mezcla t mezcla 2 / mezcla → = = t 3 / 3 t 3 / 3
ah")
2
2
2
2
2
ah&) ahl)
( )
2
75
ahm)
90
=
/ mezcla 28
→ / mezcla=19,44 g / mol
ahn) aho)
Las 'racciones molares en la me$cla serán:
ahp)
+ 3( + + ) =1 (1)
ahq)
/ mezcla = / ) . + ) + / 3( . + 3( ; 19,44 =32 . + ) + 17 . + 3( ( 2 )
3
2
ahr) ahs) aht)
2
2
3
3
2
/eempla$ando (+) en () # despe"ando
(
19,44 =32 . 1 − + 3(
3
3
+ 3(
3
) +17 . + 3( → 19,44 =32−32 + 3( +17 . + 3( 3
3
3
+ 3( =0,837 → + 3( =84 y + ) =16 3
3
2
ahu)
La respuesta es B.
ahv) ahR) ah) 15. El pr!0es! a/er' de "a/ri0a0ión de a!nia0!' es u# ip!rtante en la "a/ri0a0ión de "ertili:antes' se lle8a a 0a/! se)=n la rea00iónF a#@ a:@ N$ \ $ ] N4 aia@ ai/@ Este pr!0es! tiene un rendiient! del <1. Si en una ",/ri0a se utili:an 477 L ai0@ de $ # 4%7 L de N$ diari!s a una teperatura de %77 &C # %77 at. de
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aid@ presión para "a/ri0ar a!nia0! ne0esari!' +0u,nt!s 0ilindr!s se llenaran p!r aie@ d9a6 L!s 0ilindr!s est,n a $% &C' tienen 47 L de 0apa0idad # una presión de ; ai"@ at. ai) ,) +44 B) +9 C) D9 !) +D E) inuno aih) aii) ai") Solución: ai&) !ebemos considerar que uno de los reactivos está limitando la reacción # primero debemos encontrar cual es este reactivo: ail) aim) 36 G 63 ain) +L 3L L aio) 394 L 344 L 1 L 3 2 300 L ( 2 . =100 L 3 2 aip) 3 L ( 2
aiq) El reactivo limitante es el 6: air)La cantidad de amoniaco que se produce es: ais)
300 L ( 2 .
2 L 3( 3 3 L ( 2
= 200 L
ait) Como el rendimiento es del D+H solo se produce:
V 3( =200 L x 0,61=122 L 3
aiu) Consideramos las condiciones del as inicial # 'inal # aplicamos la ecuación combinada de los ases: aiv) P1=500 atmP2=4 atm aiR) % 1 =500 '# + 273=773 k % 2=25 '# + 273=298 k ai) ai#)
V 1=122 LV 2==
ai$) V 3( ( 2)=
a"a)
3
P1 . V 1 .% 2 % 1 . P2
a"b) a"c) a"d)
V 3( ( 2)= 3
500 atm. 122 L. 298 k 773 k . 4 atm
=5879 L
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a"e) Si la capacidad de cada tanque es de 34 L* podremos llenar la siuiente cantidad. a"')
¿ tan!ues=
a")
5879 L 30 L
=196 tan!ues
a"h) a"i) La respuesta es ! a""). 12. Cal0ular la 0antidad de caliza ' 0u#a riue:a en 0ar/!nat! de 0al0i! es del 2%'4 ' ue se ne0esita para !/tener 17 L de dió3id! de 0ar/!n! p!r rea00ión 0!n un e30es! de ,0id! 0l!r9dri0!@' edid!s a 12 &C # 5%$ T!rr. Cl CO$ aH@ aHn@ ] CaCl$ \ aH-@ aHl@ CaCO4 \ aH!@ \ $O a"p) a"q) a"t) E) ,) a"r) C) 1D*- a"s) !) +*1 1A*9 B) A*A Cinuno a"u) a"v) !atos: a"R) V # ) =10 L a") 2
% =18 ' # +273=291
a"#)
P=752 torr.
a"$) a&a) a&b)
1 atm
=0,99 atm
760 torr
#a#)3=85,3
m#a#) == a&c) Calcular: a&d) a&e) Solución: a&') a&) Se debe iualar primero la reacción química # calcular la masa de CF contenida en +4 L: a&h) a&i) Ca 6Cl CF a&") a&&) a&l) G CaCl CF3 6F a&m) +44 11 3
a&n)
m #) = 2
/ . P . V = < . %
g . 0,99 atm. 10 L mol =18,25 g atm.L . 291 0,082 k.mol
44
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a&o)
18,25 g #) 2 .
100 g#a#)3 ( p ) 44 g #)2
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100 g#a#)3 ( i) 85,3 g #a#)3( p)
= 48,6 g
a&p)
La respuesta es ,.
1(. +>u? 8!luen de P4 )ase!s! en 0.n. p!dr9a "!rarse ediante la rea00ión de 177 a-@) de "!s"ur! de 0al0i! en a)ua en e30es!6 a-r@ Ca4P$ s@ \ $O ] CaO@$ \ P4 a-s@ a&t) ,) D*+9 L B) +*3 L C) 1*D L !) A+*9 L E) inuno a&u) a&v) Solución: a&R) a&) Se iuala primero la reacción: a) Ca3P (s) D6F G 3Ca(F6) P63 a&$) ala) +A alb) 68 g P( 3 =37,4 g P( 3 100 g #a3 P 2 . alc) 182 g #a3 P2
ald) ale) al')
DA
El volumen en C.. será:
V P( = 3
m.<.% = / . P
atm .L . 273 k k.mol
37,4 g . 0,082
g 34 . 1 atm mol
= 24,6 L
al) alh) La respuesta es C. ali) al") al&) all) alm) aln) alo) alp) $7. Un "ras0! de 477 ) de di0r!at! de p!tasi! de 27 de pure:a se a0e rea00i!nar 0!n $% 04 de )li0erina 0!n un pes! espe09"i0! de 1'$<1. Deterinar el 8!luen de dió3id! de 0ar/!n! ue se re0!)en s!/re a)ua a %( & # ;27 t!rr. La presión de 8ap!r de a)ua a %(& es 1$'5( t!rr. al@ alr@ 5 $Cr$O5 \ 4 C42O4 \ $2 $SO; 5 Cr$SO;@4 \ 5 $SO; \ ( CO$ \ ;7 $O als@ alt) ,) 31*+ L B) D*3 L C) 1*D L !) 3*9 L E) inuno
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alu) alv)
!atos:
alR)
m 6 #r
al)
6 2 #r 2 )7=80
2
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!eterminar: 2
)7
=300 g
V #) == 2
% =59 ' & =15 '# + 273 =288 k
al#)
V glicerina=25 cm3
P=480 torr
al$)
glicerina=1,261
P =12,79 torr
ama) amb) amc)
La presión correida del CF en atmos'eras será: P#) =480 torr −12,79 torr =467,21 torr. 2
1 atm 760 torr
=0,61 atm
Solución:
amd) Se calcula la masa de licerina # a continuación se calcula el reactivo límite de la reacción: ame) am')
mglicerina=V glicerina . glicerina= 25 cm3 .
1,261 g 3
1 cm
=31,525 g
am) amh) !e acuerdo a la ecuación el requerimiento de licerina para el dicromato de potasio es: ami) am") - K Cr F- 3 C36AF3 A 6SF1 - Cr (SF1)3 - K SF1 CF 14 6F am&) 49A -D 3D aml) 80 g 6 2 #r2 )7 ( p ) 276 g # 3 ( 8 ) 3 300 g 6 2 #r 2 )7 ( i ) . . =32,19 g # 3 ( 8 )3 amm) 100 g 6 2 #r 2 )7 ( i ) 2058 g 6 2 #r 2 ) 7 amn) amo) Como la cantidad de licerina es ma#or a la que se cuenta para la reacción el reactivo límite es la licerina* por tanto el cálculo lo reali$aremos a partir de 3+*99 de licerina: amp)
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amq) amr) ams)
31,525 g # 3 ( 8 ) 3 .
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396 g#) 2 276 g # 3 ( 8 )3
=45,23 g #)2
El volumen de CF será: V #) = 2
m.<.% = / . P
45,23 g . 0,082
atm.L . 288 k k.mol
g 44 . 0,61 atm mol
=39,8 L
amt) La respuesta es !. amu) $1. El aluini! rea00i!na 0!n el ,0id! sul"=ri0! para "!rar sul"at! de aluini!' Al$SO;@4 # )as idró)en!. +>u? 8!luen de )as idró)en! L@ re0!le0tad! en a)ua a $7 &C de teperatura # 5%7 ) de presión' se !/tu8! al rea00i!nar $'%7 ) de aluini!6. El rendiient! de la rea00ión es del <% . Dat!F P8 $O a $7 &C 15'% t!rr. amv) ,) *9 B) *93 C) 9*3 !) 93 E) amR) inuno am) am#) !atos: Calcular: V ( = = m Al=2,50 g am$) 2
ana)
% =20 '# +273 =293 k
anb)
P=750 mm(g
anc)
P =17,5 torr
and) ane) an') an) anh) ani) an")
<=65
Solución: Escribimos la ecuación química de la reacción: ,l 36SF1
65 →
,l(SF1)3 36
an&) 91 D anl) anm) La masa de 6 'ormada a partir de *94 de ,l considerando el D9 H de rendimiento es: ann)
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ano) anp) anq) anr)
2,50 g Al.
6 g ( 2 (% ) 54 g Al
.
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65 g ( 2( P) 100 g ( 2( % )
=0,18 g Al
Correimos la presión para condiciones secas del as: P=( 750 mm (g−17,5 mm(g )=732,5 mm(g.
1 atm 760 mm (g
= 0,96 atm
ans) ant)
V ( = 2
m.<.% = / . P
0,18 g . 0,082
atm.L . 293 k k.mol
g . 0,96 atm 2 mol
=2,25 L
anu)
anv)
ao")
an#@ an:@ a!a@ a!/@ a!0@ a!d@ a!e@ a!"@ a!)@ a!@ a!i@ DISOLUCIONES
La respuesta es ,. anR) an)
ao&) $$. Cal0ular la "ra00ión !lar del Cl en una s!lu0ión a0u!sa al % de Cl en pes! aol) E) inuno ,) 4*44D B) 4*4+9 C) 4*+31 !) 4*D aom) aon) aoo) Solución: aop) aoq) Suponemos +44 de solución: aor) aos) aot) aou) aov) aoR)
100 g soluci"n.
5 g6#l 100 gsoluci"n
=5 g 6#l
Los moles de KCl serán: 5 g6#l.
1 mol 74,5 g6#l
=0,067 moles 6#l
Los moles de aua serán:
PROBLEMARIO QUÍMICA GENERAL ING. LEONARDO SUAREZ MOLLINEDO 95 g ( 2 ) .
ao) ao#) ao$) apa) apb) apc)
1 mol ( 2 ) 18 g ( 2 )
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=5,28 moles ( 2 )
nt =0,067 + 5,28 =5,35 moles
La 'racción molar de KCl será: + 6#l=
apd)
n 6#l 0,067 moles = = 0,0125 nt 5,35 moles
ape)
ap')
La respuesta es B.
ap) $4. Si $% L de una s!lu0ión de sul"at! de 0!/re $'%7 M se dilu#en 0!n a)ua asta un 8!luen "inal de ;%7 L' +0u,l es la nue8a !laridad de la s!lu0ión resultante6 aph) api) E) inuno ,) 4*+3 B) 4*DA C) +*94 !) *94 ap") ap&) Solución: apl) apm) 5tili$amos la rela de la dilución: # 1 .V 1 =# 2 .V 2 apn) # 2 =
apo)
# 1 . V 1 2,50 / . 25 ml = =0,139 / V 2 450 ml
app)
La respuesta es ,. apq) apr) aps) apt) apu) $;. +>u? asa de )lu0!sa' C<1$O< de/e dis!l8erse en 1%7 L de a)ua para ue la "ra00ión !lar de )lu0!sa sea 7'1$%6 La densidad del a)ua es de 1'77 )*L. apv) apR) inuno
ap) ap#) ap$) aqa)
,) +9D*-
!atos: V agua =150 ml
aqb)
+ glucosa =0,125
aqc)
agua =1 g / mL
B) +D3*1
C) +9*
!) +1*
E)
PROBLEMARIO QUÍMICA GENERAL ING. LEONARDO SUAREZ MOLLINEDO
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mglucosa ==
aqd) aqe) aq')
Solución: 1 g ( 2 ) 1 mol ( 2 )
aq)
nagua =150 ml .
aqh)
+ glucosa + + ( ) =1 → + ( )=1− 0,125 =0,875
aqi)
+ ( ) =
2
2
aq")
n ( ) 2
nt
18 g ( 2 )
=8,33 moles ( 2 )
2
n ( ) 8,33 moles →n t = = =9,52 moles 0,875 + ( ) 2
2
Calculamos los moles de lucosa: + glucosa =
aq&) aql) aqm) aqn) aqo)
.
1 mL
nglucosa →n glucosa= + glucosa . nt = 0,125 . 9,52 =1,19 molesglucosa nt
Calculamos la masa de lucosa:
1,19 moles# 6 ( 12 )6 .
180 g 1 mol# 6 ( 12 )6 1 mol# 6 ( 12 ) 6
=214,2 g # 6 ( 12 )6
aqp) aqq)
La respuesta es !. aqr) $%. Cuant!s )ra!s de KaCl$.$$ O se de/en e:0lar 0!n su"i0iente 0antidad de a)ua pura para preparar %7 ) de una s!lu0ión del 1$ de KaCl$6 as@ aqt) ,) 9*3B) ++*19 C) -*41 !) 1*9 E) inuno aqu) aqv) !atos: msoluci"n =50 g aqR) # 2a#l =12 aq) aq#) Calcular: msoluto == aq$) ara) arb) Solución: 2
arc)
50 g soluci"n.
12 g2a#l2 100 gsoluci"n
.
244 g2a#l 2 .2 ( 2 ) 208 g 2a#l2
=7,04 g2a#l 2 .2 ( 2 )
PROBLEMARIO QUÍMICA GENERAL ING. LEONARDO SUAREZ MOLLINEDO
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ard)
La respuesta es C.
are) $<. Para la si)uiente rea00iónF ar"@ ar)@ C<1$O< \ $Cr$O5 \ $SO; ] $SO; \ Cr$SO;@4 \ CO$ \ $O ar@ ari@ +Cu,nt!s )ra!s de $ Cr$O5 de/en pesarse para preparar %77 04 de una s!lu0ión $ N6 arH@ ar&) ,) A B) A4 C) 1 !) + E) inuno arl) arm) Solución: arn) aro) Mualamos la ecuación química: arp) arq) CD6+FD 1K Cr F- +D6SF1 G 1K SF1 1Cr (SF1)3 DCF 6F arr) ars)La semirreacción de reducción es: art) +¿+ #r 2 )−7 2 → 2 #r+3 + 7 ( 2 ) ¿ aru) 6 > + 14 ( arv) 500 cm
arR)
3
.
2 e! − g 6 2 #r2 )7
ar)
3
1000 cm
.
294 g 6 2 #r 2 )7 6 e! − g 6 2 #r2 )7
=49 g ar#)
La respuesta es C.
ar$) $5. +En u? 0antidad de a)ua )ra!s@ de/en diluirse 27 L de una s!lu0ión de ,0id! sul"=ri0! de densidad 1'$ )*L al 47 en pes!' para 0!nse)uir ue la 0!n0entra0ión sea el 17 en pes! de ,0id! sul"=ri0! $SO;@6 asa@ ,) 4A B) 3A4 C) + !) A4 E) inuno asb) asc) asd) !atos: ase) 6SF1 (concentrado) 6F = 6SF1(diluido) V 1=80 mL as') 0 = s =1,2
as)
g mL
# 2 =10
ash) asi)
# 1 =30
s =1,0 g / mL
PROBLEMARIO QUÍMICA GENERAL ING. LEONARDO SUAREZ MOLLINEDO
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as")Calcular la masa de aua en que se dilu#e el ácido sul'Irico concentrado: magua= = as&) Solución: asl)Epresamos la concentración en H peso en J: asm) Ucido concentrado: 30 g ( 2 S ) 4
1 mol ( 2 S )4 1,2 g soluci"n 1000 mLsoluci"n . . . =3,67 / 100 g soluci"n 98 g ( 2 S )4 1 mL soluci"n 1 L soluci"n
asn) aso) asp) asq)
Ucido diluido 10 g ( 2 S ) 4
asr)
100 gsoluci"n
.
1 mol( 2 S )4 1,0 gsoluci"n 1000 mLsoluci"n
.
98 g ( 2 S ) 4
.
1 mL soluci"n
1 L soluci"n
=1,02 /
ass) ast),plicamos la rela de dilución para calcular el volumen de solución diluido: asu) # 1 .V 1 =# 2 .V 2 asv) V 2=
asR) as) as#) as$)
La masa de las solución (+) es: 80 ml soluci"n.
ata) atb) atc) atd) ate)
# 1 .V 1 3,67 / . 80 ml = = 287,84 ml 1,02 / # 2
1,2 g soluci"n 1 mlsoluci"n
= 96 gsoluci"n ( 1)
La amasa de la solución () es:
287,84 ml soluci"n.
1 g soluci"n 1 mlsoluci"n
= 287,84 g soluci"n (2 )
at') at) La masa de aua será: ath) ati) magua= 287,84 g −96 g =192 g at") at&) Ftra 'orma: atl) atm) En la solución concentrada tenemos: atn) ato)
msoluto =80 ml soluci"n.
1,2 g soluci"n
30 gsoluto . =28,8 gsoluto 1 mLsoluci"n 100 g soluci"n
PROBLEMARIO QUÍMICA GENERAL ING. LEONARDO SUAREZ MOLLINEDO magua= 80 mlsoluci"n.
atp)
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1,2 gsoluci"n
70 gagua . =67,2 gagua 1 mL soluci"n 100 gsoluci"n
msoluci"n =96 g atq) atr)En la concentración diluida tendremos: ats) m soluto att) msoluci"n+ magua = 0,1
atu) magua=
atv)
msoluto 0,1
−msoluci"n=
28,8 g 0,1
−96 =192 g
atR) at)
La respuesta es C. at#) at$) aua) $2. 1$7 ) de una s!lu0ión al 1<'<5 de Cl an sid! e:0lad!s 0!n <7 )ra!s de !tra s!lu0ión al 1$'% de Cl. +Cu,l es la 0!n0entra0ión' en p!r0entaHe en pes!' de la s!lu0ión resultante6 aub) auc) ,) +3*DAH B) +9*AH C) +A*4H !) 4*49H E) inuno aud) aue) !atos: au') au) Solución + Solución = Solución resultante auh) ms 1=120 g ms 2=60 g aui) mr=180 g # 1 =16,67
au")
# 2 =12,5
# r ==
au&) aul) aum) aun) auo) aup)
Solución: Calculamos la cantidad de soluto presente en cada solución: Solución +: auq)
120 g soluci"n.
16,67 g e soluto 100 gsoluci"n
=20,0 g
PROBLEMARIO QUÍMICA GENERAL ING. LEONARDO SUAREZ MOLLINEDO
aur) aus) aut)
Solución : 60 g solu soluci ci"n "n .
auu) auv) auR) au) au#) u#) au$) ava)
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La ca cantidad de de so soluto to total se será:
12,5 gesoluto 100 gsoluci"n
r
,
,
=7,5 g ,
La co conce ncentr ntración ción resu esultante en en H peso eso se será: rá: # r =
msoluto m soluci"n
. 100 =
27,5 g 180 g
. 100 =15,28
avb)
avc)
La respuesta es B.
avd) $(. +Cu,nt!s L de s!lu0ión de idró3id! de p!tasi! $ N # 7'$ N se ne0esitan para preparar 1'2 L de una s!lu0ión 7'< N6 ave) av') ,) +944 # 344 B) +144 # 144 C) +444 # A44 !) 944 # +344 E) inuno av) a vh ) !atos: avi) av") Solución + Solución = Solución resultante V 1== V 2== av&) V 3=1,8 L # 1 =2 3
avl)
# 2 =0,2 3
# 3 =0,6 3
avm) a vn ) avo) a vp ) avq) avr) avs) avt) a vu ) avv)
Solución: 2enemos la las si siuientes ec ecuaciones: V 1+ V 2=V 3 (1 ) V 1 . # 1+ V 2 . # 2=V 3 . # 3 ( 2 )
/eempla$ando (+ (+) en en () # de despe"ando 0
PROBLEMARIO QUÍMICA GENERAL ING. LEONARDO SUAREZ MOLLINEDO
( V −V ) . # +V
avR)
3
2
1
2
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.# 2=V 3 .# 3
av)
( # −# ) ( 0,6 −2 ) =1,8 L . =1,4 L=1400 mL ( 0,2−2 ) ( # −# ) 3
1
2
1
av#)
V 2=V 3 .
av$) aRa) aRb)
V 1=1,8 L−1,4 L =0,4 L= 400 mL
aRc)
La respuesta es B.
aRd) 47. +>u? asas en )ra!s' )ra!s' de d!s s!lu0i!nes s!lu0i!nes de )lu0!sa' C < 1$O<' al 1% # al ;7 en pes! de/en e:0larse para preparar 577 ) de una s!lu0ión de )lu0!sa al $%6. Si la densidad de la s!lu0ión es de 1'$ )*04' +0u,l es la !laridad de la s!lu0ión6 abe@ aR') ,) 14? A4 # +*D-
aR) aRh) aRi) aR")
B) 944? 44 # *99
C) ++4? 94 # A*1
!atos: Solución + Solución resultante m 1 =?
aR&)
Solución m 2==
m3=700 g # 1 =15
aRl)
# 2 =40
# 3 =25
aRm) aRn) aRo) aRp) aRq) aRr) aRs) aRt) aRu) aRv)
Solución: 2enemos las siuientes ecuaci aciones: es: m 1+ m2 =m3 ( 1 ) m 1 . # 1 + m2 . # 2=m 3 . # 3 ( 2)
/eempla$ando (+ (+) en en ( () # despe"ando 0
( m −m ) .# +m . # =m . # 3
2
1
2
2
3
3
aRR) aR) aR#)
!) 394? 394 # +*3
( # −# ) ( 25 −15 ) =700 g . =280 g ( ) 40 15 # # − − ( )
m 2 =m 3 .
3
1
2
1
=
E) inuno
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aR$) aa) a b ) ac) ad)
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m1=700 g −280 g= 420 g
La molaridad de la solución es: 25 g # 6 ( 12 ) 6
.
1 mol
.
1,2 g 1000 cm
3 100 gsoluci"n 180 g # 6 ( 12 12 ) 6 1 cm
.
1 L
3
=1,67 /
ae) a')
La respuesta es ,. a) 41. Cal0ular el 8!luen' en L' de una s!lu0ión de ,0id! 0l!r9dri0! 4N ue se ne0esita para rea00i!nar 0!n 47 )ra!s de 0ar/!nat! de 0al0i!' del 5% de pure:a' se)=n la si)uiente rea00ión' a3@ a3i@ CaCO4 \ Cl → CaCl$ \ CO$ \ $O a") a&) ,) 94 B) +44 C) +94 !) 44 E) inuno al) am) Solución: an) ao) Balanceamos la ecuación química: ap) aq) CaCF3 6Cl → CaCl CF 6F ar) +44 -3 as) at) 75 g#a#) 3( p) (#l soluci"n "n 73 g (#l 1 e! − g (#l 1000 ml soluci 30 g#a#)3 ( i) . . . . =150 ml g#a #)3 ( p) 36,5 g (#l 100 g#a#)3 (i) 100 g#a 3 e! − g (#l au) av)
La respuesta es C.
aR) 4$. En la titula0ión titula0ión de una s!lu0ión de peró3id! peró3id! de idró)en! $O$@ 0!n s!lu0ión de peran)anat! de p!tasi! MnO;@. La rea00ión esF a33@ 96F(ac) KJnF1(ac) 36SF1(ac) JnSF1(ac)K SF1(ac)9F() a#) A6F(l) a$) a#a) Se astaron +44 mL de solución 4*A J de KJnF 1* para titular 4 de la solución de peróido de hidróeno. VCuál es el porcenta"e en peso de 6 F en la solución a#b) a#c) ,) 1H B) 31H C) 11H !) 91H E) inuno a#d) a#e) !atos: →
PROBLEMARIO QUÍMICA GENERAL ING. LEONARDO SUAREZ MOLLINEDO
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a#')
V 6/n ) =100 mL # 6/n) = 0,8 /
a#)
msoluci"ne ( ) =20 g peso ( ) ==
4
4
2
a#h) a#i) a#") a#&) a#l) a#m) a#n) a#o) a#p)
2
2
2
Solución: Se calcula la cantidad de permananato de potasio astada en la titulación: 100 mL.
a#q)
a#r) a#s) 6/n) 4
0,8 moles 6/n )4 158 g6/n)4 1000 mL
.
1 mol 6/n )4
=12,64 g6/n)4
Calculamos la cantidad de 6F que reacciona con los +*D1 de acuerdo a la reacción química:
a#t) a#u)
12,64 g6/n)4 .
5 x 34 g ( 2 )2 2 x 158 g6/n)4
=6,8 g ( 2 )2
a#v) a#R)
peso =
msoluto 6,8 g ( 2 )2 . 100 = . 100 =34 20 g m soluci"n
a#)
La respuesta es B. a##) 44. +>u? 8!luen de una s!lu0ión de ,0id! sul"=ri0! 7'1 M se ne0esita para al0an:ar el punt! "inal 0uand! se titulan %7 L de NaO 7'% M6 a#$) a$a) E) ,) 94 mL B) +9 mL C) 3-9 mL !) +44 mL inuno a$b) a$c)
!atos:
a$d)
V ( S ) == V 3a)( =50 mL
a$e)
# ( S ) =0,1 / # 3a)( = 0,5 /
a$') a$) a$h)
2
2
4
4
Solución:
a$i) 5tili$amos la siuiente ecuación: # 7cio .V 7cio=# base .V base
a$") Sin embaro la concentración en esta ecuación debe ser epresada en ormalidad:
PROBLEMARIO QUÍMICA GENERAL ING. LEONARDO SUAREZ MOLLINEDO
a$&) a$l) # ( S ) = 2
4
0,1 moles ( 2 S )4 2 e! − g ( 2 S ) 4
.
1 L soluci"n
a$m) # 3a)( =
a$n)
a$o) a$p) a$q) a$r)
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1 mol ( 2 S ) 4
=0,2 3
0,5 moles 3a)( 1 e!− g 3a)( 1 L soluci"n
.
1 mol 3a)(
=0,5 3
El volumen del ácido será: V 7cio =
a$s)
# base .V base 50 mL. 0,5 / = =125 mL # 7cio 0,2 3
a$t) a$u)
La respuesta es B.
a$v) a$R) a$) a$#) a$$) 4;. Cierta epresa 0!pra 1%7 ) de sul"ur! de 0!/re II@ para su p!steri!r utili:a0ión en un pr!0es! industrial. C!n el "in de deterinar la pure:a del 0!puest! se a0en rea00i!nar 7'$% ) del is! 0!n ,0id! n9tri0! diluid! ne0esit,nd!se $; l del is! para dis!l8erl!. Sa/iend! ue 1% l del ,0id! eplead! neutrali:an 15 l de NaO 7'1% N. Deterinar la pure:a del ineral. baa) ,) 4*1H B) 31*-H C) -A*1H !) bab) E) inuno +9*AH bac) bad) !atos: bae) ba') La reacción del sul'uro de cobre (MM) con el ácido nítrico es: ba) bah) bai) CuS 6F3 G Cu(F3) 6S ba") D +D m#uS= 0,25 g ba&) bal)
V (3) =24 ml
bam)
V a=15 mLV b =17 mL
ban)
# a== # b=0,15 3
3
PROBLEMARIO QUÍMICA GENERAL ING. LEONARDO SUAREZ MOLLINEDO
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bao)
Solución:
bap)
Se calcula primero la Ca # con esta concentración se calcula la cantidad de
CuS presente en la muestra de 4*9 . baq) 24 mL soluci"n.
bar)
# b .V b V a
=
0,15 3 . 17 mL =0,17 3 15 mL
0,17 e! − g (
3)3 63 g ( 3) 3 96 g#uS . . =0,196 g#uS 1000 mLsoluci"n 1 e! − g ( 3)3 126 g ( 3)3
pureza=
m#uS mt
. 100=
bas) bau) bav) baR) ba) ba#) ba$) bba) bbb) bbc) bbd) bbe) bb') bb) bbh) bbi) bb")
# a=
0,196 g 0,25 g
. 100 =78,4
bat)
//-@
La respuesta es C.
PROPIEDADES COLI[ATI`AS DE LAS SOLUCIONES
//l@ 4%. Cal0ular la presión de 8ap!r en t!rr de una s!lu0ión a $7 BC ue 0!ntiene 1% ) de un s!lut! n! 8!l,til # 477 ) de a)ua' si la s!lu0ión 0!n)ela a $'4BC. La presión de 8ap!r del a)ua a $7 BC es 15'4 ) # la 0!nstante 0ri!s0ópi0a !lal 1'2< BC-)*!l. bbm) ,) 3*D B) +D* C) 4*4 !) +-*3 E) inuno bbn) bbo) !atos: misolente =300 g bbp) msoluto =15 g bbq) bbr)
P' =17,3 mm (g
bbs)
6 c =1,86 '#kg / m ol
PROBLEMARIO QUÍMICA GENERAL ING. LEONARDO SUAREZ MOLLINEDO
bbt) bbu) bbv) bbR) bb) bb#) bb$) bca) bcb) bcc) bcd) bce) bc') bc) bch) bci) bc")
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'
% c =0 '#
% c =−2,3 '#
Calcular: P S == Solución: ,plicando la Le# de /aoult: PS = P' . + isolente La 'racción molar del disolvente se calcula de la siuiente manera: + isolente =
n n + n S
Los moles de disolvente se calculan de la siuiente 'orma: m 300 g n = = =16,67 moles agua / 18 g
Los moles de soluto se calculan a partir de la siuiente 'órmula: % = 6 c . ml= 6 c .
ns % . m ;ns = m 6 c
bc&) bcl) bcm) bcn) bco) bcp) bcq) bcr)
n s=
0 '# −(−2,3 '# ) . 0,3 kg
'#kg 1,86 mol
=0,37 moles
La d= es: + =
16,67 16,67 + 0,37
= 0,978
La PS será: PS =17,3 . 0,978 =16,9 torr
bcs)
La respuesta es B.
bct) 4<. Cal0ular el pes! !le0ular de un 0!puest! !r),ni0!' sa/iend! ue una dis!lu0ión de 7'( ) de la isa en $7 ) de a)ua tiene un punt! de 0!n)ela0ión de 7';<% BC. -0 1'2< &C*!lal. bcu)
PROBLEMARIO QUÍMICA GENERAL ING. LEONARDO SUAREZ MOLLINEDO
bcv) bcR) bc) bc#) bc$)
,) +4
B) +A4
C) 1D
!) 49 E) inuno
!atos: msoluto =0,9 g
bda)
misolente =20 g
bdb)
% c =−0,465 '#
bdc)
% c =0 '#
bdd) bde) bd') bd) bdh) bdi) bd") bd&)
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'
6 c =1,86 '# / molal
Calcular: / soluto == Solución: 5tili$amos la siuiente ecuación: 0 '# @ 0,465 '# 0,02 kg . (¿)=180 g / mol
bdl)
/ s=
ms . 6 c 0,9 g . 1,86 '# kg / mol = ¿ m . $ %
bdm)
La respuesta es B.
bdn) 45. El pes! !le0ular de un 0!puest! es %2 )*!l. Cal0ule el punt! de e/ulli0ión de una s!lu0ión ue 0!ntiene $; )ra!s de s!lut! # <77 )ra!s de a)ua' 0uand! la presión de 8ap!r del a)ua es tal ue el a)ua pura ier8e a (('54&C. e/ 7'%$&C*!lal bdo) bdp) ,) +44*4 B) *-3 C) +44*9 !) +4*D E) inuno bdq) bdr) !atos: / soluto =58 g / mol bds) msoluto =24 g bdt) bdu)
misolente =600 g
bdv)
% e= 99,73 '#
bdR)
6 eb =0,52 '# / molal
'
PROBLEMARIO QUÍMICA GENERAL ING. LEONARDO SUAREZ MOLLINEDO
bd) bd#) bd$) bea) beb) bec) bed) bee)
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Calcular: % e== Solución: Calculamos W2 a partir de la siuiente ecuación: % =
m s . 6 e 24 g . 0,52 '# kg / mol = =0,358 '# / s . m g . 0,6 kg 58 mol
be') be)
% =% e −% ' e →% e = % + % ' e= 0,358 '# + 99,73 ' # =100,09 '#
beh) bei)
La respuesta es ,. be") 42. Cal0ule el punt! de 0!n)ela0ión de una s!lu0ión preparada 0!n 7'$7 ) de etilen)li0!l C$
+*7C C) >9*7C !) *37C E) inuno bem) ben) !atos: m # ( ) =0,20 g beo) 2
6
2
bep)
m ( )=50 g
beq)
% c =0 '#
ber) bes) bet) beu) bev) beR) be) be#) be$) b'a)
2
'
6 c =1,86 '# / molal
Calcular: % c == Solución: Calculamos el W2 de la solución: $ % =
m s . 6 c / s . m
= 0,20 g . 1,86 '# kg / mol =0,12 ' # 62
g . 0,05 kg mol
Por otra parte: % =% ' c −% c =0 ' # −0,12 ' # =−0,12 '#
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b'b) b'c)
La respuesta es E. b'd) 4(. +>u? p!r0entaHe en asa de )li0erina C42O4 0!ntiene una s!lu0ión a0u!sa si a $% &C la presión de 8ap!r de la s!lu0ión es de $4'1 t!rr6. La presión de 8ap!r del a)ua a $% &C es $4'2 T!rr. b'e) b''),) *19 B) +3*1+ C) 9*-A !) 3*+ E) inuno b') b'h) !atos: = b'i) ' P b'") =23,8 torr PS =23,1 torr
b'&)
b'l) 6 c =1,86 '#kg / mol b'm) Calcular: ms . 100 m s+ m
b'n)
ms =
b'o) b'p) b'q) b'r)
Solución: Partimos de las siuientes iualdades: '
$ P= P . + s → + s =
b's)
$P '
P
(1)
ms
b't)
+ s=
ns / s = = ns + n ms m
+
/ s /
b'u) b'v) b'R)
b'#) b'$) ba) bb)
ms + m /
Mualando (+) # () $P
b')
ms / s
'
P
ms
= ms +
/ s /
m
6aciendo operaciones:
(
m s . 1−
)
$ P . / s $P = m ' ' P P . /
Sustitu#endo valores:
(2 )
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bc)
(
m s . 1−
bd) be) b') b)
( 23,8−23,1 ) torr 23,8 torr
)
=
( 23,8− 23,1 ) torr .92 g / mol 23,8 torr . 18 g / mol
m
0,971 ms=0,150 m e one m= 6,47 m s
Sustitu#endo md en: ms =
bh)
ms ms ms . 100= . 100 = . 100 =13,39 m s+ m ms + 6,47 ms 7,47 ms
bi) b")
La respuesta es B.
b&) ;7. +A u? teperatura ier8e apr!3iadaente una s!lu0ión a0u!sa $ M de 0l!rur! de s!di! 0u#a densidad es de 1'4 )*l6 e/ 7'%$ &C*!lal. bl) bm) ,) 44*AA B) +94*44 C) +44*AA !) +4*AA E) inuno bn) bo) !atos: # s=2 / bp) soluci"n =1,3 g / mL bq) % ' e=100 '#
br)
6 e b=0,52 '# /molal bs) bt) Calcular: % e== bu) bv) bR) b) b#) b$) Solución: bha) bhb) La concentración molar debe epresarse en molalidad* para ello suponemos un volumen de solución de +444 mL # calculamos la cantidad de soluto # la cantidad de aua en la me$cla: bhc)
bhd) bhe)
1000 mLsoluci"n.
2 moles 3a#l
58,5 g 3a#l . =117 g 3a#l 1000 mL soluci"n 1 mol 3a#L
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bh') bh) bhh) bhi)
1000 mLsoluci"n.
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1,3 g soluci"n 1 mLsoluci"n
=1300 g soluci"n
La cantidad de aua es: magua= msoluci"n −msoluto =1300 g −117 g =1183 g ml =
2 moles 3a#l
=1,7 ml
bh")
La molalidad es:
bh&) bhl) bhm)
Considerando que el cambio de temperatura es:
bhn) bho) bhp)
% = 6 e .ml =0,52
1,183 kg
'# . 1,7 molal =0,88 '# molal
La temperatura de la solución es 2e: % =% e −% ' e →% e =% ' e + % =100 '# + 0,88 '# =100,88 '#
bhq) bhr)
La respuesta es C. bhs) ;1. +Cu,nt!s )ra!s de sa0ar!sa C1$$$O11 de/en dis!l8erse en 277 ) de a)ua para ue la presión de 8ap!r de la s!lu0ión sea de 4<'(% )6. La presión de 8ap!r del a)ua a 44 &C es 45'54 ). bht) bhu) ,) 194 B) +34 C) 94 !) 3+ E) inuno bhv) bhR) !atos: m isolente =800 g bh) bh#)
P' =37,73 mm(g
bh$)
P =36,95 mm(g
bia)
6 c =1,86 '#kg / mol
bib) bic) bid) bie) bi') bi) bih) bii)
% =33 '#
Calcular: msoluto == Solución: Partimos de las siuientes iualdades:
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bi")
P= P ' . + s → + s =
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P (1 ) P' ms
+ s=
bi&)
ns / s = = ns + n ms m
+
/ s /
bil) bim)
ms / s
(2 )
ms + m /
Mualando (+) # () P = P'
bin) bio) bip)
ms / ms + s m /
6aciendo operaciones # despe"ando ms: P . / s P' ms= ' m . ' P . / P − P
biq)
bir)Sustitu#endo valores: bis)
( 37,73−36,95 ) mm(g . 342 g . 800 g bit)
biu) biv) biR)
ms=
mol g 37,73 mm(g. 18 mol
.
37,73 mm(g
37,73 mm(g−( 37,73−36,95 ) mm(g
ms=321 g # 12 ( 22 )11
bi)
La respuesta es !.
bi#) ;$. presión de 8ap!r de una s!lu0ión preparada 0!n 1$ ) de s!lut! n! 8!l,til # 5$ ) de a)ua a 177 &C es de 5%;'4 ). Cal0ular la asa !le0ular del s!lut! # la teperatura de 0!n)ela0ión de la s!lu0ión. 0 1'2< & C )*!l bi$) b"a) ,) 3-? >4*-A B) +4? >+*9 C) A4? >4*9 !) 194? >+*99 E) inuno b"b) b"c) !atos: m isolente =72 g b"d) msoluto =12 g b"e) ' b"') P =760 mm(g
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b")
P =754,3 mm (g
b"h)
6 eb =0,52 '# / molal
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b"i) 6 c =1,86 '#kg / mol b"") b"&) Calcular: b"l) / soluto== % s== b"m) b"n) b"o) b"p)
Solución: Partimos de las siuientes iualdades: P= P ' . + s → + s =
b"q)
P (1) P'
ms
b"r)
+ s=
ns / s = = ns + n ms m
+
/ s /
ms / s
(2 )
ms + m /
b"s) b"t) Mualando (+) # () b"u) b"v) b"R) b") b"#) b"$) b&a) b&b) b&c) b&d) b&e) b&') b&)
P = P'
ms / ms + s m /
6aciendo operaciones # despe"ando Jsoluto: / s=
m s . / . ( P' − P ) P . m
Sustitu#endo valores: / s=
12 g . 18 g / mol
( 760−754,3 ) mm(g . 72 g
. ( 760 −( 760−754,3 ) ) mm(g
/ s=397 g / mol
La temperatura de conelación será: % =% ' c −% c = 6 c . ml =
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b&h) b&i)
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!espe"amos 2c: 12 g
g '# kg mol % c =− 6 c . ml +% ' c =−1,86 . +0 '# =−0,78 '# 1 kg mol 72 g 1000 g 397
b&")
b&&) b&l)
La respuesta es ,. b&m) ;4. +Cu,l es la presión !sóti0a de una s!lu0ión 7'5 M de )lu0!sa en a)ua a $% &C6 /-n@ b&o) ,) 4*+ atm B) +-*+ atm C) 9*9 atm !) 9*- atm E) inuno b&p) b&q) !atos: b&r) # s=0,7 / b&s) % =25 '# b&t) b&u) b&v) b&R) b&) b) b&$) bla) blb) blc) bld) ble)
Calcular: 1 ==
Solución: ,plicando la ecuación de la presión osmótica: 1 = / < % → 1 =0,7
mol atm.L . 0,082 . 298 k =17,1 atm L k.mol
bl') bl)
La respuesta es B.
blh) ;;. Cal0ule la presión !sóti0a de 177 l de una s!lu0ión al 4% en pes! de NaCl' 0u#a densidad es 1'$7% )*l a $7BC bli) bl") ,) +34 atm B) +94 atm C)+1 atm !) +-3 atm E) ninuno bl&) bll) !atos: blm) # =35 bln)
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blo)
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=1,205 g / mL
% =20 '# blp) blq) Calcular: blr) 1 == bls) Solución: blt) blu) Para aplicar la ecuación de la presión osmótica necesitamos calcular la molaridad de la solución que se hace de la siuiente manera: blv)
blR) bl) bl#) bl$) bma)
35 g 3a#l
1 mol 3a#l 1,205 gsoluci"n 1000 mLsoluci"n . . . =7,2 / 100 g soluci"n 58,5 g3a#l 1 mL soluci"n 1 L soluci"n
,plicando la 'órmula de la presión osmótica: 1 = / < % → 1 =7,2
mol atm. L . 0,082 . 293 k =173 atm L k.mol
bmb) ;%. Una s!lu0ión a0u!sa de benzaldehído ' C<%CO' tiene a 12 &C una presión !sóti0a de 4'%5 at. +A u? teperatura s!lidi"i0ar, la s!lu0ión6 bmc) bmd) ,) >4*A B) >4*9 C) 4*4 !) >3*9E) inuno bme) bm') !atos: / # =106 g / mol bm) % =18 '# +273 =291 k bmh) 6 ( 5 #)(
bmi)
1 =3,57 atm
6 c =1,86 '#kg / mol bm") bm&) Calcular: % c == bml) bmm) Solución: bmn) bmo) Calculamos la molaridad de la solución a trav
bmq)
1 = / < % → / =
1 = < .%
3,57 atm
=0,15 mol / litro
atm.L . 291 k 0,082 k.mol
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bmr) Como no se tiene un dato de la densidad de la solución consideramos que la solución tiene una densidad de + 8mL* por tanto la molaridad será iual a la molalidad. bms) bmt) El W2c es: bmu) bmv)
% c = 6 c .ml =1,86
'#kg mol . 0,15 = 0,28 '# mol kg
bmR) bm)
% c =% ' c −% c →% c =% ' c − % =0 '# −0,28 ' # =−0,28 '#
bm#) bm$)
La respuesta es ,.
bna) ;<. El suer! san)u9ne! del !/re tiene un punt! de "usión de 7'%< &C. +>u? presión !sóti0a tiene la san)re a 45 &C' si 1 l de suer! 0!ntiene 1 )ra! de a)ua6 bnb) bnc) ,) 1*D9 atm B) *D9 atm C) -*D9 atm !) +4*D9 atm E) inuno bnd) bne) !atos: V suero =1 mL bn') m agua= 1 g bn) bnh) bni) bn") bn&) bnl) bnm)
% =37 '# +273 =310 k
Calcular: 1 == Solución: Calculamos la molaridad del suero sanuíneo: '
bnn) bno) bnp) bnq) bnr) bns) bnt) bnu)
$ % c ( % c −% c ) 0 '# −(−0,56 '# ) $ % c = 6 c .ml→ml = = = =0,30 molal 6 c 6 c '# 6g 1,86 mol
En este caso la molalidad es iual a la molaridad: ml = / Sustitu#endo en la ecuación de presión osmótica: 1 = / < % =0,30
mol atm .L . 0,082 . 310 k =7,65 atm L k.mol
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bnv)
La respuesta es C. bnR)
bn) ;5. El /en0en! C<<@ # el t!luen! C52@ "!ran s!lu0i!nes ideales. A <7&C la presión de 8ap!r del /en0en! pur! es 7'%5 at # la presión de 8ap!r del t!luen! pur! es 7'12; at. +Cu,l es la presión de 8ap!r en t!rr de una s!lu0ión ideal ue 0!ntiene % !les de /en0en! # $4 !les de t!luen!6 bn#) bn$) ,) ++9 B) 1 C) A3 !) 94 E) inuno boa) !atos: Pbenceno = 0,57 atm bob) Ptolueno=0,184 atm boc) bod)
% =60 '# +273 =333 k
boe)
nbenceno =5 moles
ntolueno = 23 moles bo') bo) Calcular: Psoluci"n == boh) boi) bo") Considerando que en una solución el soluto se encuentra en menor proporción* la 'racción molar del soluto # del disolvente será: bo&) Soluto:
bol) bom) bon) boo) bop) boq) bor) bos) bot) bou) bov)
+ benceno =
nbenceno 5 moles = =0,18 nbenceno + ntolueno 5 moles+ 23 moles
Solvente: + tolueno =
ntolueno n benceno + ntolueno
=
23 moles 5 moles + 23 moles
=0,82
,plicando la ecuación: Psoluci"n = P' tolueno . + tolueno=0,184 atm. 0,82 =0,15 atm
La presión epresada en torr será: Psoluci"n =0,15 atm.
760 torr 1 atm
=115 torr
boR) bo)
La respuesta es ,.
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bo#) ;2. Un 0!puest! !r),ni0! !r),ni0! tiene el si)uiente si)uiente an,lisis an,lisis eleentalF eleentalF C %%'2' 5'7' O 45'$. Cu,l es la "órula !le0ular del 0!puest!' sa/iend! ue una s!lu0ión ue 0!ntiene 1'%7 ) de este 0!puest! en 47 ) de /en0en! C<<@ 0!n)ela a $'<4&C. El punt! de "usión del /en0en! es %'%&C # - 0%'1$&C*!lal. bo$) bpa) ,) C63F B)C16DF C) C361F !) C36DF E) inuno bpb) bpc) !atos: # =55,8 ; ( =7,0 ;) =37,2 bpd) msoluto =1,50 g bpe) bp') bp) bph) bpi) bp") bp&)
misolente =30 g
= c= c= c
mo a
55,8
bpl) bpm)
( :
bpo) bpp)
, ,
Calcular: %órmula molecular: # :
bpn)
,
12 7,0 1
)=
=4,65
=7,0
37,2 16
=2,32
!ividimos entre el menor nImero obtenido: 4,65
bpq)
# :
bpr)
( :
bps)
):
2,32 7,0 2,32
2,32 2,32
=2 =3 =1
bpt) bpu) La 'órmula empírica será: C63F # su peso molecular es: 13 8mol bpv) Para obtener la 'órmula verdadera utili$amos las propiedades coliativas de la solución 'ormada: bpR)
PROBLEMARIO QUÍMICA GENERAL ING. LEONARDO SUAREZ MOLLINEDO $ % c = 6 c .ml→ml =
bp) bp#) bp$) bqa)
$ % c 6 c
=
UNIVERSIDAD NACIONAL SIGLO XX ÁREA DE TECNOLOGÍA (% ' c −% c ) 6 c
=
5,5 '# −2,63 '#
'# 6g 5,12 mol
=0,56 molal
!e la molalidad encontramos el peso molecular del soluto:
m soluto n / msoluto ml# ( = soluto = soluto → / soluto = = m# ( m # ( ml.m # ( 6
6
6
6
6
6
6
6
1,50 g
mol . 0,03 kg 0,56 kg
=89,3 g / mol
bqb) Para encontrar la 'órmula verdadera verdade ra dividimos el peso molecular encontrado entre el peso molecular empírico: 89,3 g / mol n= =2 bqc) 43 g / mol bqd)
La 'órmula verdadera será: C16DF bqe)
La respuesta es B.
bq') bq) bqh) bqi) bq") bq&) bql) bqm) bqn)
TERMO>UZMICA
bqo) 1. Un tr!: tr!:!! de 4%7 ) de pl!! pl!! se 0alent 0alentóó a 177& 177&C C # se suer suer)e )e en 177 ) de a)ua a)ua a $7&C' al0an:and! el euili/ri! a la teperatura "inal de $5'2&C' 0al0ular el 0al!r espe09"i0! del pl!!. bqp) bqq) ,) 4*3+ B) 4*43+ C) 3*+4 !) 19*1 E) ninuno bqr) bqs) !atos: m Pb=350 g bqt) bqu)
% Pb=100 '#
bqv)
magua= 100 g
bqw)
% agua=20 ' #
bqx)
% e!=27,8 '#
bqy)
Solución:
PROBLEMARIO QUÍMICA GENERAL ING. LEONARDO SUAREZ MOLLINEDO bqz) bra) brb)
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Utiliz iliza ando la prim prime era Ley de la te termoq moquímic ímica: a: ganao ( agua )= perio perio ( Pb )
brc) brd)
magua . # e ( agua ) . ( % e! −% agua )= m Pb . # e ( Pb) . ( % Pb−% e! )
bre) brf) brg) br&)
e!pe"ando # e$%b) y !u!tituyendo valore!:
bri) # e ( Pb)=
br")
m agua . # e (agua ) . ( % e! −% agua ) = m Pb . ( % Pb −% e! )
# e ( Pb)=0,031
cal . ( 27,8 '# −20 '# ) g '# =¿ 350 g . ( 100 '# −27,8 '# )
100 g . 1
cal g '#
br')
brl)La brl) La respuesta es B. brm) $. Deteri Deterinar nar la teper teperatur aturaa "inal despu? despu?ss de e:0lar e:0lar 4%) de iel! iel! a 7&C # 57 ) de a)ua a 2%&C # $% ) de 0!/re a (7&C Ce Cu 7.7($0al*)&C@. brn) bro) ,) 9D*19 B) 3D*94 C) 13*4 !) DA*9D E) ninuno brp) brq) !atos: brr) br!)
mhielo = 35 g
brt)
% hielo =0 '#
bru)
magua= 70 g
brv)
% agua=85 ' #
brw)
m#u=25 g
brx)
% #u =90 '#
bry)
# e#u= 0,092
brz) b!a) b!b) b!c)
cal g'#
#alcular: (e * Solución:
PROBLEMARIO QUÍMICA GENERAL ING. LEONARDO SUAREZ MOLLINEDO b!d)
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ganao ( agua )+ ganao ( hielo )= perio (#u )
b!e) b!f)
m agua .# e ( agua ) . ( % e! −% agua ) + mhielo . # e ( hielo ) . ( % e! −% hielo )= m#u . # e (#u ) . ( % #u −% e! ) b!g) b!&) b!i) b!") b!') b!l) b!m) b!n)
e!pe"ando (e: % e!=
magua .# e ( agua ) . % agua +m hielo . # e (hielo ) .% hielo+ m#u . # e (#u ) .% #u magua .# e ( agua ) +m hielo .# e (hielo )+ m#u .# e ( #u)
+eemplazando dato!:
% e!=
70 . 1 . 85 +35 . 0,5 . 0 +25 . 0,092 . 90 70 . 1 + 35 . 0,5 + 25 . 0,092
=68,56 '#
b!o)
bsp)
La respuesta es !.
bsq) 4. Cal0ular la teperatura de euili/ri! despu?s de e:0lar $7) de iel! a 7&C # $7 ) de a)ua a <7&C. bsr) ,) 4*4 B) 4*4 C) 34*4 !) 14*4 E) ninuno bss) bst) !atos: m hielo= 20 g b!u) b!v)
% hielo =0 '#
b!w)
m agua= 20 g
b!x)
% agua=60 '#
bs#) b!z) bta)
#alcular (e:
btb)
Solución: ganao ( hielo )= perio ( agua )
btc) btd) bte)
mhielo .# e ( hielo ) . ( % e! −% hielo )= magua . # e ( agua) . ( % agua−% e! )
bt') btg) bt&)
e!pe"amo! (e:
PROBLEMARIO QUÍMICA GENERAL ING. LEONARDO SUAREZ MOLLINEDO bti)
% e!=
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magua .# e ( agua ) . % agua +mhielo . # e (hielo ) .% hielo magua . # e ( agua) +mhielo . # e (hielo )
bt") 20 g . 1
% e!=
bt')
cal cal . 60 '# + 20 g . 0,5 . 0 '# g '# g '# = 40 '# cal cal 20 g . 1 + 20 . 0,5 g '# g '#
btl) btm)
La respuesta es !. btn) ;. Cuand! 1'1; ) de a:u"re se uea a SO$ se li/eran $;77 0al!r9as' 0u,l es el 0al!r de 0!/ustión del a:u"re6. bto) btp) btq)
,) D-3DA cal8mol B) 144 cal8mol
C) A31 cal8mol !) 194D11 cal8mol
E) ninuno
btr)Solución: bts) btt) El calor de combustión se calcula por mol de SF producido* entonces: btu) btv) btw) btx)
1,14 g S .
1 mol S)2 32 g S
S , -. → S-.
=0,035625 moles S)2
bty) 2400 cal
btz)
0,035625 mol
=67368 cal / mol
bua)
%. Cu,ntas 0al!r9as se li/eran p!r la 0!/ustión 0!pleta de $%7 L de C; en 0.n. El 0al!r de 0!/ustión del C; es $11 -0al*!l. bub) buc) ,) 399 B)*399+4D C)9-94444 !)++444 E) ninuno bud) bue) Solución: bu') bu) C61 F G CF 6F buh) bui) Calculamos los moles contenidos en 94 L de C61 en c.n. bu") bu&) bul)
P .V P .V =n . < . % → n= = < . %
1 atm. 250 L
=11,17 moles #( 4
atm.L . 273 k 0,082 k.mol
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bum) bun) buo)
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La cantidad de calorías liberada por ++*+- moles de C61 es:
11,17 moles#( 4 .
211 6cal 1 mol#( 4
.
1000 cal 1 6cal
=2,355 x 106 cal
bup) buq)
La respuesta es B.
bur) bus) <. Cal0ular la entalp9a de "!ra0ión del NO$ a partir de las si)uientes e0ua0i!nesF /ut@ buu) F G F W6= 13* Kcal buv) F G F F W6= -*+1 Kcal buR) bu) ,) +D*4D &cal8mol B) -4*31 &cal8mol C) A*43 &cal8mol !) 39*+- &cal8mol E) ninuno bu#)
bu$) bva) bvb) bvc)
Solución: Se aplica la Le# de 6ess: bvd)
F FG F W6 = >-*+1 Kcal bve) F G F W6 = 13*4 Kcal bv') F G F W6 = +D*4D Kcal bv) La entalpia de 'ormación debe ser por mol de F por tanto dividiendo entre dos tenemos: bvh) 1
bvi)
2
F G F
W6 = A*43
Kcal8mol bv")
bv&)
La respuesta es C.
bvl) 5. A partir deF bvm) bvn) X 6 X Cl G 6Cl W6= >4D4 cal bvo) 6Cl aq G6Cl (aq) W6= >+-D34 cal bvp) Qn 6Cl(aq) G Qn Cl 6 W6= >39A4 cal bvq) bvr) Calcular el calor de reacción para: bvs) bvt) Qn Cl aq G Qn Cl bvu) bvv) ,) >-99A4 B) >++9-4 C)> -D14 !)> 9-D39 ninuno bvR) bv) Solución:
E)
PROBLEMARIO QUÍMICA GENERAL ING. LEONARDO SUAREZ MOLLINEDO
bv#) bv$)
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,plicamos la Le# de 6ess:
bwa) bwb) bwc) bwd) bwe) bwf)
/n , .0#l$aq) → .0#l , .aq → 0. , #l. → /n , #l . , .aq →
/n #l . , 0. .0#l $aq) .0#l /n#l.
10 234567 cal 10 234.87 cal 10 299.7 cal 10 24.;7 cal
bR)
La respuesta es B.
bRh) bRi) bR") bR&) bRl) 2. Cuant!s H!ules se reuieren para 0alentar 277 ) de a)ua de 14&C a 2%&C 10al;'12c!ul@ /b@ bRn) ,) 9-D44 B) 9AC) 14-DA !) 1+ E) ninuno bRo) bRp) Solución: bRq) bRr) ,plicamos la primera le# de la termoquímica: bRs) =m .# e . % =800 g . 1
bRt) bRu)
57600 cal.
4,18 B 1 cal
cal . ( 85 '# −13 '# )=57600 cal g '#
=240768 Boul
bRv) bRR)
La respuesta es C.
bR) (. Se uiere 0!n8ertir %< ) de iel! a 7&C en a)ua a 5%&C. Cu,nt!s )ra!s de pr!pan! C42@ 0u#! & de 0!/ustión es $;'24 -0al*!l' se tendr, ue uear para pr!p!r0i!nar el 0al!r ne0esari! para l!)rar este !/Heti8! a presión 0!nstante6 bR#) bR$) ,) +9*3A B) 4*+A C) ++*13 !) A*9E) inuno ba) bb) Solución: bc) bd) Para este caso se tiene que aplicar los cambios de entalpia para cambio de 'ase # cambio de temperatura: be) =m . C* + m. # e . % b')
PROBLEMARIO QUÍMICA GENERAL ING. LEONARDO SUAREZ MOLLINEDO =56 g . 80
b)
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cal cal + 56 g . 1 . ( 75 '# −0 '# )=8680 cal g g '#
bx&)
bi) b") b&)
, partir de este calor calculamos la masa de propano necesaria:
8680 cal.
1 mol# 3 ( 8 24830 cal
.
44 g 1 mol# 3 ( 8
=15,38 g # 3 ( 8 bl)
La respuesta es ,. bm) bn) bo) bp) bq) br) bs) bt) bu)
17. A partir de las si)uientes e0ua0i!nes ter!u9i0as a $%&C /38@ /3b@ $ N4)@ \ $ NO)@ ] N$;)@ \ $ ON)@ & ($'( -0al*!l /33@ /3#@ NO)@ \ $ )@ ] ON)@ & 1;<'( -0al*!l /3:@ /#a@ Cus@ \ $)@ ] Cu$s@ & <41 -0al*!l /#/@ /#0@ Apli0and! la Le# de ess' alle el 0al!r de rea00ión deF /#d@ /#e@ /#"@ /#)@ $N4)@ \ Cus@ ] N$;)@ \ Cu$s@ /#@ b#i) b#") ,) B) b#m) E >AD 94* b#&) C) ) *9 A ++A*3 b#l) !) >134*+ Cinuno b#n) b#o) Solución: b#p) b#q) byr) #u<.$!)
#u$!) , < .$g) → 10= 283 'cal>mol
b#s)
. ?<3$g) , . ?-$g) →
?.<9$g) , . -?<$g) byt) .?-$g) , < .$g)
10= 26.@6 'cal>mol . -?< → 10= ,.63@5 'cal>mol
PROBLEMARIO QUÍMICA GENERAL ING. LEONARDO SUAREZ MOLLINEDO
b#u)
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.?<3$g) , #u$!)→ ? .<9$g) , #u< .$!)
10= 2937@
Acal>mol
b#v)
b#R)
La respuestaes !. b#) 11. Cal0ule la 0antidad de 0al!r en -0al ue se reuieren para ele8ar la teperatura de 17 -) de iel! desde $7&C asta 0!n8ertirla en 8ap!r a 117&C. El 0al!r de "usión del iel! es 27 0al*)' el 0al!r de 8ap!ri:a0ión es %;7 0al*) # l!s 0al!res espe09"i0!s del iel!' del a)ua # del 8ap!r s!n 7'% 0al*)&C' 10al*)&C # 7'% 0al*)&C respe0ti8aente. /##@ b#$) ,) 3+1 B) D+A C) -394 !) 39A E) inuno b$a) b$b) Solución: =m s . # e ( s) . % + ms → l . C * + m l . # e ( l) . % + ml → . C + m g . # e ( g) . % b$c) b$d) b$e) /eempla$ando datos: b$') b$) 0 −(−20 ) '# + 80
b$h) b$i) b$")
cal cal cal cal +1 . ( 100 −0 ) '# + 540 + 0,5 . ( 110−100 ) '# =¿ g g'# g g'# cal . ¿ 0,5 g '# 3 =10 g . ¿
=7350000 cal= 7350 6cal
b$&)
La respuesta es C.
b$l) b$m) b$n) b$o) b$p) b$q) 1$. Un e8ap!rad!r est, "a/ri0ad! en a0er! # pesa (77 -) Ce a0er! 7'11 0al*)&C@. El e8ap!rad!r 0!ntiene ;77 -) de a)ua # sup!niend! ue el 57 del 0al!r se pr!p!r0i!na al e8ap!rad!r # al a)ua' +>u? 0antidad de 0al!r en -0al se ne0esita para auentar la teperatura del 0!nHunt! de 17&C a 177&C6 b$r) b$s) ,) 3+13B) D1+9C) 11+4 !) 99134 E) inuno b$t) b$u) Solución:
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b$v) b$R) b$)
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=m acero .# e . $ % + magua .# e . $ %
=900 kg . 0,11
kcal kcal . ( 100 '# −10 '# )+ 400 kg . 1 . (100 '# −10 '# ) kg'# kg'#
= 44910 6cal
14. Se uean 477 ) de /utan! C;17@ 0u#! 0al!r de 0!/ustión es 47 -0al*!l. Cal0ule ue asa de a)ua en )ra!s ue se puede 0alentar desde 1%&C asta 27&C 0!n el /utan! uead!. b$#) b$$) ,) 1-*9 B) +39*A C) 3A-*3 !) 19*3 inuno caa) cab) Solución: cac) cad) C16+4 +38F G 1CF 96F W6c = >34 Kcal8mol cae) ca') La cantidad de calor enerado por 344 de butano es: ca) cah) cai) ca") ca&) cal)
300 g # 4 ( 10 .
1 mol# 4 ( 10 30 6cal # 4 ( 10 58 g # 4 ( 10
.
1 mol# 4 ( 10
E)
=155,17 6cal
5tili$ando la primera le# de la termoquímica tenemos: =m .# e . % → m=
= # e . %
155170 cal
cal . (80 '# −15 '# ) 1 g '#
cam)
= 2387,3 g
La respuesta es C. can) cao) cap) caq) car) cas) cat) cau) cav) 1;. El 0al!r desprendid! durante la 0!/ustión de a0etilen! )ase!s!' C$$' a $%&C es 1$(('1 -c*!l. Deter9nese la entalp9a de "!ra0ión del a0etilen! )ase!s! en -c*!l. L!s 0al!res de "!ra0ión del CO$)@ # del $Ol@ s!n 4(4'% -c*!l # $2%'2 -c*!l' respe0ti8aente.
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caR) ca) ,) +3D*1 B) >34*A C) +9+*1 inuno ca#) ca$) Solución: cba) cbb) La reacción de 'ormación del acetileno es: cbc) cbd)
cb') cb) cbh)
!) D*3
E)
0. , .# → # .0. cbe)
Para llear a esta reacción utili$amos las siuientes ecuaciones: C F G CF
W67' = >33*9 KY8mol
1
cbi)
6
F G 6F
2
W67' = >A9*A KY8mol
5
cb")
C6
cb&) cbl)
,plicando la Le# de 6ess:
2
F G CF 6F
W67c = >+*+ KY8mol
5
cbm)
CF 6F G C6
KY8mol cbn) KY8mol
C F G CF
2
F
W67c = +*+ W67' = >33*9
1
cbo)
6
>A9*A KY8mol cbp) KY8mol cbq)
2
F G 6F
C 6
G C6
W67' = W67' = D*3
cbr) La respuesta es !. 1%. +Cu,nta a)ua a <7 &C se de/e e:0lar en un re0ipiente aislad! 0!n 177 ) de a)ua a 1%'7&C' para ue la teperatura de la e:0la sea 47 &C6 cbs) cbt) ,) 944 B) 94 C) 94 !) 44 E) inuno cbu) cbv) Solución: ganaoagua *ria = perioagua caliente cbR) cb) cb#)
100 g . 1
cal cal . ( 30 '# −15 '# ) =m agua . 1 . (60 '# −30 '# ) g '# g '#
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cb$)
magua=
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100 g . 15 '# 30 '#
=50 g cca)
La respuesta es C.
ccb) ccc) ccd) cce) cc') cc) 1<. Deterinar el 0al!r de "!ra0ión del ,0id! "óri0!' COOl@' 0!n!0iend! las si)uientes rea00i!nes ter!u9i0as cch) cc&) W6 = > cci) C(s) F() G CF() cc") 149*1 &Y ccn) W6 = > ccl) 6() X F() G 6F(l) ccm) A9*A &Y ccp) W6 = > cco) 6CFF6(l) X F() G CF() 6F(l) -9*- KY cct) E ccq) ,) DD. &Y B) ccr) C) ccs) !) ) >DD. &Y >133.9 &Y >1+9.9 &Y Cinuno ccu) ccv) 5tili$ando la Le# de 6ess: ccR) cc) CF() 6F(l) G 6CFF6(l) X F() W6 = -9*- KY cda) W6 = > cc#) 6() X F() G 6F(l) cc$) A9*A &Y cdd) W6 = > cdb) C(s) F() G CF() cdc) 149*1 &Y cd) W6 = > cde) C(s) F() 6() G 6CFF6(l) cd') 1+9*9 &Y cdh) cdi) La respuesta es !. cd") 15. Cal0ule la teperatura "inal de euili/ri! despu?s de e:0lar ;7 ) de a)ua a 57 BC 0!n $77 ) de $O a 17BC. Ce$O 1 0al*) BC@ 0d-@ cdl) ,) +4 B) 4 C) 34 !) 14 E) inuno cdm) cdn)
cdo) cdp) cdq) cdr)
Solución: ganaoagua *ria = perioagua caliente
200 g . 1
cal cal . ( % * −10 '# ) =40 g . 1 . ( 70 '# −% * ) g '# g '#
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cds) cdt) cdu) cdv)
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200 .% * −2000= 2800− 40 . % *
% * =30 '#
cdR)
La respuesta es C.
cd) 12. Se 0!l!0a una pie:a de ierr! de $77 ) a 27BC en %77 l de $O a 17BC. El ierr! # el a)ua tendr,n al "inal la isa teperatura. +Cu,l es esa teperatura' sup!niend! ue n! a# p?rdidas de 0al!r a0ia el e3teri!r6. cd#) (Ce%e = 4*+4 cal8 ZC? Ce6F = + cal8 ZC? !6F = +8ml). cd$) cea) ,) +*D B) A*D C) 3A*+ !) 1A*+1 E) inuno ceb) cec)
ced) cee) ce') ce) ceh) cei) ce") ce&)
Solución:
ganaoagua *ria= periohierro 500 g . 1
cal cal . ( % * −10 '# ) =200 g . 0,10 . ( 80 '# −% * ) g '# g '#
500 .% * −5000=1600 −20 .% *
% * =12,69 '#
cel)
La respuesta es ,.
cem) 1(. Se uieren 0!n8ertir %7 ) de iel! a 7BC' en a)ua l9uida a 27BC. +Cu,nt!s )ra!s de pr!pan! se tendr,n ue uear para pr!p!r0i!nar la ener)9a ne0esaria para "undir el iel! # lue)! 0alentarl! asta la teperatura "inal 27BC@' a presión 0!nstante6. 0al!r de 0!/ustión del pr!pan! C42 $;'7 0al*!l Ce$O li 1 0al*) BC 0al!r de "usión del iel! 27 0al*)@. cen) ceo) ,) +4*-D B) +1*DC) 1*D4 !) 1*A E) inuno cep) ceq) Solución: cer) ces) Calculamos el calor necesario para 'undir el hielo # lueo calentarlo hasta A47C. cet)
ceu)
=m s → l . C * + ml .# e (l) . % =50 g . 80
cal cal . ( 80 '# −0 '# ) + 50 g . 1 g g '#
PROBLEMARIO QUÍMICA GENERAL ING. LEONARDO SUAREZ MOLLINEDO =8000 cal
cev) ceR) ce) ce#) ce$)
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Calculamos la cantidad de propano que proporcionara las A444 cal.
8000 cal.
1 mol# 3 ( 8 24000 cal
.
44 g # 3 ( 8 1 mol# 3 ( 8
=14,67 g # 3 ( 8
c'a) c'b)
La respuesta es B. c'c) 4. Cuantos "oules se requieren para calentar A44 de aua de +37C a A97C (+cal=1.+A1Y) c'd) c'e) ,) 9-D44 B) 9A C) 14A !) 1+ E) ninuno c'') c') Solución: c'h) c'i) =m .# e . % c'") c'&)
=800 g . 1
cal . ( 85 '# −13 '# ) g'#
c'l) c'm) c'n)
=57600 cal.
4,184 B 1 cal
=240998 B c'o)
La respuesta es C.
c'p) c'q) $1. Utili:and! las si)uientes rea00i!nes # 8al!res de B deterine la entalp9a n!ral de la "!ra0ión del etan!F 0"r@ 0"s@ CO$)@ \ $$Ol@ ] C;)@ \ $O$)@ & 2(7' 4 c. 0"t@C)ra"it!@ \ O$)@ ] CO$)@ & 4(4'% -c. 0"u@ $)@ \ 1*$ O$)@ ] $Ol@ & $2%'2 -c. 0"8@ c'R)
,) >-1*A &Y8mol
B) -1*A &Y8molC) >-*1 &Y8mol !) -*1 &Y8mol
c')
c'#) c'$) ca)
Solución: ,plicando la Le# de 6ess:
cgb) cgc) cgd)
#-.$g) , .0.-$l) → #09$g) , .-.$g) #$grafito) , - .$g) → #-.$g)
10= 567@ 3 ABC 10= 2363@4 'BC
E) inuno
PROBLEMARIO QUÍMICA GENERAL ING. LEONARDO SUAREZ MOLLINEDO cge) cgf) cgg)
.0 .$g) , -.$g) → .0.-$l) #$grafito) , .0 .$g) → #09$g)
UNIVERSIDAD NACIONAL SIGLO XX ÁREA DE TECNOLOGÍA 10= 24;@8 'BC 10= 2;9@5 A">mol
ch)
La respuesta es ,.
ci) $$. Se dan las si)uientes e0ua0i!nes ter!u9i0as a $%BCF 0)H@ cgk) cgl) cg#)
CO2(g) → C (grafito) + O2(g) ∆H°= 393,5 kJ Mg(s) + 1/2O2(g) →MgO(s) ∆H°= !"1,5" kJ MgCO3(s) → MgO(s) + CO2(g) ∆H°= +1"1," kJ
0)n@ 0)!@ Plantear la rea00ión # 0al0ular el 0al!r de "!ra0ión del M)CO4s@ a $(2 - ediante las e0ua0i!nes ter!u9i0as dadas. cp) cq) ,) 3D3*3 &Y8mol B) >+4D*4 &Y8mol C) +D4*3 &Y8mol !) >D34*3 &Y8mol E) inuno cr) Solución: cg!) cgt)
cu)
Dg-$!) , #-.$g) → Dg#-3$!) cgv) # $grafito) , - .$g) → #-.$g) cgw) Dg$!) , >.- .$g) → Dg-$!) cgx) # $grafito) , Dg$!) , 3>.- .$g) → JCF3(s) 2768@7AB>mol
10E 27@7 'B 10E 2363@4 'B 10E 287@47 'B 10E
c#) c$)
La respuesta es B.
cha) chb) chc) chd) che) ch') ch) $4. Cu,nt!s )ra!s de !0tan! C212@ se reuieren para lle8ar $; -) de iel!' desde 17 &C asta 5% &C. 0@ Dat!sF &"us 27 -0al*-) Ce$Os@ 7'% -0al*-) &C Ce$Ol@ 1 -0al*-) &C chi) ch") CA6+A(l) F()G CF() 6F() W6/ = >++3*D Kcal8mol ch&) chl) 0@ Si la rea00ión de 0!/ustión del !0tan! tiene s!l! un rendiient! del 5%. chn) cho) ,) 1A+*+ B) A*1 C) 94*3 !) 13*1 E)
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inuno chp) chq) Solución: chr) =m s . # e ( s) . % + ms → l . C * + m l . # e ( l) . % chs) cht) =24 kg (0,5
chu)
kcal kcal kcal . (0 −(−10 )) '# + 80 . ( 75−0 ) '# ) +1 kg'# kg kg'#
=3840 kcal chv) chR) ch) Considerando el rendimiento del -9H* se necesitara una cantidad ma#or de octano para enerar el calor necesario* es decir: ch#)
ch$)
3840 kcal.
100 kcal 75 kcal
.
1 mol
.
114 g
1213,6 kcal 1 mol
=481,1 g cia)
La respuesta es ,.
cib) $;. Cal0ular el 0al!r ne0esari! para ue 1% litr!s de a)ua asuir d$O 0i0@ 1)*l@ a $7 &C se pueden 0!n8ertir en 8ap!r a 177 &C. D,t!sF Ce$O's@ 7'% -0al*-) &C' Ce$O' l@ 1'7 -0al*-) &C' Ce $O'8@ 7'5 -0al*-) &C' &8ap $O %;7 -0al*-)' &"us$O 27 -0al*-). cid) cie) ,) +494 &cal B) 344 &cal C) 9D99 &cal !) ++99 &cal E) inuno ci') ci) Solución: =m s . # e ( s) . % + ms → l . C * + m l . # e ( l) . % + ml → . C + m g . # e ( g) . % cih) cii) ci") /eempla$ando datos: ci&) 0 −(−20 ) '# + 80
cil)
cim) cin)
kcal kcal kcal . ( 100− 0 ) '# + 540 +1 =¿ kg kg'# kg kcal 0,5 . ¿ kg'# =15 kg . ¿
=10950 6 cal
cio) 0ip@ 0i@ 0ir@
La respuesta es ,.
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0is@ 0it@ 0iu@E>UILIKRIO >UZMICO civ)
1. Para la rea00iónF S/Cl%)@ f S/Cl4)@ \ Cl$)@ C' a la teperatura de 12$ &C' 8ale ('4$ g 17 $. En un re0ipiente de 7';7 litr!s se intr!du0en 7'$ !les de S/Cl% # se ele8a la teperatura a 12$ &C asta ue se esta/le0e el euili/ri! anteri!r. 0ib@ Cal0ular la presión de la e:0la )ase!sa en at. ci) ,) 9 B) 3A C) -1 !) 11 E) inuno ci#) ci$) !atos: # = c"a)
0,2 moles 0,40 L
0,5 /
−2
c"b) 6 c =9,32 . 10 c"c)
% =182 '# +273= 455 k
c"d)Solución: c"e)
Sb#l4$g) F Sb#l3$g) , #l.$g) # 7 7 G#x #x #x #$ G x) #x #x
$i) $ii) $iii) c"f) 2
2
2
# x #x 6 = → 6 = c c c"g) # ( 1 − x ) 1− x c"&) c"i) e!pe"ando x y re!olviendo la ecuación de !egundo grado: c"") 2
c"') #x + 6 c . x − 6 c =0 c"l) c"m) c"n) c"o) c"p) c"q)
x =0,348 / La! concentracione! en el equilibrio !on:
[ Sb#l ]=# ( 1 − x ) =0,5 ( 1−0,348 ) =0,326 / 5
[ Sb#l ] 3
[ #l ]= 0,5 . x =0,5 . 0,348 =0,174 / 2
c"r) c"!)La concentración total !erH: # (otal [email protected] D , 7@;9 D , 7@;9 D 7@8;9 D c"t)
P=
n < % mol atm. L =# . < . % = 0,674 . 0,082 . 455 k =25 atm V L k.mol
c"u)
c"v)La respuesta es ,. c"R) c")
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c"#) c"$) c&a) c&b) c&c) c&d) c&e) c&') c&) c&h) c&i)
$%. En un re0ipiente de % L se intr!du0en a %77&C 4 !les de I' $ !l de $ # 1 !l de I$. 0-H@ Cal0ular la 0!n0entra0ión de las distintas espe0ies en euili/ri! si sa/e!s ue la 0!nstante del euili/ri! $ I f I$ \ $ a di0a teperatura es 0 7'7$% c'')
c&l)
Solución:
. 0I F I. , 0. i) 3>4 >4 .>4 c'm) #alculamo! la nueva con!tante de equilibrio para ver a quJ lado !e de!plaza la reacción: c'n) [ 9 2 ] . [ ( 2 ] = 0,2. 0,4 =0,22 > 6 = c c 2 2 c'o) [ (9 ] [ 0,6 ] c'p) c'q) c'r) c'!)
#omo K Ac el equilibrio !e de!plaza a la izquierda: .0I F I.
, 0. i) ii) iii)
7@8 7@. 7@9 ,.x 2x 2x 7@8,.x [email protected] 7@92x
c't)
6 c =
c'u) c'v) c'w) c'x)
( 0,2− x ) . (0,4 − x ) (0,6 + 2 x )2
=0,025
e!pe"ando x y re!olviendo la ecuación de !egundo grado: 2
−0,66 . x + 0,071 =0
c'y)
0,9 x
c'z)
x =0,131 /
cla)La! concentracione! en el equilibrio !on: clb) [ (9 ] =0,6 + 2 . 0,131=0,862 / clc)
[ 9 ] =0,2−0,131 =0,069 2
PROBLEMARIO QUÍMICA GENERAL ING. LEONARDO SUAREZ MOLLINEDO cld)
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[ ( ]=0,4 −0,131= 0,269 2
cle)
$<. En un re0ipiente de $'7 litr!s de 0apa0idad se intr!du0e a!nia0! a una teperatura de $7 &C # a la presión de 1;'5 at. A 0!ntinua0ión se 0alienta el re0ipiente asta 477 &C # se auenta la presión asta %7 at. Deterina el )rad! de dis!0ia0ión del a!nia0! a di0a presión # teperatura. cl')
,) 4*9
B) 4*A
C) 4*1
!) 4*-
E) inuno
clg) cl&)Solución: cli) cl") #alculamo! la concentración de amoniaco inicial: cl')
n 3( P atm # [ 3( ] 0= [ ] = = 14,7 =0,612 / V < .% atmL cll) 0,082 . 293 k kmol 3
3
clm) cln) clo) clp) clq) clr) La reacción de di!ociación e!: cl!) 1
clt)
?03 i) ii) iii)
F
7@8. 27@8.M 7@8.$2M)
2
3
?.
,
2 0.
7 7 ,7@8.M>. ,3$7@8.M)>. ,7@8.M>. ,3$7@8.M)>.
clu) clv)La concentración total e!: clw)
# % =0,612 ( 1−D ) + clx)
0,612 D 3 ( 0,612 D ) 2
+
2
=0,612. (1 + D )
cly) clz)La concentración total en la! nueva! condicione! e!: cma)
P # % = = < .%
cmb) cmc) cmd) cme) cmf)
50 atm
=1,064 /
atm L . 573 k 0,082 kmol
Igualando la! concentracione!:
0,612 (1 + )= 1,064 → =0,74
cmg) cm&)
La re!pue!ta e! C
PROBLEMARIO QUÍMICA GENERAL ING. LEONARDO SUAREZ MOLLINEDO
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cmi)
. El amoniaco está disociado en un D4 H a la presión de D atm # a la temperatura de 9-3K. cm") !eterminar: cm&) a) La presión parcial de cada componente en el equilibrio. cml) b) KP cmm) cmn)
Solución:
n0
a) #on!ideramo! un cmo)
?03
n0
i) ii)
G
cmp) cmq) cmr) cm!)
7
, 3>. 0.
7
n0 M
>.
n0 $2M)
iii)
F >. ?.
>.
n0 M
n0 M
3>.
n0 M
3>.
n0 M
Lo! mole totale! en el equilibrio e!: 1
3
2
2
ntotales= n0 ( 1 − ) + n 0 + n0 =n0 (1 + ) La! pre!ione! parciale! !on: 3 n0
3
1 n0
1
2
2
. 0,6 n ( 2 2 P ( = .P = .P = . 6 atm= 3,375 atm ntotales % n0 (1 + ) % 1 + 0,6 2
2
cmt)
P 3 = 2
cmu)
n 3
ntotales
P 3( = 3
. P % =
2
n 3(
3
ntotales
n0 ( 1 + )
. P % =
. P % =
. 0,6
1 + 0,6
. 6 atm=1,125 atm
n0 (1 −D ) 1 −0,6 . P% = . 6 atm =1,500 atm n 0( 1+ D ) 1+ 0,6
cmv) cmw) b) La con!tante Ap: 1/ 2 3 /2 1/ 2 3/ 2 P 3 . P ( 1,125 . 3,375 6 p= = =7,2 P 3( 1,500 2
cmx)
2
3
cmy) cmz)
$5. El tetró3id! de dinitró)en! se dis!0ia par0ialente en dió3id! de nitró)en!. A <7 &C # 1'7 at la densidad de e:0la en euili/ri! es de $'$; )*L. Cal0ularF a@ el )rad! de dis!0ia0ión del N$O; en di0as 0!ndi0i!nes /@ el )rad! de dis!0ia0ión a la isa teperatura per! a 17'7 at. cna) cnb) cnc)
,) 4*3 # 4*1
B) 4*9 # 4*
C) 4* # 4*
!) 4*9 # 4*
E) inuno
PROBLEMARIO QUÍMICA GENERAL ING. LEONARDO SUAREZ MOLLINEDO cnd)
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ato!:
cne)
P=1 atm
cnf)
% =60 '# +273 =333 k
cng)
mezcla=2,24 g / L
cn&) #alcular: cni)M * cn")Solución: cn') a) #on!iderando el nNmero de mole! iniciale! n 7 cnl) cnm) ?.-9$g) F .?- .$g) i) no 7 ii) GnoM . noM iii) no$2M) . noM cnn) cno) Ol nNmero de mole! totale! e!: cnp) cnq) cnr) cn!) cnt)
ntotales= n0 ( 1 − ) + 2 n0 =n0 (1 + ) e acuerdo a la ley general de lo! ga!e! tenemo!:
P% =
n totales . < . % n 0 ( 1 + ) < % = ( 1) V V
cnu) cnv)
n0 V !e obtiene a partir de la den!idad de la mezcla:
La relación
cnw) cnx)
mezcla=
m0 V
cny) cnz)
m0 m0 n0 = → m0=92 . n0 = / 3 ) 92 g / mol 2
4
coa) cob) coc) cod) coe) cof) cog) co&)
mezcla=
92. n0
n 2,24 g / L → 0 = =0,024 mol / L V V 92 g / mol
+eemplazando en la ecuación $) y de!pe"ando M:
PROBLEMARIO QUÍMICA GENERAL ING. LEONARDO SUAREZ MOLLINEDO P%
( 1 + )= coi)
=
< % n0 / V
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1 atm
atmL mol 0,082 . 333 k . 0.024 k mol L
=1,53
co") co')
D =1,53−1 =0,53
col)
b) El rado de disociación disociación a la misma temperatura pero a +4*4 +4*4 atm. com) com) Si se se aume aument ntaa la pres presió iónn el vo volu lume menn dism dismin inu# u#ee por por tant tantoo el equi equili libr brio io se se desp despla la$a $a a la i$quierda: con) coo) cop)
coq) cor) co!) cot cot) cou)
cov)
cow)
?.-9$g) F .?-.$g) iv) no v) ,noM vi) no$,M) Lo! mole! totale!:
7 2. noM 2. noM
ntotales= n0 ( 1 + )−2 n0 =n0 ( 1 − ) Ol nu nuevo volume lumen n de de ac acuerdo rdo a la Ley de Poy Poyle le !erH !erH::
P1 . V 1= P2 . V 2 → V 2=
2,24 g / L
V
92 g / mol
=
10
=0,1 V
n0 V !erH:
La nueva relación
n0
1. V
=0,024 mol / L
cox)
( 1− )= coy)
P%
=
< % n0 / V
10 atm
atm L mol 0,082 . 333 k . 0.024 kmol L
=1,53
coz) cpa)
$2. En la rea00i rea00iónF ónF $ $S )@ \ 4 O$ )@ f$ $O )@ \ $ SO$ )@ )@ 174< 174< -c' -c' Husti"iue 0ó! a"e0tar,n l!s si)uientes 0a/i!s al despla:aient! del euili/ri!F a@ Auentar el 8!luen del re0ipiente a teperatura 0!nstante. /@ E3traer SO$.0@ Auentar la teperatura anteniend! el 8!luen 0!nstante. cpb) cpc) cpd) cpe)
Solución: 6S () 3 F () [ 6 F () SF ()
cpf) a) Si el volumen aumenta aumenta el equilibrio equilibrio !e de!plaza de derec&a derec&a a izquierdaC izquierdaC b) Si !e !e ext extra rae e SS- . el equilibrio !e de!plaza de izquierda a derec&aC c) Si !e aumenta la temperatura temperatura el el equilibrio equilibrio !e de!plaza de!plaza al lado donde !e ab!orbe ab!orbe
PROBLEMARIO QUÍMICA GENERAL ING. LEONARDO SUAREZ MOLLINEDO
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calor@ el equilibrio !e de!plaza de derec&a a izquierdaC cpg) cp&) cpi) cp") cp') cpl)
$(. A $7&C' la 0!nstante de euili/ri! es 0 7'$1 para la rea00iónF 0p@ 0pn@ N;Ss@ f $S)@ \ N4)@ 0p!@ 0p!@ En un un atr atra: a: ten tenee!s !s una una e:0 e:0lla de est estas as esp espe0 e0ie iess 0!n 0!n las las si)u si)uie ient ntes es ( 2 S ]=[ 3( 3( 3 ]= 0,13 / 0!n0entra0i!nesF [ ( 0pp@ 0pp@ c$%) cpr) cp!) cpt) cpu) cpv)
all a llaa el el 0!0 0!0ie ient ntee de de rea rea00 00ió ión n +>u +>u?? pue puede de de0i de0irr de de est estee sis siste tea a66 Solución: #alculamo! K:
=[ ( ( 2 S ] . [ 3( 3( 3 ]=0,13 . 0,13=0,017
cpw) cpx) cpx) (enemo nemo!: !: K Q Ac Ol !i!t !i!tem ema a no !e encu encuen entr tra a en equi equili libr brio io@@ y la reac reacci ción ón !e de!plaza de izquierda a derec&aC cpy)
47. La rea00i rea00iónF ónF C4O)@ f $$)@ \ CO)@' tiene una 0 0 7'$1%' a una teperatura de $7&C. En un erlene#er tene!s una e:0la de l!s tres )ases 0!n ( 2 ]=[ #) ]=1,6 / ; [ #( 3 )( ]=9,8 / las si)uientes 0!n0entra0i!nesF [ ( a@ alla alla el 0!0iente 0!0iente de rea00i rea00ión ón +Se en0uentra en0uentra este este sistea sistea en euili/r euili/ri!6 i!6 /@ En 0as! ne)ati8! ne)ati8! +en u? u? dire00ión dire00ión se pr!du0ir pr!du0ir,, la rea00ión rea00ión en /us0a /us0a del euili/ri!6 0p:@ cqa) Solución: cqb) a) Ol coci cocien ente te de de reacc reacción ión e!: e!: cqc)
( ] . [ #) ] 1,6 . 1,6 [ ( = = =0,418 9,8 [ #( )( ] 2
2
cqd)
2
3
cqe) b) K Ac: Ac: Ol !i!tema !i!tema no !e encuentra encuentra en equilibrio@ equilibrio@ la reacción reacción !e de!plaza de derec&a a izquierdaC cqf)
3. El metan metanol ol es un as as que que se desc descom ompo pone ne en hidr hidró óen enoo # monó monói ido do de carb carbon ono. o. Sabiendo que a 47C la constante de equilibrio Kc = 4*+9* escribe la reacción a"ustada # calcula el porcenta"e de metanol disociado cuando se encierran 4*1 moles de metanol en un recipiente de litros* a 47C.
PROBLEMARIO QUÍMICA GENERAL ING. LEONARDO SUAREZ MOLLINEDO cqg) cq&)
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Solución: cqi) #03-0$g) F .0.$g) , #-$g) 7@. 7 7 [email protected] .$,[email protected]) ,[email protected] 7@.$2M) 7@9M [email protected]
i) i i) i i i) cq")
( ] . [ #) ] ( 0,4 ) . 0,2 [ ( 6c= = = 0,215 [ #( )( ] 0,2 (1 − ) 2
2
2
cq')
3
cql) cqm) cqn)
41. En un re0ipiente re0ipiente de 1 litr! se intr!du0en intr!du0en 4 !les de A)@ A)@ # 2 !les de K)@ a ;4&C' esta/le0i?nd!se el euili/ri!F A)@ \ 4K)@ f $ C)@. 0!@ 0!@ Si la pres presió ión n del del )as )as en en el el eu euil ili/ i/ri ri!! es es 155 155 at' at' 0al0 0al0ul ulaa 0 0 # p. p. cqp) cqq)
Solución: cqr) i) ii) iii)
cq!) cqt)
3 2x 32x
R$g) $g) , 3P$g) $g) 5 23x 523x
F . #$g #$g)C 7 .x .x
ntotales=3 − x + 8−3 x + 2 x =11− 2 x
cqu) cqv) cqw) cqx) cqy) cqz) cra) crb) crc) crd)
P% =
n totales . < . % ( 11−2 x ) . 0,082.316 = =177 1 V
e!pe"ando x: 11− 2 x =6,83 → x =2,08 →# =
crf)
1 L
=2,08 /
#alculando Ac:
( 2 x )2 ( 2 . 2,08 )2 [ # ]2 6 c = 3 = = =3,45 3 3 x . x . . ( ) ( ) ( ) ( ) 8 3 3 8 3 2,08 3 2.08 − − − − A ] [ 2 ] . [ A #alculo de Ap: $n
cre)
2,08 moles
< . % ¿ 6 p= 6 c ¿
n =n prouctos prouctos −nreactios = 2−( 3 + 1 ) =−2
PROBLEMARIO QUÍMICA GENERAL ING. LEONARDO SUAREZ MOLLINEDO
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2
0,082 . 316 ¿
crg)
¿ ¿
6 p=
6 c
3,45
= ¿ ( <% ) n
cr&)
4$. En la rea00ión en estad! )ase!s! entre #!d! # /r!! eleentales para dar IKr' la 0!nstante 0 1$7' a 1%7&CF I$)@ \ Kr$)@ f $ IKr)@. 0ri@ Cal0ula la 0!p!si0ión en el euili/ri! si se intr!du0en 7'771 !les de #!d! # 7'771 !les de /r!! en un re0ipiente de % litr!s' a 1%7 &C. cr&) cr') crl) I.$g)
Solución: , Pr .$g) F . IPr$g) i) 7@77 ii) 2x
0.001− x 0.001− x 2 x
iii) crm) crn)
7@77 2x
5
5
7 .x
5
0,001 − x 5
¿ ¿ ¿2 ¿
cro)
( ) 2 x
2
2
[ 92r ] = 5 6c= [ 9 2 ] . [ 2r ] ¿ crp)
−4
2 x =0,01095−10,95 x → 12,95 x = 0,01095 → x =8,45 . 10
crq) crr) cr!) crt) La! concentracione! en el equilibrio !erHn: cru) crv)
[ 9 2 ] =[ 2r 2 ]=
0.001− x 5
−3
=
0,001−8,45 . 10 5
=3 . 10−5
crw) crx)
[ 92r ] =
2 x 5
−4
=
2.8,45 . 10 5
=3,4 . 10−4
cry) crz)
1. En un recipiente de + L se introducen moles de nitróeno # D moles de hidróeno a 1447C* estableci
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csa) Kp.
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Si la presión del as en el equilibrio es AA* atm* calcula el valor de Kc #
c!b) c!c) c!d)
Solución: c!e) . 2x .2x
i) ii) iii) c!f)
?.$g) , 30.$g) F .?03$g) 8 7 23x .x 823x .x
ntotales=2 − x + 6−3 x + 2 x =8−2 x
c!g) c!&) c!i) P% =
n totales . < . % ( 8 −2 x ) . 0,082.673 = =288,2 V 1
c!")e!pe"ando x: c!') c!l) c!m) c!n) c!o)
8 −2 x =5,22 → x = 1,39 → # =
1,39 moles 1 L
=1,39 /
#alculando Ac:
c!p)
[ 3 ]= 2−11,39 =0,61
c!q)
[ ( ]= 6−13 x =
c!r)
[ 3( ]= 21 x =2 . 1,39=2,78
2
6−( 3.1,39 )
2
1
=1,83
3
c!!)
[ 3( ] = ( 2,78 ) = 2,07 6 c = [ ( ] . [ 3 ] ( 1,83 ) . ( 0,61 ) 2
2
3
c!t)
3
2
c!u) c!v) c!w)
3
2
#alculo de Ap:
< . % ¿ n 6 p= 6 c ¿
c!x) c!y) c!z)
n =n prouctos −nreactios = 2−( 3 + 1 )=−2
PROBLEMARIO QUÍMICA GENERAL ING. LEONARDO SUAREZ MOLLINEDO
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2
0,082 . 673 ¿
cta)
¿ ¿
6 p=
6 c
2,07
= ¿ ( <% ) n
ctb) ctc)
44. El tetraó3id! de dinitró)en! es un )as in0!l!r! ue se des0!p!ne en dió3id! de nitró)en! )ase!s!' de 0!l!r r!H!F N$O;)@ f $NO$)@. Sa/iend! ue a $% &C la 0!nstante de euili/ri! 0 7'1$%' 0al0ula el p!r0entaHe de N$O;)@ dis!0iad! en dió3id! 0uand! se en0ierran 7'74 !les de N$O;)@ en un re0ipiente de 1 litr!' a $%&C. ct') cte) ctf)
Solución: ctg) ?.-9$g) F .?-.$g) 7@73 7 Gx .x 7@732x .x
i) ii) iii) ct&) 2 x
2
( ) 3) ] [ 1 4 x 6 c = = = =0,125 [ 3 ) ] 0,03− x 0,03 − x 2
2
2
cti)
2
4
1
ct") ct')e!pe"ando x obtenemo!: ctl) ctm)
x =0,0186 moles
ctn) cto)
∝
=
0,0186 0,03
. 100 =62,5
ctp)
4;. Para la rea00iónF PCl%)@ f PCl4)@ \ Cl$)@ a $%7 &C' la 0!nstante de euili/ri! 8ale ;'1;% . 17$. En una /!/a de $ litr!s en la ue se a e0! el 8a09! se intr!du0e 1 !l de penta0l!rur! de "ós"!r! # se 0alienta a $%7&C. Cal0ulaF a. La 0!nstante de euili/ri! p a esa teperatura. /. El )rad! de dis!0ia0ión # la presión t!tal 0uand! se al0an:a el euili/ri! a $%7&C. ctq) Solución: a) Calculo de Kp: < . % ¿ n ctr) 6 p= 6 c ¿ ct!)
PROBLEMARIO QUÍMICA GENERAL ING. LEONARDO SUAREZ MOLLINEDO ctt)
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n =n prouctos −nreactios = 2−1=1
ctu) 1
0,082 . 523 ¿
ctv)
=1,78 −2 6 p= 4,145 . 10 . ¿
b) Ol grado de di!ociación: ctw) %#l4$g) F %#l3$g) , #l .$g) i) 7 ii) Gx ,x iii) 2x ,x ctx) cty)
7 ,x ,x
ntotales=1 − x + x + x =1 + x
ctz) cua)
x x .
[ #l ] . [ P #l ] = 2 2 = x =4,145 .10− 6 c = 1− x 2−2 x [ P#l ] 2
cub)
2
3
2
5
2
cuc) cud) cue)
e!pe"ando x obtenemo!:
x =0,25 moles
cuf) cug) cu&) cui) cu") P% =
∝
=
0,25 0,5
. 100 =50
La pre!ión total !erH:
n t . < . %
( 1 + 0,25 ) . 0,082.523
V
2
=
=26,8 atm
cu')
4%. El etan!l se des0!p!ne par0ialente a $7&C para dar idró)en! # !nó3id! de 0ar/!n!. En un re0ipiente de 1 litr! se intr!du0en 7'45 !les de etan!l a $7&C al0an:,nd!se en el euili/ri! una presión de (';1 at. Cal0ulaF 0. La 0 d. El )rad! de dis!0ia0ión cul)Solución: a) Ac iv) v) vi) cun) cuo) cup)
cum) #03-0$g) F .0.$g) 7@3; 7 7 2x .x ,x 7@3;2x .x x
ntotales=0,37 − x + 2 x + x = 0,37 + 2 x
, #-$g)
PROBLEMARIO QUÍMICA GENERAL ING. LEONARDO SUAREZ MOLLINEDO
cuq)
P% =
cur) cu!) cut) cuu) cuv)
x=
n t . < . % P. V →nt = = V < . %
nt −0,37 2
=
0,39 − 0,37 2
9,41 atm. 1 L
atm.L 0,082 . 293 k.mol
=0,39
=0,01
R partir de x calculamo! la Ac:
( 2 ] . [ #) ] ( [ 6c= = 2
cuw)
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[ #( )( ]
2 x 1
2
).
x 1
0,37 − x
3
=
4 x
3
0,37 − x
=
4 . 0,01
3
0,37 −0,01
=1,11 . 10−5
1
b) Ol grado de di!ociación: cux) cuy) cuz)
∝
=
0,01 0,37
. 100 =2,7
cva) cvb) cvc) cvd) cve)
4<. Se intr!du0en 7'47 !les de pentaó3id! de dinitró)en! en un re0ipiente de 1 litr! de 0apa0idad. Cal0ular la 0!nstante de euili/ri!' 0 sa/iend! ue el )rad! de dis!0ia0ión es 7'5<. cvf) cvg) cv&)
.?.-4$g) F 9?-.$g) , -.$g)
Solución: 1
cvi)
?.-4$g) F .?-.$g) ,
i) ii) iii)
7@3 2x 7@32x
7 .x .x
2
7 >. x >.x
cv") cv')
x = → x = x o . =0,3 . 0,76 =0,23 x o
cvl) / 3) ] . [ ) ] [ 6 = [ 3 ) ] 2
cvm) cvn)
( 2 . 0,23 ) . (
1 2
2
2
c
2
2
5
=
0,23 2
0,3− 0,23
1/ 2
) =1,03
-.$g)
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45. Se intr!du0en 7'; !les de etan!l en un re0ipiente de 1 litr! de 0apa0idad. Cal0ular la 0!nstante de euili/ri!' 0 sa/iend! ue el )rad! de dis!0ia0ión es 7';<. cvo) cvp) cvq)
Solución: cvr) iv) v) vi)
#03-0$g) F .0.$g) , #-$g) 7@9 7 7 2x .x ,x 7@92x .x x
cv!) cvt) cvu) cvv) cvw) cvx)
x = → x = x o . =0,4 . 0,46= 0,18 x o R partir de x calculamo! la Ac:
( 2 ] . [ #) ] ( [ 6c= = 2
cvy)
[ #( )( ] 3
2 x 1
2
).
x 1
0,4 − x
=
4 x
3
0,37 − x
3
=
4 . 0,18
0,4 − 0,18
=0,11
1
cvz) cwa) cwb) cwc) cwd) cwe) cwf) cwg) cw&) cwi) cw") cw')
42. Se intr!du0en 7'14 !les de tetraó3id! de dinitró)en! en un re0ipiente de un litr! de 0apa0idad. Cal0ula la 0!nstante de euili/ri!' 0 sa/iend! ue el )rad! de dis!0ia0ión es del $5. cl) c#) cwn) cwo)
Solución: cwp) i) ii) iii)
cwq) cwr)
2O*(g) 2O2(g)
?.-9$g) F .?-.$g) 7@3 7 Gx .x 7@32x .x
PROBLEMARIO QUÍMICA GENERAL ING. LEONARDO SUAREZ MOLLINEDO
UNIVERSIDAD NACIONAL SIGLO XX ÁREA DE TECNOLOGÍA
x = → x = x o . =0,13 . 0,27 =0,035 x o
cw!) cwt) cwu) cwv)
R partir de x calculamo! la Ac: 2 x
2
( ) 3) ] [ 1 4 x 4 . 0,035 6c= = = = =0,052 [ 3 ) ] 0,13 − x 0,13− x 0,13− 0,035 2
2
2
cww)
2
2
4
1
cwx)
4(. El tetraó3id! de dinitró)en! se des0!p!ne par0ialente a ;% &C para dar dió3id! de nitró)en! )as. En un re0ipiente 8a09!' de 1 litr! de 0apa0idad a ;%&C se intr!du0en 7'1 !l de tetraó3id! al0an:,nd!se en el euili/ri! una presión de 4'12 at. Cal0ulaF e. 0 ". El )rad! de dis!0ia0ión. cwy) cwz) cxa) cxb) a) Ac
Solución: cxc) i) ii) iii)
cxd) cxe)
?.-9$g) F .?-.$g)
?.-9$g) F .?-.$g) 7@ 7 2x .x 7@2x .x
ntotales=0,1 − x + 2 x = 0,1+ x
cxf) cxg)
P . V nt = = < . %
cx&)
#alculamo! x:
cxi) cx") cx') cxl) cxm) cxn) cxo) cxp)
3,18 atm. 1 L
0,1 + x =0,12 → x = 0,02
#alculamo! Ac:
cxq)
[ 3 ) ]=2 . 0,02= 0,04
cxr)
[ 3 ) ]=0,1 −0,02=0,08
2
2
4
= 0,12
atm.L . 318 k 0,082 k.mol
PROBLEMARIO QUÍMICA GENERAL ING. LEONARDO SUAREZ MOLLINEDO
UNIVERSIDAD NACIONAL SIGLO XX ÁREA DE TECNOLOGÍA
[ 3) ] = (0,04 ) =0,02 6 c = [ 3 ) ] 0,08 2
2
2
cx!)
2
4
cxt) b) Ol grado de di!ociación cxu)
x 0,02 = = . 100= 20 x o 0,1
cxv) cxw)
;7. Se intr!du0en 7'$ !les de "!s)en! en un re0ipiente de % litr!s de 0apa0idad. Cal0ular la 0!nstante de euili/ri!' 0 sa/iend! ue el )rad! de dis!0ia0ión es 7'(2. 033@ La rea00ión ue tiene lu)ar esF c-) c.) cya)
COCl2(g) Solución: cyb) i) ii) iii)
cyc) cyd)
#-#l.$g) 7@. Gx [email protected]
CO(g) + Cl2
F #-$g) , #l. 7 7 x x x x
#alculamo! x:
x = → x = x o . =0,2 . 0,98 =0,196 x o
cye)
cyf)La! concentracione! en el equilibrio: cyg)
[ #)#l ]= 0,2 −50,196 =0,0008
cy&)
cyi)
2
=0,0392 [ #l ]= [#) ] = 0,196 5 2
cy") cy')
6 c =
[ #) ] . [ #l ] 2
#)#l 2
=
0,0392 . 0,0392 0,0008
=1,92
cyl)
;1. La des0!p!si0ión del "!s)en! usad! en la prepara0ión del p!liuretan!' se !/tiene de la si)uiente aneraF COCl$)@ f CO)@ \ Cl$ 0#@ En un re0ipiente 8a09! de $ litr!s de 0apa0idad a $%&C' se intr!du0e 7'$ !l de "!s)en!' al0an:,nd!se en el euili/ri! una presión de ;'%; at. 0#n@ Cal0ula el )rad! de dis!0ia0ión de la rea00ión. c#o) c#p)
Solución: cyq) i) ii)
#-#l.$g) 7@. Gx
F #-$g) , #l. 7 7 x x
PROBLEMARIO QUÍMICA GENERAL ING. LEONARDO SUAREZ MOLLINEDO iii) cyr)
UNIVERSIDAD NACIONAL SIGLO XX ÁREA DE TECNOLOGÍA
[email protected]
x
x
ntotales=0,2 − x + x + x = 0,2+ x
cy!) cyt)
P . V nt = = < . %
cyu) cyv) cyw)
4,54 atm. 2 L
= 0,37
atm.L 0,082 . 298 k k.mol
#alculamo! x: 0,2 + x =0,37 ; x =0,17
cyx) cyy) cyz) cza)
La fracción molar e!:
x 0,17 = = . 100 =85 x o 0,2
czb) czc)
;$. En un re0ipiente de % litr!s' se intr!du0en 4'% !les de penta0l!rur! de "ós"!r!. Se 0ierra el re0ipiente # se 0alienta asta una teperatura de %$% -. Una 8e: al0an:ad! el euili/ri! se anali:a la e:0la' en0!ntr,nd!se ue la 0!n0entra0ión de 0l!r! es de 7'$ M. 0:d@ DeterinaF a@ 0 /@ L!s !les de 0ada espe0ie en el euili/ri! cze) czf) i) ii) iii)
%#l4$g) F %#l3$g) , #l.$g) 3@4 7 7 Gx ,x ,x 3@42x ,x ,x
czg) a) #alcular Ac cz&) czi)
=0,7 [ P#l ] o= 3,5 5
cz")
[ #l ] e! =[ P#l ]= 0,2 /
cz')
5
2
3
[ P#l ] e! =0,7− 0,2=0,5 / 5
czl) czm)
6 c =
[ P#l ] . [ #l ] = 0,2 . 0,2= 0,08 0,5 [ P# i ] 3
2
5
czn) b) Lo! mole! de cada e!pecie en equilibrio: czo)