Cálculo diferencial
Cálculo diferencial MANUAL DE SOLUCIONES
B ENJAMÍN G ARZA O LVERA
UNIDAD 1 FUNCIONES
EJERCICIO 1 I. Contesta las siguientes preguntas.
in nitesimales en los cuales di eren las abscisas y las ordenadas de los extremos del arco
1. ¿Qué estudia el cálculo in nitesimal? El cálculo infinitesimal estudia las aplicaciones del cálculo
7. Explica los razonamientos de Isaac Newton sobre el método de las uxiones.
diferencial e integral. 2. ¿Qué aportaciones dieron srcen al cálculo diferencial?
Newton, en el método de las uxiones estudiaba las magnitudes variables introducidas como abstracción de las
diferentes
El cálculo diferencial surge a partir de realizar estudios
formas del movimiento mecánico continuo, las cuales se deno-
sobre el movimiento, es decir, calcular razones de cambio de
minaban uentes. Todos los uentes son variables dependientes
movimiento.
que tienen un argumento común.
3. ¿Cuál es el nombre de los fundadores del cálculo diferencial? Los fundadores del cálculo diferencial son Isaac Newton y Gottfried Leibniz
8. Describe la aportación de Gottfried Leibniz al cálculo diferencial.
dx , la palabra derivada y el dx nombre de ecuaciones diferenciales. Leibniz aportó los términos dx,
4. Cita la aportación de Pierre de Fermat al cálculo diferencial. 9. ¿Qué principios hizo Agustin Louis Cauchy al cálculo La aportación de Pierre de Fermat fue su trabajo referente a los métodos diseñados para determinar los máximos y mínimos. 5. Escribe los conceptos que estableció Nicolás Oresme en el estudio de máximos y mínimos. Nicolás Oresme estableció que en la proximidad del punto de una curva en que la ordenada se considera máxima o mínima, dicha ordenada varía más pausadamente. 6. Describe el estudio de Isaac Barrow sobre el triángulo característico.
diferencial? Cauchy aportó las de niciones de función de función y función compuesta. 10. Explica la evolución histórica del cálculo diferencial. El cálculo diferencial se ha desarrollado a través de los años partiendo de la necesidad de resolver dudas sobre el comportamiento de objetos en movimientos, enriqueciéndose con diversos conceptos y simbologías aportadas por un sinnúmero de ilustres matemáticos, consolidándose como una herramienta técnico-
En éste trabajo Isaac Barrow establece que la hipotenusa es un
cientí ca que se utiliza en el análisis de procesos que contienen
arco in nitesimal de curva y que los catetos son incrementos
magnitudes en constante cambio.
EJERCICIO 2 I. Contesta las siguientes preguntas. 1. De ne el concepto de relación. Es la correspondencia de cada elemento de un conjunto con respecto a uno o más elementos de un segundo conjunto.
2. Cita tres ejemplos de relación.
1) Planteando la siguiente igualdad: y x2, se tiene que para un valor de y le corresponden dos valores de x, donde esta correspondencia se le llama relación.
1 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
2) En una carrera de atletismo el tiempo por corredor se escribe en una tabla indicando el nombre y su respectivo tiempo, es decir, el jugador está relacionado con su tiempo. 3) En la cocina de un restaurante se encuentran preparados en la barra de servicio distintos platillos, estos fueron preparados de acuerdo a las comandas que los meseros entregaron, por tanto, cada platillo corresponde a un comanda y a su vez cada comanda corresponde a un comensal.
5) El cubo de un número más uno. Conjunto X
Conjunto Y
1
2
2
9
3
28
4
65
3. De ne el concepto de función. 5. Explica el signi cado del símbolo f (x). La función es la regla por la cual se relacionan los elementos de un conjunto con otro.
A f (x) se le denomina el valor de la función de
x. El cual se
lee f de x. 4. Cita cinco ejemplos de función. 6. ¿Qué es una constante absoluta o numérica?
1) Elevar al cuadrado un número. Es aquella cuyo valor nunca cambia, es decir, conserva su valor Conjunto X
Conjunto Y
1
1
2
4
3
9
solo en un determinado problema permanecerá constante el valor
4
16
asignado, es decir, son cantidades que cambian de valor de un pro-
en cualquier problema. 7. ¿Qué es una constante arbitraria o parámetro? Es aquella a la que se le pueden atribuir valores diferentes y que
blema a otro, pero a lo largo de un problema no cambian.
2) Correspondencia entre las personas que trabajan en una o cina y su peso. Conjunto X
Conjunto Y
Ángela
55
Pedro
88
Manuel
62
8. ¿Qué es una variable independiente o argumento? En una función es la segunda variable a la cual se le asignan valores indistintamente, dentro de los límites que señale el problema en particular. 9. ¿Qué es una variable dependiente o función? Es la primera variable de la función cuyo valor se determina al asignarle un valor especí co a la variable indep endiente.
3) El doble de un número más 3. Conjunto X
Conjunto Y
1
5
2
7
3
9
10. ¿A qué se le denomina intervalo de una variable? Cuando una variable toma valores que están comprendidos entre los extremos del intervalo. 11. ¿Qué es amplitud del intervalo? Son los valores posibles entre los extremos del intervalo que una
4) La mitad de un número.
variable puede tomar.
Conjunto X
Conjunto Y
2
1
4
2
6
3
8
4
12. ¿Cuál es la notación y el signi cado de un intervalo cerrado? La notación usada para representar a un intervalo cerrado es: [a,b] y representa al conjunto de los valores de la variable tales que a ≤ x ≤ b.
[ ab, ] =x{a| ≤x ≤ b
2
}
x
UNIDAD 1 Funciones
13. ¿Cuál es la notación y el signi cado de un intervalo abierto?
1 c) Sustituyendo el valor de x = en la función propuesta se 2 tiene:
La notación usada para representar a un intervalo abierto es: (a,b) y representa al conjunto de los valores de la variable
x 2
3
1 1 1 1 f = 10 + 12 − 3 − 2 2 2 2 2
tales que a < x < b.
(ab, ) =x{a| < x < b
}
1 1 1 = 10 + 12 − 3 − 2 8 2 4
14. ¿Cuál es la notación y el signi cado de un intervalo in nito?
1
4
4
1 f 2 = 15
es: (a, +∞) o (−∞ , b) y representa al conjunto de los valores de la variable x tales que ax< <+ ∞ o −∞ xb < < respectivamente.
3
= 10+ − 6 −
La notación usada para representar a un intervalo in nito
Multiplicando por 2:
(a, ∞)= x{a| x< < +∞ }
(−∞, b)=x{ |−∞x< b <
1 2 f = 30 2
}
Al sustituir el valor de x 2 en la función propuesta se tiene:
15. Explica qué son el dominio y el rango de una función.
+ (12 f ()2 = 10 )− 2() −3()2
El dominio de una función es el conjunto de todos los valores de los primeros elementos (x) de los pares ordenados y se denota por Domf . El rango de una función es el conjunto de todos los
= 10 +
valores de los segundos elementos (y) de los pares ordenados y
2 2
3
24 − − 12
16
f (2) = 6
se denota por Ranf . 16. ¿En qué consiste la regla de asignación o correspondencia?
2
= 10 + 12−(2)− (3) 4 ( )2 8
Multiplicando por 5: 5 f (2) = 30
Consiste en asignar o asociar a cada elemento del dominio con un y sólo un elemento del rango.
1 Entonces, se concluye que 2 f = 5 f (2). 2
II. Resuelve los siguientes problemas. − 1. Dadaxf ( ) = 10 x+ x x12
−3
2
a) f (1) = 17
2
3
d)tf
d) Sustituyendo el valor de x t 1 en la función propuesta se tiene:
, demuestra que:
( + 1t)= t − 2−3 9+2
b) f (3) = −35
e) f (−1) = −3
1 c) 2 f = 5 f (2) 2
f) f (−)2 = −(1 )f 0
17
+ + (− )t +1 f (t +) 1= +10 ( 12 ) (− t )13
2 t
2
31
6
2
9+t 2
2
17
e) Sustituyendo el valor de x 1 en la función propuesta se tiene: 2
+ 12(1) − −3(1) 2 f (1) = 10
3
1
2 −6 −32 − 3− 6 = 101 + + 2t − 123t− t− t t t
f (t + 1)= − 2t−3
a) Sustituyendo el valor de x 1 en la función propuesta se tiene:
2
= 10+ 12+(t − 13 ) + t (+ t 2 − 212 )(t +t t+ +3 ) 3
+ (− f (−)1= 101 )2 − ( 1)− (3−) 1−
2(1)3
= 10 + 12 −(− ) 1 (−)3 1−( ) 2
= 10+ 12 − −3 2
= 10− 12 − +3
f (1) = 17
2
1
3
1
2
f (−1) = −3 b) Sustituyendo e l valor de x 3 en la función propuesta se tiene:
f ) Sustituyendo el valor x 2 de en la función propuesta se tiene:
+ (12 f ()3 = 10 )− 3() −3()3
2
2 3
3
2
+ (− f (−)2 = 101 )2 − ( 2)− (3−) 2−
= 10 + 12−(3)− (3) 9 ( )2 27 = 10 + − 36 −
27
= 10 + − 12 (− ) 2 (−3) 4−( ) 2
81
= 10 − − 24 + 12 16
f (3) = −35
f (−2) = −10
3
2 8
2
3
1 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
Sustituyendo el valor x 0 de en la función propuesta se tiene:
+ (12 f ()0 = 10 )− ( 0) −3()0
2
2 0
c) Sustituyendo θ =
2π 3
en la función propuesta, se tiene:
3
2π 2π 2π = tan 2 + cot 3 3 3
f
= 10 + 12−(0)− (3) 0 ( )2 0
⋅
f (0) = 10
4π 2π = tan + cot 3 3
Entonces, f (−)2 = −(1 )f 0 . Reescribiendo la funciones en termino se senos y cosenos
2. Si f (θ ) = tan 2 θ + cot θ, demuestra que:
a) f ( 0 ) = ∞
c)
π b) f = 2 3 6
2π 2 f 3 = 3
2π = 3
f
5π d) f = −2 3 6
sen 4 π cos 2π 3 + 3 4π 2π cos sen 3 3 3
−
a) Sustituyendo 0 en la función propuesta, se tiene:
= −
f ()0 = (tan2)
⋅
0 + cot 0
=
sen 0 cos0 0 1
2 1 3
sen 0
+
d) Sustituyendo θ =
π en la función propuesta, se tiene: 6
π π π f = tan 2 + cot 6 6 6 ⋅
5π 6
en la función propuesta, se tiene:
5π 5π 5π = tan 2 + cot 6 6 6
f
⋅
5π 5π = tan + cot 6 3 Reescribiendo la funciones en términos de senos y cosenos:
π π = tan + cot 3 6 Reescribiendo la funciones en términos de senos y cosenos:
π
5π = 6
f
π
=
1
2
3 3
2 + 1
−
cos sen
5π 6 5π 6
3 2 1 2
=− 3− 3
= 2 + 2 2
cos
5π 3 + 5π
2
3
1
sen
−
sen cos π 3+ 6 f = π π 6 cos sen 3 6 3
2 3
2π 2 = 3 3
1 0 f ( 0) = ∞
b) Sustituyendo θ =
1
f
cos 0
+
−
2
= 3−
Reescribiendo la funciones en términos de senos y cosenos:
f ( 0) =
2 + 1
5π = −2 3 6
f
= 3+ 3
3. Dada φ ( z ) = sen z , demuestra que:
π f = 2 3 6
φ ( z + 2 h) − φ ( z ) φ ( h)
4
= 2cos ( z + h).
UNIDAD 1 Funciones
φ ( z +) 2h − φ ( z() ) sen z + 2 h − sen ( z ) = φ (z) sen h
= = = =
sen zcos 2 h +cos zsen 2 h − sen
z
sen h sen z 2c cos ( h ( os 2 h −1 )+cos z 2sen
− h)sen
z
sen h 2sen z cos 2 h −sen z +2cos zsen hcos h − sen
z
sen h 2sen z (1 −sen 2 h)−2sen z +2 cos zsen cos h h
sen h
2 h h = 2sen z −2sen z sen h −2sen z +2cos zsen cos
sen h
= =
2cos z sen hcos h −2sen zsen 2 h sen h 2sen h (zcos hcos z−hsen
sen
Entonces,
)
sen h
G x( )+−1 G= x ()G x ())G( − G x (1) ⋅
= 2cos ( z + h)
= G ( x ) (G (1) − 1) ⋅
φ ( z + 2 h) − φ ( z ) φ ( h)
= 2cos ( z + h)
= G ( x ) (5 − 1) ⋅
−x ( )G= Gx( + 1)G x 4( )
4. Dada G ( x ) = 5x , demuestra que:
c) Por el resultado del inciso anterior tenemos que:
a) G (0) = 1
()( ) =x G G x( +) 3 G
⋅
3
)− x ( ) Gx=(4) b) Gx ( + 1G
(()) G x( − )1 = Gx G
⋅
−1
1x c) Gx ( +G )x3−( ) − =G
Entonces,
624
( )
5
3(G− Gx( +)− x)=
1 x)(G− 3 () Gx( )G − () G ⋅
G ( x + 2)
1
⋅
d) G ( x − 1) = G (3)
= G ( x ) (53 − 5−1)
) (y) e) G (z G
1 = G ( x )125 − 5
⋅
⋅
= Gx( G) ( (3 )G−( ) −1 ⋅
(=z )y + G
a) Sustituyendo el val or x = 0 en la función propuesta: G (0 ) =
= =
=
50
5
G (x)
d) Por el resultado del inciso anterior tenemos que:
51 51 5
=x G()( ) ⋅ G x( +) 2 G (⋅())− G x( − ) 1=G x G
5
G (0 ) = 1
2 1
Entonces,
b) Sustituyendo x = x + 1 el valor en la función propuesta:
G ( x + 2) G ( x ) G (2) = G ( x − 1) G ( x ) G (−1) ⋅
⋅
G ( x + 1) = 5( x +1)
=
= 5x 5 = G ( x ) G (1) ⋅
Generalizando G x( + y)
624
G =x G()( )y
e) Gz Gy( ) ) (=
⋅
⋅
5
52 G (2) = = 53 = G (3) 1 G (−1) 5
z 5y G +)y 5= =z y5(z+ ⋅
1 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
b) Sustituyendo los datos indicados:
5. Dada f x ( )x= x2 − − 2, demuestra que:
f ( x)+ h−
f((=x)
2x )h+ −
h 1
Sustituyendo x por x h y realizando la operación indicada se tiene;
= 2
x2
2 f ( x +) h− f ((= x) + h + ) ( x )−h + −x − +
x
2
= x 2+ 2 xh + − h2 − − x −h +2 +x 2
x
2 x( ) + a + 2+ x +h ⋅
h
2
f((=x )
2x )h+ −
=
h 1
=
x , demuestra que: 1 + x
6. Dada f ( x ) = log
f ( x + h) − f ( x ) h
x − 1 x + 1
f ( x − 1) − f ( x ) = log
h
(
h
(
2x( h+ a + ) +x a +2
y
9. Dada f ( y) =
=
x2 (h +a + ) +x a +2
3a 2
se tiene:
1 f ( y + )h −()f y , encuentra: . y +1 h
1
f ( y + )h −()f y
= y2 + y
h
y
=
= y2 + y =
φ ( y +)1 = ( φ) − y
=
8. Dadaf x ( ) =x a2 + , encuentra:
a) f (2 x + a) b)
=
f (x + h ) f−x ( ) h
)
h 1 y+ −
+y + h 1 h y h+ +y1 + 1 1 y+ −
h
6
y + 1+ ⋅
y + 1+
+ y +h + y +h
1 1
hy h + + y 1 +y
1
)
y + h+ 1 +y
−1 1 (+ + y 1+ + y
f ( y + )h −()f y
( ) = 4 x + 3a
+y + h 1 +1
h y h+ +y1
)
=
(
h y + 1− + y +h 1 y + h +1 y +1
1
a) Cambiando x por 2 x + a se tiene: a
1 y +1
−h 1 (+ y+h 1+ +
=
2 +2 x+ a
1 − y + h +1
+y −1 − y − h 1 = hy h + + y 1 +y 1 (+ y+h 1+ +
3a c) f 2
f 2 x + a=
)
2
= 4a = 2 a
= y 2+ 2+ y −1− y 1 2
)
3a 3a = 2 + a 2 2
7. Si φ ( y ) = y 2 − y , demuestra que φ ( y +)1 = ( φ) − y .
φ (− ) y =( )− y(−) −
a
a
2x( h+ a + ) +x a +2
x − 1 = log x + 1
2
a
f
⋅
φ ( y +)1(= +)y ( − 1 + )
2x
+2 x
2h
c) Sustituyendo x =
x − 1 x = log x 1 + x
a
2 ( x + h+ ) +a
2 (+ x + h) − a− 2 x
Realizando la diferencia indicada se tiene:
x − 1 x f ( x − 1) − f ( x ) = log + log 1 + x − 1 1 + x
a
h
2 (+ x) +h− a+
= 2 xh + h2 − h f ( x)+ h−
2 (+ x + h)− a + 2 x
f ( x + h) − f ( x ) = h
h
)
1
1
y y( )+h1 =−
yh+ + (y)+ 1+ +
+1
1
UNIDAD 1 Funciones
a x + , determina 10. Dada f x ( ) =
e) Notación en des igualdad −5 ≤ x < 5
f ( x + h) − f ( x ) . h
Notación grá ca
f ( x + h) − f ( x ) h
= = =
a+ x+ h− a+x h a+ x+ h− + a x
h
=
⋅
−9 − 7 − 5 − 3 − 11357
f ) Notación en desigualdad x < 3
a+x h+a − x − h ( a x+ h+ +a x+
Notación grá ca
)
−∞
h
= f ( x + h) − f ( x )
+ + a+ x +h a x a +x +h + a + x
h
−2 − 1012345
h ( a x+ h+ +a x+ 1 a x h+ + a x+
)
13. Escribe cada una de las siguientes desigualdades en la notación de intervalos y representa su grá ca.
+
11. Dada f ( x ) = log x 2 , demuestra que:
x + h . x
f ( x + h) − f ( x ) = 2 log f ( x )+ h−
( x() ) + log −x f=
h
2
Logx2
= 2 log( x + h) − 2 log x
a) −4 < x ≤ 8
d) x ≤− 3
b) −6 ≤ x < 7
e) −9 < x < 6
c) −3 ≤ x ≤ 3
f) x >3
a) Notación de inter valos (−4 ,8 ]
= 2 (log( x + h) − log x ) Notación grá ca
x + h x
f ( x + h) − f ( x ) = 2log
−6 − 4 − 2
0
2
4
6
81
0
12. Escribe cada uno de los siguientes intervalos en la notación de
b) Notación de inter valos [ –6,7 )
desigualdad y representa su grá ca.
a) [−7,5 ]
c) (−6,8 ]
e) [−5, 5)
b)
d) [−4 , ∞)
f ) (−∞ ,3 )
(−4, 4 ]
Notación grá ca −6 − 5 − 4 −3 − 2 − 101234567
c) Notación de int ervalos [ –3,3 ]
a) Notación en desig ualdad −7 ≤ x ≤ 5
Notación grá ca
Notación grá ca
−4 −3 − 2 − 101234 −9 − 7 − 5 − 3 −11357
d) Notación de inter valos (−∞ , − 3 ] b) Notación en desig ualdad −4 < x ≤ 4 Notación grá ca Notación grá ca
−∞ −6 −5 − 4 − 3 − 2
−6 −4 − 2
0
2
4
6
e) Notación de int ervalos ( –9,6 )
c) Notación en des igualdad − 6 < x < 8
Notación grá ca
Notación grá ca −8 − 6 − 4 − 20
2
468
−9 −8 −7 −6 −5 − 4 − 3 − 2 − 101234567
10
d) Notación en desig ualdad x ≥− 4
f ) Notación de intervalos (3, ∞)
Notación grá ca
Notación grá ca ∞
∞ −8 −6 − 4 −2
0
2
46
8
01234567
10
7
1 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
14. ¿Cuáles de los siguientes conjuntos de pares ordenados son
16. Determina el dominio y el rango de la función de x para:
funciones? Para aquellos que lo son, identi ca el dominio y el rango e ilustra con un diagrama.
a)
)( )(0, 0 ),( −1,3) , −3, 7 } {(4, 2)( , 3,1,
b)
)( , )4,1 ( ), {(3,2)(, 3,0
c)
)( , )4,5 ( ), {(2,3)(, 3,4
5,6
e) y =
c) y = 25 − x 2
f ) y = x3
x −1
El rango de la función está dado por el sistema de los
2 1 3 1 5, 7, − , ,− , 5 3 2 4
)( 2, 5,)
2x 2 − x
a) El dominio de la función está dado por el sistema de los números reales.
números reales.
De los conjuntos anteriores sólo los incisos c y d corresponden a funciones. ) cDomf
b) y = x 2 − 16
4
}
1 3 3 5 5 7 7 9 d) , , , , , , , 2 4 2 4 2 4 2 4 e) ( 0,)( 3,
d) y =
}
7,3
x
a) y = 3 x + 2
= {2,,,3 4 Ranf 5};
b) El dominio de la función está dado ,4 ]. intervalos [ 4, ∞) y (−∞
= {,,, 3 4 5 6}
por la unión de los
El rango de la función estádado por el sistema de los números reales, pero no está de nido para el intervalo (−4, 4 ).
El diagrama representativo es:
c) El dominio de la función son los números pertenecientes al intervalo [−5,5 ].
2345
El rango de la función está definido por el conjunto
{0,3,4 ,
}
21, 24, 5 .
23456
d) Domf
=
{
}
{
1 3 5 7 ,, , ; Ranf 2 2 2 2
3 5 7 9 , 4 4 4 4
= ,,
d) El dominio de la función está dado por el sistema de los números reales.
}
El rango de la función est á dado por el sistema de los
El diagrama representativo es:
números reales.
1
3
5
7
2
2
7
2
1
3
5
7
9
4
4
4
4
4
e) El dominio de la función está dado por el sistema de los números reales, excepto para x = 1. El rango de la función est á dado por el sistema de los números reales, pero no se de ne para x = 1.
15. Dadaf x ( x) = x2 − 2 , determina el conjunto nito de pares or-
f ) El dominio de la función está dado por el sis tema de los números reales.
denados para x = {1,2,3,4, −−1, − 2, 3 }. El rango de la función est á dado por el sistema de los números reales.
Evaluando la función para cada uno de los valores del conjunto x; 2 = −1= − f (1) = (1) 2− 2(1)
1
=−= 4 4 f (2) = (2)2− 2(2)
0
=−= 9 6 f (3) = (3)2− 2(3)
3
f (4) =
(4) 2
− 2(4) = −16 = 8
−= ) −(1 − )2 − 2(1 = +) f (1
= 1 2
) −(2 − )2 − 2(2 f (2 −= = + )= 4 4 = −( 3)−2 − 2( = +3) = 9 6 f (−3)
17. Si f es una función cuyo dominio es el conjunto de los números reales y con regla de correspondencia f ( x) x 2 2 x 2 , determina:
1 a) f 2
8 3
f (−3)
f)
f ( x − h)
g)
f ( a)
b) f (−1)
8 15
c)
f ( x + a)
Así, el conjunto nito de pares ordenados de la función es:
− )( 2, )( 0 ),( 3,3 )( , 4,8 )( −, −)(1,3 , ) 2,8 , {(1,−,1,
e)
3,15
} 8
h) f
3 d) f 2
i)
( 2)
f ( x + h)
UNIDAD 1 Funciones
2
1 1 1 1 a) f = − 2 + 2= − +1 = 2 2 2 2 4 2
12 + +1= 2 ( ) − 1(−) −2 + = b) f( )−1=
, 4,13) , 1, 2 f =−{(1, 2)( ), 2,1, ( )( 3,6)(−− determina el dominio y la regla de correspondencia.
18. Dada la función
5 4 2
El dominio de la función es
5
},
Domf = {1,2 ,3,4 , −1} y la regla
de correspondencia es:
c)
2
) x( −a ) +2 +x f ( x +)a(= +
a
2
=+ x2
2+ ax −a2− 2+ x
2a
2
2
2
2a
2
) +x f ( x + a=
21 − x(+ a −) + a
2
3 3 3 9 3 =2 d) f = − 2 + 2= − + 4 2 2 2 2
e)
+=+ f( )−3= ( ) − 3(−) −2329
f)
f ( x −)h(= − ) x (−h ) −2 +x
2
=− x2
2 2+ hx −h+
+=6
f ( x) = x 2 − 3 19. Determina el dominio y el rango de la función f ( x ) = − x 2. El dominio de la función está dado por el sistema de los
5 4 2
números reales. El rango de la función está dado por el sistema de los números
17
reales menores o iguales a cero.
h
2
2+ x
2h
2
2
2h
2
2
+ f (x − ) h= −x ( )21 x h+ + + h
20. Determina el dominio y el rango para la función: f = {( x , y) | y = 45x − } . El dominio de la función está dado por el sistema de los
g)f a
( )a (=)
2
a − ( ) a2 +a =− 22 +
números reales.
2
El rango de la función está dado por el sistema de los números
h) f( ) 2( = ) i)
f ( x +) (h=
2
()
2− 2 + 2=− 2
)+ x−(
f ( x + h )= +x − h
h
2+ =2 −2
2
) +2 + x
+ 2 + x h
h
2
4
2 2
reales.
2
2
EJERCICIO 3 I. Contesta las siguientes preguntas.
3. De ne función algebraica.
1. Cita tres ejemplos de funciones de una sola variable.
Una función algebraica es aquella que está formada por un
a) El costo de la cantidad que secompra de tortillas depende del peso de tortillas que adquieres. b) El costo del servicio del gas natural depende del volumen de metros cúbicos que se utilicen. c) La cantidad de detergente usado en una lavadora depende de la cantidad de r opa a lavar. 2. Cita tres ejemplos de funciones de dos o más variables.
número nito de operaciones algebraicas, dígase suma, resta, multiplicación, división, elevación de potencias, etcétera. 4. De ne función trascendente. Una función trascendente es aquella que no cumple con las condiciones de una función algebraica; se consideran como funciones trascendentes las circulares, circulares inversas, las exponenciales y las logarítmicas. 5. ¿Qué se entiende por función racional?
a) El calentar una carne en el micr oondas depende del peso, el tipo de carne, el estado de la carne (congelada o recién obtenida del animal). b) El voltaje de un toma corrientes depende de la resistencia y la corriente que se tenga en el cableado eléctrico. c) El tiempo de lavado de la ropa depende del tipo de ropa que se desee lavar, del número de enjugues deseados y del tiempo de centrifugado.
9
Una función racional es aquella que se puede expresar como el cociente de dos funciones polinomiales.
6. ¿Qué se entiende por función irracional? Las funciones irracionales son en las que alguna de las variables tiene exponentes fraccionarios o se encuentran bajo signo radical.
1 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
7. ¿Cómo se expresa una función entera?
16. De ne función par.
Una función entera se expresa como un arreglo de variables
Es aquella función f en la que todos los valores de la variable
sin tener a alguna en el denominador y no está afectada por
independiente llamada dominio de f que satisfacen la condición ) x =( )f x . f (−
exponentes negativos. 8. De ne el concepto de función polinomial.
17. De ne función impar.
La función polinomial es aquella que se puede escribir
Es aquella función f en la que todos los valores de la variable
de la siguiente forma:
independiente llamada dominio de f satisfacen la condición
f ( x ) = a0+ xn
n
a+ 1x
−n1−+ −a − nx
()f x . f (−)x = − 2
2
a3 x
3
an xn
n
18. ¿Qué es una función inversa? Donde n es un número entero positivo y a0 ,a 1a, a2 , 3,, a
n,
son
números reales diferentes de cero, siendo f una función polino-
Es aquella en la cual si es aplicada a otra función se obtiene
mial de grado n.
el valor de la variable para cada valor de la variable en el dominio, es decir;
9. Si el grado de una función polinomial es 4, ¿qué nombre recibe? Sea f y g funciones inversas, entoncesf (g ( x )) = x para cada vaFunción cuartica.
lor de la variable independiente del dominio de g yg f(x ( ))x = para cada valor de la variable del dominio de f.
10. ¿Cómo se expresa una función fraccionaria? La función fraccionaria se expresa como el cociente de variables o como una variable con potencia negativa. 11. De ne el concepto de función explícita. Es aquella en la cual la variable independiente está involucrada directamente con las operaciones indicadas, que al efectuarse determinan el valor de la función.
19. ¿Cómo se determina una función escalón o mayor entero? Se determina por la ecuación f ( x) =[ ] x , donde el dominio de f es el conjunto de todos los números reales y su rango es el conjunto de los enteros como regla de correspondencia, es decir, [ x ] es la parte entera no mayor que x. discontinua. 20. Explica la diferencia entre función continua y función Para las funciones discontinuas existe un número c tal que no
12. De ne el concepto de función implícita. Una función es implícita cuando se da una relación entre la variable independiente y la variable dependiente por medio de una ecuación.
cumple con las condiciones que se le imponen a las funciones continuas. 21. De ne función exponencial. Es aquella en la cual la variable independiente se ubica como
13. Escribe el concepto de función simple.
exponente de una constante denominada base y se describe por
Es aquella en la cual la relación de la variable dependiente con respecto a la variable dependiente se indica con una sola operación.
la ecuación f ( x ) = a x . 22. Desarrolla el concepto de función logarítmica. Es aquella que se afecta por un logaritmo de base a; también se
14. ¿Qué es una función compuesta?
establece que es la inversa de la función exponencial; se describe
Una función compuesta es cuando una función actúa sobre otra, es decir, si f y g son funciones tales que el rango de g está contenido en el dominio de f, representándose de la siguiente manera:
por la ecuación f ( x ) = sen x . 23. ¿Qué es una función trigonométrica? Es aquella cuyo valor depende de un ángulo en la expresión
( f ° g) = f (g ( x ))
trigonométrica del seno, coseno, tangente, cotangente, secante y cosecante; se denota por:
15. ¿A qué se le llama función de función? Es una función en la que y no se de ne directamente como función de x, sino que se da como función de otra variable u la cual
f) ( x = sen x f) ( x = cos x
)( )(
f x = cot x f x = sec x
se de ne como función de x por medio de u.
f) ( x = tan x
)(
f x = csc x
10
UNIDAD 1 Funciones
24. ¿Qué es una función trigonométrica inversa?
j)
Es aquella cuyo valor del ángulo depende del valor de una
f (2) = c Función constante.
función circular directa; se denota por:
k) f ( x ) = arcsen x = sen −1 x
f ( x ) = arccot x = cot −1 x
f ( x ) = arccos x = cos−1 x
f ( x ) = arcsecx = sec−1 x
f ( x ) = arctan x = tan −1 x
f ( x ) = arccscx = csc−1 x
f (x) = 4 x Función polinomial lineal, explícita y continua.
l)
g( x ) =
x x
Función signo explícita.
25. De ne función valor absoluto. Es aquella cuyo dominio es el conjunto de los números reales
m) f ( x ) = [ x + 2 ]
y su rango se limita a la siguiente regla de correspondencia; Función explícita y escalón.
se denota por f ( x ) = x , es decir,
x si x ≥ 0 x = x si x < 0
n) f ( x ) = sgn x 2 Función explícita, compuesta de la función signo con la función polinomial cuadrática, continua y par.
II. Clasifica las siguientes funciones. a) y x= x5 − 3x
3
ñ) g ( x ) = loga 5 x
+2
Función compuesta explícita compuesta de la función logaFunción polinomial de quinto orden, explícita, continua e
ritmo con la función polinomial lineal discontinua e impar.
impar.
o) f ( x ) = x 2 + 4
b) y = 4 2 x
Función explícita, polinomial cuadrática y continua.
Función exponencial continua y explícita.
p) f x ( x) = x3 − 5
c) y = cos 2x
Función explícita, polinomial cúbica y continua.
Función circular directa, continua, explícita y par.
q) f ( x ) = x
d) y = x 3 − 5
Función identidad, continua e impar.
Función irracional compuesta con una función polinomial cúbica y continua.
e) y =
r)
x2 +1 3x + 2
Función explícita compuesta de la función circular inversa
Función fraccionaria, implícita y discontinua para x = −
f) y
2
+ xy x +
2
2 3
con la función lineal discontinua e impar.
.
s) fx ( u) =
=0
u xy
=
2
+1
Función explícita, función de función.
Función implícita cuadrática y continua.
t)
2
g) x − xy = 2 Función polinomial implícita discontinua para x = 0.
f (g ( x )) =
x +1 x −1
Función compuesta fraccionaria discontinua para x = 1.
u) f x ( x) = x2 − 2 + 4
h) y = sec x Función circular directa, continua, explícita y par.
i)
f ( x ) = tan −1 2 x
Función explícita, polinomial cuadrática y continua.
v) y = log x
f ( x ) = [−5.25 ]
Función explícita logaritmo discontinuo.
Función escalón constante.
11
1 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
3
w) f ( x ) =
(ax 2 −bx )
y)
x2 + 5
1
f ( x) = 2 x 2
Función irracional. Función explícita, fraccionaria con denominador irracional y numerador de grado cinco.
x) f (x ) =mx
z)
−1
f (x) =
x 2 + 3 x −1 4
Función explícita, polinomial cuadrática y continua.
Función explícita, racional y discontinua para x = 0.
EJERCICIO 4 I. Dadas las siguientesfunciones, encuentra el dominio y rango, utiliza la notación de intervalos y traza la gráfica correspondiente. 1. f ( x )=
3. f ( x )= 16 − x 2 Se observa que 16 − x 2 no es un número real para 16 − x 2 < 0 , por lo que el dominio de f son todos los valores de x para los cuales se satisface la condición 16 − x 2 ≥ 0 , es decir, −4 ≤ x ≤ 4.
x+3
Lo cual se representa por el intervalo [−4 , 4 ] cuyo rango f de el
x + 3 no es un número real para x + 3 < 0, por lo que el dominio de f son todos los valores x para los cuales se satisface la condición x + 3 ≥ 0, es decir, x ≥− 3. Se representa por el intervalo [−3, ∞) cuyo rango de f es el intervalo [ 0, ∞). La grá ca correspondiente es: Se observa que
intervalo [ 0, 4 ]. La grá ca correspondiente es:
y 4
3
y
2 3
1
2
−4
−3
−2
−3
−2
−1
−1
1
2
x
3
−1
4. f ( x )=
4x − 5
Se observa que 2. f ( x )=
x
1234
−1
1
4 x − 5 no es un número real para 4 x − 5 < 0,
por lo que el dominio de
x2 − 9
x 2 − 9 no es un número real para x 2 − 9 < 0 , por lo que el dominio de f son todos los valores dex para los cuales se satisface la condiciónx 2 − 9 ≥ 0 , es decir, −3 ≥ x y 3 ≤ x . Lo cual se representa por la unión de los intervalos (−∞ , −3 ] y [ 3, ∞) cuyo rango de f es el intervalo [ 0, ∞) . La gráfica correspondiente es: Se observa que
f son todos los valores para los
5 4 x − 5 ≥ 0 , es decir, x ≥ . 4 5 Lo cual se representa por el intervalo , ∞) cuyo rango de f es 4 el intervalo [ 0, ∞). La grá ca correspondiente es: cuales se satisface la condición
y 5
4
y 6
3 5 4 2
3 2
1
1
−6 −5 −4 −3 −2 −1−1
1
2
3
4
5
6
x 1234567
12
x
UNIDAD 1 Funciones
= x−3 5. f ( x )5
8. f ( x )=
Se observa que el dominio de f son todos los número reales. El rango de f son todos los números reales. La grá ca correspondiente es:
x2 −1 x +1
x = −1, Analizando la función se observa que no está de nida en por lo tanto, el dominio de f es el conjunto de todos los números reales excepto 1. El rango de f son todos los números reales excepto 2.
y
Si se reescribe la función se obtiene:
6
1 x+ x 2 − 1 ( x −)( )1 = = x− 1, si≠x− x +1 x +1 correspondiente es:
4
y=
2
−1
1. La grá ca
x
1
y
−2
−4
6
−6
4
2
6. f ( x )= x 2 + 6
−3
−2
−1
1
2
x
3
−2
Se observa que el dominio de f son todos los número reales. El rango de f es el intervalo [ 6 , ∞). La grá ca correspondiente es:
−4
−6
y 13 12 11 10
9. f ( x )=
9x2 − 4
3x + 2 2 Analizando la función se observa que no está de nida en x = , 3 por lo tanto, el dominio de f es el conjunto de todos los números 2 reales excepto . El rango f de son todos los números reales 3 excepto 4.
9 8 7 6 5 4 3 2 1
−3
−2
−1
Si se reescribe la función se obtiene: 1
2
3
x
y=
9x2 − 4 3x + 2
=
( 3x −2)(3 2x )+
2
= 3x −2, si x ≠ . La gráfica
3x + 2
3
correspondiente es:
7. f ( x )= 3 x 2 − 8 Se observa que el dominio de f son todos los número reales. El rango de f es el intervalo [−8 , ∞). La grá ca correspondiente es:
y 6
4
y 8
2
6
−0.5865
4
−3
2
−2
−1
−2
1
2
−2
−1
1
−2
x
−4
−4
−6 −8
−6
13
2
3
x
1 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
−6 si x <−3 13. f ( x ) = −2 si − ≤3 ≤ x 3
10. f ( x )= x − 7
Se observa que el dominio de f son todos los números reales. El
4 si 3 < x
rango de f es el intervalo [ 0 , ∞). La grá ca correspondiente es: El dominio de f son todos los números reales. El rango de f es el conjunto {−6, −2, 4 } . La grá ca correspondiente es:
y y 4
6
3 2 4
1
2
−6 −5 −4 −3 −2 −1−1
1
2
3
4
5
x
−2 −3 1
2
3
4
5
6
7
8
9
101 11
21
3
x
−4 −5 −6
11. f ( x )= 3 x + 6
Se observa que el dominio de f son todos los números reales. El rango de f es el intervalo [ 0 , ∞). La grá ca correspondiente es:
x − 1 si x ≠ 2 14. g(x ) = 0 si x = 2 El dominio de g son todos los números reales. El rango de g está de nido por (−∞, 1) ∪ (1, ∞). La grá ca correspondiente es:
y y 6 1 4
1
2
2
x
−1
−6
−4
−2
x
−1
9 − x 2 si x ≤ 3 x − 3 si 3 < x
15. f ( x ) = −3 si x ≤ 5 12. f ( x ) = 3 si 5 < x
9 − x 2 no es un número real para 9 − x 2 < 0 , por lo que la función en x ≤ 3 sólo está de nida para los valores de x que satisfacen la condición9 − x 2 ≥ 0, es decir,−3 ≤ x ≤ 3. Se observa que
El dominio de f son todos los números reales. El rango de f es el conjunto {−3,3}. La grá ca correspondiente es:
Lo cual se representa por el intervalo
[−3, 3 ]. Por lo tanto, el
dominio def está dado por el intervalo[−3, ∞) y el rango def está de nido por f [ 0, ∞). La grá ca correspondiente es:
y
y
3 2
3
1
−1
123456789
2
x
1
−2 −3 −3 −2 −1
14
123456
x
UNIDAD 1 Funciones
x 2 − 4 si x < 3 2 x − 1 si 3 ≤ x
16. f ( x ) =
19. f ( x )=
El dominio de f está de nido por todos los números reales. El rango de f está de nido por [−4, ∞). La grá ca correspondiente es:
x x
El dominio de f son todos los números reales excepto 0 y el rango de f está de nido por el conjunto {−1,1} . La grá ca correspondiente es:
y
y
9 8
1
7 6 5 4 3 2
−4
1
−4
−3
−2
−1 −1 −2 −3 −4
−2
2
x
4
x
1234
−1
x si x ≤ 2 4 si x > 2
2 x + 5 si x ≤ −1 2 − x si − 1 < x
20. f ( x ) =
17. f ( x )=
El dominio de f está de nido por los números reales. El rango de f está de nido por el intervalo
(−∞,3]. La grá
ca corres-
El dominio de f está de nido por todos los números reales y el rango de f está de nido por(−∞ , 2 ] y el conjunto {4}. La grá ca correspondiente es:
pondiente es:
y
−2
y
3
4
2
3
1
2
−1
1
2
1
x −1
1
2
3
x
4
18. f ( x )= −2 x El dominio de f está de nido por el intervalo [ 0 , ∞) y el rango de f está de nido por el intervalo (−∞ , 0 ]. La grá ca corres-
II. Traza la gráfica correspondiente para: 1. y = 3 x
pondiente es:
y
y = 3− x
y 200
400
600
800
1000 1200 1400
y
y = 3−x
x
y = 3x
9 8
−10
7 6
−20
5
−30
4 3 2
−40 −50
1
−60
−4
−70
15
−2
2
4
x
1 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
2. y = 2 2 x
y
7. y arccos x
y = 2−2 x y
y = 2−2x
y
y = 22x
9
3.0
8
2.5
7
2.0
6
1.5
5
1.0 0.5
4 3
−1.0
2
−0.5
0.5
1.0
x
1
8. y −4
−2
2
4
=x arctany
=arccot
xy
x
y
3. y = e 2 x
y = arccot x 3
y
y = e2 x
9
2
8 1
7 6 5
−8
4
−6
−4
−2
x
2468
−1
y = arctan x
3 2 1
−2
−1
1
2
9. y = arccsc x
x
y
4. y = log 2 x
0.5
y y = log 2x
1
−10 1
2
3
4
10
x
x −0.5
5. y = ln 5 x 10. y = arcsec x
y
y = ln 5x
4 3
y
2
3.0
1
−1 −1
1
2
3
2.5
x
456789
2.0 1.5
6. y = arcsen x
1.0
y
0.5
1.5 1.0
−20 0.5
−1.0
−0.5
−0.5
0.5
1.0
x
−1.0 −1.5
16
−10
10
20
x
UNIDAD 1 Funciones
EJERCICIO 5 I. Resuelve los siguientes problemas.
e) f 2
a) f g
g) 2f 3g
d)
h) 7f 4g
f g
j) [ f + 2 g ]()2= {+ 02=} {9 }
18
⋅
1 k) 5 f = 2,5( ) 0 () ,4 ,5 2 9 2g ⋅
k)
c) f g
5
6 1y}
j) [f 2g](2)
f ) g2
b) f g
2 6=} 7{} i) [ 2 f − g ](4 )= { − ⋅
)0( )3(8 )(4,,6)( 5),,,2 f = {( 2,,,, g = {(0 , 5), (2,,9)( 4),,(7 ) 6, 3 }; determina:
1. Dadas las funciones
l)
6 f − 4g 2g + 3
6 f − 4g 2g + 3
2g + 3
⋅
⋅
⋅
⋅
⋅
1 , )( , ) , f = (0, 8 ) , 2,, ( 4365 2
9, {−(2,0 ()−
3
1 2
, 3, 5
}
(1)
}
(2)
De tal forma que:
Dom f Dom g 0.2,4 de (1) y (2) se tiene:
⋅⋅
f = {(2,0)( , 3,64 )( , 4,36 )( )(, 5,4 ) , 6,1
⋅⋅⋅⋅
g 2 = {(0,2 5)( , 2,81 )( , )(4,4)9 , 6,9 39 (+ ) , (4,62 )+ ⋅
⋅
2 f + 3g = {(2, 27,4 )( ),33,6 ( ) ,8
⋅
7 f −= 4 g− {(2, 36 )( , −4,14 )( ), 6, 5
⋅
73 )
, 6,1 2
32
}
47 )
, 6, 7 1
43
}
⋅
1 +2, 2, ( 2
) 0,
(−0, 8
)
1 −2, (2, 2
4, 3 −1
) 0, 4,
1 f − g = (0, ) (2 ,2 , , )4, 3 + 1 2
}
49 − (− ) , (4,)76 ⋅
} b) f −=g
⋅
)
1 f + g = (0,3) (2 , 2, ,) 4, 3 −1 2
} ⋅
0, 8 (+
a) f +=g
}
}
g 2 = {(0,5 )(5 , 2,9 )( 9 )(, 4, 7 ) 7 , 6,3 3
⋅
i) f 2 g2
Domg = {0,1,2 ,4 }; Rang 2, 11,0 , 1−
2
⋅
f ) [f g](4)
{
}
⋅
⋅⋅
h) 7 f −=4 g − {(2, 70
h)
{
f 2 = {(2,0 ) ( , 3,8 )( 8 , )(4,6 6)( , 5, )2 2 , 6,1 1
⋅
e) f 3g
Domf = { 0, 2, 4, 6 }; Ranf 8,
}
6 1 f = (2,0 ), 4, , 6, 7 3 g
⋅
3f 4g
}
1 1 f = (2, 0 9) , 4,6 , 6,1 7 3 g
g) 2 f +=3g + {(2, 02
g) [f g](2)
2
4,6 () − 7,6 ) ,1
⋅
f g
Identi cando los dominios y rangos de las funciones:
− f −= g −{(2, )9,4 ( )(,−1,6) , 2
⋅
d)
c) f g
}
⋅
f)
⋅
}
b) f g
}
⋅
f g = {(2,0) (, 4,4 )(2 ,) 6,3
e)
⋅
12 8 2 = 2, − , 4, , 6, − 7 17 3
a) f g
}
)( 7 ), 6,1 3 b) f g = {(2, 0 )9( , 4,6
d)
⋅
{
f + g = {(2,9)( , 4,13 )( ,) 6,4
c) f −=g
⋅
, 1 ,( 2, 0), (4, −1) , determina: g = ( 0, )( 2 , )11
, 0=g +9,4 f+ {2( ,6 ()+7,6 (),1+ 3)
⋅
⋅
6 0 − 4 9 6 6 − 4 7 6 1 − 4 3 = 2, ,4, , 6, 2 9 + 3 2 7 + 3 2 3 + 3
2. Dadas las funciones:
Domf Domg {2,4,6} de (1) y (2) se tiene:
⋅
⋅
⋅
(1)
(2)
De tal forma que:
⋅
⋅
⋅
6 f − 4g
Identi cando los dominios y rangos de las funciones:
a)
1 1 ,6 ,5 1 2 7 2 3
6( )
5f
l)
Domf = {2, 3, 4,}5, 6{; Ranf} 0, 8, 6, 2, 1
⋅
15 5 = (2,0), 4, ,6, 7 6 2g
2g
i) [2f g](4)
4, 6 {; Rang 5, 9, 7, 3 Domg = {0 , 2, } }
⋅
⋅
5f
c)
⋅
⋅
17
1 f g = (0, 8 ) 2,2 ( , )0,4 , 3 1 2 ⋅
{
⋅
⋅
}
f g = (0, 4)( , 2,0 ) , (4, 3 )
}
3 +1
y
1 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
d)
f = 0, 8 g
4. Dadas las funciones
1 1 1 1 ,2, ,4 , 3 2 2 0 1
⋅
⋅
f )( x = +x
⋅
f = (0,2) , (4, 3 ) g
{
e)
}
(
f 2 + 3g = 0,)( 8
2
a) f + g=
1 2 + 3 2 , 2, )( + 0 , 4, 2
)
f + 3 g = (0,8 + 32
(
)
c)
1 ), 2, 4 ,(4,2 )
2
⋅
h)
3f 4g 3f 4g
i)
{ {}} = 1
2
= 0 , 3
⋅
⋅
0
1
8
⋅
4
e)
0
1 1 4 , 4, 3 , 2, 3 2 0 2 ⋅
⋅
⋅
⋅
3 4
⋅
⋅
⋅
1
(
2
2
1 , 2, − 0 , 4, 2 2
()
2
3
) x) ( )x=+ ∈x 2 g = {x(gx, ( g
+ 1
]}
9; x1,4y[
d)
f g
f ( x) (g) x )(+) = f (x ) −+ g + x ∈x2 {( x , +
9
2x
{( x ,+f ( x) (g)
2x
a) f g
b) f g
c) f
g
La intersección entre los dominios es:
Domf ∩ Domg = { x x ∈ [1,4 ]} Por lo tanto,
g a) f += f +=g
g b) f −= f −=g
x2
( ) f =(x)+ − x )+ g x∈
f ( x) (g) x )(−) = f (x) −− g − x ∈x2 {( x , −
9
{( x ,+f ( x)
2x
(g) x + ) −g x ∈ x2 )( ) f =(x−
c) f g = {( x , f ( x) (g) x ) ( )f (x) = − g x +∈( x2 ⋅
⋅
⋅
⋅
f g = {( x , f ( x) (g) x ) ( )f (x) g= x+−−2∈x ⋅
d)
f g f g
⋅
1 = x , f ( x ) g ( x ) ⋅
⋅
f (x)
1 ⋅
g( x)
]}
= ( x 2 − 9)
x2
10;1,4 x [
(2 x + 1)
]}
} ]}
9;1,4 x [
18 x
1 ⋅
]}
2 x 1;1,4x [
9) (2 x ) 1[ 1,4 ; x]
3
]}
1;1,4x [
8; 1,4x [
; x ∈ [1,4 ]
1 f ( x ) ( x 2 − 9) = x , f ( x ) = ; x ∈ [1,4 ] g ( x ) g ( x ) (2 x + 1) ⋅
18
⋅
⋅
2
f +1 2g − 3
x +8 = x−7
=
x +8 x−7
x + 8 +1 2 x − 7 −3
7
7
8 −x= 7 +
f = g
]}, determina:
1; 2,5[
f g = +x
g)
1 f 2 − g2 = (0,6 ) , 2,( ) , 4,4 4 3. Dadas las funciones f = {( x , f ( x) ) (f)=− x ∈ x2
7
+x− 8 −4 x
f 2 = ( x+ 8= )+x
h)
) (2
+x −8 − x
f)
1
3 = 0 , , (41, 2 3 ) 2
f 2 − g2 = 0, ( ) 8( ) −
f − g=
d) 2 f − 42g=
f) [ f + g ](4) = { 3 − 1} g) [ f g ]()2 =
+x +8 − x
b) 3 f + 2 g= 3+x+ 8 − 2 x
−1
2
3
f y g, con reglas de correspondencia x 7 , determina:
8)( y = g x−
8
7 8)( x + − 7) (− x =
x2
x
56
UNIDAD 1 Funciones
5. Dadas las funciones f ()x = x 3 (y) g x = 2 x2 + 1, determina las ecuaciones para las funciones y el dominio de cada función resultante.
Dom f ,, Dom g ,. a) f g x3 2x2 1, con dominio ,. b) f g x3 2x2 1, con dominio ,. c)
f g= ⋅
x3 2x2 + 1
,c on dominio (−∞,∞).
2x2 + 1
f d) g =
x3
,c on dominio (−∞,0 ∞ ) (∪) 0,
.
6. Dadas las funciones f y g, determina el dominio de la función resultante de:
a) f g
c) f g
b) f g
d)
e)
f g
g f
f) g f
Para: 1) f x ( ) x=
2) f x ( x) =
2
f x ( ) x=
+1
−4
g− x 3; ( ) =
f (x) =
4)
x 2
− gx7; x ( ) =
3) f x ( ) =x gx ; x( ) =
1.
1
( )=
g− x 3;
1 x −1 ; g(x) = x +1 x
− 5) fx ( ) = x 1 g x
2;
x g x; 6) f x( ) =
(x ) =
x ( )=
2
−9
−3
1
x a) f + = g −+x
3
b) f − = g −− x
3
1
x 1
x
;+ = (∈f Dom
g)≥
{x
x
3}
; − = (∈f Dom
g)≥
{x
x
3}
{
1 1 − 3x ; Dom( f g) = ∈ c) f g = − 3 = x x x
d)
f = g
f x −3 = x x − 3; Dom = { x ∈ 1 g x
<0≤ x
1 3
}
x ≥ 3}
1
e)
g f
=
g 1 x = ; Dom = { x ∈ f x −3 x x−3
f) g f =
1
x −3
; Dom( g f ) = { x ∈
2. f x ( )x = g−x 7; x ( ) =
2
x > 3}
x > 3}
+1
a) f + g= −x + 7+ x=2 + 1 − x 2 b) f − g= −x − 7− x=2 − 1 + −x 2
6;+ Dom = ∈( f
x x
8;−Dom = ∈( f
) {≤ g−∞ x ≤∞ ∞ g)−∞ { x≤ ≤
19
}
x x
}
1 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
c) f g = (+ x 2 −1)= 7− x 2
d)
e)
f g g f
=
=
f ; Dom = { x∈ g
−∞ ≤ ≤x∞
g x2 + 1 ; Dom = {∈x 7 f x−7
−∞y≤
x−7 x2 + 1
f ) gf x = ( − +7)2x=x 1−
3. f x( ) = x g;x
(x ) =
2
}
}
7< ≤ ∞x
50; = ∈ x (− ∞ ≤ ) ≤{∞
2 14= + + x x−491 + Dom g2f 14 x
0
x
}
b) f − = g −x + x 2
4; Dom − =( f ∈ g) ≤{≤ x ∞
0
x
}
d)
e)
f g f g
=
=
f ) g f
f (x) =
x x2 − 4 x2 − 4 x
=x (
4; Dom( f = g)∈ − { x ∞≤ <2
f ; Dom = { x∈ g
f ; Dom = {∈x g
2
)− x=4− Domg4;f x
y < x ≤2∞
}
≤0 ≤ ∞ x
<0 ≤ x∞
}
x
}
= ( ∈ ) −{x∞ ≤≤ ∞
}
1 x −1 ; g ( x) = x +1 x
x −1
a) f + g =
x +1 x −1
b) f − g =
x +1
+
−
1
x 1
x
=
x ( x − 1) + x + 1 x2 + 1 = ; Dom( f + g)= ∈{ x0 x(x + ) 1 ( )x x +1
=
x ( x − 1) − x − 1 x 2 − 2 x − 1 = ; Dom( f − g)= ∈ { x0 x(x + )1 ( ) x x +1
1 −1 1− x x = ; Dom( f g) = { x∈ 1 −∞ y≤
d)
x −1 f x ( x − 1) ; Dom = { x∈ 1 −∞ ≤ y
−∞ ≤ y
1 1 g = x = x + ; Dom g = {∈x 1 − ∞ ≤ y
}
1− < ≤ ∞x
}
1− < ≤ ∞x
f) g f =
1 x +1 ; Dom( g f ) = {1 = ∈x x −1 x −1 x +1
y ≤
20
0 < ≤ ∞x
1< ≤ ∞x
< −x
−∞ ≤ y
x
e)
}
−4
4; Dom + =( f ∈ g) ≤{≤ x ∞
2 c) f g = x−
}
x
+x − x 2
a) f + = g
4.
6; Dom =( f ∈ g) −∞ { x ≤≤ ∞
}
}
<− x
1< ≤ ∞ x
1< ≤∞x
}
}
UNIDAD 1 Funciones
− 5. fx ( ) = x 1 g x
2;
2
x ( )=
−9
1 x2 − x2 a) f + g= − +
9; not ieneu ni ntervalod efinido.
1 x2 − x2 b) f − g= − −
9; not ieneu ni ntervalod efinido.
c) f g = −1
d) f = g
e)
g f
=
f )f xg
( −x
2=
1− x2 = x2 − 9
x2 − 9 1− x2
(
=
6. f (x ) = x g ;x
2
)
9− + = 1− x 2
1− x2 ; Dom f = {∈ x x2 − 9 g
g ; Dom = {∈ x f
2y= x
2
)
x2− = 9 − −x1 = 2− −9
1 −
(x ) =
=x
2= −x
}
8
2 ;n
x
}
x −x b) f − g= −
3 ; Dom − (=f ∈g)
≤∞ {−x∞ ≤
x
}
3 − x c) f g = − x =
3 ; Dom(=f ∈g)
− { x∞ ≤ ≤ ∞
f x x = = si x − 3 ≠ 0; Dom( f g) = { x∈ g x −3 x −3
f
=
x −3 x
x −3
=
10
}
−3 −∞ ≤∞ {x ≤
g
x
10
o se tiene un intervalo definido.
3 ; Dom + (=f ∈g)
e)
}
2 =2y−x
a) f + g= + x − x
d)
{x
10 =x 2∈ ; Dom −≤ ( f < g)
9
x
f ) g f x= − Dom 3 ;g f
si0
{
}
−∞ ≤
<0 Dom( g f=) ∈{ x −∞0≤da
x≠
x( = )∈
x
3 da 3 < x ≤ ∞}
x <≤ ∞
}
x
}
−∞ x ≤ ≤ ∞
)( ),( 4,6 7. Dadas las funciones f = {(2,4)( , 3,9 }{) , 5,7 (y )g( =})(2 ,3)( , )3,2 , 4,1 , 5,0 a) f g
determina e ilustra por mapeo.
b) g f 0
0
123456789
123456789
f
g
0123456789
0123456789
g°f
f°g f
g
0123456789
0123456789
f g (3,4), (2,9)
g f (2,1)
21
1 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
8. Dadas las funciones f = {()x , f)( x)(
f =x− ∈ 4 x =2;yx()
a) f g = {( x , f ( g)(()x)
)
f()g =x −∈4 ( x 2
1)
2; x
f g = {( x , f ( g)(()x)
)
f()g =x +−∈4 x2
4x
2; x
f g = {( x , g( f) (()x)
)
2
{
b) g f
=xgf(x , (g)f(x() )
)
g f
=xg{f(x , (g)fx(() )
)
g f
=x{g(f x, ( )g(f()x)
)
g() f=+ x∈
4x
2; x 2
x () = −+∈ x (4 x () = x
2)
− 161 + + ∈2 x
16 x() = x−+∈ x
2
9. Dadas las funciones f )( x = x 2 + 4)( y g x =
} )( )(g =+{∈x, g
x
f x
x2
1; x
}, determina:
} }
}
1;
6
4
16
5;
}
1;
}
}
x , determina x si f g y determina el dominio de .
2
φ = f g = ( x) + 4 = x + 4 El dominio de f es el intervalo , El dominio de g es el intervalo 0, Así, el dominio de f g es el intervalo 0, 1
10. Dadas las funciones )f ( x =
a) f g =
1
(4 x − 5)2 + 9
=
x2 + 9
, (Domf ) =−∞∞y, ( )4 = g x− 5, x
1 16 x 2 − 40 x + 34
; Dom( f
[0,3] = Domg
, determina:
g) = [ 0,3 ].
1 45− x 2 − 45 5 x 2 + 41 =− ; Dom( g f ) = [ 0 ,3) . − 5 = x2 + 9 x2 + 9 x 2 + 9
b) g f = 4
c)
f
f =
1
1 2 +9 2 x + 9
1
=
=
1 4
2
x + 18 x + 81
5 − d) gg =x)4 (4− −= x51−=6 − 205 x
+9
x 4 + 18 x 2 + 81 1 + 9 ( x 4 + 18 x 2 + 81)
(
16] gg= [25; Dom
22
)
0,3 .
=
x 4 + 18 x 2 + 81 9 x 4 + 162 x 2 + 730
; Dom( f
f ) = (−∞,∞ ).
UNIDAD 2 LÍMITES Y CONTINUIDAD DE FUNCIONES
EJERCICIO 6 I. Contesta las siguientes preguntas.
Octágonos inscritos y circunscritos
1. ¿Qué se entiende por límite? El límite es una especie de cota que a veces puede no ser alcanzable y otras no sólo es alcanzable sino superable. A través de éste se pueden visualizar los cambios en el rendimiento mediante pequeños números de unidades. 2. Explica mediante un ejemplo la idea intuitiva de límite. Si se quiere encontrar la velocidad de un auto en movimiento, se eligen dos puntos en la grá ca de posición contra tiempo, uno de los puntos será donde se desea encontrar
Decágonos inscritos y circunscritos
la velocidad y el
otro será cualquier otro sitio. Luego, se traza una línea entre los puntos e iniciamos a acercar cada vez más el último punto al primero, continuando el trazo de las líneas entre ellos. A medida en que los puntos se hacen más cercanos, la pendiente de la línea se acerca a la velocidad deseada. 3. Explica tu idea sobre el límite de una variable. Es el valor que alguna variable puede llegar a tomar sin necesariamente llegar a tomar dicho valor ya que siempre existirá una
Dodecágonos inscritos y circunscritos
in nitesimal distancia entre la variable y su límite. 4. ¿Qué se entiende por límite de una función? Se entiende que los valores de una función se aproximan a un límite K, a medida que se aproxima a un número b, si el valor absoluto de la diferencia entre la función y el número 1, se puede hacer tan pequeña como se quiera tom ando la variable lo su cientemente cercana a b pero no igual a b. 5. Escribe tu propia de nición sobre el límite de una función. El límite de una función en un punto dado es el valor al que se acercan las imágenes cuando las
variables se acercan al
valor límite a. Es decir, el valor al que tienden las imágenes cuando las variables tienden a a.
II. Realiza el siguiente ejercicio práctico. 1. Dibuja polígonos de 8, 10, 12 y 14 lados inscritos y circunscritos a un círculo; compara las áreas respectivas, con base en el concepto de límite.
Tetradecágonos inscritos y circunscritos
2 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
Comparando el área respectiva de los polígonos inscritos con los
medida que aumenta la cantidad de lados de los polígonos. Es
circunscritos se observa que el área de estos tiende por izquierda
decir, el área del círculo es el límite al que tienden los polígonos
(circunscritos) y por derecha (inscritos) al área del círculo a
inscritos y circunscritos.
EJERCICIO 7 I. Aplica directamentelas propiedades delos límites y calcula los siguientes límites, si existen.
10. lim ( 4 x 2 −8)+x=5( ) lim −4 x→ 2
→
( lim )x 5 ()
x 2lim + 8
x→ 2 →
x
2
x
2
lim (5) = 4lim ( x 2 ) −8lim ( )x + x →2
1. lim x 2 = (3)2 = 9 x →3
x →2
x→ 2
2. lim ( 4 x)+5
= + 5 (lim ) 4 () x lim
x →0
x→ 0
x →0
x +1
11. lim
x→ 0
2x + 3
x→ 3
= 4 lim ( )x +lim( )5
lim x +1
=
x→3
lim 2 x +3 x→ 3
x →0
lim x + lim 1
lim (4 x + 5 )=(4 )(0) +5=5
=
x →0
x→ 3
x→ 3
2 lim x +lim 3 x→ 3
3.
x→ 2
2
lim 4 − 8) 2 + = 5) ( 5)( ( x 2 8− +x5 = 4) 2 ( )(
lim ( 5 x) −2
= − 2 (lim ) 5 () x lim
x →−2
→− x
→− x
2
2
x→ 3
( 3) + 1 x +1 4 = = 2 x + 3 (2)( 3 ) +3 9
lim x→ 3
= 5 lim ()x −lim() 2 x →−2
→− x 2
12.
lim 5 2 )= (5)( 2 − ( x− )− 2− =12
lim 3 x 2 + 4 x →−2
x42 +
= lim 3 →− x
2
x →−2
= 3 lim x 2 + lim 4 x →−2
4. lim 6 = 6 x →4
lim 3 x 2 + 4 5. lim x = x→
1
= 3(−2) + 4 =16 4 =
x →−2
1 2
2
lim 2 ( x 2 + x 1−
2
6. lim
2 x + x −1 4x−2
x →2
=
x →2
lim (4 x −2
x →2
=
lim
2 x + x −1
x →2
4x−2
=
0
1. lim
x →2
x →2
8 x2 − 2x 2x
x→ 0
( x) −lim (1)
(2)(2 )
2
x→ 2
=
( 4) ( 2) −( )2
x →2
(lim ) −x 2 x →2
lim = ( )4−= ()2
2
x→ 0
x →0
9 6
lim
8 x2 − 2x
4
0
x →2
2.
lim x →−1
2x
) x −1 x 2 − 1 ( )(x + 1 = lim x + 1 →− x +1 1 x x →−1
= lim ()x − lim() 1 x →−1
lim 3 x 2 = 3 lim x=2 −(3= )( x →−2
x →0
= ( 4)(0 )1− = − 1
= lim ( x −1 )
lim 5 x = (5)(− 1)= − 5 x →−1
9.
2x
= 4 lim x −lim1
x→ 0
7. lim ( x 2 −)4=
2 x ( 4 x − 1)
= lim (4 x −1 )
x→ 2
2 + ( 1) (−)
= lim x→ 0
4 lim ( )x −lim( )2 x →2
2
II. Aplica el artificioalgebraico del casoII y resuelve lossiguientes límites que presentan la forma indeterminada 0 .
)
)
2lim ( x 2 ) +lim
8.
→− x 2
2
2)
2
x 2 −1 = (− 1)− =− 1 x →−1 x + 1
12
lim
→− x 2
24
→− x 1
2
UNIDAD 2 Límites y continuidad de funciones
3. lim
5x
x
x →0
= lim 5 = 5
8.
x →0
x2 + 5 x + 4
lim x →−4
x+4
(
= lim →− x
)( x +)4 x + 1 x+4
4
= lim ( x +1 ) x →−4
4.
x+5 x+5 = lim 2 5 x+ )5 x →−5 x − 25 →− x 5 ( x − )(
= lim ()x + lim() 1
lim
= lim x →−5
x →−4
4 →− x
x2 + 5 x + 4 1 = (− 4 + ) =− x+4 x →−4
1
lim
x−5
3
lim 1 x →−5
=
lim ( x −5
)
x →−5
9. xlim →2
lim 1
=
= lim ( x −6 )
lim ( x ) − lim 5
x →−5
x →2
5 →− x
= lim ( x) −lim () 6
x+5 1 1 lim = =− 2 10 (−5) − 5 x →−5 x − 25
5. lim x →1
)( x −)2 x − 6 x 2 − 8 x + 12 ( = xlim x−2 x−2 →2
x →−5
x →2
x2 + x − 2 x2 + x − 2 = lim x 2 −1 x 2 −1 x →1
( x + 1)( x − x + 1) x3 + 1 = lim x + 1 →− x +1 x 1 2
1 x+ ( x −)( )2 1 x+ )1 x →1 ( x −)(
10.
= lim
lim x →−1
1 = lim ( x 2 − x +
( x + 2) x →1 ( x + 1)
=
x →1
)
x →−1
= lim
lim ( x +2
x →2
x 2 − 8 x + 12 lim = (2)− 6= − 4 x−2 x→ 2
= lim ( x ) − lim ()x +lim()1 2
x →−1
)
→− x 1
→− x
1
x 3 − 125 x 5 x 2 5 x25 = lim ( − )( + + x 2 − 25 5 x+ ( x −)( )5 x →5
)
x3 + 1 2 lim = (−) 1( )− −1 +1 = 3 x →−1 x + 1
lim ( x +1 ) x →1
lim ( x) +lim ()2
=
x →1
x →1
lim ( x) +lim () 1 x →1
11. lim
x →1
x→ 5
x 2 + x − 2 (1) + 2 3 lim = = x 2 −1 (1) + 1 2 x →1
( x 2 + 5 x + 25)
= lim
( x + 5)
x →5
6.
2 x2 − x − 3
lim x →−1
x +1
(
)( x + 1)
= lim →− x
1
lim ( x 2 +5 x2+5
2x − 3
=
x →5
x →−1
=
x →−1
2 x2 − x − 3
7. lim x→ 3
x +1
x 2 + 4 x − 21 x−3
lim x→ 5
(
)( x +)7 x − 3
x→3
x 3 − 125 (5) = x 2 − 25
()x +lim( 25 ) x→ 5
x→ 5
x →5
2
+5( 5) 25 + (5) + 5
=
15 2
( x − 2)( x + 2 x + 4) x3 − 8 = lim x−2 x −2 x →2 2
12. lim
x−3
x→ 2
= lim ( x +7 )
= lim ( x 2 +2 x4+
x→3
)
x →2
= lim ( )x +lim () 7 x→3
x→ 5
lim ( )x + lim () 5
1 →− x
= 2 (−1 −)3 = 5−
= lim
x→ 5
)
)
lim ( x 2 ) +5lim
= 2 lim ()x −lim()3 lim
lim ( x +5
x +1
= lim (2 x −3 )
x →−1
x→ 5
lim(4) = lim ( x ) +2lim ( )x + 2
x→3
x →2
x 2 + 4 x − 21 lim = ( 3) +7 1=0 x−3 x→ 3
lim x→ 2
25
x3 − 8 x−2
2
x →2
= (2) + 2(2)+ = 41 2
x→2
2 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
III. Aplica el artificio algebraico del caso III y resuelve los si 0 guientes límites que presentan la forma indeterminada . 0
1. lim x →0
3+ x − 3
x
2. lim x →0
3+ x − 3
x
x
2 − 4 − x 2 + 4 − x = lim 2 + 4 − x x x →0 4 − 4 + x = lim x →0 x (2 + 4 − x )
3+ x −3 = lim x→0 x ( 3 + x + 3 )
1 = lim x →0 (2 + 4 − x ) lim
=
1 3 + ( 0) + 3
=
2− 4 − x
x
x →0
1 = lim 3 + x + 3 x→0 lim
2− 4 − x
x →0
3 + x − 3 3 + x + 3 = lim 3 + x + 3 x x→0
x = lim x→0 x ( 3 + x + 3 )
x →0
5. lim
6. lim
25 − x 2
x 2 − 16
x →5 3 −
1
=
x →1
lim
25 − x
x 2 − 16
7. lim x →3
x2 − 9 x2 + 7 − 4
lim lim
x + 3−4 = lim x →1 ( x − 1)( x + 3 + 2)
x →3
x −1 = lim x →1 ( x − 1)( x + 3 + 2)
8. lim
x →1
x +3−2 = x −1
1
(
(1) + 3 + 2)
=
x →2
2
x +7 −4
x2 − 4 x 2 − 3 −1
x →4
2− x 4−x
lim
9. lim
x
x →1
lim x →4
4−x
=
(2 + 4 )
=
x2 − 4 x 2 − 3 −1 x −1 x2 + 3 − 2
74
)
+ +
)
)
(
x 2 − 31+
= (2)2− +3= 1
2
x 2 + 3 + 2 x −1 = lim x →1 x 2 + 3 − 2 x 2 + 3 + 2
)
(
= lim x →1
lim
4
x →1
26
x −1 x2 + 3 − 2
)
( x − 1) x 2 + 3 + 2 = lim x2 + 3− 4 x →1
1
x 2 − 4 x 2 − 3 + 1 = lim x 2 − 3 + 1 x → 2 x 2 − 3 − 1
x→2
4
)
2 +7 = 48 (3)+
= lim
1
2 − x 2 + x = lim 2 + x →4 4 − x
1
(
x2
(
4−x = lim x→4 (4 − x )( 2 + x ) 1 = lim x→4 ( 2 + x ) 2− x
=
(
( x 2 − 4) x 2 − 3 + 1 = lim x2 − 3 −1 x→2
x →2
4. lim
x 2 − 9 x 2 + 7 + 4 = lim x →3 x 2 + 7 − 4 x 2 + 7 + 4
= x →3 x2 − 9
(5−)2 =166
=+ 3
(
x +3−2 x + 3 − 2 x + 3 + 2 = lim x −1 x − 1 x + 3 + 2 x →1
)
)
( x 2 − 9) x 2 + 7 + 4 = lim x 2 + 7 − 16 x →3
2 2
1 = lim x →1 ( x + 3 + 2) lim
(
2
x →0
3. lim
4
= lim 3 + x 2 − 16
x →5 3 −
= lim ( 2 + x + 2 )
x →0
1
=
25 − x 2 3 + x 2 − 16 = lim 3 + x 2 − 16 x → 5 3 − x 2 − 16
x →5
x ( 2 + x + 2 ) = lim x x →0
2
)
(
2 + x + 2 x x = lim 2 + x − 2 x → 0 2 + x − 2 2 + x + 2
x = +20 += ( ) 2+ x − 2
4 − ( 0)
(25 − x 2 ) 3 + x 2 − 16 = lim 9 − x 2 + 16 x →5
2 3
x ( 2 + x + 2 ) = lim 2+ x−2 x →0
lim
1
(2 +
(
x 2 + 32+
= (1)2+ +3 = 2
) 4
UNIDAD 2 Límites y continuidad de funciones
1− x 2
10. lim
x2 + 3
x →1 2 +
1 − x 2 2 − x 2 + 3 = lim x →1 2 + x 2 + 3 2 − x 2 + 3 (1 − x 2 ) 2 − x 2 + 3 = lim 4 − x2 − 3 x →1
(
(
= lim 2 − x 2 + 3 x →1
1− x 2
lim
x2 + 3
x →1 2 +
= 2−
(1+ )2 = 3
)
)
0
IV. Para cada una de las siguientes funciones dadas, determina el
lim
(f x + ) (h )− f x
h→0
1. f ( x ) = mx 2
lim
f ( x +)h ()− f x h
h→0
(
mx 2 + 2mhx + h h
h→ 0
lim
f ( x + )h −()f x h
2
mx −
h
h→ 0
= lim
h→0
2
) m x h+
=lim
= lim 2
2
− mx
2
mx + 2h = mx
h→ 0
2. f ( x ) = ax 2 + bx + c
lim
f ( x +)h ()− f x
c a x− bx − c2 ) ( a x+h ) +2b x+h + −
(
=lim
h
h→ 0
h 2 2hax ax+ + h+ 2+bx +b − h c− a x− bx2 c h h→ 0 h→ 0
= lim = lim
2 hax +h 2 +bh
h→ 0
h
= lim (2 ax +h +b ) h→ 0
lim
f ( x + )h −()f x h
h→ 0
3. f ( x ) =
lim h→0
2= ax + b
1
x
f ( x + )h −()f x h
=lim h→ 0
1 1 − x+h x h
x− x− h
= lim
x ( x + h)
h→ 0
= lim − h→ 0
lim h→0
f ( x + )h −()f x h
=−
h 1
x ( x + h)
1
x2
27
h
.
2 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
4. f ( x ) = 5 x 3
lim
f ( x +)h ()− f x
(
h
h→ 0
3
)
5 x + h − 5 x3
h→ 0
h
=lim
3 + x15
5
= lim
2hx +15
2+ − 3 h 35 x
h
x
h
h→ 0
= lim1 5 x 2 +15 hx + h2 h→ 0
lim
f ( x + )h −()f x h
h→ 0
5. f ( x ) =
x2
15 =
1
x2 1
lim
f ( x +)h (− ) f x( h
h→ 0
)
x+h
=lim
(
1 x2
2
x 2 − ( x + h)
)
2
hx 2 (x +h
h→ 0
= lim
−
h
h→ 0
= lim
2
)
( x 2 − x 2 − 2 xh − h2 ) hx 2 (x +h
h→ 0
)2
(2 x − h) = lim − 2 h→ 0 x 2 ( x + h) =−
lim
f ( x + )h −()f x
h→ 0
h
6. f ( x ) =
x 2 −1
=−
( 2 x − 0) 2
x 2 ( x + 0) 2
x3
2
lim h→ 0
(+ x −h)− 1 − x 2 f ( x + h) − f ( x ) = lim h h h→ 0
1
2 2 (+x) − h − 1 − x(2) 1 x + h − +1 = lim 2 h h→ 0 ( x + h)− +1 2 2 + x+ 2+ 1 x 2 1 xh −h− = lim 2 h → 0 h x (h + )− x+1 − 2 1
(
= lim h→ 0
lim h→ 0
f ( x + h) − f ( x ) = h
)
2x + h 2
(
2
( x + h)− +1 2x + 0
(
2 +1 ( x + 0)−
−x 2
−x
1
)
= 1
)
x x 2 −1
28
−x 2 −x
2
1 1
UNIDAD 2 Límites y continuidad de funciones
7. f ( x ) = 2 x 2 + 7 x − 1
lim
f ( x +)h ()− f x
(
2
)2(
+ x ) h+ 7
=lim
h
h→0
+ x1− 2 −h7 1− + x 2
= lim
x
h
h→ 0
4 xh + 2 h 2 + 7 h
h
h→ 0
7 = lim4 x +2 h + h→ 0
lim
f ( x + )h −()f x
4= 7 x +
h
h→0
8. f ( x ) = x 3 + 5 x − 3
lim
f ( x +)h (− ) f x( h
h→0
3
)
+ x h+ 5+ 5−x 3 −h −5 +3x 3
=lim = lim
x
h
h→ 0
3 x 2 h + 3 xh2 + h 3 + 5 h
h
h→ 0
= lim3 x+2 3 + xh +
h52
h→ 0
lim
f ( x + )h −()f x
h→0
h
9. f ( x ) =
ax + b
lim h
0
3= 5x 2 +
+b a (x+h + )− b ax f ( x + h) − f ( x) = lim h h h 0
→
→
a (x+)h + − + b () b ax = lim h h→0
a x h+ b+ + ax b + a (x h+ + )b + ax +b
+ ah + −b −ax b ax = lim h→0 ) +ax b+ h a x( h + b+
)
= lim h→0
(
a
(
)
a (x h+ + )b + ax + b
f ( x + h) − f ( x) a lim = h h→0 ( ax +b + ax b+
a = ) 2 ax + b
10. f ( x) = 3 x 2 − 5 x
lim h→0
f ( x +)h ()− f x h
(
x 5+ h ) 3 +x −h52 5− 3−
=lim
x2
x
h
h→ 0
= lim 6 xh + h 2 − 5 h h→ 0
h
= lim6 x + h − 5 h h→ 0
lim h→0
f ( x + )h −()f x h
6=5 x −
29
2 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
11. f ( x ) =
1
ax
, 1
lim h→ 0
() f ( x + h) − f ( x ) = lim h h→ 0
a x+h
−
1
ax ()
+ ax − a x h
= lim
h
h a x( + h )ax
h→ 0
ax − a x( h+ ) ax + a x( h+ ) = lim h→ 0 h a x( +h )ax ax + a x( h+ ) = lim − h→ 0
=−
lim h→ 0
h→ 0
a (x )+h ax ax ( )+ ax h + a
(
(
a (x )+ 0 ax a x ( )+ ax
+0
)
)
=−
a 2ax ax
f ( x + h) − f ( x ) a =− 3 h 2 (ax )2
12. f ( x ) =
lim
a
2 x +1
f ( x + h) − f ( x ) = lim h h→ 0
2 2 − 2 + x −1 2+ x+ h 1 x + h +1 x +1 = lim h h x h+ +x1 + 1 h→ 0
+ x −1 + x+ h 1 x + 1+ = lim 2 h→ 0 h x h+ +x1 + 1 x + 1+
+ x +h 1 + x +h 1
+x − 1− x− h 1 = lim 2 h→ 0 x 1 +x 1 (+x+h 1+ + hx h + + = lim − 2 x + h+ 1 +x h→ 0 = −2 x + 0+ 1 +x lim h→ 0
lim
(
1
(
+ f ( x + h) − f ( x ) x +h −9 + x = lim h h h→ 0
1
)
9 9 x + h+ + 9
x + h+ + 9
+ x +h −9 − x 9 = lim h→ 0 x9 + 9 ) h (x h + + + 1 = lim 9 h→ 0 ( x + h+ + lim
)
x+9
+ x +h − 9 + x = lim h h→ 0
h→ 0
0
1
h
1 f ( x + h) − f ( x ) =− 3 h ( x + 1)2
13. f ( x ) =
h→ 0
)
1 1+ + x 1+ + x
1+ + x 1+ + x
1
1 f ( x + h) − f ( x ) = h ( x + 0+ +9
+x
9
)
9
)
+x =
1 2 x+9
30
+x +x
9
9
UNIDAD 2 Límites y continuidad de funciones
14. f ( x ) =
1 4−x 1
lim
f ( x + h) − f ( x) h
h →0
= lim h→ 0
4−x−h h
−
1 4−x
− 4 −x − 4− x h h 4− x h − x 4−
= lim h→0
4 − x − 4 − x − h 4 − x+ − 4 −x h = lim x h − x 4 − 4 − x + 4 − x − h h→ 0 h 4− −4 − x+ 4+ x h = lim h→ 0 4 − x+ − 4 −x h x h − x 4− h 4 − ( ) 1 = lim 4 − x − h 4 − x ( 4− +x − − h→ 0 4 x h ) lim
f ( x + h) − f ( x ) h
h →0
15. f ( x ) =
lim h→0
=
1
x4 −x
− 4x
(−x4+
−
)
4
1
=
3
2 (4 − x )2
1 8x + 1
1 1 − f ( x + h) − f ( x) 8 x + 8h + 1 8x +1 = lim h h h→0
81881 + x − + x+ h = lim x 1 8 +1 h→0 h x8 h+ 8 +
81881 ++ x 81881 x++
+ 8 x− 1− 8 x− 8 h 1 = lim 1+ h→0 x 1 +8 x h x 8h + 8+ ( x+8 h +1 + 8 = lim h→0 h 1 +8 x 8 x + 8+ lim h→0
f ( x + h) − f ( x) = h x 8x + 1 x 8+
1
(
8
1
)
1
)
8
−8
(
1++8 x +1 + 8 x
1x +8+ + 1
+x + h +x + h
8h
1
)
4
=−
3
(8 x + 1)2
16. f ( x ) = 2 x − 1
lim h→0
22121 + − f ( x + h) − f ( x) x −h− = lim h h h→0
x
22121221 + − x − h− = lim h h→0
x + −h + 22x + −h +1
x
2+ 21 x − h− + 2 x 1 = lim −2 1) h→0 h+ − + x h ( x 221 2 lim x + −h + = h → 0 ( 221 lim h→0
−2 x 1)
2 f ( x + h) − f ( x) = = h ( 2 x − 1 + 2 x − 1)
1 2 x −1
31
−21x −2 x 1
2 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
V. Aplica el artificio algebraico del caso IV y resuelve los siguientes límites que presentan la forma indeterminada ∞ . ∞
1. lim x →∞
VI. Determina gráficamente las asíntotas vertical u horizontal de las siguientes funciones. 1. f x x3
2t 3 − t 2 + 4
1 4 2− + 3 t t = 2−0+ 0 = − 2 2 1 7 − −7 0−0−7 t2 t
= lim
2t − t 2 − 7t 3
→∞ x
La función no tiene asíntotas verticales ni horizontales. La grá ca correspondiente es:
y 4 3 2 1
7 2. lim x →∞
7 − 3 x 2 = lim 5 x + 9 x 2 →∞ x
x2 − 3 = 0 − 3 = − 1 5 0+9 3 +9 x
−5 −4 −3 −2 −1 −1
1
2
3
4
x
−2 −3 −4
3. lim x →∞
6x + 2 3x + 5
6+
= lim x →∞
3+
2
x = 6+0 = 2 5 3+ 0 x
2. f ( x ) =
2x − 5 3x + 2
Para encontrar las asíntotas verticales se calculan los valores
4. lim x →∞
8x 3 − 3x 2 + 1 4 x 3 + 5x − 7
8−
3
+
1
x x3 = 8 − 0 + 0 = 2 5 7 4+0−0 4+ 2 − 3 x x
= lim →∞ x
2 en los que 3x 2 0, por lo tanto, x = − . Para las asíntotas 3 horizontales es necesario hacer el cálculo del límite en el in nito. Así,
lim f ( x ) = lim x →±∞
x→±∞
2x − 5 3x + 2
2
= . La grá ca corres3
pondiente es: 5. lim x →∞
2x 2 + 3 4 + x − 5x2
2+
= lim
4
→∞ x
x
3
x2 1
=
+ −5
2
2+0 0+ 0−5
=−
y
2
4
5
3
x
2 1
6. lim x →∞
4x + 2 8x − 3
4+
= lim →∞ x
11 −7 −6 −5 −4 −3 −2 −−
2
−3 −4
2 + x x2 = 8 + 0 + 0 = 1 = lim 7. lim 2 5 3 8−0 + 0 x →∞ 8 x − 5 x + 3 →∞ x 8− + x x2 8+
8x 2 + 4 x + 2
8. lim x →∞
9. lim x →∞
x3 + 2 x − 5 = lim 4 x 3 − 3 →∞ x
2 x3 3
x +3
= lim x →∞
1+
4
2 5 − x 2 x3 = 1 + 0 − 0 = 1 3 4−0 4 4− 3 x
1+
2 3
=
2 1+ 0
3. f ( x ) =
2x − 3 2x2 + 3x − 5
Para encontrar las asíntotas verticales se calculan los valores en 5 los que 2 x2 3 x − 5 0, por lo tanto, x = 1 y x = − , para 2 las asíntotas horizontales es necesario hacer el cálculo del límite en el in nito. Así, lim f ( x ) = lim x →±∞
x →∞
x→±∞
2x − 3 2x2 + 3x −5
= 0, por lo
tanto, la asíntota horizontal es el propio eje x. La grá ca correspondiente es:
=2
y 4
x3 x = −2.5
10. lim
x
123456789
−2
x =1 3 2 8− x
4 1− x2 − 4 x 2 = 1− 0 = 0 = lim 2 1 12 1− 0 − 0 x − x − 12 →∞ x 1− − x x2
3
x=1
2 1
−7 −6 −5 −4 −3 −2 −1 −1 −2 −3 −4
32
1
23456789
x
UNIDAD 2 Límites y continuidad de funciones
4. f ( x ) =
3x − 1
y
3x 2 + 5x − 2
1.2 1
Para encontrar las asíntotas vert icales se calculan los valores 1 en los que 3 x 2 5 x 2 0, por lo tanto, x = −2 y x = , 1 3 pero como se observa en la siguiente grá ca, para x = no 3 se aprecia ninguna asíntota ya que el numerador se anula
0.8 0.6 0.4 0.2
−0.6−0.4 −0.2
0.2 0.4 0.6 0.8
1
1.2 1.4 1.6 1.8
2
2.2 2.4 2.6 2.8
3
3.2 3.4
x
−0.4
también en ese valor, para las asíntotas horizontales es
ne-
−0.6
cesario hacer el cálculo del límite en el in nito, entonces lim f ( x ) = lim
x →±∞
x→±∞
3x −1 = 0 , por lo tanto, la asíntota 3x 2 + 5 x − 2
horizontal es el propio eje x. La grá ca correspondiente es:
y
6. f ( x ) =
3x 2 − 5 x + 2 6x2 − 5x +1
Para encontrar las asíntotas verticales se calculan los valores en
6
x=1
los que 6 x2 5x 1 0, por lo tanto, x =
4 2
−8
−6
−4
−2
1 3
1 y x = , para las 2
asíntotas horizontales es necesar io hacer el cálculo del límite en 2
4
6
8
−2
10
12
x
el in nito. Así, lim f ( x ) = lim x →±∞
x→±∞
3x 2 − 5x + 2 6x2 −5x +1
1
= . La grá ca 2
correspondiente es:
−4
y 5. f ( x ) =
x +1 − x
x = 0.33
5 4
x = 0.5
3
Esta ecuación sólo cuenta con asíntotas verticales yae qu no existe un valor para el cual los limites laterales sean in nito. Para las asíntotas horizontales es necesario hacer el cálculo del límite en el in nito. Así, lim f ( x ) = lim x →±∞
+x− 1=
x
0, por lo tanto, la asíntota
2
y = 0.5
1
−7 −6 −5 −4 −3 −2 −1 −1
123456789
x
−2
x→±∞
−3
horizontal es el propio eje x. La grá ca correspondiente es:
EJERCICIO 8 I. Contesta las siguientes preguntas.
4. Explica la continuidad de una función en un intervalo abierto o cerrado.
1. ¿Cómo es la grá ca de una función continua? La grá ca de una función continua es aquella que presenta ausencias de vacío o saltos, es decir, se traza sin despegar el lápiz del papel.
Una función continua en un intervalo abierto o cerrado es aquella que está de nida en todos los puntos contenidos en el intervalo, sin presentar algún salto en su grá ca representativa.
2. Escribe la de nición de una función continua.
5. Cita los requisitos para la continuidad de una función sobre un
Una función f x es continua para el valor x a si cumple las tres siguientes condiciones: 1. f a existe o está de nida.
intervalo cerrado.
a) f (x) es continua por la derecha en a. b) f (x) es continua en el intervalo abierto (a,b).
2. lim f ( x ) existe. x →a
c) f (x) es continua por la izquierda en b.
3. lim f ( x) = (f) a . x →a
6. Explica cuando la discontinuidad de una función es evitabley cuando es no evitable .
3. ¿Qué es una función discontinua? Se le llama función discontinua a aquella que no cumpla con
Una función es evitable cuando en un punto x a presenta
algunas de las tres condiciones que cumple una función continua.
discontinuidad, pero se puede realizar una rede nición de f en
33
2 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
el punto, logrando de esta forma tratar en forma adecuada de 3. f ( x ) =
llenar la discontinuidad que se tenía en el punto.
1 x −1
Una función es no evitablecuando a pesar de cualquier rede nición de f, no se puede encontrar alguna forma adecuada para
La función racional está de nida cuando x 1. El lim f ( x ) existe,
llenar la discontinuidad que se tenía en el punto.
por lo tanto, sólo es necesario analizar la continuidad en x 1.
x →a
Al analizar los límites a la izquierda y derecha de 1 se tiene: 7. Escribe las propiedades de las funciones continuas. De las propiedades de los limites se deducen las propiedades de para x a, las funciones siguientes son también continuas en a. 1. f x gx.
lim
f ( x ) = +∞
lim
f ( x ) = −∞
x →1+
f (x) y g(x) son continuas
las funciones continuas, es decir, si
x →1−
Por lo tanto, f x es continua excepto en x 1.
2. c f x, donde c es una constante arbitraria.
Representación grá ca de f x
3. f x gx
4.
f (x) , siempre que ga 0. g ( x)
y 8 6
5. f gx, al suponer que f x es continua en ga.
x=1
4 2
II. Discute la continuidad de las siguientes funciones. 2
1. f x 4x x 4
−1.5
−1 −0.5
0.5
1
1.5
2
2.5
3
3.5
4
x
−2
La función polinomial está de nida para todos los números rea-
−4
les, y para todo valor de a el lim f ( x ) existe, por lo tanto, se
−6
x →a
concluye que f x es continua.
−8
Representación grá ca de f x y 6
4. f ( x ) =
5
x 1+ x2
4 3
La función racional está de nida para todos los n úmeros reales,
2
además para todo valor de a, lim f ( x ) existe, por lo tanto,
1
x →a
se puede concluir que f x es continua. −0.2
0.2
0.4
0.6
0.8
1
1.2
1.4
1.6
1.8
2
2.2
2.4
x Representación grá ca de f x
2. f ( x ) =
x 1+ x2
y
La función racional está de nida para todos los nú meros reales,
0.8
además para todo valor de a, lim f ( x ) , existe, por lo tanto, se
0.6
x →a
puede concluir que f x es continua.
0.4 0.2
Representación grá ca de f x −12 −10
−3
−2.5 −2
−1.5 −1
−8
−6
−4
−2
y
−0.2
4
−0.4
2
−0.6
−0.5
0.5
1
1.5
2
2.5
3
3.5
−2
34
x
−0.8
2
4
6
8
10
12
14
x
UNIDAD 2 Límites y continuidad de funciones
5. f ( x ) =
x −5 x 2 − 25
7. f ( x ) =
x+4 x 2 + x − 12
La función racional está de nida parax 5 y para todo valor de
La función racional está de nida para x 3 y x 4, además
a ≠ ±5 el lim f ( x) existe. Para el puntox 5, el límite de la x →a 0 función es del tipo , de tal forma que: 0
para todo valor de a 3 y a 4 el lim f ( x ) existe. Para los
lim
x →5±
1 1 x −5 x −5 = lim = lim = 5 x+ 10 x 2 − 25 x→5± ( x −)( )5 x →5± x + 5
x −5
1 x −5 = lim =∞ x →5+ x + 5 5 x+ ( x −)( )5 1 x −5 x −5 lim = lim = lim = −∞ 2 5 x+ )5 x →−5− x − 25 x →5− ( x −)( x →5− x + 5 lim
x →−5+
x→a
puntos x 3 y x 4, se tiene: 1 x+4 x +4 = lim = lim = ±∞ 4 x− x 2 + x − 12 x → 3± ( x + )( )3 x → 3± x − 3
lim
x → 3±
x+4
= lim
x 2 − 25
x →5+
x →− lim4±
x →−5+
1
1
x 3 y x 4, siendo no evitable y evitable respectivamente. La función presenta una discontinuidad en
Entonces, lim
x+4
lim4± ( x + )( 4 x− lim4± x − 3 = − 7 x 2 + x − 12 = x →− ) 3 = x →−
Representación grá ca de f x
x −5 x −5 ≠ lim x 2 − 25 x→−5− ( x −)(5 x)+ 5
y
x=4
1
La función presenta dos discontinuidades. Cuando x 5, la discontinuidad es del tipo evitable y cuando x 5 es no evitable.
0.5
Representación grá ca de f x −9 −8 −7 −6 −5 −4 − 3 −2 − 1
y
x
123456789
(1,−0.33)
−0.5 4
x = −5
−1 2
(5,0.1) −11−10−9 −8 −7 −6 −5 −4 −3 −2 −1
x
12345
−2
8.
f ( x) =
−4
x−2 x 2 + 3 x − 10
La función racional está de nida para x 5 y x 2, además para todo valor de a ≠ −5a y
La función racional está de nida para x 7 y para todo valor de a ≠ 7 el lim f ( x) existe. Para el punto x 7, el límite de x →a 0 , de tal forma que: la función es del tipo 0 lim
x →7±
≠2 el xf lim
puntos x 5 y x 2 se tiene:
x 2 − 49 6. f ( x ) = x −7
( x −)( 7 x+ )7 x 2 − 49 = lim = lim x + 7 = 14 x−7 x−7 x →7± x → 7±
( ) existe. Para los
x →a
lim
1 x−2 x−2 = lim = lim = ±∞ 5 x− x 2 + 3 x − 10 x→−5± ( x +)( )2 x →−5± x + 5
lim
1 1 x−2 x−2 = lim = lim = 5 x− 7 x 2 + 3 x − 10 x→2± ( x +)( )2 x →2± x + 5
x →−5±
x →2±
x 5 y x 2, la discontinuidad en x 2 es del tipo evitable y la discontinuidad La función presenta discontinuidades en en x 5 es del tipo no evitable.
La función presenta una discontinuidad en x 7, la discontinuidad es del tipo evitable.
Representación grá ca de f x
y 16
Representación grá ca de f x
14
x = −5
y
12 10
16
8
14
(7,14)
12 10
6 4
8
2
6 4
−10 −9 −8 −7 −6 −5 −4 −3 − 2 − 1 −2
2
−4 −7 −6 −5 −4 −3 −2 −1 −2
12345678
x
−6
35
(2,0.14) 1234
x
2 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
x −1 x2 − 5x + 4
9. f ( x ) =
3 − 2,x x <1 x, x ≥ 1
11. f ( x ) =
La función racional está de nida para x 1 y x 4, además para todo valor de a a ≠1 y
≠4 elxf lim x→ a
puntos x 1 y x 4, se tiene:
( )
existe. Para los
Las funciones polinomiales 3 2x y x, están de nidas en los intervalos ,1 y 1,, es decir, f x es continua para todos los números reales. Se analiza su comportamiento cuando x 1:
1 1 x −1 x −1 lim 2 = lim = lim =− 4 x− 3 ) 1 x→1± x − 4 x →1± x − 5 x + 4 x →1± ( x − )( lim x →4±
x −1 2
x − 5x + 4
x −1
= lim x →4±
1
= lim
4 x− ( x − )( )1
x →4±
= ±∞
x−4
lim (3 − 2 x ) = lim x
x →1−
x →1+
Por lo tanto, la función f x es continua en los números reales. Representación grá ca de f x
La función presenta discontinuidades en x 1 y x 4, la discontinuidad en x 1 es del tipo evitable y la discontinuidad en
y
x=1
6
x 4 es del tipo no evitable.
5 4
Representación grá ca de f x
3 2
y
x=4
1
1
−4 −3 −2 −1
1
−1 0.5
2
3
4
5
6
x
−2
−9 −8 −7 −6 −5 −4 −3 − 2 − 1
x
123456789
(1,−0.33)
−0.5
− 4 x, x ≤ 2 x 2 − 8 x + 2, x >2
12. f ( x ) =
−1
Las funciones polinomiales 4x y x2 8x 2, están de nidas en los intervalos ,2 y 2, , es decir, f x es continua
x , x ≤ 2 10. f ( x ) = x 2 , x > 2
para todos los números reales. Se analiza su comportamiento cuando x 2:
Las funciones polinomiales x y x 2, están de nidas en los intervalos ,2 y 2,, con base a ello, se deduce que f x es continua para todos los números reales, sólo se analiza su comportamiento cuando x 2:
x →2+
2
Por lo tanto, la función f x es continua en los números reales, excepto cuando x 2.
lim x ≠ lim x 2
x →2−
2 lim−x+ 8x
lim − 4≠ x
x →2−
Representación grá ca de f x
x →2+
y
Por lo tanto, la función f x es continua en los números reales excepto cuando x 2.
x=2
6
Representación grá ca de f x
4
y
2
16 14
−4
−2
2
12
−2
10 8
−4
x=4
6 4
−6
2
−2
−1
−1
2
4
6
−8
x
36
4
6
x
UNIDAD 2 Límites y continuidad de funciones
13. f ( x ) =
15. f ( x ) = [ x − 1]
x+3 x +3
Como se sabe, la función parte entera tiene discontinuidad de
La función racional está de nida para x 3 y para todo valor
salto en cada entero, es decir, lim [ x − 1] = −1
de a ≠ −3 el lim f ( x) existe. Para el punto x 3, se tiene:
x →1−
x→ a
lim [ x − 1] = 0
x →1+
x+3
lim
= −1
x +3
x →−3−
x+3
lim
La función f x x 1 es continua por la derecha pero discontinua por la izquierda en cada entero dado que:
=1
x+3
x →−3+
lim [ x − 1] = a −1
Representación grá ca de f x
(continua por derecha)
x →a−
Por lo tanto, la función f x es continua en los números reales excepto cuando x 3.
lim [ x −1] = a
(discontinua por izquierda)
x →a+
La función f x x 1 es continua en cualquier número que no sea entero, ya que es constante en cada intervalo a, a 1, donde a es un entero.
y
x = −3
1.5
Representación grá ca de f x
1
y
0.5
−6 −5.5 −5 −4.5 −4 −3.5 −3 −2.5 −2 −1.5 −1 −0.5 −0.5
0.5
1
1.5
2
3
x
2
−1 −1.5
1
−3.5−3−2.5−2−1.5−1−0.5
x
0.5 1 1.5 2 2.5 3 3.5 4 4.55
−1
14. f ( x ) =
x −5 −2
x −5
La función racional está de nida para x 5 y para todo valor de
a ≠ 5 el lim f ( x ) existe. Para el punto x 5, se tiene:
La función f x x x tiene discontinuidad de salto en cada entero, es decir,
x→ a
lim
x −5
lim
= −1
x −5
x →5−
x −5
x →5+
16. f x x x
lim x −[ x ] = 1
x →1−
lim x −[ x ] = 0
=1
x −5
x →1+
Por lo tanto, la función f x es continua en los números reales excepto cuando x 5.
La función f x x x es continua por la izquierda, pero discontinua por la derecha en cada entero dado que: lim x −[ x ] = a
(continua por derecha)
lim x −[ x ] = 0
(discontinua por izquierda)
x →a−
Representación grá ca de f x
x →a+
x = −3
y
La función f x x x es continua en cualquier número que
1.5
no sea entero.
1
Representación grá ca de f x
0.5
y −8
−7
−6
−5
−4
−3
−2
−1
x
123456
−0.5
1
−1 −1.5 −4 −3.5 −3 −2.5 −2 −1.5 −1 −0.5
37
0.5
1
1.5
2
2.5
3
3.5
4
4.5
x
2 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
5 x3 − 8
17. f ( x ) =
x 2 y para todo valor de
La función racional está definida para
a ≠ 2 el lim f ( x ) existe. Para el punto x 2, se tiene: x →a
lim
x →2−
lim
5 = −∞ x3 −8 5
x →2+
x3 − 8
=∞
Por lo tanto, la función f x es continua en los números reales excepto cuando x 2. Representación grá ca de f x
y 8 6 4 2
−8
−6
−4
−2
2
4
−2
6
8
10
x
x=2
−4 −6
18. f ( x )
x3 − 8
= x−2
La función racional está definida para x 2 y para todo valor de a ≠ 2 el lim f ( x) existe. Para el punto x 2, se tiene: x→ a
lim → 2−
x
x
3
x
−8 = −2 =
lim → 2+
x
lim − x→2
3
−8 = x−2
x
lim → 2−
=
(x − 2)(x2 + 2 x + 4) x
x
x
lim → 2+
lim + x→2
(+ x
2
−2
+2 =x 4
)
1 2
(x − 2)(x 2 + 2 x + 4) x
(+ x
2
−2
+ 2= x 4
)
1 2
La función presenta discontinuidad cuandox 2, del tipo evitable. Representación grá ca de f x
y 16 14 12
(2,12)
10 8 6 4 2
−4.5 −4 −3.5 −3 −2.5 −2 −1.5 −1 −0.5
0.5 1234 1.5
2.5
3.5
38
4.5
x
UNIDAD 2 Límites y continuidad de funciones
19.
f (x) =
4 − x2 3− x2 + 5
La función racional está de nida parax 2, además para todo valor dea ≠ ±2, lim f ( x ) x →a
existe. En el punto x 2, se analiza el límite.
lim
x → 2−
4 − x2 3− x2 + 5
4 − x 2 3 − x 2 + 5 = lim x → 2− 3 − x 2 + 5 3 − x 2 + 5 (4 − x 2 ) 3 + x 2 + 5 = lim 2 − x→2 4−x
(
4 − x2
lim
x →−2+
3− x2 + 5
) =
(
lim
4 − x2 3− x2 + 5
= lim
x →−2−
(
lim
4 − x2 3− x2 + 5
+ x=2
5
)
6
) =
(3 +
lim
x →−2+
)
x2 + 5 = 6
2 3 − x 2 + 5 4 − x 3 − x 2 + 5 3 − x 2 + 5
(4 − x 2 ) 3 + x 2 + 5 = lim 4 − x2 x →−2−
x →−2+
−
4 − x 2 3 − x 2 + 5 = lim x → 2+ 3 − x 2 + 5 3 − x 2 + 5 (4 − x 2 ) 3 + x 2 + 5 = lim 4 − x2 x → 2+
x →−2−
(
lim +3 x→2
) =
(
lim +3 + = x2
x →−2−
5
)
6
4 − x 2 3 − x 2 + 5 = lim x → 2+ 3 − x 2 + 5 3 − x 2 + 5 4 − x 2 3 + x 2 + 5 ( ) = lim 4 − x2 x → 2+
(
) =
(
lim +3 + = x2
x →−2+
5
)
6
La función presenta discontinuidades cuando x 2, del tipo evitable. Representación grá ca de f x
y 14 12 10 8
(−2,6)
(2,6)
6 4 2
−14 −12 −10 −8 −6 −4 −2
20. f ( x ) =
2
4
6
8
10
12
14
16
18
x
x2 + x − 2
( x − 1)2
La función racional está de nida para x 1 y para todo valor de a ≠ 1 el lim f ( x) existe. x→ a
Para el punto x 1, se tiene:
= lim
1 x+ ( x −)( )2 ( x + 2) 3 = lim = lim 1 + =∞ 2 −1 x −1 x →1− ( x ) x →(1− ) ( x − 1)
= lim
1 x+ ( x −)( )2 ( x + 2) 3 = lim = lim 1 + =∞ x −1 x →1+ ( x )− 1 x →(1+) ( x − 1)2
2
lim
x →1−
lim
x →1+
x + x−2 2
( x − 1)
x2 + x − 2
( x − 1)2
x →1−
x →1+
39
2 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
La función presenta discontinuidad cuando x 1, del tipo no evitable. Representación grá ca de f x
y 6
4
2
x=1 −45 −40 −35 −30 −25 −20 −15 −10 −5
5
10 15
20
25 30
35
40
−2
−6
40
45
50
x
UNIDAD 3 DERIVACIÓN DE FUNCIONES
EJERCICIO 9 I. Contesta las siguientes preguntas.
9. De ne la derivada de una función.
1. ¿Cómo se puede calcular el cociente de diferencias de una función?
Es el límite del cociente de diferencias de la función al incremento de la variable independiente cuando éste tiende a cero.
El cociente de diferencias de y con respecto a a x en un intervalo
x mediante la siguiente regla: cambio en y cambio en x
=
∆x = cociente de diferencias ∆y
2. ¿Qué es la razón de cambio instantáneo? Se le denomina razón de cambio instantáneo a la razón de cambio
y en un valor concreto de x.
10. Describe la notación de la derivada. La derivada de una función de x es también f x, se utiliza el dy , la cual se símbolo f x. También se hace uso de la notación dx puede abreviar por y si a una función se le antepone el símbolo d , se entiende que dicha función debe derivarse con respecto a dx d a x; la notación Dx se usa en lugar de . Lo anterior determina dx la siguiente igualdad:
3. Escribe la ecuación de la razón de cambio instantáneo de y en x.
∆y f ( x + ∆y)− f ( x ) dy = lim = lim ∆x dx ∆→ x 0 ∆x ∆→ x 0 4. ¿Por qué la pendiente de una recta es constante en cualquiera de sus puntos? Porque el cociente de diferencias de y con respecto a a x es el mismo para cualquier punto.
f ′( x ) =
dy d = y ′ = [ f ( x )] = Dx ( f ( x)) dx dx
II. Determina el cocientede diferencias de cada una delas funciones entre loscon dosla puntos dados; compara este cociente de diferencias razón de cambio instantáneo de cada punto. 1. f x 5x 11; 1,16 , 2,21 El cociente de diferencias de f x al pasar de x 1 a x 2 es:
5. ¿Por qué la pendiente de una curva no recta no es contante en cualquiera de sus puntos? Debido a que el cociente de diferencias de y con respecto a a x no es el mismo en todos los puntos. 6. ¿Qué se entiende por recta tangente a una curva?
∆ f ( x ) 21 − 16 = =5 ∆x 2 −1 La razón de cambio instantáneo de f x en x se determina por: lim ∆x → 0
f ( x + ∆x ) − f ( x) ∆x
∆f ( x ) 5( x+ ∆ x+) −11 +5 x 11 5∆x = = =5 ∆x ∆x ∆x
Es la recta tangente a un punto especí co de la curva, sin interesarnos que la recta corte a la curva en algún punto. 7. ¿Qué se entiende por recta secante a una curva? Es la recta que corta a la curva en dos o más puntos. 8. De ne la pendiente de una curva en un punto. La pendiente de una curva es igual a la pendiente de su recta tangente en dicho punto y se determina por:
m = lim ∆→ x 0
∆x f ( x + ∆x ) − f ( x) = lim ∆y ∆→ x 0 ∆x
Cuando x
1,
∆f ( x ) = 5 y cuando x ∆x
2,
∆ f ( x) = 5. ∆x
3 2. f ( x ) = 2 x − 3; (0, −3,) ,0 2 El cociente de diferncias de f x al pasar de x 0 a x = 3 es: 2
∆f ( x ) 0 − (−3) = =2 3 ∆x −0 2
3 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
La razón de cambio instantáneo de f x en x se determina por: lim
f ( x + ∆x ) − f ( x)
∆x
∆x → 0
∆f ( x ) 2 ( x+ ∆ x−)32− 3 + x = ∆x ∆x
=
2∆x
∆x
=2
∆ ) f (x ) ( 3 ∆f x Cuando x = 0, =2 y cuando x = , =2 ∆x 2 ∆x 3. f ( x ) =
3 x ; (0, 0,) 3, 4 x +1
El cociente de diferencias de f x al pasar de x 0 a x 3 es: 3
− 0 ∆f ( x ) 4 ( ) 1 = = 3− 0 4 ∆x La razón de cambio instantáneo de f x en x se determina por: lim ∆x → 0
f ( x + ∆x ) − f ( x) ∆x
( x + ∆x ) x − ∆f ( x ) x + ∆x + 1 x + 1 = ∆x ∆x =
) ∆ (− ( x+ 1)( x+ x x+x)∆ + x 1 ∆x ( x+ 1)(+x ∆ +x 1)
=
1 x 2+ + x ∆x +∆ x −x −x2∆ − x x x = ∆x ()x+ 1 (+x ∆ +) x 1() ( )x + 1 x+ ∆ +x 1
Así,
f ( x + ∆ x ) − f ( x)
lim →∆x
0
∆x
1
=lim
→∆
x
0
x 1) ( x + 1)( x+ ∆ +
Cuando x = 0, )f ′ ( x =1 y cuando ) x(3, =
=
f′ x =
1
( x + 1)2 1
16
.
4. f x 3x2 5; 1,8 , 2,17 El cociente de diferencias de f x al pasar de x 1 a x 2 es:
∆ f ( x ) 17 − 8 = =9 ∆x 2 −1 La razón de cambio instantáneo de f x en x se determina por: lim ∆x → 0
h x( + x∆ )h− x ( )
∆x
) ∆ x+253− 5 3− x62 ∆f ( x ) 3( x+ = ∆x ∆x
) (x 2+ 5∆ 3x + 5 x∆ =
2
6 x∆x + (∆x )
=
∆x
= 6 x + ∆x
Así,
f ( x + ∆x ) − f ( x)
lim →∆x
0
∆x
→∆
(+ x ∆6=x )
=lim6 x
x
0
Cuando x =1, )f ′1( =6 y cuando ) x(2,=
2f ′ 12.=
42
+x −2 ∆x
−
x2
UNIDAD 3 Derivación de funciones
5. hx x3 2x 7; 1,8, 1,6 El cociente de diferencias de hx al pasar de x 1 a x 1 es:
∆h ( x ) 6 − 8 = = −1 ∆x 1+1 La razón de cambio instantáneo de hx en x se determina por: lim
h (x + x∆ )h− x ( )
∆x
∆x → 0
3
) x( − 2) +x ∆ +x − 72+ x3− ∆h ( x ) ( x+ ∆ ∆x = ∆x 2
= =
x
7
3
) (x∆) − x− ∆ + 2 x− 2+ x −7 x 3+ 33x∆2 +x ∆x ( +
x3
2x
2 3 x∆ + x
2
3∆ (x )∆ x( )+
3
− x∆
2 x
∆x
2
= 3 x 2+ ∆3 x +x∆ ( −x)
Así,
h (x + x∆ )h− x ( )
lim →∆x
∆x
0
→∆
2 2 ∆ = lim 3 x+ 3+ x∆x −( x) x 0
2 = 3 x2 − 2
Cuando x = − 1, h)′ (− 1 = 1 y cuando ) (x = 1, h′ 1 = 1. 6. g )( x =
(
x2 (−1; ) 1,0 , 3, 8
)
El cociente de diferencias de gx al pasar de x 1 a x 3 es:
∆g ( x ) 8 −0 = = 2 3 −1 ∆x La razón de cambio instantáneo de gx en x se determina por: lim ∆x → 0
g (x + x∆ )g− x ( )
∆x 2
( x+ ∆ − x) − 1 − x2 ∆g ( x ) = ∆x ∆x
1
2 2 ( + 1 x )∆ − x − 1 −(x 2) 1 x + ∆x − + = ∆x ( x + ∆x )2− + 1
(+ )2 − 1+ x 2 x ∆ x−
= ∆x
( ( x+ ∆
1
)
2
) + 1 − x2 x−
1
2
2 x∆x + (∆x )
= ∆x =
( ( x+ ∆
)
2
) + 1 − x2 x−
1
2 x + ∆x
( (x + ∆x) − +1 2
−x 2
)
1
Así,
g (x + x∆ )g− x ( )
lim →∆x
0
∆x
→∆
7
∆x
= lim x 0
= 1
2 x + ∆x
( (x + ∆x) − +1 2
Cuando x = 1,)g′ (1 = ∞ y cuando ) (x = 3, g′ 3 =
)
−x 2 3 2 4
.
43
x x2 −1
−x 2
1
−x 2
1
2
3 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
(
)
2 9; 3,0 , 4, 7 () 7. f)(t = t −
El cociente de diferncias de f t al pasar de t 3 a t 4 es: 7 −0 ∆f (t ) = = 7 ∆t 4−3 La razón de cambio instantáneo de f t en t se determina por:
f (t + ∆t ) − f (t )
lim
∆t
∆t→ 0
t ∆ − t )2 −9 − t 2 ∆f (t ) = (+ ∆t ∆t
9
2 2 (+ 9 t )∆ − t −9 − (t 2 ) 9 t + ∆t − + = ∆t (t + ∆t )−2 + 9 2 (+ t ∆ − t ) −9 +t 2
=
9
−t 2
9
9
(
∆t t (t+ ∆ − )2t+ 9 −
2
9
)
2
9
)
2
2t ∆t + (∆t )
=
(
2
∆t t (t+ ∆ − ) t+ 9 − =
2t + ∆t
( (t + ∆t−) 2
−t 2
+ 9
9
)
Así,
f (t + ∆t ) − f (t )
lim →∆t
∆t
0
→∆
= lim t 0
2t + ∆t
( (t + ∆t )− 2
Cuando t = f 3, ) ′ ( 3 = ∞ ty f cuando ) ( = 4,
8. g)(u =
u 2 −25; ()
(
5,0 , 6, 1 1
+ 9
−t 2 ′ 4 =
t = t2 − 9 9
)
4 7 7
.
)
El cociente de diferencias de gu al pasar de u 5 a u 6 es:
∆g (u) 11 − 0 = = 11 ∆u 6−5 La razón de cambio instantáneo de gu en u se determina por: lim ∆u → 0
( +∆ gu u )g− u ( ) ∆u
Al realizar el mismo procedimiento, que en los ejercicios anteriores se tiene: lim ∆u → 0
gu( + u∆ )g− u ( )
∆u
Cuando u = g 5, ) ′5(
=
t u 2 − 25
= ∞y ucuando g ) (6,= 6 ′
=
6 11
9. hx x2 6x 1 1,6, 3,10 El cociente de diferencias de hx al pasar de x a x 3 es:
∆h ( x ) −10 − 6 = = −4 ∆x 3 +1
44
11
.
−t 2
UNIDAD 3 Derivación de funciones
La razón de cambio instantáneo de hx en x se determina por:
lim ∆x → 0
h (x + x∆ )h− x ( ) ∆x 2 2 6 6 +x ∆ x ) x 1( 2 x∆ x− ∆ ∆h ( x ) ) ( x+ ∆ x − 6−x ∆ 6− − x 1+ x+ = = ∆x ∆x ∆x
h (x + x∆ )h− x ( ) lim = lim (2 − x +6∆ = x )− 2 x ∆x →∆ →∆x 0 x 0
2
= 2 x− 6+ ∆ x
6
Cuando x 1 h1 8 y cuando, x 3, h3 0. 10. fx x3 x; 0,0 , 0.1,0.401 El cociente de diferencias de fx al pasar de x 0 a x 0.1 es:
∆f ( x ) 0.401 − 0 = = 4.01 ∆x 0.1 − 0 La razón de cambio instantáneo de hx en x se determina por: lim ∆x → 0
f ( x + ∆x ) − f ( x)
∆x 3
) x (+ 4)+x ∆ −x − x3 ∆f ( x ) ( x+ ∆ = ∆x ∆x
4x
2
= =
3
x 3+ 3 ∆ x2 + 3x ∆ x ( + ) (x∆) 4+ 4 x+ ∆ 4 −x −
x3
x
x
∆x 2 3 x∆ + x
2
3
3∆ x ( )+ (x )∆
+ x∆
4 x
∆x
2
= 3 x 2+ ∆3 x +x∆ ( +x)
4
Así,
h x( + x∆ )h− x ( )
lim →∆x
0
∆x
(
)
2
2 3 x+ 4 ( 3=x)4 + ∆+ x ∆x +
=lim3
→∆
0
x
Cuando, x = 0 ) f ′ (0 =4 y cuando )x(0.1, =
0.1 f′
x2
4.03. =
III. Resuelve los siguiente s problemas. 1. Se dispara un proyectil a nivel del suelo con un ángulo de 45 °, la ecuación de su trayectoria es:
y= x−
32
v02
(x 2 )
Siendo la velocidad inicial v0 21.9 en ms.
a) Elabora la gr á ca de la tray ectoria del proyectil. y 6 5 4 3 2 1
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
11
45
12
13
14
15
16
x
3 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
b) Determina la coordenada de la abscisa en que el proyectil toca el suelo. Analizar la grá ca, se observa que: Cuando x 0, y 0 y cuando x 15, y 0; por lo tanto, la distancia total recorrida es de 15 unidades.
3. Un cohete se lanza verticalmente hacia arriba y está a s metros sobre el suelo después de t segundos de ser encendido, donde s 500t 16t2 (considera la dirección positiva hacia arriba), encuentra:
a) La velocidad del cohete a los 2 segundos después del encendido. Para encontrar la velocidad es necesario calcular la razón de
c) Por simetría indica el valor de x en que el proyectil alcanza su máxima altura.
cambio de s, entonces:
ds dx = s ′ (t ) = 500 − 32t
Por simetría se observa que el proyectil alcanza su máxima altura en x 7.5 unidades.
Cuando t 2 se tiene:
s ′ ()2 = 500 − () 322
d) ¿Cuál es la razón del cambio instantáneo de la altura cuando el proyectil se encuentra a su máxima altura?
= 436
b) ¿Cuánto tiempo tarda en alcanzar su altura máxima? La razón de cambio instantáneo para cuando el proyectil
Representación grá ca ds vs t
alcanza la altura máxima es para x 7.5. Por lo tanto,
ds dy = f ′ (7.5 =)− 1 dx
3500
64
= (−7.5)× (21.9)2
8.13 10−4
3000 2500 2000 1500
2. Dada fx 0.009x2 x, calcula la razón de cambio de fx respecto a de x cuando x 10 y cuando x 50.
1000 500 2
d f ( x) dx
= f ′ ( x ) = −0.018 x +1
( )
6
8
10 12 14 16 18 20 22 24 26 28 30 32 34 36 38
El tiempo en el cual, el cohete alcanza su máxima altura es
+= 1 0. 82 f ′ 10= − 0.018(10) f ′ (50 =) − 0.018(50) += 1
4
Los puntos de intersección son 0,0 y 31.25,0 .
cuando la función es máxima. Entonces, por simetría ocurre en t 15.625.
0.10
EJERCICIO 10 I. Aplicando la regl a general para la de rivación, determina la derivada de las siguientes funciones.
Primer paso
1. y 8x 5
+ b (+x ∆ y + ∆y= a
Primer paso
y+∆y
Segundo paso
y+ ∆y
−y =
8 ( x + ∆ x) − 5
= − 8x ∆y =
∆y
+5
8∆ x
=
∆y b∆x = =b ∆x ∆x dy
∆y 8∆x = =8 ∆x ∆x dx
= a +bx +b x∆ = −a − bx y
Tercer paso
Tercer paso
dy
x)
Segundo paso
y + ∆y= 8 ( x+ ∆ − x) 5
−y
2. y a bx
dx
=8
46
=b
b∆ x
t
UNIDAD 3 Derivación de funciones
3. y 2x2 Primer paso 2
y + ∆y= 2 ( x+ ∆ x ) Segundo paso
y + ∆y
−y
2
2 x 2 + 4 x∆ + x ∆ 2 ( x)
=
= −2 x 2 2
∆y
4 x ∆ x + 2 (∆ x )
=
Tercer paso 2
∆y 4 x∆x + 2 (∆x ) = = 4 x + 2∆x ∆x ∆x Cuarto paso (x 0)
∆y = 4x ∆x dy dx
= 4x
4. y x2 3x Primer paso 2
2
3 x∆ 3= x + y + ∆y= ( x+ ) ∆ x= − − ) (x2∆ +2 ∆ x x − −x ∆ 3 x 3 x Segundo paso
y + ∆y
−y
= ∆y
2
x 2 + 2 x∆ + x ∆( x−) −3∆ x 3 x
=
−x 2
+ 3x 2
=
2 x∆x+∆( x )
−∆ 3 x
Tercer paso
∆y 2 x∆ x+ ∆( x− )2 ∆3 x = = 2 x+ ∆ x− 3 ∆x ∆x Cuarto paso (x 0)
∆y = 2x − 3 ∆x dy dx
= 2x − 3
5. y ax3 Primer paso
y + ∆y= a (+x ∆) x=
3
+ax3 ∆3+ () 3+ ax2 (x)∆ ax∆ x
2
x
47
3
3 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
Segundo paso
y + ∆y
−y
2
3 ) (x) 3ax ax+ ∆ 2+ x ∆3 ax +( ∆
=
3
x
= −ax 3 ∆y
=
3ax ∆2 +x
) (∆ 3∆ax (+ x)
2
x
3
Tercer paso 2 + ∆y 3ax∆ )2 x x ax3∆x( )+(∆ = ∆x ∆x
3
)2
= 3ax 2+ 3ax ∆+ x ∆ x(
Cuarto paso (x 0)
∆y = 3ax 2 ∆x dy dx
= 3ax 2
6. y 2x 7x3 Primer paso
y + ∆y= 2 (+ x ∆)− x(
7+) x∆
3
x
= 2 x+ ∆2− x −7 x3 ∆21 − x2 ∆ − x∆ ( )x 2 ( 7) x 21
x
3
21 7x(∆)x ∆− x 2 x∆ −
2
( )
x
3
−21 ∆2x−2 1x∆ −x (∆ 7 )x
2
( )
x
3
Segundo paso
y + ∆y
=
21 −x 3
2x + 2∆ 7 −x
3
−y ∆y
= −2 x =
+ 7x 2∆x
Tercer paso
∆y 2∆ −x = ∆x
2 21 ∆x− )x x ∆21 x−( ∆
2
( 7)
∆x
x
3
= 2− 21x−2
Cuarto paso (x 0)
∆y = 2 − 21x 2 ∆x dy dx
= 2 − 21x 2
7. y 3x2 5x 1 Primer paso 2
( y + ∆y= 3 (+ x ∆ ) x+
5+ ) x∆ − x
1
= 3 x 2+ ∆6 x +x∆ 3 ( +x)2+ ∆5 x− 5 x 1
48
2
∆ 21− x ∆ x 7 ( x)
UNIDAD 3 Derivación de funciones
Segundo paso
y + ∆y
−y
=
2
3 x 2 6+ x∆3 + x ∆(5 5 + x) 1+ ∆ x −
= −3 x ∆y
2
x
− 5x 2
=
6 x∆x+ ∆ 3( x )
+∆
+1 5 x
Tercer paso 2 6 x∆ + ∆y x ∆3 ( x+) ∆ 5 x 3 + = = 6 x+ ∆ x ∆x ∆x
5
Cuarto paso (x 0)
∆y = 6x + 5 ∆x dy dx
= 6x + 5
8. s 2t3 4t2 3 Primer paso 3
2
s +s∆t = 2t (+ ∆t)+t(
+ 4t) ∆t( − ) + 3∆ 2
3
= 2t 3+ )t ∆ ()t t + 2t t 6t∆2t+t ∆6 (+
2
+ t ∆4+t2∆ () t8 − − 4∆
3
3
Segundo paso 2
s + ∆s −s
∆s
26 2 t 3t6+ t ∆ t+ t = = −2 t 3
3
2
=
2
2 (3 t ∆t + 3 t ∆2()t +(∆ )t 4t 8t+ 4+ )∆ − 4t 2
−− ∆ + 3t
3
6tt2 ∆ t6t+ ∆ 2(t)+ ()∆
tt8 4 t+ ∆+ ()∆ 3t
−∆
Tercer paso 2
3
2 (t ∆ )tt + t∆2+( )∆ t∆ t + t t ∆( )+ t −8 ∆ ∆t
66s ∆ = ∆t
2
8 −4 = 66t 2t+ t∆ + t ∆2 (t + )t + ∆
2
4
3
Cuarto paso (x 0)
∆s = 6t 2 + 8t − 3 ∆t ds dt
= 6t 2 + 8t − 3
9. u mv2 Primer paso
u+∆ u = mv (+ v∆
)2
2 = mv+ 2mv ∆+v∆m
v(
)2
49
3
2
3 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
Segundo paso
Segundo paso 2
2
= mv + 2mv∆v+m∆ v( ) = −mv 2 = 2 2mv∆v + m (v∆ )
u + ∆u
−u ∆u
a
y +∆ y− y=
x + ∆x + a
∆y =
Tercer paso
=
a x + ∆x + a
∆y = ∆x
∆u = 2mv ∆v dv
= 2mv
Primer paso
dx 2
( )t t− ( s + s∆ t=t +∆
3+ )∆ +
a)
a∆x ( x + a)( x+ ∆ + x ∆x
a)
=−
a ( x + a)( x+ ∆ + x
= t + tt2∆ +t ∆(t −) t −3∆ +3
12. y =
6
=−
a)
a
( x + a)2
x2 + 4 2
Primer paso
Segundo paso 2
)3t 3 −6∆ + = t 2 +tt2 ∆ t+ ∆(t − = −t 2 + 3t = 2 2tt∆t+ ∆( ) t− ∆ 3
y + ∆y =
( x + ∆x )2 + 4 2
−6 Segundo paso
( x + ∆x )2 + 4
y +∆ y− y= ∆ = y
Tercer paso 2∆ ( − )2t ∆3 ∆s tt +t∆ = ∆t ∆t
2
−
=
= 2t+∆ − t 3
∆y =
2 2 x∆x + (∆ x) 2
Tercer paso
∆s = 2t − 3 ∆t
2
2 x∆x + (∆x )
∆y = ∆x
= 2t − 3
2 ∆x
Cuarto paso (x 0)
a 11. y = x + a
∆y =x ∆x
Primer paso
y + ∆y =
2
x 2+ 2∆ x +x∆ ( +x)− 4− x2 2
dt
x2 + 4 2
Cuarto paso (x 0)
ds
a)
6
2
2
∆s
−
∆y a =− ∆x ( x + a)( x+ ∆ +x dy
−s
a∆x ( x + a)( x+ ∆ +x
Cuarto paso (x 0)
10. s 6 3t t2
s + ∆s
) a)
Tercer paso
Cuarto paso (x 0)
du
a x+a
( x + a)( x+ ∆ +x
∆y = −
v = 2mv +m ∆
−
a x+a
a x( + a − a) x + ( x∆a +
2
2 mv∆v +m (v∆ ) ∆u = ∆v ∆v
−
dy dx
a x + ∆x + a
50
=x
=
2 x + ∆x 2
4
UNIDAD 3 Derivación de funciones
13. y =
x +1 x
Primer paso
y + ∆y =
x + ∆x + 1 x + ∆x
Segundo paso
x + ∆x + 1
y +∆ y− y= ∆ = y
x + ∆x
−
x +1 x
x x ( + ∆ +x 1) − x(+x 1)( + ∆ ) x ( x + ∆x )
∆y = = ∆y =
x 2+ ∆ x + x −x − x2 ∆ x− − x ∆x x ( x + ∆x )
−∆x x ( x + ∆x )
Tercer paso
∆y −1 = ∆x x ( x + ∆ x)
Cuarto paso (x 0)
∆y 1 =− 2 ∆x x dy dx
14. y =
=−
1
x2
1− 2x 2
Primer paso
y + ∆y =
1 − 2 x − 2∆x 2
Segundo paso
y +∆ y− y=∆ = y
1 − 2 x − 2∆x 2
−
1− 2 x 2
Tercer paso 2 x ∆y=− ∆
∆y = −2 ∆x Cuarto paso (x 0)
∆y = −2 ∆x dy dx
= −2
51
x
3 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
15. y =
2x + 5 1+ x
Primer paso
y + ∆y =
2 x + 2∆x + 5 1 + x + ∆x
Segundo paso 2 x + 2∆x + 5
y +∆ y− y= ∆ = y
1 + x + ∆x
−
2x + 5 1+ x
x(2 + 2x ∆ + ) 5x1 +x (− 2)(5(x+1x) )+ + ∆
∆y = =
(1 + x+ ∆ x )(+ 1 2 x+2∆ +5x + 2
x)
2+ x 2∆5+ 2 5 2 x− 5 − ∆ x −5x 2 − x− x2 − ∆x
(1 + x+ ∆ x )(+1
∆y = −
3∆x 1 (1 + x+ ∆ x )(+
x x
x)
x)
Tercer paso
∆y 3 =− ∆x 1 (1 + x+ ∆ x)(+
x)
Cuarto paso (x 0)
∆y 3 =− ∆x (1 + x )2 dy dx
16. y =
=−
3
(1 + x )2
x x3 + 1
Primer paso
y + ∆y =
x + ∆x ( x + ∆x )3 + 1
Segundo paso
x + ∆x x − ( x + ∆x)3 + 1 x 3 + 1
y +∆ y− y= ∆ = y
) x x (+3 − (x 1x)) + x( + ∆ x (∆ +
∆y =
=
3 (( x + ∆x)+ 1)(+ x3
3
1)
1)
2 4 3x x 4+ + x3∆ x + ∆ x− − 2x∆ −3 x ∆x + 3 x∆( )x− ( )x 3 (( x + ∆x)+ 1)(+ x3
2 − x2 ∆ x3 + x∆x− x ∆ 3 x2 (+ x )∆ ( ) ∆y = 3 (( x + ∆x)+ 1) + x3 1
(
)
Tercer paso 2 3 −1 ∆ 2 ∆ ∆y − 2 x+ 3 x+ x x ( x) = ∆x (( x + ∆x )3 + 1)( x3 + 1)
52
3
1)
x
3
x
x
UNIDAD 3 Derivación de funciones
Cuarto paso (x 0)
∆y −2 x 3 + 1 = ∆x ( x 3 + 1)2 dy dx
17. y =
=
−2 x 3 + 1
( x 3 + 1)2
x2 a + bx 2
Primer paso 2
y + ∆y =
( x + ∆x ) 2 a+ b x( +x ∆ )
Segundo paso
( x + ∆x )2
y +∆ y− y= ∆ = y
2 ab +x( + x∆ )
∆y =
=
∆y =
−
x2 a + bx 2
2 2( ∆ (+ x ∆ x )+( a −bx 2 ) + x+ a b( x
(a +b x(+ ∆x 2 ax + 2ax ∆+x ∆a + x) (
a) b+ )(x 2
2 + bx
2
a) b+ )(x 2
2
)
Tercer paso
∆y 2ax +a ∆ x = ∆x ( a + )2 )b +( x b x(+ ∆ x a
2
)
Cuarto paso (x 0)
∆y 2ax = ∆x (a + bx 2 )2 dy dx
18. u =
=
)
4 2 (bx3 − x − ax (2 ∆ ∆bx + x )2 ∆ − bx2∆−) bx x4 3 bx 2 x 2 2) (a +b x(+ ∆x a)2b+ )(x
2 ax 2 x∆ a+x (∆ )
(a +b x(+ ∆x
2
x)
)
2ax
(a + bx 2 )2
1 v2 + 9
Primer paso 1 u + ∆u = ( v + ∆v)2 + 9
53
2
3 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
Segundo paso
u +∆ u− u
1
u= ∆ =
( v + ∆v )2 + 9
∆u =
=
9 +( v∆ v 2+ −
−
1
v2 + 9 2 − v)
9
2 (( v + ∆v)+ 9)(+ v2
9)
2 v 2+ − 9 v v−2 v ∆2 v− ∆ (− ) 2 (( v + ∆v)+ 9)(+ v2
9
9)
2
∆u = −
2 v∆v + (∆v)
2 (( v + ∆v)+ 9)(+ v2
9)
Tercer paso
∆u 2 v + ∆v =− 2 ∆v 9)(+ ((v + ∆v)+ v2
9)
Cuarto paso (v 0)
∆u 2v =− ∆v ( v 2 + 9)2 du dv
=−
2v
( v 2 + 9)2
19. y m nx2 Primer paso 2 + nx + ∆n x ) y + ∆y= (m 2
=m +2
2mnx +
2+ x n+x mn ∆
2∆n 2+ x∆ x2 n2
x
2(
)
Segundo paso
y + ∆y− =y∆ = y+ m 2 + 2mnx 2∆ +
∆y= 2 mn ∆+x
2x ∆ − mn+2 x22 ∆n+ n 2x − x
2 2 ∆ 2 n+ x ∆ x n2 ( x)
Tercer paso
∆y = ∆x
2 mn ∆+ x
n2∆ x 2+ x n∆ x2 ( ∆x
)2
= 2mn + 2n x2 + n 2∆x
Cuarto paso (x 0)
∆y = 2mn + = 2n x2 +n2m( nx ∆x dy dx
)
= 2n (m +nx )
20. y x2 x Primer paso
( x∆ 2 −x + y + ∆y= 2 x+ ∆
= 2 x+ ∆ 2 − x
−2 x
2 x)
∆2 x− ∆x ( x)2
54
2
( x) n−
m2
mnx
n2 x2
UNIDAD 3 Derivación de funciones
Segundo paso
y + ∆y− = y ∆ =y
2 2 +22x∆ − 2x− x∆ −∆ x2 x− ( +x)
x
x2
2
∆y= ∆2 − x 2∆x −x∆ ( x) Tercer paso 2 2∆ x− 2∆ x −x ∆( x)
∆y = ∆x
∆x
= 2− 2 x− ∆ x
Cuarto paso (x 0)
∆y = 2 − 2x ∆x dy dx
= 2 − 2x
21. y 5 x2 3x Primer paso ) 3 x 5 −∆ y + ∆y= (− x )( x −2 −3 x∆ 2 2 −3∆ − ∆ 2 − ∆ 3 = 10− 151 − x ∆ 5− x +2 x +3 x∆ x x x x x 3( x)
Segundo paso 2 +3x ∆ 6+ x 2 ∆ x3 −x + (10− x)17 3
y +∆ − y =y∆ = y− 10 −17∆ x17 +
x
x2
2 ∆y= − 17 ∆+ x 6 ∆x +3x ∆ ( x)
Tercer paso
∆y 1 − = ∆x
2 ∆7+ x ∆x6+x ∆ (3 x) = −17+ 6 + x ∆3 x ∆x
Cuarto paso (x 0)
∆y = −17 + 6 x ∆x dy dx
= −17 + 6 x
22. s 1 x3 Primer paso
s +∆ s = x(1+x+∆
)3 2
= 1+ 3 (+ x ∆ ) x+(
3 +)(∆ x +)x+ ∆ x
x
3
2
2 ∆ = 1+ 3 x+ 6 x+ ∆ + x ∆ x+3 x )(+ x + ∆3+ x 3
55
3∆x2)( +x∆ 3 x
x
2
x
3
3 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
Segundo paso
s+ s ∆s − s =∆ = x+ 13xx+ 6 x2∆ +x∆
2
x+ 3 x3)( +x ∆ x +3x x+ 3 ∆ x +
2 ∆s= x6x∆ +x∆ () +x3∆ 3x+x 3x∆x+
2
∆ x() () + ∆
3
2)(1 ∆ x x+ 3x3 ∆ − − −2
2
3
Tercer paso 2 (x) () 3+x ∆ x 2 ∆s 6 x∆ + 3 x ∆ 3+x2 ∆ x ∆() x+ ∆ + = ∆x ∆x
6 =
x
3
2 + 3x 2 ∆ 3+ x ∆x3 ( x)
x+ ∆ + x +
Cuarto paso (x 0)
∆s 3 x 2 +3( x+2 =213 = 6+x +3 = x+ ) ∆x ds dx
23. y =
(1
2
x)
= 3 (1 + x )2
a + bx 2 x
Primer paso 2 a b+ x( +x ∆ ) y + ∆y = x + ∆x
Segundo paso
y +∆ y− y=∆ = y
2 a b+ x( +x ∆ ) a + bx 2 − x + ∆x x
=
2 ( x∆ ) − ) x +x (a x (+ a b+ x( )+ ∆ x 2 + x∆x
=
) b−x∆ − 2 ∆2+ ax+ b x 3+ bx x b x∆ − x( − ax a 3x∆b x x 2 + x∆x
=
2 bx∆ x+b x∆(x −)∆ a x x 2 + x∆x
2
2
2
2 ∆x bx∆ x+b x ∆(x −)a x 2 + x∆x
∆y =
Tercer paso
∆y bx 2 +bx ∆x a− = ∆x x 2 + x∆x
Cuarto paso (x 0)
∆y bx 2 − a = ∆x x2 dy dx
=
bx 2 − a x2
56
bx2 ) x
2
−
3
2
3
UNIDAD 3 Derivación de funciones
24. y =
4 − x2
x2
Primer paso 2
y + ∆y =
4 − ( x + ∆x )
( x + ∆x )2
Segundo paso 2
4 − ( x + ∆x )
y +∆ y− y= ∆ = y
−
( x + ∆x )2
4 − x2
x2
2 2) x ( x∆ ) − x 2 (− 4 + x )− ((4 )+x∆
=
4 x 2− 4−23x
=
=
2 − 8∆ x − x ∆ 4 ( x) 2 x 2 ( x + ∆x )
∆y =
2 − 8∆ x − x ∆ 4 ( x) 2 x 2 ( x + ∆x )
∆y −8 x − 4∆x = ∆x x 2 ( x + ∆x)2 Cuarto paso (x 0)
∆y
8
=−
dy
3
dx
25. y =
x 8
=−
x3
x −5
Primer paso
y + ∆y=
x+ ∆ − x 5
Segundo paso
y + ∆y − y = ∆y = x + ∆x − 5 − x − 5
∆y = x + ∆x − 5 − x − 5 Tercer paso
∆y = ∆x
x+ ∆ − x −5 ∆x
−x 5
( x+ ∆ − x −5 −x = = ∆y = ∆x
2
2 ∆x−2 x∆ x4− 8)( 4x− ∆ − x22∆)( x+ x+ 2 x 2 ( x + ∆x )
Tercer paso
∆x
x
2
x 2 ( x + ∆x )
5 ) x + ∆x− 5+
x + ∆x− 5+
∆x
−x 5 −x 5
x+∆ − x −5 +x 5 ∆x ( x+ ∆ −x +5 − x 5 ) 1 x + ∆x− 5+
−x
5
57
∆x+2 )( ∆x4
x3
x
x2
x
2
3 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
Segundo paso
Cuarto paso (x 0)
∆y = ∆x ds dx
1
=
x−5 + x−5
1
1
=
2
y +∆ y− y=∆ = y
x + ∆x
2 x−5
=
2 x −5
2
x
2 x − 2 x + ∆x
x x + ∆x 2 x − 2 x − 2∆x
= 26. y = 1 + 3 x
−
x x + ∆x ( x+
+x ∆ x )
2
−2∆x ∆y = x x + ∆x ( x+ +x ∆
Primer paso
x)
Tercer paso 2
( x∆ + 1 3+
y + ∆y=
x)
∆y = ∆x x x
Segundo paso 2
(x y + ∆ y− = y ∆ = y + 1 +3∆
− x)+ 2
3+( x∆
∆ y= + 1
−x)+
1 1
1 ∆y −2 = =− 3 ∆x 2 x x x2
x2
dy dx 1
2
11 (x 2 )
∆y 1+ 3 ( x+ ∆ − x )+ = ∆x ∆x
2 + 3 x+ ∆ x + + 1 2 ( ) 1 + 3 x+ ∆ x + + 1
∆x
( x ∆ −x )2− 1 1 3+ +
=
2
( x∆ + x) + + 1 3+
∆x
(
∆y = ∆x
(
2
1 3
x2
x
x 2 2
28. y = 2 + 5 x Primer paso
x2 y + ∆y=
x2
1
)
6 x + ∆x
) + 1 1 + 3( x+ ∆ x+
=−
2
1+ 3 ( x+)∆ − x +
=
x
x2
2 5+x ∆5 x +
Segundo paso
)
y + ∆y − y = ∆y=
+ 2 5 +x5∆ − x2+5
x
∆y=
+ 2 5 +x5∆ − x2+5
x
Cuarto paso (x 0) Tercer paso
∆y 6x 3 = = ∆x ( 2 1 + 3 x 2 ) 1 + 3x 2 dy dx
=
∆y 2+ 5+ x ∆5− x + 2 = ∆x ∆x
3 1 + 3x
2
= 27. y =
2
=
x
(
2 + 5 x+ ∆ 5 −x
+2
∆x
5x
)
5 x 2 + 5 x+ ∆ 5 +x
+2 2 + 5 x+ ∆ 5 +x + 2
2+ 5+ x ∆5− x− 2 5 x 5 x+ 2 5 x ) ∆x ( 2+ +5 x ∆ +
∆y 5 = ∆x ( 2 + 5 x+ ∆ 5 +x + 2
Primer paso
y + ∆y =
)
Cuarto paso (x 0)
x2
Tercer paso 2
−2 x+ x∆ (x +x + ∆
5x )
2 Cuarto paso (x 0)
x + ∆x
∆y 5 5 = = ∆x ( 2 + 5 x + 2 + 5 x ) 2 2 + 5 x dy dx
58
=
5 2 2 + 5x
5 x
5 x
UNIDAD 3 Derivación de funciones
29. y =
Tercer paso
1 1− x
∆y − 12− −x ∆x 4 ( x)2 x 2 ∆ 12 = ∆x 2 x 3 2 ( x +) ∆x 3 2 ( x+ 3 ) 2+ ∆ x
(
Primer paso 1
y + ∆y =
)(
)
x
3
Cuarto paso (x 0)
1 − x −∆x
∆y −12 x 2 −12 x 3 3 = =− =− 5 11 ∆x 2 x 3 (22 )( x 33 x + )2 x3 16 x 2 4x 2
Segundo paso 1
y +∆ y− y= ∆ = y
1 − x − ∆x
1
−
dy
1− x
1− − x
−1 −x∆ x 1 − x− ∆ x − 1 x
=
−1 −x +1 +∆ x
=
31. y =
x
x (−1− ∆ x + x−
1 − x− ∆1 x1 −
5
4x 2
a x3
x) Primer paso
∆x
∆y =
3
=−
dx
1 − x− ∆1 x1 − x (−1− ∆ x + x−
x)
y + ∆y =
a ( x + ∆x )3
Tercer paso Segundo paso
∆y = ∆x 1x− x− ∆x
1
−1x x (−1−x∆ + −
)
1
a a − ( x + ∆x )3 x 3
y +∆ y− y= ∆ = y Cuarto paso (x 0)
3
∆y 1 = ∆x 1x− x − 1 x (− 1+ x − dy
30. y =
x 3 − ( x + ∆x ) 3
x 3 ( x + ∆x )
3
2 (1 − x )2
=
1
=−
dx
)
1
=
1
=−
x 3− x−3
3
2 (1 − x )2
2
( )∆ (x) 3∆x 2− x ∆3 x−
)2 3 x ( )−(x∆ − 3 x∆2 −x ∆ = 3 x 3 ( x + ∆x )
1
)2 −x3 x∆2 − x x ∆ 3 ( )− x (∆ ∆y = 3 x 3 ( x + ∆x )
2x x
Primer paso Tercer paso
y + ∆y =
1 2 ( x + ∆x ) x+ ∆ x
2 ∆y − 3 x − 3 ∆x −x∆ ( x)2 = 3 ∆x x 3 ( x + ∆x )
Segundo paso 1
y +∆ y− y=∆ = y
3 2 ( x + ∆x )
=
−
Cuarto paso (x 0)
1 2 x3
∆y −3 x 2 3 = 6 =− 4 ∆x x x
3 2 x 3 − 2 ( x + ∆x )
(
3 2 x 3 2 ( x + ∆x )
)
dy dx 3
4 x 3 − 4 ( x + ∆ x)
=
3
3
2 x
∆y =
(2
( x +) ∆x
2 ( x+) 2+ ∆ x
)(
2 ) − x12x∆− x x ∆12 −( x∆
(
)(
2 x 3 2 ( x +) ∆x
3
3
3
2
) ( )
x 3
4
)
3) 2 2 ( x+ +∆ x
59
x
3
=−
3
x4
3
x 3 ( x + ∆x )
x
3
3
x
3
3 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
32. y 1 2x3 Primer paso 3 1 2+ y + ∆y= (+ x ∆2 x ) 2
= 1+ 12 (+ x ∆ )+x ( = 1+
12 +2
x
+ 6)∆ 8 x x( + )x + ∆
x
3
2
)( +x ∆ +6 x +6 x∆ + )2()∆ ( x ∆ 24+ + 8 x3 ∆24 x+ x x∆ 12
24 x
x
2
x
3
Segundo paso 2
2
3
y +∆ y− y= ∆ = y 1+12x +24 xx ∆ + 12 x ∆ x+)(+6x ∆ x6+ x8+ x x 24∆ x+ 2 () ∆ ∆y= 24 x ∆x+ 12 ∆x ()+ ∆x26+ x 2 x∆ 4x + x 24 ∆ x()+ Tercer paso 2 2 ∆y 24 ∆ x +x 12∆ () +x ∆6 + 2 4x∆ + x24 ∆x()()+ ∆x = ∆x ∆x
∆y 2∆ +∆ x x = 24 x+ 12 ∆ + x+6 24+ x24 ∆x
(
x
2
2
x)
Cuarto paso (x 0)
∆y 62+ 4 x =+ ∆x dy dx
33. y =
2 24 x 2 +6 (+ 4 x= 4 x+ 1) =
6(2 x
2
1)
= 6 (2 x + 1)2
1 5x
Primer paso
y + ∆y =
1 5 x + 5∆x
Segundo paso 1
y +∆ y− y=∆ = y
5 x + 5∆x
= =
−
1 5x
5 x − 5 x + 5∆x 5 x 5 x + 5∆x 5 x − 5 x − 5∆x 5 x 5 x +∆ 5 x( + 5x
+5∆x
−5∆x ∆y = 5 x 5 x +∆ 5 x( + 5x
5 x)
+5∆x 5 x )
Tercer paso
∆y = ∆x x5x 5 x +∆ x5
−5 5 x +∆ 5 x( +
5
)
Cuarto paso (x 0) 5 ∆y −5 = =− ∆x 10 x 5 x x5 x 55 x ( x + 5 ) 5 dy =− 3 dx 2 (5 x ) 2
60
x
3
2
2
)( x24 ∆ +)(∆ 2
3
3
1 6− − 12x 8 −x −
2
3
x
UNIDAD 3 Derivación de funciones
34. y = 3 ax Primer paso 3
y + ∆y=
+ ∆a x ax
Segundo paso
y + ∆y− = y ∆ =y
∆y=
3
+ ax ∆ − a x
3
ax
3
ax + ∆a −x
3
ax
Tercer paso
∆y = ∆x
3
3 ax + a ∆ x −ax ∆x
3
3 ax + a ∆ x −ax ∆x
=
2 1 1 ) (+ )a∆x +3 ax() ax 3 ∆ + a x+ () ax3 (ax 2 1 1 (ax ) (+ )a∆x +3 ax() ax 3 ∆ + a x+ () ax3
( (
2 3 2 3
) )
ax +a ∆ x − ax
=
(
2
1
1
∆x ( ax +∆ a +x)3
3 ( ax ()ax +∆ +
a ()x)3
ax
∆y a = 2 1 1 ∆x (ax +a∆x +) 3 ax() ax3+(∆ )3 a x+ () ax
(
2 3
2 3
)
)
Cuarto paso (x 0)
∆y a = ∆x (ax) 23 (+ )ax 13ax ( )
1 3 (+ ax)
a
=
2 3
2
3(ax )3
dy = a 2 dx 3(ax )3
35. y =
1 3 + x2
Primer paso 1
y + ∆y =
2
3 + ( x + ∆x ) Segundo paso
1
y +∆ y− y= ∆ = y
2
−
3 + ( x + ∆x )
=
3+ x−2
1 3 + x2
+ 3+ (∆x 2
3 + ( x+ ∆ x ) +3
=
2
x) x2
2
(x +3 −x 2− 3+ ∆ 2 3 + ( x+ )∆ 3 x 3 +
x)
(
2 (x 2+ ) 3+ ∆ x + + x
x2
)
x2
)
2
∆y =
− ∆ 2 x− x∆ ( x ) 2
3 + ( x+ )∆ 3 x 3 +
(
2 (x 2+ ) 3+ ∆ x + + x
61
3 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
Tercer paso
∆y −2 x −∆x = 2 ∆x ( 3+ ∆( x + +x)2 3 + ( x+ ∆ x ) +3 x 2+
x2
3
)
Cuarto paso (x 0)
∆y −2 x = ∆x ( + +x 3 + x2 + 33 x 22+ dy
36. y =
x
=−
3
(3 + x 2 )2
x
=−
dx
x2 )
3
(3 + x 2 )32
x 2 − a2 x 2 + a2
Primer paso 2
( x + ∆x ) − a2 ( x + ∆x )2 + a2
y + ∆y =
Segundo paso 2
( x + ∆x ) − a2 x 2 − a 2 − ( x + ∆x)2 + a2 x 2 + a 2
y +∆ y− y= ∆ = y
=
=
((+x )∆
− x)
( ( x(2− ) + ) +x a2+ a2)∆
2
(( x + ∆x)+2
∆y =
2a 2x(+ ∆x −) ax 2−a2x 2
(( x + ∆x)+2
22
a2 )(+x 2 2(
(( x + ∆x)+2
a2 )(+x 2
a4x x ∆a + 2x
a2 )
∆ )2
2
∆y 4 a 2x +a2 x2 ∆ = 2 ∆x (( x + ∆x )+ a)(+ x2
a2 )
a)
Cuarto paso (x 0)
∆y
=
dy dx
4a2 x 2 2
2
(x + a ) 2
=
a2 ( x2
a2 )
a2 )
(( x + ∆x)+2
Tercer paso
∆x
2
x−
2 2 2 2 2x 2) x ) 4(+a ∆ x 2 (+ x ∆) + x( ) a+2 ∆x − x −( a− + x + ∆x − a2 + x
2
=
a2 )(+x 2
4a x
( x 2 + a2 )2
62
a2 )(+x 2
a2 )
x
2
a2 x2
a4
UNIDAD 3 Derivación de funciones
37. y =
a2 + x 2 x2
Primer paso 2
y + ∆y =
a 2 + ( x + ∆x ) ( x + ∆x )2
Segundo paso 2
2
y +∆ y− y= ∆ = y
2
2
a +(x + ∆ x) − a + x x2 ( x + ∆x )2
=
∆y =
2 2 x 2 a+ +( x∆ )−x( + ∆) x
2
a2
x+
x2
2
x 2 ( x + ∆ x)
2 x a x4 (x+2 +(∆ x)− x ( +)a∆) x
x 2 ( x) + ∆x
2
( x2( )a+2 (+)x∆
+
4
(
2
+x + ∆ x
2
2
+x
2
) a2
)
x2
Al analizar por partes el numerador se tiene:
x 4 ( a 2 + ( x+ ∆ x)=) 2
2 2=4x ( x + ∆x )4 ( a+
2 ( a+ x 4+
2 x∆ +∆ 2x = x ) ( +x +) 2
2 +(3x∆ +42 x ∆x +6 ∆ x ( )+ x)∆(
= ax24 + ax243 x∆+6ax 2(
4
+x∆ + x)
22x
x
4
)
x
x
a2
x
2
x2
2 3 4 ()6 x ∆()5 ∆4 a+ x (x) ∆ a (+x) 2∆(x) + x4+x6 ∆x2+4 x ∆ x+
x+( a+ ∆ ( x 4
24 6 a∆ x+ ∆ x5 ) 2( x4
(4 )x + ( x)3
2
+)(∆ x
2
) )x +
x
4
(a
2
2
x
2
4
)
3 2 5 3 ( )4 x 2 ∆6− a2 x∆ )x2∆ x 4 = −2 x∆ 5−x ∆ 4 x4 − x−( ) x3 ∆ (x4)−( ∆ )a2 − x2 ( )x(∆ −
a2 x
Así, 2 3 2 2x 3 − ax( ) x∆ 3 x− (4)∆ ) 2 − x2∆− x55x ∆4 x −4 ( )4ax ∆ x −6x ∆ x( )−a2x 2x (∆)a( −x∆ ∆y = 2 2 2 2( ) 2 2 x x + ∆x ( x ( )a+ (+)x∆ +x + ∆ x +x
4 2
a
3
2 2
x
2
)
Tercer paso 2 2 3() () x 2 − a∆ (a ) 2 x2 ∆ (x) −x()2 ∆ x 3 4 a2 x x 2 ∆y − −2 x 5 ∆ 54x 4− x − 46x3 ∆−x ∆ − = 2 ∆x 2 ( ) + ∆ 2 ( 2( ) + 2 ( +x 2 a2 x2 ) x x x x a +)x∆ +x + ∆ x
Cuarto paso (x 0)
∆y −2 x 5 − 4 a 2 x 3 −2 x 5 − 4 a 2 x 3 x 2 + 2a2 = = =− ∆x x 2 x 2 ( x 22 a + x 2 + x22 a + x2 ) 2 x 6 a2 + x 2 x 3 a2 + x 2 ∆y x 2 + 2a2 =− ∆x x 3 a2 + x 2 dy = − x 2 + 2 a2 dx x 3 a2 + x 2
63
3
3
a2
x
3
4
x
3
a2
x
4
3 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
38. y =
1 3
x
Primer paso
y + ∆y =
1 3
x + ∆x
Segundo paso
y +∆ y− y= ∆ = y
3
3
=
1 1 x + ∆x − 3 x
( ((x + )∆x +( 2
1
2 3
1 3 +x∆
1
x − 3 x + ∆x ( x + )∆x 3+( )( x)3 +x∆ +x)( 3 3
3
x
1 3
) ( x∈ =
x + ∆x
2
)( x)
1 +x)( 3
x
2 3
x
2 3
) )
1
2
1
3 ∆ (+ )( +x (3 ) x + (x−))x( ( +x ∆ ) − x )∆ x + x)−3(− ∆ x3 x 3
x
3
(
x + ∆x ( x+ ∆)
2 x+3
1 3 ∆ + x
( )( x)
1 + x)( 3
2
+x∆3 x
2 3
−∆x
∆y = 3
x
3
(
2
1
1
3 ∆ x + ∆x ( x+ ∆) x+3 ( )( x)+ x + x)( 3
x
2 3
)
Tercer paso
∆y = ∆x 3 x
−1 3
(
2
1
1
3 ∆ x + ∆x ( x+ ∆) x+3 ( )( x)+ x + x)( 3
x
2 3
)
Cuarto paso (x 0)
∆y = ∆x
3
x
3
(
x ( x)
2 3
−1 1 1 ( ) x( )3 x(3)+ x +
2 3
)
=−
1 4 3( x ) 3
1 dy =− 4 dx 3( x ) 3
39. y =
2− x
x−2
Primer paso
y + ∆y =
2 − x −∆x
x + ∆x − 2
Segundo paso 2 − x − ∆x
y +∆ y− y= ∆ = y
x + ∆x − 2
−
2− x
x −2
(2− x−) ∆ x (−2x − () 2(2− )x − − ∆ x = x 2) ( x + ∆x− 2)(− = ∆y =
2 x4− − 2 x+2
x
−x2∆ + x2 ∆ x − +x + 42x ∆ 2 + x2 − x −x ∆ ( x + ∆x− 2)(−x 2)
0
( x + ∆x− 2)(−x 2)
=0
64
x
x
)
2
x3 x
1
x3
UNIDAD 3 Derivación de funciones
Tercer paso
∆y =0 ∆x Cuarto paso (x 0)
∆y =0 ∆x dy =0 dx
40. y 2xa2 x2 Primer paso 2 y + ∆y= 2 (+ x ∆ x )(− a2 −x 2∆ 2−x∆ x ( x) ) 2 2 42x−2 x∆ + x () ∆ = 2 xa2− 2− ∆a− x3 ∆ x − 224 x ∆ −x2 ()∆ x () 2 = 2 xa2− 2− 6 x−2 x∆ + 6 x () ∆ x3 ∆ x − ∆2 a2 ()x 2
x
x
x
2
x
3
x
2
3
3
Segundo paso
y + ∆y− =y∆ = y
2 x+ (2 )−x 2∆2 −a22 ()x− −2 xa 22− 6 x∆3 −6 x∆ 2 x∆ 2
3
) x ∆ ∆y =− x6 ∆ x2 −x6 x ∆ (a2+ 2 −x ∆2 ()
Tercer paso
∆y − 6 x∆2 −6x ∆ x (2)+ x 2∆ 2 − a∆2 ()x = ∆x ∆x ∆y 2 = −6 x 2−6 ∆x + 2 x 2−a2∆ ( x) ∆x
x
3
Cuarto paso (x 0)
∆y = −6 x 2 + 2 a 2 ∆x dy dx
= −6 x 2 + 2 a 2
EJERCICIO 11 I. Encuentra la derivada de las siguientes funciones. 3 x−2 +7 1. yx x= 3 +
dy dx
=
d dx
23
2
(3+ x −+ x= 7 2)3x
+3
2
d d − ( x) 7 + ( ) x 2
dx
dx
d dx
( x)
y′ = 9 x 2 + 2 x − 7
65
d
()
dx
xa2
x3
3 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
2. y = ax 3 − bx 2 + cx
dy dx
d
=
dx
(ax −3 2+bx =
d
)3a2 cx −
dx
d b( ) x dx
( x) +
c
d dx
( x)
y′ = 3ax 2 − 2 bx + c
x3
3. y =
dy dx
3
= =
y′ =
4. y =
dy dx
=
5x 2
−5
x2
+ 88 x5
x4
d 5x 2 d x 3 d 2 − 45 d 85 −2 −5 + 8 8 x 5 = +8 x3x 3 − 5 x x x dx dx dx x4
()()
dx 3 x 2
( )
7 d d 65 d 85 x3 −5 x +8 x dx dx dx
( )
7 3
()
( ) −( 6 ) 4 x3
()
− 5( x
1 x5
−3 8
)
1 2 ax
d dx
((2)ax − ) =( −)1 ax2( 1 2
2
d
3
) −2
dx
2ax
−3 2
y′ = − a (2ax ) 5
5. y = ( x 2 + a2 )
dy dx
=
d dx
((+x 2
5 =)a2+()
4 d ( 5) x(2+ = a2) + x)2 dx
2 a+
d ( )2 x dx
(d) x 2 dx
4 a2
5 x2
4
y′ = 10 x ( x 2 + a2 )
6. y = 3 − x 2
dy dx
=
d dx
(
1
)x(2 )−2 −(3 =
)
1 2
1 )2 −(−2 d) 3 3(− x= dx
x 2−
1
() 3
2
x2
−1
y ′ = −x ( 3 − x 2 )
2
7. y = (5 x 2 + 1) 3 x 2 + 2
dy dx
=
d dx
((5x
2
+)(1 3 x 2) + 2
1 2
)
1 d d 2 2 )2 ( 51x2) + = (51x 2 (+) 3)+ x( + 2 + dx 3 x dx 1
= 10 x (3+ x 2 +) 2(+2 = y′ =
2 )(5 x+ )1
1 2
3x
2
2
−1 2
2 2 1
6x
30 x 3 + 20 x + 15 x3 + 3 x 3x 2 + 2 45 x 3 + 23 x 3x 2 + 2
66
−1 2
d
(3) dx
d dx
x 2
UNIDAD 3 Derivación de funciones
8. y =
1+ x 2 1− x 2
dy d −1 = (1 + x 2 )(1 − x 2 ) 2 dx dx
d 1 (−x)2 dx 1
d ( ) 2 − 12 = (1 +) x 2 − 1 x(++) dx = 2 x (−1 )
−1 2 x 2+ +
1 −(1 (x 2)) 1 − x 2 2
(1 ) = 2 x−
1 2 −+ 2 x+
3 x2 − 2
y′ =
x(− (1 ) x2=) 1
−3 2
x2
−1 2
(−2 x) 3
3
2 x − 2 x + x 3+ x (1 − x 2 )− 2
3 x − x3 3
(1 − x 2 )− 2
a b 9. y = − x x2 dy dx
=
d ( −1 −2 ) ax − =bx
(1 ) (d − a− − x2) dx
dx
b
d dx
x
y ′ = −ax−2 + 2 bx−3 2
10. y = 3 x 2 + b 3
dy dx
=
y′ =
11. y =
dy dx
= = =
(+x 22 = b 23 )
d dx 2
x
3
( )d
2
d
dx
2
b3
dx
−1
2x
3
a 2x
−
a
11
a2 11
a2
1
d (2 x )2
dx
a
2
1
−
2
2=
d
1
dx
2
( )a
+1
−1
1 d
()
a dx
( ) 2 x( +) a (2)x
−1 ( ) 2 2 +
(2) x
a (2)x
− a ()2 x
−1
(2)x
=
y′ =
+ ( )x 3
1 2
a
2x
−3 2
( 2 x ())− a dxd ( 2 x 1 2
−3 2
d dx
−1 2
)
2x
2
2x
a
= + 1 3 ( ) 2 x − 2 (a )2 x (2 ) 2 x
3 2
2 x + a2 3
a ( 2 x )2 12. y = 3 8 − 16 x
dy dx
=
d dx
(
1
−(8 = 16 ) x− 3(
1
)
1
2
) 8 (−16 x) − 3
3
d 8 16 dx
x
−2 3
= (8 −16 )x( ) 16 − 3
y′ = −
16 3
2
(8 − 16 x )− 3
67
3 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
1
13. y =
dy dx
4 + x2
=
d dx
(+(4
1
1
= − (4 + 2
y′ = −x ( 4 +
)
1 2 −2 ( )x= − + ) 4( −3 x2 2
)
+ x)2
2
−3
d
2
dx
4
x2
(2 x)
−3 x2 ) 2
2
2 14. y = 4 − x
2 dy d (( 1 (2 )4 2 )(− 4x2)−1 d 42 = = − x)−− dx dx dx
= 24( 2− x−)( 21 = y′ =
x−1
)x−2
8 (2 x − 1)
x3 8 (2 x − 1)
x3
15. y = x 2 bx + a
(
dy d 2 = x ( bx)+ a dx dx
( bx+) a = 2x+
1 2+ (
) a = 2 x (+ bx +
1 2
1 2
) = (d ()x 2 ) bx( +)a 12 + x 2 d dx
y′ =
5bx
dx
−1
d x bx+ a 2 (bx dx 2 2) 1
( +x 2)
1 2
bx
bx 2 )+ = 2 x ( bx + a 1 ( bx ) (+ ) a 2 2 bx + a 2
a
−1 2
bx + a 2 1
a)
b
1 2
+ax 4 1
2 ( bx + a)2
16. y =
a+ x a− x
dy d (a − ) = + x)( a x= dx dx
(
d −1 +) ( () a) (x a − x) (+ a+)x dx
−1
−1 −2 d a = (−a) + x (+)a − x (−) a (x 1)( ) − dx −1 = (− a) (x ) (+) + a x−
a−(x) 1 −
( )−2
d − a dx
x
1
a− x a+ x = + (a −)x (2 ) a − x 2 y′ =
2a (a − x )2
68
x
−1
UNIDAD 3 Derivación de funciones
17. y =
a2 − x 2 x
(
1 2
dy d −1 ( 2 ) 2 = x a −x dx dx
1 2
1
dx
−1
−) 1 1 − ( x− a2
−1
1
=
2
−a + x − x
x2
2
2 )x− (2 2 − ) a2 = −x −2 ( a− 2
(2 a − x 2)
(−x−1)1 a(2) − x2 2
1 = −x −2 (−a2 +) x 2 2
= −x −2 (− a2 )+x 2
) (=) d) x−
1 2
d 2 + x−1 a − x2 dx
d 2 2 a dx 2
1 2
x 2
( 2 x)
−1
x2
2
2
1
x 2 ( a2 − x 2 )2
−a
y′ =
2 1
x 2 ( a 2 − x 2 )2
18. y =
x a2 − x 2
(
−1
dy d ( 2) 2 = x a −x dx dx 2 ) = (a− x
1 2 −2 +x −
2 ) = (a− x
1 2 −2
)2( x) = (a−
1 2 −2 + x
2
) =( d)
x a2(− x)2 dx
( a x)1 ( 2 −) 2
2
d 2 + x a − x2 dx
−1 2
3 2 −2
d 2 a − x 2 dx
1 +x −( a x) 2x − 2 a− x2
−1
3 2 −2
(−2 )
3 2 −2
2
a2 − x 2 + x 2
= (a 2 − x 2 )− 32 y′ =
19. y =
a2 3
(a 2 − x 2 )− 2 1 − ax 1 + ax
(
dy d = (1 − ax )( dx dx
1 2
−1
1) +ax
2
)
1 1 d = (1 − ax )( 2 + )1( ax+−−) 2( dx
1
= (1 − )ax 2
−1 2
1 2
d 1 )ax ( ( () 1 −) ax( + dx
1
1 2 +−−
1
) a2((+ = − (1 )ax−− )
1+ ( −) ax
2
a =− − (1 2
1ax + )
ax )(
−1 +2
−( )1 ax
1 ax− +1ax =a−− 1 2 (1 − ax )( 2 1)+ax
−1 2 −
−1
()
2 − ax 1
a )( +)1 ax 2
d 1 ax dx 1− ( ) ax
−1 2
1 2
1 ) ax 1+ 2
1 1 )2 ax ( 1a+ 2 1 2
1 ax
−3 2
3 2
a
y′ = −
(1 − ax )(
1 2
1) +ax
−3 2
69
−3 2
−3 2
d 1 + ax dx
3 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
20. y = 3
a + bx a − bx
(
dy d = (a +bx )( dx dx
1 3a
d = (a +bx )( dx
−1
) b−x
3
1 3 bx a++
−2 3
1
2
1 3
1
( +−) 3(a bx )−
)
1
)
d = (a + )bx ( () a + )bx ( a −bx ) dx 3
1 3a +−+
(
3
1 b b −2 3+ = + (a b )x( − ( − 3 () − )a bx a) b x + 3 3
4 3
2 ab y′ = 2 3 (a +bx )( 3 a )b−x
4 3
21. y =
3 1+ 5
bx
−1 3
1 3a
1 ) bx 3
)bx−(
1 1 ) (a3)bx − b 3
1
3a bx = + (a bx) (−b− ) +(+ −−a)3 bx (
−x + + b a b a bx = 2 3 (a +bx )( 3 a )b−x
d
dx a
1 3a
bx
−4 3
−4 3
d a − bx dx
−
−4 3
x
1+ 2x
(
dy d = (1 + 5)(x dx dx
1 3
1) + 2 x
−1 2
)
1 1 d = (1 + 5)(x 3 + )1 (2+x+−) 2( dx
1
= (1 + 5) x 3
1 + )5 x
d
1 dx
2x
−1 2
1 1 1 d 2 ) 1− (5 x 3) 1 ) 2 x+ ( () 1 +) 5 x( + (−+ 1 + 2 x dx 2
1
2
1
3
1
1 1+ 2 x 2
1 ( 5 x )3 ()
− 23 )1(− −+ = 5+ 2 x )12 (−+1 ) −5 x (1 5)x( +
3
5
1 3
−2 3
− 3+5 )1 ++ 2) = + (1 5)x ()( (2 x −−
1 3
1
2x
−3
3 2
10
+ x −1− 5x = 3 32 3 (1 + 5)(x 3 1) + 2 x 2 2 − 5x
y′ =
3(15+ )(x
2 3
12 )+ x
3 2
22. y = 2 x 2 2 + x
(
1 dy d = 2 x 2 ( 2 + x )2 dx dx
d = 2 x 2 (2 + ) x dx
)
1 2
1 d 2 + x 2 + 2(x 2 ) dx
= 4 x (2 + )x
1 2
1 + 2(x 2 ) ( 2 +)x 2
−1
= 4 x (2) + x
1 2
1 + 2 x 2() )(2 + x 2
−1
1
2
2
d 2 + x dx 1
−1
2
= 4 x (+2 )+x 2 (+x) 2 4 x (2 + x ) + x 2 = 1 (2 + x )2 y′ =
−
x
2
8 x + 5x 2 1
(2 + x )2
70
2
2
−3
d dx 1 + 2 x
2
UNIDAD 3 Derivación de funciones
23. y = (2 x ) 5 − 2 x
(
)
1 dy d = 2 x (5 − 2 x )2 dx dx
d = 2 x (5 −)2 x dx
1 2
1 d +(2 x ) 5 − 2 x 2 dx
= 2 (5 −)2 x
1 2
1 d 1 + (2 x ) (5 − 2) x 2 5 − 2 x 2 dx
= 2 (5 − 2) x
1 2
1 + 2(x ) (5)− 2 x 2
= 2 (−5) ( )2− x
1 2
=
−2 x 5 2 x
−1
−2
2
−1
2
2 (5 − 2 x ) − 2 x 1
(5 − 2 x )2 y′ =
10 x − 6 x 1
(5 − 2 x )2 2 24. y = (2 x − 5) ( x 2 + 1)
dy d = (( x 2 + 1)(2 x − 5)2 ) dx dx
d 2 = ( x 2)+ 1 (2−x) (+5)+ dx 2
d
1) x 2( −
2 5
2x
d 25x dx
( x ( 1) 2( 25 −x) −2
= 2 x (− 25x + ) +
dx
2
= 2 x (2−x + ) 5 + ( x 2−( 1) 2)()2 x 5 2 = (2−x ) 5( ( 2 x−)+ 2 x+ 54
( x2
= (2−x
5)(− 4 x 2+ 10+x
4 x2
y ′ = (2−x
5)(− 8 x 2+ 10 x
4)
25. y =
4)
a2 − x 2 a2 + x 2
(
dy d ( 2 = a − x dx dx
1 2 )2
a x(
2
+
1 2 −2
)
)
1 1 d ) 2( +a−2 )x2 = (a 2 − x )(2 a2 x− dx
=
1))
1 2
2
1 ()a 2 − x 2 − 2
d 2222 ) (a x− a x(()+) dx
−1
−1
1 2 = (− a) x
2 − ) 2xa( + x2
= −x (− a2)
1 −1 )− 2 x 2 +2 ( a2)−(x 2−
2
(+(2a −)x 2 ) −2
+2
−1 2
d (a 2 dx
1 2 −2
−1 x2 2
1 )x ( ( 2
a2
2a 2 x
(a 2 − x
1 2 )2
a x(
2
+
2
−3 x2 2
− x (+a2 − x 2 )− x ( a2 x2 ) = 3 1 (a2 − x 2 a)2x( 2 + 2 )2 y′ = −
1
2 ( ) − a ) ( 2
a +x 2−
x + a(2 )
2
1 x2 2
−1
a 2x
−1
x2)
3 2 2
)
71
+
2
+
3 2 −2
)
d 2 a + x 2 dx
3 2 −2
2
3 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
26. y =
a2 − x 2 a2 + x 2
dy d = ((a22x− a)( x2 + dx dx
d = (a2222 − x) a (x+ dx
2 −1
)
)
(a− )−x1)( +
2)
−
2
d 2 a dx
−1 ( a2 +(x 2 ))( (1) a)2 + x 2 = −2+ x (a+2 ) x 2 − −
−2
−1 2) 2 ( )2+ = −2 x (a+ x 2+ − ( a− x )( ) 1 a2
−2
= −2 x (a+2 ) −x 2
2 x ( a2 + − ) x2 ) a2 x2 )
x2
x(2)
x2
−1
d a 2 dx 2x
−2
( a2− x 2 )− 2 x ( a2 − 2 x+ = (a 2 + x 2 )2 y′ = −
27. y =
4a2 x
(a 2 + x 2 )2
1 x +1
dy d = (( x + 1)−1 ) dx dx
d = −1(+x ) 1 −2( +) x dx
1
= −1( x + 1)−2 y′ = −
1
( x + 1)2
28. y = x 2 1 + x 3
(
1 dy d 2 = x (1 + x 3 )2 dx dx
d = x 2 (1 +) x 3 dx
)
1 2
1 d +(x 2 ) 1 + x 3 2 dx
= 2 x (1 +)x 3
1 2
1 + (x 2 ) 1(+ x)3 2
−1
= 2 x (1 +) x 3
1 2
1 +(x 2 ) 1 + x3 2
−1
1 + x3 2
(1 ) = 2 x+
3
(+ x) 4 1 2
2 x (1 + x 3 ) +
=
3 2
d 1 + x 3 dx
2
2 (3 x 2 )
−1 x3 2
x4
1
(1 + x 3 )2 y′ =
4x + 7x4 1
3(1 + x 3 )2
72
x 2
UNIDAD 3 Derivación de funciones
v 2 + a2 v2 − a2
29. u =
du d ( v 2 +a 2v)a( = dv dv
(
)−1
22
−
)
d )a v a(− ) ( +v + )−a1 = ( v 2222 + dv
2(
d 2 −) 2 v dv
−1 = 2−vv( a2 ) +2 + v − a ( 2− v( 2a))( (1) −)2 2 −1
= 2v ( − a2)
(v )a2 )( ) 1v +v +a (−2 − −1
= 2−vv( a2 ) −2+ vv 2a((−v2)a 2 vv(
=
u′ = −
2
a− 2 )v− v 2 a( ( v 2 − a2 )2
2
2 2
+
2
)
2 −2
a2
−1
d
v2 dv
2 −2
()
a 2
2
−2
22
)
4 va2 ( v 2 − a 2 )2
30. s t2 4t 3
ds dt
=
d dt
2 ) 3 0d )− d 4(t+ ()t
(t−2 + 4=t3
dt
d
()
dt
dt
s ′ = 2t − 4 31. y 3x 22x2 1
dy d = ((3 x + 2)2 ( x 2 − 1)) dx dx
d = (3 x )+ 2 2 ( x−2()+ 1)+ dx
d 2 )+ = 2 (32x + ) ( dx ) 32x + ( ( x) − 132 = 2 (3+x )()2 3−(+ x 2 (+1) ) 3 x
2
2
= 6 (3+x) 2−(+ x 2 (1)+) 2 x 3 x
2
2
= (3+x) 2 (6−(+ x 2 ( 1)+ ) 2x 3x y ′ = (3+x
2 2)(12 + x−
4x
)2 d x 2 3 x ( 2− dx
2
1 2
x+
2x
2x
)
6)
v2
32. y =
4 − v2
(
dy d 2( ) 2 = v 4−v dv dv
= 2 v (−4v )
−1 v2+ 2−
= 2 v (−v4 )
−1 v2+ 2− 1
−1
2
) =( d) v dv
(2
d ( 2) − 12 + v 2 4 − v2 4 − v dv
2
1
v ) (4 −) 2
( 2v) 1 v 4 − 2
= 2−v (4)v( )+2v 2 − v 3 = 4
3 2 −2
3 2 −2
3 2 −2
d 4 − v 2 dv
(−2 )
8 v − 2 v3 + v3
(4 − v 2 )32 v′ =
8 v − v3 3
(4 − v 2 ) 2
73
−1 2
3 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
33. y =
x3 +1 x2 + 3
dy d ( x 3 +)(1 x 2 )+ 3 = dx dx
(
−1
)
d () 1 )x+2 ( +3 −+ )1 ( x3 )+1 d x 2 = ( x 3 + dx dx
3
−1
−1 −2 d (3 1) ( 1() + = 33x 2 (+ x 2 )+ (+)− x+ x2) 3 x2 dx −1 = 3 x 2 ( x+2 ) 3+( + )−x 3( +1 )( ) 13 x2
( 2+x )(x3 = 3x 2 ( + x 2 −) 3 1 + = y′ =
34. y =
dy dx
x 4 + 9 x2 − 2 x
( x 2 + 3)2
=
) x2 13
()
−2
3
2x
−2
x ( x 3 + 9 x − 2)
( x 2 + 3)2
x ( x 3 + 9 x − 2)
( x 2 + 3)2
1 −x x2
= =
d ( −2 x − x)
dx
d ( −2 ) d x − ( x) dx dx
= −2 x−3 − 1 2
y′ = −
x3
−1
35. y = x a2 − x 2 1
dy = d x ( a2 − x 2 )2 dx dx
(
d = x (a2 −) x 2 dx
)
1 2
1 ( x )d a 2 − x 2 2 + dx
1
1 = (−a 2 + x) (2 2− x a )x 2( − 2)
−1 2
2
1
= (− a)2(x) +2 x2 a−x = (a−2 − x) =
1 2 (2 x
1 2
a−x)2
2 − x
2
1 2 −2
d a 2 dx
x 2
( 2 )
1 2 −2
a2 − x 2 − x 2 1
(a 2 − x 2 )2 y′ =
2
a − 2x
2 1
( a 2 − x 2 )2 3
36. y = 2 x 4 + 4 x
dy dx
= = =
y′ =
d dx
(
3 2x 4
−1 4
+ 4x
−1 4
)
( ) ( )
3 d d −1 2x 4 + 4x 4 dx dx
3 2 3 2
−1 4
−x
−1 x 4
−x
x
−5 4
−5 4
74
UNIDAD 3 Derivación de funciones
37. y =
x3 +1 3
x 3 −1
(
1 1 dy d ( x 3 + 1)2 ( x 3 − 1)− 3 = dx dx 1 2
) 1 d x3 −1 2 ( x 3 dx
d = ( x 3)+ 1 ( − x 3 (+1) dx
−1 +3
−1
1)
3
−1
1 1 3 d −1 −4 d = ( x 3) + 1 2 (( x )3)+ 1 x+ (1+) 3( +)−x3( )1 2 x3 + 1 3 x 3 + 1 dx 2 3 dx
1
1
1
1
2 (x x 3) 1 −) 2 (3 x− = 1 (+ +3 (+1)− −3 ( ) x3
2
=
3 2
−1
3
−1
1 −2 (− x)3
x 2 (+ x)3
( )−3 1 +
x 2 (x3)
4
1 2) ( 1 x3 + 1 − 3 3 x2 3 1
1 2
x3
1
−4
3
3
x 5 − x 2 − x 5 − x2 2 =2 1 4 ( x 3 + 1)3 ( x 3 − 1)3 x 5 − 5x 2
y′ =
1
4
2 ( x 3 + 1)3 ( x 3 − 1)3
x (1 − x )
38. y =
1 dy d = ( x )2 (1 − x ) dx dx
(
)
1 d d 1 = x 2 (1 − ) x + x(2 ) 1 − x dx dx
= = y′ =
39. y =
−1
1
1
x 2− (1 +)x − ( x)2 2 1− x − 2 x
1
2 x 1 − 3x 2 x
1+ x2
x
1 dy d ( x )− 2 (1 + x 2 ) = dx dx
(
d = dx 1
)
−1 x 2
=− x
−1 d 2 2 2 (1 +) x + x( )dx 1 + x
−3 2
2
(+1 +x 2 )
2
=
−1 − x + 4 x
−1
x
2
(2 x)
2
3
2x 2
−1 + 3 x 2 y′ =
3
2x 2
75
3 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
II. Determina el valor de la derivada para el valor dado de la variable. 1. y = 3 2 x + 2,x cuando x = 2
(
1 1 dy d = (2 x ) 3 + (2 x )2 dx dx
)
1 1 d d = (2 x ) 3 + (2 x )2 dx dx
(
1
= (2)x 3
2 y′ = 3 (2)x
)
1 d 3 ( ) 2x ( )+ 2 x 2 dx
−2
−2
−1
2
d (2 x ) dx
−1
(+) 2 x
3
2
Cuando x 2, se tiene:
y′ =
2 3
2
(2(2) ) −(3 )+ 2(2)
4+x
2. y =
−1
=0.7645
2
,c uando x = 3
x
(
1 dy d = (4 + x)2 x−1 dx dx
)
1 1 d d = (4 +) x 2 x(−1 )+ 4 + x 2 x −1 dx dx 1 d 1 = (4 +) x − (2 ) 4 +( x ) x −1 − 4 + x dx 2
1
= (+4 ) x
−1
−1 2−x+
2
( )
x
4
1 2
1 2
x−2
x−2
−8 − x
y′ =
1
2
2 x ( 4 + x) 2 Cuando x 3, se tiene:
−8 − 3
y′ =
3. y =
dy dx
=
10 − x 2
x2 − 5
d dx
)2
, cuando x = −3
((10 − x)(
d = ( dx
= −0.2309
1
2(3)2 (4 +3
1 2 2
1
)x 2 − 5 − 2
1 10 − x 2 2 (− x)2
=
1 2
)
( )
−1 10 − x 2 2
)
−1 +5− 2
10 (− x)2
−1 2
d
x2 dx
5
1 2 (− 2− ) 10− 10 − x 2 ( x)− 5+ ()( )x2 dx
( )( )
d
1
1
1 2 − 2 ( 2) (− 2 )5 −2 ( 10 ) = −(10 )x − − ) ( − x +x −
−
2
1 2) )x(2 −−
= −x (10 −
−
x 2− ( 5−
1 − 2 )( x
) 10 −
−
x2
x2 ) 1 2
1 2
1 2
1 2
)x 2 − 5
1
1 2 ( x − 5 2
x2
5
3 2
−5 x (10 − x)( 2
2
2 x − 5 2
− x+3 − 5 x +10 x x3 = 3 1 (10 − x)( 2 2 )x 2 − 5 2 y′ =
−1
3 2
76
3 2
2x
−3
d 2 x − 5 dx
2
UNIDAD 3 Derivación de funciones
7. u 3v2, cuando v 2
Cuando x 3, se tiene: 5 (−3)
y′ = −
(
2
10 −− ( 3 ) (−3 )5−
2
3
=
)2
15
du d = ( 3v−2 ) dv dv
8
= −6 v−3 4. y x2 + 2x3, cuando x 4
u′ = 3 dy d = ( x 2 + 2 x) dx dx
(
)
−6 v3
Cuando v 2, se tiene:
2 d = 3( x 2 +)2 x( ) x 2 + 2 x dx
u=
−6
=−
23
2 = 3(22x + )( x 2 + 2 x) 2
3 4
t4 =− t 8. =s − + − 3t 3 2 ,tcuando 2
y′ = 3(22x + )( x 2 + 2 x)
1
Cuando x –4, se tiene:
ds d t 4 = − + −3t 3 dt dt 2
y 32 2424 422 17 280
5. y =
1
dy d −1 = (5 + x 2 ) 2 dx dx 1
=− + (5) ( )x 2
−3 2
2
= −2+ t3
9t−2
2
s ′ = −2+ t3
9t−2
2
2
1
9. y = 2
3
x2
, cuando x =1
3 x2 2
(5 + )
2
dy = 1 d x− 3 dx 2 dx
(
Cuando x 1, se tiene:
3 5 + 12 2
( 6. s = 5 −
1 2t 3
=−
)
2
=− x 1
y′ = − x 3
6 6
du d = 3 ( v 3 − 2) dv dv
2
3
d ( 3) d v − 3 ( 2) dv
2t 4
=3
Cuando t 2, se tiene:
u ′ = 9 v2
3 4
3
2 10. u = 3v v 2 − ,c uando v = 2 v
1 d −3 d (t ) (5) − 2 dx dx
2 (2)
−5
1 −5 1 y′ = − (1) 3= − 3 3
3
s′ =
3
Cuando x 1, se tiene:
, cuando t =2
= t −4 s′ =
)
−5
6
1
1 ds d = 5 − 3 2t dt dt
=
=
d (t ) dx
s 213 912 2 9
x
1
2
Cuando t 1, se tiene:
x 2
(5 + x 2 ) 2 (2 x)
y′ = −
y′ = −
d) 3 3( − t dx
−3
1
=−
+d 5 dx
1 d 4 (t+ ) 2 dx
=−
,c uando x = 1
5 + x2
2t
3
dv
Cuando v 2, se tiene:
32
u 922 36
77
3 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
3t
11. s = 3 −
5t 2
, cuando t =
Cuando x 4, se tiene:
3 5
1 3 y′ = ( 4) 2 = 3 2
d 3 = 3 1 − t −1 5 dt dt
ds
=3
d dt
(1) −
3 d 5 dt
14. y = x 2 +
(t −1 )
dy d = ( x 2 + 4 x−2 ) dx dx
3 s ′ = − t −2 5
d ( )2 d x + 4( ) x−2 dx dx = 2 x − 8 x−3
=
3 Cuando t = 5 , se tiene: −2
3 3 s′ = − 5 5
4 ,c uando x = 2 x2
=
5
y ′ = 2 x − 8 x−3
3 Cuando x 2, se tiene:
1
12. =y + +
dy dx
= =
1
1
= ,c uando x
x2
x d dx d dx
( x−
1 2
x4
+ x−2 + x−4
( x− 12 ) + d(
dx
y 22 823 3
4
15. u =
)
v 2 + 4v + 1 , cuando v = −1 v+4
du d = (( v+2 +4 v+ 1)( v dv dv
)x−2 (+ )d x−4 dx
−1
4)
)
2− x−3
4 x−5
d −1 = ( v+2 + v 4) v+ 1 ( )( v4 v) + +2 +4 () dx
1 −1 2 y′ = − x − 2− x−3 2
4 x−5
−1 = (2+v + )(4v ) − 4+ v +v ( + v2 ( 4)
1
=−
2
−1 2 x −
= (+2 v )(4v+)
Cuando x 4, se tiene: 1 2 ()2 4 −−(3) 4=4−−5 y ′ = − 1 ()4 −− 2
25 256
= u′ =
( v + 4)2
13. y = x x ,c uando x = 4
Cuando v 1, se tiene:
dy dx
= = =
y′ =
d dx d dx 3 2 3 2
( xx 12 ) u′ =
( ) 3 x2
2 − − ( )1 + ( 81 )+ (−1 + 4)2
15
=
8 9
( x 12 ) ( x 12 )
EJERCICIO 12 I. Encuentra la pendiente y el ángulo de inclinación de la tangente a cada una de las siguientes curvas en el punto cuya abscisa se indica y verifica el resultado al trazar la gráfica correspondiente.
1. y x2 4x 3, cuando x 3
dy = y′ = d x 2 − 4 d x + d 3 dx dx dx dx y′ = 2 x − 4 4 2 y′ = m= 2 (3−)=
m=2
78
d v dx
4
4
−2
1)
4
−2
1)
v 2 + 8 v + 15
4
)) (1+
1 ( v2 (+4) −4 v−+ v+
44 (2+ v )( v +) − v +v ( 2+ 4 ( v + 4)2
d 1+ v dx
−1
UNIDAD 3 Derivación de funciones
Representación grá ca
m tan arctan m arctan (2) 63°265.82
y 20
θ = 86°59′13.96′′
Representación grá ca −3
y
−2.5
−2
−1.5
−1
−0.5
1
0.5
1.5
−20
1.5
1
−40 0.5
θ = 63°26′5.82″
−0.2
0.2 0.4 0.6 0.8 1
1.2 1.4 1.6 1.8 2
2.2 2.4 2.6 2.8 3 3.2 3.4 3.6 3.8
x
−0.5
4. y 5 8x 2x2, cuando x 1
−1
dy dx
dx
= y′ =
d dx
x2 −
d dx
5 −8
d dx
x+2
d dx
x2
y′ = −8 + 4 x
2. y x2 3, cuando x 1
dy
= y′ =
+ − 4 ( 1) y′ = m= − 8
d dx
3
m = −12
y′ = 2 x
m = tan θ
y′ = m = 2 (1) = 2
θ = arctan m
m=2
θ = arctan (−12) θ = −85°14 ′10.89′′
m tan arctan m
179°59′60′′ θ= −85°14 ′10.89′′
arctan (2) 63°26 5.82
θ = 94°45′ 49.11′′
Representación grá ca
y Representación grá ca
1.5 1
θ = 63°26′5.82″
0.5
−2.5
−2
−1.5
−1
−0.5 −0.5
0.5
1
1.5
2
2.5
y
x
30
−1 −1.5 −2 −2.5 −3
3
20
2
3. y x 2x 3x 8, cuando x 2
dy d 3 = y′ = − x dx dx
d d 2+ x 2− 3 x dx dx
θ = 94°45′49.11′′
d 8 dx
10
y′ = 3 x 2 − 2 x + 3
= − 3( )2−2−( 2)+ 23 y′ = m
−2
2
m = 19 −10
m tan arctan m arctan (19) 86°59 13.96
79
4
x
x
3 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
5. =y −
5
x2
dy dx
2, cuando =− x
= y′ = 5
d dx
7. y =
2
x −2 −
2 + 3x 3 + 2x
dy
d dx
2
dx
= y′ =
m=
10
x
d dx
((2332 + )(x
+) x
−1
)
d d )3 ( 2+x+−)1 ( 2 + ) 3 x = ( 2 +(3) x + 3 dx dx
y′ = −10 x −3 y′ = m = −
,c uando x = 2
−2
−1
3
(3− 2) x+( + )(2 = 3+
( 2 x) 3)x 3 +
5 −1
= 3(+3
4
m tan arctan m
2)− 2+ 3 x) 32 x (+ 2 )(
x
d
3 dx
−2
6x = 9 + 6x − 4 − (3 + 2 x )2
5 θ = arctan 4
=
51°2024.69
y′ =
Representación grá ca
y
5
(3 + 2 x )2 5
(3 + 2 x )2
y′ = m =
2
m=
5
(3 + 2 (2))2
5 49
θ = 51°21′24.69′′ −5
−4
−3
−2
−1
1
2
3
4
5
m tan arctan m 5 θ = arctan 49 5°4934.83
x
−2
x3 6. = y ++ 3
Representación grá ca
x
1, cuando =− x
1
y dy dx
= y′ =
1 d 3 dx
x3 +
d dx
x+
d dx
1
1
y′ = x 2 + 1
1.5
2
) y′ = m= −( 1+
1
1
m=2
θ = 5°49′34.83′′
m tan arctan m arctan 2 63°265.82
−10
0.5
−5
5
−0.5
Representación grá ca 8. y x3 3x2 1, cuando x 1
y 6
dy dx
= y′ =
d dx
x3 − 3
d dx
x2 +
4
y′ = 3 x 2 − 6 x
′
2
θ = 63°26′5.82′′
−1 −2
1
2
()
2
()
y = m = 3 1 −6 1 m = −3 m tan arctan m arctan 3 71°33.18
x
−2
80
d dx
1
10
x
2x
2 x
−1
UNIDAD 3 Derivación de funciones
179°59′60 ′′ −71°33′0.18′′ 108°265982
=
θ =
=
Representación grá ca
y′ =
y
6 − 2x + 2x + 1 (3 − x )2
7 (3 − x )2
7 (3 − x )2
y′ = m =
4
θ = 108°26′59.82′′
7 (3 − x )2
m=7
2
−1
1
2
m tan arctan m arctan 7 81°5211.63
x
3
−2
Representación grá ca
9. y x2 1, cuando x 3
d d dy = y′ = x 2 − 1 dx dx dx
y
y′ = 2 x
12
y′ = m = 2 (−3)
10
m = −6 m tan arctan m arctan 6 80°32.64
8
6
2
−6
−4
−2
2
−2
Representación grá ca
−4
y 10
8
θ = 99°27′44.36′′
11. y =
6
x2 a
, cuando x = a
4
dy 2
−3
10. y =
−2
2x + 1 3− x
dy dx
dx
−1
1
=
x
2
= y′ =
y′ = ,c uando x = 2
1 d
a dx
d dx
((2 x + 1)(3 − x)−1 )
(x 2 )
2x
a 2x
a
y′ = m =
= y′ =
θ = 81°52′11.63′′
4
179°59′60′′ θ = −80°32′15.64′ 99°2744.36
2a
a
m=2
d d = (2 x)+ 1 (3)−( x −) 1 + 2 x(+)1 3− x dx dx −1 (3 ) − ( 2(x ) 1) (3 −) x = 2− x + −
−2
−1 (2 x) 1) 3 = 2 (− 3 ) x+ + (−
−2
x
d
3 dx
−1
x
81
m tan arctan m arctan 2 63°265.82
4
6
8
101
2
x
3 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
Representación grá ca
1
1
2 2( +) 5 = (+ 5 )x+ x
y
x2
2
2
= 6
5+ x + x
1 −
2 ( 2 x)
2
1
(5 + x 2 )2 y′ =
4
5 + 2x 2 1
(5 + x 2 )2 θ = 63°26′5.82′′
2
5 + 2 (2)
y′ = m =
2
1
(5 + (2)2 )2 −6
−4
−2
2
4
6
8
m = 13 3
x
m tan arctan m
13 3
12. y 6x x2, cuando x 5
dy dx
= y′ =
d dx
(6 x ) −
θ = arctan
d ( 2) x dx
77°019.38
= 6 − 2x
Representación grá ca
y′ = 6 − 2 x
y
y′ = m = 6 − 2 (5)
10
m = −4 m tan arctan m arctan4 75°57 49.52
θ = 77°0′ 19.38′′
5
−3
−2
−1
6
x
2 d 1 (− x−)1 (6 x − )4 − 3 dx 6 x 3
4
1
179°59′60′′ θ = −75°57′49.52′′ 104°210.48
2
3
4
5
−5
−10
Representación grá ca
y
3
14. y =
8
d
6
dx
θ = 104°2′10.48′′
4
6x − 4
x
dy = y′ =
,c uando x = 2
d dx
( x−1 (6 x − 4)13 )
d = x −1 (6 x )− 4 dx
2
1
2
3
4
5
6
789
10
x
) 4 = −x − −2 (6 x +
1 3
= −x −2 (6−x
1 3
−2
=
d = x (5 +) dx
(5) =+
1 +x 2 2+
y′ = x 2 (6 x − 4)23
)
() x 2
2
4 − 4x
1 x2 2
1
1 −1 (− x )(6 x 3
−6 x + 4 + 2 x
1
(
1 d + (x−1) 6 x − 4 3 dx
x 2 (6 x − 4 ) 3
13. y = x 5 + x 2 , cuando x = 2
d dy 2 2 dx = y′ = dx x (5 + x )
)4 +
1 3
d +( x ) 5 + dx 1 − 5( )+x 2 2
d
1 x 2 2
5 dx
y′ = m =
x 2
m=−
82
1 4
4 − 4 ( 2) 2
( 2) 2 ((6 )2 − 4)3
4
2 − 3
6
UNIDAD 3 Derivación de funciones
179°59′60′′ −2°0 ′44.43′′
m = tan θ
θ=
θ = arctan m
1 θ = arctan− 4
θ = 177°59′15.57′′
θ = −14°2′10.48′′
Representación grá ca
y
179 °59 60 ′ ′′ θ= −14°2′10.48′′
θ = 177°59′15.57′′
6
θ = 165°57′49.52′′
4
Representación grá ca
2
y 12
−4
−2
2
10
4
6
8
10
x
12
−2
8
θ = 165°57′49.52′′
6
−4
4 2
−4
−3
−2 −1 −2
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
111
2
−4 −6 −8 −10
x
II. Determina la ecuación de la recta tangente a las siguientes curvas en al punto dado y construye la gráfica correspondiente. 1. y 3x x3; P2,2
−12
dy 15. y =
x2 + 1 x
dx
= y′ = 3
,c uando x = 3
d dx
d
x−
dx
y′ = 3 − 3 x 2 2
y′ = m= −3 dy
= y′ =
dx
( x− ( x
d
1
2
1
+ 1)2
)
1
1 2
= −x−2 ( x+2 )+1 2
=
−x − 1 + x x 2 ( x 2 + 1)
1 d 1 (+ x−)1 (x2 + )1 −2 x2 dx 2
1 2
1
( + x)−1 x 2 2
1
1
y + 2= − 9(− x 2) y + 2= − 9 x+ 18
9 x + y − 16 = 0
−1
2 ( 2 x)
Representación grá ca
2 y
1 2
y
= −
9x
1
+
(3) (( )3 2
2
16
3x − x3 10
1
y′ = m =
30
20
x ( x 2 + 1)2 2
9
y − y1 = m ( x − x1 ) Así,
1
y′ = −
+ 1)
P = (2,−2)
1 2 −3
m=−
3(= 2)−
La ecuación de la recta se determina por la fórmula:
dx 1 1 d 2 d = x −1 ( x 2 )+ 1 2 + x( −1 ) x + 1 2 dx dx
) = −x− +2 ( x 2 +
x3
−2
−1
1
1
2
3
−10
9 10
m = tan θ 3
θ = arctan m
2
2. y x 2x x; P1,2
1 9 10
dy
θ = arctan−
dx
θ = −2°0′44.43′′
d 3 d 2 d x +2 x − x dx dx dx y′ = 3 x 2 + 4 x − 1
= y′ =
2
(3 ) 1+( −) 4 − 1= −1 y′ = m= −
83
2
4
x
3 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
La ecuación de la recta se determina por la fórmula:
y − y1= − m (−x
La ecuación de la recta se determina por la fórmula:
x1 )
y − y1 = m ( x − x1 )
y − 2= − 2 (+ x 1)
Así,
y − 9 = 18 ( x − 1)
Así,
y − 2= − 2 x− 2
y − 9 = 18 x − 18
2x + y = 0
−18 x+ +y =9
0
Representación grá ca Representación grá ca
y y
15 10
2x + y = 0
P = (−1,2) −3
−2.5
−2
−1.5
−1
1
9x2
y = 18x − 9
5
−0.5
1.5
0.5
1
1.5
x
2
1
−5 3
2
x + 2x − x
0.5
−2
−1
dy
= y′ = 3
d dx
x2 + 4
d dx
x−
d dx
x
3
5. y 3 3x x3; P1,1
)1 (=)4 1 = 6(+ y′ = m
10
dy dx
La ecuación de la recta se determina por la fórmula:
= y′ =
d dx
3+3
y′ = 3 − 3 x
y − y1 = m ( x − x1 )
′
d dx
x−
y − 5 = 10 x − 10
d dx
x3
2
(
)2
3 −3 = 1 y == m −
y − 5 = 10 ( x − 1)
−10 x+ +y =5
2
2
y′ = 6 x + 4
Así,
1
−0.5
3. y 3x2 4x 2; P1, 5
dx
P = (1,9)
−10
0
La ecuación de la recta se determina por la fórmula:
0
y − y1 = m ( x − x1 ) Representación grá ca
Así,
y
y − 1 = 0 ( x + 1) y −1 = 0
20
3x2 + 4x − 2 10
−3
−2.5
−2
−1.5
−1
−0.5
Representación grá ca
P = (1,5) 0.5
1
1.5
2
y
x
−10 10
−10x + y = −5
−20
3 + 3x − x3
−30
8
6
4
4. y 9x2; P1, 9
P = (−1,1) 2
y=1
dy d = y′ = 9 x 2 dx dx
−2
y′ = 18 x
−1
1
−2
y′ = m = 18 (1)
84
2
3
x
UNIDAD 3 Derivación de funciones
Representación grá ca
6. y x3 x; P2,10
y
dy d 3 d = y′ = x + x dx dx dx y′ = 3 x 2 + 1
2
2 − 3( + 2)
= y′ = m
1
y = −0.13x + 0.75
1.5
La ecuación de la recta se determina por la fórmula: 1
y − y1 = m ( x − x1 ) y + 10 = 13 ( x + 2 )
Así,
−13 x+ −y = 16
P = (2,0.5)
0.5
y + 10 = 13 x + 26
1 1
(2 x ) 2
0 −10
−5
Representación grá ca
5
10
15
−0.5
y
10
8. y =
y = 13x + 16
−2
−1
1
x
dy dx
= y′ = 4
−10
d dx
( x − 1)−1 −2
y′ = −4 ( x − 1)
P = (−2,−10)
2 y′ = m= − 4 (−
−20
x3 + x
4 ; P (2,4 ) x −1
−2
1)= −
4
La ecuación de la recta se determina por la fórmula:
y − y1 = m ( x − x1 ) 7. y =
dy dx
1 2x
; P (2,0.5)
= y′ =
d
Así,
y − 4= − 4 x+ 8
1
dx
(2 x )− 2
1
= − (2)x
−3 2
2
y − 4= − 4 (− x 2)
4 x + y − 12 = 0
d dx
( ) 2x
Representación grá ca
−3
y′ = −(2 x )
y
2 3 )−
2 − y′ = m= − (4 =
1 30
8 y = −4x + 12
La ecuación de la recta se determina por la fórmula:
20
y − y1 = m ( x − x1) Así,
1 1 y − = − (− x 2 8 1 1 y− =− + x 2 8
1
3
8
4
− x+ + y=
10
2)
P = (2,4)
1 −4
4
−2
2
−10
0
4 x −1
85
4
x
x
3 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
Representación grá ca
9. y x2 2x 1; P3,4
dy dx
= y′ =
d dx
d
2
x +2
dx
x+
d dx
y
1
y′ = 2 x + 2
4
) =− y′ = m= 2−( +32
1
4 2
La ecuación de la recta se determina por la fórmula:
y − y1 = m ( x − x1 ) Así,
( x + 1)2
P = (3,2)
−5
y − 4= − 4 (+ x 3) y − 4= − 4 x− 12
5
y = 0.25x + 1.25
10
x
−2
4x + y + 8 = 0
Representación grá ca
11. y = 3 x 2 − 2; P (3,5)
dy
y
dx
x2 + 2x + 1
= y′ =
d dx
1
(3 x 2 − 2)2
1 1 ) 2 (− 2 d) 3 x 2 − 2 = (3 x 2 −
30
dx
2
y = −4x − 8
1 1 y′ = (3 x 2 − 2)2 6 x 2
20
2
P = (−3,4) −6
−4
−1
y′ = m = 3(3) (3( )3 − 2)
10
2
=
9 5
La ecuación de la recta se determina por la fórmula: −2
2
4
x y − y1 = m ( x − x1)
−10
Así,
9 y − 5 = ( x − 3) 5
y−5 = 10. y =
x + 1; P(3,2) 9
2
5
5
− x+ +y = dy dx
= y′ =
d dx
1
y − y1 =
1 4
1 (3x 2 − 2) 2
3
2
y = 1.8x − 0.4
1
1 3 y−2 = 4 x − 4 5
P = (3,5)
4
( x − x1 )
y − 2 = ( x − 3) 4
4
5
0
5
1
x + y+
27
y
La ecuación de la recta se determina por la fórmula:
4
x−
Representación grá ca
1 −1 y′ = m = (3 + 1) 2 2
1
5
( x + 1) 2
1 −1 y′ = ( x + 1) 2 2
Así,
9
−1.4−1.2 −1−0.8−0.6−0.4−0.2
=0
86
0.2 0.4 0.6 0.8 1 1.2 1.4 1.6 1.8 2 2.2 2.4 2.6 2.8 3
x
UNIDAD 3 Derivación de funciones
Representación grá ca
3
1 12. y = x − ; P (1,0 ) x
1
( x 2 + 2 x + 1) 2
3 d = y′ = ( x − x−1 )2 dx dx
dy
P = (3,4)
dx
3 y′ = ( x − 2
3 x()−1 2
3
)x − x−1
3
−1
y′ = = m −( 2 ()1 ()() 1+
5
4
3 d 3 = ( x − x)−1( 2 ) x − x−1
2
y
y=x+1
2
3
−2
)2 ()1
1
1 −6
La ecuación de la recta se determina por la fórmula:
−4
−2
2
4
x
−1
y − y1 = m ( x − x1 ) Así,
y = 0 ( x − 3) y=0
Representación grá ca
dy dx
y
1
; P 2,
( x + 2)2
1
16
d
−2 = y′ = + ( x ) = 2 − (+ )2 x(
dx
2 y′ = m= − 2 (+
y − y = − m −x P = (1,0)
2
4
1
x
−1
(
1 1 (x − y− =− 16 32 1 1 +x y− =− 16 32
1
dy dx
32
x 2 + 2 x + 1; P (3, 4 )
= y′ =
d dx
1 2 2
(+( x ) =1 +) (
x
2
1
−3
2)= −
32
La ecuación de la recta se determina por la fórmula:
Así,
13. y =
d dx
y′ = −2( x + 2)
1
−2
−3
)+ 2
−3
2
3 2 x − 1 x
1
14. y =
d ) x dx
x + y−
1 8
x 1
)
2) 1 16
=0
Representación grá ca 1
y
y′ = 1
0.6
y′ = m = 1
y = −0.03x + 0.13 0.4
La ecuación de la recta se determina por la fórmula:
Así,
0.2
y − y1 = m ( x − x1 )
1
y − 4 = 1( x − 3)
( x + 2)2
y−4 = x −3
−x+ −y =1
−8
0
P = (2,0.06) −6
−4
−2
2
−0.2
87
4
x
3 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
Para determinar los puntos de tangencia se sustituye el valor de x en la ecuación de la curva y x3 x, decir:
3
1 2 15. y = x + ; P (1,8 x dy dx
) 3
d
dx
la recta paralela m 4 , se determina la ecuación de la recta tangente a la curva dada.
3 1 1 y′ = m = 1 − 2 + 1 = 0 2 1 1 La ecuación de la recta se determina por la fórmula:
16
y − y1 = m ( x − x1 )
y − y1 = m ( x − x1 )
y + 2 = 4 ( x + 1)
y − 2 = 4 ( x − 1) y − 2 = 4x − 4
y + 2 = 4x + 4
y − y1 = m ( x − x1 ) y−
y = (1) + 1 = 2
Con los puntos de tangencia y la pendiente de la ecuación de
3 1 1 y′ = x + 1 − 2 2 x x
Así,
3
− )3− = 1− 2 y = (1
1 2
1
Para x = 1
Para x = −1
1
1 2 3 1 2 d x + 1 x + = x + 2 x x dx x
= y′ =
−4 x+ − y =2
= 0 ( x − 1)
−4 x+ + y =2
0
0
Representación grá ca
y− 8 = 0
y 6
Representación grá ca
y
4
4x
+
y
=
2 2
−
4x
+
y
=
−
−
10
x+
2 3
2
B = (1,2)
x
8
−1
−0.5
A = (−1,−2)
6
4
y = 2.83
4x
1
1.5
x
−
y
=
0 −4
x3 + x
p = (1,2.83)
2
0.5
−2
2. y x3 5; recta paralela 12x y 17 0 0.5
1
1.5
2
2.5
x dy dx
III. En las siguientes curvas encuentra los puntosde tangencia, la ecuación de la recta tangente que sea paralela a las rectas dadas y construye la gráfica correspondiente.
dy
= y′ =
d dx
x+3 =
d dx
x+ 3 x 2
d dx
x3 +
y′ = m = 3 x
12 A = 12 m =− =− −1 B Así,
Cuando dos rectas son paralelas sus pendientes son iguales, por lo tanto, la pendiente de la recta 4 x y 0 es:
A m =− =− B
4
3 x 2 = 12
x2 = 4
Al pespejar,
=4
x = 4 = ±2
−1 Para determinar los puntos de tangencia se sustituye el valor de x en la ecuación de la curva y x3 5, es decir,
3x 2 + 1 = 4 Al pespejar,
5 = 3x 2
2
Cuando dos rectas son paralelas sus pendientes son iguales, por
1
y′ = m = 3 x 2 + 1
Así,
d dx
lo tanto, la pendiente de la recta 12 x y 17 0 es:
1. y x3 x; recta paralela 4x y 0
dx
= y′ =
Para x = −2
3x 2 = 3
Para x = 2 3
y = (− 2)+ =5 − 3
x = 1 = ±1
88
3
y = (2) + 5 = 13
UNIDAD 3 Derivación de funciones
Con los puntos de tangencia y la pendiente de la ecuación de la recta paralela m 12 , se determina la ecuación de la
Para determinar los puntos de tangencia, se sustituye el valor de x en la ecuación de la curva y = 5 − 5 x 2 , es decir,
recta tangente a la curva dada.
y − y1 = m ( x − x1 )
y − y1 = m ( x − x1 )
y + 3 = 12 ( x + 2)
y − 13 = 12 ( x − 2)
y + 3 = 12 x + 24
Para x = −
3 2
2 5 y = 5 − 5 − = 3 3
y − 13 = 12 x − 24
−12 x+ −y = 210
2
Con los puntos de tangencia y la pendiente de la ecuación de la
−12 x+ +y = 110
recta paralelam 2, se determina la ecuación de la recta tangente Representación grá ca
a la curva dada.
y 1
20
y
1 2
y x
−
x
1
=
+
5 2 y − = 2 x + 3 3
+
5 4 y − = 2x + 3 3
2
−
15
2x y 3 0
B = (2,13)
2 1
1
10
y x
5
−2
=
y − y1 = m ( x − x1 )
1
−
1
−1
1
7
Representación grá ca
=
−
y
2
2
3
x
4
A = (−2,−3)
2
2x − y = −3 −2x + y = 3
−10
A = (−0.67,−1.67) 1
(−5x2+5)2
x3 + 5 −1
−0.8
−0.6
−0.4
−0.2
0.2
0.4
0.6
0.8
1
x
2
3. =y−
5
dy dx
5 x ; recta paralela 2x − + =
= y′ =
d
y
1
3
0
1
−(5 = 5)x 2−(2
) 5(−5 x)2
dx
2
1
1 − 2
d dx
5
5x 2
4. y = 18 − 9 x 2 ; recta paralela 3x y 6 0
dy
1 − = (5 − 5 x 2 )2 (−10 x )2 1
dx
2
5x
y′ = m = −
= y′ = y′ =
5 − 5x 2
d dx 1 2
1
) 18( − 9 x)2
2
1 −
− (18 − 9 x 2 )2 (18
y′ = m = −
Cuando dos rectas son paralelas sus pendientes son iguales, por
1
− (18 =9)x 2−(2
lo tanto, la pendiente de la recta 2 x y 3 0 es:
1 − 2
d 18 dx
9
x2
x)
9x 18 − 9 x 2
Cuando dos rectas son paralelas sus pendientes son iguales, por 2 A =2 m =− =− −1 B
lo tanto, la pendiente de la recta 3 x y 6 0 es: 3 A =3 m =− =− −1 B
Así, 5x
Al pespejar,
1 4
=
5 5x 2
5 − 5x 2 25 x 2
=
=
Así,
2
1 5x2
−
−
1 5
4
=
Al pespejar,
18 − 92x = 2 2 − 1 = 1 81x 9x 9 9 2
1
9x2
x2
x =−
=3 2
9 1 = 2 20 5x 9
9x 18 − 9 x 2
=
2 9
x2 = 1
2
x = −1
3
89
3 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
Para determinar los puntos de tangencia se sustituye el valor de
Representación grá ca
x en la ecuación de la curva y = 18 − 9 x 2 , es decir, y 10
Para x = −1
− x2 + 3
y = 18 − 9 = 3 −10
Con los puntos de tangencia y la pendiente de la ecuación
−8
−6
−4
y − y1 = (mx − x1 )
−3 x+ − y =6
−
0
Representación grá ca 6. y =
y 6
dy dx
4
A = (−1,3)
0.2 0.4 0.6 0.8
1
1.2 1.4
x
d
d
dx
=x 2−
4
x
−
y
=1 −30
4
= y′ =
1 d 2 dx 2 3 2
3
x2 3
x2 2
x
3
2
Cuando dos rectas son paralelas sus pendientes son iguales, por lo tanto, la pendiente de la recta 3 x 2y 24 es:
5. y 3 x2; recta paralela 4x y 14 0
dx
+
y=
y′ = m =
1
= y′ = − 3
x 4
=
−1.8 −1.6 −1.4 −1.2 −1 −0.8 −0.6 −0.4 −0.2
dy
x
x3 ; recta paralela 3x 2y 24 0 2
2
(− 9x2+18)2
dx
6
−20
7
y − 3 = 3 ( x + 1) y − 3 = 3x + 3
−3x + y = 6
4
−10
tangente a la curva dada.
3x − y = −6
2
−2
A = (−2,−1)
de la recta paralela m 3, se determina la ecuación de la recta
A 3 3 m =− =− = B −2 2
2x
y ′ = m = −2 x
Así,
Cuando dos rectas son paralelas sus pendientes son iguales por lo tanto, la pendiente de la recta 4 x y 14 0 es:
A m =− =− B
4
−1
Al despejar,
=4
2
x
3
2
=
3 2
x=2
Para determinar los puntos de tangencia se sustituye el valor de Así,
−2 x = 4 x = −2
Al despejar
x3 , es decir, 2
x en la ecuación de la curva y = Para x = 2
Para determinar los puntos de tangencia se sustituye el valor de
y=
23
x en la ecuación de la curva y 3 x2, es decir,
=2
Con los puntos de tangencia y la pendiente de la ecuación 3 de la recta paralela m = , se determina la ecuación de 2 la recta tangente a la curva dada.
Para x = −2 2 y = 3− ( 2)= −
2
1
Con los puntos de tangencia y la pendiente de la ecuación de la recta paralela m 4, se determina la ecuación de la recta
y − y1 = m ( x − x1 )
tangente a la curva dada.
y − 2 = 3 ( x − 2) 2
y − y1 = m ( x − x1 ) y + 1 = 4 ( x + 2)
y−2 =
y +1 = 4x + 8
−4 x+ − y =7
3
− x+ + y =1
0
2
90
3 2 0
x −3
UNIDAD 3 Derivación de funciones
Representación grá ca
Representación grá ca
y
4
x2 + 2x −3
1 x3 2
15
y 35
x
+ y
=
2
2 4
10
30 3
x
25
+ y
= −
1
5
20 2
15
A = (2,2) 10
−2
2
4
6
8
1
x
−
x+ 1.5
A
y = −5
−
=
−8
5
(− 3,0 ) −6
−4
−2
−10
3x
−
2y
=
2
x
4
−5
24 −10
−15
8. y x4 3x2 2; recta paralela 2x y 4 0
dy
7. y x2 2x 3; recta paralela 4x y 23 0
dx dy dx
= y′ =
d dx
x+2
d d 2− x= + 3 dx dx
= y′ =
d dx
d d 3 + x 2= − 2 dx dx
x4 −
4 x3
6x
y′ = m = 4 x 3 − 6 x 2x
2 Cuando dos rectas son paralelas sus pendientes son iguales, por
y′ = m = 2 x + 2
lo tanto, la pendiente de la recta 2 x y 4 0 es:
A 2 m = − = − =− B 1
Cuando dos rectas son paralelas sus pendientes son iguales, por lo tanto, la pendiente de la recta 4 x y 23 0 es: Así,
A 4 m = − =− = − 4 1 B
4 x 3 − 6 x = −2 Al despejar, 4 x 3 − 6 + x =2 − ( x
Así,
x = −3
Para determinar los puntos de tangencia se sustituye el valor de x en la ecuación de la curva y x2 2x 3, es decir, Para x = −3 2
y = (− )3 + ( − 2) −33=
)(4 − 1+ x2
4x
2)
−1 + 3 −1 − 3 = ( x − 1) x − x − 2 2
2 x + 2 = −4 Al despejar,
2
Para determinar los puntos de tangencia se sustituye el valor de x en la ecuación de la curva y x4 3x2 2, es decir,
Para x = 1 0
4 2 1 = 2 y = (1) − (3) +
Con los puntos de tangencia y la pendiente de la ecuación de la recta paralela m 4, se determina la ecuación de
Para x =
0
−1 + 3 2
−1 + 3 4 −1 + 3 2 y = − 3 + 2 = 1.616 2 2
la recta tangente a la curva dada.
y − y1 = m ( x − x1 ) Para x =
y = −4 ( x + 3) y = −4 x − 12
−1 − 3 2
−1 − 3 4 −1 − 3 2 − 3 + 2 = −0.116 2 2
y =
4 x + y + 12 = 0
91
3 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
Con los puntos de tangencia y la pendiente de la ecuación
Para determinar los puntos de tangencia se sustituye el valor de
de la recta paralela m 2, se determina la ecuación de
x en la ecuación de la curva y x3 x, es decir,
la recta tangente a la curva dada. Para x = 1
y − y1 = m ( x − x1 ) y = −2 ( x − 1) y = −2 x + 2
(= ) −( y)+− =1−3
2
1
2
Con los puntos de tangencia y la pendiente de la ecuación
m 4 , se determina la ecuación de
de la recta paralela
2x + y − 2 = 0
la recta tangente a la curva dada.
y − y1 = m ( x − x1 ) ( x 0.366) y − 1.616= − 2− y − 1.616= − 2 +x 0.732
y − 1.616= − 2 +x
x= 1−
Para 3
y =)(1)(+ =1
y − y1 = m ( x − x1 )
0.732
2 x + y − 2.348 = 0
y − y1 = m ( x − x1 )
y − 2 = 4 ( x − 1)
y + 2 = 4 ( x + 1)
y − 2 = 4x − 4
y + 2 = 4x + 4
−4 x+ + y =2
−4 x+ − y =2
0
0
y − y1 = m ( x − x1 )
(x y + 0.116 = − 2+
1.366)
y + 0.116= − − 2x
Representación grá ca
2.732
y
2 x + y + 2.848 = 0
x3 + x
10
Representación grá ca 5
y
2
(1,2)
x
+
3
y
= 2
−3
−2
−1
(−1,−2)
2
x y
2
=
x
−
+ y
=
(0.37,1.62)
−15
1.5
x4 − 3x2 +2
−4
1 (−
−2.5
−2
−1.5
.3
7
.1 0 ,−
2
−4x + y = −2
)
1
x
+ y
0.5
=
(1,0)
−1
−0.5
0.5
2 .3
1
4x − y = 17 5
1.5
x 10. y =
dy dx
9. y x3 x; recta paralela 4x y 17 0
dx
= y′ =
d dx
x+3 =
d dx
−20
2
−0.5
dy
x+ 3 x 2
1
x
; recta paralela x 2y 6 0
= y′ =
d dx
x
−1 2
=
1 2
x
−3 2
1 −3 y′ = m = − x 2 2
1
y′ = m = 3 x 2 + 1
Cuando dos rectas son paralelas sus pendientes son iguales, por lo tanto, la pendiente de la recta x 2y 6 0 es:
Cuando dos rectas son paralelas sus pendientes son iguales, por 1 A m = − = − =− B 2
lo tanto, la pendiente de la recta 4 x y 17 0 es:
A m =− =− B
4
−1
=4 Así,
Así,
1
− x
−3 2
2
3x 2 + 1 = 4 Al despejar,
x
−10
−4x + y = 2
2 2 .8 5
2
−5
2.5
+
−3
1
x2 = 1
Al despejar,
x
−3 2
=− =1
x =1
x = ±1
92
1 2
1 2
UNIDAD 3 Derivación de funciones
Para determinar los puntos de tangencia se sustituye el valor de
Por lo tanto, las coordenadas de los puntos de intersección entre
x en la ecuación de la curva y x3 x, es decir,
las curvas son P2,4 y Q1,1 .
Para x = 1
Para P2,4 1
− y = (1) 2 = 1
Con los puntos de tangencia y la pendiente de la ecuación 1 de la recta paralela m =− , se determina la ecuación de 2 la recta tangente a la curva dada.
y − y1 = m ( x − x1 ) y − 1= − y − 1= − 1 2
x + y−
3 2
1 2 1 2
(− x 1)
y= x+2 y′ = 1
2x y′ = m= = 1
θ = arctan m
θ = arctan (4 )
θ = arctan (1) θ = 45°
y − y1 = m ( x − x1 ) y − 4 = ( x − 2)
y − 4 = 4 ( x − 2)
=0
−x+ −y = 2
y − 4 = 4x − 8
x + 2y = 6
1 2
m2 = 1
y − y1 = m ( x − x1 )
2
Representación grá ca x
y ′ = m2 = 1
4
θ = arctan m
−4 x+ + y =4
y
=2 (2)
m1 = 4
θ = 75°57′52′′
1
+ x
y = x2 y′ = 2 x
0
0
Dado que m1 4 y m2 1, se emplea la fórmula para determinar
2
el ángulo entre dos curvas:
0.5x + y = 1.5 1.5
1
tan θ =
(1,1)
1
1− 4 1+ 4
=−
3 5
θ = −30°57′49.52′′
x
2345
179°59′60 ′′ − 30°57′49.52′′
−0.5
θ=
θ = 149°2′10.48′′
IV. En los siguientes prob lemas encuentra: a) Las coordenadas de los puntos de int ersección del par de curvas dado. b) La pendiente y el ángulo de inclinación de la tangente a cada curva. c) El ángulo formado por las tangente s en cada punto de intersección.
Para Q1,1
y = x2
y= x+2
y′ = 2 x
y′ = 1
= y′ = m1= 22 x − (= 1−) m1 = −2
1. y x2
θ = arctan (−2 )
yx2
′ 82′′ θ = −63°265. Al resolver el sistema, se tiene:
179°59′60′′ θ= − 63°26′5.82′′
x2 = x + 2 x2
=
3 θ = arctan− 5
0.5
−1
m2 − m1 1 + m1m 2
− x− =2 − ( x
+ 2)( x
1)
θ = 116°33′ 54.18′′
x = 2, −1
y − y1 = m ( x − x1 )
Al sustituir los valores en cualquiera de las ecuaciones resulta:
)1 (= ) − 1=2 y (−
y − 1= − 2 (+ x 1) y − 1= − 2 x− 2
y ( 2) = 2 2 = 4
2x + y + 1 = 0
1
93
2
y ′ = m2 m2 = 1 θ = arctan (1) θ = 45°
y − y1 = m ( x − x1 ) y − 1 = ( x + 1)
−x+ −y = 2
0
3 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
Dado que m1 2 y m2 1, se emplea la fórmula para determinar el ángulo entre dos curvas: tan θ =
m2 − m1 1 + m1m 2
y = −2 x y′ = −2
=
1+ 2 1− 2
y ′ = m 2 = −2
= −3
m2 = −2
θ = arctan (−3)
θ = arctan (−2 )
θ = −71°33′ 54.18′′
θ = −63°26′5.82′′
179°59′60′′ − 71°33′54.18′′
θ=
θ = 116°33′54.18′′
y − y1 = m ( x − x1 )
θ = 108°26′5.82′′
y + 2= − 2 (− x 1)
Representación grá ca
2x + y = 0 −4x + y = −4
2x + y = −1
y y = x2 6
θ
=
6 .9 30
Dado que m1 0 y m2 2, se emplea la fórmula para deter-
°
minar el ángulo entre dos curvas: tan θ =
4
(2,4)
m2 − m1 1 + m1m 2
=
−2 1
= −2
θ = arctan (−2) 2
(−1,1)
′ 82′′ θ = −63°265.
θ = 108.43°
−5 −4 −3 −2 −1
1
23456
θ = 116°33′54.18′′
x
y=x+2
Para Q1,2
2. y = x 3 − 3 x
y = x3 − 3x
y = −2 x
y′ = 3 x 2 − 3
Al resolver el sistema, se tiene:
2
1) y′ = m1= 3 x−2 = 3 − 3(− =
x 3 − 3 x = −2 x
m1 = 0
x3 − x = 0
θ = arctan(0)
x = ±1,0
θ=0
Al sustituir los valores en cualquiera de las ecuaciones resulta:
y − 2 = 0 ( x − 1)
) = −(2 ) 1= − 2 y (1 )= 1 y (−)1=−(−2
y−2 = 0
2
y (0) = −(2) 0 = 0
y = −2 x
Por lo tanto, las coordenadas de los puntos de intersección entre las curvas son P1,2, Q1,2 y R0,0
y′ = −2 y ′ = m 2 = −2
Para P1,2
m2 = −2
y = x 3 − 3x
θ = arctan (−2 )
y′ = 3 x 2 − 3 y′ = m =1
y − y1 = m ( x − x1 )
3− x 2= 3
θ = −63°26′5.82′′ 2 − 3(= 1)
3
0
θ = 116°33′54.18′′
m1 = 0
y − y1 = m ( x − x1 )
θ = arctan(0)
y − 2= − 2 (+ x 1)
θ=0
2x + y = 0
y − y1 = m ( x − x1 ) y + 2 = 0 ( x − 1) y+2= 0
94
3
0
UNIDAD 3 Derivación de funciones
Dado que m1 0 y m2 2, se emplea la fórmula para deter-
Representación grá ca
minar el ángulo entre dos curvas:
y 3x + y = 0
y = −2x
tan θ =
m2 − m1 1 + m1m 2
=
−2 1
4
= −2
3
θ = arctan (−2)
2
y=2
θ = 63.43°
(−1,2)
′ 82 ′′ θ = −63°265.
1
(0,0)
′′ 54.18 ′′ θ = 116°33
−2.5
−2
−1.5
−1
−0.5
0.5
Para R0,0
1
1.5
γ = 8.13°
−1
2
x
(1,−2)
y = −2 −2
θ = 63.43°
y = x3 − 3x −3
y′ = 3 x − 3 2
y′ = m =1
2
3− x2 = 3
)− 3 3−(0=
3 3. y = x 2 − 1
m1 = −3
y = 1− x 2
θ = arctan (−3)
Al resolver el sistema, se tiene:
θ = −71°33′ 54.18′′ θ = 108°26′5.82′′
x 2 −1 = 1− x2
y − y1 = m ( x − x1 )
2x2 = 2
x = ±1
y = −3 ( x ) 3x + y = 0
Al sustituir los valores en cualquiera de las ecuaciones resulta:
y = −2 x
2
y (± −= ) 1(=) ± 11
0
y ′ = −2 Por lo tanto, las coordenadas de los puntos de intersección entre
y ′ = m = −2
las curvas son P1,0 y Q1,0
2
m 2 = −2
Para P1,0
θ = arctan (−2 ) θ = −63°26′5.82′′
y = x2 −1
y = 1− x2
θ = 116°33′ 54.18′′
y′ = 2 x
y′ = −2 x
y′ = m= = 2x 1
y − y1 = m ( x − x1 )
=2 (1)
y′ = m2 = −2 (1)
2
m2 = −2
m1 = 2
y = −2( x ) 2x + y = 0 Dado que m1 3 y m2 2, se emplea la fórmula para determinar el ángulo entre dos curvas:
θ = arctan (2)
θ = arctan (−2 )
θ = 63°26′5′′
θ = −63°26′5.82′′
y − y1 = m ( x − x1 )
θ = 116°33′ 54.18′′
y = 2 ( x − 1) tan θ =
m2 − m1 1 + m1m 2
=
y − y1 = m ( x − x1 )
y − 2x + 2 = 0
1
y = −2( x − 1)
7
2x + y − 2 = 0
1 θ = arctan 7
Dado que m1 2 y m2 2, se emplea la fórmula para determinar el ángulo entre dos curvas:
θ = 8°7′48.37′′ tan θ =
m2 − m1 1 + m1m 2
4 θ = arctan 3 θ = 53°7′48′′
95
=
−4 4 = −3 3
3 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
Al sustituir los valores en cualquiera de las ecuaciones resulta:
Para Q1,0
y = x2 −1
y = 1− x2
y′ = 2 x
y′ = −2 x
) y′ = m1= 22 = x − (=1−
y (3) =
m2 = 2
θ = arctan (−2 )
θ = arctan (2 )
θ = −63°26′5′′
θ = 63°26′5′′
θ = 116°33′54′′
y=
y = 2 ( x + 1)
−2 x+ − y =2
y = −2 ( x + 1)
y′ =
0
6x − 9
minar el ángulo entre dos curvas:
m2 − m1
9 4
3 2
x+
6 3
4
2
4 θ = arctan − 3
y− y−
θ = −53°7′48′′
9 4
4
x 2 3 2
θ = 56°18′35′′
3
θ = 116°33′ 54.18′′
2
9 x+ +y = 2 4
x2
3 θ = arctan 2
= ( x − 3)
3
=0
y ′ = m2 =
y − y1 = m ( x − x1 )
−3
4
y′ =
θ = 56°18′35′′
=
9
y=
4
3 θ = arctan 2
Dado que m1 2 y m2 2, se emplea la fórmula para deter-
1 + m1m 2
y−
4
y′ = m1 =
y + 2x + 2 = 0
tan θ =
=
9 Para P 3, 4
y − y1 = m ( x − x1 )
y − y1 = m ( x − x1 )
4
Por lo tanto, las coordenadas del punto de intersección entre las 9 curvas es P 3, . 4
y′ = m2= − 2−( 1)
2
m1 = −2
(3)2
y − y1 = m ( x − x1 )
0
θ = 143°7′48′′
y−
Representación grá ca
9 4
3
9
2
4
− x+ +y =
3
= ( x − 3) 2
0
y 2x
−4 +
=
2x
+
3
y
2
3
Si m1 = 2 y m2 = 2 , entonces al emplear la fórmula para determinar el ángulo entre dos curvas:
−3
−2 y
=
tan θ =
−
2
−1
(−1,0) −2
−1.5
y = −x2 + 1 θ = 126.87°
−1
−0.5
y = x2 −1
−0.5
(1,0) −1
θ = 126.87° −1.5
2x
+
=0
θ = arctan (0 )
x
θ=0
−1
y=
m2 − m1 1 + m1m 2
2 −2
Representación grá ca
−
2
+ 2x
y=
−
−3
y
−
15
−4
10
4. y =
y=
6x − 9
y = 0.25x2
4
x2 4
−6
4
−2
y = 1.5x − 2.25
=
x2
−10
4
6x − 9 = x2 (x x 2 − 6 x+ = 9 −
2 3)
x=3
96
(3,2.25) −2
−5
Al resolver el sistema, se tiene: 6x − 9
−4
5
−4
−6
−8
−10
x
UNIDAD 3 Derivación de funciones
5. y = x 2
1 y m2 = 2 , se emplea la fór mula para deter2 minar el ángulo entre dos curvas: Dado que m1 =
y = 6x − x2 − 5 Al resolver el sistema, se tiene:
x 2 = 6 x − x2 − 5
tan θ =
2 x 2 − 65x + = 0
m2 − m1 1 + m1m 2
1 2=3 1+1 4
2−
=
3 θ = arctan 4
No existen valores para x que satisfagan la igualdad anterior, por lo tanto, no existen puntos de intersección.
θ = 36°52′11′′
Representación grá ca Representación grá ca
y
y
−6
−2x + y = −1
y = x2
6
−4 5
−2 4
−1 −2.5 −2 −1.5 −1 −0.5
0.5 1 1.5 2 2.5 3 3.5 4 4.5 5 5.5 6
x
3
°
−2 2
−4
θ
y = x2
y = −x2 + 6x − 5
1
−2
−1
x
1
y = 2 x 2 −1
x = x2
Al resolver el sistema, se tiene:
x = x4
x 2 + 3 = 2x2 −1
x =1
x2 = 4
Al sustituir los valores en cualquiera de las ecuaciones resulta:
x = ±2
y1 12 1 Por lo tanto, las coordenadas del punto de intersección entre las
Al sustituir los valores en cualquiera de las ecuaciones resulta:
curvas es P1,1
y(2 2(22 1 7
Para P1,1
Por lo tanto, las coordenadas de los puntos de intersección entre
y= y′ =
x 1 2
1 x−2
1 −1 1 y′ = m1 = 1 2 = 2 2
1 θ = arctan 2 θ = 26°33′ 54 ′
y − y1 = m ( x − x1 )
y = x2
las curvas son P(2,7 y Q(2,7 ,
y′ = 2 x
Para P(2,7
y′ = m2 = 2 (1) = 2 θ = arctan (2 )
′ ′′ θ = 63°265 y − y1 = m ( x − x1 )
y−
2
x−
2
y = x2 + 3
y = 2x 2 −1
y′ = 2 x
y′ = 4 x
= 2x y′ = m= 1 m1 = 4
=2 (2)
4
y ′ = m2 = 4 (2 ) m2 = 8
y − 1 = 2 ( x − 1)
−2 x+ +y =1
0
1 y − 1 = ( x − 1) 2 1
x
2345
7. y = x 2 + 3
Al resolver el sistema, se tiene:
1
1
x2
−1
−0.5x + y = 0.5
y = x2
7 .8 38
(1,1)
−6
6. y =
=
θ = arctan (4) θ = 75°57′49′′
θ = arctan (8) θ = 82°52′29′′
y − y1 = m ( x − x1 )
y − y1 = m ( x − x1 )
y − 7 = 4 ( x − 2)
=0
−4 x+ +y =1
97
0
y − 7 = 8 ( x − 2)
−8 x+ + y =9
0
3 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
Dado que m1 4 y m2 8, se emplea la fórmula para determinar
8. y = 4 x − x 2
el ángulo entre dos curvas:
y = 8− x2
m2 − m1
tan θ =
1 + m1m 2
=
4 33
4
=
Al resolver el sistema, se tiene:
33
4 x − x 2 = 8 − x2
4 θ = arctan 33
4 x − x 2 = 8 − x2
θ = 6°54 ′40 ′′
x=2 Al sustituir los valores en cualquiera de las ecuaciones resulta:
Para Q(2,7
y = x2 + 3
y = 2x 2 −1
y′ = 2 x
y′ = 4 x
y′ = m1= 22 = x − (=2−)
y ( 2) = 8 − 22 = 2 Por lo tanto, las coordenadas del punto de intersección entre las
y′ = m2 = 4 (−2)
4
m1 = −4
curvas es P2,2
m 2 = −8
θ = arctan (−4 )
θ = arctan (−8)
y = 4 x − x2
θ = −75°57′49′′
θ = −82°52′29′′
y′ = m1 = 2 x =
θ = 104°2′10′′
′ ′′ θ = 97°730
y − y1 = m ( x − x1 ) y − 7= − 4 (+ x
y − 7= − 8 (+ x
4x + y +1 = 0
4 − 2 ( 2)
2
4 ( 2) −( )2
2
=0
m1 = 0
y − y1 = m ( x − x1 )
2)
1
θ = arctan0
2)
θ=0
8x + y + 9 = 0
y − y1 = m ( x − x1 ) Dado que m1 4 y m2 8, se emplea la fórmula para de-
y − 2 = 0 ( x − 2)
terminar el ángulo entre dos curvas:
y−2 = 0
tan θ =
m2 − m1 1 + m1m 2
=
−4 33
=−
4 33
y = 8 − x2
4 θ = arctan− 33
y′ = −
2x
1
2 8 − x2
′ ′′ θ = − 6°5440 y ′ = m2 = −
θ = 173°5′ 19′′
18
x
16
y
= − x
x
−
14
y
=
+ =
−
10
−
θ = −45°
9
θ = 45°
8
12 y
+
1
9
4
= −1
θ = arctan (−1)
y +
2 (2)
2 8 − (2)2
m 2 = −1
Representación grá ca
8
1
x 4
+
y
=
−
y − y1 = m ( x − x1 ) y − 2= − 1(− x 2) x + y−4 = 0
−
1
(−2,7)
θ = 6.91°
8
θ = 6.91°
(2,7)
6 4
Dado que m1 0 y m2 1, se emplea la fórmula para deter-
y = x2 +3
minar el ángulo entre dos curvas:
2
2
y = 2x −1 −3 −2.5 −2 −1.5 −1 −0.5
0.5
1
1.5
2
2.5
tan θ = 3
3.5
−2
x
m2 − m1 1 = − = −1 1 + m1m 2 1
θ = arctan (−1) θ = −45° θ = 45°
98
UNIDAD 3 Derivación de funciones
Representación grá ca
Para Q(2, 2
y x+y=4
y = x2 − 2 y′ = 2 x
4
y′ = m1= 22 = x − (=2−)
θ
1
1
−3
−2
y′ = m2= − 4−( 2)
(4 x
−1
1 −x2 ) 2
1
=
3
θ = arctan (8)
θ = −75°57′49′′
4 5
°
2
m2 = 8
θ = arctan( − 4)
(2,2)
2
(8 − x 2 ) 2
y ′ = −4 x 4
m1 = −4
3
y=2
y = 10 − 2 x 2
5
4
x
θ = 82°52′30 ′′
θ = 104°2′10′′
y−y = m x −x
y − y1 = m ( x − x1 )
y − 2 = 8 ( x + 2)
−1
y − 2= − 4 (+ x
1
(
−8 x+ −y = 18
2)
)
0
y + 4x + 6 = 0 9. y = x 2 − 2 Dado que m1 4 y m2 8, se emplea la fórmula para deter-
y = 10 − 2 x 2
minar el ángulo entre dos curvas:
Al resolver el sistema, se tiene: tan θ =
x 2 − 2 = 10 − 2 x 2 3 x 2 = 12
=
12
−31
=−
12 31
12 31
θ = arctan −
x = ±2
θ = −21°9′40 ′′
Al sustituir los valores en cualquiera de las ecuaciones resulta: 2
m2 − m1 1 + m1m 2
y (± − = ) 2(=) ± 22
θ = 158°50 ′19′′
2
Por lo tanto, las coordenadas de los puntos de intersección entre
Representación grá ca
las curvas son P(2,2 y Q(2,2.
y
y = x2 − 2
Para P(2, 2 2
y = x −2
y
y′ = 2 x
= 10 − 2 x 2
4
x
+
x
y
y′ = −4 x
=
−
−
+
y
=2 (2)
4
m1 = 4
y′ = m2 = −4 ( 2)
+
10
y
=
=
8
8
1 8
6 4
6
y′ = m= = 2x 1
8
x
8 1
(−2,2)
θ = 158.84° 2
(2,2)
θ = 158.84°
m2 = −8 −3.5 −3 −2.5 −2 −1.5 −1 −0.5
0.5
θ = arctan (4)
θ = arctan (−8)
−2
θ = 75°57′49′′
θ = −82°52′30 ′′
−4
y − y1 = m ( x − x1 )
−4x + y = −6
y − y1 = m ( x − x1 )
y − 4x + 6 = 0
1.5
2
2.5
3
x
−6
θ = 97°7′30 ′′
y − 2 = 4 ( x − 2)
1
−8
y = −2x2 + 10
y − 2= − 8 (− x 2) 8 x + y − 18 = 0
10. y = −x 2
Dado que m1 4 y m2 8, se emplea la fórmula para determinar el ángulo entre dos curvas: tan θ =
m2 − m1 1 + m1m 2
y = 2− x Al resolver el sistema, se tiene:
=
−12 12 = −31 31
x2 2 x x2 x 2 0
12 31
θ = arctan
No existen valores para x que satisfagan la igualdad anterior, por
θ = 21°9′40 ′′
lo tanto, no existen puntos de intersección.
99
3 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
V. Encuentra las ecuaciones de la tangente y normal a las curvas dadas en el punto específico y construye la gráfica correspondiente.
Representación grá ca
y 8
1. y x2 1; P2,5 6
y′ =
d dx
( x 2 + 1) = 2 x
(−3,4)
y ′ = 2 ( 2) = 4
4
normal: −0.25x + y = 4.75
2
y = x 2 + 2x + 1
Recta tangente: −6
−5
−4
−3
y − y1 = m ( x − x1 ) y − 5 = 4 ( x − 2)
−4 x+ + y =3
−2
−1
1
2
−2
tangente: 4x + y = −8
0 3. y x3; P2,8
Recta normal: 1
y − y1= −
m 1
y − 5= − 1
x + y−
4
11 2
4
y′ =
(−x x1 )
d ( 3) x = 3x 2
dx
2
(− x
y ′ = 3 ( 2) = 12
2) Recta tangente:
=0
y − y1 = m ( x − x1 ) Representación grá ca
y − 81= 2 ( x − 2)
−12 x+ +y = 160
2
y=x +1
y 16
tangente: −4x + y = −3
14 12
Recta normal:
10
normal:
1 (−x m
y − y1= −
8
0.25x + y = 5.5
(2,5)
6
1
y − 8= −
4
12
2
1 −2 −1.5 −1 −0.5 −2
0.5 1 1.5 2345 2.5
3.5
4.5
5.5
x
d dx
x + y−
49 6
2)
=0
Representación grá ca
2. y x2 2x 1; P3,4
y′ =
12
(−x
x1 )
y 2 ( x+ ) +2122 x= +
x
tangente: −12x + y = −16
12
y ′ = 2 (− 32 +) = − 4
10
Recta tangente:
normal: 0.08x + y = 8.17
y − y1 = m ( x − x1 )
(2,8)
8
6
y − 4= − 4 (+ x 3)
4
4x + y + 8 = 0 2
Recta normal: −4
y − y1= − 1 (−x m
−2
x1 )
1 y − 4 = ( x + 3) 4 1
19
4
4
− x+ −y =
2
−2 −4
−6
0 x3
10 0
4
6
x
x
UNIDAD 3 Derivación de funciones
Recta tangente:
4. y x3 3x; P2,2
d ( 3 y′ = x− =3 x )− 3 x 2 dx
y − y1 = m ( x − x1 )
3
y − 1.5 =
2
y′ = 3( 2) − 39= 7
1
4
4
− x+ +y =
Recta tangente:
y − y1 = m ( x − x1 )
7 4 0
Recta normal:
y − 2 = 9 ( x − 2) y = 16 −9 x+ +
1
y − y1= − m (−x
0
4
y − 1.5 = −
Recta normal:
y − y1= − y − 2= − 1 9
x + y−
20 9
( x − 1)
4
1
m 1 9
(−x x1 )
(− x
x + y−
7
2)
29 14
7
(−x
x1 ) 1)
=0
Representación grá ca
=0
y tangente: −9x + y = −16
10
Representación grá ca 8
y 10
normal: 0.57x + y = 2.07
tangente: −9x + y = −16
6
4
8 2 6
normal: 0.11x + y = 2.22
−2 4
2 x +1 (2,2)
2
−4
−2
2
(1,1.5) 2
4
6
8
4
x
6
6. y x2; P1,1
−2 3
x −3x
−4
y′ =
d ( 2) x = 2x
dx
y ′ = 2 (1) = 2 5. y =
2x +1 3− x
; P (1,1.5)
Recta tangente:
d d 3 (2 x + 1)(−3)+ x −1+ ( 2 x(−) 1) dx dx
y ′ =
−1 )= ( 2 (− ) 3 3 )− x + ((2−x) )1(− −1 (2 x) 1) 3 = 2 (− 3 ) x+ +(−
=
x x
−2
x
y − y1 = m ( x − x1 )
−1
y − 1 = 2 ( x − 1)
−2 x+ + y =1
1
y′ =
0
−2
Recta normal:
6 − 2x + 2 x + 1 2
(3 − x ) 7 = (3 − x )2
7 2
(3 − 1)
=
y − y1= − 1 (−x m y − 1= − 7 1
4
2
10 1
10
x
−2
3− x
x + y−
3 2
=0
1 2
x1 )
(− x 1)
3 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
Representación grá ca
Recta tangente:
y
x2
y − y1 = m ( x − x1 ) 4 y − 3 = ( x − 4) 3
8
normal: 0.5x + y = 1.5
tangente: −2x + y = −1
6
4
7
3
3
− x+ +y =
4
0
Recta normal:
2
(1,1) −4
−2
2
4
6
1
y − 3= − 3
7. y 4x x2; P2,4 2x
4
(−x x )
m 3 4
1
(− x
4)
x + y−6 = 0
4
d ( ) 4− x = x 2− dx
y′ =
1
y − y= −
x
−2
Representación grá ca
y′ = 42− (2) = 0 y Recta tangente:
10
normal: 0.75x + y = 6
1
y − y1 = m ( x − x1 )
( x 2 − 7) 2
y − 4 = 0 ( x − 2)
5
y−4 = 0
(4,3)
La ecuación de la recta normal para esta función es x 2.
5
10
tangente: −1.33x + y = −2.33
Representación grá ca
y8
−5
normal: x=2
6
9. y 4x2; P1,4
(2,4)
4
tangente: y=4
y′ =
2
2
4
y′ = 8 (− 1=) − 8
x
6
d ( 2) 4x = 8x dx
−2
Recta tangente:
−4
y − y1 = m ( x − x1 )
−6
y − 4 = −8 ( x + 1)
−8
8x + y + 4 = 0
−x2 + 4x
Recta normal: 8. y =
x 2 − 7; P (4,3) y′
d ( )2( ) ( ) 12 x 7 dx =− = − x
=
1 2
x2
7
−
−1 2
d dx
y − y1= − x2
7
1 y − 4 = ( x + 1) 8
1
( x 2 − 7)2 y′ =
4 1
(4 2 − 7)2
1
33
8
8
− x+ −y = =
1 (−x m
4 3
10 2
0
x1 )
x
UNIDAD 3 Derivación de funciones
VI. Resuelve los siguientes ejercicios.
Representación grá ca
1. Encuentra la ecuación de la tangente y la normal a la curva
y
y = x − 3 , si se sabe que la recta normal es paralela a la
4x2
tangente: 8x + y = −4
25
6x 3y 4 0.
20
La pendiente de la recta 6x 3y 4 0 es:
A 6 m1 = − = − =− B 3
15
2
10
El valor anterior es el inverso negativo de la pendiente de la
normal: 5
−0.13x + y = 4.13 (−1,4) −4
−3
−2
recta tangente, entonces,
−1
x
1
1
m2 =
2
−5
Al derivar a la función y e igualar con m2, se tiene:
y′ = 10. y x3 2x2 4; P2,4
d dx
1
1
(− 2 3)− x =
2
1
1 −
(=x
3)2
2
1
( x − 3)−2 = 1 y′ =
d dx
( x−3 + ) 3x2 2 x 2= 4−
y ′ = 3 ( 2)
2
4x
x=4
−(4) 2 = 4
Al sustituir el valor de x en y, se tiene:
Recta tangente:
y = 4 −3 = 1 P = (4,1)
y − y1 = m ( x − x1 ) y − 4 = 4 ( x − 2)
−4 x+ + y =4
La recta tangente al punto P 4,1 es:
0
y − y1 = Recta normal:
1 2
( x − x1 )
1
y − 1 = ( x − 4) 2 y − y1= − y − 4= − 1 4
x + y−
9 2
1
m 1 4
1
(−x x1 )
− x+ + y =1
0
2
(− x
2)
La recta normal el punto P 3,1 es:
=0
y − y= − 2 (− x 1
x1 )
y − 1= − 2 (− x 4) Representación grá ca
2x + y − 9 = 0 Representación grá ca
y
x3−2x2 + 4 normal: 2x + y = 9
10
−4
−3
−2
20
(2,4)
5
normal: 0.25x + y = 4.5
y
15
−1
1
2
6x + 3y = 4
x
10
5
−
tangente: −4x + y = −4
5
(4,1)
−10 −8
−15
−6
−4
tangente: −0.5x + y = −1
10 3
−2
2
−5
4
1
( x − 3) 2 6
x
3 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
2. Encuentra la ecuación de la tangente y la normal a la curva y = 4 x − 3, si se sabe que la recta tangente es perpendicular a la recta 2 x 4y 22 0.
3. Encuentra la ecuación de la recta tangente y normal a la curva
y 3x2 8 en el punto A2,6 . Al derivar y sustituir el valor de x, se tiene:
La pendiente de la recta 2x 4y 22 0 es:
A
m1 =−
B
2
1
4
2
= − =−
y′ =
d ( 2 3 x − 8) = 6 x dx
y′ = 6 ( 2) = 12
Como esta recta es perpendicular a la tangente, entonces, es
Recta tangente:
paralela a la normal.
y − y1 = m ( x − x1 ) y − 61= 2 ( x − 2) −12 x+ +y = 18 0
El valor anterior es el inverso negativo de la pendiente de la recta tangente, entonces,
m2 2
Recta normal:
Al derivar a la función y e igualar con m2, se tiene:
y′ = −1
(4 x − 3)
2
d dx
1
−1
(43 −x )= −(2 = 2) 43x
2
y − y1 = −
2
y − 6= −
=1
+
x =1
1
x+ −y=
12
37 6
1
m
( x − x1 )
1 12
(−x
2)
0
Representación grá ca
Al sustituir el valor de x en y, se tiene:
y
y = 4−3 =1
tangente: −12x + y = −18
80
3x2 − 8
P = (1,1)
70 60 50
La recta tangente al punto P 1,1 es:
40 30 20
y − y1 = m ( x − x1 ) y − 1 = 2 ( x − 1)
−2 x+ +y =1
10
0
La recta normal el punto P 1,1 es:
y − y1 = − y − 1= − 1 2
x + y−
3 2
1
m 1 2
(2,6)
−10 −8 −6 −4 −2 −10
4
6
8
10 12 14 16
x
4. Determina la ecuación de la tangente a la curva y x3 5 y que es perpendicular a la recta x 3y 2 0.
( x − x1 )
(− x
2
La pendiente de la recta x 3y 2 0 es:
1)
1 A m1 = − = − B 3
=0 Como esta recta es perpendicular a la tangente, entonces, es paralela a la normal.
Representación grá ca
El valor anterior es el inverso negativo de la pendiente de la
y x + 2y = 11
recta tangente, entonces,
m2 3
10
1
(4 x − 3) 2
−6
−4
tangente: −2x + y = −1
Al derivar la función y e igualar con m2, se tiene:
(1,1)
normal: 0.5x + y = 1.5 −2
2
4
6
x y′ =
−10
d dx
( x+3 =5) = 3 x 2
2
x =1 x = ±1
10 4
3
UNIDAD 3 Derivación de funciones
Al sustituir el valor de x en y, se tiene: ) (1= ) − 15 y(− +3 =
Recta tangente:
y − y1 = m ( x − x1 )
4
y = 2(x )
3
y (1) =( )1 + 5 = 6
−2 x + y = 0
) 1,4 ; Q ( )= 1,6 P = (− Recta normal:
La recta tangente al punto P 1,4 es:
y − y1 = −
y − y1 = m ( x − x1 ) y − 4 = 3 ( x + 1) y =7 −3 x+ −
1
m
( x − x1 )
1 y = − (x) 2
0 1
La recta tangente al punto P 1,6 es:
2
y − y1 = m ( x − x1 )
x+y=0
Representación grá ca
y − 6 = 3 ( x − 1)
−3 x+ − y =3
0
y 8
tangente: −2x + y = 0
Representación grá ca 6
y normal: 0.5x + y = 0
tangente 1: −3x + y = 3
8
6
4
(1,6) 2
2x
(−1,4)
4
1− x2
x + 3y = 2 2
−6
(0,0) −5
−4
−3
−2
−1 −2
−5 −4 −3 −2 −1
1
2
3
4
5
x
−2
tangente 2:
−3x + y = 3
−4
x3 + 5
5. Encuentra las ecuaciones de la tangente y normal a la curva 2x y= en el punto A0,0 . 1− x2 Al derivar y sustituir el valor de x, se tiene:
y′ =
d dx
( 2 x (1 −) x 2 −1 ) = d( (2)x()−1 dx
2 −1 ( 4) 2 1 (1 )x+ = 2− −x
y′ =
=
x2
−1 ( ) 2 x 1− x2 − x)2 −
−2
−2
2 − 2x2 + 4 x2
(1 − x 2 )2 2 + 2x 2 2 2
(1 − x ) 2 2 + 2 ( 0) =2 y′ = m = (1 − x 2 )2 m=2
10 5
d dx
1
x2
1
2
3
4
5
6
x
3 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIAL
EJERCICIO 13 I. Aplicando la regla de la cadena, encuentra 1. y = 3 u 2 + 2
u=
dy dx
para las siguientes funciones compuestas.
x 2 −1 x2 +1
Al derivar a y respecto a u, se tiene:
dy du
=
d
1
d u+2= 2 + (u 2 du
3
du
2)3 =
1 3
1
(u 2 + 2)−3
d dx
2u
y′ =
3 (u 2 + 2)
2 3
Al derivar a u respecto a x, se tiene:
du dx
=
u′ =
d x 2 − 1 = dx x 2 + 1 x2x (
( x 2 + 1)
d ( 2 d x − 1)− ( x 2 − 1) ( x 2 + 1) dx
dx
( x 2 + 1)2
− 1x)x− 2 (
2
2
− 1)
( x 2 + 1)2
=
4x
( x 2 + 1)2
Por lo tanto, 2u 4x dy = dx 3 ( 2 2)23 ( x 2 + 1)2 u +
dy dx
2
=
x 2 −1 4x
x2 +1 2
2
3 ( x 2 + 1) x 2 − 1 2 + 2 3 2 x + 1 4
8 x ( x 2 − 1)(1 + x 2 )3 dy = dx 3 (1 + ( )x 2 3 3 + 2) x 2 + 3 x 4
2. y u3 3u 5
x
u=
2
2 3
+3
Al derivar a y respecto a u, se tiene:
dy d 3 = (u− +3u= −5) du du
3u2
3
Al derivar a u respecto a x, se tiene:
du dx
=
d x 1 + 3 = dx 2 4 x
Por lo tanto,
2
1 x 1 dy 2 dx = (3u − 3) 4 x = 3 2 + 3 − 3 4 x dy dx
=
9 4
+
6
x
+
1
1
(u 2 + 2) = (u 2 + 2)−3 (2u)
3 x 16
10 6
3
UNIDAD 3 Derivación de funciones
3. y = u
u=
Por lo tanto,
x −1 x +1
dy dx
Al derivar a y respecto a u, se tiene:
dy 1 dy d = u= du du 2 u
dx
=
1
1
1 2 (1 + u) 2 2 x
1
=
4 x 1+
x u x2
6. y u3 2u Al derivar a u respecto a x, se tiene:
Al derivar a y respecto a u, se tiene:
d
( x + 1) du = d x − 1 = dx dx x + 1 y′ =
( x − 1) − ( x − 1)
dx
( x + 1) − ( x + 1) ( x + 1)2
( x + 1)2
d
( x + 1)
dx
dy = d (3− u du du
2
=
dy
=
dx
1
2
=
2 u ( x + 1)2
1
1
Por lo tanto,
x − 1 ( x + 1)2
dy dx
1
=
dy
3
x − 1( x + 1)
4. y u3 4
dx
u x2 2x
dy
=
d du
= 6x − 8x
2)
2
3
u=
x
Al derivar a y respecto a u, se tiene:
dy
(u 3 + 4) = 3u 2
du
=
d du
(1 + u 2 ) = 2u
Al derivar a u respecto a x, se tiene:
Al derivar a u respecto a x, se tiene:
du du d ) 2x = ( x+2 = 2 x+ dx dx
= (3 − 4u)x2 = (3x−x4
7. y 1 u2
Al derivar a y respecto a u, se tiene:
du
4u
du d 2 = x = 2x dx dx
x +1 dy
3
Al derivar a u respecto a x, se tiene:
( x + 1)2
Por lo tanto,
dx
2= u 2−)
dx
2
=
d
1
dx
x2 =
1 2 x
Por lo tanto, Por lo tanto,
dy dx dy dx
2 = 3u 2 x( 2 + 2)x= 3x( 2x + 222) (
1 1 dy = 2u =2 x =1 dx 2 x 2 x
+ )
8. y u8
= 6 x 2 (1 + x)( 2 + x )2
u 1 x2
Al derivar a y respecto a u, se tiene: 5. y = 1 + u
u=
x
dy d = u8 = 8u 7 du du
Al derivar a y respecto a u, se tiene:
Al derivar a u respecto a x, se tiene: 1 1 dy d = (1 + u) 2 = 1 du du 2 (1 + u) 2
du dx
Al derivar a u respecto a x, se tiene:
du dx
=
d dx
1 x2
=
=
d dx
1 = x 2 )− (−
2x
Por lo tanto,
1
dy 7 − 16 x = −2 x 8u= +(1 dx
2 x
10 7
7
x2 )
3 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
9. y =
1 − u2
1+ x2
u=
1 + u2
11. y =
1− x 2
3u + 4
u=
5u − 3
x 1− x
Al derivar a y respecto a u, se tiene: Al derivar a y respecto a u, se tiene:
dy du
1 − u2
d
=
=
du 1 + u 2
dy
1
(1 + u 2 )(− 2 u) − (1 − u2 )(2u)
1 − u2
(1 + u 2 )2
du
=
d 3u + 4
=
du 5u − 3
3(5u − 3) − 5 (3u + 4) −29 = (5u )− 3 2 ( ) 5u − 3
2
Al derivar a u respecto a x, se tiene:
1 + u2
dy dx
1 + u2
=
−4 u
(1 + u )
(1 − x ) + x 1+ x = 2 x 2 = 2 (1 −) x ( )2 1 − x dx dx 1 − x x du 1+ x = 2 dx 2 (1 − x ) x
−4 u
=
2 2
1 − u2
du 3
(1 − u 2 )(1 + u 2 )
Al derivar a u respecto a x, se tiene:
du dx du dx
=
d
1+ x 2
dx
1− x 2
) 1− ( x)2 1 − x 2 (12−)x 2 ()( x−−
=
2x
dy
4x
=
dx
(1 + x 2 )(1 − x 2 )3
Por lo tanto,
dy dx
dy dx
4x
=
(1 + x 2 )(1 − x 2 )3 1 + x 2 2 1 + x 2 2 3 1 + 1 − 1 − x 2 1 − x 2
2
(1 )+ x
dx
10. y =
12. y =
2 )3
( 1− x
dy
=
d u + a
=
du u − a
dx
(u −a ) − u ( a+ ) (u − )a
d 4 x )− 2 x = ( x−2 = dx dx
2
(
= )
−2 a u−a
13. y =
2
u −1 u +1
=
u + 1 (u +)1( − )u − 1 2 = u −1 (u + 1)2 ( )u (− 1) u + 1
=
2 (3 − 4 x ) (u − 1)( u + 1)3
b+u u
u=
4
dy d b + u = = du du u
= 2x − 4
=
d dx
(3 x− 2 x 2 ) −=
3
4x
2 (3 − 4 x )
=
(32x − x−2 1)− (32x + x 2
x b−x
Al derivar a y respecto a u, se tiene:
u−
( b + u )1 2 u
u
=
−b + u 2u 3/ 2
Al derivar a u respecto a x, se tiene:
Por lo tanto,
dx
d du
Por lo tanto,
du
dy
=
u x2 4x
Al derivar a u respecto a x, se tiene:
dx
u x3 2 x
du d = x (−3 =2 x ) dx dx
3
Al derivar a y respecto a u, se tiene:
du
2
Al derivar a u respecto a x, se tiene:
−32 x 2 (1 + x 4 )
u−a
dy
29 (1 + x ) 2 x (−3 + 5 x + 3 x)
2
8 x ( x 2 − 1)
=−
u+a
du
=−
u −1
dy
( )− 32( x 1 + 2x)8 −1 + x
−29 1+ x 2 2 5 x − 3 2 (1 − x ) x 1 − x
u +1
du
4 3
2
=
Al derivar a y respecto a u, se tiene:
1 + x 2 1 − x 2
−8 x
=
dy
1 + x 2 −4 1 − x 2
x
Por lo tanto,
(1 − x 2 )2
1+ x2
d
=
du
−2a −4 a ( x − 2) ( 2 x − 4) = (u − a)2 ( x 2 − 4 x − a)2
dx
10 8
=
d dx
x b−x
x 2b − x 2 b−x = 3 b−x 2 (b − x )
b−x +
=
3
1)
3
UNIDAD 3 Derivación de funciones
Por lo tanto,
dy dx
dy dx
14. y =
−b + u
=
3
2u 2
2b − x 3 2 (b − x )
=
x (2b − x ) −b + b − x
( 2b −x− )(b b−x + x
=
) 3
3
b −x 4 b ( x −x )2
a−u
x (b − x )3 b−x
4
u = a2 − x 2
a+u Al derivar a y respecto a u, se tiene:
dy du
=
d
a−u
du
a+u
=−
a (a − u )a( u+ )3
Al derivar a u respecto a x, se tiene:
du dx
d
=
a2 − x 2 =
dx
−x a2 − x 2
Por lo tanto,
dy ax = dx )(a 2x− a2 (−a )x− 2a (+a2x−
15. y =
u2 + 4
u=
u2 − 2
) )( 2
2
3
ax
=
(
x 2 a)2 − x 2 a + a2 − x 2
4 − x2 4 + x2
Al derivar a y respecto a u, se tiene:
dy d u 2 + 4 2uu( = = du du u 2 − 2
2
− 2) − uu2 ( (u 2 )− 2 2
2
+ 4) −8u = ( ) u2 − 2
2
Al derivar a u respecto a x, se tiene:
du dx
=
( 2 x) 4 d 4 − x 2 − 2 x+(4 − )x 2 +
=
dx 4 + x 2
(4 +) x 2
2
x2
( )
=
−16 x 4 + x2
Por lo tanto,
dy dx
=
4 − x 2 −8 4 + x 2
−16 x 128 x (−16 + x 4 ) =− 4 − x 2 2 2 (4 + x 2 )2 (16 + 24 x 2 + x 4 )2 − 2 4 + x 2
16. y = u ( a 2 − u 2 )
u = 1− x 2
Al derivar a y respecto a u, se tiene: 2 dy d ) =a = ( u (− a 2 =u 2 )− du du 2 u
5 2
3
u2
a 2 − 5u 2 2 u
10 9
2
2
3 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
Al derivar a u respecto a x, se tiene:
du d ) = (− 1 x=2 − dx dx
Al derivar a u respecto a x, se tiene:
dy 14u − 3 14 1 + x − 3 1 − x = = (1 − x )2 (1 + x ) dx (1 + x )(1 − x)3
x 1− x2
Por lo tanto,
Por lo tanto, 2
dy x a 2 − 5( 1 − x 2 ) x (−5 + a 2 + 5 x 2 ) =− =− 3 dx 1− x2 2 1− x 2 2 (1 − x 2 )4 u2 + 2 17. y = u 2 − 2
dy 14u − 3 14 1 + x − 3 1 − x = = (1 − x )2 (1 + x ) dx (1 + x )(1 − x)3
y
u x 12
u2
1
=
20.
u
−
x2
1
=
+
Al derivar a y respecto a u, se tiene: Al derivar a y respecto a u, se tiene:
dy d ) = (− 1 u=2 − du du
dy d u 2 + 2 −8u = = du du u 2 − 2 (u 2 − 2)2
u 1 − u2
Al derivar a u respecto a x, se tiene:
Al derivar a u respecto a x, se tiene:
du dx
du d 2 = ((+x )= 1 )(+ )2 x dx dx
=
d dx
x
1+ x2 =
1+ x 2
1 Por lo tanto,
Por lo tanto,
dy u =− dx 1 − u2
2 dy −8u 2 ( x + 1) −16 (( x +)1( ) )x + 1 = = 2 4 dx (u 2 − 2)2 (( x + 1) − 2) 3 16 (1 + x ) dy =− 2 dx (−2 + (1 + x )4 )
II. Encuentra
x
=−
1+ x2
dy dx
1+ x 2
x 2
1+ x 2
1−( 1 + x 2 )
=
x
−x 2
para las funciones dadas, resuelve por la
regla de la cadena y la regla general de las potencias. 18. y =
a2 − u2
u ax x
a2 + u2
1. y 2x3 3x2 412
2
a) Solución por la regla de la cadena.
Al derivar a y respecto a u, se tiene:
dy du
=
Dado que y 2x3 3x2 412 se hace u 2x3 3x2 4
d a 2 − u 2
−4 a 2 x = du a 2 + u 2 (u 2 + a 2 )2
y y u12, así, al derivar se tiene:
y = u12
Al derivar a u respecto a x, se tiene:
du d )a = (ax − x=2− dx dx
y′ =
dy −4 a x a( −)x2 = dx (u 2 + a 2 )2
dy dx 2
=
(−4)a x a −x2
((ax −x
2 )2
a+
2
2
)
=−
[ −x2 ]
(a 2 +a( x−x )2
2
u′ =
d dx
(2 x 3 + 3 x 2 − 4 )
u′ = 6 x 2 + 6 x
= y′ u′ = 12u11c ⋅
2
)
dy
u = 1+ x 1− x
= y′ u′ =( 12 2+ x 3 −( )3 x 2 )+4 ⋅
11
6 x2
6x
b) Solución por la regla general de las potencias.
Al derivar a y respecto a u, se tiene:
dy d )) = (u (2−u =3− du du
u
Al sustituir resulta:
4 a 2x a
dx 19. y u2u 3
du
u = 2 x3 + 3x2 − 4 12
y′ = 12u11
x 2
Por lo tanto, 2
d
y′ =
43u
d dx
(2 x 3 + 3 x 2 − 4)12 = 12 (2 x3 + 3 x 2 − 4 )11 11
d dx
(2 x 3 + 3 x 2 − 4 )
= 12 (2 x 3 + 3 x 2 − 4) (6 x 2 + 6 x)
11 0
UNIDAD 3 Derivación de funciones
x − x3
2. y =
a) Solución por la regla de la cadena.
y = x − x 3 se hace u =x x− y3 y u =
Dado que
y= u y′ =
u = x − x3
d
u′ =
u
du
dy
d ( x − x3)
dx
u′ = 1 − 2 x 2
y′ = 1 2 u
dx
, así, al derivar se tiene:
= y′ u ′ = ⋅
1− 2x2 2 u
Al sustituir resulta:
dy dx
= y′ u ′ = ⋅
1 − 2x 2 2 x − x3
b) Solución por la regla general de las potencias. y′ = y′ =
d
−x= − x3
dx
1− 2 x
d ( = x − )x (3
1 2
1 )−x =(x3−−)2 (d −x)( x 3 ) 1 x
1
dx
2
dx
2
x3
−1
2
2
2 x − x3
3. y 3x 25
a) Solución por la regla de la cadena. Dado que y 3x 25 se hace u 3x 2 y y u5, así, al derivar se tiene:
y = u5 y′ =
d du
u = 3x + 2 u5
u′ =
y′ = 5u 4 dy dx
d dx
(3 x + 2)
u′ = 3
= y′ u ′ = 15u 4 ⋅
Al sustituir resulta:
dy dx
= y′ u ′ = 15(3 x + 2)4 ⋅
b) Solución por la regla general de las potencias. y′ =
d dx
(3 x + 2)5 = 5(3 x + 2)4
d dx
(3 x + 25 ) = (3 x + 23 )4 ( )
4
y ′ = 15 (3 x + 2)
11 1
1
2 x2
3 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
4. y x2 13
a) Solución por la regla de la cadena. Dado que y x2 13 se hace u x2 1 y y u3, así, al derivar se tiene:
y = u3 y′ =
d du
u = x2 +1 u
u′ =
3
y ′ = 3u 2
d dx
( x 2 + 1)
u′ = 2 x
dy = y′ u′ = 3u 2 2 x dx ⋅
Al sustituir resulta:
dy
2
= y′ u′ = 6 x ( x 2 + 1) ⋅
dx
b) Solución por la regla general de las potencias. y′ =
d dx
d
( x 2 + 1)3 = 31( x 2 + )2
dx
( x 2 + 1) = 31( x 2 + )2 (2 x )
2
y ′ = 6 x ( x 2 + 1) 2x +1
5. y =
3x + 1
a) Solución por la regla de la cadena.
y=
Dado que
2x +1
y= u y′ = y′ =
u=
d
u
du
u′ =
1 2 u
2x + 1 3x + 1
d 2x + 1 dx 3 x + 1
(31x +) (
u′ =
= y′ u ′ = − ⋅
d )21 +(x− +) ( 21x)+ dx (3 x + 1)2
d 31 x dx
2 (3 x +) 1( − 3) 2 x + 1
(3 x + 1)2
u′ = −
dy
y y = u , así, al derivar se tiene:
3x + 1
u′ =
dx
2x +1
se hace u =
3x + 1
1
1
(3 x + 1)2
1
(3 x + 1)2 2 u
Al sustituir resulta:
dy dx
= y ′ u′ = − ⋅
1
(3 x + 1)2
1 2
2x + 1
1
=− ( ) 3(x + ) 1 3 2x + 1
3x + 1
11 2
UNIDAD 3 Derivación de funciones
b) Solución por la regla general de las potencias.
y′ =
d
2x + 1
dx
3x + 1
=− y′ = −
6. y =
(
1
=
−1
d 2 x + 12 1 2 x + 1 = 2 3 x + 1
dx 3 x + 1
2
−1
d 2 x + 1 1 2 x + 1 = 2 3 x + 1
2
dx 3 x + 1
1 − (3 x + 1)2
1
(3 x +()1 3 3) x + 1 1
(3 x +()1 3 3) x + 1 )3
3x + 1
a) Solución por la regla de la cadena. 3
3 y = (3 x + 1) se hace u 3x 1 y y u 2, así, al derivar se tiene:
Dado que 3
u = 3x + 1
y = u2 y′ =
y′ =
dy dx
d du
d
3 u2
u′ =
1
u′ = 3
3u 2
dx
(3 x + 1)
2 1
= y′ u ′ =
3u 2
⋅
2
(3)
Al sustituir resulta:
dy dx
1
= y′ u ′ =
3(3 x + 1) 2
⋅
2
(3) =
9
3x + 1
2
b) Solución por la regla general de las potencias. y′ =
= y′ =
d
d 3 (+ ) 3= x1(+) 3)x =1 (+ dx
dx 9 2 9 2
3 2
1 d 3 (3) +=x( ) +2 1 2 dx
x 3
3 1 3x 2
1
1 2 (3)
3x + 1 3x + 1 8
7. y = ( x − 1)
a) Solución por la regla de la cadena. 8
Dado que y = ( x − 1) se hace u = x yyu = ( − 8) , así, al derivar se tiene: 8
8
u=
y = (u − 8) y′ =
d (u − 8)8 du
u′ =
7
y′ = 8 (u − 8)
u′ =
x d dx
x
1 2 x
dy dx
= y′ u ′ = 8 (u − 8)7 ⋅
1 2 x
11 3
3 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
Al sustituir resulta:
dy dx
1
7
= y′ u′ = 8 ( x − 8) ⋅
2 x
7
( x − 8)
=4
x
b) Solución por la regla general de las potencias. y′ =
7
d dx
y′ = 4
3 ( ) ( x − 1)8 = 8 ( x − 1)7 d ( x − 1)2 = 8 x − 1
dx
2 x
1
=4
( x − 8)7 x
( x − 1)7 x
8. y = 3 8 − x 3
a) Solución por la regla de la cadena. Dado que y = 3 8 − x 3 se hace u = 8 − x y3 yu = 3 , así, al derivar se tiene:
y= 3u y′ = y′ =
dy dx
d du
u = 8 − x3 1 u3
u′ =
1 −2 u 3
d dx
(8 − x 3 )
u ′ = −3 x 2
3
2
1 − ) = y′ u′ = u 3−( 3= x 2− ⋅
3
−2
x2 u
3
Al sustituir resulta:
dy
2(
⋅
dx = y′ u′ = −x −8
x2
2 3 )− 3
x =−
3
(8 − x 3 )2
b) Solución por la regla general de las potencias. y′ =
=
1 d 3 d −8 = x 3 − =(8)−( )x(3 )3 dx dx 1 1 (8 − x)(3 3
x3
−8
3
−1 3
d 8 dx
x3
) 3x 2 −
3
y′ = −
1
x2 2
3(
8 − x3 )
9. y =
1− x 2
x
a) Solución por la regla de la cadena. Dado que y =
y′ =
du
x
se hace u =
1− x2
x
y y = u , así, al derivar se tiene:
u = 1− x2 x
y= u d
1− x2
u
u′ =
d 1 − x 2
dx
x
11 4
UNIDAD 3 Derivación de funciones
y′ =
1
u′ =
2 u
x (−2 x ) − (1 − x 2 ) x2
u′ = −
dy
= y′ u ′ = ⋅
dx
1+ x2
x2
1 1 + x 2
x 2
−
2 u
Al sustituir resulta:
dy 1+ x2 dx = y′ u ′ = − x 2
1 1+ x2
1
⋅
2
1− x2 = − 2
x3
x
b) Solución por la regla general de las potencias.
y′ =
d
1− x 2
dx
x
1
=
1
− 1 1 − x 2 2 d 1 − x 2 = 2 x dx x
d 1 − x 2 2
dx
x
1
1
− 1 1 − x 2 2 1 + x 2 1 x 2 1 + x 2 − 2 = − = 2 x 2 1 − x 2 x x2
y′ = −
1 1+ x2 2
x3
a2 − x 2 a2 + x 2
10. y =
a) Solución por la regla de la cadena.
Dado que y =
a 2 − x 2 se hace u = a 2 − x 2 y y = u, así, al derivar se tiene: a2 + x 2 a2 + x 2
y= u y′ = y′ =
u=
d u du
u′ =
1 2 u
u′ =
a2 − x 2 a2 + x 2 d a 2 − x 2
x (−2 x ) − (1 − x 2 ) x2
2 x a( )+
u′ = u′ =
dy dx
= y′ u ′ = ⋅
dx a 2 + x 2
2− x(
( )2− ) a +
2 ()
x2 2x
(a 2 + x 2 )2 −4 a 2 x (a 2 + x 2 )2
1 −4 a 2 x
2 u (a 2 + x 2 )2
Al sustituir resulta:
dy dx
= y′ u ′ = ⋅
−4 a 2 x (a 2 + x 2 )2
1 2
a2 − x 2
=−
2a 2 x
(a 2 −x a2 )( x2 +
a2 + x 2
11 5
2 3
)
3 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
b) Solución por la regla general de las potencias. y′ =
1
a2 − x 2
d
2
a +x
dx
=
2
−1
y′ =
1 a 2 − x 2
1
−4 a 2 x = 1 a 2 + x 2 2 −4 a 2 x 2 2 2 2 2 (a + x 2 ) 2 a − x (a 2 + x 2 )
4a 2 x
y′ = −
11. y =
2
2 a 2 + x 2
1
− 1 a 2 − x 2 2 d a 2 − x 2 = 2 dx a 2 + x 2 2 a + x 2 dx a 2 + x 2
d a 2 − x 2 2
(a 22− x )( a 2 + x 2 )3
2x 2 1− x 2
a) Solución por la regla de la cadena. 2x 2
Dado que y =
1− x2
y= u y′ = y′ =
se hace u =
u=
d u du
u′ =
1
dy
y y = u , así, al derivar se tiene:
2x 2 1− x2
d 2 x 2
dx 1 − x 2
(1x− x2 )(4x) x− (2) 2 −2 u′ = (1 − x 2 )2
2 u
u′ =
dx
2x 2 1− x 2
= y ′ u′ = ⋅
4x
(1 − x 2 )2
4x
1
2 u (1 − x 2 )2
Al sustituir resulta:
dy dx
1
= y ′ u′ = ⋅
2
(1 − x 2 )2
2
=
1− x 2
1 3
2 (1 − x 2 )
b) Solución por la regla general de las potencias. y′ =
1
2x 2
d
=
dx 1 − x 2
1
− 1 2 x 2 2 d 2 x 2 = 2 1 − x 2 dx 1 − x 2
d 2 x 2 2
dx 1 − x 2
1
1
− 1 1 − x 2 2 4 x 1 2 x 2 2 4x = = 2 1 − x 2 (1 − x 2 )2 2 2 x 2 (1 − x 2 )2
1
y′ =
3
2 (1 − x 2 ) 12. y = 2 − 3 x 2
a) Solución por la regla de la cadena. 2
2
Dado que y = 2 − 3 x se hace u = 2 −x3 y yu =
y= u y′ = y′ =
d du 1
u = 2 − 3x u
u′ =
d dx
, así, al derivar se tiene:
2
(2 − 3 x 2 )
u′ = −6 x
2 u
11 6
UNIDAD 3 Derivación de funciones
dy dx
= y′ u ′ = ⋅
1
(−6 x )
2 u
Al sustituir resulta:
dy dx
= y′ u ′ = −
3x
⋅
u
3x
=−
2 − 3x 2
b) Solución por la regla general de las potencias. d y′ = −
1 d ( = 2− 3)x 2 (2
2 = 3 x 2−
dx
dx
1
1 1 ) 2 ( 3 x 2) − 2 d 2 3 x 2 −
3x
1 − 2 3 x 2 )−2 (= 6−x ) = (− 2
dx
2
2 − 3x 2
3x
y′ = −
2 − 3x 2
dy
III. Dadas las siguientes funciones, encu entra
aplicando la fórmula para la derivación de funciones inversas, comprueba el
dx
resultado despejando y y deriva con respecto a x. 1. x = 1 − y2 Al derivar con respecto a y se tiene:
dx dy
=
d dy
(
)
1− y2 =
1 2 1− y2
(−2 y) = −
y 1− y2
Al aplicar la fórmula para la derivación de funciones inversas resulta: 1− y2 d 1 1 =− y dx y = dx = − y dy 1− y2 Comprobación.
x = 1 − y2 x 2 = 1 − y2 y = 1− x2 dy dx
Al sustituir y = −1
dy dx
=−
1− y2
y
=
d dx
1 − y2
dy x 2 en= − dx
=−
x
− 1 = x 2−
y
1 −1 + x 2 1− x 2
=−
1− x 2
, resulta:
x2 1− x2
=−
x 1− x 2
2. x 3y2 4y 7 Al derivar con respecto a y se tiene:
dx dy
=
d dy
(3 y−2 +47y= −)
6y
4
11 7
3 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
Al aplicar la fórmula para la derivación de funciones inversas resulta:
d 1 1 y= = dx dx 6y − 4 dy Comprobación.
x = 3 y2 − 4 y + 7 3y2
− 4 y+ − 7 =x
0 1
y=
(2− − +173
x)
3 11 = − −( + 17 3 2
dy dx Al sustituir y =
dy dx
1 3
(−2− +
) en x=
173
1
=
1 (2 − −17 + 3 x ) − 4 3
1
3 x )=3(−)
23 x − 17
dy
1
dx
6y − 4
, resulta:
1
=
4 − 2− + 17
6
− 3x )
4
=−
1 23 x − 17
Por lo tanto, las derivadas son iguales. 3. x =
y 4 − y2
Al derivar con respecto a y se tiene:
dx dy dx dy
=
=
d
4 − y 2 (1) − y
y
dy
4− y
=
2
(4 − y 2 ) + y 2
2
1
(4 − y 2 )− 2 (−2 y )
4− y
2
4
=
3
1
3
(4 − y 2 )
(4 − y 2 )
Al aplicar la fórmula para la derivación de funciones inversas resulta: 1 d y= = dx dx dy
3
1 4
=
(4 − y 2 ) 4
3
(4 − y 2 )
Comprobación.
y
x=
4 − y2
x 2 (4 − y2 ) = y2 x 2 (4 − y2 ) − y2 = 0 4 x 2 − x 2 y2 − y2 = 0
y=
4x2 2
x +1 dy dx dy dx
= =
=
2x 2
x +1
d
2 x = dx x 2 + 1
1 −1 x 2 + 1 ( 2) − (2 x ) ( x 2 + 1) 2 (2 x) 2 x2 +1
( x 2 + 1)(2) − (2 x 2 ) ( x 2 + 1)3
=
2
( x 2 + 1)3
11 8
UNIDAD 3 Derivación de funciones
2x
Al sustituir y =
dy dx dy dx
= =
en
x2 +1
(4 − y 2 )3 4
3
dy
(4 − y 2 )
=
dx
4
3 4 x 2 4 − 2 x + 1
=
=
4
, resulta:
4 x 2 + 4 − 4 x 2 3 x2 + 1 4
=
2
( x 2 + 1)3
Por lo tanto, las derivadas son iguales. 4. x =
1 4+ y
Al derivar con respecto a y se tiene:
dx dy
=
d 1
= −
dy 4 + y
1
(4 + y)2
Al aplicar la fórmula para la derivación de funciones inversas resulta:
dy dx
=
1 = dx
dy
−
1 1
= −(4 + y)2 2
(4 + y)
Comprobación.
x=
1 4+ y
4+ y= 1 x
y= dy dx
−4
x
=−
1 dy Al sustituir y = − 4 en = − + (4 x dx
1 dy = −4+ − x dx
1
1
x2
2
y ) , resulta:
2
1 4 = − 2 x
Por lo tanto, las derivadas son iguales. 5. x =
1
y
Al derivar con respecto a y se tiene:
dx = d y− 12 = − 1 y− 32 dy dy 2
11 9
4 3 2 x + 1 4
8
=
( x 2 + 1)3 4
3 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
Al aplicar la fórmula para la derivación de funciones inversas resulta:
dy dx
=
1 = dx
dy
3 1 = −2 y 2 1 −3
− y
2
2
Comprobación.
x= x2 = y=
1
y 1
y 1
x2
dy 2 =− 3 dx x Al sustituir y =
1
x2
dy
en
dx
3
= −2 y 2 , resulta:
3
1 2 1 dy = −2 = −2 3 dx x 2 x Por lo tanto, las der ivadas son iguales. 6. x =
y2 + a 2
Al derivar con respecto a y se tiene:
dx dy
=
d dy
1
1
1
d
( y 2 + a 2 )2 = ( y 2 + a 2 )− 2
dy
2
1 2
Al aplicar la fórmula para la derivación de funciones inversas resulta: 1
dy dx
=
1 = dx
dy
1 2y
( y 2 + a 2 )2
=
y
1
( y 2 + a 2 )2
Comprobación.
x=
y2 + a 2
x 2 = y2 + a 2 y = x 2 − a2 dy x = 1 dx ( 2 x − a 2 )2 1
Al sustituir y =
x 2 − a 2 en
dy dx
=
( y 2 + a 2 )2 2y
, resulta:
1
dy dx
=
( x 2 − a 2 + a 2 )2 x 2 − a2
=
1
( y 2 + a 2 ) = ( y 2 + a 2 )−2 2 y =
x x 2 − a2
Por lo tanto, las der ivadas son iguales.
12 0
y 1
( y 2 + a 2 )2
UNIDAD 3 Derivación de funciones
Al aplicar la formula general para la derivación de funciones
7. x = 2 y2 2 − y
inversas resulta:
Al derivar con respecto a y se tiene:
y = 1− x dy
dx dy dx dy
=
d
d dy
2 y 2 2 − y =
dx
y2
= 4y 2 − y −
2− y
2 y 2 2 − y + 2 y 2
=
8 y − 4 y2 − y 2 2− y
=
d dy
dx
2− y
8 y − 5 y2
=−
1 2 x
dy
Al sustituir y = 1 − x en
dx
2− y
dy
1
=
dx
Al aplicar la fórmula para la derivación de funciones inversas resulta:
1 2y− 2
, resulta:
1
=−
2 (1 − x ) − 2
=
2 x
Por lo tanto, las derivadas son iguales.
dy dx
=
2− y 1 1 = = dx 8 y − 4 y2 − 2 y2 8 y − 5 y2 dy 2− y
1
9. x =
1− y2
Al derivar con respecto a y se tiene:
Comprobación.
1 dx d = = dy dy 1 − y 2
x = 2 y2 2 − y
y 3
(1 − y 2 )
x 2 = y2 + a 2
Al aplicar la fórmula para la derivación de funciones inversas
y = x 2 − a2
resulta:
dy x = 1 dx ( 2 x − a 2 )2
d dx
y=
1
Al sustituir y =
x 2 − a 2 en
1 + a2 2
) dy ( x − a = = dx x 2 − a2 2
2
dy dx
=
( y 2 + a 2 )2 2y
1 = dx dy
=
(1 − y 2 ) y
3
(1 − y 2 )
, resulta: Comprobación. 1 1 − y2
x=
x x 2 − a2
x2 =
Por lo tanto, las derivadas son iguales.
1
1 1 − y2
= 1 − y2
x2
8. x y2 2y 1
y = 1−
Al derivar con respecto a y se tiene:
dx d 2 = ( y− + 2122 y= − ) dy dy
3
1 x
dy y
dx
1
x2 1
− 1 1 2 2 = 1 − 2 = 3 2 x x
1
x3 1−
1
x2
Al aplicar la fórmula para la derivación de funciones inversas resulta:
Al sustituir y = 1 −
1
x2
en
dy dx
=
(1 − y 2 )3 y
, resulta:
dy
1 1 = = dx dx 2y − 2 dy
dy dx
Comprobación.
x y2 2y 1
3
=
(1 − y 2 ) y
=
3 1 1 − 1 + 2 x
1
=
1 − 12 x
Por lo tanto, las derivadas son iguales.
12 1
x3 1 − 12 x
=
1
x 3 1 − 12 x
3 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
10. x =
a2 y a2 + y
Al derivar con respecto a y se tiene:
(a 2 +y a) 2a−y 2 dx d a2 y a4 = = = 2 dy dy a 2 + y (a 2 + ) y ( ) a2 + y
2
Al aplicar la fórmula para la derivación de funciones inversas resulta:
dy dx
=
1 = dx
1 a4
=
(a 2 + y)2 a4
2
dy
(a 2 + y )
Comprobación.
x=
a2 y a2 + y
x ( a 2 + y) = a 2 y 2 0 = xa+ −xy =a2 y+ a2−x
y( x
a2 )
a2 x y=− x − a2
( x − a2 ) a 2 − a 2 x dy a4 =− = dx ( x −)a 2 2 ( ) x − a 2
Al sustituir y =
a2 x
dy
en
x − a2
dy dx
2
=
( a 2 + y) a4
=
2
2
=
( a 2 + y)
dx
, resulta:
a4
2 2 a 2 + a x x − a 2
a4
=
a 2 x( a− 2 )a+ x x − a2 a4
2
2
=
(a 2x −a 4 a−x 2 )2 (−a 4 )2 a4 = = 2 2 ) x − a2 a 4 ( x − a2 ) a 4 ( x − )a 2 (
Por lo tanto, las derivadas son iguales.
11. x =
y2 − a2 a2
Al derivar con respecto a y se tiene:
dx d = dy dy
y2 − a2 a2
=
y a2 y2 − a2
Al aplicar la fórmula p ara la derivación de funciones inversas resulta:
dy = 1 = 1 = a2 y2 − a2 dx y dx y 2 2 2 dy a y −a
12 2
2
UNIDAD 3 Derivación de funciones
Comprobación.
y2 − a2
x= ax4
2
a2
= y a2 −
y= dy 1 = dx 2
dy
12. x =
=
− a2
2a 4 x
a 4 x 2 − a2
dy
a 4 x 2 − a 2 en
Al sustituir y =
dx
2
a4 x 2
a2 y2 − a2 y
=
a 24 a x
dx 2a−
=
a4x
=
a 4 x 2 − a2
a2 y2 − a2 y
a2 −
2
=
a4 x 2 − a2
, resulta:
a2 a4 x 2 a 4 x 2 − a2
=
a4 x a 4 x 2 − a2
1− 3y 3− y
Al derivar con respecto a y se tiene:
dx dy
=
d
1− 3 y
dy
3− y
4
=−
y 3− (1 − 3)( )y
3
Al aplicar la fórmula para la derivación de funciones inversas resulta:
3
dy = 1 = 1 = − (1 − 3 y)(3 − y) dy 4 4 dx − 3 dx (1 − 3 y)(3 − y) Comprobación.
1− 3y
x= x2
=
3− y 1− 3y 3− y
2
(3 − y ) x = 1 − 3 y 3 x 2 − yx 2+ −3 y = 1
0
3 x 2 − y ( x 2 − 3) − 1 = 0
y= dy dx
=
3x 2 −1
x2 − 3
( x 2 − 3) 6 x − (3 x 2 − 1) 2 x ( x 2 − 3)2
=−
16 x
( x 2 − 3)2
12 3
3 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
Al sustituir y =
dy dx
3x 2 − 1
en
x2 − 3
dy dx
=−
3
(1 − 3 y)(3 − y )
=−
=−
4
y 3− (1 − 3)( ) y 4
3
, resulta:
3 2 2 1 − 3 3 x − 13 − 3 x − 1 x 2 − 3 x 2 − 3
4
14. x =
2y + 3
y −1
Al derivar con respecto a y se tiene:
dx dy
=
d 2 y + 3 ( y −) 1 (2 − )2 y + 3 5 = =− dy y − 1 y −1 ( y )− 1 2 ( )
2
3
1 x 2 − 3 − 9 x 2 + 3 3 x 2 − 9 − 3 x 2 + 1 = − 4 x2 − 3 x2 − 3
Al aplicar la fórmula para la derivación de funciones inversas resulta:
3 2 4 2 x 2−8 = − 1 8 x = − 14 x−28− 3 x − 3 4 ( x 2 − 3)4
dy dx
=−
dy
16 x
dx
( x 2 − 3)2
1 = dx
dy
Por lo tanto, las derivadas son iguales. 13. x =
=
−
x=
3− y
( y − 1) x− −23y = dy
d 3 + y (3 −)y( + )3 + y 6 = = dy 3 − y (3 −) y 2 ( ) 3 − y
dy
resulta:
dx dx
1 = dx
1 6
=
(3 − y)2 6
y −1
=
x+3 x−2 ( x − 2) − ( x + 3) (x − ) 2
2
=−
( )
5
x−2
2
2
x +3 dy ( y − 1) Al sustituir y = x − 2 en dx = − , resulta: 5
2
dy
2y + 3
0
y=
=
5
( y − 1)2
0
xy − x− 2− y =3
2
Al aplicar la fórmula para la derivación de funciones inversas,
dy
( y − 1)2
( y − 1) x = 2 y + 3
Al derivar con respecto a y se tiene:
=
=−
Comprobación.
3+ y
dx
1 5
(3 − y)
Comprobación. 2
x=
3− y
(3 − y ) x = 3 + y (3 − y) x− −3 =y
0
3 x − y ( x+ − 1) =3
0
y= dy dx
Al sustituir y =
=
Por lo tanto, las derivadas son iguales.
15. x =
3 ( x − 1)
x +1
(x + ) 1
x +1
en
1
y2
Al derivar con respecto a y se tiene:
( x + 1) 3 − 3( x − 1)
3( x − 1)
dy dx
2
6
= ( ) x +1 2
2 dx d 1 = = − dy dy y 2 y 3
2
=
(3 − y ) 6
, resulta:
Al aplicar la fórmula para la derivación de funciones inversas resulta:
2 6 2 3( x − 1) 3 − 2 dy = (3 − y) = x + 1 = x + 1 =
dx
6
2
x + 3 − 1 5 5 dy =− x−2 =− x −2 =− ( x − 2)2 dx 5 5
3+ y
6
6
6
( x + 1)2
Por lo tanto, las derivadas son iguales.
12 4
d 1 1 y3 y= = =− dx 2 dx 2 − 3 dy y
UNIDAD 3 Derivación de funciones
Comprobación.
17. x =
x=
2 y −1
y
1
y2
Al derivar con respecto a y se tiene:
1
y=
1 dx d 2 y − 1 y ( 2) − (2 y − 1) = = = 2 dy dy y y2 y
x
1 dy =− dx 2
1
x3
Al aplicar la fórmula para la derivación de funciones inversas resulta:
1
Al sustituir y =
en
x
3
dy y =− =− dx 2
dy
=−
y3
dx
1 3 x 2
, resulta:
1 1 dy 2 dx = dx = 1 = y dy y2
2
=−
1
1
2
x3
Comprobación.
x=
Por lo tanto, las derivadas son iguales. 16. x =
4
xy − 2 y = −1 y=−
Al derivar con respecto a y se tiene:
dy
=
d
4
dy
2 2 = −4 (3 y ) = − 12 y 2 2 y3 + 1 ( y)3(+) 1
dx
dy y3 + 1
Al aplicar la fórmula para la derivación de funciones inversas
Al sustituir y =
resulta:
dy
1
=
dx
1
=
dx dy
2
=−
− 12 y 2 ( y 3 + 1)
y3 + 1 = y= dy dx
=
en
12 y 2
dy 1 =
dx 2 − x
dy = y 2, resulta: dx
3
Al derivar con respecto a y se tiene:
dx d = (+ y) ( = )2 3 + 3 y dy dy
3
dx x
2
2
Al aplicar la fórmula para la derivación de funciones inversas
−1
dy 4
1 (2 − x )2
18. x = ( y + 2)
x x
1 2− x
Por lo tanto, las derivadas son iguales.
4 4
=
dy
4 y3 + 1
3
1 2− x
=
1
x−2
1 2 = y 2 = dx 2− x
( y3 + 1)2
Comprobación.
x=
y
xy = 2 y − 1
y3 + 1
dx
2 y −1
resulta: 2
2
1 4 − 3 4 4 x 3 − 1 = − 1 − 2 = − 2 x 3 x x 3 4 − x
4 Al sustituir y = 3 − x
dy 1 en = − dx
dy dx
=
1 1 = 2 dx 3 ( y + 2) dy
2
( y3 + 1) 12 y 2
Comprobación.
, resulta:
3
2 4 − 1 + 1 2 2 3 dy = − ( y + 21) = − x 2 = 4 2 x 3 12 3 4 − dx y x x 4 12 3 − 1 x
Por lo tanto, las derivadas son iguales.
12 5
x = ( y + 2) 1
x3 = y + 2 y = 3 x −2 1 dy dy 3 = ( x − 2) = 3 dx dx 3 x2
3 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIAL
Al sustituir y =
3
dy
x −2e n
=
dx
1 2
3( y + 2)
, resulta:
20. x y5 Al derivar con respecto a y se tiene:
dy dx
=
1 2
3 ( y + 2)
=
1 2
3( 3 x − 2 + 2)
=
1
dx
33 x 2
dy
=
d dy
y5 = 5 y 4
Al aplicar la fórmula para la derivación de funciones inversas resulta:
Por lo tanto, las derivadas son iguales.
1 1 d dx y = dx = 5 y 4 dy
19. x y2
Comprobación.
Al derivar con respecto a y se tiene:
x = y5 dx d 2 = y = 2y dy dy
1
y = x5 1 dy dy 15 = x = 4 dx dx 5x 5
Al aplicar la fórmula para la derivación de funciones inversas resulta:
dy
1
Al sustituir y = x 5 en
dx
1 1 y= − dx 2 y dy dy
dy dx
Comprobación.
=
1 5 y4
1 4
1 5( x 5 )
1 5 y4
, resulta:
1
=
4
5x 5
Por lo tanto, las derivadas son iguales.
IV. Deriva las siguien tes funciones de valor absoluto.
x = y2 y= dy dx
=
1. y x
x dy
x=
dx
1
d
2 x
dx
Al sustituir y =
=
=
dx
x en
dy dx
=
1 2y
x =
x dx x dx
=
x x
Entonces,
, resulta:
x x dy 1 = dx 2 x
dy dx dy
Por lo tanto, las der ivadas son iguales.
dx
12 6
1, x > 0 −1, x < 0
= 1; para x > 0 = −1; para x < 0
UNIDAD 3 Derivación de funciones
2. y x2 2x 4
d dx
x 2 − 2x + 4 =
x2 − 2x + 4 d x 2 − 2 x + 4 dx
( x 2 − 2 x + 4) =
x 2 − 2x + 4 x2 − 2x + 4
(2 x − 2)
Entonces,
1, x 2 − 2 x+ 4 > 0 2 2 + <4 −1, x− 0 x
x2 − 2x + 4 x2 − 2x + 4 dy dx dy dx
3. y =
d dx
2;p ara−x 2+> 2 x 4
0
2 < 2;x para−x + 2 x 4
0
= 2− x =−2
x
x =
x d ( x)= x dx
x 1 x 2 x
Entonces,
1, −1,
x x dy dx dy dx
4. y =
=
1 2 x
=−
; para
1 2 x
x <0 x >0
; para
x <0
x2 1− x 2
x2 d
x >0
x2
dx 1 − x 2
x2
2 2 2 d x2 = 1 − x 2 (1 − x )(2 x ) − x (−2 x) = 1 −2x dx 1 − x 2 x x2 (1 − x 2 )2 1− x 2 1− x 2
x2 2 = 1 −2x
x
2x
(1 − x 2 )2
1− x 2 Entonces,
x2 1, >0 1− x2 2 x −1, <0 1− x2
x2 1− x2 x2 1− x2
dy 2x x2 dx = (1 − x 2 )2 ; para 1 − x 2 > 0 dy dx
=−
2x
(1 − x 2 )2
; para
x2 1− x2
<0
12 7
3 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
5. y x2 x
d dx
dy 2
dx
2
x −x d ( 2 x −x (2 x − 1) x − x) = 2 x 2 − x dx x −x
x2 − x =
dy dx
= =
−2 a a+x 2a
a+x
; para ; para
a−x a+ x a−x a+ x
>0 <0
Entonces, 9. y =
x2 − x x2 dy
1, x 2 − x > 0 − x −1, x 2 − x < 0 ) ara 1;p −>x 2
= (2−x
dx dy
3− x
9 − 2x d 9 − 2x d 9 − 2 x = 3− x = 9 − 2 x dx 3 − x dx 3 − x 3− x
x 0
= −(2− x 1); para−x<2
dx
9 − 2x
x 0
9 − 2x 3 3− x 9 − 2 x (3 − x )2 3− x
Entonces, 1− x 2
6. y =
d dx
1−
x2
1−
=
x2
d
1 − x 2 dx
( 1− x 2 ) =
1− x2 1− x2
−
9 − 2x 1, 3− x 9 − 2x −1, 3− x
x 1− x2
dy Entonces,
dx 1− x2 1− x2
dy dx dy dx 7. y
x
=− =
1, 1 −1, 1
x 1− x2
x 1− x2
dy
− x 2 0>
dx
− x 2 0< 10. y =
; para 1 − x 2 >0
=
3 (3 − x ) 2
=−
3− x 9 − 2x 3− x
; para
3 (3 − x ) 2
>0 <0
9 − 2x 3− x
; para
3− x
a
d a = x − a = x a dx x a x 2 dx x d a
x
3
x
d dx
x −3 =
x −3 d x − 3 dx
( x − 3) =
Entonces,
x −3 x −3
a x a x
Entonces,
1, x −3 >0 x −3 x −3 −1, x −3 <0 dy dx dy dx 8. y =
dy
= 1; para x −3 > 0
dx dy
= −1; para − x <3
dx
0 11. y =
a−x
1, −1, =− =
a x2
a x2
a x a x
>0 <0
; para
; para
a x
x 2
a+ x a−x
d a−x dx a + x
x d x d x = = 2 x dx 2 dx 2 2
a−x
d a − x a + x −2 a = a+x = a − x dx a + x a−x a+ x a+ x a+ x
x 2 x x 2 2
Entonces, Entonces,
a−x a+ x a− x a+x
1, −1,
a− x a+x a− x a+x
x 1, x > 0 2 x −1, < 0 2 2
>0
2 x
<0
12 8
>0
9 − 2x
a x a
; para 1 − x 2 <0
9 − 2x
a x
>0
<0
<0
UNIDAD 3 Derivación de funciones
dy dx dy dx
x
x
2
2
= ; para x
x
2
2
= − ; para
Entonces,
>0 <0
1, x −2 >0 x+2 −1, x −2 <0 x+2
12. y = x 2 + 3
dy dx
2 d 2 x2 + 3 d 2 ( x + 3) = x + 3 (2 x ) x +3 = 2 dx x + 3 dx x2 + 3
dy dx
=
( x +)2( − )x + 2 = 0; para x > 0 ( x + 2)2
=
()− (1 )− ( x+) 2 − ( ) 1+ x ( x + 2)2
2
= 0; para x < 0
dy Entonces,
dx = 0
1, x 2 +3 >0 x2 + 3
x2 + 3 −1, x 2 +3 <0 dy dx dy dx
15. y =
= 2 x; para x 2 +3 >0 = −2 x; para x+2< 3
1− x2 1 + x2
0 1− x 2
13. y x x
d d −x = − 1 ( x − x= ) dx dx
x x
d
1− x2
dx
1+ x2
2 1 − x 2 dx 1 + x
1+ x
1
2
1− x 2 1 + x 2
=
Entonces,
d 1 − x 2
1+ x2
=
−
1 − x 2
2x (1 − x 2 )(1 + x 2 )3
1+ x2
1, x > 0 x x −1, x < 0
Entonces,
dy dx = 0; para x > 0 dy dx 14. y =
1− x2
= −2; para x < 0
1 + x2 1− x 2
x+2
1+ x2
x+2
d x+2 dx x + 2
( x + 2)
= ( x + 2)
=
d + x −2+ dx ( x + 2)2
dy x
2
dx dy
x+2 − x+2 x+2
dx
2
( x + 2)
12 9
1, −1,
>0
1− x 2 1+ x2
2x
=−
(1 − x)( 2
=
1− x2 1+ x2
1 +) x
2 3
2x
(1 − x)( 2
1 +) x
2 3
<0
; para
; para
1− x2 1+ x2 1− x2 1+ x2
>0
<0
3 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIAL
EJERCICIO 14 dy
I. Encuentra
para las siguientes funciones implícitas.
dx
1. y5 3y3 9y 9x 27
d dx
d
d
dx
dx
( y)5 + 3( ) +y 39 − 9 ( y=) 5 y4
dy dx
d 27 ( x) dx
d dx
(
)
dy dy 9+ y 2 9+ − 90 = dx dx dy = dx y5
9
2+ y9 2
+9
xy + 3 x
2. y =
d
1
dx 1
( xy)− 2 x
dy
( xy)2 +
+y
dx
x dy
dx
1
+ x
dx y
+
y dx
d dx
−2
3
3
1
+ x
x
1
x3 =
−2
3
3
= =
dy dx dy dx dy dx y
dy dx
=
x
1
+ x
−2
3
3
x 1− y
3. x2 4py
d ( x 2 ) = 4 p dy dx dx 2x = 4 p
dy dx
=
dy dx
x 2p
4. y2 x2 r2
d dx 2y
y2 + dy dx
d dx
+ 2x
x2 = dx dx dy dx
d dx
r2
=0 =−
x y
5. ax2 by2 a2b2
a
d
d y =22 (a b ) dx dy 2 ax + 2by =0 dx
dx
x2 + b
d2
dx
dy dx
=−
ax by
13 0
UNIDAD 3 Derivación de funciones
6. x − xy + y = 1
dx dx
−
d
xy +
dx
dy dx
=
d dx
(1)
1 dy dx dy =0 x + y + dx dx 2 xy dx
1−
1−
1
x dy
1
2
y dx
2
−+
y
dy
x
dx
=
dy 1 1 − dx 2
0
x
1
y
y
2
x
1
y
=
−1
−1 =2 x 2 x 1 x 1− y
1
y
2
3
2
2
3
7. x 2x y 3xy y 3
d dx
x 3 −22 x
dy dx
2 + y
d d ( 22) dx d d x + 3 x3 y + y − y = ( 3) dx dx dx dx
dx
dy dy 2 3x 22 − x 4− 6+ xy3+322xy − 0 =y dx dx dy dx
(6 xy 2−3−x 2
dy
y 2
dx
) 4= y3− dy dx
8.
2x3
7x2y
y3
32xy −2
=
x
y
4 xy − 3 x 2 − 3 y2 6 xy − 2 x 2 − 3 y2
a3
d ( 3) 2d 3 3d 2 dx x + 7 dx ( x y) +(dx ) y
d
= dx a
d dy dy 67x 2 + y 2 2 x +32x 0 + y = dx dx dx 6 x 2 14 7 + + xy
+ x32
dy dx
=0 y 2
dy dx dy dx
=−
6 x 2 + 14 xy 7 x 2 + 3 y2
9. 2x4 8x3y 2y4 40 2
d dx
dy3 d4 x84 +3 x dx + y2dx 4x dy 2 8 x 3 8+3+x +24 =8 dx
3
d d + 0 y = dx dx
x y 0 y
dy dx dy dx
=−
8 x 3 + 24 x 2 y 8 x 3 + 8 y3
=−
x 3 + 3x 2 y x 3 + y3
10. ax3 3a2xy ay3 c
a d x 3 − 3a 2 x dy + y dx + a d y 3 = d c dx dx dx dx dx dy 3ax 23−2 a x 3−2 23+ a0y= ay dx dy dx
=
3a 2y −ay 3
2 −ax3 −3a 2 x
2
=−
13 1
ay − y
2
− x
3ax
2
3 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
11.
y x
x
−
y
=a d
y
dx
x
−
d
x
dx
y
d
=
dx
a
dy dx dy x − y dx y − x 1 x dx dx − 1 y dx dx = 0 2 y x2 y2 2 x dy dy x − y y − x x dx y dx y x 2 − x y 2 = 0
x dy y dy x − y − x 2 y − x = 0 y dx x dx
y2
x dy3
y2 x
y dx
x3
− y2 −
y
dy
y3x
dx
y
+ x y
−5 y−x3
=x
x
+5x y
y dy
0
x dx dy
= x y
0
dx dy
12. y 2 =
y 5 x + x 3 y3
=
dx
y 3x 3 + x 5 y
y + 2x y − 2x d dx
y2 =
d y + 2 x
dx y − 2 x
dy dy ( y − 2 x ) 2 + 2−2( y + x ) − 2 y dy = dx 2 y( y2)− x 2 dy 2 y ( y2 − x) −2−( y dx
dy
2
dy
dy
dx
dx
dy
2( )+x+
)2=y2 2− ( x2+) (+ )y
dx
dx dx
+ y = 1 y
d
2 + 3y
dx
+
x 2 2 + 3y
2 + 3y +
3x
2
dx
=
x
y
x
dy dx
y
x
x
4y 2
2 y(2y)− (x )− 2 (−)y 2+ x+
y(
4y
=
x ) 4 x + 2 y −2 x + y
y
dx dx
(y − 2 x)
=2−2( y ) (+ 2)x − 2 −2+(y () 2)x+ +y
dy
2 + 3y 13. x +
dx
3
dy dx dy
2 2 + 3y dx
x 2 + 3+ y
+ 1+ y + 1+ y
dy dx dy dx
+ +
d dx
d
y+ = 1 y y
dy
2 1 + y dx
y
dy
2 1 + y dx
dx
= =
y
dy dx dy dx
dy = dx 1 − dy dx
=−
13 2
2 + 3y 3x 2 2 + 3y
− 1+ y −
y 2 1+ y
21 +2 y ( 3 + y) 3x 1 + y+ + 2 3 2 + 3y ( − 21 + y
y)
2
UNIDAD 3 Derivación de funciones
14. x2 y3 y4 x4
d dx x2
d3 dx
d3
y3 +2y
dx
dy
x =34 y
dx
− 4x
dy 3 3 dy 2+ 4xy =43 y − x dx dx
x 223 y x 223 y
d d x32 y = 4 y 4− x dx dx
dy3 dy 3 4− y 34=2− −x dx dx
xy
−4 x 3 − 2 xy3 dx = x 2 3 y 2 − 4 y 3 dy
dy
=−
dx
2 x (2 x 2 + y 3 ) (3x 2 − 4 y) y2
+ y 2 x=
15. xy
d
d
xy +
dx
dx
2y =
d
x
dx
1 dy dy 1 x + y + 2 = dx 2 x 2 xy dx x
dy
2 xy dx
+
y 2 xy
+2
dy dx
=
1 2 x 1
dy dx
=
2
−
y 2 y
x 2 y
dy dx 16.
1
y
+
1
x
d 1 dx y
−
=
+2
y−y x+4 y
=1
+
1 dy
y 2 dx
d 1 dx x
−
1
x2 dy dx
=
d dx
(1)
=0 =−
y2 x2
17. x y2 x y2 x3 y3
d dx
2
d
2
( x +) y − ( − ) x= y + dx
dy 2( x + ) 1y +2 (1 )− dx dy 2 ( x) + 2y+( )+ x 2 (− y ) −2 + − x dx
x −3y 3 − 3y 3 = + (x
d dx
x3
d dx
dy
= x 2 + y2
dx
y)
dy
x2
dx
y2
2( x + ) y (dy 2 +) − x 3−y dy3 2=2 y 2+ (dy) (− − ) x2 + dx dx dx
dy dx dy dx
= =
x
y3
dy dx dy dx y
x
2 3x+ 2− ( x −)y (+ 2 )x
2 ( x +)y+( 2)−x −y 3x 2 − 4 y 4 x − 3 y2
13 3
y y 3 y2
=
3x 2 − 4 y 4 x − 3 y2
3 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
y x c= 18. x y − d
x y−
dx x x
d dx
2 y dx
y x=
d
y + −y dy
1
d dx
dy
y − x= x dx dx
+ −y
y− = x dx 2 x dy
1
x
2 y dx
− x
dy dx dy dx
dy dx
c
0
dy
1
d dx
0
=y
1
− y
2 x 1
y
2 x 1
= x
− y − x
2 y
y ( y − 2 xy )
=
x ( x − 2 xy )
19. x3 y3 3xy2 y2 2xy 6
d dx
d dy 2y− = x dx dx
y
dy dy dy 3x 2 6+ xy 3+ 2+ y 2 2− y 2 −0 = x dx dx dx
y
x 3 + 3x
d2 dx
y+ 32 +2 y − 2
dy
dy 6 xy 2+ y2− dx dx
dy
xy2 +
=
x2
y2
2 y − 3x 2
− 3 y2
6 xy + 2 y − 2 x
−y 2 = 0 d
dy d xy + 2 x +2− y 2=0 dx dx
dx
1 dy dy x + y + 2 x +− 2 y dx 2 xy dx x
( 6)
dy 2 x=3 −3 −y dx dx
20. xy
d dx
dy
2 xy dx
+
y
dy
2 xy
dx
+ + 2x− x
dy
2 xy dx
1
=
2 2y
y 2
0
dx dy
1
2 y=
dy
0
2 y dx
dy
1
dx
2 y dx
+ 2x −
dy
= − − 2y
dy dx
−2 y − =
x 2 xy
dy dx
y 2 xy
=−
y 2 xy
+ 2x −
d
x2
dy dx
x2 y −
+ 2 xy −2
d2 dx
d d xy + 2 +2 x = y dx dx
dy
xy− + 2+ y220 dx
=x
y
2y
y ( 4 xy + xy ) x (− 2 y + 4 xy + xy )
21. x2y xy2 x2 y2 0
dx
1
0
dy dx
13 4
UNIDAD 3 Derivación de funciones
dy
x2
dx
dy
dy
= y −2 2− y2
− 2 xy +2 dx
xy
dx
dy dx
=
II. Encuentra la pendiente de cada una de las siguientes curvas en el punto indicado.
x
y 2 − 2 xy − 2 x
1. x2 y2 4; P2,0
x 2 − 2 xy + 2 y
d
22. y3 3x2y x2 xy2 3
d dx
d
y3 + 3
d x+2 y − =x 22 dx
dx
d
xy(3)
dx
dy dy 3y 2 3+ x 2 6+ 2 +2xy− 2 x0− =x dx dx dx dy dy 3y 3+ 2 x2 − 2 dx dx
2x + 2y
dx
y x= − − y dx dy dx
=
2x
d
x3 +
d3 dx
d dx
x3 y =
=0 =−
x y
6 xy
2 y − 2 x − 6 xy
dy
3y 2 + 3x 2 − 2 x
dx
dy dx
− x2
d
a
dx
x+
2.
d
dy dy 3x32 + y2 − − 2x 20 = dx dx
xy dy dx dy dx
2
4
1
= 2 xy − 3 x 2 =
2 xy − 3 x
2 x
d
+
y=
dx
dy
1
2 y dx
2
dy
3y 2 − x 2
dx
d dx
2
+ y + 6y
dy dy 2 xy 6+ y 22 +1 dx dx
2
dy dx
= (1 − 2)
dy
=−
dx
dx
3.
dx
d
x2 =
( y 2 +) a 2 y( dy )− dx
2x = 2
dy dx dy dx
y2 − a 2 y
dy dx
( a)−2 y−dy dx
36
dx = −
9 =− 2
y2
2 x ( y2 + a) ( y 2 +) a (2 y −) y 2 − a
) dy dx
1
x dy
2
y dx
+
1
y
2
x
1
x dy
2
y dx
+2 +2
dy dx dy dx
dx a 2y
=
dx dx
=1 = 1−
1
y
2
x
1−
=
1 2
dy
y y 2− x = x x +2 4+ y y
1 2 x
dx En el punto dado resulta:
2y
2
=
dy
dy
2
( y 2 + a)
2
=
x
=−
dy dy x + y + 2 = 1 dx 2 xy dx
dx y 2 + a
) + y2 2 x ( y)2 + a(=
y
2 x
1
2 xy + 6 y 2 + 2
d y 2 − a
xy + 2
dx
y2 − a
d
( 4,1
x y + y2 x=P;
1 − y2
=
y2 + a
dx
2 y
dy
y2
=− dy
25. x 2 =
( 9)
=0
d d 3 d d 2 dx xy + 2 dx y = dx x − 2 dx y dx
0
En el punto dado resulta:
24. xy 2y x 2y
2 xy
2
P (9,36 )
y = 9;
x+
dx
3
dy
=−
Lo que implica que la recta tangente es paralela al eje y.
y 2−
3y 2
dx
En el punto dado resulta;
23. x3 y3 x2y a3
dx
dy dx dx
dy
d
y2 =
dx
dy
dy
2
d
d
x2 +
dx
x ( a + y2 )
dy
2 ay
dx
13 5
2−
= 4+
1 4 =1 4 4 1
3 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
2
2
P (8,1)
4. x 3 + y 3 = 5; 2
d
x3 +
dx 2
+
33 x 1 3
x
d dx
2
y3 = dy
2
3 3 y dx
+
1 dy 3
y dx
d dx
(5 )
=0 =0
dy
y
3
dx = − x En el punto dado resulta:
dy dx 5. x y2x xy 4;
1
1
8
2
= −3 = −
P2,1 d dx
( x) − y2
d
( )x
+( (+x +)xy
dx
( x − y2 )( x + xy) = −xy=
d dx
x
y2
d dx
(4 )
0
dy dy ( x − y2 )1 + y + x dx + ( x2+1 xy0) − y dx =
( x −) y2+
dy x + x +y2 − +( x dx
− y ( x+( y)2−)
)xy=(
x ( x) − y2
2 y) x
xy
dy dx
dy
dy
dx
dx
0
− 2+ y ( x ) xy = − ( + )(+ () x− xy
x
y2 + y x − y2
2 3 dy = − 2 x 2+ 2 xy −2 y − y dx x − 3 xy − 2 xy
En el punto dado resulta:
dy dx dy dx 6.
2
=−
2 (2) −3(2)(1)
d
3x +
3 2 3x
+
=−
2
2− 2( 1 )( )
6
−6
=1
=1 3,2 P(
2y + 3 x = 5;
dx
3
22 22(1)( )1 (− ()+ ) 1 ( )−
d dx 2
)
d 2 y =(5) dx dy
2 2 y dx
dy dx
=0
=−
3 2y
3
2y
2 3x
2
3x
=−
En el punto dado resulta:
dy dx
=−
3
4
2
9
=− 1
13 6
UNIDAD 3 Derivación de funciones
7. x2y xy2 12;
d
x2 y +
dx x2
dy dx
10. x5 y3x x2y y5 4;
P3,1 d dx
dy 2 xy+ = y 2 dx
+ 2 xy + x
dy
2
dx
d
xy2 =
dx
2 xy (+
dx
dy
8. x2 y2 3;
d dx
x2 −
d dx
=−
y
2
x 2 + 2 xy
2x − 2y 2y
dy dx dy dx dy dx
d dx
=−
1(6 + 1) 3( 3 + 2)
=−
6 y2
d
y
(5 x
dx
=−
7
dy
18
dx
dx
x 3 y2 − 2
d
=−
2x 3y
( 5 + 1 + 2) 3 +1+ 5
d dx
0 =y
9
dy
dy 2 dy 2 2 3+ y 23 = − x y dx dx dy dx
=
2 − 3x 2 y 2 2 x 3 y + 3 y2
En el punto dado resulta:
=
2 1
dy
=2
dx
P1,1
x 2(7) =
d 2
dx
dy 4+ x 4+2 +0 y= x dx dx dy dy 6 y 2 4+ x 4 =2− (+y dx dx dy dx
=−
d dx
x 3y −
d dx
2=
2
2 −3 2( ) (5 ) 3 2 (2) 5 + 3( )5
2
=−
x)
( 4 y + 2 x) 6 y2 + 4 x
P2,1
d dx
x4 − 2
d dx
y4
2x3
=−
x + 2y 2 x + 3 y2
dy 3 dy 8+ y 4 36=2 x − x y dx dx dy dx
=
4 x 3 − 6 x2 y 2 x 3 + 8 y3
=
x 2 (2 x − 3 y) x 3 + 4 y3
En el punto dado resulta: 1+ 2 2+ 3
=−
298 155
dy dy 6 x 2 y2+3 x 4 38=3 x − y dx dx
En el punto dado resulta:
=−
2
=
12. 2x3y 2 x4 2y4;
dy
dx
8
dx
y
dy
=−
1
dy
2
dx
13 7
=
4(4 − 3) 8+4
=
1 3
xy)
y 4
+ y + 2 xy) 3
3xy2 + x 2 + 5 y4
d y 3 = (321) dx
x
d
=−
P2,5
x+
dx
dy 3x2 2 y 32+ x y23−+2 dx
dx
dx
dy
d
xy +
(4 )
dy
y (2 x + y)
= 2x
dx
dx
x ( x + 2 y)
3
9. 2y3 4xy x2 7;
y 34+
=xy
11. x3y2 2x y3 321;
dy
d
dy 2 5x + 0 xy+ + dx dx 4
d
y
En el punto dado resulta:
dx
dx
d dx
+5x y=
( +x
En el punto dado resulta:
2
d
dx
4dy 3− 5y = 2 + dx
=0
=
y+x2
dy
)
( 2 xy + y2 )
3d
dx
dy 3xy2 + x 5 4+ dx dx
P2,1
y2 =
2
x5 +
dy 2
En el punto dado resulta:
dx
2
5x + + y
0
+ 2 xy = − dy
dx 34 3
dy
dx
d (12)
P1,1
3 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
13. 2x y x2y 3y2x 5; 2
d dx
En el punto dado resulta:
P3,1
d d 2 d 2 x − −y+ x 3y = y(5) x dx dx dx
dy 2− − dx
dy 2 dy 2+6 xy3+0 xy x− = dx dx dy
dy
dx
dy dx
y2
6=xy − 2 − 3xy 2 dx
dy dx
2 xy − 3 y2 − 2
=
−1 −
x2
+ 6 xy
=
2 − 2 xy + 3 y2 1+
x2
14. 2 y 2 x =
d
4 yx
4 yx
4 yx
4 yx
dx
−
dx
dy dx dy dx dy dx
1 +9 − 18
y2 x =
d dx
1
=
8
− 6 xy
a) 2y2 xy x2 16;
=
dx2
2
x x 2 + 23 y x x + 3y x
dy dx
dy dx
=
+
+ 2
3 y2
4 yx −
dx
=
dy
− x − +y= 2 x
0
dx
dy
dy
−x
dx
= y − 2x
dx
=
3y
dy
=
dx dy
x + 3 y dx
y − 2x 4y − x
3− 4 12 − 2
y − y1 = m ( x − x1 ) y − 3= −
3y
(
Para determinar la ecuación de la recta normal, se utiliza la pendiente recíproca con signo contrario,
)
1 (−x m
x1 )
y − 3 =10 ( x − 2 )
15
y − 3 =1 0 x −20
29
−10 x+ +y =17 0 15. x3 y3 5xy 3;
d dx
x3 −
d dx
y3 = 5
P2,1 d
dx
xy −
d dx
b) x2 2x 4y 4; d
3
dx
dy 2 2 dy 3x 3− y 5dx =5 x dx + y 3x 2 5− 5y = 3x
dy dx
=
dy dx
+ y2
2)
0 x + 10 y −32 =
y − y1= −
=−
1( −x 10
10 y − 30 = − x+2
x 2 + 3 y2
)
1 10
se tiene:
− 2 y2
2 −8 4 + 12
=−
Para determinar la ecuación de la recta tangente en el punto
2
y −3 + 4 x x 2 + 3 y 2
2 (−3 +8 4 12 +
d x 2 = (16) dx
Al sustituir el valor del punto dado, resulta:
En el punto dado resulta:
dy
d dx
dy
x − 2 y2 x 2 + 3 y2
=
dx
xy +
dx
2
− 2y
2
x2
7 13
P2,3
d x 2 3+ y2 + (12) dx
1 x + 3 y dy dx x 2 + 3 y2
x + 3y
dy
d dx
4y
+ 2 y2 =
dy
y2 −
)
1 2 x + 6 y dy dx 2 x 2 + 3 y2
+ 2 y2 =
d dx 4y
+ 2 y2 =
3y 2
2−6+ 3
2, 2P(
x 2 +3 y212; +
2
dy
=
=
1. Encuentra las ecuaciones de la tangente y la normal a las curvas siguientes en el punto dado.
2
dx
12 − 5 10 + 3
y2
En el punto dado resulta:
dy
=
III. Resuelve los siguientes problemas generales aplicando la derivación de funciones implícitas.
dy
x 2+ dx
− −
d dx
x2 + 2
d dx
− x4
P2,1
d
d (4) dx
=− y
dx
dy 2 x2+ 4 − 0 = dx dy 2x + 2 = 4
dx
3x 2 − 5 y
dy
5 x + 3 y2
dx
13 8
=
x 2
dy dx
+
1 2
UNIDAD 3 Derivación de funciones
Al sustituir el valor del punto dado resulta:
dy dx
−2
=
2
+
1 2
=−
d) x2 xy 2 0;
1
d
2
dx
x2 +
Para determinar la ecuación de la recta tangente en el punto
d dx
xy +
2x + x
se tiene:
P2,3 d dx
dy
+y=0
dx
dy
y − y1 = m ( x − x1 ) y − 1= −
1 2
2=0
dx
=−
2x − y
x
Al sustituir el valor del punto dado, resulta:
x 2) (+
dy −4 − 3 7 dx = − −2 = − 2
y − 1= − 1 − x 1 2 Para determinar la ecuación de la recta normal, se utiliza la
Para determinar la ecuación de la recta tangente en el punto
pendiente recíproca con signo contrario,
se tiene:
1
y − y1= −
− (x
m
y − y1 = m ( x − x1 )
x1 )
7
y − 3= −
2
y − 1 = 2 ( x + 2) y −1 = 2x + 4
−2 x+ − y =5
y − 3= −
0
7
− x+ + y =7 c) y2 4x2 9; d dx
y2 − 4 2y
dy dx
d
pendiente recíproca con signo contrario,
− 8x = 0
dx
dx
=
y− 3=
8
2
5
7
Para determinar la ecuación de la recta tangente en el punto se tiene:
y−5 = 9
5
5
− x+ −y =
5
x−
25 7
2 7
6x + 2y
dy dx dy
5
dx
dy dx
y−5 = 5
− x+ − y =5 4
4 5 4
4 7
P2,1
=0 =−
3x
y
Al sustituir el valor del punto dado, resulta:
pendiente recíproca con signo contrario,
y−5 =
x+
d
Para determinar la ecuación de la recta normal, se utiliza la
5
x1 )
=0
e) 3x2 2y2 10;
16
0
y − y1= −
− (x
d 3 2x 2 − y 210 = dx dx dx
8 y − 5 = ( x − 2) 5
8
x + y−
d
y − y1 = m ( x − x1)
8
m
2 y − 3 = ( x + 2) 7
y
Al sustituir el valor del punto dado, resulta:
dy
1
y − y1= −
4x
=
− x 7
Para determinar la ecuación de la recta normal, se utiliza la
d x 2 = (9) dx
dy
2
(+ x 2)
0
2
P2,5
dx
7
1
m
= −6
Para determinar la ecuación de la recta tangente en el punto
− (x
x1)
se tiene:
y − y1 = m ( x − x1)
( x − 2) x−
y − 1= − 6 (+ x 2)
5
y − 1= −6 1x− 2
2
−6 x+ + y 11= 0
0
13 9
3 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
Para determinar la ecuación de la recta normal, se utiliza la pendiente recíproca con signo contrario,
horizontal y vertical.
a) x2 4xy 16y2 27
1
y − y1= −
− (x
m
x1 )
d dx
1
y − 5 = ( x − 2) 6 y−5 = 1
14
− x+ −y = 6 2
x2 +
d dx
2x + 2y
dx dy dx
dy
d dx
3
dy
d dx
2x + 4 y 4 x + 32 y
=−
x + 2y 2 x + 16 y
=m
Entonces, x 2y, de tal forma:
(9)
2 4 y 2 −82 y+16 =y212=
=0 y=±
=−
x y
=−
27 y 27
3
12
2
=±
Al sustituir,
x 3 Por lo tanto, los puntos en los que las tangentes son horizon-
2
tales son P −3,
5
se tiene:
3 3 y Q 3, − . 2 2
Para que la tangente a la curva sea vertical es necesario que el denominador sea cero. Así, 2x 16y 0
y − y1 = m ( x − x1 ) 2
y − 5= −
x + y−
9 5 5
x 8y
(x −
5 2
y − 5= −
5
=−
x 2y 0
Para determinar la ecuación de la recta tangente en el punto
2
d y 2 =27 dx
dx
Al sustituir el valor del punto dado, resulta:
dx
xy 16 +
Para que la tangente a la curva sea horizontal es necesario que el numerador sea cero. Así,
y2 = dy
d dx
0
P (2, 5 )
f ) x + y = 9;
dx
6
x2 + 4
dy dy 2x + 4 x +4 +32y = 0y dx dx
1
x−
3
2
d
1
2. Encuentra en qué puntos de las siguientes curvas la tangente es
+x
5
2)
Al sustituir en la curva resulta:
4
2 32 64 y 2 − 16 2y 48 + y= 2=
5
y=±
=0
y27
27 48
Al sustituir, se tiene: Para determinar la ecuación de la recta normal, se utiliza la
x ±6
pendiente recíproca con signo contrario,
Por lo tanto, lospuntos en los que las tangentes sonverticales 1
y − y1= − y−5 = y−5 =
−
5 2
+ x −y = 2 5
m 5 2 5 2
− (x
27 y S 6,− 27 . son R −6, 48 48
x1)
( x − 2)
b) x2 4y2 4 d
x− 5
dx
x2 + 4
d dx
2x + 8y
0
d y 2 = (4) dx dy dx dy dx
14 0
=0 =−
x 4y
UNIDAD 3 Derivación de funciones
Para que la tangente a la curva sea horizontal es necesario
Al sustituir en la curva resulta:
que el numerador sea cero. Así,
2x2 = 5
x0
x=±
Al sustituir en la curva se tiene:
5 2
Por lo tanto los puntos en los que las tangentes son verticales
y ±1 Por lo tanto, los puntos en los que las tangentes son horizontales son P 0, 1 y Q 0, 1
5 5 son R , 0 y S − 2 , 0 . 2 d) 2x3 2y3 9xy 0
Para que la tangente a la curva sea vertical es necesario que el denominador sea cero. Así,
d d 3 d 2 2 9x03 + y − xy = dx dx dx dy dy 6 x 2 6+ y2 9−9− y0= x dx dx
4y 0
y0
dy dx
Al sustituir en la curva:
=
9 y − 6 x2 6 y2 − 9 x
=
3y − 2 x 2 2 y 2 − 3x
Para que la tangente a la curva sea horizontal es necesario
x2 4
que el numerador sea cero entonces. Así,
x ±2
3y − 2 x 2 = 0
Por lo tanto, lospuntos en los que las tangentes sonverticales
y=
son R 2, 0 y S2, 0
2 3
x2
Al sustituir en la curva se tiene:
c) 2x2 3y2 5
3
2
d dx
x2 + 3
d dx
4x + 6y
y2 = dy dx dy dx
d dx
2 2 2 x 3 + 2 x 2 − 9 x x2 = 0 3 3
5
−4 x 3 +
=0 =−
16 x 6
=0
27
16 x 3 x 3 − 4 = 0 27
2x 3y
Para que la tangente a la curva sea horizontal es necesario
x=0 y x=
3
que el numerador sea cero. Así,
4 = 16
3
27 4
27 Por lo tanto, los puntos en los que las tangentes son horizon-
x0
tales son P 0,0 y Q1.89,2.38 Al sustituir en la curva se tiene:
y=±
Para que la tangente a la curva sea vertical es necesario que el denominador sea cero. Así,
5
2 y 2 − 3x = 0
3
x=
Por lo tanto, los puntos en los que las tangentes son horizon-
tales son P 0,
5
y Q 0, − 5 . 3
2 3
y2
Al sustituir en la curva resulta:
3
3
Para que la tangente a la curva sea vertical es necesario que
2 2 2 y 3 + 2 y 2 − 9 y 2 y = 0 3 3 −4 y 3 + 16 y 6 = 0
el denominador sea cero.
27
y0
y 3 −4 +
14 1
16 y 3
= 0
27
3 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
y=0 y y=
3
4 = 16
3
27
Al resolver el sistema de ecuaciones, se obtiene el punto de
4
intersección entre las dos curvas:
27 4x y2
(1)
Por lo tanto, lospuntos en los que las tangentes sonverticales son R0,0 y S2.38,1.89
2
2x 5y 12
e) 16x4 y4 32 d
Al elevar al cuadrado a (1), multiplicar por resultado a (2) se tiene:
d
d 16 x4 + y 4 = (32) dx dx dx
2x2 + 5 − y2 64 x 3 + 4 y 3 dy0 = dx
dy dx
(2)
=−
y
2 − = x12
1 8
y al restar el
4
8 64 x 3
16 x 3
4 y3
y3
=−
y4 8
Para que la tangente a la curva sea horizontal es necesario que el numerador sea cero. Así,
+ 5 y −12 0=
Entonces, y 4 y y 2. Al sustituir los valores en alguna de las ecuaciones se tiene:
x=0 Para y 4
Para y 2
Al sustituir en la curva se tiene: 2
22 4x
4 4x y 4 = 32 x4
y = 4 32 Por lo tanto, el punto en que la tangente es horizontal es
(
)
P 0, 4 32 .
x1
Por lo tanto, las curvas se intersectan enlos puntos P4,4 y
Q1,2 Las pendientes para P, son:
Para que la tangente a la curva sea vertical es necesario que el denominador sea cero. Así,
y=0
4x m2 = − 5
4 m1 = 2 y
m1 =
Al sustituir en la curva,
1
m2 = −
2
16 5
Para determinar el ángulo de intersección, se emplea la si-
16 x 4 =32
guiente fórmula:
4
x= 2 Por lo tanto, e l punto en que la tangente es vertical es R
( 4 2, 0 ).
tan θ =
3. Encuentra el ángulo de intersección entre los siguientes pares de curvas:
a) y2 4x; 2x2 5y = 12 y2 2y
dy dx
1 + m1m2
− =
16 5
−
1 2
16 1 1 + − 5 2
37 ′ ′′ 6 = 80°47 3
θ = arctan
Las pendientes para Q, son: 2
= 4x
2 x +5 1y =2
=4
4x + 5
dy = 4 = m 1 dx 2 y
m2 − m1
dy dx
m1 =
=0
4
−4
m1 = −1
dy = − 4 x = m 2 dx 5
14 2
m2 = − m=2 −
4x 5 4 5
=
37 6
UNIDAD 3 Derivación de funciones
Para determina r el ángulo de intersecció n, se emplea la siguiente fórmula:
siguiente fórmula: 4
tan θ =
− +1
m2 − m1
=
1 + m1m2
5
=
5
4 1 + (−1)−
tan θ =
1 9
m1 =
dy dx
=
2x − 4 2y
2x + 2y
dx
dy dx dy
= m1
dx
0.4866 + 1.27
2x − 4
m2 = −
2y
x tan θ =
y
m2 − m1 1 + m1m2
=
−0.4866 −1.27 )( −0.4866 ) 1 + (1.27
)° θ = arctan−( 4.632 =− θ = 102°16 ′9 ′′
x2 y2 8
(2)
x= − 82 −4 x
= −4.598
′ ′′ 6 20 24
c) y2 x3; 2x2 3y2 5 y2 = x 3 2y
Al restar las ecuaciones se obtiene: 2 2 x2 + − y
y
m2 = − −1.236 = −0.4866 −2.54
siguiente fórmula:
=−
intersección entre las dos curvas: (1)
x
Para determinar el ángulo de intersección , se emplea la
=0
Al resolver el sistema ecuaciones, se obtiene el punto de
x2 4 x y2
= 4.598
)( 0.4866 ) 1 + (−1.27
m1 = 2 (−1.236 ) −4 = 1.27 2 (−2.54 )
x 2 + y2 = 8
dy
=
Las pendientes para Q, son:
b) x2 4x y2; x2 y2 8 x 2 = 4 x + y2
m2 − m1 1 + m1m2
θ = arctan (4.5982 ) = 77 °43 ′50 ′′
1 θ = arctan = 6°20 ′24 ′′ 9
2x = 4 + 2y
Para determinar el ángulo de intersección , se emplea la
dy dx dy
y
dx
2 x 2 + 3 y2 = 5
= 3x 2 =
4 x + 6y
dy dx
3x 2
dy
2y
dx
=0 =−
2x 3y
2 y2 = 8 − 4 x Al resolver el sistema de ecuaciones, se obtiene el punto de
y2 = 4 − 2 x
intersección entre las dos curvas; Al sustituir el valor en alguna de las ecuaciones se tiene:
x2
+
y2
=8
x2 + 4 − 2x = 8
y2 x 3
(1)
2x2 3y2 5
(2)
Al multiplicar por 3 a (1) y al restar el resultado a(2) se tiene:
x2 − 2 x − 4 = 0 2x2 + 3 2 y32−
x = 1± 5
5= y33−
x
2 x 2 = 5 − 3x 3
x =1
Donde x = 1 − 5 pertenece a ambas curvas.
Sustituyendo el valor en alguna de las ecuaciones se tiene:
Entonces,
y2 x3 y= − 4 21 −( 5 )= −4 2(1− )5 = ± 2.54 y 1 Por lo tanto, las curvas se intersectan en los puntos
Por lo tanto, las curvas se intersectan en los puntos P1,1 y Q1,1
P1.236,2.54 y Q1.236, 2.54 Las pendientes para P, son:
m1 = m1 =
2x − 4
m2 = −
2y 2 (−1.236 ) −4 2 (2.54 )
Las pendientes para P, son:
= −1.27
m2 = −
x
m1 =
y
−1.236 2.54
= 0.4866
14 3
m1 =
3x 2 2y 3 2
m2 = − m2 = −
2x 3y 3 2
3 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
Para determinar el ángulo de intersección , se emplea la
Al sustituir el valor en alguna de las ecuaciones se tiene:
siguiente fórmula: 3
tan θ =
2 2 = 12 3 3 5
=
1 + m1m2
35 − 7 y 2 35 − 7 y 2 2 + = 10 14 + y + 14 y
3
− −
m2 − m1
5
1 + − 2 2
4
(9 − 2
)= y + y 210 y =1
12 = 67°22 ′48 ′′ 5
θ = arctan
Al sustituir el valor en la ecuación (3), se tiene: Las pendientes para Q, son:
m1 =
3x 2
m2 = −
2y
m1 = −
3
m2 =
2
x=
2x
35 − 7 14
=2
3y Por lo tanto, las curvas se intersectan en el punto P2,1
3 2
Las pendientes para P, son: Para determinar el ángulo de intersección , se emplea la siguiente fórmula:
m1 = 3
tan θ =
m2 − m1
=
1 + m1m2
+
3
12 − 2 x
m2 = −
2y − 6
m1 = −2
12 2 2 =− 3 3 5 1 + − 2 2
m2 = −
5
d) x2 y2 12x 6y 25 0; x2 y2 2x y 10
tan θ =
m2 − m1 1 + m1m2
− +2 =
2 12 6= x 2 + y− −x + y 25 0
=
12 − 2 x
dy
1 13
e) 4x2 y2 8; 2y2 x2 20
2y − 6
4 x 2 − y2 = 8
10
dy dy 2 x2+ y1 ++ = 0 dx dx dx
=
θ = arctan
dx
x 2 + y2+ 2+ x =y
3
5 1 + − (− 2) 3
1 4 23 55 13 = ° ′ ′′
= 0dy dy
3
siguiente fórmula:
θ = 112°37 ′11 ′′
dx
2y +1 5
Para determinar el ángulo de intersecció n, se emplea la
′ ′′ θ = arctan (4.5982 =)−° 67 22 48
2x + 2 y dy −12−6 dx
2x +1
8x − 2 y
=−
dy dx
2x +1
dy
2y +1
dx
=0 =
2 y 2 + x 2 = 20 4y
dy dx
+ 2x = 0
4x
dy
y
dx
=−
x 2y
Al resolver el sistema de ecuaciones, se obtiene el punto de
Al resolver el sistema de ecuaciones, se obtiene el punto de
intersección entre las dos curvas:
intersección entre las dos curvas:
−x + 6= x 2 + y2− 12 y 25 0 x 2 + y2+ 2+x = y
(1) 10
(2)
4 x 2 − y2 = 8
(1)
2 y 2 + x 2 = 20
(2)
Al restar las dos ecuaciones se ob tiene: Al multiplicar por(2) a (1) y al sumar se tiene:
x 22+ y−
12−x + 6 25 y22− − − x
2−y = −x 10y −14 x−7 = y − 35
x=
2 y 2 +2 x+ 28 − 2x2
35 − 7 y 14
= 20 y +16 9 x 2 = 36
(3)
14 4
x = ±2
UNIDAD 3 Derivación de funciones
Al sustituir el valor en alguna de las ecuaciones se tiene:
Para determinar el ángulo de intersección para los puntos Q y
R, se emplea la siguiente fórmula: 2
2 y +4 = 20 1
y2 = 8 tan θ =
y = ±2 2
m2 − m1 1 + m1m2
Por lo tanto, las curvas se intersectan en los puntos:
θ = arctan−
)2(R, P (2,2 Q
2,) 2(−2 ,
) S− (2,2
2 y) − 2, 2 2 .
2
=
+2 2 1 2
=−
1 + (−2 2 )
5 2
5
= −74°12 ′24 ′′
2
θ = 105°47 ′35 ′′ Las pendientes para P, son:
m1 =
4. Se tira una bomba en línea recta desde un avión a 800 pies sobre
4x
m2 = −
y
m1 = 2 2
m2 = −
el nivel del suelo; la velocidad inicial es de 640 pies por segundo,
x
¿cuánto tiempo tarda en llegar al suelo y con qué velocidad lo
2y
hace? La ecuación de movimiento es s 800 640t 16t2.
1 Para calcular el tiempo en llegar al suelo,
2 2
800 = 800 −640 t +16 t 2
Las pendientes para Q, son:
m1 =
4x
y
m1 = −2 2
0 = −640 t + 16 t 2
x
m2 = −
0 = −640 + 16 t
2y
t = 40
1
m2 =
2
La velocidad de un móvil está de nida por la derivada temporal de la posición entonces,
Las pendientes para R, son:
m1 =
4x
m2 = −
y
ds v= = dt
x
d
d
dt
dt
640 −800 +
t 16
d dt
t2
v f − vi= − 640 + 32 t
2y
1
m1 = −2 2
m2 =
Al sustituir el valor del tiempo obtenido se tiene:
2
v f = −640 + 32 (40 )
Las pendientes para S, son:
m1 =
4x
m2 = −
y
m1 = 2 2
m2 = −
v f = 640
x 2y
pies s
5. Un cohete se dispara en forma vertical desde el suelo y su ecua-
1
ción de movimiento es s 128 t 16 t2, con una velocidad de
2
128 m/s, ¿cuánto tiempo requiere para alcanzar su máxima altura y cuál es dicha altura máxima?
Para determinar el ángulo de intersección para los puntos P Para la altura máxima, se considera que la velocidad es cero
y S, se emplea la siguiente fórmula:
entonces,
tan θ =
m2 − m1 1 + m1m2
− =
1 2
−2 2
1 1 + (2 2 )− 2
=
ds v= = dt
5 2
128 −
dt dt
d 16 = −t 2 128 32 dt
t
0 =128 −32 t
t=4
5 = 74°12 ′24 ′′ 2
θ = arctan
Para calcular la altura máxima, se sustituye el valor del tiempo, así,
s 1284 1642 256 m
14 5
3 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
EJERCICIO 15 I. Contesta las si guientes preguntas.
Por la de nición del número e, se tiene:
1. ¿Cómo se determina el valor del número e?
∆v
1
e = lim (1 + x ) vsi v = El valor del número e está representado por el límite de su
v
v→0
de nición, es decir,
v
∆v ∆v , = e0 = 1 de tal forma que: 1 + v
Luego, lim
1
e = lim (1 + x ) x =2.71828182846
∆v→ 0
x →0
∆y
dy
2. ¿Cuál es la base del logaritmo natural?
1
dv = ∆v = v
El logaritmo natural tiene por base el número e. 3. Explica cómo se relacionan los logaritmos naturales y los comunes.
ln e0
1
=v
Recordando que:
dy
=
dv
Los logaritmos naturales y comunes se relacionan de la siguiente
dy dv ⋅
dv dx
forma: El logaritmo natural de un número cualquiera se determina al
Al sustituir el valor de
dy
en la regla de la cadena, resulta:
dv
dividir su logaritmo común por el logaritmo e, es decir: ln N =
d ( ln v)
log N
dx
log e
inversas? 4. ¿Por qué las funciones logarítmicas y exponenciales son Al gra car las funciones logarítmicas y exponenciales se observa que se re ejan entre sí, lo que indica que las funciones corres-
=
1 dv ⋅
v dx
Función exponencial. Si se considera a y uv como función exponencial general y se toman los logaritmos naturales en ambos miembros se tiene:
pondientes son inversas. ln y ln uv v ln u
5. Demuestra las fórmulas fundamentales de derivación para:
Si se considera que ex N y x ln N, y se aplica a la ecua-
a) Funciones logarítmicas y exponenciales.
ción anterior resulta:
Función logarítmica.
y = ev ln u Si y ln v, al derivar por la regla general, se tiene:
dy
= ev ln u
d ( v ln u )
y + ∆y= ln (+ v ∆ v)
dx
y + ∆y= ln (+ v ∆ v)
1 du dv = ev ln u v + ln u u dx dx dx
− y = − ln v ∆y= ln (+ v∆ − v) ln v
Si y e v
v + ∆v ∆v ∆y = ln =ln1 + v v
anterior, se cumple que:
ln u
y a su vez y u v, al sustituir en la expresión
du v Al multiplicar por
v v
dx
se tiene:
d dx
∆y 1 ∆v = ln 1 + ∆v ∆v v
d dx
∆y v 1 ∆v 1 v ∆v = ln 1 + = ln 1 + ∆v v ∆v v v ∆v v ∆y 1 = ln 1 + ∆v v v
dx
dy
1 du dv = u v v + ln u u dx dx
uv = v
u v du u dx
u v = vu v−1
+ u v ln u
du dx
dv dx
+ u v ln u
dv dx
b) Funciones trigonométricas directas.
v
∆v ∆v
Dado que y sen v, al derivar por la regla general, resulta:
y y sen v v
14 6
UNIDAD 3 Derivación de funciones
Al utilizar la fórmula trigonométrica senv v sen v cos v sen v cos v, se tiene:
y + ∆y= sen vcos ∆+ ∆ v sen
vcos v
− y = sen v ∆= y sen vcos ∆+ ∆ v sen− cos v v sen ∆= y ∆ sen v− cos v sen − ∆ v1( c os
v
v)
1 −cos ∆v ∆y sen∆v = cos v −sen v ∆v ∆v ∆v Como el lim sen∆v = 1 y el lim 1 −cos ∆v = 0, ∆v v →0 ∆v v→ 0 se tiene que:
∆y =)(1 cos v −sen () v0 , así, ∆v ∆y = cos v ∆v
Al sustituir el valor de
dy
en la regla de la cadena, resulta:
dx
dy dx dy dx
=
dy dv ⋅
dv dx
= cos v
dv ⋅
dx
Dado que y cos v y como senos y cosenos están desfasados por 90°, entonces:
y = sen (90° − v) dy = d (sen ( 90 − v)) = cos ( 90° − v) d ( 90° − v) = cos ( 90° − v)− dv dx dx dx dx dy dx
= −sen v
dv dx
Si y tan v, entonces:
y = tan v =
dy dx
cos v
dx
− sen v
d cos v dx
2
cos v
= dx
dx
cos v
d sen v
= dv
dy
sen v
(cos2 v + sen2 v)
= sec 2 v
cos2
v
cos v cos v
=
dv
dv dv dv cos2 v + sen v sen v + sen 2 v dx dx = dx dx 2 2 cos v cos v
dv dx = sec 2 v dv cos 2 v dx
=
dv dx
Si y cot v, entonces: 1 y = cot v = tan v 1
1 d ( tan v) 1 ) dv = − = − 2 (sec2 v= − tan v dx tan 2 v dx dx dy
sec2 v dv
= − 2v
tan
dx
2
=cos − 2v sen v 2
cos v
14 7
1
= −2
dv
sen v dx
csc 2 v
dv dx
3 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
Si y sec v, entonces:
Si y arccos v, es decir, v co s y , entonces al derivar implícitamente con respecto a de v, resulta:
y = sec v = dy dx
=− =
1 cos v
cos y = v
1
d cos v
cos 2 v
dx
sen v
dv
1 dv ( sen v) − = 2
=
cos v
dx
= sec v tan v
cos v cos v dx
sen v dv
d cos y
cos 2 v dx
dv
dv
−sen y
dx
dy dv dy dv
Si y csc v, entonces:
y = csc v = dy dx
=− =−
dv dv
=1 =−
1 sen y
Al sustituir en la ecuación de derivación, resulta:
1 sen v
d (sen v)
1
=
1
=−
sen 2 v
dx
1
cos v dv
sen 2 v
=−
cos v
csc v cot v
sen v senv dx
dv
dy
dx
dx
dv
1
=−
1 −cos 2
y dx
=−
1
dv
1− v2
dx
=
dv dx 1− v2
dv Si y arctan v , es decir, v tan y , entonces al derivar implícitamente con respecto a v, resulta:
dx
tan = v
c) Funciones trigonométricas inversas.
tan y
dv Si y arcsen v, es decir, v sen y, entonces al derivar implícitamente con respecto a v resulta:
sec 2 y
dy dv dy
sen y = u
d (sen v ) dv cos v
=
dv
du
dy
dv
dx
dy =1 dv dy dv
=
=
1
= =
=
dy dx
dv
entonces:
− csc 2 v
dy dv dy
dv
dv
1 −sen 2 y dx
dy dx
Como seny v, entonces,
sen 2y
dv
1
1 + v2 dx
=
dx 1 + v2
cot y = v
cos v dx
1
=
dv
1
sec 2 y dx
Si y arccot v, es decir, v cot y , entonces al derivar implícitamente con respecto a v, resulta:
dv 2 y,
1 sec 2 y
dv dy
cot y Como cos v = 1 −sen
dv
=1
1 cos v
Al sustituir en la regla de la cadena, resulta:
dx
dv
dy 1 dv = dx 1 + tan 2 y dx
dx
dy
=
v2,
así:
=
dv dv
=1 =− =−
1 csc 2 v
dv
1
csc 2 v dx
dy
dv
1
dx = − 1 + cot 2 y dx dy dx
=
dv
1
1 − v dx 2
=
dv
dv dx 1− v2
dy dx
14 8
=−
dv
1
= − dx 2 1 + v dx 1+ v 2
UNIDAD 3 Derivación de funciones
Si y arcsec v, es decir, v s ec y , entonces al derivar implícitamente con respecto a v, resulta:
Datos
sec y = v
d sec y dv sec ytan y
dy dv dy dv
=
N9
dx dy dx
Fórmula ln N =
dv
log N log e
Sustitución ln9 = 2.303lo g9
= 2.303 (0.9542 )
dv
ln9 = 2.1976
=1 =
d) 11 1
Datos
sec y tan y
dy 1 dx = sec y tan y dy
c) 9
=
=
N 11
dv
log N log e
ln 11 = 2 .3983
dv
sec y sec
2
1 dx y−
dv
1
v 2 − 1 dx
Sustitución ln 11 = 2. 303 l og 11
= 2.303 (1 .041 )
dx
1
v
Fórmula ln N =
=
v
e) 18 Datos
dv dx v2 − 1
N 18
Fórmula ln N =
log N log e
Sustitución ln18 = 2.303lo g18
= 2.303 (1.2552 ) Si y arccsc v, es decir, v csc y , entonces al derivar
ln18 = 2.8908
implícitamente con respecto a v, resulta:
f ) 29
csc y = v
d csc y dv
− csc ycot y
dy dv dy dv dy dx dy dx dy dx
=
Datos
dv dv
N
29
Fórmula ln N =
= 1
log N log e
Sustitución ln 29 = 2. 303 l og 29
= 2.303 (1 .4623 )
=− =− =−
=−
ln 29 = 3 .3679
1 csc y ycot
g) 34
csc y cot y
v
N
34
ln N = log e
=−
v
ln 34 = 2. 303 l og 34
= 2.303 (1 .5314 )
y− 1 dx
dv
Sustitución
log N
dv 2
v − 1 dx 2
Fórmula
dx
1 csc y csc 1
Datos
dv
1
ln 34 = 3 .5269
dv dx v2 −1
h) 76 Datos N 76
Fórmula log N
ln N =
log e
Sustitución ln 76 = 2. 303 l og 76
= 2.303 (1 .8808 )
II. Dertmina el logaritmo natural de los s iguientes números. i) 123
a) 5 Datos
N5
ln 76 = 4 .3315
Fórmula ln N =
log N log e
Datos
Sustitución
N = 123
ln5 = 2.303lo g5
Fórmula ln N =
log N log e
= 2.303 (2.0899 )
= 2.303 (0.6989 )
ln123 = 4.8130
ln5 = 1.609
j) 385
b) 7
Datos Datos
N7
Sustitución ln123 = 2.303lo g123
Fórmula log N ln N = log e
Fórmula
Sustitución
N = 385
ln7 = 2.303lo g7
= 2.303 (0.8450 )
ln N =
log N log e
Sustitución ln385 = 2.303lo g385
= 2.303 (2.5854 ) ln38 5 = 5.9543
ln7 = 1.9462
14 9
3 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
k) 694 Datos
N = 694
g) 7 580 Fórmula ln N =
log N log e
Sustitución
Datos
ln694 = 2.303lo g694
Fórmula
N = 7 580
Sustitución log 7 580 = 0. 4343 ln
log N = ln N log e
= 2.303 (2.8413 )
log 7 580 = 3 .8797
ln69 4 = 6.5436
h) 13 975
l) 1 956 Datos
N = 1 956
Fórmula ln N =
log N log e
Datos
Sustitución
Fórmula
N = 13 975
Sustitución log 13 975 = 0. 4343 ln 13 975
log N = ln N log e
ln 1 956 = 2. 303 log 1 956
= 0.4343 (9 .5450 )
= 2.303(3 .2913 ) ln 1 956 = 7.58
Datos
Fórmula
N = 68 402
log N = ln N log e
N = 48
log N = ln N log e
log 48 = 0. 4343 ln 48
= 0.4343 (3 .8712 )
IV. Encuentra la derivada para las siguientes funciones logarítmicas y exponenciales. 1. y ln 2x2 3x 5
92
Datos
Fórmula
N = 92
log N = ln N log e
Sustitución
dy
log 92 = 0. 4343 ln 92
dx
= y′ =
= 0.4343 (4 .5217 )
=
log 92 = 1. 963 8
d dx
(ln 2(
)
x2 3 + x5 − )
1
d
2 x 2 + 3 x − 5 dx
(2 x 2 + 3 x − 5 )
4x + 3 y ′ = 2 x 2 + 3x − 5
217 Datos
Fórmula
N = 217
log N = ln N log e
Sustitución log 217 = 0. 4343 ln 217
4 x 2 + x 2
2. y = log
= 0.4343 (5 .3798 ) dy
log 217 = 2. 3368
dx
469 Datos
Fórmula
N = 469
log N = ln N log e
= y′ = =
Sustitución log 469 = 0. 4343 l n 469
d 4 x log 2 + x 2
dx
log e d 4 x 4 x dx 2 + x 2 2 + x2
= 0.4343(6 .1506 ) =
log 469 = 2. 6712
e)
6840 2
= 0.4343 (11 .1331 )
Sustitución
log 48 = 1. 681 2
d)
log 68 402 = 0. 4343 ln
log 68 402 = 4 .8351 Fórmula
c)
Sustitución
48 Datos
b)
log 13 975 = 4 .1454
i) 68 402
III. Determina el logaritmo común de los siguientes núm eros. a)
758 0
= 0.4343(8 .9332 )
851
( x 2 +) 2 (log e) 2 + x 24 4−2 x ( x) 2
4x
(2 + x 2 )
( x + 2)log e 8 − 4 x 2 4x (2 + x 2 ) 2
Datos
Fórmula
N = 851
log N = ln N log e
=
Sustitución log 851 = 0. 4343 ln 851
y′ =
= 0.4343 (6 .7464 )
2
(2 − x 2 )log e x ( x 2 + 2)
log 851 = 2. 9299
f)
1024
3. y = 5 2 x 3
Datos
Fórmula
N = 1 024
log N = ln N log e
Sustitución log 102 4 = 0. 4343 l n 1 024
= 0.4343 (6 .9314 ) log 1 024 = 3 0103 .
15 0
dy dx
= y′ =
d dx
(5 2 x 3 ) = 5
2 x3
3 = 6 x 2 (5 2 x ) ln 5
5 ln2
d 5 x 356= dx
2 x3
ln
( x2 )
UNIDAD 3 Derivación de funciones
4. y = 2 e x
dy dx
2
= y′ =
d dx
(2 e x 2 ) = 2 e x 2
d ( 2) 2 x = 4 xex
dx
5. y exx
dy dx
= y′ =
d ( )x (x ) = ex e
dx
x
dx ln e x( ) = x e x dx
x
6. y = ln 4 − x 2
dy dx
= y′ =
7. y = ln
dy dx
d dx
(ln
d
1
4 − x2 ) =
1
4 − x2 =
4 − x 2 dx
4 − x2
(−x) = −
x 4 − x2
a2 − x2 a2 + x 2 d
2 2 ln a − x a2 + x2
= y′ =
dx
=
d
a2 − x 2
a 2 − x 2 dx
a2 + x 2
1
=
1 a 2 + x 2 ((a 2 + x 2 )(− 2 x ) − ( a 2 − x 2 )( 2 x)) 2 a2 − x2
(a 2 + x 2 )2
a2 + x 2
−2 a 2 x (a 2 − x 2 )(a 2 + x 2 )
y′ =
8. y = ln x 2 − 2 x
dy dx
= y′ =
d dx
(ln
d
1
x2 − 2x ) =
x 2 − 2 x dx
x2 − 2 x =
1 2 ( x 2 − 2 x)
1 ( 2 x − 2) = x − x2 − 2
9. y lnx2 1
dy
d
d
1
2
2x
2
dx = y′ = dx (ln ( x )+ 1 ) = x 2( +)1 dx x + 1 = x 2 + 1 10. y ln2x3
dy dx
d
= y′ = 2 ln x 3 = ln x 3
2 ln
=
x3 d
x3
dx
6 ln x 2 6xln3
= x3 dx
x3
x3
x
11. y lnx2 32
dy dx
= y′ = 2
d ( ( x 23)+ ln dx
) = 2(2 )
d
x + 3 dx
x2 + 3 =
4x
x2 + 3
12. y l og 5x3
dy dx
d
log e d
dx
5 x 3 dx
= y′ = = (log5 x 3 )
=
2 15 xl og e (= 5x3) 3
5x
3log e
x
13. y = log 2 − x
dy dx
= y′ =
d dx
( log
2 − x)=
log e
d
2 − x dx
(
2 − x)= −
log e 2 ( 2 − x)
x 14. y = log x 2 + 1 dy dx
= y′ =
x log e d x log e ( x 2 + 1) − x (2 x) (1 − x 2 )log e = = = log 2 x + 1 x dx x 2 + 1 x ( x 2 + 1)2 x ( x 2 + 1) 2 2 x + 1 x + 1
d
dx
15 1
3 UNIDAD CÁLCULO
DIFERENCIA.L
15. y = log
dy dx
MANUAL
DE SOLUCIONES
a x
= y′ =
d alog e d log a e a log e log = = − = − x a dx x a x 2 x x x
dx
16. y = log x x −1
dy dx
= y′ =
d dx
(log( x
x −1
)) =
log e
d
( x x) − 1
dx
x x −1 =
(
)
) 3( x − log e x 2 log e + x − 1 = 2 x ( x − 1) x x − 1 2 x − 1
17. y x2log x2
dy dx
= y′ =
d dx
2 2) ( x 2 log = x+
d x 2 (log e) d 2 x +x = +2 x dx x dx
d x 2 log2 = x2 log dx
2 xlog x2 2 log x
e 2 log x
18. y e5x
dy dx
= y′ =
d ( 5x ) d e = e 5 x ( 5 x ) = 5 e5 x dx
dx
19. y a3x
dy dx
= y′ =
20. y =
d dx
(a 3 x ) = a 3 x d 3 x =3 al 3nx dx
a
2
e2 x
2 2x y = e2 x = 2 e−
dy dx
= y′ =
21. y =
dy dx
dy dx
22e (−2)d−=
dx
x
2x 2− e= 4 −−
d dx
(
x)
e
x
ex x
= y′ =
22. y =
d ( ) −2 x 2 e =2
dx
d e x e x e x = − 2 dx x x x
ln ax
ax
= y′ =
d ln ax ln 1ax 1 d ln 1 ax (−ax ) + = = − + dx ax ax 2 ax ax dx ax 2
ax
2
e x + 1 e x − 1
24. y = ln
dy dx
= y′ =
d dx
e x + 1 1 d e x + 1 1 (e x − 1e ) ex − (e x + 1) e x − 1 = e x + 1 dx e x − 1 = e x + 1 (e x − 1)2 ex − 1 ex − 1
ln
15 2
x
=
2ex
(e x − 1)(e x + 1)
x2
UNIDAD Derivación de funciones
25. y =
dy dx
2
a
(e 2x − e− 2x )
= y′ =
26. y = x 3e x
dy dx
2 d
a dx
(−e 2x =2 e− x ) −2 2 2d−e x2
d
a dx
dx
x 2 x d −x − e 2 = e 2 2 − e a dx 2
x
d x x x − = e + e a
(
dx 2
x
)
2
= y′ =
d dx
) d e x 2= e x 2 d+x 3 =x 3+ex 2 d x 2 x(3+ dx dx dx
( x)3e=x 2
2 x 2 ex
2
(2 x 4
2 x2 ) ex
2
27. y a2x
dy dx
= y′ =
28. y = 10− x
dy dx
d dx
(a 2−x ) = a 2−x ln a
2
= y′ =
d dx
x2 ) (10−=
d 2 −xln10 −= − (
10
2
−x x 2 ) 2 10 x ln10
dx
29. y log1 e2x
dy dx
= y′ =
dx
(log(1 +)e2 x ) =
2x ( ) d 1 + e2 x = log e e2 x d 2 x =2 e log e 2x 2x
log e
1 + e2 x dx
1+ e
1+ e
dx
x2e4x
30. y
dy
d dx
= y′ =
d ( 24 − 2x ) x e=
4 4− −d
x + e2 dx
dx
x4 2
− = e
d
x
dx
x24 x−+ 4−x −e= −
d dx
( −+44 x2)
xe 4
x
2 x e
x
xe
x
x
31. y = a
dy dx
= y′ =
dy
(a x ) = a
x2 −
ax a 32. y = ln
dx
d dx
= y′ =
d dx
x
d
ln a
x=
dx
x
a
ln a
x
2
2
(ln ax a
2
− x
2
)=
d
1
ax a
2
− x
2
dx
ax a
2
2
− x
=
1 2
ax a
− x2
ax d ( 2 2 a −x 22 2a − x dx
33. y ln x2 ex
dy dx
= y′ =
34. y =
d ( x) ln x 2 e=
dx
d ln(+ x 2ln = dx
) =ln d ( + ex+ x=+ x) dx
1 d
x 2 dx
x2
1
2
x
1
e2 x − e−2 x e2 x + e−2 x
(e 2 x +2e−)(−x 2
d e 2 x − e−2 x
dy
dx = y′ = dx e 2 x + e−2 x =
=
d (e 2 x) +22e− x e 2x −
dx
d 22 x −e)( − e − 2−)ex( 2e +2x−) dx (e 2 x + e−2 x )2
2− x d 2 x − e (22x ) 2)2−(− x − −e 2 dx
(e
2x
2 + e−2 x
)
15 3
x
d e dx
d e 2x e+x ) (−x dx
x
e
e
x
x
d dx
x
)a+a2 x2
−
3
3 UNIDAD CÁLCULO
DIFERENCIA.L
MANUAL
=
DE SOLUCIONES
− 22− x) −e2 e 2x e (+ (2+e ( 22x 2 ) e 2 x e 2)(−e2−+ ex − 2 (e 2 x + e−2 x )2
=2
=2
x)
(e+2 x e 2)(−e2+x e 2 −−)x −e2 2 ex − e2−+ ( ( ex2 ) (e 2 x + e−2 x )2 −2 xe 2
e( ) −
(e 2 x e+
2x
x
x)
x
x
x
2
−2 x )2
−
(e 2 x + e−2 x )2 4 − x 2 2− 4x 2 + ee 2e−e − 4x−+ee 2 x − (e 2 x + ) −2 x 2
4x ee+ y′ = 2
x
x
2
x
=
( e)
8 2x
−2 x 2
+
x
5 35. y = x dy dx
= y′ =
x x−1 x =5x 5 5d + ln 5 dx x dx x x x dx
d 5
dx x
5 x−1 5 5 x 5 = x − 2 + ln x x x x 5 x 5 x 5 = − + ln x x x x
5 5 y′ = ln − 1 x x 36. y = e
dy dx
x
ln x
= y′ =
d dx
(e
x
ln x ) = e
x
d ln dx
xln+
1 d
= e+ x y′ =
d
x
dx
d x
x dx
e x ln x e + 2x 2 x
ln =x e
x
x
e 1
+ dx x
e
x
1
x 2 x
x
2
37. y = 10 x log x 2
dy dx
= y′ =
d dx
(10 x 2log x 2 ) =10
= 10 x
2
log e d
2
log e
x2
d log dx
d x 210 dx
x 2log + 2
x 2 + log x 2 10 x ln10
x 2 dx
y′ = 2 x10 x
x2
d dx
x2
x2
2
+ 2 xlog x 2 10 x ln10
38. y ae2x
dy dx
= y′ =
d dx
()ae (2)x = ae
2x
d ln () 2 x2= ae dx
ln ae
2x
ae
39. y 3xx3
dy dx
= y′ = =
d dx 3x3
3x x 3 = 3x 2
d dx
x 3 + x3
d dx
3x
33 lnx 3
x +x
y′ = 3x+1 x 2 + x33lnx3
15 4
1 ln x e
x
2 x
UNIDAD Derivación de funciones
x 40. y = 2 dy dx
x
dx 2
y′ = 2−1−
dy dx
d dx
ln
x d 2 dx
x
x 1 2 2 x
x 2
2log +
2
ln
a2 + x 2 x
1
a2 + x 2 x
a2 + x 2
d
1
=
a 2 + x 2 dx x
x
=
1
a2 + x 2 x
x x − a 2 + x 2 2 2 a + x x2
ln a 2 − x 2
x
= y′ =
d ln a 2 + x 2 dx
x
ln x
=
d a 2 x+2 a 2 + x 2 dx x2
=
=
x
x
a 2 2+2 x2
a +x x2
2 x ( xa2− y′ =
2+a
d dx
2 2 aln x+
−a2 x2 x
x
)
2x ln2
2 2 −aln x
+
2
+
− ln a 2 + x 2
+
x 2 (a2 + x 2 )
43. y = e x + 1
dy dx
= y′ =
d dx
ex + 1 =
1
d
2 e x + 1 dx
(e x + 1) =
ex 2 ex + 1
44. y ln xx
dy dx
d 2 2 x a−2 x2 + x dx a + x2
x 2 − a 2 − x 2 x −a 2 = a 2 + x 2 x 2 a 2 + x 2 x ( a 2 + x 2 )
y′ =
dx
−1 + x
x
ln
x
=
dy
x
x + 2
x
a2 + x 2
= y′ =
42. y =
x
x x −1 d x x = x + 2 2 2 dx
x −1
x x 2 2
=
41. y = ln
x
d x
= y′ =
= y′ =
d dx
(ln)x
x
d ( x)ln x(x−)1 (ln ) l x n= = dx
x
x −1
15 5
d (x) dx
dx dx
3
3 UNIDAD CÁLCULO
DIFERENCIA.L
MANUAL
DE SOLUCIONES
45. y exInx ln y =ln ln x e x =lnx
d dx
ln y =
dy dx
1 dy
=
x
y dx
ln x
= (e x )
d
x
+ln x=+ln x 1 ln
x
dx
(1 + ln x )
46. y = log x
dy dx
= y′ =
d
log x =
dx
d
1
2 log x dx
log x =
log e 2 x log x
x
47. y = 10 e log x
dy dx
= y′ =
dy
x
10 e = log x 10 +e
d d log =x log + x10 dx dx
x
ex
x
10 elo g e
x
x
10 e e x log xl n10 e x
a + bx
48. y = ln
dx
d dx
a − bx
= y′ =
d dx
= y′ =
a − bx
a − bx
= =
a + bx
ln
d
a + bx
a + bx dx
a − bx
1 a − bx d a + bx
2 a + bx dx a − bx 1
1
(a −bx b) +a( bx + b) a − bx
2 a + bx
ab ( a +bx )a( − bx )
a − x a + x
49. y = ln
dy dx
= y′ =
d dx
ln
a−x a+x
=
( )1 1 (a + a + x d a − x x )− −a( − x ) = a − x dx a +x a x − a+x
50. y 1 x2ln x2
dy dx
d
2 (2 ) = y′ = +(1 ) x = ln + x1
dx
y′ =+(1
1 d
2
d
d
dx
dx
+ 2xln 2l (+n)x 2 1 x
x 2 ) 2+ x 2= 2 x ln x 2 x dx
2 (1 + x 2 )
+ 2 x ln x 2
x
15 6
x
−2 a = ( a −x a)( x+ )
UNIDAD Derivación de funciones x
3 51. y = x dy
x x −1 x =3x 3 3d + ln 3 dx x dx x x x dx
d 3
= y′ =
dx
dx x
3 x−1 3 3 x 3 = x − 2 + ln x x x x 3 x 3 x 3 = − + ln x x x x y′ = 3 ln 3 −1 x x
3
52. y =
dy dx
2
(e 3x − e− 3x ) d 3
= y′ =
dx 2
(−e x3 e =3 − x +)3e 3e3 (
(
53. y = ln x + 1 − x
dy dx
= y′ =
d
3
x
−x
e +e
3
dx 3
2
)
ln(+ x −)1 = x
dx
) − x d ( x =) 1
x
2
1
(
d
)
x + 1− x =
x + 1 − x dx
1 1 1 − 2 1− x x + 1 − x
54. y ex ln ex
dy dx
= y′ =
d
e x ln= ex
dx
d
d
dx
dx
dx
dx
= xex +x =e x + = e x + xex
ex
ex ( x
1)
55. y = log 2 − 3x 2 + 3x
dy dx
= y′ =
y′ =
56. y =
dy dx
d
log
dx
log e
2 − 3x 2 + 3x
=
log e
d 2 − 3 x
=
2 − 3 x dx 2 + 3 x 2 + 3x
(3 )−2(− ( 2 +3 x )− 3 3 )(x) 2 + 3x
2(2 − 3 x )
( 2 +3 x )log e d 2 − 3 x 2(2 − 3 x ) dx 2 + 3 x
6log e = − (2 −3 x2)(3 + x )
ln a + bx
a − bx
= y′ =
d ln a + bx = dx a + bx
(1− ln =
a + bx
d a + bx dx
a + bx )
a + bx b (1− ln a bx +
y′ =
1 d a +bx − +lna bx a + bx dx a + bx
(1− ln =
a + bx )
b 2 a + bx
a + bx
)
3 2 ( a + bx )
57. y 10nx
dy dx
= y′ =
d dx
nx ln10 10 nx =10
d dx
nx nx =10 n ln10
15 7
d + ( a dx
bx )
3
3 UNIDAD CÁLCULO
DIFERENCIA.L
MANUAL
DE SOLUCIONES
58. y ex ex2
dy dx
= y′ =
d dx
d
2
(e−+x e = ) x (e−+2e ) − (x
x)( ( e−+ )e − ex− e 2 +x) −= e −x + e =
x
dx
e ex
2(
x
2x
2x )
1
59. y = e x2
dy dx
1
1 2
d
1 d 1 e x2 = − dx x 2
= y′ = =e x dx
2
e x2 x3
60. y ln2 x3
dy dx
= y′ =
d dx
( ln=23 x )
3 d 23ln=x= ln dx
x
x3 d 6 3 x dx
2 ln
x3
x
ln x 3
V. Aplicando la derivación logarítmica, encuentra la derivada de las siguientes funciones y comprueba los resultados por medio de la derivación por fórmula directa. 1. y = ln
2x + 3
x
Solución por fórmula:
dy dx
= y′ = y′ =
d dx
ln
2x + 3
x
=
x
2x + 3
d
2 x + 3 dx
x
=
x − 2 x + 3 2 x + 3 2x + 3 x 1
x −2x −3 x +3 =− ) 3 x ( 2) x( + x 2x + 3
Solución por derivación logarítmica:
y = ln dy dx
2x + 3
x
= y′ =
1
ln (2 x 3 ) ln x = ln 2 + x −3 l=n x + − 2
d dx
ln
2x + 3
x
=
d 1
ln ln (2 x +3 ) − dx 2
x =
1
2
2 2x + 3
1
x − 2x− 3
x
)3 x (2)x(+
− =
=−
x+3 x 2x + 3
x 2 + a 2 x + a
2. y = log
Solución por fórmula:
dy dx
= y′ =
d dx
x 2 + a 2 log )( x + a e d x 2 log + a 2)( 2 e x + a x −( x 2 + a2 ) = = x + a x 2 + a 2 dx x + a x 2 + a 2 x+a
log
x 2 +ax2 a − 2 ) y′ = log e ( x + a)( x 2 + a2 ) Solución por derivación logarítmica: 2 2 y = log x + a =log ( x+2 −a 2 )log − x+a
x 2 + a 2 dy d = y′ = log = dx dx x + a
(x
d ( +( x−2 log dx
a) 2) log a+ =
(x
a))
15 8
log e
x 22 + a
2x −
log e
x 2 +ax2 a − 2 ) 2x 1 = log e − = log e x + a x + a ( x + a)( x 2 + a2 )
x + a 22
UNIDAD Derivación de funciones 3. y lnx2 2 Solución por fórmula:
dy dx
d
= y′ =
ln ( x 2 )+ 2 =
dx
(1 ) d x 2 + 2 = 2 x 2
x 2 + 2 dx
x +2
Solución por derivación logarítmica:
y = ln ( x 2 + 2) dy dx
d
= y′ =
4. y = x x
ln ( x 2 )+ 2 =
dx
(1 ) d x 2 + 2 = 2 x 2
x 2 + 2 dx
x +2
2
Solución por fórmula:
dy dx
d
= y′ = =x x
2
x 2 −1 ) x2 (x +
dx
d dx
2
x ln x = x+ x
d dx
xx
x2
2 +1
2 xx
2 +1
Solución por derivación logarítmica: (se aplica logaritmo a la igualdad) 2
ln y =ln x x = xln2
x
Así,
d dx
ln y =
1 dy
y dx dy dx
d dx
2 xln x
d x 2=ln + x2 ln x
= 2 xln+ x
x
x
dx
= 2xx
2 +1
ln x + x x
2 +1
x
5. y = x 2 Solución por fórmula:
dy dx
= y′ =
x
d dx
x2 =
x
x −1
x 2 2
x
d
x
d x
x2
1
x
= + x 2 ln x x + x 2 ln x dx 2 2 dx 2
Solución por derivación logarítmica: (se aplica logaritmo a la igualdad) x
ln y =ln x 2 =
x 2
ln x
Así,
d dx
ln y =
1 dy
y dx
d x dx 2
ln x
1
x d
1
2
2 dx
2
= ln +x
= ln + x
ln x
1 2
x 1 1 = x 2 ln x + 2 dx 2
dy
15 9
3
3 UNIDAD CÁLCULO
DIFERENCIA.L
MANUAL
DE SOLUCIONES
6. y x2 a bx3 Solución por fórmula:
dy
= y′ =
dx
d
d (+ x)2 +(+ a) bx dx
3
( a) =bx x 2+
dx
2
( )b( + )x = 3bx 2a+
+ x2a b x
2 ax ( a bx )2 (bx =+ + 3 + 2
bx2
3
d
3
a bx
dx
x2
3
2
)
2 y′ = ( a + bx ) (5bx 2 + 2 ax)
Solución por derivación logarítmica: (se aplica logaritmo a la igualdad)
( ) =a ln x 2 ( a + bx= + )3 +ln x 2ln ln y =ln
d
ln y =
dx
1 dy
3
bx + 2 ln( +)3lnx
d
d 2 +ln x 3 + l n =+(a dx dx
=
y dx
bx )
a
bx
2
3b
x
a + bx
Así,
2 3b 2 ( a) =bx 3(+) 2+ (+) 3 =(+)bx2 a = + x a 3bx x + x a + bx
dy d
2
bx + 52
a
2 bx ( bx2
ax)
1+ x 2
7. y = (1 − x 2 )
Solución por fórmula:
dy dx
= y′ =
d
)1(d
2
x2
1+ x −(1 )x 2=+ )1− ( 1( x)2 −( + 1− x)(2
dx
x2
1 x−2 )( +)x 22−1 (
( y′ = −2 x1+
)x 2 −1ln
dx
)x( ln1−x2)1+ x
2
+1 ) x(2
1+x 2
x2
Solución por derivación logarítmica: (se aplica logaritmo a la igualdad) 1+ x 2
( ) x 2 =+ 1 ( (−ln)1x 2 ) ln yl=n1 −
x2
Así, 1+ x 2
( ) x 2 =+ 1 ( (−ln)1x 2 ) ln yl=n1 − 1 dy
y dx
()1 =+
x2
= −2 x dy dx
1+ x2 1− x2
( = −2 x1+
x2
d (2 2 ) ( )2 1 x ()+ ln − 1 + −xln1 dx
d dx
x
+ 2 xln 1( − x 2 ) x2
1 x−2 )( + x2)−1
x 2 +1
x( )ln1−x2 ( )
x2
8. y aax Solución por fórmula:
dy dx
= y′ =
d dx
a ax = ax a ln a
d dx
ax a ln +1 ax =
a
Solución por derivación logarítmica: (se aplica logaritmo a la igualdad) ln y =ln a ax = ax ln
a
Así,
d dx
ln y =
dy dx
1 dy
y dx
= a ln a
= a ax+1 ln a
16 0
x2
d dx
x2
UNIDAD Derivación de funciones
9. y = 2 x
2
Solución por fórmula:
dy dx
d
= y′ =
2
dx
d
2
x 2 2 x =2 ln
dx
x 22 =
2 +1 xln 2
x
Solución por derivación logarítmica: (se aplica logaritmo a la igualdad) x2
ln y = l n2
2 = xln 2
Así,
d dx
ln y =
dy dx
1 dy
y dx
= 2x
2 +1
= 2 xln2 xln 2
1 + x2
10. y = ln x
Solución por fórmula:
dy dx
= y′ =
d dx
1 + x2 =
ln x
d
1
x 1 + x 2 dx
(x
)
1 + x2 =
x2 x (1) + x 2
+
1 2x2 + 1 1 + x2 = x 1 + x2 x 1 + x2 ()
Solución por derivación logarítmica:
y = ln x 1+ =x 2 + ln l + xn 1= + ln x 2+ dy
=
1
dx x
d
1
+
2(x1 +
2
) dx
x
1 2
ln (1
x2 )
(1 + x 2 )
dy 1 x 2x 2 + 1 dx = x + 1 + x 2 = x (1 + x 2 ) 11. y = ln 2 − x 2 Solución por fórmula:
dy dx
d
= y′ =
dx
1
ln 2 − x 2 =
d
2 − x 2 dx
2 − x2 = −
x 2 − x2
Solución por derivación logarítmica: 1 y = ln x −2 = x 2 − ln (2 2
dy dx dy dx
=
x2 )
d ( 2− x2)
1
2 (2 − x 2 ) dx
=−
12. y = log
x
(2 − x 2 )
(1 − x 2 ) x2
Solución por fórmula:
dy dx
= y′ = y′ =
d dx
log
1− x 2
x2
=
2 xlog e d 1 − x 2 log e −x 3 − 2 x (1 − x 2 ) = 1 − x 2 dx x 2 1 − x 2 x2
log e −2 x 2 log e =− 1 − x 2 x 2 x (1 − x 2 )
16 1
3
3 UNIDAD CÁLCULO
DIFERENCIA.L
MANUAL
DE SOLUCIONES
Solución por derivación logarítmica:
y = log dy
1− x 2
= log− = x(2−log (1 )−x 2 log ) −1
x2
d
d = y′ = log(1 − x 2 ) −2 log dx dx dx
= =
log e d 1 − x 2 dx
x 22 log
x
x
(1− x 2 ) − 2log e x
−2 x log e 2log e − 1− x 2 x
2 x 2log ) e = −x log e −2 1( − x (1 − x 2 )
y′ = −
13. y =
2log e
x (1 − x 2 )
( x −)(1 ( x) − 2 ) ( x −)( )4 3 x−
Solución por fórmula:
dy dx
= y′ = =
)2 ) 4 d ( x −)( ) 2 1 x− 1 ( x −)( 3 x− 1 x− d ( x −)( = )4 ) 2 dx ( x −)( ) 4 3 x− 2 ( x −)( 1 x− 3 x− dx ( x −)( ) 4 ( x −)( 1 ( x −)( 3 x− 3 − 3− x 4)(2 − x) (− 1 −)( x22)(−7x ) ) 2 ( x −)(3 2 )x − 4 2 2 ( x −)( 1 x−
x
−22 +2 0 x −4 x 2
y′ =
)( 2 1( x −)(2−x − 3
3 x)4( − ) x
3
Solución por derivación logarítmica: (se aplica logaritmo a la igualdad)
ln y =ln
( x −)( )2 )2 1 x− 1 ( x −)( 1 x− 1 (− = ln = (ln (−x 1)(− − x2)−ln ( x −)( )4 )4 3 x− 2 ( x −)( 3 x− 2
1
= (ln (− x) (+ 1) ln− −x2( − ln)− (3 − x)ln 2
4
x
3)(x 4) x
)
)
Así,
d dx
ln y =
1 dy
1 d
y dx
2 dx
=
) x2 (− ) (3 x)ln (ln 1 (ln− − l n− −(+ x) −
4
x
)
1 1 1 1 1 = + − − 2 x − 1 x − 2 x − 3 x − 4 1 −22 +2 0 x −4 x 2 = 2 ( x −)( 1−2− x3 4)( − x)( )x
) 2 1 1 x− −22 +2 0 x −4 x 2 = ( x −)( ( x − )( ) 4( 2 )(x − 1− )( 3 x− 2− x3 4−)( x ) x
−22 +2 0 x −4 x 2 y′ = 2 1( x −)(2−x − )( 3
x)4(− 3) x
3
16 2
UNIDAD Derivación de funciones
14. y =
( x +)( )4 3 x+ ( x +)( )2 1 x+
Solución por fórmula:
dy dx
= y′ =
(+ )4 ) ( 3+)( x42+ )( 3 x ) d ( x +)( 3 x+ x +)( 1 x 2)(2+ 7 − x+ = )2 ( x +)(1 2 x) + 2 2 dx ( x +)( 1 x+
y′ = −
x
22 +2 0 x +4 x 2 ( x +)(1 2 x) + 2 2
Solución por derivación logarítmica: (se aplica logaritmo a la igualdad)
ln y =ln
( x +)( ) 4 ( )(x + 3) x + 4 3 x+ (+ +1)(x 2) x = ln = ln (+ x 3)(+ x− 4 ) ln ( x +)( )2 1 x+ 1 x+ ( x +)( )2
ln = ln (− x 3)+( l n− ) − x4 ( l) n− −(1 x)−
2
x
Así,
d dx
ln y =
= 15. y x
1 dy
d
y dx
dx
=
( l)−n − (1 x)ln (ln −( + x 3) (− l n− ) x4−
−22 −2 0 x −4 x)(
( x −)( )( 1−2− x3 − 4
2
x
)
x2
)x
ax
Solución por fórmula:
dy dx
= y′ =
d
x ax = ax axx
dx
−1
(
y′ = a x+ax
a x
d
) dx
x ax +x
ax= ln x+ ax ax 1( ln
ln x
d
ax
dx x)
Solución por derivación logarítmica: (se aplica logaritmo a la igualdad) ln y =ln x ax = ax ln
x
Así,
d dx
ln y = ( a)
1 dy
y dx
d dx
ln x
= a lnx +ax
x d ln x dx
= a ln x + a dy dx
= ax ax (1 + ln x)
16. y = ( 7 − 4 x 2 )
5− x 2
Solución por fórmula:
dy dx
= y′ =
d ( 7−4x2)
5−x 2
dx
16 3
3
3 UNIDAD CÁLCULO
DIFERENCIA.L
MANUAL
DE SOLUCIONES
5−x 2 −1 d (−7)4 ( ) 7 4 x2 − + dx
=− 5− x 27 (4 ) 8 −x 5 − x72 4(
y′ − =
) + x2
5−x 2 −1
2 ( )ln 74 −x2 5 x−
5−x 2
− ) x ( 7− )4 x 2
(
d
x2
x2
dx
5−x 2
ln7 4 − x 2
5− x2
Solución por derivación logarítmica: (se aplica logaritmo a la igualdad) 2
(4 ) x 2 =5−−x 5 (−ln)7 x42 ln y =ln7−
x2
Así,
d dx
ln y =
1 dy
y dx dy dx
=
d dx
5 − xln27 4( − x 2 )
5− x2 −xln7 (4 − x 2 ) − 8x (7 − 4 x 2 ) 5− x2
) x 2 +5− x
−x72 4(
= −8 x 5−
2 −1
(
− ) x ( 7− )4 x 2
5− x2
5− x 2
ln7 4 − x 2
x + 1 − x 2 x − 1 − x 2
17. ln
Solución por fórmula:
dy dx
= y′ =
=
d dx
x + 1 − x 2 x − 1 − x 2
ln
x − 1− x 2
d x + 1 − x 2
=
x + 1 − x 2 dx x − 1 − x 2
x − 1 − x 2 1 − x − + x −1 x − 1 − x 2 1 − x 2
(
x + 1 − x 2
)
(
)
(x −
2 x+ 1
2
1− x 2 )
( x − − 1 1 )( x12 − − ()x−2 +1x − 1)(x − +)x2 = x + 1 − x 2 1− x 2 ( x − 1− x2 ) y′ =
x2
2
(1 − 2 x 2 ) 1 − x 2
Solución por derivación logarítmica: (se aplica logaritmo a la igualdad)
dy dx
= y′ =
d dx
x
x + 1 − x 2 d d = ln (+ x 1− −) (x 2 − −1) x x − 1 − x 2 dx dx
ln
x2
1 d 1 d 2 2 y′ = x + 1 − x 2 dx ( x + )1 − x − x − ( 1−)x 2 dx x − 1− x
16 4
1 − x 2
x
UNIDAD Derivación de funciones 1 1 x x − 1 − 2 1 + x + 1 − x 2 1 − x 2 x − 21 − x 1 − x
=
1− x 2 − x
=
1 − x 2 ( x + 1)− x 2
1 −)x 2 x − 1 − x 2
2) (− x −1−()x 2+ −x )( 1− x+
=
1
x2
x
(1 − 2 x 2 ) 1 − x 2 2
y′ =
18. y =
1− x 2 + x
−
(
(1 − 2 x 2 ) 1 − x 2
a + bx x 3 b + ax
Solución por fórmula:
dy dx
= y′ =
a + bx
d
dx x 3 b + ax xb 3 b + ax 2 a + bx
=
3 + + a bx + b +ax
ax 2 ( ) 3 3 b + ax
2
x 2 (b + ax) 3 y′ =
a8x 2 b+ 9x ab2 +6 11 x( + 4
6 x 2 (b + ax) 3
2
)
a + bx
Solución por derivación logarítmica: (se aplica logaritmo a la igualdad)
a + bx ln= x 3 b + ax
ln y = ln
=
1 2
3 x+b = ax ln + a− bx−ln xln +
+ a − bx ln
1 ln (+a )bx − −lnx (+ ) b lnax 3
Así,
d dx
ln y =
= = = =
1 dy
1 dy
y dx
2 dx
+ ln −(− a ) bx
=
b 2(a + b) x
dy
=
ax
a
1
− − x( ) 3 b + ax
) a2 bx 3bx (b + ax −) (+ 6b )(+ ax − a) bx(+ ax )( a +) bx 6 x ( b + ax 8 ax2 + 9bx a2 b+6 11( x +
2
)
)( a +) bx 6 x ( b + ax a + bx 8 ax2 + 9bx a2 b+6 11( x +
x 3 b + ax dx
1 dy dy ln+ x( ) ln b 3 dx dx
6 x ( b + ax )( a +) bx
8 ax2 + 9bx a2 b+6 11( x + 4
6 x 2 9 b + ax 3
2
2
)
)
a + bx
16 5
b ax
3
3
3 UNIDAD CÁLCULO
DIFERENCIA.L
19. y =
MANUAL
DE SOLUCIONES
x a2 − x 2 a2 + x2
Solución por fórmula:
dy dx
d x a2 − x 2
= y′ =
dx
a2 + x 2
a 2x2+ a2x2
=
−
x − x a 2 − x 2 a 2 + x 2
x2
−
a 2 − x 2 a2 + x 2
a 2x2+ a2 ( x2− 2
)
a2 − x 2
=
x 2 a 2 − x 2 − a 2 + x 2
a2 + x 2
2)(x − 2 x2 )2− a(x+2 2 a − a x2(2
y′ =
3 2 2 a
(a 2 + x
) x
) 2
2
−
Solución por derivación logarítmica: (se aplica logaritmo a la igualdad)
x a2 − x2 ln = a2 + x 2
ln y = ln
ln x x a−2 2−
2 2
+ =a ln+ ln x 2−2 −x
2 2ln
+ = a +x ln2 2− a−
Así,
d dx
ln y =
=
d ln+ x dx 1
x
−
dy dx
20. y =
=
ln (a 2 −−
2
2 dx
x
(a2 − x 2 )
( )2 2 = a−x =
1 d
2
2
−
1 2d 2 ln (a 2 dx
x+)
x )
x
(a 2 + x 2 )
2 2
2
(2)2 2
a+( x− )x( a2+ ( x− ) x a−x x a 2− x 2)( a2 + x )
2)( 2 2)2 2( 2 ) (a+2x2 a− x− x − ax x ( a 2 2− x 2)( a2 + x ) 2)( − (a+2x2 a− x2 2x)2− a2(x2
(a 2 + x
)
3 2 2 a
) x 2−
2
x 3 92 + x2 20 − 3x
Solución por fórmula:
dy dx
= y′ =
d x 3 9 2 + x 2
dx
20 − 3x
=
=
20 − 3 3x x 281
+ x2 +
y′ =
3 x )29
2
(20 −3
2
x
+ x2
3 (+ + x 2 (20 −3 x)243 72 ) x232(+ )x 9 2 3 x )29
− x 3 92 + x 2
3 x+ (3)2 2)2 x 9
2 (+ + (20 − 3 x )3( x81 x4 )2+
(20 −3
x4
81 + x 2 (20 − 3 x )
+x
x
2
16 6
−3
2 2 0 −3 x
2 2
x +
x
1 2
ln ( a
x )
1 2
ln ( a
x )
UNIDAD Derivación de funciones Solución por derivación logarítmica: (se aplica logaritmo a la igualdad)
ln y =ln
x 3 92 + x 2
3 2 lnx + 2 ln = ln x 32 29+ − x ln−20 = 3+ −x9 −
20 − 3 x 1
= 3 ln+x
2
ln (− 92 +
1
) x 2−
2
ln (20
ln 20 x 3
3 x)
Así,
d dx
d ln y =3+l n x dx
1 d
+−ln (9 2
x
3
1 d
x−2 )
2 dx
2 dx
ln (20
3 x)
3
= x − (92 + x 2 ) + 2(20 −3 x)
)22 69( +
= =
dy
2 x9(
2
x
2 x9(
2
2 + 3 (x9 )2 )2 x )( 3 − x) + x 220
x
3 (+ + 72 ) x232(+ )x 9 x 2 (20 −3 x )243 2 3 x )29
(20 −3
x
)( 3 − x) + x 220
(20 − 3 6x9)(+( −2 )2+ 2x
=
dx
2) x 20( −3 − 2x (2 − 0 x)3+( )22 3 +9 x
2
+
x
x2
VI. Encuentra la derivada para las siguientes funciones trigonométricas directas. 1. y = sen 1 − x 2
dy dx
=
d dx
d
sen − 1 = x 2 cos −1
−x 2=1−
x
x2
dx
cos 1 − x 2
1− x 2
2. y cos ax2
dy dx
=
d dx
2 cos ax =2−2 sen ax
d
=− ax
dx
2
2 sen ax
ax
3. y = tan a 2 − x 2
dy dx
=
d dx
tan − a 2= x2
d 2− = 2 −
2− sec a2 x2
a
dx
x sec a2 − x2
x
4. y cot3x2
dy dx dy dx
=
d dx
= −2 x c ot 2 x2 csc2
5. y = a sec
dy
22 2d 3cot x = cot − x22 dx
cot=32x
=a
dx
2
22
cot
2
csc x
d
x
dx
x
x
x a
d
sec
dx
x
x
x
a
a
= sec tan
a
6. y = csc ax
dy dx
=
d dx
csc = ax
1 2
d
= −csc ax
csc ax dx
acsc ax cot ax 2
csc ax
16 7
2
a2 − x2
x
3
3 UNIDAD CÁLCULO
DIFERENCIA.L
MANUAL
DE SOLUCIONES
7. y 3 sen 2 x
dy dx
=3
8. y =
dy dx
1 3
=
d d sen 2 x = 3cos 2 x 2 x6=cos 2 dx dx
x
cos 32 x
1 d
d
3 dx
dx
= cos 32 x cos 22 x=cos − 2 x cos 2 2senx 2
d
2x
dx
x
dy = −2cos 22 x sen 2 x dx
9. y =
dy dx
tan ax
=
d
tan ax =
dx
d
1
2 tan ax dx
tan ax =
sec 2 ax 2 tan ax
10. y = 3 csc2 x
dy dx
=
d
3
dx
csc2 = x
d
1
csc2 xcot 2 x
= − csc2 x
3 3 csc 22 x dx
3
=−
3 csc 22 x
d dx
2x
2cs c2 xcot 2 x 3
3 csc 22 x
a
11. y =
cot ax
dy d = dx dx
a
a
=−
cot ax
2 cot
3
d = cot ax ax dx
a 2 csc ax 2
cot 3 ax
12. y 2x tan 2 x
dy dx
=
13. y =
dy dx
d dx
d 2 xt an =2 x 2 + x tan=2 dx
d x2tan 2 +2x = secx 2 +2 2 x 2tan x2 dx
2 4 sec x 2 x 2tan 2x
tan ax
=
ax
d tan ax dx
ax
=
d ax tan dx
axtan −a
ax
a2 x 2
=
2 a − tan a 2x secax ax
a2 x2
14. y 2x2cos x2
dy d d 2 2 2 2 cos dx = dx 2 x cos=x 2 x + dx
2 3x= 4− cos2x
+x 42 sen x
4 cos x
16 8
x
x
x
UNIDAD Derivación de funciones 1 +sen 2 x 15. y = ln 1 −sen 2 x dy dx
= = =
dy
d dx
1 +sen 2 x d ( x) x − sen 2 x = dx ln+1 sen−2 −
ln
d
1
1 + sen 2 x dx 2cos2 x 1 + sen 2 x
2cos2 x 1 − sen 2 x
=
1
d
1 − sen 2 x dx
x)
(1 − sen 2 x)
2c os2 x −2 sen 2 cx os2 x +2c os2 x + 2 sen 2 c os x 1 −sen 22 x
cos2 x
=4
dx
+
(1 + sen 2 x) −
d 1 ( sen 2 dx
1 −sen 22 x
16. y sen 5 x cos 3 x
dy d d d = sen 5 x=cos3 + x sen 5 x cos3 = x cos3 + x sen 5 dx dx dx dx
x3s en 5 s enx3
3cos3 cos5x x
x
17. y = ln sec4 x
dy dx
=
d dx
d
1
ln =sec4 x
=
sec4 x dx
sec4 = x
d
1
2sec4 x dx
sec4 x
2sec4 ta x n4 x sec4 x
2
18. y = e x cos 2 x
dy dx dy dx
=
dx dy dx
2
2
x sen
d
dx
=
(
1
x
2
dx
=
21. y =
1 3
e
x
dx
)
(cos
cos ex 2
x
d dx
x2
x2
+e
x
d dx
x +sen
(
sen= x sen
+x )
d dx
e
1
x
x
2
e
x)
x a
d
x lncot = a
dx
x csc 2 d x a cot = − x dx x a cot a cot a a 1
cot 3 x −cot x + x
dy = 1 d ( cot −3 x+) dx 3 dx dy
xx 2e sen2
x
= = e x sen x
20. y = ln cot
dy
d d2 2 2 e x + cos 2 x = cos−2 x +e x dx dx
2
e x cos =2 x
= −2 e x sen2 x x +2 cos2 ex
19. y = e
dy
d dx
d( cot =) x dx
= −cot 2 xcsc 2+x csc +
2
d + x cot + () dx
2 xcot d
dx
csc x
1
x1
16 9
2
x
x
cosx e
x xsen
d dx
x
3
3 UNIDAD CÁLCULO
DIFERENCIA.L
MANUAL
1 −sen x
22. y = ln
dy dx
=
DE SOLUCIONES
1 + sen x
d dx
1 −sen x
ln
1 + sen x
1 d
=
2 dx
(ln−(1 sen − +x ) ln 1( sen
x)
1 1 1 d d (1 −sen x ) − (1 + sen x ) = 2 1 −sen x dx 1 + sen x dx 1 cos x cos x = − − 2 1 + sen x 1 −sen x sen cos x = − cos x −sen xcos x +cos 2 x + 2 − 2sen x
dy dx
=−
x
cos2 x 1 −sen 22 x
23. y ax cos bx
dy dx
=
24. y =
dy dx
=
25. y =
dy
x 2
d dx
(ax +
d
cos = bx + )a
=−cos bx a sen bx dx
cos x
d x
1 +x cos x = cos 2
x
dx 2
d
1
x
2 dx
2
2
)x
d cos3 dx
=− cos x
sen x
sen 2 x cos3 x
=
dx
d sen 2 x
d (sen)2 x −sen 2( dx
cos3 x
=
x
=
2
dx cos3 x
2co s3 xco s2 x −3sen 2 xco s3 x 2
cos 3 x
cos 3 x
26. y 10x sen x
dy dx
=
d dx
10 xsen = x 10+x
d d sen =x sen+ x 10 dx dx
x10
x cos
10 x sen x ln10x
27. y csc3 2x
dy dx
=
d dx
d 2 csc= 2 x 2c sc2 x =csc2 − x dx
4c sc 2 2 cot x2
x
28. y exsen2x cos2 x
dy dx dy dx
=
d dx
e x (sen +x2 = x e2 ) cos
= 2 e x (cos− x2
29. y = tan 3 (e x
2
+ sen x e)(2
+
d sen2( dx
x
xx e2 sen = )(
x+
cos − x 2
x
d
xsen +2
) cos 2
)x
dx
x 2 3cos
d 3tan (= ) 2 e(x)2 tan dx
3tan ( ) e x(2 = )
2
sec ex2
30. y ln cot ax
dy
=
d dx
x
d dx
ex
sen2
)
dy = d = tan 3 (e)x 2 dx dx
dx
cos x+ 2
lncot = ax
1
d
=(− cot ax )
cot ax dx
a csc 2 ax cot ax
17 0
2
( e)x 2 ( )d
dx
6e x2 extan ex 2 sec2 e
x2
2
x2
UNIDAD Derivación de funciones
31. y =
sen 2 x
a
dy d sen 2 x 2c os2 x = = dx dx a a 32. y x tan x
dy dx
=
d dx
d x tan = x +t an x =x +tan x t an x sec x dx
2
x
1 sen x 33. y = + 1 −sen x Al aplicar logaritmo a la igualdad, se tiene:
1 +sen 2 x ln y =ln x − sen 2 x Así,
d dx
ln y =
= =
1 dy
y dx
dy
34. y =
d dx
1 +sen 2 x d ln (1 sen−2 − x) x − sen 2 x = dx +
d
1
2cos2 x 1 + sen 2 x
=4
d 1 ( sen 2 dx
ln
1 + sen 2 x dx
=4
dx
=
+
(1 + sen ) 2x − (
1
)
d
1 − sen 2 x dx
2cos2 x 1 − sen 2 x
=
1 − sen 2 x
2c os2 x −2 sen 2 cos2 x x +2c os2 x + 2sen 2 cos2 x 1 −sen 22 x
cos2 x 1 −sen 22 x
1 + sen x
cos2 x
1 −sen 22 x 1 −sen x
1 + tan x 1 − tan x
Al aplicar logaritmo a la igualdad, se tiene: 1 +tan x
ln y =ln
=
1 − tan x
1 2
( ln+(1
tan −) x(− ln 1) tan
x
)
Así,
d dx
1 dy ln y = = y dx
1 d
1 −tan) x ( + ln (−
2 dx
d ln)1 t an dx
x
1 1 1 d d = tan x + tan x 2 1 + tan x dx 1 − tan x dx 1 sec2 x sec2 x sec 2 x = = + 2 1 + tan x 1 − tan x 1 − tan 2 x
dy dx
=
sec 2 x
1 + tan x
1 tan 2 x
1 tan x
−
x)
−
17 1
x
3
3 UNIDAD CÁLCULO
DIFERENCIA.L
MANUAL
DE SOLUCIONES
1 + cos x
35. y =
1 −cos x
Al aplicar logaritmo a la igualdad, se tiene: 1 +cos x
ln y =ln
1 (1 cos = (ln+ − x−) ln 1( cos
1 −cos x
x))
2
Así,
d dx
ln y =
1 d
1 dy
1 −cos x ) + ln (−
=
2 dx
y dx
d ln 1 ( c os dx
x )
1 d cos x + 1 d cos x = 12 1 + cos x dx 1 − tan x dx 1 −sen x −sen x sec 2 x = + =− 2 1 + cos x 1 − cos x 1 −cos 2 x
dy dx
36. y =
=−
sec2 x
1 + cos x
1 −cos 2 x
1 − cos x
cos 2 x 4 + sen 2 x
Al aplicar logaritmo a la igualdad, se tiene: cos 2 x
ln y =ln
4 + sen 2 x
sen 2 x ) = ln (cos 2 x ) −ln 4( +
Así,
d dx
ln y =
=− dy dx
d
1
cos2 x dx
=−
cos2 x −
2 sen 2 x cos2 x
−
d
1
4 + sen 2 x dx
2cos2 x 4 + sen 2 x
8 sen 2 x +2
=−
sen 2 x
8 sen 2 x +2sen 22 x + 2cos
) 2 x cos2 x (4 +sen
cos 2 x
cos2 x (4 +sen 2 x ) 4 + sen 2 x
=−
2
8 sen 2 x +2 x =− ( )cos2 x 4 +sen 2 x
8 sen 2 x +2 (4 + sen 2 x )2
37. y cos ln x2
dy dx
=
d ( 2) cos ln=x−
dx
38. y = a cos
d sen ln x 2 = ln − ( ) x2 dx
sen ln
− )2(
x2 d
x
dx
2 sen ln x2
x2 x
x
dy d = a cos =x− dx dx
asen
d x =− x dx
a sen x 2 x
39. y csc 2 x cot 2x
dy dx
=
d dx
d csc2 xc ot =2 x csc2 + x cot 2 dx
d xcot =2− xcsc2 − dx
x 2c sc 2
3
csc2 x cot 2 x
40. y ln sec3 3x
dy dx
=
d dx
= 3 3 x) ( lnsec
1
=
d ( 3 ) sec=3 x
sec 3 3 x dx
3
d
sec3 x dx
(sec3 x)
17 2
9 tan 3 x
2
x
UNIDAD Derivación de funciones
41. y =
dy dx
tan 2 ax
a2 + x2
=
(a 2) +2 xtan 2d
d tan 2 ax
dx
= dx a 2 + x 2
(a 2 +x
2
a +x
(a 2 + x 2 ) d 2 tan ax − 2 xtan ax dx 2
(a + x 2 ) 2
=
d dx
2
) 2 tan ax
= dy
2 ( 2) 2ax tan ax −
aa( x22 +
2 ) 2 tan ax
dx
sec ax 2x
− 2axt an
(a 2 + x 2 )2
42. y ax csc ax
dy dx dy dx
=
d dx
( a x )cscax
d
x
a=
dx
d
csc ( )ax )c(+sc ax
dx
ax
=a x1 csc ax cot ax ax csc ax ln a
43. y sec2 2x
dy dx
=
d dx
d sec 2 2 x =2s ec 22 x sec2 dx
x= 4s ec 2 3 t an x2
x
44. y = 1 + sec 2 ax
dy dx dy dx
= =
d dx
(
)
1 + sec 2 ax =
d
1 2 1 +sec
2
ax dx
sec ax
(1 + sec 2 ax ) =
d
1 + sec 2 ax dx
(sec ax )
a sec 2ax tanax 1 + sec 2 ax
45. y csc 3 2x
dy dx
=
d dx
d 32 csc= x 3csc 22 x=csc2 − dx
46. y = x 2 sen
dy dx dy dx
=
x 6c sc 2 3c otx 2
x
1
x
d
1 1 + x 2sen = 2 x sen x x
dx
= 2 x sen
1
x
− cos
d 1 x 2= sen+ dx x
2 x sen
1
x
x 2 cos
1
d 1
x dx x
1
x
47. y tanx 3x2
dy dx
=
d dx
2 (x = )(2 3x+) =2x+ tan+ 3 )+ x 2 (sec
d 3 x (+21x)62 sec( dx
3x)
x
x
48. y x2sen 4 x
dy dx
=
d dx
(x2
sen =4 x) +2 sen x 4
= x
d x2 +sen(4 dx
x2) sen 4x
4 xcos 4x2
x
49. y sen3 a bx
dy d 3 (= ) = sen+ a+ bx dx dx
d ( )a2( bx )+( 3 sen )b 3sen += ) sen+ ( a bx dx
17 3
a 2 bxcos a bx
3
3 UNIDAD CÁLCULO
DIFERENCIA.L
MANUAL
DE SOLUCIONES
VII. Aplicando la derivación logarítmica, encuentra la derivada de las siguientes funciones y comprueba los resultados por medio de la derivación por fórmula directa. 1. y xcos x Solución por derivación logarítmica: (se aplica logaritmo a la igualdad) ln y =ln x cos x =cos lnx
x
d d d ln y = cos ln x= x cos + x ln dx dx dx dy
= x cos x −1 cos x −cos x
xln
d ln x= − cos x dx xsen
cos x
x
ln x sen x
x
x
dx Solución por fórmula directa:
dy dx dy dx
=
d dx
x cos x = xcos
x1−
= x cos x−1 cos x −cos x
cos x +cosx xln
xsen
lx n x
d cos x dx
x
2. y sen axx Solución por derivación logarítmica: (se aplica logaritmo a la igualdad) x
( ln y =ln sen ax ) = ln x sen
ax
Así,
d dx
d x =ln sen+ ax ln sen ax = dx
ln y =l n sen + ax
dy
) ax xln sen ax + ( ) cos = (sen ax a x
dx
sen ax
+
x
d
sen ax dx
sen ax
lnsenax
ax cos ax sen ax
x −1
Solución por fórmula directa:
dy dx dy dx
=
d dx
(sen) ax(
) = ax (senax
3. y = ( tan x )e
x
)=x senax
x −1
(
d )sen dx
x −1
x
sen axl n sen ax ax +
x
( ) +sen cos ax ax
ln sen ax
x
Solución por derivación logarítmica: (se aplica logaritmo a la igualdad) ex
( ln y =ln tan x)
x tan = eln
x
Así,
d dx
ln y = e x
dy dx
d d ex d ln tan + x l n tan = x e x+ = + tan x tan x dx dx dx e x −1
= e x ( tan x)
xesec x(2 ) + xxtan
exlnt an x
ex
ln tan
Solución por fórmula directa:
dy dx dy dx
=
d dx
( tan ) (x
= e x ( tan x)
ex
x d ) ex tan x e (−1) tan =
dx
e x −1
xsec e x(2 ) + xxtan
x+ tan
ex
lxn tan
x
d dx
ex
ln tan
17 4
ex
e x sec2 x tan x
e x lntan x
UNIDAD Derivación de funciones
4. y = (sen x 2 )tan x
2
Solución por derivación logarítmica: (se aplica logaritmo a la igualdad) tan x 2
( ln y =ln sen x2 )
= tan lxn2sen
x2
Así,
d
d 2 2ln sen 2 ln sen x + dx
ln y =tan x 2
dx
=
tan x 2 d
= 2x
tan
sen x 2
x
cos x 2 +2 xlns en2 2x sec
x
= 2 x + 2 xlns en x 2sec dy dx
x
sen x 2 +2 xlns en2 2x sec
sen x 2 dx
x2
d x tan dx
2
x2
tan x 2
= 2 x (sen ) x 2
(+ 2 ) sen x
tan x 2
x2
secx2
ln sen
2
x2
Solución por fórmula directa:
dy dx
=
d ( ) 2 sen x
tan x 2
5. y =
d sen dx
(+ 2 ) sen x
tan x 2
x2
ln sen
tan x 2
+ x 2sen tan x 2
cos ( x)22+ sen x
tan x 2
x2 ln sen secx2
2
x 2 ln sen sec x2
2
tan x2
d dx
x2
x2
x2
2
1− ax cot
ax sec
x2 ( )
tan x 2 −1
( ) x2 = 2 xtan x 2sen = 2 x (sen ) x 2
tan x 2 −1
2 (=)tan xsen
dx
csc 3 ax
Solución por derivación logarítmica: (se aplica logaritmo a la igualdad)
ln y =ln
2
1− cot ax
sec ax
2 = lns ec ax 1 −cot ax
csc 3 ax
−3lnc sc ax
Así, 1
= lnsec+ax − − ln (1 c otax2
) 3lncaxsc
2
d dx
ln y =
d ln sec+ax − dx
1 d 2 dx
ln −(1 c ot 2 ax ) 3
ax
3 d ( d sec ax + 1 −cot 2 ax ) − = (csc ax ) sec ax dx csc ax dx 2 (1 −cot 2 ax ) dx 1
d
d lnc sc dx
1
= a tan ax +
2−cot
ax
d
2 (1 −cot 2 ax ) dx
acot ax csc ax 2
= a tan ax + dy dx
(1 −cot 2 ax )
cot ax +3a cot ax
+ 3a cot ax
sec ax 1 −cot ax cot axcsc ax a + 3a cot ax a tan ax + ( csc 3 ax 1 −cot 2 ax ) 2
=
Solución por fórmula directa:
dy dx
=
2 d sec ax 1 −cot ax
dx csc 3 ax
=
3
csc ax
csc 3 ax
=
d sec ax12 cot − ax sec − a2 3x 1 cot−ax dx csc 6 ax
d sec ax12 cot − ax sec − a2 3x 1 cot−ax dx csc 6 ax
d csc dx
17 5
ax
d csc dx
ax
3
3 UNIDAD CÁLCULO
DIFERENCIA.L
MANUAL
DE SOLUCIONES
sec csc 3 ax a a x tan ax = dy dx
=
1 cot − ax
2
sec ax
+
2 1 −cot 2 ax
a (−2cotax )(−cscax2 csc 6
2 sec ax 1 −cot ax
)a+3 ax sec
ax
+ 3a cot ax a tan ax + (1 −cot 2 ax )
csc 3 ax
a cot ax csc ax 2
tan 22 x
6. y =
1 + sec 22 x
Solución por derivación logarítmica: (se aplica logaritmo a la igualdad) tan 22 x
ln y =ln
1
1 +sec 22 x
= 2ln tan 2 x − ln (1 +sec 22 x) 2
Así,
d dx
d 1 d lnt an 2 x − ln (1 +sec 22 x) dx 2 dx
ln y = 2
=
d
2
tan 2 x −
tan 2 x dx 2
= dy dx
4sec ax tan 2 x
sec 2 2 x
2
−
4se c 2 x tan 2 x 2 (1 +sec 22 x) 2 2 4sec ax − 2sec 2 x tan 2 x (1 + sec 22 x )
tan 22 x
=
d
1
2 (1 +sec 22 x ) dx
1 + sec 22 x tan 2 x
Solución por fórmula directa:
dy dx
=
1 + sec 22 x 4 tan 2 se x c 22 x −
tan 22 x
d
dx 1 + sec 22 x
=
4tan 22 se x c 22 xtan 2 x 2 2 1 +sec 2 x
(1 + sec 22 x)
dy tan 22 x 4sec 2 ax 2sec 2 2 x tan 2 x dx = 1 + sec 22 x tan 2 x − (1 + sec 22 x) 1
1 sec x csc x
7. y =
Solución por derivación logarítmica: (se aplica logaritmo a la igualdad) 1
1 sec x 1 1 ln y =ln = ln = cos x lnsen x csc x sec x csc x Así,
d ln y dx
d d = cos xl nsen x +cos x lns ( en x ) dx dx = −sen x lnsen x +
cos x sen x
cos x
cos x cos x = (sen x ) −sen xlnsen x + cos x sen x dy
) x = −(sen
cos x1+
cos 1 x −
( ) x +se n x ln sen
cos
2
x
dx Solución por fórmula directa:
dy dx dy dx
=
d dx
(sen ) x
) x = (sen
cos x
cos x
1 x− d (=)cos x sen cos x( ) sen dx
cos( 2)x −sen
cos
x
1 x+
ln sen
cos
x+ sen
x
x ln sen
x
17 6
d cos x dx
x
2 3 1 cot ax− a csc x axcot
UNIDAD Derivación de funciones 8. y tan 2x2x Solución por derivación logarítmica: (se aplica logaritmo a la igualdad) 2x
ln y = ln (tan 2 x)
= 2 lnt x an 2
x
Así,
d ln y dx
d
= 2l nt an 2 x +2 x lnt an 2 x dx
= 2ln tan 2 x +
2x
d
tan 2 x dx
tan 2 x
2
= 2ln tan 2 x +4 xsec 2 x tan 2 x
dy dx
2x
) 2 x lnt an 2 x + = 2 (tan 4( )s xec 22 tan x 2
x
2 x −1
Solución por fórmula directa:
dy dx dy dx
=
d dx
x − d2 x ( )tan 2 dx
1 2 ( tan)2 x 2( x = )2 xtan 2
= 4 x (tan)2 x
2 x −1
2x
sec (22 )x 2+tan 2
x
tan x +2
xlnt an 2
ln xtan 2
2 x
d
x
dx
x
9. y ln axcot 2 x Solución por derivación logarítmica: (se aplica logaritmo a la igualdad) cot2 x
ln y =ln ln ( ax )
= cot2 lnxln ( ax)
Así,
d ln y dx
d d ( ) ax +cot 2 (x)ln ln = cot 2 xln ln dx dx cot 2 x d
= −2cs c 2 2 xln (ln ax) + = −2cs c 2 2 xln (ln ax) + dy dx
= −2 csc 22 xl(n )ax
ln ax dx
ax
ln ax
acot 2 x ax lnax cot 2 xln( ax +
cot2 x
( ln )ln
cot2 x −1
ax) x
Solución por fórmula directa:
dy dx
=
d dx
( ln ) ax
cot2 x
cot2 x −1
= dy dx
cot2 1 x −
) 2 x lnax =(cot
cot 2 x (ln ax)
ax
d dx
()
cot 2 x (ln ax)
x
d dx
cot 2
ln ax +
axln ln
cot2 x ax − 2 (lnax ) ln ln ax ( cscx 2
cot2 x −1
=
ln
cot2 x
− 2 (ln ax)
ln ln( axcsc 2x
x
ax cot2
d dx
)
)
ex
10. y = (sen x )
Solución por derivación logarítmica: (se aplica logaritmo a la igualdad) ex
( ln y =ln sen x)
= elnx sen
x
Así,
d ln y dx
=
d dx
d ) ( e x ) ln+sen x (ex=
dx
ln sen + x
x sen eln () x
ex
d
sen x dx
17 7
sen x
x
3
3 UNIDAD CÁLCULO
DIFERENCIA.L
MANUAL
DE SOLUCIONES
= e x lnsen x + dy
ex
= e x (sen x)
dx
e x cos x sen x e x −1
ln xesen(x ) + xxsen
cos
Solución por fórmula directa:
dy dx dy dx
=
d dx
(sen ) (x
= e x (sen x)
d ) e x sen x e (−1) sen =
ex
x
e x −1
xecos(x )+
ex
xs+en
dx
lx n sen
x
d dx
ex
ex
xsen x
ln sen
11. y cot x2x Solución por derivación logarítmica: (se aplica logaritmo a la igualdad) 2x
( ln y = ln cot x)
=2 lnc x ot
x
Así,
d ln y
d
2x
= 2l nc+ot x 2 x =lnc ot+ x 2l nc ot x
dx
dx
2
2 xcsc
= 2lncot x − dy
) x = 2 (cot
dx
d
cot x dx
cot x
x
cot x
2x
lnc ot x −2()csc x
2 cot
x
x
2 x −1
Solución por fórmula directa:
dy dx
=
d dx
( cot) x
2x
dy = −2 x (cot ) x dx x 12. y = ( cos x)
1 2 x − d2 ) =(2 x)cot (x )( cot
dx
2 x −1 csc (2 )x + 2 cot
x
x cot +
xln2 xcot
ln x cot
2x
d dx
x
x
2
Solución por derivación logarítmica: (se aplica logaritmo a la igualdad)
( ln y =ln cos x)
x2
= xln2 cos
x
Así,
d ln y dx
d
= 2 xln cos x + x 2 ln cos x dx
= 2 x lnco s x + = 2 x lnco s x − dy dx
x2
d
cos x dx
cos x
x 2sen x cos x
x2
2 ) x lnc os x − ( )xsen = 2 x (cos cxos
x
x 2 −1
Solución por fórmula directa:
dy dx dy dx
=
d dx
2 2 d ( cos ) x x ( =) x 2 cos x (x ) cos xc+os dx
) x = −x 2 ( cos
x2
)2 xcos sen (x +
x2
x lnc os
x2
xln cos
x
x
17 8
d dx
x2
UNIDAD Derivación de funciones ex
13. y = (ln sen x )
Solución por derivación logarítmica: (se aplica logaritmo a la igualdad) ex
ln y = ln (ln sen x )
x = eln lns ( en
x)
Así,
d ln y
d e(x = ln ) ln sen ( + )x dx
= e x ln (ln+sen ) x
dx
ex
= e x ln (lnsen x ) + = e x ln (lnsen x ) + = e x ln (lnsen x ) + dy
d
elnx ln sen
d
lnsen x dx
lnsen x
lnsen x
lnsen x dx ex
d
sen x
sen x lnsen x dx
e x cos x sen x lnsen x e x −1 x cos
ln(sen
ex
x)
= e x ( ln sen x ) ln (lns en x) +
dx
ex
x
e
x
sen x
Solución por fórmula directa:
dy dx dy dx
=
d
x
dx
( ln sen ) x( e )= ex ln sen x(e
d ) lns en dx
x −1
e x −1
=
e x cos x (ln sen x)
ex
xln lns en (
x+ ln sen
x)
d dx
ex
ex
+ e x ( ln sen x ) ln (lns en x)
sen x ecos2 x
14. y = (ln cos ax )
Solución por derivación logarítmica: (se aplica logaritmo a la igualdad) ecos ax
ln y =ln ln ( cos ) ax
(= ecos ) lnaxln cos
ax
Así,
d ln y
=
dx
d dx
ax ) e (ecos ax ) ln (ln cos
= ecos ax
d dx
+cos(2
dx
(cos ax )ln (lncos ax ) +
= −aecos axsenax ln (lncos ax ) − dy dx
= −ae
d
) ln ln cos ax
x
ecos ax
cos ax ( ln cos
ax )
ecos ax
lncos ax
aecos axsenax cos ax lnco sax cos ax−1
)e ae
( ax lncos
ln lnc (axos
sen ax
d
lncos ax dx
)−
sencos axax
cos ax
Solución por fórmula directa:
dy dx
=
d dx
=−
ecos ax
( ln cos ) ax
(
cos ax −1
(e )
d ln cos axl+n cos ax dx
sen ax
− ea
cos ax
cos ax ( lnc os
)e
ex
d
ax
lns en x + ln ( sen ) x( ln lns ) en dx
e x cos x (ln sen x) sen x
ax
d
e x −1
=
cos ax ln cos
cos ax −1
cos ax
= e x ( ln sen x )
dx
)e
aecos ax ( ln cos ax e x −1
dy
)e =
x
dx
ex
+ e x ( ln sen x ) ln (lns en x)
17 9
ex
ecos ax
ln ln cos ( ax
ln lnc (ax osax sen )
)
d dx
ecos ax
3
3 UNIDAD CÁLCULO
DIFERENCIA.L
MANUAL
DE SOLUCIONES
15. y tan axcot ax Solución por derivación logarítmica: (se aplica logaritmo a la igualdad) cot ax
( ln y =ln tan ax )
cot lax n tan =
ax
Así,
d ln y dx
d d cot ax + cot( ) ax ln tan dx dx
= ln (tan ) ax
cot ax d
= −a ln)(tanax cscax +2 dy dx
ax
= −)(tan ax
a ln+ tanax cscax 2 a
tan ax dx
( cot ) = −a ln (tanax c )sc ax2 tan ax
ax ) a( + ax tan
cot
1 ax
−
axtan +
cot ax
cot
asec x
2 ax
tan ax
2
axcot axsec
Solución por fórmula directa:
dy dx dy dx
=
d dx
( tan ) ax
cot ax
(=cot ) ax tanax cot ax−1
= a cotax ta(an)x
2)
sec ax( a
cot ax 1
( )
− axtan
−
d tan dx axcot
ax ln tan a xcsc
ax ln tan 2
1 −cos x
16. y =
1 + cos x
Solución por derivación logarítmica: (se aplica logaritmo a la igualdad) 1 −cos x
ln y =ln
1 + cos x
1
(1 −cos x+ ) ln 1( cos = (ln−
x))
2
Así,
d ln y = 1 d ln −(1 c−os x+) 2 dx dx
dln 1 ( cos dx
x )
1
1 −1 d d = cos x − cos x 2 1 −cos x dx 1 + cos x dx 1 sen x sen x sen x = + = 2 1 −cos x 1 + cos x (1 −cos x )1( +cos x)
dy dx
=
sen x
(1 −cos x)1( +cos x)3
Solución por fórmula directa:
dy dx
=
=
d
1 −cos x
dx 1 + cos x
=
1 1 + cos x d 1 −cos x 2 1 −cos x dx 1 + cos x
d )+ (1)+cos x − 1( cos − − )( x 1( cos dx 2 1 − cos x (1 + cos x)2 1 1 + cos x
1 1 + cos x (1 +cos x)sen x +1( c−os sen x) = 2 1 − cos x (1 + cos x)2
d x1 cos dx
x
dy 1 + cos x sen x sen x = = dx 1 − cos x (1 + cos x)2 (1 −cos x )1( +cos x)3
18 0
x
axcot
d dx
ax
UNIDAD Derivación de funciones VIII. Encuentra la derivada para las siguientes funciones trigonométricas inversas. 1. y arcsen ax2 bx c
dy dx
=
d dx
arcsen(ax +2+=bx c
dx
=3
d ( ax 2 +bx c+ dx
)
1 − ( ax +bx) + c
(
2
2. y = 3 arccos
dy
)
d dx
2 ax + b
=
2
2
1)− ax 2 +bx c+
x 4
arccos
x 4
d x dx 4
=−
2
1
=−
x 1 − 4
2
1
=
16 − x 2
x 4 1 − 4
3. y x arctan x
dy dx
=
dx x x arctan x = arctan x + x dx 2 = arctan x + dx 1+ x 1 + x2 d
4. y arctan 2 x arccot 2 x
dy dx
=
d dx
arctan 2 x +
d dx
d ( ) ( d) 2 x 2x arccot 2 x = dx − dx =0 1+ 4 x2 1 + 4 x2
ax 1 5. y = a arccot 2
dy dx
=
1 d
a dx
d ax 1 1 dx 2 = − 22 x22 a 2 xa 1+ 1+ 4 4
ax 1 2 = − a
arccot
=−
2 4 + a2 x 2
1 + x 2 1 − x 2
6. y = arccsc
dy dx
=
d dx
=−
arccsc
1 + x2 1− x2
d 1 + x 2 dx 1 − x 2
=−
2
1 + x 2 1 + x 2 − 1 1 − x 2 1 − x 2
(1 − ( x)2 ) 2 x 2 )()1x− + ( 2− (1 − x 2 ) 2
2
=− dy dx
=−
(1 + x 212) +
=−
+ x1 −− x42 +2
2
1 + x 2 1 + x 2 − 1 1 − x 2 1 − x 2
(− )1x+ − ( 2 ( x)2 ) 1 2 x 2 )(− 2
2 (1 + x 2 ) 1 + x − 1 2
−1 2 1 − x 4 x (1 − x 2 ) 2 4
(1 − ( x)2 ) 2 x 2 )()1x− + ( 2− (1 − x 2 )
x
1 + x 2 1 + x 2 1− x
=−
1 − x x
x
2 x (1 − x 2 )
x (1 + x 2 )
18 1
x
x
3
3 UNIDAD CÁLCULO
DIFERENCIA.L
MANUAL
DE SOLUCIONES
7. y x arccos ax
dy dx
=
d ( ax ) ax x arccos ax = arccos ax − x dx = arccos ax − 2 2 1 dx 1 − 2a 2 x −a x d
8. y = arcsec
dy dx
=
d dx
4 + x2
d (4 + x 2 ) dx
arcsec 4 + x 2 =
=
2
( 4 − x)(2
) − x2 4
−1
2
2x
( 4 − x24 )15 8− x + x
9. y arcsen cos 2 x
dy dx
=
d ( cos2 x) 2 sen 2 x arcsen (cos2 x) = dx =− =− 2 dx 1 −cos 22 x sen 2 x d
10. y = 4 arcsen
dy dx
=4
=
dy dx
=
x 2
d arcsen dx
2
x2 1− 4
4 − x2
+x
x
d + x 2 dx
4 − x 2 =
4
d x x2 dx 2 + 4 − x 2 − x2 4 − x2 1− 4
x2
+ 4 − x2 −
4 − x2
8 − 2x2 4 − x2 2
x + 1+ 11.y x = x arccos dy dx dy dx
=
dy
d x arccos + x += 1 −x 2 arccos x dx dx x
= arccos x −
12.y x=
dx
d
=
1− x2
d dx
dy
13.yx
2
d dx
dx dy dx
=
d dx
1
x arccot + x+
= arccot x −
(
a2 x − 1
=x arccotx +ln 1 +
dy
1 + x2
a2 + x 2 )
d ( ax ) dx + ax a 2x − 1 2
= arccsc ax −
+ 2
=ln−1
dx
1+ x2
+
x 2
a +x
x 2
a +x
2
d
1
dx x dx + 1− x2 1 + x2
x
+
+
( x arccsc ax) +
= arccsc ax − x
dx
2
arccsc ax a x+
x
x 1 + x2
x 2 arccot
x
= arccot x +
dx 1 d dx + 1 + x2 1 + x2 1 + x 2 dx x −1
1+ x2
18 2
UNIDAD Derivación de funciones
14. y x=a
x
2
2
+ a
x − 2 + ( x − 2) 4 x − x 2 2
17. y = 4 arcsen
x a
2 arccos
+
dy dy dx
=
d dx
d
a2 + x 2 + a2
x
dx
x2
= a2 + x2 +
a2 + x 2
dy dx
a2
=−
x 2 − a2
15. y =
x
2
=
a2 + 2 x 2
+
a2 − x 2
dy dx
1
x
2
a
+ arcsec
dy dx
=
d
x −a
dx
x2 2
=
=
2a − x
2
+
2
x 3 2 x2 − a 2a 2 − x 2
x 3 2 x2 − a
1 d 2 dx
22
x
x
a
a2
1
+
dy dx
dy dx
=
2a 2 − x 2
x3 2 x 2 − a
2x
3
x x −a
x −a
x 16. y = arccsc + 2 2
=
2
2
1
a
22 2
4 a 2 − x2 a2 +x
dx
=
1 d 2 dx
=−
dy dx
=−
arccsc
dy dx
x2 + 4
+
2
d x dx 2
1 2 x
x2
2
4
d
x2 + 4
dx
2
x
x3
+
x2
+4
1
−
dx
+ 2x
4 x − x2
+ 2 ax − x 2
+
x
d
2 ax − x 2
dx
d arccot 2 x − arccot 2 x dx + x
2 − arccot 2 x 1 + 4 x 2
x −
x
=−
=
4 x − x2
x
) 2 x + (1 +4 x 2arccot 2
x arccot d dx
x 4
a− x
x
2 ax − x 2
+
a−x 2 ax − x 2
a2 − x
+
x arccot
a− x 2 ax − x 2
+
1 + 4 x2
a− x 2 ax − x 2
x x 4
+
d
a2 − x 2
dx
x
−x 2
x2 + 4
=
x4
−1
x x2 − 4
dy
4 x − x2
( x −)( 2 4 −)2 x 2
d arccot 2 x dx
x2
x
2
+ 4 x − x2 +
2
19. y =
dy
( x )− 2( 4 −)2 x
d 2 x − arccot 2 x x − dx = 1 + 4 x 2 + x
x
1
+
x
=
x a2 − 1
=
arccot 2 x
=
4 x − x2
4 x − x2
x
−1
1
2
2
a
( x − 2)
8
x
d x dx a
1
+
arcsec
d dx
8+ 8 −x2 +2x 2 −8 8+ x2
=
18. y = 2
4 4 x − x2
2
a2 + x 2
+
+ 4 x − x2 +
x − 2 2 1 − 2
=
a2 − x 2
2
2
=
a2
−
x−2
d x − 2 dx 2 + 4 x − x 2 + ( x )− 2( 4 −) 2 x 2 4 x − x2 x − 2 2 1 − 2
x2
2
a2 + x 2
arcsen
a2
1 − x2 a
x2
= a2 + x2 +
dx
=4
a
−
d
=4
a
d x dx a 1−
x2
= a2 + x2 +
dx
x
arccos
− a2
a2 + x 2
3
1
x
2
arccot
x 4
+ x
d dx
arccot
x 4
+
a2 − x 2
− a2 − x2 x2
d x 1 x a2 = arccot + x − dx a2 − x x 2 a 2 − x 2 4 2 x 1 + a 2
8 + x2
x 3 4 + x2 dy dx
18 3
=
1 2
x
arccot
x 4
−
a x a2 + x 2
−
a2 x 2 a2 − x2
3 UNIDAD CÁLCULO
DIFERENCIA.L
MANUAL
DE SOLUCIONES
20. y = arccos 2 ax +
dy dx
=
= dy dx
=
21. y =
dy dx
1 4
=
d dx
2ax 1 − 4a 2 x 2
arccos2 ax +
d
2 ax
dx 1 − 4 a 2 x 2
d 2 ax 16 a 3 x 2 2a dx + + (1 − 4 a 2 x 2 )2 1 − 4 a 2 x 2 1 − 4 a2 x 2 2a
2 (a + 4 a 3 x 2 )
+
1 − 4 a2 x 2
(1 − 4 a 2 x 2 )2
1 + x arctan x + 1 − x 2
ln
1 d 4 dx
1 + x d arctan x 1 − x + dx 2
ln
1 1 − x d 1 + x 1 1 = + 4 1 + x dx 1 − x 2 1 + x 2 1 1 − x 1 1 + x 1 1 + = + 4 1 + x 1 − x (1− x )2 2 1 + x 2
2 1 1 1 1 − x + = 4 1 + x (1 − x )2 2 1 + x 2 = dy dx
=
1 1 + 2 1 + x 2
1 2 − 2 x2 1 1 − x4 1− x 2
22. y = x
dy dx
= = =
dy dx
23. xy
=
=x dy dx
=
arcsen x
+
2
d dx
x
2
1− x2 2
+
d arcsen x dx
2
1 1 + 2 1 − x2 x2 − x4
x − 2x3
1− 2x2 1− x2
1 1 + 2 1 − x 2
3 − 4 x2 2 1 − x2 arctan 5 x −
d dx
1 10
ln (1 +25
x arctan 5 x −
= arctan 5 x + x
1 d 10 dx
2
)
ln (1 +25 x 2 )
d 50 x arctan 5 x − dx 10 (1 +25 x 2 )
5 50 x − = arctan 5 x + x 1 + 25 x 2 10 (1 +25 x 2 ) dy dx
= arctan 5 x
18 4
UNIDAD Derivación de funciones 24. y aarcsec 2x
dy dx
=
25. y x
dy dx
d
a arcsec 2 x = aarcsec 2 x ln a
dx
3arctan
=
d
d dx
arcsec 2 x =
x
4 x2 + 1
2x
3 x 3 2arctan = 2x + 3 xar ctan 2= x
dx
a arcsec 2x ln a
2
d 3 x +arctan 2 dx
x3
arctan x 2
x
2 1 + 4 x 2
x
1
26. y =
arcsen 2 x
dy dx
=
d
−
1
dx arcsen 2 x
=
2 d arcsen 2 x − 2 1 − 4 x 2 dx =− = 2 2 arcsen 2 x arcsen 2 x 1 − 4 x 2 arcsen 22 x
27. y arcsenex
dy dx
=
d
28. y = ln arcsec
dy dx dy dx
= =
29. y
d
x=
ln arcsec
dx
=−
1 − e−2 x
1
e2 x − 1
x
1
d
arcsec
x dx
arcsec
x=
1 2 x arcsecsec x x x 2 − 1 1
1
x 2 −1 arcsec
2x
x
3
arctan 2x
dy
e−x
arcsen(e−x ) = −
dx
2 6 (arctan 2 x )2 1 + 4 x 2 = 1 + 4 x 2
d
d ) (2 x 3)=3 arctan 2 x( 2 arctan ) = ( arctan 2 x= 3 arctan 2 dx dx dx
30. y =
dy dx
dy dx
x
=
=
x
2 − x 2 +arcsen
2
d dx
2
x2
x4
d
x
2
4
dx
2
−+
1 2 − x2
+
=arcsen
1 2 + 2 4 x x x2 2 − 1− 2 4 2 x − x3
1− x2 1− x2
x−2 1 a rctan − 3 x 21 31. y = 3− dy dx
=
=
dy dx
=
d dx
3x 2 1 − −
2 x
d arctan 3 − dx
x 21
3x 2 − 3x 2− 1 3x − 1 1 + 3x − 1 3x 2
3x 2 − 1
x
18 5
3
3 UNIDAD CÁLCULO
DIFERENCIA.L
MANUAL
32. y = arccsc
DE SOLUCIONES
x 1
dy dx
=
33. y =
dy dx
d dx
1
2 x =− 2x x x −1
arccsc x = −
x −1
x arcsec 3 x e2 x
=
d dx
sen ax arcsecax a = cos ax
dy = a cosax arcsec ax dx
+sen ax
+ sen ax
a rcsec ax
a ax a 2x
2
d arcsec dx
ax
d arcsec dx
ax
− 1
34. y sen ax arcsen ax
dy dx dy dx
=
d dx
sen ax arcsecax a = cos ax
= a cosax arcsec ax
+sen ax
ax + sen
a rcsec ax
a ax a 2x
2 −1
IX. Encuentra la derivada para las siguientes funciones implícitas. 1. arccos 2x e2x 2y
d dx
−
arccos2 x = 2 1− 4 x 2
dy dx
d dx
e2 x +
= 2 e2 x +
2 dy
dx
2 dy
dx
= −e2 x −
1 1− 4 x2
2. x2 sen y 3x3 arctan y
d 2 d 3 d x sen y +3 x = arctan dx dx dx
y
dy
(1 +) y 22 sen x +( y2+ )21x
dy 9+ x 2 = dx 2 1+ y dx
2 2 xsen y + xsen
y
dy seny+ + 2 2 y9 =1 dx
(
y
22=
2 y− ( 2 )x+
1)y + (1 +) y 22 sen x ( 9+
)x
dy dx dy 1 dx
sen x
y
y
dy dx
+ y2 x 2 dy (1 +) y 2 2 xsen( y)9+1 = 2 dx 1 − x 21( + ysen ) y 3. lnsen 3x2 ex arccot y
d d x d 2 ln (sen3 x ) = e + arccot dx dx dx
y
dy 2 d sen 3 x = e x − dx sen 3 x dx 1 + y 2 6cos3 x sen3 x
dy dx
dy = e x − dx 2 1 + y 6cos3 x = e x − (1 + y 2 ) sen 3 x
18 6
UNIDAD Derivación de funciones 4. arccosx y arcsen x
d dx
arccos ( x + y) =
1 + dy dx
−
2
d arcsen x dx 1
=
1− x2
1 − ( x + y)
dy dx
2
=−
1 − ( x + y)
−1
1− x 2
5. 5x 3y sen x 4 cos y
d dx
5x +
d d 3 y= 2 s en dx dx
d 4x + c os dx
dy 5 +3 =2 cos x − 4sen dx dy dx
=
y
y
dy dx
2c os x −5 3 + 4 sen y
x x 6. sen +cos = 0 y y x d x d sen + cos 0= y dx y dx x d x cos − sen y dx y x sen cos − y
x d x0 = y dx y
dy x y − x dx 0= 2 y y dy y = dx x
7. x2 sen y x arctan y
d dx
x 2sen y +
2 2 xsen y + xcos
(1 +) y 22 sen x + ( y+ ) 1x 2
2 cosy+ =
y 1y
dx dx
=
d arctan y dx
dy dy 1+ = dx 2 dx 1+ y dy
dy
dx
dx x n y +1 dy (1 + y 2 )2 se = 2 dx 1 − x 21( + ycos ) y
8.
e xy x
= x ln ( xy) − a
xy
d e = d x ln xy − d a dx x dx dx x
d dx
e xy + e xy x2
= ln xy +
1 d
y dx
xy
18 7
3
3 UNIDAD CÁLCULO
DIFERENCIA.L
xexy
xexy
MANUAL
DE SOLUCIONES
d xy + e xy 1 d dx = ln xy + xy x2 y dx d dx
xy + e xy = x 2 ln xy + d dx d dx
2
x xy =
dy dx
=
y dx
dy
x2 y 2
x
+y=
dx
xy
xy
lnxy e−
xexy + xy = x
x2 d
xy
lnxy e−
x2 xexy + y
x 2 ln xy − exy y − x3 x x 2 e xy + y
9. 3xy2 cos 2 xy 0
d d xy2 − cos 2 xy0= dx dx
3 3y2 + 6 xy
dy 3 y 2 +6 xy + + 2 sen y2 dx
dy sen +2 dx
d 2xy 0 xy = dx
2xy sen= 2 x
dy
0xy
dx 3 y 2 +2 ysen 2 xy dy =− 6 xy −2 xsen 2 xy dx
10. ey tan x ey cot x = 0
d
d
) x (= e y ( tan x −cot
dx
(x cot e)ytan −x )e
dx
y
+
d tan dx
cot x−
x
2 dy = e y ( tan x −cot x ) + e y = 0 1 + x 2 dx 2 dy 1 + x 2 =− ( tan x −cot x ) dx x (y + =) xln y + 2− 62 11. cos d dx
d 2 ln + x− dx
(
cos( x + = y)
y2
d
)
dx
dy −sen ( x + ) y1 + =sen ( −) ( + x) −sen y + dx = 2x
x 2 +2 y
+ 2
2y
dy
x + y dx
2
dy dx
2x
x 2 +2 y
+ 2
( 6)
x= y
2y 2x
=−
2y 2
x +y
2
1
d
x 2 + y2 dx
( x 2 + y2 )
dy
+ y dx
= −sen (+ x) (−)y sen + x sen ( x + y) +
dy dx
y
dy dx
2x
x 2 + y2
=−
− sen ( x + y)
18 8
2 x 2 + ysen
( x + y2) + x
2 2 y − x 2 + ysen
( x + y)
UNIDAD Derivación de funciones 12. arcsec x2y ax2 y b
d
d
arcsec x 2 y +
dx
dx
a ( x 2 + y) =
d dx
( b)
dy dx + 2ax + a dy = 0 dx x y −1
2 xy + x 2 2
4 2
x y 2 xy +
dy x 22+
3 41y2 + ax −x
dx
2 4 12ax − 0y
y
dy dx
=x y
dy dy 2 4 y x y− =1− + x 2 dx +2 ax dx dy dx
(2 xy
3 24
−2 ax y 3
=−
2 xy + 2 ax y
x y 4 2
x y −1
2 x 2 + ax y 42 x y − 1
13. exsen y ln xy xy
d
e x sen y +
dx
dy
e x sen y e + yxcos
d d ln xy = xy dx dx 1 dy
1
++ = +
dx dy
e x cos y
dx
+
x
y
y
dx
x
1 dy
dy
1
y dx
dx
x
− x = − −y
dy dx
=
dy dx e x sen y
1 y − − e x sen y x 1 e x cos y + − x y
14. ln cosx y xy
d dx
lncos ( x − y) = y + x
dy
1
cos( x − y) dx
−
sen ( x − y) cos( x − y)
+
cos( x − y) = y + x
sen ( x − y) dy cos( x − y) dx
sen ( x − y) dy cos( x − y) dx
−x
dy dx
= y+ x = y+
dy dx dy dx dy dx
sen ( x − y) cos( x − y)
sen ( x − y) y+ cos( x − y) dy y cos( x −) y +(sen ) x − y = = sen ( x − y) dx x ) x− y − x sen ( x −) y −(cos cos( x − y)
18 9
1
)
3
3 UNIDAD CÁLCULO
DIFERENCIA.L
MANUAL
DE SOLUCIONES
x
3y
yy− e 15. x cos
=arcsen
x2 d dx
d
x cos y +
dx
ye x =
3y d arcsen dx x2
x2 dy
dy
+ =e x
cos y − x sen y + dx
x 24 − 9 ycos ( +y24 +yex−)
9x−
2y+ sen dy =
ye x
dx
+x
y
dx (
ex 6 )
dy
+ 6 yx dy dx x2 + 6 yx x4 = dx 9 y2 x 4 − 9 y2 1− x4
x dy dx
dy
yx
dy 2 x 42 − 9 y − ( sen x+ − y= e x ) − 4x2 −6 dx dx
yx+ 9 cos x
dy
4
dx
=
y
( (
2 cos
6 yx − x − 9 y
y
yex )
y + yex )
x 4 − 9−y2 ( xsen + y− ex )
16. x cos y senx y
d dx
d sen ( x + y) dx
x cos y =
dy cos y − xsen y = +cos +(+ x) ( )y cos dx cos y −cos (+x =) y cos x (+ ) +
dy dx
y
x
dy senx dx
y
dy dx
y
dy dx
cos y −cos ( x + y)
=
cos ( x + y) + xsen y
17. cos 2 y tan 3 x
d dx
cos 2 y =
−2c os2 y
dy dx dy dx
d dx
tan 3 x
=3 sec 23 x =−
3sec 23 x 2cos2 y
2
18. x sen y 2x cos y 2 sen y x
d dx
x 2sen y +
d d 2 xcos y − 2 sen dx dx
dy 2 2 xsen y + xcos + y − 2 cos 2y−sen =x dx
dy y 2 cos dx
y=
dx dx
dy y1 dx dy 1 −2c os y −2 xsen y = 2 dx x cos y −2 xsen y −2c os y
19. cos 2 y cosx y a2
d dx
−2sen2
dy y −sen + dx
cos 2 y −
d d 2 cos ( x + y) = a dx dx
− (+x )sen y = ( ) x
y0
dy dx dy dx
= sen
( x + y) −2 sen 2 y −sen ( x + y)
19 0
x2
UNIDAD Derivación de funciones
20.
3 sec 2 2 y 2 sen 3 x
3
=b d 3 sec 2 2 y dx 2 sen 3 x
sen 3 x
d
d y sen 3 dx
2 sec 2 y+ sec 22 dx sen 23 x
d 2 sen 3 xsec 2 y sec2 dx 4 sen 3 xsec 22 tay n 2
=
d dx
b=0
x
=0
y+ 3sec 22 cos3 y
x0=
y dy 3sec y + 2 2 cos3 dx
x0 = dy dx
=−
3sec 22 y cos3 x 2 4 sen 3 x sec 2 ytan 2 y
EJERCICIO 16 I. Encuentra la segunda derivada para las siguientes funciones. 1. y =
2+x 2−x
Primera derivada.
dy dx
= y′ =
(2− x− ) (+ 2 (2 − ) x
− x )( 1) 2
( )
=
4 2− x
2
Segunda derivada.
−4 y′′ = 2. y =
4+ x
d (2 − x )2 −8 (2 − x )(−1) 8 dx = = 4 4 (2 − x ) (2 − ) x ( ) 2−x
3
2
Primera derivada.
dy dx
1
d
2 )x(2 + = y′ = + (4 =
dx
1
) (4
2
−1 d x+2 )=2( + )4 dx
x2
x 4
x2
1 2
x2
−1 2
Segunda derivada.
y′′ =
y′′ = (+4 3. y =
−1
d dx
(4 )x=2 (+ 2 ) +4 x+ −1 2 2+ x−
)
(
−1
2 2) x(+
3 d − 42= + 4
x− ) 4 ( x 2+)(
2
x
)
dx
d dx
4
x2
−
−(x 2+ )4
−1 2
x2
x2
3 2
5 x2 2+x
Primera derivada.
dy
= y′ =
dx
2+x
d 5x2
=
dx 2 + x
d d (5 x 2 ) − 5 x 2 (2 + x) 2 + x (10 x ) + 5 x 2 20 x +10 x 2 + 5 x2 20 x +15 x 2 dx dx = = = 2 2 2 2 2+ 2+x 2+ x (2)+ x () ( x) ()
Segunda derivada.
d
y′′ =
d
2 )(2 + x 2 20 ( +5x− ()+x20 5))( +x 2 x2 dx dx = dx (2 + x)2 (2 + x )4
d 20 x + 5 x2
19 1
x
2
=
2 (2( ) x + )20−10+ x 20(( +5)x 2 2x2 ) + (2)+ x 4
40 (2 + x ) 40 x = = ( ) ( ) 2+ x 4 2+ x
3
3 UNIDAD CÁLCULO
DIFERENCIA.L
4. y =
MANUAL
DE SOLUCIONES
2x
x +1
Primera derivada.
dy dx dy dx
= y′ = = 2 (+ x
d
1
dx
1 ) 1−− 2( + )x
x= 1
d
−1
( x1)=+( −)2 1 x+ 2 x+ 22
2+ ( 1)
x
dx
2
−3 2
x +1
−
x
d
−1
x
dx
x
2
2 ( x + 1) − x
x+2 = ( x +) 1 3 ( ) x + 1 3
=
( x + 1)3
Segunda derivada.
y′′ =
d
( x )( ) + + 2 1x=
dx
−3
y′′ = (+ x) 1− 2+(
3 2
d 2 ( + 2 () 1 x) dx
−3 ( 2 + ) 2 x )+(1 +
−3
)(x+) 2 =x
d
−3
x
dx
2
−4 − x
−3
1
x +
2
5
2 (1 + x )2
5. y2 4 ax
y=2
Eliminando el cuadrado,
ax
Primera derivada.
dy dx
= y′ =
d dx
1 2
2)(= ax
−1
2ax ( =)
2
d
)= ( ax
a ax
dx
a
−1 2
x
Segunda derivada.
y′′ =
d
1 1 aax () =− 2− () aax 2
dx
d
−3
1 2 a ax 2
()
2 = − ax
dx
−3 2
6. 3x2 2bxy 5y2 a Primera derivada. 3
d dx
x 2 + 2b
6x + 2 + by 2
d dx
xy + 5 y2 =
d dx
a
dy dy + bx10 = 0 y dx dx dy dx
=−
6 x + 2 by 2bx + 10 y
Segunda derivada.
d
y′′ = −
=−
=− y′′ = −
d 6 x + 2 by dx 2bx + 10 y
(2bx1 +0 )(y 6 +2)( x− −6by )(2
(2bx +10 )y 6 2 b+(
x+ 2) 1 by0
dx
=−
d dx
bx
y
2
(2bx + 10 y) dy )6 2−2 1x − 0by b + dx
dy dx
2
(2bx + 10 y) (2bx)+y10 6 2b+
− (6 x)+ 2 by − 6−x 2 by2+ − 10 b 2bx + 10 y 2
(2bx + 10 y) 2) 45 x +2b 15(+b xy + 75 y− bbx + 2 y 5+ (x3 by )( 3
(bx + 5 y)
19 2
)
6 x + 2 by 2 bx + 10 y
UNIDAD Derivación de funciones 7. y4 2x2y2 b4 Primera derivada.
d dx 4 y43
dy
y4 + 2
d22 dx
x y4 =
+ 4 xy2 + 0 x 2 y
dx
dy dx dy dx
d dx
b
= = y′ = −
4 xy2 4 y3 + 4 x 2 y
Segunda derivada.
y′′ = −
=−
( 4 y 34+) 2
4 xy2
d
dx 4 y 3 + 4 x 2 y
=−
2
dy dy dy y + 242xy 12 + xy 82 4 y + xy + x dx dx dx 2 3 2 (4 y + 4 x y) 4 xy2 4 xy2 4 xy2 2 2 2 4 y 3 + 4 x 2 y + 4 xy 12 y − 4 y 3 + 4 x 2 y + 8 xy + 4 x − 4 y 3 + 4 x 2 y
x 2 y) y2 + xy−
=−
2
( 4 y 3 + 4 x 2 y) 2 4 y 24( 3 y 4+ x 32 y)23−
x y −
=−
8. y = x
y + x y
2
( 4 y + 4 x y) 3
(4 y 3 4+2 42 x y)8
(4 y43 4+8
y′′ = −
d ( 4+ )4xy2 d x 4y 4 2 2 3 xy dx dx
192 x 2 y 4 4 y3 + 4 x 2 y
+ 32 x 2 y 3 −
64 x 4 y 4 4 y3 + 4 x2 y
2
(4 y 3 + 4 x 2 y)
) y ( 4 y ( x 2 + y2 )) 3 4 y 2 ( x 2 + y2 )
22 ( 2 x+) y+ x
(3 −4 x 2 +
2 3
y
2 − 3x
Primera derivada.
dy dx
= y′ =
d dx
1
( 2) 3 =x(−)2 2 3+ x−
3
1
− (− x) 2 = x 2
2
3x
−1 2
4 − 9x 2 2 − 3x
Segunda derivada.
y′′ =
d (4 − 9 2)(x3 dx
−) x
1 2
2
9 = − (−2 2
1
)3x+− 2(−
9. x2 4xy 32 Primera derivada.
d x 2 + 4 d xy = d 32 dx dx dx dy 2x + 4 x 4 +0 y = dx dy dx
=−
4y + 2x 4x
=−
2y + x 2x
19 3
3 4
)(4−9 )x2 = 3
x
−3 2
3(−8 + 9 x ) 3
4 ( 2 − 3x ) 2
3
3 UNIDAD CÁLCULO
DIFERENCIA.L
MANUAL
DE SOLUCIONES
Segunda derivada.
y′′ =
4x
d 2 y + x
−
dx
2x
= −
d d (2 y +) x( + )2 y + x 4x dx dx 4x
dy dx 1+ 42+ ( y + x)
4 x2
=−
4x
2 y + x + 1 + 4 (2 y + x) 2 x
4 x 2 −
y′′ = −
4x
=1
10. x2 2xy y2 5 0 Primera derivada.
d dx
x2 + 2
d dx
+ xy+
d dx
2 y=
d dx
5
0
dy dy 2 x 2+ x 2+ 2+ y 0= y dx dx dy dx
=−
x+y x+y
=1
Segunda derivada.
y′′ =
11. y =
3
d dx
(−1) = 0
4 − x2
Primera derivada.
dy dx
1 2 d ) 1 4 ( )x 2−− 3=d− ( )4− x 2 = y′ = − ( 4) = x 2 (3−
dx
2
dx
3
3
x 4
x2
−2
3
Segunda derivada.
y′′ = −
2 d 3 dx
2 −2 3( − ) 2 4 +(x2 )− 3− 4 x=2 −4 x (− 4 ) x 2= − 3 3
x2
−5
3
2 (12 + x 2 ) 5
9(4 − x 2 )3
12. y cos1 x2 Primera derivada.
dy d = y′ = cos− 1( =)x−2 dx dx
2)2 sen1 (sen1)2( −)2 x= 1 d ( − − x x
dx
Segunda derivada.
y′′ =
d dx
2 x sen− 1( = )−x 2 2(− sen)1
− x( 4 )2c os x1
2 2
13. y = sen 2 x Primera derivada.
dy dx
= y′ =
d dx
sen 2 x =
2cos2 x 2 sen 2 x
=
cos2 x sen 2 x
19 4
x
x
UNIDAD Derivación de funciones Segunda derivada. cos 22 x
y′′ =
−2 sen 2 x sen 2 x −
d
cos2 x
dx
sen 2 x
=
sen 2 x
sen 2 x
=−
cos2 2 x 3
− 2 sen 2 x
(sen 2 x )2
14. y sen32x 3 Primera derivada.
dy dx
= y′ =
d dx
d ) 2( ) sen 2+) 3 x + 6( sen dx
(3= sen 3 − 2(=x 3 ) + 3sen 22 ( )x+
23 cos 2
x
3
x
Segunda derivada.
y′′ = y 15. y = 4 cos
1 2
d dx
d () 2 x3+( )6(sen 2+ 2 )3 x+ cos dx
)= 2 6 sen 2+ 2( )x 3(cos +
′′ = −12 sen 3 2(+)+
(os ) 24c+
x 3
22 (
)+ x 3 sen 2
x
Primera derivada.
dy dx
= y′ = 4
d dx
cos
1 2
x = −2sen
1 2
x
Segunda derivada.
y′′ = −2
16. y = 9 sec
d dx
sen
1 2
1
= x − cos x 2
x 3
Primera derivada.
dy dx
= y′ = 9
d
x x x sec = 3sec tan 3 3 3
dx
Segunda derivada.
y′′ = 3
d sec x tan x = sec x tan 2 x + sec 3 x dx 3 3 3 3 3
17. y log 3x2 Primera derivada.
dy dx
= y′ =
d dx
log3 x 2 =
log e d 3x 2 dx
3x 2 =
2log e
x
Segunda derivada.
y′′ = 2log e
d 1 = − 2log e dx x x2
18. y lnx 3 Primera derivada.
dy dx
= y′ =
d dx
ln( x + 3) =
1
x+3
19 5
3x
3+( x)6 cos 2
3
sen x 2
d dx
3
2
x
3
3 UNIDAD CÁLCULO
DIFERENCIA.L
MANUAL
DE SOLUCIONES
Segunda derivada.
y′′ =
19. y = e 3 x
d 1 =−
dx x + 3
1
( x + 3)2
2
Primera derivada.
dy dx
= y′ =
d
2
d
2
e 3x = e3x
dx
dx
3 x 2 = 6 x e3 x
2
Segunda derivada.
y′′ = 6
d dx
2 d 2 2 2 x e3x6 = e3x + x 6 e 3x 6 =e (6+ e631xx dx
e =2 +3x x) 2
3x 2
20. y x2ax Primera derivada.
dy dx
= y′ =
d
x 2 a x = 2 x a x + x2 a x ln a
dx
Segunda derivada.
y′′ =
d dx
(2 x+a x
x 2 2 x 2=aln + a) + a x ln +x2a x lna
y′′ = 2 a x4+ xlna x
ln2 x
2
a+ x a
x x aln
x2 ax
x
a
II. Encuentra la tercera derivada para las siguientes funciones. 1. y = a − bx Primera derivada.
dy dx
= y′ =
d dx
1
1
b
1
(− ( a )bx ( ) − =b(−−2 )− a bx) = 2− 2
2
Segunda derivada.
y′′ =
d b
− ( a −) bx
dx 2
−1
2 ( = −)
b2
a − bx
4
−3 2
Tercera derivada.
y′′′ =
2. y =
d b 2
−
dx
4
(a −) bx
−3
3b 3
( −) 2=
8
a − bx
−5 2
a x+b
Primera derivada.
dy d a −a dx = y′ = dx x + b = ( x + b)2 Segunda derivada.
y′′ =
d
−a
( ) = − −2 a x + b = 2 a ( x) + b 4( ) x + b
dx ( x + b)2
3
19 6
a
bx
−1 2
2
(
2
)
UNIDAD Derivación de funciones Tercera derivada.
d
y′′′ =
3. y = x 3 −
2
2a
dx ( x + b)3
6 a ( x + b)
=
6
( x) + ( )b
6a
=
4
x+b
3
x
Primera derivada.
dy
= y′ =
dx
d dx
(x3)− 3
d 1 = 3x 2 + 3 dx x x2
Segunda derivada.
y′′ =
d 2 3 6 3x + 2 = 6 x − 3 x x
dx
Tercera derivada.
d
y′′′ =
4. y = x
6
6 x −
= 6 +
x 3
dx
18
x4
a2 + x 2
Primera derivada.
dy
= y′ =
dx
d dx
1
1
1
d )x +2 ( = (a x )2 x a2 x2 x )+(a 2 + x ) 2 2+
a+2 =2x+ 2 (+ a2
x
2
2
−1
2
2
dx
Segunda derivada.
y′′ =
d dx
((+a)
2
)
1
− 1− − −
2 − ( )+(xa 2 x x+ 2+(2x)a x2 =2 ( )+ xa2+x +
1
x2a) 2x
2
2
1 2
3
2 ax −
2
2
2
2
3 2
3a 2 x + 2 x 3
=
3
(a + x 2 )2 Tercera derivada.
d 3a 2 x 2+ x 33 6 3a 2 3+ x22
y′′′ =
dx ( ) ( ) 2 a+x
3 2
= a + x2
3 2
−
3x ( a 2 2 x + 2 x3) 5
=
aa(
2
+x
)
5
(a + x 2 )2
(a + x 2 )2
5. y2 4xy 16 Primera derivada. 2y
dy dx
dy 4− x 4 0− y = dx dy dx
=
4y 4x − 2y
=
2y 2x − y
Segunda derivada.
dy
d
y′′ =
x−y =
2 y 2 y − 4 y + 2 y 2 x − y 2 x − y
(2 x − y) 2
(2 x) − y
2
dy dy 4 − 2 y+ y dx yx 2 (2 x − y)
(2 x − 2y)
( 2 )y dx y′′ = d 2 y = (2 x)−2y 2 dx − dx 2 x − y (2 x − y)2
4 y 2 2 x − y
8 y − 4 y +
=
( ) 19 7
2 (x −) y
2
( )
=
8 xy − 4 y2 + 4 y 2 2x − y
3
=
8 xy 2x − y
3
3
3 UNIDAD CÁLCULO
DIFERENCIA.L
MANUAL
DE SOLUCIONES
Tercera derivada.
y′′′ =
d 3 d (2 x) − y 8 8 xy(2− ) xy d 8 xy dx dx 3 = 6 dx (2 x − y) (2 x − y) 3
=
=
dy dx
(2)x − y 8 x 8 +24( y)2 −
y′′′ =
6
(2 x − y)
2 y 3 (2) x − y 8 x ()8 y2 −4 2xy + 2 x − y
2 y 2 x −2 y − 2 x − y
6
(2 x − y) ( 1xy + − 6 − 8xy − (− 2 x) y 16 24 y2()2− )( xy )4 x4 y 2
( y− 8 − xy 32
(x− 2)y
=
4
dy dy 2 x 2− x 2− 2+ y 0= y dx dx dy dx
=
2y − 2x 2y − 2x
=1
Segunda derivada.
d dx
(1) = 0
Tercera derivada.
y 0 7. y = 3 a − bx Primera derivada.
dy
= y′ =
d
1
dx
(− a )bx= 3−(
b −) a
bx
3
−2
3
Segunda derivada.
y′′ =
d b
− ( a −) bx
dx 3
−2
2b 2
( −) 3=
9
a − bx
−5
3
Tercera derivada.
y′′′ =
8. y =
d 2b 2
−
dx
9
5
( a − bx )− 3 = −
10 b 3
27
1
Primera derivada.
dy
= y′ =
d 1 = −
dx x − 3
−8
(a − bx )
x −3
dx
y
2
2) (− xy 24 x 4y 4
(2 x − y)
Primera derivada.
dx
x
5
( 2 x − y)
6. x2 2xy y2 b3
y′′ =
3
dy 2 x − y − dx
xy 2
3
=
x−y
1
( x − 3)2
19 8
3
8 y2( x − () y4 ) x −24 (y − 4 )4 xy 4
(2 x − y)
x− y
UNIDAD Derivación de funciones Segunda derivada.
y′′ =
d
−2 ( x − 3) 2 = =− ( x) − ( )3 4 x−3
1
−
dx ( x − 3)2
3
Tercera derivada.
d
y′′′ =
−6 ( x − 3)2 6 =− = (x − ) 3 6 ( ) x−3
2
dx ( x − 3)3
4
2
9. y x 4x 8 Primera derivada.
dy dx
= y′ =
d dx
2 ( x− ) + 4 x8=2 4−
x
Segunda derivada.
y′′ =
d dx
(2 x − 4) = 2
Tercera derivada.
d
y′′′ =
dx
( 2) = 0
10. y 3x2 2x 1 Primera derivada.
dy dx
= y′ =
d dx
2 2− 1 (3x+ x= 6+)2
x
Segunda derivada.
d
y′′ =
( 6 x + 2) = 6
dx
Tercera derivada.
y′′′ =
d dx
( 6) = 0
11. y ex ln x Primera derivada.
dy dx
= y′ =
d x d ( −x e ln x) =− e− ln +x dx
− e ln x d =−
dx
x ln+e
dx
x
e−x
x
x
Segunda derivada.
y′′ =
d
−e− x ln x +
dx
e− x
−x
= ln e x
e− x
e−x
x
x
e− x −ln− e− x x2
−x − − =
x
2 e− x
e−x
x
x2
Tercera derivada.
y′′′ =
d
e− x ln x −
dx
2 e−x
x
3e− x y′′′ = −e− x ln+x + + x
−
e− x
−x
= −e x2
3e−x
2 e− x
x2
x3
ln+ x
19 9
e− x
+
x
−2 e x−
+
x322
+
−e 2
+ x
x−
e x
x
2e
x
x
3
3 UNIDAD CÁLCULO
DIFERENCIA.L
MANUAL
DE SOLUCIONES
12. y eax sen ax Primera derivada.
dy dx dy dx
= y′ =
d ( −ax − daxe− sen e sen ax ) = +axx e − dx
d sen =− − dx
dx
= −ae−ax (senax −cos ax
ax ax
+ ae sen ax ax aecos
ax
)
Segunda derivada.
d −ax y′′ =−dx ( ae − (sen= ax
ax2 −
2 −
ax
cos sen ) ax (−a)e − ) ax
+axcosae
ax cosax ( sen
)
y′′ = −2 a 2 e−axcos ax Tercera derivada.
d ( 2ae2=−axcos ax
y ′′′ − =
dx
3 )− +a2e
ax3cos ax−=a
e23
−ax ax + sen
ae 2
ax ax cos
( ax sen
)
13. y = ln 1 − x 2 Primera derivada.
dy dx
= y′ =
d dx
( ln
d
1
1− x2 ) =
1 − x 2 dx
(
1− x2 ) =
−2 x 1− x2
=
2x
x2 −1
Segunda derivada.
y′′ =
d 2 x ( x 2 − 1) 2 − 4 x 2 2 x2 + 2 =− = ( x 2 )− 1 2 ( ) x 2 − 1 2
dx x 2 − 1
Tercera derivada.
y′′′ =
y′′′ =
d
−
2 x 2 + 2
=−
dx ( x 2 − 1)2
(− x)2
2
( ) x2 1 1) −4( x4 + 2 x(2−
x2 ) (
( x 2 − 1)4
=−
( x 2(− ) 1)4 x 4−2 x 2x2 + ( x 2 − 1)3
4 x (3 + x 2 ) 3
(−1 + x 2 )
14. y etan x Primera derivada.
dy dx
= y′ =
d ( tan x ) d e = e tan x tan xtan =e dx
2xsec
dx
x
Segunda derivada.
y′′ =
d d ( tan x 2 e sec x) = tan e dx
dx
xsec 2
xtan +e
d2 x sec
tan
x = 4esecx
dx
tan
2 x 2 x +sec e tan
x
x
Tercera derivada.
y′′′ =
d ( tan x 4 x 2 sec e x e +2 tan x xsec dx
d 4 = etan x sec x +tane dx x sec 6 xt y′′′ = e tan+
x
d 4 sec dx
ane+ xsec 5 + xtan
tan
)
d x x + tan e 2sec x tan xe dx x + tanx2 xtan ( e 4sec
20 0
2
tan
+ x 2secx
) esecx tan x tan xtan
d tan dx 4x
x sece
x
x
UNIDAD Derivación de funciones 15. y arcsen ex Primera derivada.
dy dx
= y′ =
d ( arcsen e x ) =
dx
ex 1 − e2 x
Segunda derivada.
d y′′=
= 2x dx 1 − e ex
e x 1 − e2 x −
−2 e2 x
2x
x 3x 3x 1 − e2 x = e − e + e = 3
1− e
(1)−( e)2 x
2
ex 1 − e2 x
3 2
Tercera derivada.
y′′′ =
16. y = log
d
ex
3
e x (1e− ) 2 x e 2 + ( e3 )3x 1 − = (1 − e2 x )3
3 dx ( 1 − e2 x )2
1
1 2x 2
=
e x (1 − e2 x ) + 3e 3x
(1 − )e2 x
5 2
(
e x − 2 e3x = 5 ) 1 − e2 x 2
Segunda derivada.
x
y′′ =
Primera derivada.
dy dx
= y′ =
d
1 d 1 = − log e log = x log e dx x dx x x
y′′′ =
1
x
1 d 1 = − dx x x 2
19. y ax2 bx c
d log e log e = 2 − x x
dx
Primera derivada.
Tercera derivada.
dy
y′′′ =
(ln x + 1) =
Tercera derivada.
Segunda derivada.
y′′ =
d dx
d log e
2log e = dx x 2 x3
= y′ =
dx
d dx
(ax+2 + bx=c + ) ax2 b
Segunda derivada.
17. y x log x
y′′ =
Primera derivada.
d dx
(2 ax +b ) =a2
Tercera derivada.
dy dx
= y′ =
d dx
(− x log =− x) 1
log e
y′′′ =
x
Segunda derivada.
d dx
( 2 a) = 0
20. y x2 3
y′′ =
d log e log e = 2 1 − dx x x
Primera derivada.
dy
Tercera derivada.
dx y′′′ =
d log e 2log e = dx x 2 x3
= y′ =
d( 2 x − 3) = 2 x
dx
Segunda derivada.
y′′ = d ( 2 x) = 2 dx
18. y x ln x Primera derivada.
dy dx
Tercera derivada.
= y′ =
d dx
( x ln x) =ln x + x x
y′′′ =
20 1
d dx
( 2) = 0
3
3 UNIDAD CÁLCULO
DIFERENCIA.L
MANUAL
DE SOLUCIONES
III. Encuentra la cuarta derivada para las siguiente fun ciones. 1. y 5x4 3x2 x Primera derivada.
dy dx
= y′ =
d dx
2 (5 x+ )+ −6 x13 34 −x= x20
x
Segunda derivada.
y′′ =
d
(20 x+3 − 6 =1x
) 60 +
6x 2
dx Tercera derivada.
y′′′ =
d dx
(60 x 2 +6 ) =120 x
Cuarta derivada.
y(4 ) =
d dx
(120 x ) =120
2. y = 36 − x 2 Primera derivada.
dy dx
= y′ =
d ( ) ( ) 2 12 36 − =x − − 36 x
dx
x2
−1 2
Segunda derivada.
(
)
1 1 − 3 d − 2 2 (− 2 ) 2 −( + 36 (− −) x−(2− 2) 36 )= y′′ = − −x ( 36 ) x= − − 36 x=2 − − x2 36 − x dx
3 2
(−
2 36 x36 x2 )
x2
Tercera derivada.
(
d y′′′ = − dx
36 −(36 )=x 2
−3 2
) ( 108 −)
− x2
36 x
−5 2
Cuarta derivada.
d y(4) = − dx
(
( 2= ) x− 108−x 36
= −(− 36 ()
−7 x2 2
y(4) = −432 (36 − 3. y = arctan
−5 2
)(− 108) −36
5
2 ( x−2) −540
2504 3− 888 108 − ) x(= −() − x2
2) x(
−7
−29)
36x2
x2
−7 2 x23888
36) −
432
x2
x
Primera derivada.
dy dx
= y′ =
d dx
(arctan
d x x ) = dx = 1+ x 2
1
x ( x + 1)
Segunda derivada.
y′′ =
d dx 2
= x ( x + 1) 1
1 ( x + 1) + x −2 2 x =− 4 x ( x + 1)
20 2
3x + 1 3
2
4 x 2 ( x + 1)
−7 2
x2
3 2
UNIDAD Derivación de funciones Tercera derivada.
y′′′ =
(
3
1
2 ( x 1− ) 3(+ 3x + 1 12 x 2 + 1)6 x( +)1+ x82 (x+ )1 = − − 3 4 2 16 x 3 ( x + 1) 4 x 2 ( x + 1)
d
)
3
2
x2 x
dx
=−
( +)1(+ 8x 12 x (+ x − 1) ( 3+1 )x6 5
x)
6 +2 0 x +30 x 2 = 5 () 16 x 2 1 + x 3
3
16 x 2 ()x + 1 3 +1 0 x +15 x 2
y′′′ = −
5
3
8 x 2 (1 + x) Cuarta derivada.
y( 4 ) =
=− =
d 3 +1 0 x +15 x 2 − 5 3 dx 8 x 2 (1 + x)
(8)x1+(( ) 5 2
(
3
)
3
)10 − (x )20 ) x+ 30 + + x3 10( 1 5 + + 1x(2 )+
x224 1 x
5
3
x2
x
2
6
64 x 5 (1 + x)
(8)x12(+())
( x+ 10 30 −+ + x3 ( 10
( )x)+ + 15 20 1x2 ) 7
x24
x2
x
4
64 x 2 (1 + x)
y( 4 ) =
4. y = e x
3(5 2 +1 x + 35
x3 )
x 235 +
7 16 x 2 (1 +
4 x)
2
Primera derivada.
dy dx
= y′ =
d dx
(e x 2 ) = e x 2
d dx
( x 2 ) = 2 x ex
2
Segunda derivada.
y′′ =
d dx
x 2 )2+ (2 x e=
2e x
2
d
2
2 x 2 +2 4x
2
(e
=x 2+(e=x42+) xe 2 exx12x =e dx
) x(
2
2
)
2
Tercera derivada.
y′′′ =
d dx
(ex2 (24+)
x2
) =( d) 2e4x2 +8 dx
2
2 2 y′′′ = e x (8 +x+4 8= x ) (x 3) +12ex 8
2
+ x 22(e2x=) 4ex x8+ x+ xex
x2
2
x3
x
Cuarta derivada.
y(4 ) =
d dx
d
2 2 ( +x8+ ) (+x 3 ) (12 = (2 xex )12 ex =24
y
(4 )
2 x (e x2 (12 x + 8 x 3 )) = dx (ex12
8)x + e(
3
2
)12x x24 +
+
2
2
24 +x2 + +ex ) 16 x2 12 24x4
x2
x2
= e (12 +4 8 x 2 +16 x 4 )
5. y e2xcos 3x Primera derivada.
dy dx dy dx
= y′ =
d 2 x d ( 2x 2 e cos 3 x ) = e cos 3 x 2+e dx
dx
= e2 x ( 2co s3 x − 3 sen 3 x)
20 3
d
x 2cos 3
dx
x 2= cos e x3
3x − sen3 e x
x
3
3 UNIDAD CÁLCULO
DIFERENCIA.L
MANUAL
DE SOLUCIONES
Segunda derivada.
y′′ =
d dx
d (e2 x ( 2 cos 3x −3sen ) 3 ( x ) = e2)x2cos ( 3x dx
= 2 e2 x (2 cos x −3
x3esen + () −3
x−
)
2 xx6sen 3
d
3sen −xe)3
+ 22x cos 3 dx
9c os 3
y′′ = e2 x (−5co s3 x −12 sen 3 x) Tercera derivada.
d
y′′′ =
( e2 x (−5co s3 x −12 sen 3 x))
dx d
x − 5cxos3 = e2− ( dx
12 + xe)− sen (− 3
= 2− e2 x ( −5cxos3 + 12 xe sen 3 x−)
2x
d
)
dx
5c os3
2x (
x15 sen 3
x12 sen 3
36c os3
x
)
y′′′ = e2 x (−46 cos3 x −9 sen 3 x) Cuarta derivada
y(4) =
d dx
(2e x (−46co s3 x − 9sen 3 x))
d x ( −3 = e2− −xos3 +xe)9sen ( 46c dx
d − 2 x ) 46c os3 x 9 sen 3
) 3 x− = 2−e2 x ( 46 − cos3 x + xe (9sen
2 x)
y(4) = e2
x
dx
138 x sen 3
(120 sen 3 x −119cos3 x)
20 4
27c os3
x
3sen 3 x−
x
UNIDAD 4 ANÁLISIS DE FUNCIONES
EJERCICIO 17 I. Resuelve los siguientes problemas sobre la dirección de una curva.
θ = arctan m θ = arctan(0.8989)
1. Dada la curva 4 x2 9y2 36 0, determina:
a) La inclinación de cuando x = 3 2.
θ = 41°57 ′12 ′′ La inclinación de cuando x = 3 5 , es 41 5712
Si x = 3 2, entonces:
(2 43
c) Los puntos donde la dirección de la curva es perpendicular al eje x.
2
2 ) 9− y36 =
4 (18 ) − 9 y2 = 36 36 −4 (18 )
y= d
−9
=2
Si la dirección de la curva es perpendicular al eje x, 90, es decir:
dy
d
d 4 x 2 9− y2 − 36 0 dx dx dx
=
8x − 18 y
dy 0= dx dy dx
=
m=
dx dy 8x 18 y
=
9y
9y
=
dx
4x
4x
= ∞; por lo tanto,
4x
=∞
9y
Entonces, y 0, de tal forma que: 2 4 x 2 −90( ) 36 −0=
m=
4 (3 2 ) 9 ( 2)
36
x=
Cuando x = 3 2 , se tiene:
4
= ±3
Los puntos donde la dirección de la curva es perpendicular
= 0.9428
θ = arctan m
al eje x son: P13,0 y P23,0 2. Dada la curva y x3 x2 9x 9, encuentra:
θ = arctan (0.9428 ) θ = 43°18 ′49 ′′
a) La inclinación de cuando x 2.
La inclinación de cuando x = 3 2 , es 43 1849
Si x 2, entonces:
b) El ángulo cuando x = 3 5 . Si m =
4x
y 23 22 92 9 y 15
, cuando x = 3 5 , entonces:
9y
y=
36 −4 3( 5
m=
−9 4 (3 5 ) 9 ( 11)
)2
dy
= 11
dx
d
d
dx
dx
=+− x 3−
x2
= 3x 2 + 2 x − 9 = 0.8989
m = 3x 2 + 2 x − 9
9
d dx
x
d dx
9
4 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
Cuando x 2, se tiene:
Cuando x1 =
m 322 22 9 7
arctan 7
Cuando x2 =
815211
4x , cuando x 2, entonces: 9y
Los puntos donde la dirección de la curva tiene un ángulo 45º, son:
P11.5225, 16.85 y P22.189,5.003
m 322 22 9 1
arctan m
e) Los puntos donde ladirección de la curva esparalela a larecta 4x 3y 13 0.
arctan 1 135
Si la dirección de la curva es paralela a la recta 4x 3y 13 0, se tiene:
La inclinación de cuando x 2, es 135º.
m =−
c) Los puntos donde ladirección de la curvaes paralela alejex. Si la dirección dela curva es paralela aleje x, entonces 0, Así,
es decir:
dy dx
, se tiene:
3
y 5.0033
b) El ángulo cuando x 2.
dx
−1 − 31
y (2.18925 3 2.18925 2 92.18925 9
La inclinación de cuando x 2, es 81 5211
dy
, se tiene:
3
y (1.52253 1.5225 2 91.5225 9 16.8552
arctan m
Si m =
−1 + 31
tiene:
dy dx
A B
=−
4 3
4
= − , al sustituir en la derivada de la función se 3
= 0; por lo tanto,
dy dx
= 3x
2+ 2−9
x =0
3x 2 + 2 x −
23 3
4
= 3x 2+ 2−x =9−
3
=0
Entonces, Entonces,
x1 2.097
x1 1.2996 x2 1.966
x2 1.4305 Cuando x2 1.4305, se tiene:
Cuando x1 1.2996, se tiene:
y (1.4305 3 1.43052 91.4305 9 16.9 Cuando x1 2.097, se tiene:
y (1.2996 3 1.2996 2 91.2996 9 16.8124 Cuando x2 1.966, se tiene:
y (2.0973 2.0972 92.097 9 5.049
y (1.966 3 1.9662 91.966 9 4.9606
Los puntos donde la dirección de la curva es paralela al Los puntos donde la dirección de la curva es paralela a la
eje x son:
recta 4x 3y 13 0, son:
P11.4305, 16.9 y P22.097,5.049
P11.2996, 16.8124 y P21.966,4.9606
d) Los puntos donde 45 Si 45, entonces tan 45 1, así
dy dx
dy dx
= 1, por tanto:
3. Dada la curva x3 x y 0, encuentra:
a) La inclinación de cuando x 2.
= 3x 2+ 2−9x =1
Si x 2, entonces:
y x3 x
3x 2 +2 x10 − 0=
x1 = x2 =
−1 + 31
dy
3
dx
−1 − 31
=
d dx
x−3 = 2
m = 3x − 1
3
20 6
d dx
x− 3 x 2
1
UNIDAD 4 Análisis de funciones
Cuando x 2, se tiene:
Cuando x 8, se tiene: 2 −1 1 m = ( 8) 3 = 3 3
m 322 1 11 arctan m arctan 11 844820
θ = arctan m
1 θ = arctan 3
La inclinación de cuando x 2, es 84 4820
θ = 18°26 ′5 ′′
b) Los puntos donde 60 Si 60, entonces tan 60 ° = 3 , así
dy dx
dy dx
= 3, por tanto:
La inclinación de cuando x 8, es 18265.
b) El ángulo cuando x 1.
= 3x 2 − 1 = 3 Si m = 3 +1
x=
2 3
x
−1
3,
cuando x 1, entonces: 1 2 ( 1)−=3 − m= − 3
3
x1 = 0.95429
2 3
θ = arctan m
x 2 = −0.95429
2 θ = arctan− 3
Cuando x1 0.95429, se tiene:
θ = 146°18 ′35 ′′
y 0.95429 3 0.95429 0.0852
La inclinación de cuando x 1, es 1461835
Cuando x2 0.95429, se tiene:
c) Los puntos donde 120
y (0.95429 3 0.95429 0.0852 Los puntos donde la dirección de la curva tiene un ángulo
45, son:
Si 120 , entonces tan 60 ° = − 3 , así tanto:
dy dx
= − 3, por
P10.95429, 0.0852 y P20.95429, 0.0852 c) La ecuación dela tangente yla normal enel puntoP 2,6 1
m 3x2 1 322 1 13
dy
2 ( = −
dx
3
−1
3 )=3− 1.2
Cuando x1 1.2, se tiene:
Recta tangente:
y + 6= −13 (+ x2
)
El punto donde la dire cción de la curva tiene un ángulo
13x + y +32 = 0
45, es: P11.2,1.129
Recta normal: 1
y − y1= − y+6=
−
1
76
13
x+ +y = 13
m 1
13
(−x
d) Los puntos donde la dirección de la curva es paralela a la recta 4x 5y 17 0.
x1 )
( x + 2)
Si la dirección de la curva es paralela a la recta 4x 5y 17 0, se tiene:
0
m =−
4. Dada la curva x y 0, determina: 2
)2 1.129 =
3 y = (1.2 −
y − y1 = m ( x − x1)
3
a) La inclinación de cuando x 8.
=
m=
2
d dx 2 3
x
x3 =
2 3
=−
4
−5
=
4 5
4 = , al sustituir en la derivada de la función se tiene: Así, dx 5 dy 2 − 1 4 x 3= dx = 3 5
y = 3 x2 dy
B
dy
Si x 2, entonces:
dx
A
x
−1
x
3
−1
−1
3
=
x=
3
20 7
6 5 125 216
4 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
Cuando x =
125 216
Entonces, , se tiene:
x 2 Cuando x 2, se tiene:
125 2 25 y = 3 = 216 36
2
(2 ) −4 (− 2)−1 −−
y= 4x 3y 13 0, es:
=1
3
El punto donde la dirección de la curva es paralela a la recta
El punto donde la dirección de la curva es paralela aleje x es:
125 25 P1 , 216 36
P12, 1 d) Los puntos donde 135
5. Dada la curva x2 4x 3y 1 0, encuentra:
Si 135, entonces tan 135 1, así
a) La inclinación de cuando x 1.
dy
Si x 1, entonces:
y= dy dx
=
dx
−x 2 − 4 x − 1 3
1 2
1
Cuando x1 = − , se tiene: 2
3
1 = (−2 x − 4 ) 3
1 m = (−2 x − 4 ) 3
y=
Cuando x 1, se tiene:
1 2 1 −− − 4 − − 1 2 2
) Los puntos dondela dirección dela curva es paralela ala recta,
e
x 6y 19 0.
La inclinación de cuando x 8, es 146 1835
Si la dirección de la curva es paralela a la recta
x 6y 19 0, se tiene:
b) El ángulo cuando x 5.
m =−
1 Si m = (−2 x − 4 ) , cuando x 5, entonces: 3 1 ( 2−( 5−4) = 2) m= − 3
Así,
dy dx
A B
1
−6
=
1 6
= , al sustituir en la derivada de la función se tiene: 6
dy
arctan 2
dx
63265
1 = −( −2= x 4) 3
x =−
La inclinación de cuando x 5, es 63 265
=−
1
arctan m
1 6
9 4
9
c) Los puntos donde la dirección de la curv a es paralela al eje x. Si la dirección de la curva es paralela al eje x , entonces
Cuando x = − , se tiene: 4
y=
9 2 9 −− − 4 − − 1 4 4 3
0, es decir:
dx
4
P11.2,1.129
θ = 146°18 ′35 ′′
dy
1
45, es:
2 θ = arctan− 3
dx
=
3
El punto donde la dirección de la curva tiene un ángulo
θ = arctan m
dy
= −1, por tanto:
1
3
x =−
d −x 2 − 4 x − 1 dx
1 ( − = − 2x = 4 )−
dy dx
=
47 48
El punto donde la dirección de la curva es paralela a la recta
= 0; por lo tanto, 1
= −( −2= x 4) 3
x 6y 19 0, es:
9 47 P1 − , 4 48
0
20 8
UNIDAD 4 Análisis de funciones
II. Determina el ángulo de intersección entre las siguientes curvas. 1. x2 y2 2x 2y 14 con x2 6x y2 0
22 2
x +− y − 2−x+ −y= 6 x
1 −2.073 m1 = = 0.278 −2.85 −1
x14 y
tan θ =
4 x −2 y = 14
x=
3 − 2.073 m2 = = −0.325 −2.85
El ángulo de intersección en P14.726,2.45 es:
Al resolver el sistema de ecuaciones, se tiene: 22
Para P22.073, 2.85, se tiene:
m2 − m1 1 + m1m2
=
−0.704 + 2.569 )( −2.569 ) 1 + (−0.704
= 0.6640
θ = arctan 0.6640 = 33 °35 ′8 ′′
14 + 2 y 4
El ángulo de intersección en P 2.073, 2.85 es: 2
Al sustituir el valor de x en alguna de las ecuaciones se tiene: tan θ =
14 + 2 y 2 1 4 + 2 y 2 4 − 6 4 + y = 0
1 + m1m2
=
−0.325 − 0.278 = −0.6628 )( 0.278 ) 1 + (−0.325
′ ′′ θ = arctan − ( 0.6628 = ° ) 146 27 35
5 y 2 +2 y35 − 0=
2. x2 4x 4y 16 0 con x2 y2 4y 0
( y + )( 7 y− )5 =0 y1 =
m2 − m1
1 5
Al resolver el sistema de ecuaciones, se tiene:
(−1 −4 1 1 )
4 − 16 x 2 − 4−x + y−
20 x2+4 y=
1
y
−y 2− 4+x =16 0
y2 = (−1 +4 1 1 ) 5
x= 4−
y2
Al calcular el valor de x resulta:
4
Al sustituir el valor de x en alguna de las ecuaciones: Para y1 7
x=
1 (−1 −4 1 1 ) 5
14 + 2
4
2 2 4 − y + y 2 − 4 y = 0 4
= 2.073
y4
+ y2 =
16 − 4−y Para y2 5
x=
1 (−1 +4 1 1 ) 5
14 + 2
4
y2 = 3.0195
= 4.726
Al calcular el valor de x resulta: Para y1 4
Los puntos de intersección son:
x = 4−
P14.726,2.45 y P22.073, 2.85 Al derivar las ecuaciones, se obtienen las pendientes de las cir-
x = 4−
dx
=
=0
( 3.0195)2 4
= 1.72
Los puntos de intersección son:
dy 2x − 6 2 + y0 = dx
dy dx dy
4
x 2 − 6 x + y2 = 0
x 2 + y−2 − 2=x 2 y 14 0=
( 4 )2
Para y2 3.0195
cunferencias, es decir:
dy 2x + 2 y 2 −2− dx
0
16 y1 = 4
1− x
y −1
dy
= m1
dx
=
P10, 4 y P21.72, 3.0195 3− x
y
= m2
Al derivar las ecuaciones, se obtienen las pendientes de las circunferencias, es decir:
Para P 4.726,2.45 , se tiene:
x 2 − 4−x +4=y 16 0
1
1 −4.726
m1 =
2.45 −1
= −2.569
3 − 4.726
m2 =
2.45
= −0.704
dy dx
20 9
x 2 + y2 − 4 y = 0
dy 2x − 4 4− 0 = dx
=
dy dy 2 x 2+ y 4 −0 = dx dx x −2 2
= m1
dy dx
=
x y−2
= m2
4 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
Para P20.59,1.64, se tiene:
Para P10,4, se tiene:
m1 =
0−2 2
= −1
m2 =
0 4 −2
) 3 (0.56 − m2 = − = −0.2698 4 (−1.64 )
m1 240.592 8.354
=0
El ángulo de intersección en P10.59,1.64 y P20.59,1.64
Para P21.72,3.0195 , se tiene:
es:
1.72 − 2 m1 = = −0.14 2
m2 =
1.72 3.02 −2
= 1.686 tan θ =
El ángulo de intersección en P10,4 es:
m2 − m1 1 + m1m2
=
−0.2698 − 8.354 )( −0.2698 ) 1 + (8.354
= 6.87
θ = arctan (6.87 ) = 81 °43 ′37 ′′ tan θ =
m2 − m1 0 +1 = =1 1 + m1m2 1 + (0)(−1)
4. 9x2 4y2 36 0 con 16 y2 x 0
θ = arctan 1 = 45 °
Al resolver el sistema de ecuaciones, se tiene:
El ángulo de intersección en P21.72,3.0195 es: tan θ =
m2 − m1 1 + m1m2
=
2 36 x 2 −16 y− 144 + 16 − =y2
1.687 + 0.14 = 2.39 )( 1.687 ) 1 + (−0.14
0x
36 x 2 − x −144 = 0
′ ′′ θ = arctan (2.39 ) = 67 °18 2
x = 2.014
3. 8x y 0 con 3 x 4y 12 0 3
2
2
Al sustituir el valor de x en alguna de las ecuaciones se tiene:
Al resolver el sistema de ecuaciones, se tiene:
16 y 2 −2.014 = 0
2
3 x 2 +48 ( x 3 )12− 0 =
y = ±0.35
256 x 6 +3 x 2 − 12 0=
Los puntos de intersección son:
x1 = 0.59 P12.014,0.35 y P22.014, 0.35
x 2 = −0.59 Al calcular el valor de y resulta:
Al derivar las ecuaciones, se obtienen las pendientes de las circunferencias, es decir:
Para x1 0.59
9 x 2 −4 y236 − 0=
y 80.593 1.64
16 y 2 − x = 0
dy 18 x − 8 y 0= dx
Para x1 0.59
dy
y 80.593 1.64
dx
=
32 y 9x 4y
dy dx
− 1 0= dy
= m1
dx
=
1 32 y
= m2
Los puntos de intersección son: Para P12.014,0.35 , se tiene:
P10.59,1.64 y P20.59,1.64 Al derivar las ecuaciones, se obtienen las pendientes de las circunferencias, es decir: 8x3 − y = 0 24 x 2
−
dy dx dy dx
=0 = 24 x 2 = m1
6x + 8y
dx dy dx
=0 =−
3x 4y
( ) 9 2.014 = −12.97 m1 = 4 (−0.35 )
= m2
1 32 (0.35 )
= 0.0892
m2 =
1 32 (−0.35 )
= −0.0892
El ángulo de intersección en P 2.014,0.35 es: 1
Para P10.59,1.64 , se tiene:
m1 240.592 8.354
m2 =
Para P22.014,0.35 , se tiene:
3x 2 +4 y212 − 0=
dy
( ) 9 2.014 m1 = = 12.97 4 (0.35 )
( ) 3 0.59 m2 = − = − 0.2698 4 (1.64 )
m2 − m1
0.0892 −12.97 tan θ = = = −5.97 )( 1 2.97 ) 1 + m1m2 1 + (0.0892
θ = arctan −( 5.97 = °)
21 0
′ ′′ 99 30 22
UNIDAD 4 Análisis de funciones
El ángulo de intersección en P22.0714, 0.35 es:
Para P20,0 , se tiene:
m2 − m1
−0.0892 + 12.97 tan θ = = = 5.97 )( −12.97 ) 1 + m1m2 1 + (−0.0892 ′ ′′ 80 29 27
θ = arctan −( 0.6628 =° )
m1 =
1
3 2
Para P30.046, 0.07, se tiene:
5. x y 9y 0 con 3 x 2y 0 4
m2 =
4(0)3 −18(3.04) = 0.0173
2
m1 =
Al resolver el sistema de ecuaciones, se tiene:
3x 3y4 27y2 3x 2y 0
1
)0.07 () 4 (−
0.07 −18 −
= 0.794
m2 =
= −0.0198
m2 =
3 2
Para P41.97, 2.96, se tiene:
3y 4 − 27 y 22−0 y =
m1 =
y1 = 3.04 y2 = 0
1
)2.96 () 4 (−
3− 18
− 2.96
3 2
El ángulo de intersección en P12.02,3.04 es:
y3 = −0.07 y4 = −2.96
m2 − m1
tan θ =
Al sustituir los valores en alguna de las ecuaciones se tiene: Para y1 3.04
1.5 − 0.0173
=
1 + m1m2
)( 0. 0173 ) 1 + (1.5
= 1.445
θ = arctan (1.336 ) = 53 °11 ′33 ′′ El ángulo de intersección en P20,0 es:
3x − 2 y = 0
x=
3
2 (3.04 ) 3
m2
= 2.02 tan θ =
Para y2 0 3x − 2 y = 0
x=
2 ( 0) 3
m2 − m1 1 + m1m 2
m1 1
=
m1
1.5
−1 =
+ m2
∞ 1
∞
−1 =−
+ 1.5
2 3
2 θ = arctan − = 146°18′35′′ 3
=0
El ángulo de intersección en P30.046, 0.07 es:
Para y 0.07 3
3x − 2 y = 0
x=
tan θ =
2 (−0.07 ) 3
= −0.046
m2 − m1 1 + m1m2
=
1.5 − 0.794
) 1 + (1.5)( 0. 794
= 0.322
θ = arctan (0.322 ) =17 °51 ′37 ′′
Para y4 2.96
El ángulo de intersección en P41.97, 2.96 es: 3x − 2 y = 0
x=
2 (−2.96 ) 3
tan θ =
= −1.97
m2 − m1 1 + m1m2
1.5 + 0.0198
=
)( −0.0198 ) 1 + (1.5
′ ′′ θ = arctan (1.566 ) = 57 °26 39
Los puntos de intersección son:
P12.02, 3.04, P20, 0, P30.046, 0.07 y P41.97, 2.96 Al derivar las ecuaciones, se obtienen las pendientes de las circunferencias, es decir:
III. Encuentra las ecuaciones de la tangente y la normal; las longitudes de la tangente, normal, subtangente y subnormal para las siguientes curvas en el punto indicado. 1. y2 x3 en P2,2.82
x − y 4 + 9 y2 = 0 dy 1− 4 y 3 18+ dx
3x − 2 y = 0
dy y0 = dx
3−
dy = dx y 4
1 = m1 3 −y18
2 dy
dx
2y
=0
1
) 4 (3.04
3
( 18) 3.04 −
dy dx
= 3x 2 3x 2
dy = 3 = m 2 dx 2
y′ = 2 y Al evaluar en P2,2.82 resulta:
Para P12.02,3.04 , se tiene:
m1 =
= 1.566
2
= 0.0173
m2 =
3 2
21 1
y′ =
3(2 )
2 (2.82 )
= 2.12
4 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
Recta tangente:
Longitud de la subtangente TM:
y − y1 = m ( x − x1)
TM =
y − 2.82 =2. 12 ( x −2 )
−2.12+ x+y = 1.42 0
y1 m1
=
0
∞
=0
Longitud de la subnormal MN:
Recta normal:
MN m1y1 0 0 1
y − y1= −
m
(−x
x1)
Si TM 0, MN 0 y MP1 y1 1.73 entonces:
1
y − 2.82 = − 2.12−( x 25 53
Longitud de la tangente TP1:
2)
x + y − 3.76 = 0
( )2 +MP TP1 = TM ( 2 ) = ( 0) (+ 1.73
Longitud de la subtangente ( TM):
TM =
y1 m1
2.82
=
2 ) = ( )0 (+ 1.73
MN m1y1 2.122.82 5.97 Si TM 1.33, MN 5.97 y MP1 y1 2.82 entonces:
=1.73
8x −
)
2
) ( + )2.82 = (1.33
2
)
=1.73
dy dx
=0
y′ = 8 x
2
1
2
1
3. 4x2 y 0 en P2,16
Longitud de la tangente TP1:
Al evaluar en P2,16 resulta:
=3.117
y 82 16
Longitud de la normal (P1 N):
( )2 +MP P1 N = MN (
Recta tangente:
2
1
)
) (2 +)2.82 = ( 5.97
2
y − y1 = m ( x − x1 )
=6.6025
y − 16 =16 ( x − 2 )
−16 x+ +y =16 0
2. 4x2 3y2 12 0 en P1.73,0 8x + 6y
2
2 P1 N = (MN ) +MP (
Longitud de la subnormal (MN):
2
)
Longitud de la normal (P1 N):
= 1.33
2.12
( )2 +MP TP1 = TM (
2
1
dy dx
Recta normal:
=0
y′ =
y − y1= −
4x 3y
y − 16= − Al evaluar en P1.73,0 resulta: 1
( ) 4 1.73 y′ = =∞ 3( 0)
16
x + y−
129 8
1
m
(−x
x1 )
(x −
2)
1 16
=0
Longitud de la subtangente TM:
Recta tangente:
y 16 TM = m1 = 16 = 1 1
x 1.73 Recta normal:
Longitud de la subnormal MN:
y0
MN m1y1 1616 256
21 2
UNIDAD 4 Análisis de funciones
Si TM 1, MN 256 y MP1 y1 16 entonces: Longitud de la tangente TP1:
1 18
y= =y1− MP
2 entonces:
1
Longitud de la tangente TP1:
2
TP1 = TM (
Si TM =72, MN=
2
2 ( )16 = (1) +
2
2
( )2 +MP TP1 = TM (
) +MP ( 1)
1
2 )+ ( ) =2 = ( 72 −
=257
)
2
72.02
Longitud de la normal P1 M:
Longitud de la normal P1N: 2
2 P1 N = (MN ) +MP (
2
( ) +MP P1 N = MN (
1
) 2(+) 16 = (256
2
)
2
1
)
1 2 = + (−2)2 = 2.0007 18
=16 257
5. y2 2x 8y 12 0 en P0,2
4. 9y2 x 0 en P36,2
18 y
dy dx
2y
−1 0= y′ =
dy dx
2 −8 − 0
dy dx
= 2
y′ =
1
2y − 8
18 y Al evaluar en P0, 2 resulta:
Al evaluar en P36,2 resulta:
2
y′ = y′ =
1 18 (−2 )
=−
2 ( 2) − 8
1
=−
1 2
Recta tangente:
36
y − y1 = m ( x − x1 )
Recta tangente:
1 y − 2 = − ( x) 2
y − y1 = m ( x − x1) 1
y + 2= − 1 36
36
(−x
1 x + y−2 = 0 2
36 ) Recta normal:
x + y +1 = 0
1
y − y1= −
m
(−x
x1 )
y − 2 = 2 ( x)
Recta normal:
y − y1= −
1
m
−2 x+ − y =2
(−x
x1 )
36 ) y + 2 =3 6 ( x −
TM =
−36 + x +y 1298 = 0 Longitud de la subtangente TM:
TM =
y1 m1
−
y1 m1
=
2 = −4 1
−
2
Longitud de la subnormal MN:
−2
=
0
Longitud de la subtangente TM:
1
1 MN = m1y1 = − ( 2) = −1 2
= 72
36 Si TM 4, MN 1 y MP1 y1 2 entonces:
Longitud de la subnormal MN:
Longitud de la tangente TP1:
1 1 = 36 18
( )2 +MP TP1 = TM (
MN = m1y1=−(−2)
2 = −( +4) ( ) =2
21 3
2
2
1
)
2
5
4 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
Longitud de la normal P1 N:
Longitud de la normal P1N: 2
2
P1 N = (MN ) +MP ( 2
1
)
2
= −( 1)+ ( ) =2
2
2 P1 N = (MN ) +MP (
1
)
2
5
1016 2 = + ( 4 ) =9.058 125
6. 4x2 y2 2y 2 en P2.54,4 7. y2 9x2 18x 8y 2 0 en P1,7
dy dy 8 x 2− y 2 −0 = dx dx
2y
4x
dy dx
18− x18−8 −
dy
=0
dx
y′ = y + 1 Al evaluar en P2.54,4 resulta:
y′ =
Recta tangente:
254
y−4 = 254
+x+ y 1.1612 =
125
=0
y − 7 = 0 ( x + 1)
( x − 2.54 )
y=
7
Recta normal:
x 1
Recta normal:
y − y1= − y − 4= −
1
m
(−x
125
Longitud de la subtangente TM:
x1)
(x −
TM =
2.54 )
21 4
7
= =∞ 0
Longitud de la subnormal MN:
=0
MN m1y1 07 0
Longitud de la subtangente TM:
TM =
y1
m1
254
x + y−
7−4
y − y1 = m ( x − x1 )
0
125
254
9 (−1) + 9
Recta tangente:
y − y1 = m ( x − x1 )
125
y−4
Al evaluar en P1,7 resulta:
4 (2.54 ) 254 y′ = = 4 +1 125
−
9x + 9
y′ =
y1 m1
=
Si TM , MN 0 y MP1 y1 7 entonces:
4 250 = 254 127 125
Longitud de la tangente TP1:
( )2 +MP TP1 = TM (
Longitud de la subnormal MN:
2
1
)
( ) +2 ( ) 7=2∞ = ∞
254 1016 ( 4 ) = 125 125
MN = m1y1 =
Longitud de la normal P1 N: Si TM =
250 127
MN , =
1016 = MP =y y 1 125
1
4
2 P1N = (MN ) +MP (
entonces:
2 ( )7 = ( 0) +
Longitud de la tangente TP1: 3
( )2 +MP TP1 = TM (
8. x x y en P2,6
2
1
)
3x 2 = 1 +
254 2 2 = + ( 4 ) = 4.458 127
dy dx
y ′ = 3x 2 − 1
21 4
2
2
1
)
=7
UNIDAD 4 Análisis de funciones
Al evaluar en P2,6 se tiene:
Recta normal:
y 322 1 11
1
y − y1= −
m
Recta tangente:
y − y1 = m ( x − x1 )
y + 8= −
y − 6 =11 ( x − 2 )
1
−11x+ +y =16 0
24
Recta normal:
1
y − 6= − 1 11
x + y−
68 11
193
x1)
(+x
1)
24
=0
24
Longitud de la subtangente TM:
1
y − y= −
x + y+
(−x
1
−x
x
m( 1 (−x 11
1
)
TM =
2)
y1 m1
−8
=
=−
24
1 3
Longitud de la subnormal MN:
=0
MN m1y1 248 192 Longitud de la subtangente TM:
TM =
y1 m1
=
1 Si TM = − MN , = −192 y MP =y 1= − 81 3
6
Longitud de la tangente TP1:
Longitud de la subnormal MN:
MN m1y1 611 66 Si TM =
6 11
MN , = 66 y
MP == y1 6
entonces:
11
2
( )2 +MP TP1 = TM (
)
1 2 = − + (−8) = 8.0069 3
entonces:
1
1
2
Longitud de la tangente TP1: Longitud de la normal P1 N:
( )2 +MP TP1 = TM (
2
1
)
2
2
P1 N = MN ( ) +MP (
6 2 2 = + ( 6) =6.024 11
)
( 192 ) +(− ) =8 = −
Longitud de la normal P1 N:
2
8 577
10. 3x2 3y2 10 0 en P1,1.52
( )2 +MP P1N = MN (
2
1
)
6x + 6y
) 2+ ( )6 = (66
1
2
2
= 6 122
dy dx
=0
y′ = −
x y
9. 8x3 y 0 en P1,8 Al evaluar en P1,1.52 resulta: 24 x 2 −
dy dx
=0 y′ =
y′ = 24 x 2
1 1.52
=−
25 38
Recta tangente:
Al evaluar en P1,8 resulta:
y − y1 = m ( x − x1 )
y 2412 24
25 y − 1.52 = − 38−( x
Recta tangente:
25
y − y1 = m ( x − x1 )
38
y + 8 =24 ( x 1+ )
−24 x+ −y =16 0
21 5
x + y−
2069 950
1)
=0
4 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
Recta normal: 1
y − y1= − y − 1.52 =
−
38 25
m
38 25
(−x
1 444 Si TM = − MN , = −y1 MP =y = 1.51 1 625
x1 )
entonces:
( x − 1)
Longitud de la tangente TP1:
x+ y=0
( )2 +MP TP1 = TM (
2
1
)
1444 2 2 = − + (1.52) = 2.7655 625
Longitud de la subtangente TM:
TM = y1 = 1.52 = − 1 44 m1 − 25 625 38
Longitud de la normal P1 N: 2 P1 N = (MN ) +MP (
Longitud de la subnormal MN:
2
1
2
)
2
= (−1) + (1.52 ) =1.819
25 (1.52) = −1 38
MN = m1y1 = −
EJERCICIO 18 I. En las siguientes funciones, determina los intervalos en los que las funciones son crecientes o decrecientes y construye las grá cas correspondientes.
Para 1, en la derivada se toma x 2, entonces:
y 2 22 2 y es negativa, la función es decreciente.
1. y 2x x2 2. y x3 3x2
Al gra car la función se tiene:
y2
Al gra car la función se tiene:
y
(1,1)
1
−2
−1
−0.5
0.5
1
1.5
2
2.5
3
x
−1
−2
2
x
−2 −2 −3 −4
y = 2 x − x2
(2,−4)
y′ = 2 − 2 x Así, x1 1.
y = x 3 − 3x 2
Los intervalos a analizar son:
y′ = 3 −x62 = x 3 −x6( x Así, x1 0 y x2 2.
a) ,1
Los intervalos a analizar son:
b) 1,
a) ,0
Para ,1 en la derivada se toma x 1, entonces:
b) 0,2 y 2 21 4 c) 2, y es positiva, la función es creciente.
21 6
)
UNIDAD 4 Análisis de funciones
Para ,0 en la derivada se toma x 1, entonces:
Para 3, en la derivada se toma x 4, entonces:
y 31)2 61 3
y 443 1242 64
y es positiva, la función es creciente.
y es positiva, la función es creciente.
Para 0,2 en la derivada se toma x 1, entonces:
4. y x3 2x2 3x
y 312 61 3 Al gra car la función se tiene:
y es negativa, la función es decreciente. y Para 2, en la derivada se toma x 3, entonces:
−20
y 332 63 9 −10
y es positiva, la función es creciente. 3. y x4 4x3 15 Al gra car la función se tiene:
(0,0)
−2
2
4
x
y 20
15
−4
(0,15)
10
−20 5
−2
−1
1
2
3
4
5
y = x 3 − 2 x2 + 3x
x
y′ = 3 x 2 − 4 x + 3
−5
−10
Para esta derivada no existen valores de x en los números reales (3,−12)
que la satisfagan, por lo tanto, para todo valor de x la derivada siempre es positiva, es decir, creciente.
−15
y = x 4 − 4 x 3 + 15 y′ = 4 − x3 = 12 4x 2 − x 23( x
5. y =
)
Así, x1 0 y x2 3.
x2 x2 − 9
Al gra car la función se tiene:
Los intervalos a analizar son:
y 20
a) ,0 10
b) 0,3 −x −6
c) 3,
−4
−2
2
4
6
−10
Para ,0 tomamos x 1 en la derivada, entonces: −20
y 413 1212 16
−y
y es negativa, la función es decreciente. y=
Para 0,3 en la derivada se toma x 1, entonces:
x2 x2 − 9
x( y′ =
y 413 1212 8
2
− 9)x2 x − x (x2 − ) 9
2
22
(
−18 x = ) x2 − 9 2
y es negativa, la función es decreciente. La derivada no está de nida para x 3 y x1 0.
21 7
8
2
4 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
Los intervalos a analizar son:
Los intervalos a analizar son:
a) ,3
a) ,0
b) 3,0 b) 0,
c) 0,3
Para ,0 en la derivada se toma x 1, entonces:
d) 3, Para ,3 en la derivada se toma x 4, entonces:
−18 (−4 )
y′ =
72
8 (−1) 2
((−1)2 + 4 )
=−
2 9
y′ = (( 4 )2 9)2 = 49 − − y es negativa, la función es decreciente. y es positiva, la función es creciente. Para 3,0 en la derivada se toma x 1, entonces:
y′ =
−18 (−1)
((−1)2 − 9)
2
=
Para 0, en la derivada se toma x 1, entonces:
9
y′ =
32
y es positiva, la función es creciente.
8 (1) 2
((1)2 + 4 )
=
2 9
y es positiva, la función es creciente.
Para 0,3 se toma x 1 en la derivada, entonces:
y′ =
−18 (1) 2
((1) − 9) 2
=−
7. y 1 x3
9 32
Al gra car la función se tiene:
y es negativa, la función es decreciente. y
Para 3, se toma x 4en la derivada, entonces:
4
18 ( 4 ) 72 y′ = − 2 2 =− 49 ((4) − 9)
3
y es negativa, la función es decreciente. 6. y =
2
(0.1)
x2 x2
+4
Al gra car la función se tiene: −2
y 1
−4
−0.5
0.5
1
1.5
2
x
−1
0.5
−6
−1
−2
−2
2
4
6
−3
x
(0.0) −0.5
y = 1− x 3 2
y=
x2 x2 + 4
x( y′ =
2
y ′ = −2 x
+ 4 )x2 x − x
(x2 + )4
2
22
(
=
Así, x1 0.
8x
) x2 + 4
2
Al analizar la función se observa que para todo valor de x, la derivada siempre va a ser negativa, es decir, decreciente.
Así, x1 0.
21 8
UNIDAD 4 Análisis de funciones
8. y =
3
1
x −1
y = x ( x + 1)2 1 = (+ x) ( )1 +2
y′
Al gra car la función se tiene:
2 + 3x
1
+x x = 1 − 2
2 1+ x
y 2 La derivada sólo está de nida para x 1, así, x1 = − . 3
2
1
Los intervalos a analizar son: −3.5 −3 −2.5 −2 −1.5 −1 −0.5
0.5 1 1.5 2 2.5 3 3.5
x
2 a) −1,− 3
(1,0)
−1
2 b) − , ∞ 3
1
y = ( x − 1)3 1 −2 y′ = ( x − 1) 3 3
5 2 Para −1,− en la derivada, se toma x = − entonces: 3 6
Así, x1 1.
y′ =
Los intervalos a analizar son:
a) ,1
5 2 + 3− 5 6 =− 4 5 2 1− 6
y es negativa, la función es decreciente.
b) 1,
2 En − , ∞ en la derivada, se toma x 0 entonces: 3
Para ,1 en la derivada, se toma x 0 entonces: 1 1 −2 y′ = (0 − 1) 3 = 3 3
y′ =
y es positiva, la función es creciente.
y′ =
3
2 (2 − 1)− 3
2 1+ 0
=1
y es positiva, la función es creciente.
Para 1, en la derivada, se toma x 2 entonces: 1
2 + 3( 0)
=
2
5 10. y = ( x 2 − 4 )
1
Al gra car la función se tiene:
3
y
y es positiva, la función es creciente.
2
(0,1.74)
9. y = x x + 1
1.5
Al gra car la función se tiene:
1
y
0.5
3
−4
−3
−2
−1
2
x
1234
−0.5
1
−1.5
−1
−0.5
0.5
1
1.5
2
x
y = ( x 2 − 4)5
−1 (−0.67,−0.38)
y′ =
−2
21 9
4x 5
3
( x 2 − 4 )− 5
4 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
La derivada sólo está de nida para x 2, así, x1 2,
y = x3 −
x2 2 y x3 0.
3x 2 2
y′ = 3 −x32 =3x −1x( x
Los intervalos a analizar son:
)
Así x1 0 y x2 1.
a) ,2
Los intervalos a analizar son:
b) 2,0
a) ,0
c) 0,2
b) 0,1
d) 2,
c) 1,
Para ,2 en la derivada, se toma x 3 entonces: 4 (−3)
y′ =
5
Para ,0 en la derivada, se toma x 1 entonces:
3
((−3)2−4 )−=5 − 0.91
y 312 31 6
y es negativa, la función es decreciente.
y es positiva, la función es creciente.
Para 2,0 en la derivada, se toma x 1 entonces:
y′ =
4 (−1) 5
−3
((−1)2 −4 )
5
Para 0,1 en la derivada, se toma x =
entonces:
2
y es negativa, la función es decreciente.
Para 0,2 en la derivada, se toma x 1 entonces: 4 (1) 5
2
1 1 3 y′ = 3 − 3 = − 2 2 4
y es positiva, la función es creciente.
y′ =
1
=0.4138
((1− )2
Para 1, en la derivada, se toma x 2 entonces:
−3
4 =) −5
0.4138
y 322 32 6
y es negativa, la función es decreciente. y es positiva, la función es creciente. Para 2, en la derivada, se toma x 3 entonces:
y′ =
4 ( 3) 5
12. y 3x4 4x3 1
3
(( 3)2 −4 )− 5 =0.91
Al gra car la función se tiene:
y y es positiva, la función es creciente. 11. y = x 3 −
10
3x 2
8
2 6
Al gra car la función se tiene: 4
y 2 1
0.5
−1
−0.5
(0,1) 0.5
−2
−1
1
−0.5
1
1.5
2
(1,0)
(0,0) 2
3
x
y = 3x 4 − 4 x 3 + 1
(1,−0.5)
3
2
2
y′ = 12− x 12 = x 12− x (1x
−1
Así x1 0 y x2 1.
22 0
)
x
UNIDAD 4 Análisis de funciones
14. y 2x3 3x2 36x 25
Los intervalos a analizar son:
a) ,0
Al gra car la función se tiene:
y
b) 0, Para ,0 en la derivada, se toma x 1 entonces:
(−2,69)
100
y 1213 121 0 y es positiva, la función es creciente.
−6
−4
−2
2
4
6
x
8
(3,−56)
Para 0, en la derivada, se toma x 1 entonces:
−100
y 1213 121 0 y es positiva, la función es creciente.
3 3 y = 2−x− + x 2 36 2x 5
13. y = 2 + ( x − 4)3
2 6− x36 y′ = 6 x− = 6 + 2 (− x 3 )( x
Al gra car la función se tiene:
)
Así, x1 2 y x2 3.
y Los intervalos a analizar son: 4
c) ,2
(4,2)
2
d) 2,3 −4
−2
2
4
6
8
x e) 3,
−2
En ,2 en la derivada, se toma x 3 entonces:
y=
1 2 + ( x − 4 )3
y 632 63 36 36
2
y′ = 1 ( x − 4)− 3 3
y es positiva, la función es creciente.
La derivada de la función es distinta de cero para todo valor de x, excepto para x 4, donde no está de nida. Los intervalos a analizar son:
Para 2,3 en la derivada, se toma x 0 entonces:
y 602 60 36 36 y es negativa, la función es decreciente.
a) ,4
Para 3, en la derivada, se toma x 4 entonces:
b) 4,
y 642 64 36 36
Para ,4 en la derivada, se toma x 3 entonces:
y es positiva, la función es creciente.
1 1 −2 y′ = ( 3 − 4 ) 3 = 3 3
15. y 5 2x x2
y es positiva, la función es creciente.
Al gra car la función se tiene:
y
Para 4, en la derivada, se toma x 5 entonces:
12
1
−2
y′ = ( 5 − 4 ) 3
3
=
10
1
8
3 (−1,6)
y es positiva, la función es creciente.
6 4 2
−4 −3.5 −3 −2.5 −2 −1.5 −1 −0.5 −2
22 1
0.5
1
1.5
4
2.5
x
4 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
Para 0, en la derivada, se toma x 1 entonces:
y = 5 − 2 x − x2 y′ = −2 − 2 x
y′ = Así, x1 1.
1 3
y es positiva, la función es creciente.
Los intervalos a analizar son:
17. y x 12x 13
a) ,1 b) 1,
Al gra car la función se tiene:
Para ,1 en la derivada, se toma x 2 entonces:
y 2
y 2 22 2
(0.2,1.11)
y es positiva, la función es creciente. (−1,0)
Para 1, en la derivada, se toma x 0 entonces:
−2
−1
1
(1,0)
2
x
y 2 20 2 y es negativa, la función es decreciente. 16. y =
x
−2
2 2 3 y = ( x − 1) ( x + 1)
6
y′ = 2 −( x+1)
Al gra car la función se tiene:
=− 1 4− x6
y
3 (1x+ ) 3 (− 1)
+4x 2
+5
(1x ) + x3
2
2
x
x4
10 8
Así, x=1 − =1, x2
6
1
=y x3
5
1.
Los intervalos a analizar son:
4 2
(0,0)0 −6
−4
−2
a) ,1 0
2
−2
y= y′ =
x
4
6
x 1 b) −1, 5
2
6
1 c) ,1 5
x 3
d) 1,
Así x1 0.
Para ,1 en la derivada, se toma x 2 entonces:
Los intervalos a analizar son:
( 22) +5(−2) y′ =1 −4− (2 − 6) ( −2 ) +4−
a) ,0
3
4
= 33
y es positiva, la función es creciente.
b) 0, Para ,0 en la derivada, se toma x 1 entonces: 1
Para −1,
1 en la derivada, se toma entonces: 5 2
y′ = − 3
3
4
y 1 40 60 40 50 1 y es positiva, la función es creciente.
y es negativa, la función es decreciente.
22 2
UNIDAD 4 Análisis de funciones
1 1 Para ,1 en la derivada, se toma x = entonces: 5 2
Para 2, en la derivada, se toma x 3 entonces:
y 632 183 12 12
1 1 2 1 3 1 4 y ′ = 1 − 4 − 6 + 4 + 5 2 2 2 2
y es positiva, la función es creciente.
1 1 2 1 3 1 4 27 = − y′ = 1 − 4 − 6 + 4 + 5 = − 2 2 2 2 16 16 27
19. y 2x3 x2 x 1 Al gra car la función se tiene:
y es negativa, la función es decreciente. Para 1, en la derivada, se toma x 2 entonces:
y 3
y 1 42 622 423 524 81 y es positiva, la función es creciente.
(−0.61,1.53)
18. y 2x3 9x2 12x 3
2
1
(0.27,0.84)
Al gra car la función se tiene: −1.5
y
−1
−0.5
0.5
1
x
4
−1
(1,2) 2
y = 2 x 3+ −x 2 + x (2,1) −1
1
2
3
x
3 9 y = 2−x+ − x 212 3 x 2 y′ = 6 x− + 1x=2 −6 18
1
y′ = 6 x 2 + 2 x − 1 Así, x1 0.607 y x2 0.274. Los intervalos a analizar son:
1(−x )( 2 x)
a) ,0.607
Así, x1 1 y x2 2.
b) 6.07,0.274
Los intervalos a analizar son:
c) 0.274, a) ,1 Para ,0.607 en la derivada, se toma x 1 entonces:
b) 1,2
y 612 21 1 3
c) 2,
y es positiva, la función es creciente.
Para ,1 en la derivada, se toma x 0 entonces:
Para 6.07,0.274 en la derivada, se toma x 0 entonces:
y 602 180 12 12
y 602 20 1 1
y es positiva, la función es creciente. Para 1,2 en la derivada, se toma x =
3 2
y es negativa, la función es decreciente.
entonces:
Para 0.274, en la derivada, se toma x 1 entonces:
3 2 3 3 y′ = 6 − 18 + 12 = − 2 2 2
y 612 21 1 7
y es negativa, la función es decreciente.
y es positiva, la función es creciente.
22 3
4 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
20. x3 xy y2 4 x
2 1 30 + ( ) 2(+ )− y′ = − ( 0) +(2 )−2
Al gra car la función se tiene:
4
2 () 1 3+ 0 ( )2 + y′ = − ( 0) +(2) 2
3
1
1
2
2 ( − ) 1 31+ () 2+ y′ = − (1 ) +(2 − ) 2
x
3
−1
−2
y es positiva, la función es creciente.
−3
1 3+ 1 ( ) 1 +( ) y′ = − (1) + (2) 1
x 3 + xy +
=
2
2 −4 y=
x
3 4
21. y =
dy
2= y − dx
dy dx
=−
2 3
5 3
y es negativa, la función es decreciente.
Al derivar, 3x 2 + + y x+ dx
=−
Para 0.608, se toma x 1, entonces, y 1 y y 2
−1
dy
4
y es negativa, la función es decreciente.
2
−2
1
y es negativa, la función es decreciente.
y
−3
=−
x−
1
x
1 Al gra car la función se tiene:
=−
1 + 3x 2 + y
x + 2y
=0
y 3
y = −1 − 3 x 2
2
Al sustituir y en la ecuación srcinal se tiene:
( −1 3 )(x+2− 1−3) x 3 + x− 39+ −2 x6+ 3
2 = 4 x−
x2
=
1
2
x
x4
−0.5
1
2
3
4
5
6
7
x
−1
Así x1 0.5519 y x2 0.608, para las cuales
−2
y1 1.9137 y y2 2.1089.
−3
Los intervalos a analizar son:
a) ,0.5519 1
y = x2 − x
b) 0.5519,0.608 c) 0.608,
y′ =
1 2
x
−1 2
−1 2
+
1 2
x
−3 2
=
=
Así x1 1, dado que la función se de ne parax 0, entonces,
2
el intervalo a analizar es:
3
a) 0,
y es positiva, la función es creciente.
() 1 3+1 (−)3 2 + y′ = − (−)1 +(2) 3
3
2x 2
Para ,0.5519 se toma x 1, entonces, y 2 y y 3 2 ( )+ 1 3+1 − 2 (−) y′ = − (−)1 +( )2 −2
1+ x
=−
Para 0, en la derivada, se toma x 1 entonces:
7 5
y′ =
1+1 3
=1
2 (1) 2
y es negativa, la función es decreciente. Para 0.5519,0.608 se toma x 0, entonces, y 2
22 4
y es positiva, la función es creciente.
UNIDAD 4 Análisis de funciones
23. y x4 4x
22. y x5 5x3 20x 2
Al gra car la función se tiene:
Al gra car la función se tiene:
y
y
8
(−2,46)
6 40 4
20
2
−2 −2.5 −2
−1.5
−1
−0.5
0.5
1
1.5
2
2.5
3
3.5
−1.5
−1
−0.5
0.5
x
1
x
−2
−20
y = x4 + 4 x −40
y′ = 4 x 3 + 4 (2,−50)
Así x1 1. Los intervalos a analizar son:
5
y = x− 5−x
3
−20 x
a) ,1
2
y′ = 5 x 4 −15 x 2 20 −
b) 1, Para ,1 en la derivada, se toma x 2 entonces:
Así, x1 2 y x2 2.
y 423 4 28 Los intervalos a analizar son:
y es negativa, la función es decreciente. a) ,2
Para 1, en la derivada, se toma x 0 entonces:
y 403 4 4
b) 2,2
y es positiva, la función es creciente. c) 2, 24. y = Para ,2 en la derivada, se toma x 3 entonces:
x−2 x+2
Al gra car la función se tiene:
y
y 534 1532 20 250
15
y es positiva, la función es creciente.
10
5
Para 2,2 en la derivada, se toma x 0 entonces: −6
y 534 1532 20 20
−4
−2
2
4
−5 −10
y es negativa, la función es decreciente.
−15
Para 2, en la derivada, se toma x 3 entonces:
y 534 1532 20 250
y=
y es positiva, la función es creciente.
y=
22 5
x−2 x+2 x+2−x+2
( x +) 2 2 (
4
= ) x+2
2
x
4 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
Esta derivada tiene una discontinuidad para x 2, entonces los intervalos al analizar son:
25. y 2x3 x2 3x 1 Al gra car la función dada se tiene:
y
a) ,2
25 20 15
b) 2,
10 5
En ,2 tomamos x 3 en la derivada, resultando: −2
−1.5
−1
−0.5
0.5
−5
1
1.5
2
x
−10
y′ =
4
(−3 + 2 )2
=4
−15 −20 −25
y es positiva, por lo que la función es creciente. 3 y = 2 x− + x 2 −3 x
En 2, tomamos x 0 en la derivada, resultando:
y′ =
4
(0 + 2)2
1
y′ = 6 x 2 − 2 x + 3 Esta derivada está de nida en el grupo de los números reales,
=1
entonces, al evaluar en cualquier valor resulta: 602 20 3 3
y es positiva, por lo que la función es creciente.
y es positiva, por lo que la f unción es creciente.
EJERCICIO 19 I. Calcula losmáximos ymínimos relativospara las siguientes
En x 1, se tiene un máximo cuyo valor es:
funciones y traza las grá ca correspondientes. 1. y 3 4x 2x
y = 3 − 4 x − 2 x2 y = 3− 4 − 1( −) 2−1( )
2
2
y=5 Primera derivada Cuando x 1, tenemos un máximo en 5.
y 4 4x
Al elaborar la grá ca correspondiente:
y
Al igualar a cero y resolver se tiene x 1.
Máximo (−1,5)
6 4 2
Para x 1 −4
Un valor un poco menor
−3
−2
−1
−2 −4
Un valor un poco mayor
−6 −8
x = −2
x=0
−10
( =)4 y′ = −4−4 2−
)− y′ = −4−40 ( = 4
y′ = +
y′ = −
−12 −14
2. y x2 8x 10 Primera derivada
y 2x 8
22 6
1
2
x
UNIDAD 4 Análisis de funciones
Al igualar a cero y resolver se tiene x 4.
Al elabrar la grá ca correspondiente:
y
Para x 4
10
Un valor un poco menor
Un valor un poco mayor 5
x = −5
x = −3
8) = 2− y′ = 2 (−5 +
(3 8+)2 = y′ = 2 −
y′ = −
y′ = +
−2 −1
x
123456789
−5
−10
En x 4, se tiene un mínimo cuyo valor es:
−15
Mínimo (4,−16)
y = x 2 + 8 x + 10 4. y x 12x 2
2 ( )4 + (− y =− 8 )+ 4 1 0= −6
Primera derivada Cuando x 4, se tiene un mínimo en 6.
y′ = 2 ( x−1)
( − )1 =2x (2x + +
Al elaborar la grá ca correspondiente:
2
2+4− + x 22 −1 + x
x2
x
= −3 + 3 x 2 y
Al igualar a cero y resolver se tiene x 1.
6 6
Para x 1
4 2
−8
−7
−6
−5
−4
−3
−2
−1
x
−2 −4
Un valor un poco mayor
x=0
−6
Mínimo (−4,−6)
Un valor un poco menor
3. y x2 8x Primera derivada
x=2
2 y′ = −3+30 ( )= 3−
2 y′ = −3+3 2( )=9
y′ = −
y′ = +
En x 1, se tiene un mínimo cuyo valor es:
y 2x 8
y x 12x 2
Al igualar a cero y resolver se tiene x 4.
1 121 2 0 Cuando x 1, tenemos un mínimo en 0.
Para x 4 Un valor un poco menor
Un valor un poco mayor
Para x 1 Un valor un poco menor
x=3
x=5
)8 = − y′ = 23( − 2
y′ = 2 (5 ) − 8 2=
x = −2
y′ = −
y′ = +
y′ = −3+3−2( y′ = +
En x 4, se tiene un mínimo cuyo valor es:
Un valor un poco mayor
x=0
)92 =
2
y′ = −3+30 ( )=3− y′ = −
En x 1, se tiene un máximo cuyo valor es:
y = x2 − 8 x 2 y = ( x − 1) ( x + 2)
2 y = ( 4) − 8(4) = −16
2 = (− − 1 1 )−(1+2 =4 )
Cuando x 4, se tiene un mínimo en 16.
Cuando x 1, se tiene un máximo en 4.
22 7
4 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
Al elaborar la grá ca correspondiente:
Para x 2
y Un valor un poco menor
10
Máximo (−1,4)
Un valor un poco mayor
5
−2.5 −2 −1.5 −1 −0.5 −5
0.5 1 1.5 2 2.5
x
Mínimo (1,0)
x = −3
x = −1
)(3−1 =4) y′ = (− 3+ 2 −
)1( − y′ = (− 1+ 2 − 1 =2)−
y′ = +
y′ = −
−10
En x 2, se tiene un máximo cuyo valor es: 5. y 2x3 3x2 12x 4
y 10 122 322 223 10 Primera derivada Cuando x 2, se tiene un máximo en 10.
y 6x2 6x 12 Al elaborar la grá ca correspondiente: No existe valor real para x, tal que y 0, por lo cual se in ere que la función no tiene máximos ni mínimos relativos.
y 30
y 40
20
Mínimo (1,17)
30 10
20 10
−4 −4 −3 −2 −1 −10
1
2
3
4
−3
−2
−1
x Mínimo (−2,−10)
−20
1
2
x
3
−10
−20
−30 −40
7. y 3x5 5x4 6. y 10 12x 3x2 2x3 Primera derivada Primera derivada
y 15x4 20x3 x315x 20
y 12 6x 6x2 x 2x 1 Al igualar a cero y resolver se tiene x 2 y x 1.
Al igualar a cero y resolver se tiene x = 0 y x =
Para x 1
4 3
.
Para x 0
Un valor un poco menor
Un valor un poco mayor Un valor un poco menor
x=0
x=2
)2 y′ = (0+ 2 0)(− 1 =−
( 1= 4) y′ = (2+2 2)−
x = −1
y′ = −
y′ = +
( )1 31[(− y ′ =− 5 )−1 = 20 ]35 y′ = +
En x 1, se tiene un mínimo cuyo valor es:
Un valor un poco mayor
x=
1 2
1 3 1 25 y′ = 15 − 20 = − 2 2 16 y′ = −
y 10 121 31 21 17 2
3
En x 0, se tiene un máximo cuyo valor es: Cuando x 1, se tiene un mínimo en 17.
y 305 504 0
22 8
UNIDAD 4 Análisis de funciones
Un valor un poco mayor
Cuando x 0, se tiene un máximo en 0.
Para x =
4
x=
3
Un valor un poco menor
1 2
1 1 1 27 y′ = 12 + 1 − 2 = − 2 2 2 2
Un valor un poco mayor
y′ = − x =1
x=2
y′ = (1) 1[ 5(1) − 20= −] 5
3 y ′ = ( 2) [15( )2
y′ = −
3
y′ = +
En x 0, se tiene un máximo cuyo valor es:
− 20 ] 80 =
4
3
2
y 30 40 120 0 4 En x = , se tiene un mínimo cuyo valor es: 3
Cuando x 0, se tiene un máximo en 0. Para x 1
5
4
4 4 256 y = 3 − 5 = − 3 3 81
Un valor un poco menor
4 256 Cuando x = , se tiene un mínimo en − . 3 81
x = −2
(2) −(2+(1 −2)−2 = −96 y′ = 12− y′ = −
Al elaborar la grá ca correspondiente:
y
Un valor un poco mayor 4
x =−
2
Máximo (0,0) −1
1
2
1 2
1 1 1 15 y′ = 12 − − + 1− − 2 = 2 2 2 2
x
−2
y′ = + Mínimo (1.33,−3.16)
−4
En x 1, se tiene un mínimo cuyo valor es:
−6
y 314 413 1212 5 8. y 3x 4x 12x 4
3
2
Cuando x 1, se tiene un mínimo en 5.
Primera derivada
y′ = 12 x−31 2−x 224 =
Para x 2
( x2 2 + ) 1 x(2x 12 x −− x= x12 −
)( x
Al igualar a cero y resolver se tiene x 0, x1 y x 2.
)
Un valor un poco menor
x =1 y′ = 12 ()1 1(+1(−1) )2= − 24
Para x 0
y′ = − Un valor un poco menor Un valor un poco mayor 1 x =−2
x=3
1 1 1 15 y′ = 12 − − + 1− − 2 = 2 2 2 2
)2 y′ = 12 ()3 3(+ (1 − 3) = y′ = +
y′ = +
22 9
144
4 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
En x 2, se tiene un mínimo cuyo valor es:
En x 4, se tiene un mínimo cuyo valor es:
y 343 642 15 17
y 32 42 122 32 4
3
2
Cuando x 4, se tiene un minimo en 17.
Cuando x 2, se tiene un mínimo en 32.
Al elaborar la grá ca correspondiente:
Al elaborar la grá ca correspondiente:
y y
20
Máximo (0,15)
10
10
Máximo (0,0) −2
−1
1
2
3
x
Mínimo (−1,−5) −4
−10
−2
2
4
−10 −20
Mínimo (4,−17)
−20 −30
Mínimo (2,−32)
10. y = x 2 +
2a3
9. y x 6x 15 3
2
x
Primera derivada
Primera derivada
y′ = 2 x −
y 3x2 12x 3xx 4 Al igualar a cero y resolver se tiene x 0 y x 4.
2a3
x2
Al igualar a cero y resolver se tiene x a
Para x 0
Para x a
Un valor un poco menor
Un valor un poco mayor
x = −1
x =1
( 1) −2 12 (−)1= 15 y′ = 3−
() − 12(1)= − 9 y′ = 31
y′ = +
y′ = −
Un valor un poco menor
x = a −1 2
y′ = 2 (a − 1) −
2a 3 (a − 1)2
y′ = − para cualquier valor de a En x 0, se tiene un máximo cuyo valor es: Un valor un poco mayor
y 03 602 15 15 x = a+1 Cuando x 0, se tiene un máximo en 15.
y ′ = 2 ( a + 1)−
Para x 4
2a 3
(a + 1)2
y ′ = + para cualquier valor de a
Un valor un poco menor
x = −1
Un valor un poco mayor
x =1 2
y′ = 3(3) − 12(3)= − 9
y′ = 3(5)
y′ = −
y′ = +
En x a, se tiene un mínimo cuyo valor es:
y a2 2a2 3a2. 2
−12( )5
15 = Cuando x a, se tiene un mínimo en 3 a2
23 0
6
8
x
UNIDAD 4 Análisis de funciones
11. y x4 x2 1
Al elaborar las grá cas correspondientes tenemos: Para a 0
Primera derivada
y 4x3 2x 2x2x2 1
y 800
Al igualar a cero y resolver se tiene: x = 0 y x = ±
600
a=7
400
1 2
Para x 0
200
Un valor un poco menor
Mínimo (7,147) −40
−30
−20
−10
10
20
x
30
x =−
−200
−400
1
Un valor un poco mayor
x=
2
1 2
1 1 1 2 y′ = − 4 − − 2 = 2 2 2
1 1 2 1 y ′ = 4 − 2 = − 2 2 2
y′ = +
y′ = −
Para a 0 En x 0, se tiene un máximo cuyo valor es:
y 1800
y 04 02 1 1 1600
Cuando x 0, se tiene un máximo en 1. 1400
a=0
1200
1
Para x =
2
1000
Un valor un poco menor
Un valor un poco mayor
800
x=
600
x =1
1
2 1 1 2 1 y ′ = 4 − 2 = − 2 2 2
400
200
y′ = (1) 4 1( ) 22− 2 = y′ = +
y′ = − −60
−50
−40
−30
−20
−10
10
−4
20
30
40
x
Mínimo (0,0)
En x =
1 2
, se tiene un mínimo cuyo valor es:
1 4 1 2 − + 1 = 3 2 2 4
Para a 0
y = y 1
Cuando x =
4000
2
, se tiene un mínimo en
3 4
.
3000
Para x = −
2000
a = −18
1 2
1000
Un valor un poco menor
Mínimo2 (−18,972) −50
−40
−30
−20
−10
10
20
30
x
y ′ = −1
−1000
Un valor un poco mayor
x =−
x =1
1 2
1 1 1 y′ = − 4 − − 2 = 2 2 2 2
−2000
( )1 4[(−1) −22 = − y′ = − 2]
y′ = −
23 1
y′ = +
4 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
En x = −
1 2
1 4 1 2 − + 1 = 3 2 2 4
Cuando x = −
2
, se tiene un mínimo en
3 4
3
Un valor un poco menor
y =
1
5
Para x =
, se tiene un mínimo cuyo valor es:
.
Al elaborar la grá ca correspondiente:
Un valor un poco mayor
x =1
x=2
5 8 y′ = (1 + 3)1 − = − 3 3
5 5 y′ = (2 + 3)2 − = 3 3
y′ = −
y′ = +
En x =
5
, se tiene un mínimo cuyo valor es:
3
y
3
2
5 5 5 940 y = + 2 − 15 − 20 = − 3 3 3 27
2
1.5
Máximo (0,1)
Cuando x = 1
Mínimo (−0.71,0.75)
3
, se tiene un mínimo en −
940 27
.
Al elaborar la grá ca correspondiente:
Mínimo (0.71,0.75)
0.5
5
y Máximo (−3,16) −2
−1.5
−1
−0.5
0.5
1
1.5
20
x
10
−4 −5
−4
−3
−2
−1
1
2
3
−10
12. y x 2x 15x 20 3
2
−20
Primera derivada
−30
) x
(
2
y′ = 3 x+ 4 −15 x = + 3 x−
5
−40
Mínimo (1.67,−34.81)
3
Al igualar a cero y resolver se tiene: x = −3 y x =
5 . 3
13. y = x 2 +
a4 x2
Primera derivada
Para x 3
y′ = 2 x −
Un valor un poco menor
x = −4
2a4
x3
Al igualar a cer y resolver se tiene: x a.
) −4 y′ = (− 4+ 3−
5
=
17
3
Para x a
3
Un valor un poco menor
y′ = +
x = a −1
Un valor un poco mayor
y ′ = 2 ( a − 1) −
x = −2
) −2 y′ = (− 2+ 3−
5
= −
3
11
2a 4 ( a − 1)3
y ′ = − para cualquier valor de a
3 Un valor un poco mayor
y′ = −
x = a +1
En x 3, se tiene un máximo cuyo valor es:
y ′ = 2 (a + 1) −
y 33 232 153 20 16
2a4
(a + 1)3
y ′ = + para cualquier valor de a
Cuando x 3, se tiene un máximo en 16.
23 2
4
x
UNIDAD 4 Análisis de funciones
14. y =
En x a, se tiene un mínimo cuyo valor es:
x2 x+a
Primera derivada
y a2 2a2 3a2
y′ =
Cuando x a, se tiene un mínimo en 3 a . 2
Para x a
x( a+ x)x2 −
(x + )a
2
2
= ( )
( x 2 + 2 ax) x+a
2
=
x ( x + 2 a)
( x + a)2
Al igualar a cero y resolver se tiene: x 0 y x 2a. Al analizar el caso para a 0
Un valor un poco menor
Para x 0
x = a −1
Un valor un poco menor
2a 4
y ′ = 2 (− a − −1)
(−a − 1)3
x = −1
y ′ = − para cualquier valor de a y′ = Un valor un poco mayor
(−1 + 2 a) (−1 + a)2
y ′ = + para cualquier valor negativo de a x = a +1
Un valor un poco mayor 2a 4
y′ = 2 (− + a −1)
x =1
(−a + 1)3
y′ = + para cualquier valor de a
y′ =
En x a, se tiene un mínimo cuyo valor es:
(1 + 2 a) (1 + a)2
y′ = − para cualquier valor negativo de a En x 0, se tiene un máximo cuyo valor es:
y a2 2a2 3a2 Cuando x a, se tiene un mínimo en 3 a2.
y=
Al elaborar la grá ca correspondiente:
a
=0
a Cuando x a, se tiene un máximo en 2 .
Para x 0
Para x 2a
y
Un valor un poco menor
80
a=2
0
70
x = −2 a − 1
60 50
y′ =
40 30 20
y′ = − para cualquier valor negativo de a
10
Mínimo (−2,8)
−( 2a + 1)(−1) (−a + 1)2
Mínimo (2,8)
−8 − 7 − 6 − 5 − 4 − 3 − 2 − 1
1
2
3
4
5
6
7
x
Para a 0
Un valor un poco mayor
x = 2a + 1 a=0
y
y′ =
40
y′ = + para cualquier valor negativo de a
30
En x 2a, se tiene un mínimo cuyo valor es:
20
10
−6 −5 −4 −3 −2 − 1
(2 a +1)(1 4 +) a (1 + 3a)2
Mínimo (0,0) 1
2
3
4
y= 5
6
7
4 a2
−a
= −4 a
x Cuando x 2a, se tiene un mínimo en 4a.
23 3
4 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
En x 2a, se tiene un máximo cuyo valor es:
Al elaborar la grá ca correspondiente:
y
a = −100
2 000
y=
4 a2
−a
= −4 a
1 500
Cuando x 2a, se tiene un máximo en 4a. 1 000
Al elaborar la grá ca correspondiente: Mínimo (200,400) 500
y
a = 100
2 000
Máximo (0,0) −600
−500
−400
−300
−200
−100
−100
−200
−300
−400
x
1 500
−500 1 000
Al analizar el caso para a 0 500
Para x 0
Máximo (0,0)
Un valor un poco menor −600
x = −1
−500
−400
−300
−200
−100
−100
−200
x
Mínimo (−200,−400)
(−1 + 2 a) y′ = (−1 + a)2
−500
y ′ = − para cualquier valor negativo de a
15. y 1 x32 x2
Un valor un poco mayor
Primera derivada
x =1 y′ =
3 )( x)−2 y′ =12 (−) 2x +( 13 −
(1 + 2 a)
2 2 ( +) x(= 1 )− −2 x( )+
+ x
2
2
4 x 5
(1 + a) y′ = + para cualquier valor negativo de a
Al igualar a cero y resolver se tiene x = 1, x= − 2y =x −
4 5
En x 0, se tiene un mínimo cuyo valor es: Para x 1
y=
0
a
=0
Un valor un poco menor
x=0
a Cuando x a, se tiene un mínimo en . 2
2 (0 y′ = −(− 1 0 )2+
Para x 2a
4 +) 5
0 = −
8
4 +) 5
2 = −
56
5
y′ = −
Un valor un poco menor
Un valor un poco mayor
x = −2 a − 1
−( 2a + 1)(−1) y′ = (−a + 1)2
x=2 2 (2 y′ = −(− 1 2 )2+
y ′ = + para cualquier valor negativo de a
5
y′ = −
Un valor un poco mayor
x = 2a + 1 ( 2a +1)(1 4 +) a (1 + 3a)2
En x 1, no existe ni mínimo ni máximo, solo aparece un escalón o meseta y es decreciente.
y′ =
y 1 132 12 0
y ′ = − para cualquier valor negativo de a Cuando x 1, la función toma el valor en 0.
23 4
.
x
UNIDAD 4 Análisis de funciones
Al elaborar la grá ca correspondiente:
Para x 2
y
Un valor un poco menor
10
Máximo (−0.8,8.4)
x = −3
8
4 −) 5
2
( y′ = −(+ 1 3 2)3−
176 3 = − 5
6
y′ = −
4
Un valor un poco mayor
2
Mínimo (−2,0) −2
x = −1 2
( y′ = −(+ 1 1 2)1−
4 ) − 5
1
2
1
3 −) x 16. y = ( x +2) (1
En x 2, se tiene un mínimo cuyo valor es:
2 3
Primera derivada
y 1 2 2 2 0 2
2 1 1 −2 y′ = (+ x) 2 1 −3 ( −)(+x) 3 2− 1x( )= 3 3
x
−1 − x
−1
3
Al igualar a cero y resolver se tiene x 1. 4 5
Para x 1
Un valor un poco menor
Un valor un poco menor
x = −1 2 ( y′ = −(+ 1 1 2)1−
x =− 4 ) − 5
1 =
4
3 2
5
−1 − y′ =
y′ = +
3 2
1
2
= 1.3663
3 3 3 3 1 − 2 + 2 2
Un valor un poco mayor
y′ = + x=0 2 (0 y′ = −(− 1 0 )2+
4 +) 5
0 = −
Un valor un poco mayor
8 5
x=0
y′ = −
−1 − 0
y′ =
1
2
= −0.629
(1 −0 ) 2 3 (0 + ) 3
4
En x = − , se tiene un máximo cuyo valor es: 5
y′ = −
En x 1, existe un máximo con valor:
3 2 y = 1 + 4 2 − 4 = 8.398 5 5
1
2
y 1 231 13 1.5874 4 Cuando x = − , se tiene un máximo en 8.398. 5
Cuando x 1, la función toma el valor en 1.5874.
23 5
1
2
(1 − x ) 3 (2 + x ) 3
Cuando x 2, se tiene un máximo en 0.
Para x = −
x
−2
4 1 = 5
y′ = +
3
(1,0)
−1
4 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
Al igualar a cero y resolver se tiene x =
Al elaborar la grá ca correspondiente:
−2
Para x =
−1
2
a
3
Un valor un poco menor
x=
Un valor un poco mayor
a
x=
3
4a 5
−4 a + 2 a
x+3 17. y = x 2
24 a
1 2 y′ = 3 2a 3 a 3 − a − a 3 3
Primera derivada
= y′ =
( )3 x 2 − 2 x ( x) + x
4
=−
x
−2 a 1
y′ =
2
= 23
y′ = +
3
En x =
2 3
a existe un máximo cuyo valor es:
Para x 7
1
Un valor un poco menor
Para a 0 se tiene un máximo.
x = −5
3
Al elaborar la grá ca correspondiente:
(− 5 + 6) 1 y′ = − =− 125 (−5)3
(− 7 + 6) 1 = (−7)3 −343
2
2 1 4a 3 2 a 3 1 − a − a = (−a)3 a 3 3 3 3
y =
Un valor un poco mayor
2
−4 a + 5 1 4 4a 3 4 a 3 35 − a − a 3 5
y′ = −
−2 3 a
x+6
Al igualar a cero y resolver se tiene: x 6
y′ = −
a.
x
1
−5
x =−
3
Al analizar el caso para a 0
y Máximo (−1,1.59)
−3
2
a0
y′ = −
y′ = +
y
a = 5.1
En x 6 no existe un máximo o mínimo.
4
Al elaborar la grá ca correspondiente:
2
y
Máximo (3.4,1.7)
1
2
3
4
5
6
x
−2 100 80
Para a 0 se tiene un mínimo.
60 40
a0
20
y −6
−5
−4
( 2 x)− ( a 18. y =
−3
1
−2
)3 x − a
−1
1
2
3
4
a = − 5.1
x
5
4
2 3
2
−6
Primera derivada
−5
−4
−3
−2
x
−1 −2
2 2 2 −2 ) x= a y′ = ( 2−x )a( −3 ) + x (a −3 )( −2 3 3
1 3
x
a
1 3
Mínimo (−3.4,−1.7)
−4 a + 6 x 1
1
3( x − a) 3 ( 2 x − a) 3
23 6
UNIDAD 4 Análisis de funciones
19. y =
x 2 + 2 a2
En x 2 existe un mínimo cuyo valor es:
x 2 + a2
y 24 322 4 44
Primera derivada 2x ) x( 2a+ y′ =
2 a)2 2x(x2− 2
(x2 + ) a2
+ 2 2
(
)
=−
Al elaborar la grá ca correspondiente:
a2 x 2
a2 + x 2
y 80
Al igualar a cero y resolver se tiene x 0.
60
Para x 0 40
Un valor un poco menor
Un valor un poco mayor
x = −1 y′ =
x= 2a 2 2
(a 2 + 1)
20
4a
−2
5
y′ = −
y′ = +
2
2
(a 2 + 1)
−40
Mínimo (2,−44)
y′ = − En x 0 existe un máximo cuyo valor es:
y=
0 + 2a2 0+a
2
x
4
−20
2a2
21. y = x +
=2
1
x
Primera derivada
Al elaborar la grá ca correspondiente:
y′ = 1 −
1
x2
y Al igualar a cero y resolver se tiene x 1. 2
Máximo (0,2)
Para x
1
Un valor un poco menor −10
x
−10
x=
x=2
2
y′ = 1 −
1
y′ = 1 − 20. y x 4 32x 4
Un valor un poco mayor
1
2
1 2
= −3
1
( 2)2
=
3 4
y′ = +
y′ = −
Primera derivada En x 1 existe un mínimo cuyo valor es:
y 4x3 32 y112 Al igualar a cero y resolver se tiene que x 2.
Para x 1
Para x 2
Un valor un poco menor
Un valor un poco menor
x =1
Un valor un poco mayor
x=3 3
x = −2 y′ = 1 −
3
( )− 32= − 28 y′ = 4 1
y′ = 4 (3 ) −32 = 76
y′ = −
y′ = +
Un valor un poco mayor
x =− 1
(−2)2
=
1
5
2
4
y′ = 1 −
y′ = + y′ = −
23 7
1
2 − 1 2
= −3
4 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
Al elaborar la grá ca correspondiente:
En x 1 existe un máximo cuyo valor es:
y
y 1 1 2 Al elaborar la grá ca correspondiente:
4
y
2
10
−1
5
−0.5
0.5
1
1.5
x
2
Mínimo (1,2) −2 −1
−0.5
0.5
Máximo (−1,−2)
1
x
1.5
Mínimo (1.5,−1.69)
−5
−10
23. y =
) x( a− )( bx − x2
Primera derivada 22. y x4 2x3
)b( − x 2−( x (a− + x )− xx( a)− b)( 2x −) y′ = x4
Primera derivada
y 4x 6x x 4x 6 3
2
2
Al igualar a cero y resolver se tiene x = 0 y x =
Al igualar a cero y resolver se tiene x = 3 2
. Para x =
=
2 ab − (a +b x)
2 ab . a+b
2 ab
a+b
Para x 0 Un valor un poco menor Un valor un poco menor
Un valor un poco mayor
x = ab a+b
x = −1
x =1
( ) 1( )2 4( −1 −6 = −)10 y′ = −
)2 y′ = (1) 4(1( )6− = −
y′ = −
y′ = −
2
y′ =
y′ = +
En x 0 la función no presenta cambio de signo de la pendiente.
Para x =
Un valor un poco mayor
3 2
x =1
Un valor un poco menor
x =1
Un valor un poco mayor
3ab a + b (a + b)3 =− 3 27 a 2 b 2 3ab a + b
2 ab − (a b+ )
y′ =
x=2 2
ab a + b (a + b)3 = 2 2 a b ab 3 a + b
2 ab − (a b+ )
)2 y′ = (1) 4 (1( )6− = −
2 y′ = ( 2) 4((2) 6− 8) =
y′ = −
y′ = +
y′ = −
En x =
3
2ab
a+b
existe un máximo cuyo valor es:
En x = 2 existe un mínimo cuyo valor es:
3 4 3 3 27 y = − 2 = − 2 2 16
y=
23 8
2 ab 2 ab − ab − 2 a+b a + b ( a − b ) = 4 ab 2 ab 2 a + b
x3
UNIDAD 4 Análisis de funciones
Lo anterior se cumple para a 0, b 0.
a0yb0 y
Por otra parte al considerar a 0 y b 0.
40
a = 0.3
En x =
2 ab
b = −14
existe un máximo.
a+b
Si se considera a 0 y b 0
20
−3
−2
−1
1
x
2
Mínimo (0.61,−12.17)
−20
En x = 2 ab existe un mínimo. a+b
a0yb0 Si se considera a 0 y b 0
y 40
En x =
2 ab
a+b
a = −0.3
existe un mínimo.
b = 14
20
Al elaborar las grá cas correspondiente tenemos: −3
a0yb0
−2
−1
1
Mínimo (−0.61,−12.17)
x
2
−20
y a = 0.3 60
b = 14
24. y = 40
20
−5
−4
−3
−2
−1
Máximo (0.59,11.17)
1
x2 x2 + 3
Primera derivada
x
2
y′ =
( x 2 + 3)2 x − 2 x 3
−20
−40
2
(x 2 + )3 (
6x
=
) x2 + 3
2
Al igualar a cero y resolver se tiene x 0. Para x 0
a 0 y b 0
Un valor un poco menor
x = −1
y
a = −0.3
40
y′ =
b = −14 20
−2
−1
1
x =1 6 (−1) 2
((−1)2 + 3)
=−
3
y′ =
8
y′ = −
Máximo (−0.59,11.17)
−3
Un valor un poco mayor
2
x
y′ = +
En x 0 existe un máximo cuyo valor es:
−20
2
y=
0 ( 0) ( 0 ) 2 +3 =
−40
Cuando x 0 existe un máximo en 0.
23 9
6 (1)
((1)2 + 3)2
=
3 8
4 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
Al elaborar la grá ca correspondiente:
y 1
0.8
0.6
0.4
0.2
−2
−1
1
x
2
Máximo (0,0) −0.2
25. y =
a2 x
+
b2 a−x
Primera derivada
y′ = −
a2 x2
+
b2
( a) − x
2
Al igualar a cero y resolver se tiene x = Para x =
1
a2 − b2
( a 3 + ab42
−+ a4 = () 1
a2 − b 2
− 2a3x a + x22 b22x 2 a − x x 2( )
3x b a2+ −2 (a2 2x
− + a4 =
a−x
2
)
x2
( a 3 ± ab 4 a2 − 2 ).
)
a2 −
Un valor un poco menor
x=
y′ =
1 2 (a 2 − b 2 )
(a3 + ab 4 a2 − 2 )
1 (a3 + ab )4a 2 − b2 a+ ( 2(− 2 ) ) 2 1 2 a3 + ab 4 a2 − −a 4 + 2a 3 2 (a − b ) 2 (a 2 − b 2 ) 2 2 1 1 3 4) 2 2 ( 3 4 2 2 a − ( ) a + a b a − 2 a 2 − b 2 a + ab a − 2 (a)2 − b 2 ( )
=
(a3 +a 2 (−ab1 + 2 4 16 (a 2 − b 2 ) −a 4 − 4 (a 2 − b 2 )
2)
2
)
a + 2a 3
2+ab 2 ( 1 a 2a( a+ −5ab 3 −3b 2a 2 −
3
2 (a − b 1+
+ a
2
2 2 )
2a 2 − 2b 2 2 2
2
2
))
y′ = + Un valor un poco mayor
x=
y′ =
2
(a 2 − b 2 )
(a3 + ab 4 a2 − 2 )
2 (a3 + ab )4a 2 − b2 a+ ( (2 − 2 )) 2 2 2 a3 + ab 4 a2 − −a 4 + 2a 3 2 (a − b 2 ) (a − b ) 2 2 2 (a3 + ab 4 )a2 − 2( 2 2) 2 a3 + ab 4 a2 − 2 a − ( 2) 2 ( ) a − b a −b
=−
(
3 2+ (a 2 − ( a4+ ab5 42+aa3 b 2a) −
(
(
2a )b 2 3((2( 3) −+ b 8 − a 2 (a 1 )a+ 2− 2 +a
)
2
)
2( 1 ) 2 2 4 a3 + a − + ab a ab + +32a( −+) ab2
y′ = −
24 0
2
1
2 2
2 2
2
1
2
2 2
)
UNIDAD 4 Análisis de funciones
En x =
1
(a 3 + ab42
a2 − b2
)
a2 −
existe un máximo cuyo valor es:
a2
y=
1
a2 − b
1 2
2
( a 3 − ab42
2 2)
(a 2 − b
=
Para x =
( a 3 + ab42 )a2 − ( 2
(a 3 + a2
a
2
b2
+
)1 2
a−
(ab−1 +
a − b2 2 2
2 2 ( 2 ) ( a12b )()ab −+ + a −+ ab
a 3 + ab42 a2 −
)
) 1
)
a2 −
a −b Un valor un poco menor x=
1 2 (a 2 − b 2 )
(a3 − ab 4 a2 − 2 )
1 (a3 − ab )4a 2 − b2 a+ ( 2(− 2 ) ) 2 1 2 a3 − ab 4 a2 − −a 4 + 2a 3 2 (a − b ) 2 (a 2 − b 2 ) y′ = 2 2 1 1 3 − ab 4 )a2 − 2 ( 3 4 2 2 ( ) a a − ( )2 2 a 2 − b 2 a − ab a − ( ) 2 a − b2 3
=
4 (a−2 b a 2 )
( −a2
2 − 2+
(3 (
3 2 2+ 2 ( 1 a 2a( a+ −5ab 3 + b a 2 − ab
2 2
+5ab 6 + a3 a4
−+ 2 ab 3 +a2 (a 14− a)
2
ab
3
)
2
2
2 2
1
2
))
2
))
y′ = − Un valor un poco menor
x=
2
(a 2 − b 2 )
(a3 − ab 4 a2 −
2
)
2 2 4 3 3 4 2 2 2 2 3 4 2 −a + 2a (a 2 − b 2 ) (a − ab ) a − b a+ ( ( − ))(a 2 − b 2 ) a − ab a − y′ = 2 2 2 2 4 )2 2( a − ( 3 2 ) 2 a 3 − ab 4 a2 − 2 (a 2) − b 2 a − ab (a − ) a − b =
(
(a−2 b 2a)3 (−2 (4 5 +42 aa3 − a− ab +2 ab 8+ a2(a() 1−) a 2− +)2 ab 2 3( 2 )3 4
(
a32+ ab
−
(
a2 −+2
(ab 1) a)
)
2−2a−
2
(
+3 ab
)
2
1
2 2 2
2
y′ = +
En x =
1
a2 − b2
(a3 − ab 4 a2 −
2
) existe un mínimo cuyo valor es:
y=
a2 1
a2 − b
=
(a3 − ab 4 )a2 − 2 (a 2 − b
(−a+3
2 2) a
1b )() −2ab a −2+( a +2
Lo anterior se cumple para a 0 y b 0. Si se considera a 0 y b 0, tenemos que:
En x = En x =
1
a2 − b 2 1
a2 − b2
(a3 + ab42
a2 −
) existe un máximo.
(a3 − ab42
a2 −
) existe un mínimo.
b2
+
2
24 1
( 2
a−
(− ab 1 +
)1 2
a 3 − ab 4 a2 −
a − b2 2 2
a( −2+ )ab )
2
) 1
2 2
2
1
2
2
2 2
)
4 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
Al elaborar las grá cas correspondientes tenemos:
En x 0 existe un mínimo cuyo valor es:
( )0 2 (+) 0 −1 = −1 (0) 2 − ( )0 + 1
a 0, b 0
y= y
Para x 2
a=1
40
b=4
30
Un valor un poco menor
20
Máximo (−0.32,9)
−2.5
−2
−1.5
−1
y′ = −
Mínimo (0.19,25.01)
22(− + (1) )( 1) 2 2
(1−(1) +( )1 )
=2
y′ = +
10
−0.5
0.5
1
1.5
2
2.5
3
x
Un valor un poco mayor 22(− + (3))( 1) 2 =− y′ = − 2 2 49 1 − (3) +( )3
(
−10
)
y′ = −
−20
En x 0 existe un máximo cuyo valor es:
( )2 2 (+) 2 − 1 5 = (2) 2 − ( )2 + 1 3
a 0, b 0
y= y
a = −1
Al elaborar la grá ca correspondiente:
60
b = −4
y −2
50
Máximo (2,1.67)
40
−1 30
20
−2
−1.5
−1
−0.5
2
1
1.5
2
2.5
3
x
10
−1
−2.5
−2
−1.5
−1
−0.5
0.5
−10
1
Mínimo (0,−1)
x
Mínimo (0.32,−9)
27. y =
−20
Máximo (−0.19,−25.01)
x 2 − 3x − 4 x −2
Primera derivada −30
y′ = 26. y =
x 2 + x −1
x )(2 )− 2 x− − 3 (−
(−x 2 )(3 x
( x) − 2
2
()
10 − 4 x + x 2
x −2
2
cero, por lo tanto, la función dada no tiene mínimos ni máximos. La función es creciente en todo punto excepto para x 2.
x 1)(2+x − 1 )(+ −x2 1)(2 − x (x2 − + y′ = 2 x ( 2 − x + 1)
1)x
=−
2(−2 + )x x
Al elaborar la grá ca correspondiente:
(1− x + x 2 )2
y
Al igualar a cero y resolver se tiene x 0 y x 2.
15
Para x 0
10
Un valor un poco menor
y′ = −
=
Para esta derivada no existen valores de x para los cuales se haga
x2 − x +1
Primera derivada
y′ = −
4) 1
2 (− 2 + −( 11 )− () ) 2 2
(1− (−) 1( +) − 1 )
=−
5
Un valor un poco mayor
2
y′ = −
3
22(− + (1) )( 1 ) 2 2
(1− (1) +( )1 )
=2
y′ = +
−15
−10
−5
5
−5
−10
−15
24 2
10
15
x
UNIDAD 4 Análisis de funciones
28. y =
29. y =
x 2 − 2x +1 x +1
Primera derivada
Primera derivada
y′ =
=
x2 x2 − 9
21 1 x − − (2x+ ( x +)(12) 2− )( x ( x) + 1 2
)
=
()
−3 + 2 x + x 2 x +1
y′ =
2
3 x− ( x + )( )1 ( x + 1)2
( x 2 −)9 (2)(x) − (x 2) 2 (x 2 − 9)
2x
=−
18 x 2
(x 2 − 9)
Al igualar a cero y resolver se tiene x 0. Para x 0
Al igualar a cero y resolver se tiene x 1 y x 3.
Un valor un poco menor
Para x 1 Un valor un poco menor
Un valor un poco mayor
x=0
x=2
3 01− (0 + )( ) y′ = (1)2
3 21− (2 + )( ) y′ = (2 + 1)2
= −3
x = −1 y′ = −
=
5 9
Un valor un poco mayor
x =1 18 (−1) 2
((−1)2 − 9)
=
9
y′ = −
32
y′ = +
18 (1) 2
((1)2 − 9)
=−
9 32
y′ = −
y′ = +
y′ = −
En x 0 existe un máximo cuyo valor es: En x 1 existe un mínimo cuyo valor es:
y=
y=
(1) 2 −(2) 1 + 1 =0 (1) + 1
(0)2 =0 (0)2 − 9
Al elaborar la grá ca correspondiente:
Para x 3
y
Un valor un poco menor
x = −4 y′ =
(− 4+ )(3− −4) 1
10
5
=
2
(1 + 4 + 16)
441
y′ = +
Máximo (0,0) −6
Un valor un poco mayor
−4
−2
2
4
6
x
x = −2 −10
y′ =
3 (− 2+ )(3− −2) 1 =− 49 (1 + 2 + 4)2
y′ = − En x 3 existe un máximo cuyo valor es:
y=
2 − − ( )3 − ( 2) +3 (−3) + 1
1
30. y =
= −8
x x +1
Primera derivada
Al elaborar la grá ca correspondiente:
y′ =
y
1 ( x + 1)()1 − ((x) ) 1 = (x + ) 1 2 ( ) x +1 2
Para esta derivada no existen valores de x para los cuales se haga 10
cero, por lo tanto, la función dada no tiene mínimos ni máximos. La función es creciente en todo punto excepto para x 1.
−10
−5
5
Máximo (−3,−8)
10
Mínimo (1,0)
x
−10
−20
24 3
4 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
Al elaborar la grá ca correspondiente:
En x 2 existe un máximo cuyo valor es:
y 10
y=
8 6 4
Al elaborar la grá ca correspondiente:
2
−4
−3
−2
−1
3 (−) 2( )2+ − +2 4 = 2 (−)2 2+(−2) +24
1
−2
2
4
x
6
y
−4 2
−6 −8
1.5
Máximo (−2,1.5)
31. y =
1
x2 + x + 4 x2 + 2x + 4
Primera derivada
y′ =
−4
( x 2 + 2+x) 42 1(+x)− +) +x422( 2+x) 2 ( x 2 + 2 x + 4)
−2
32. y =
4
x
x −4 2
( x2 + 2 x + 4)
x5 − 5x 5
Primera derivada
y x4 1
Al evaluar a cero y resolver se tiene x 2.
Al igualar a cero y resolver se tiene x 1.
Para x 2 Un valor un poco menor
Para x 1
Un valor un poco mayor
x =1
Un valor un poco menor
x =3
(1)2 − 4
y′
2
x
2
=
Mínimo (2,0.83)
0.5
(3)2 − 4
3
5
y′ = ((3) 2 +(2) 3 + 4)2 = 361
= ((1) 2 +(2) 1 + 4)2 = − 49 y′ = −
y′ = +
Un valor un poco mayor
1
x=2
2
4
y′ = (2) − 1 = 15
4
1 15 y′ = − 1 = − 2 16
y′ = +
y′ = −
En x 0 existe un mínimo cuyo valor es:
y=
x=
En x 1 existe un mínimo cuyo valor es:
5 (2) 2 +( )2 + 4 = (2) 2 +(2) 2 + 4 6
y=
(1) 5 −(5) 1 5
=−
4 5
Para x 2 Para x 1 Un valor un poco menor Un valor un poco menor
x = −3 y′ =
2 (−3) − 4
((−)3 2+(2−)3 4+
2
)
=
5
x = −2
49
y′ = (− 2)− =1
4
Un valor un poco mayor
Un valor un poco mayor
x = −1
x =− 2
y′ =
15
y′ = +
y′ = +
(−1) − 4
((−)1 +(2−)1 +4 2
2
)
=−
1
1 2
1 4 15 y′ = − − 1 = − 2 16
3
y′ = −
y′ = −
24 4
UNIDAD 4 Análisis de funciones
Al elaborar la grá ca correspondiente:
En x 1 existe un máximo cuyo valor es:
y 5
y=
(−)1 − ( 5) −1 5
=
6
4 5
4
Al elaborar la grá ca correspondiente: 2
y Máximo (−1,0.8)
1
−5 −4 −3 −2 −1
0.5
−2
−1.5
−1
1
2
3
4
5
6
x
−2
−0.5
0.5
1
−4
x
1.5
−0.5
35. y 2x3 6x 5 Mínimo (1,−0.8)
−1
Primera derivada
y 6x2 6 33. y =
Al igualar a cero y resolver se tiene x 1.
1
x −2
Para x 1 Un valor un poco menor
Primera derivada
y′ = −
x=
1
( x − 2)2
Un valor un poco mayor
1
x=2
2
2
y′ = 6 (2) − 6 = 18
2
Para esta derivada no existen valores de x para los cuales se haga cero, por lo tanto, la función dada no tiene mínimos ni máximos. La función es decreciente en todo punto excepto para x 2.
1 9 y′ = 6 − 6 = − 2 2
y′ = +
y′ = − En x 1 existe un mínimo cuyo valor es:
y 213 61 5 1
Al elaborar la grá ca correspondiente: Para x 1
y
Un valor un poco menor
6
Un valor un poco mayor
x = −2
x =−
4
2 y′ = 6−( 2)− =61
8
y′ = + −2
−1
1
2
3
4
5
y′ = −
x
−2
2
1 2 9 y′ = 6 − 6 = − 2 2
2
−3
1
En x 1 existe un máximo cuyo valor es:
y 213 61 5 9
−4
Al elaborar la grá ca correspondiente: 34. y =
y
x x −2
Máximo (−1,9)
10
8
Primera derivada
6
y′ = ( x − 2) −2 x = − 2 ( x −) 2 ( ) x − 2
2
4
2
Para esta derivada no existen valores de x para los cuales se haga Mínimo (1,1)
cero, por lo tanto, la función dada no tiene mínimos ni máximos. La función es decreciente en todo punto excepto para x 2.
24 5
−3
−2
−1
1
2
3
x
4 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
EJERCICIO 20 I. Determina los puntos de in exión y el sentido de la concavidad para las siguientes funciones y traza las grá cas correspondientes.
2. y 5 3x2 x3 Se encuentra la segunda derivada de la función.
y′ = 6 x − 3 x 2 1. y x3 9x2 27x 8
y′′ = 6 − 6 x
Se encuentra la segunda derivada de la fun ción.
Al igualar a cero se tiene:
y′ = 3 x 2 − 18 x + 27
6 − 6x = 0
y ′′ = 6 x − 18
x =1
y ′′ = x − 3
Para x 1
Al igualar a cero se tiene:
Un valor un poco menor
x=0
6 x − 18 = 0
y′′ = 66− (0) = 6
x=3
y′′ = +
Para x 3
Un valor un poco mayor
Un valor un poco menor
x=2
x=2
=− y ′′ = 6 (2− ) 18
y′′ = 6− 6 (2=) − 6
6
y′′ = −
y ′′ = −
Al evaluar x en la función se tiene:
Un valor un poco mayor
y 5 312 13 7
x=4 y ′′ = 6 (4) − 18 = 6
El punto de in exión es 1,7
y ′′ = + Al elaborar la grá ca correspondiente: Al evaluar x en la función se tiene:
y y 33 932 273 8 19
10
El punto de in exión es 3,19
8
Al elaborar la grá ca correspondiente:
6
y
P (1,7)
4
2 30
−1
1
2
3
4
x
20
P (3,19)
La curva es cóncava hacia arriba a la izquierda del punto de 10
in exión y es cóncava hacia abajo a a derecha de dicho punto. 3. y x3 6x2 12x 8
−1
1
2
3
4
5
x Se encuentra la segunda derivada de la función.
La curva es cóncava hacia abajo a la izquierda del punto de in exión y es cóncava hacia arriba a la derecha de dicho punto.
24 6
y′ = 3 x 2 − 12 x + 12 y′′ = 6 x − 12
UNIDAD 4 Análisis de funciones
Al igualar a cero se tiene:
Para x 0
6 x − 12 = 0
Un valor un poco menor
x=2
x = −1
Para x 2
y′′ = 6 (− 1=) − 6
Un valor un poco menor
y′′ = − Un valor un poco mayor
x =1 y ′′ = 6 (1− =− ) 12
x =1
6
y ′′ = −
y ′′ = 6 (1) = 6 y ′′ = +
Un valor un poco mayor
Al evaluar x en la función se tiene
x=3
y 03 1 1
y ′′ = 6 (3) − 12 = 6 y ′′ = +
El punto de in exión es 0,1 Al elaborar la grá ca correspondiente:
Al evaluar x en la función se tiene:
y
y 23 622 122 8 0
10
El punto de in exión es 2,0 5
Al elaborar la grá ca correspondiente:
P (0,1) −2
y
−1
1
2
x
−5
−10 4
La curva es cóncava hacia abajo a la izquierda del punto de inexión y es cóncava hacia arriba a la derecha de dicho punto.
P (2,0) 1
2
3
4
x 5. y 2x4 8x 3 Se encuentra la segunda derivada de la función.
−2
y′ = 8 x 3 − 8 y′′ = 24 x 2 La curva es cóncava hacia abajo a la izquierda del punto de in-
Al igualar a cero se tiene:
exión y es cóncava hacia arriba a la derecha de dicho punto.
24 x 2 = 0
x=0 4. y x3 1
Para x 0
Se encuentra la segunda derivada de la función.
Un valor un poco menor
x = −1
y′ = 3 x 2
2
y ′′ = 24 (−1) = 24
y′′ = 6 x
y ′′ = + Al igualar a cero se tiene:
Un valor un poco mayor
x =1
6x = 0
2
y′′ = 24 (1) = 14
x=0
y′′ = +
24 7
4 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
La curva no presenta ningún punto de in exión.
La curva es cóncava hacia arriba para x 1, la curva es cóncava hacia abajo para 1 x 1, por último, la curva es cóncava
Al elaborar la grá ca correspondiente:
hacia arriba para x 1.
y
7. y = x
x +1
Se encuentra la segunda derivada de la función.
10
y′ =
5
x
x +1 +
x +1
2
−1
1
2
x
3
y′′ =
= La curva es cóncava hacia arriba.
6. y =
2
x +1 1
2
x +1 5x + 2
=
4 ( x +) 1
x2
3 2
x
x +1 −
2
1
+
x +1
4 ( x + 1)
x+2
+
3
4 ( x + 1)2
=
4 + 3x
( 4) 1 + x
3 2
x 2 −1 Al igualar a cero se tiene:
Se encuentra la segunda derivada de la fun ción. 4 + 3x = 0
x( y′ =
2
x (
y′′ = −
− 1)x2 x −x 2 2 2x =− 2 ( x 2 )− 1 2 ( ) x 2 −1 2
x =−
) 1 2 2(x− 6x 2 + 2 − x 4) x 2 − 1 2 = 3 ( x 2)− 1 4 ( ) x 2 −1
Sin embargo, x = −
4 3
4
no pertenece al dominio de la función, 3 por lo tanto, la curva no tiene punto de in exión.
Al igualar a cero se tiene: Al elaborar la grá ca correspondiente: 6x2 2 0 No existe número real que satisfaga la igualdad anterior.
y 0.8
Al elaborar la grá ca correspondiente: 0.6
y 10
0.4
0.2
5
−1 −0.5 −2
−1
1
2
0.5
x −0.2
−5
−0.4
La curva es cóncava hacia arriba. −10
24 8
1
x
UNIDAD 4 Análisis de funciones
8. y x2
10. y 12x2 4x4
Se encuentra la segunda derivada de la función.
Se encuentra la segunda derivada de la función.
y′ = 2x
y ′ = 24 x − 16 x 3
y ′′ = 2
y′′ = 24 − 48 x 2
Dado que la segunda derivada no se iguala a cero la función no tiene ningún punto de in exión.
Al igualar a cero se tiene:
Al elaborar la grá ca correspondiente:
2
24 − 48 x = 0
x =±
y 1.5
Para x =
1
1 2
1 2
Un valor un poco menor
0.5
x=0 −1.5
−1
−0.5
0.5
1
1.5
2
x
y′′ = 24 − 48(0) = 24 y′′ = +
La curva es cóncava hacia arriba. Un valor un poco mayor
x =1
9. y 5 2x x2
2
y′′ = 24 − 4 8 1(=) − 24
Se encuentra la segunda derivada de la función.
y′′ = − y ′ = −2 − 2 x Al evaluar x en la función se tiene:
y ′′ = −2 Dado que la segunda derivada no se iguala a cero la función no
2
Al elaborar la grá ca correspondiente:
4
1 1 11 y = 12 − 4 = 2 2 4
tiene ningún punto de in exión.
1 11 El punto de inflexión es , . 2 4 y 6
Para x = − 5
4
1 2
Un valor un poco menor
Un valor un poco mayor
3
x=0
x = −1 2
y ′′ = 24 −
2
48 −( = 1) −
2
y′′ = 24 − 48(0) = 24
24
1
y ′′ = − −3.5
−3
−2.5
−2
−1.5
−1
−0.5
0.5
1
1.5
x
y′′ = +
Al evaluar x en la función se tiene: 2
4
1 1 11 y = 12 − − 4 − = 2 2 4
La curva es cóncava hacia abajo.
24 9
4 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
Al evaluar x en la función se tiene:
1 11 El punto de inflexión es − , . 2 4
1
2
y = (−1) + Al elaborar la grá ca correspondiente:
(−1)
=0
El punto de in exión es 1,0
y Al elaborar la grá ca correspondiente:
8
6
y
4
Q (−0.5,2.75)
8 6
P (0.5,2.75)
2
4
P (−1,0) −2
−1.5
−1
−0.5
0.5
1
1.5
2
x
−2
−2
−2
−2
−2
2 0.5
−2
1
1.5
2
2.5
3
x
−4 −6 −8
La curva es cóncava hacia abajo a la izquierda del punto
1 11 − , y cóncava hacia arriba a la derecha de dicho punto. 2 4
La curva es cóncava hacia arriba a la izquierda del punto 1 , 11 y cóncava hacia abajo a la derecha del punto. 2 4
11. y = x 2 +
−10
La curva es cóncava hacia arriba a la izquierda del punto y a cóncava hacia abajo a la derecha de dicho punto.
12. y x3 9x2 24x 7
1
x
Se encuentra la segunda derivada de la función.
Se encuentra la segunda derivada de la fun ción.
y′ = 2 x − y′′ = 2 +
y′ = 3 x 2 − 18 x + 24
1 2
x 2
y′′ = 6 x − 18 Al igualar a cero se tiene:
x3
6 x − 18 = 0
Al igualar a cero se tiene: 2+
2
x3
x=3
=0 Para x 3
x = −1 Un valor un poco menor
Para x 1 Un valor un poco menor
x=4
x=2
x = −2 y′′ = 2 +
y′′ = 6(2− =− ) 18
2
(−2)3
=
7
y′′ = +
y′′ = 6(4) − 18 = 6 y′′ = +
Al evaluar x en la función se tiene:
Un valor un poco mayor
y 33 932 243 7 11
x =1 y ′′ = 2 +
6
y′′ = −
4
Un valor un poco mayor
El punto de in exión es 3,11 2
1 3 − 2
= −19
y ′′ = −
25 0
UNIDAD 4 Análisis de funciones
Al elaborar la grá ca correspondiente:
Al igualar a cero se tiene
y
3x 2 − 4 = 0
15
x=±
P (3,11) 10
Para x =
4 3
4 3
5
Un valor un poco menor
−2
1
2
3
4
x =1
5
x
2
y′′ = 3(1)− =4 −
La curva es cóncava hacia abajo a la izquierda del punto y
1
y′′ = −
cóncava hacia arriba a la derecha de dicho punto. 13. y = x 2 +
Un valor un poco mayor
1
x2 x=
Se encuentra la segunda derivada de la función.
5 3 2
y′ = 2 x − y′′ = 2 +
5 13 y ′′ = 3 − 4 = 3 3
2
x3
y ′′ = +
6 x4
Al evaluar x en la función se tiene:
Al igualar a cero se tiene: 6
2+
x4
=0
y=
4 4 3
4
4 2 224 − 2 = − 3 81
La función no tiene puntos de in exión.
4 224 El punto de inflexión es 3 , − 81 .
Al elaborar la grá ca correspondiente:
y Para x = −
30
4 3
25
Un valor un poco menor 20
x =−
15
5
−2
−1
y ′′ = + 1
2
3
x
Un valor un poco mayor
La curva es cóncava hacia arriba para x 0, la curva es cóncava
x = −1
hacia arriba para x 0.
14.
x4
3
5 2 13 y ′′ = 3 − − 4 = 3 3
10
−3
5
2
y′′ = 3−( 1)− =4 −
1
y′′ = −
2
y = 4 − 2x Al evaluar x en la función se tiene:
Se encuentra la segunda derivada de la función.
y′ = x 3 − 4 x y=
y′′ = 3 x 2 − 4
25 1
4 4 3 4
4 2 224 − 2 = − 3 81
4 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
Para x 2
4 224 El punto de inflexión es − , − . 3 81
Un valor un poco menor
Al elaborar la grá ca correspondiente:
x =1 y′′ = 12(1) ( 1 )− =2− )
y
−3
−2.5
−2
−1.5
−1
12
y′′ = −
1
−0.5
0.5
1
1.5
2
2.5
3
x
−1
Un valor un poco mayor
x=3
−2 −3
y′′ = 12 (3) (3) − 2
−4
y′′ = +
Q (−1.33,−2.77)
P (1.33,−2.77)
= )36
Al evaluar x en la función se tiene:
La curva es cóncava hacia arriba a la izquierda del punto Q
y 24 423 2 14
y cóncava hacia abajo a la derecha de dicho punto.
La curva es cóncava hacia abajo a la izquierda del pun to P y
El punto de in exión es 2,14
cóncava hacia arriba a la derecha de dicho punto.
y 5
15. y x4 4x3 2 −1.5
−1
−0.5
Se encuentra la segunda deriva de la función.
P (0,2) 0.5
1
1.5
2
2.5
3
3.5
4
x
−5 −10
y ′ = 4 x 3 − 12 x 2
Q (2,−14)
−15
y ′′ = 12 − x 2 =24 x −12 x ( x
2)
−20 −25
Al igualar a cero se tiene: 12 x ( x − 2) = 0
La curva es cóncava hacia arriba a la izquierda del punto P y cóncava abajo de dicho punto.
x1 = 0 x2 = 2
La curva es cóncava hacia abajo a la izquierda del punto Q y cóncava hacia arriba a la derecha de dicho punto.
Para x 0
16. y 3x4 4x3 1
Un valor un poco menor
Se encuentra la segunda derivada de la función.
y ′ = 12 x 3 − 12 x 2
x = −1 y′′ = 12− ( 1)(−( − ) 1 = 2)
y′′ = 36− x 2 =24 x − 12 x (3 x
36
y′′ = +
Al igualar a cero se tiene: 123x ( x − 2) = 0
Un valor un poco mayor
x1 = 0 x =1 y′′ = 12 (1) ((1− ) =2− )
x2 =
12 Para x 0
y′′ = −
Un valor un poco menor Al evaluar x en la función se tiene:
x = −1
y 04 403 2 2
y′′ = 12− ( 1) (−3 − ) 1= 2) y′′ = +
El punto de in exión es 0,2
25 2
60
2 3
2)
UNIDAD 4 Análisis de funciones
Un valor un poco mayor
x=
La curva es cóncava hacia abajo a la izquierda del punto Q y cóncava hacia arriba a la derecha de dicho punto.
1 3
17. y = 2 + 3 x − 4
1 1 y′′ = 12 3 − 2 = −4 3 3
Se encuentra la segunda derivada de la función.
y′′ = −
2
3( x − 4) 3
y 304 403 1 1
2
y′′ =
El punto de in exión es 0,1 Para x =
1
y′ =
Al evaluar x en la función se tiene:
−1
− 3 ( x − 4) 3( x − 4)
4 3
3
2
=−
5
9 ( x − 4 )3
2 Al igualar a cero se tiene:
3
20
Un valor un poco menor
La ecuación no tiene raíces reales, por tanto, no existe un punto
x=
1
de in exión.
3
1 1 y ′′ = 12 3 − 2 = −4 3 3
Al elaborar la grá ca correspondiente:
y
y ′′ = − Un valor un poco mayor
3
x =1 2
y′′ = 12(1) (3( )1 − 2) = 12 y′′ = +
1
Al evaluar x en la función se tiene: 1
4
2
3
4
3
5
x
2 2 11 y = 3 − 4 + 1 = 3 3 27 La curva es cóncava hacia arriba en todos sus puntos ya que no
2 11 El punto de inflexión es , . 3 27
tiene punto de in exión. Dada la grá ca se podría pensar que sí existe un punto de in exión; sin embargo, en ese punto la
Al elaborar la grá ca correspondiente:
función es discontinua.
y
18. y 2x3 3x2 36x 25
2
1
Se encuentra la segunda derivada de la función.
y ′ = 6 x 2 − 6 x − 36
P (0,1) Q (0.67,0.41)
−0.6 −0.4
−0.2
0.2
0.4
0.6
0.8
1
y′′ = 12 x − 6 1.2
1.4
x
Al igualar a cero se tiene: 12 x − 6 = 0
La curva es cóncava hacia arriba a la izquierda del punto P y cóncava hacia abajo a la derecha de dicho punto.
25 3
x=
1 2
4 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
Para x =
Un valor un poco mayor
1 2
x =1
Un valor un poco menor
y′′ = 6 (1) = 6 y′′= +
x=0 y′′ = 12 (0− ) =6 −
6
Al evaluar x en la función se tiene:
y′′ = −
y 03 120 El punto de in exión es 0,0
Un valor un poco mayor
x
Al elaborar la grá ca correspondiente:
1
= y′′ = 12 (1 ) −6 = 6
y 15
y′′ = + 10
Al evaluar x en la función se tiene: 5
3
2
1 1 1 13 y = 2 − 3 − 36 + 25 = 2 2 2 2
P (0,0) −4
−2
1 13 El punto de inflexión es , . 2 2
2
x
4
−5
−10
Al elaborar la grá ca correspondiente: −15
y 60
La función es cóncava hacia abajo a la izquierda del punto P y cóncava a la derecha de dicho punto.
40
20. y =
20
x2 +1
P (0.5,6.5) −4
−2
2
4
6
Se encuentra la segunda derivada de la función. x y′ = x2 +1
x
−20
−40
x2 +1 − y′′ = La función es cóncava hacia abajo a la izquierda del punto P y cóncava a la derecha de dicho punto.
x2
1 x 2 + 1− x 2 x2 +1 = = 3 x2 +1 (x2 + ) 1 (2 ) x 2 + 1
3 2
Al igualar a cero se tiene:
19. y x3 12x
10 La ecuación no tiene raíces reales, por lo tanto, no existe un
Se encuentra la segunda derivada de la fun ción.
punto de in exión.
y′ = 3 x 2 − 12
Al elaborar la grá ca correspondiente:
y′′ = 6 x
y
Al igualar a cero se tiene: 6x = 0
20
x=0 10
Para x 0 Un valor un poco menor −10
x = −1
− 5
y′′ = 6(− 1=) − 6 y′′ = −
La curva es cóncava hacia arriba.
25 4
5
10
x
UNIDAD 4 Análisis de funciones
21. y =
x−2 x2 − 4x + 3
Se encuentra la segunda derivada de la función. 2 x x− +43x − x−( )( 2− 2 ) 4 y′ = 2 (x 2 − 4 x + 3)
=−
5 − 4 x + x2 (3 − 4 x + x 2 )2 2 2
2
2
y′′ = − (− 3 xx + 4 ) −+ x ( )− 4 ( 22 xx +)(xx3 −4 + − ) x (−)+5 (3 − 4 x + x 2 )4
4
4
2 ( x − 2)(7 − 4 x + x ) 2
=
(3 − 4 x + x 2 )3
Al igualar a cero se tiene: 2 ( x − 2)(7 − 4 x + x 2
)
3
(3 − 4 x + x 2 )
=0
7 +4 x =x 2 )0 ( x − 2)(−
x=2 Para x 2 Un valor un poco menor
x=
3 2
3 3 3 2 − 27 − 4 + 2 2 2
2
y′′ =
2 3 3 − 4 3 + 3 2 2
=
208 27
y′′ = + Un valor un poco mayor
x=
5 2
5 5 5 2 − 27 − 4 + 2 2 2
2
y′′ =
2 3 3 − 4 5 + 5 2 2
y′′ = −
Al evaluar x en la función se tiene:
y=
(2) − 2 =0 (2) 2 −(4) 2 + 3
El punto de in exión es 2,0
25 5
=−
208 27
2
4 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
Al elaborar la grá ca correspondiente:
1 (3 − 3 ) , − 32 . 3 9
El punto de inflexión es
y
Para x =
6
1 3
(3 +
3)
Un valor un poco menor 4
x= 2
4 3 2
4 4 2 y′′ = 3 − 6 + 2 = − 3 3 3 y′′ = −
P (2,0) −1
1
2
3
4
x
−2
Un valor un poco mayor
x=2 −4
2
y′′ = 32 2 2 ( ) − 6 2( )+ = y′′ = + 22. y x4 4x3 4x2 4
Al evaluar x en la función se tiene:
Se encuentra la segunda derivada de la fun ción
4 3 2 1 (3 +) 3 (− 4 )1 3 +( 3 ) + 4 1 3 + 3 − 4 = − 32 3 3 3 9
y =
y ′ = 4 x 3 − 12 x 2 + 8 x y ′′ = 12 x 2 − 24 x + 8
1 (3 + 3 ) , − 32 . 3 9
El punto de inflexión es
Al igualar a cero se tiene:
Al elaborar la grá ca correspondiente 3 x 2 − 62x + = 0
y x = 1 (3 ± 3 ) 3 Para
1
x = (3 − 3
6
3) −0.5
0.5
1
1.5
2
2.5
−1
Un valor un poco menor
−2
x=
1
Q (1.58,−3.56)
3
−3
2
1 1 1 y′′ = 3 − 6 + 2 = 3 3 3
−4
P (0.42,− 3.56)
y′′ = + 23. y =
Un valor un poco mayor
x=
1
x4 +1 x2
Se encuentra la segunda derivada de la función.
2
y′ = 2 x −
2
1 1 1 y′′ = 3 − 6 + 2 = − 2 2 4
y′′ = 2 + y′′ = −
6 4
x Al igualar a cero se tiene:
Al evaluar x en la función se tiene: 4
2
x3
3
2
1 (3 −) 3 (− 4 )1 3 −( 3 ) + 4 1 3 − 3 − 4 = − 32 3 3 3 9
y =
25 6
2+
6 =0 x4
x
UNIDAD 4 Análisis de funciones
La ecuación no tiene raíces reales, por lo tanto, no existe un
Representación grá ca
punto de in exión.
y
Al elaborar la grá ca correspondiente:
y
4
2
10
P (0.22,0.71) 5
−0.8
−0.6
−0.4
−0.2
0.2
0.4
0.6
0.8
1
x
−2 −2
−1
1
2
x
25. y x5 5x
24. y 3x3 2x2 x 1
Se encuentra la segunda derivada de la función.
Se encuentra la segunda derivada de la función.
y′ = 5 x 4 − 5
y′ = 9 x 2 − 4 x − 1
y′′ = 20 x 3
y′′ = 18 x − 4
Al igualar a cero se tiene: Al igualar a cero se tiene: 20 x 3 = 0 18 x − 4 = 0
x=
x=0
2
Para x 0
9
Un valor un poco menor Para x = 2 9
Un valor un poco mayor
x =1
x = −1
Un valor un poco menor
Un valor un poco mayor
x=
x=0 y′′ = 18 (0− ) =4 −
4
3
y′′ = 20 (1 ) =20
20
y′′ = −
1 2
1 y′′ = 18 − 4 = 5 2
y′′ = −
3
y′′ = 20− 1) − ( =
y′′ = +
y′′ = +
Al evaluar x en la función se tiene:
y 05 50 0 El punto de in exión es 0,0
Al evaluar x en la función se tiene:
Al elaborar la grá ca correspondiente: y
3
2
2 2 2 173 y = 3 − 2 − + 1 = 9 9 9 243
4
2
2 173 El punto de inflexión es , . 9 243
P (0,0) −1.8 −1.6 −1.4 −1.2 −1 −0.8−0.6−0.4 −0.2 −2
−4
25 7
0.2 0.4 0.6 0.8
1
1.2 1.4 1.6 1.8
x
4 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
EJERCICIO 21 2. y x3 2x2 4x 8 I. Determina por el segundo método los máximos y mínimos de las siguientes funciones y traza la gráfica correspondiente. Primera derivada
1. y x 44x 33
y 3x2 4x 4
Primera derivada 3
Al igualar a cero se tiene: 3
4
2
y′ = 4 (− x )(4 + )x+ (3− )( 3+x) =4 ( − x )(3 +) 7 x x
4
3
x
3
2
3 x 2 + 4 x − 4 0=
Al igualar a cero se tiene:
x1 = 3
7 x ( x −)4 (
x) + 3 = 0 x1 = 0
Segunda derivada
y 6x 4
x 3 = −3
Analizando los puntos críticos en la segunda derivada.
Segunda derivada 2
2
2
y ′′ = 74(−x )( + )+ x 32(− )(1+ x )x+ 4 (−x )( 3+)
= 42− ( +4
2
x−) −( +6
2 x+ 3 x
3
x 2 = −2
x2 = 4
3
2
2
2
x
3
14 x x
4
3
Para x1 =
x
3
2 3
2 y ′′ = 6 + 4 = 8 3
)
y Mínimo
Analizando los puntos críticos en la segunda derivada.
2 Cuando x = , se tiene un mínimo, cuyo valor es: 3
Para x1 0 2 (+ 4 0 (− 0 ()30 + y′′ =4 − )− () 0()= − 4 032) ) 6( 2+ 2
2
3
3
2 256 Cuando x = , se tiene un mínimo en − . 3 27
Cuando x 0, se tiene un máximo, cuyo valor es:
() 0(4)+3) =
y = (0(− )4
2
2 2 2 256 y = + 2 − 4 − 8 = − 3 3 3 27
y Máximo
3
Para x2 2
6912
y 62 4 16
Cuando x 0, se tiene un máximo de 6912.
y Máximo Para x2 4
Cuando x2 2, se tiene un máximo, cuyo valor es:
y′′ = 42−(+ 4
2
(− )4−)
(
+ 6 ()2 + 4() (3= )4
2
4
3
)
0
y 23 222 42 8 0 Cuando x 2, se tiene un máximo en 0.
y 0, el criterio de la segunda derivada no es aplicable.
Al elaborar la grá ca correspondiente:
Para x2 3
y ′′ = 42− 4 − ( )3−) −( −6 ( + )2 −( 3) + ( 3−) 3 = ( + 2
2
3
3
)
y 0 2
y 0, el criterio de la segunda derivada no es aplicable.
Máximo (− 2,0) −3
Al elaborar la grá ca correspondiente:
−2
−1
1
2
−2
y −4
Máximo (0,6912)
−6
5000
−8
−4
−2
2
4
6
25 8
x
−10
Máximo (0.67,−9.48)
x
UNIDAD 4 Análisis de funciones
4. y = 25 − 4 x 2
3. y x2 42 Primera derivada
Primera derivada
y 4xx2 4 4x3 16x
4x
y′ = −
25 − 4 x 2
Al igualar a cero se tiene: 4 x ( x 2 − 4) = 0
Al igualar a cero se tiene:
x1 = 0
4x
−
x 2 = ±2
25 − 4 x 2
=0
x=0
Segunda derivada
y 12x2 16
Segunda derivada
Analizando los puntos críticos en la segunda derivada. 100
y ′′ = −
Para x1 0
3
(25 − 4 x 2 )2 y 1202 16 16 Analizando los puntos críticos en la segunda derivada.
y
Máximo Para x 0
Cuando x 0, se tiene un máximo, cuyo valor es:
100
y ′′ = −
=−
3
4
(25 − 40( )2 )2
y 02 42 16 Cuando x 0, se tiene un máximo en 16.
y
Para x2 2
5
Máximo
Cuando x 0, se tiene un máximo, cuyo valor es:
y 1222 16 32 2
y
y = 25 − 4 (0) = 5
Mínimo
Cuando x 0, se tiene un máximo en 5.
Cuando x 2, se tiene un mínimo, cuyo valor es:
y 22 42 0
Al elaborar la grá ca correspondiente:
y
Cuando x 2, se tiene un mínimo en 0.
8
Máximo (0,5)
Al elaborar la grá ca correspondiente:
y 16
6
Máximo (0,16) 2
14
12
−3
10
−2
−1
1
2
3
−4
8
6
5. 2x2 4xy 3y2 8x 8y 1 0
4
Primera derivada 2
4 x − 4− y −3
−2
−1
Mínimo2 (−2,0)
1
−2
2
Mínimo1 (2,0)
3
x
dy 4 x+ dx
dy
6 y+ −
dx
=8
8
dy dx y′ =
25 9
0 4y − 4x + 8 6y − 4x + 8
x
4 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
Al igualar a cero se tiene: 4y − 4x + 8 6y − 4x + 8
=0
y = x−2 Al sustituir en la función dada: 2 x 2 − 4 x ( x− )+ 2(
3 x − 28+ )− (2 ) −x −8= x 2
1
0
−5− 4+ x = x2
0
x1 = −1 y1 = −3 x2 = 5 y2 = 3 Segunda derivada
y′′ =
=
=
dy (648 y − )x + 4( ) − 4 − 448 −y + x dx (6 y − 4 x + 8)2
dy −6 dx
4
4 y − 4 x + 8 (6 y −)4 x + 8 4 ( ) − 4 − 4 y − 4 x + 8 6 y − 4 x + 8 (6 y − 4 x + 8)2 2 (+ 8 2+ x 2 +8 y − 3− y2
8x
4 y − 4 x + 8 − 4 6 6 y − 4 x + 8
4 xy)
(−4 + 2 x − 3 y)3
Analizando los puntos críticos en la segunda derivada. Para x1 1 y y1 3
y ′′ =
= y
(
2
2
2 8 + 21 −( ) + − −)(− ) ( 8333 )+ (− ) −( −) −(8141 3
+ −( −) (− ) (−42131
)
2 3
Mínimo
Cuando x 1 y y1 3, se tiene un mínimo. Para x2 5 y y2 3
y′′ =
(
2
2 8 + 2 (5)+
=−
8) 3 (− (+ )3 3−(2 ) 8 (5)( ) 4 5 3 ) 3
(−4 + 2 (5) − (3 )3 ) 2 3
y
Máximo
Cuando x 5 y y 3, se tiene un máximo.
26 0
3
)
UNIDAD 4 Análisis de funciones
Al elaborar la grá ca correspondiente:
7. y = x 2 +
y
250
x
Máximo (5,3)
3
Primera derivada 2
y′ = 2 x −
1
−2
1
2
3
4
5
6
= x−
x
250
x2
125
x2
−1
Al igualar a cero se tiene:
−2 −3
Mínimo (−1,−3)
x−
125
x2
=0
x=5 6. y x4 6x 2 Segunda derivada
Primera derivada
y′ = 4 x 3 − 6
y′′ = 1 +
= 2x3 − 2 Al igualar a cero se tiene:
250
x3
Analizando los puntos críticos en la segunda derivada.
2x 3
−2 = 0
Para x1 5
2x3 = 2
x3 = 1 3
y′′ = 1 +
x3 = 3 1 x =1
y
Segunda derivada
250
(5)3
=3
Mínimo
Cuando x 5, se tiene un mínimo, cuyo valor es:
y′′ = 6 x 2 2
y = (5) + Analizando los puntos críticos en la segunda derivada.
250
(5)
= 75
Cuando x 5, se tiene un mínimo en 75.
Para x = 1
Al elaborar la grá ca correspondiente:
6 (1)2 = 6
y y
Mínimo
400
Cuando x = 1, se tiene un mínimo, cuyo valor es: 200
4
y = (1) − (6)+1 = 22 Mínimo (5,75) −10
Cuando x = 1, se tiene un mínimo en 2.
26 1
10
20
x
4 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
8. y x4 6x3 12x2 8x
Al elaborar la grá ca correspondiente:
y
Primera derivada
1
y ′ = 4 x− 18 +x − 24 x 3
2
= 2−x 3+ −9 x 2
12 x
8
0.5
4 −2
Al igualar a cero se tiene:
0.5
1
1.5
2
2.5
x
−0.5
2 2 x 3 − 9 x+ 12 4 − x= −
( x− 2)2 x
1 2
−1
x1 = 2 x2 =
1
−1.5
Mínimo (0.5,−1.69)
2 2
9. y = ( x − 2) 3
Segunda derivada
Primera derivada
y ′′ = 6 x 2 − 18 x + 12
2 −1 y ′ = ( x − 2) 3 3
= x 2 − 3x + 2
Al igualar a cero se tiene: Analizando los puntos críticos en la segunda derivada. 2 3
Para x1 2
1
( x − 2)− 3 = 0 x =∞
Por lo tanto, el criterio de la segunda derivada no es aplicable.
y 2 32 2 0 2
y 0, el criterio de la segunda derivada no es aplicable.
Al elaborar la grá ca correspondiente:
y 10
Para x2 =
1 2 5
2
1 1 3 y′′ = − 3 + 2 = 2 2 4 y
−100
Mínimo
−80
−60
−40
−20
20
40
3
)() x2 + − ( 4 6) 4−x (12 12 (12 = = − 8 x− ) 2 x− +
2
1 1 1 1 27 y = − 6 + 12 − 8 = − 2 2 2 2 16
Al igualar a cero se tiene: 12 (6 − )( x x− ) 20=
x1 = 6 Cuando x =
2
100
x
Primera derivada 2 )2 y ′ = (12 − 2 x−
= 12 (6 − )( x x− )2
1
80
10. y x12 2x2
1 Cuando x = , se tiene un mínimo, cuyo valor es: 2
4
60
, se tiene un mínimo en −
27 16
x2 = 2
.
26 2
x x2
x
6
UNIDAD 4 Análisis de funciones
Segunda derivada
Segunda derivada
y 2x 8
y ′′ = 6 x 2 + 6 x − 3
Analizando los puntos críticos en la segunda derivada.
= 2x 2 + 2 x −1
Para x1 6
Analizando los puntos críticos en la segunda derivada.
y 26 8 4 y
Para x 2
Mínimo
y 22 22 1 3
Cuando x 6, se tiene un mínimo, cuyo valor es:
y
y 612 26 0
Cuando x 2, se tiene un mínimo, cuyo valor es:
Cuando x 6, se tiene un mínimo en 0.
y 24 223 3 322 42 4 0
Para x2 2
Cuando x 2, se tiene un mínimo en 0.
y 22 8 4 y
Mínimo
Para x 2 = −
Máximo
1 2 2
1 1 3 y′′ = 2 − + 2 − − 1 = − 2 2 2
Cuando x 2, se tiene un máximo, cuyo valor es:
y 212 222 128
y
Cuando x 2, se tiene un máximo en 128.
Máximo
1 Cuando x = − , se tiene un máximo, cuyo valor es: 2
Al elaborar la grá ca correspondiente:
4
y
3
2
1 1 1 1 81 y = − + 2 − − 3 − − 4 − + 4 = 2 2 2 2 16
200
Máximo (2,128)
1 81 Cuando x = − , se tiene un máximo en . 2 16
100
−2
2
4
6
8
Mínimo (6,0)
x
Para x3 1
y 212 21 1 3
−100
y 11. y x4 2x3 3x2 4x 4 Primera derivada 3 6− y′ = 4 x+ x2 − 6 x
Mínimo
Cuando x 1, se tiene un mínimo, cuyo valor es:
y 14 213 3 312 41 4 0 4
3 = 2 x+ 3− x 2 −3=x +2
Cuando x 1, se tiene un mínimo en 0.
1 (+x ) 2 x( ) x − 1 2
Al elaborar la grá ca correspondiente:
y
Al igualar a cero se tiene:
40
1 ( x +) 2 x(+ ) x − 1 = 0 2
30
20
x1 = −2 1 x2 = − 2
Máximo (−0.5,5.06) −3
x3 = 1
−2
Mínimo1 (−2,0)
26 3
−1
10
1
2
Mínimo2 (1,0)
x
4 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
12. y x 4x 2
Para x1 3
y 1
Primera derivada
y′ = 2 x − 4
y
Máximo
= x −2 Cuando x 3, se tiene un máximo, cuyo valor es: Al igualar a cero se tiene:
y 63 32 1 8
x −2 = 0 x1 = 2
Cuando x 3, se tiene un máximo en 8.
Segunda derivada
Al elaborar la grá ca correspondiente:
y
y 1
20
Analizando los puntos críticos en la segunda derivada.
10
Máximo (3,8)
Para x 2 −2
2468
x
y 1 −10
y
Mínimo −20
Cuando x 2, se tiene un mínimo, cuyo valor es: −30
y 22 42 2 2 Cuando x 2, se tiene un mínimo en 2. 14. y =
Al elaborar la grá ca correspondiente:
x4 +1 x2
y Primera derivada 20
1 x2
y = x2 +
10
y′ = 2 x − −2
2
4
6
x
= x−
Mínimo1 (2,−2)
2
x3
1
x3
Al igualar a cero se tiene:
13. y 6x x2 1
x−
Primera derivada
1 =0 x3
x1 = ±1
y′ = 6 − 2x Segunda derivada
= 3− x Al igualar a cero se tiene:
y′′ = 1 +
3
x4
3− x = 0 Analizando los puntos críticos en la segunda derivada.
x1 = 3
Para x 1 1
Segunda derivada
y′′ = 1 +
y 1 Analizando los puntos críticos en la segunda derivada.
26 4
y
Mínimo
3
(±1)4
=4
UNIDAD 4 Análisis de funciones
Al elaborar la grá ca correspondiente:
Cuando x 1, se tiene un mínimo, cuyo valor es:
4
y=
(±1)4 + 1 =2 (±1)2
Máximo (1,3) 2
Cuando x 1, tenemos un mínimo en 2. −1.5
−1
−0.5
0.5
1
1.5
Al elaborar la grá ca correspondiente: −2
Mínimo (−1,−3)
y 20
Mínimo2 (−1,2)
−4
−4
Mínimo1 (1,2)
10
−2
2
16. y = x 2 −
4
x
4
a x2
Primera derivada
y = x2 − 15. y =
6x x2 +1
y′ = 2 x +
2a 4
x3
a4 = x+ 3 x
Primera derivada
y=
a4 x2
( x 2 + 16 ) − 12 x 2 6 ( x 2 − 1) =− ( x 2 )+ 1 2 ( ) 1 + x 2 2
y′ = −
Al igualar a cero se tiene:
x+
( x 2 − 1) (1 + x 2 )2
1
x3
=0
4
x = −a 4 No existe ningún número real para x, por lo tanto, no existe un
Al igualar a cero se tiene:
mínimo relativo.
(x 2 − 1) − =0 2 (1 + x 2 )
Al elaborar la grá ca correspondiente:
y
x1 = ±1 Segunda derivada −4
y ′′ =
−2
2
−100
(1 + x 2 )3
Analizando los puntos críticos en la segunda derivada.
−200
Para x1 1
−300
y′′ =
2 (± )1 − ( +3( )±
2 3
(1 + (±1)2 )
) =±1
2 17. y =
y
Mínimo y máximo
Cuando x 1, se tiene un mínimo y un máx imo, cuyo valor es:
y=
4
2 x (−3 + x 2 )
6 (±1) 2
(±1) + 1
ax a2 + x 2
Primera derivada
y′ =
= ±3
Cuando x 1, se tiene un mínimo y máximo en 3.
26 5
x( a2 )−a
y′ = −
2 x − 12( 2 ) a x 2 − a2 =− ( x 2 )+ 1 2 ( ) 1 + x 2 2
a ( x 2 − a2 )
(1 + x 2 )2
x
4 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
Al igualar a cero se tiene:
−
18. y 2x 4ax a
a ( x 2 − a2 )
(1 + x 2 )2
=0
Primera derivada
x1 = ±a
y = 6 x 2 − 3ax y′ = x 2 − ax
Segunda derivada
y ′′ =
−a6x 3 + ax2 (a 2 + x 2 )3
Al igualar a cero se tiene:
3
x ( x − a) = 0 x1 = 0
Analizando los puntos críticos en la segunda derivada.
x2 = a
Para x1 a 3
3a + a ± − a6 ± ( ) a (2 )
y′′ =
y
Segunda derivada
1
=± a
3
(a 2 + (±a)2 )
2
y 2 x a
Mínimo y máximo
Analizando los puntos críticos en la segunda derivada.
Cuando x a, se tiene un mínimo y un máximo, cuyo valor es:
y=
a (±a )
(±a)2 + a 2
=±
Para x1 0
1
y 20 a a
2
y 1 Cuando x a, se tiene un mínimo y máximo de ± . 2
Máximo al considerar a 0
Cuando x 0, se tiene un máximo, cuyo valor es:
Al elaborar las grá cas correspondientes, tenemos:
y 203 3a02 a3 a3 Para a 0 Cuando x 0, se tiene un máximo en a3.
y a = 16
0.5
Para x2 a
Máximo (16,0.5)
y 2a a a −20
−10
10
20
x
−0.5
y
Mínimo al considerar a 0
Cuando x a, se tiene un mínimo, cuyo valor es:
Mínimo (−16,−0.5)
y 2a3 3aa2 a3 0 Para a 0
Cuando x a, se tiene un mínimo en 0.
y Para a 0 Máximo (−15,0.5) 0.5
−20
−10
Cuando x 0, se tiene un mínimo en a3.
10
20
x
a = −15 −0.5
Mínimo (15,−0.5)
26 6
Cuando x a, se tiene un máximo en 0.
UNIDAD 4 Análisis de funciones
Al elaborar las grá cas correspondientes, tenemos:
Cuando x 0, se tiene un mínimo, cuyo valor es:
Para a 0
y 02 0 42 0 y
Cuando x 0, se tiene un mínimo en 0.
a = 50
Para x2 4
400 000
y 1242 484 32 32 200 000
y
Máximo (0,125 000)
Mínimo
Cuando x 4, se tiene un mínimo, cuyo valor es: −20
20
40
60
y 42 4 42 0
x
80
Mínimo (50,0)
Cuando x 4, se tiene un mínimo en 0.
−200 000
Para x3 2
y 1222 482 32 16
Para a 0
y
y
Máximo
Cuando x 2, se tiene un máximo, cuyo valor es:
a = −50 400 000
y 22 2 2 16 Cuando x 2, se tiene un máximo en 16.
200 000
Al elaborar la grá ca correspondiente:
Máximo (−50,0) −80
−60
−40
−20
−200 000
20
40
x
y
Mínimo (0,−125 000) 40
19. y x2x 42
y′ = 2 x (− x 4 )+2
2
Máximo (2,16)
20
Primera derivada 4x)2= 2 x ( 4−4)( −x+x ) (−
x
x −1
= 4 x ( x − )( 4 x− )2
1
2
3
Mínimo1 (0,0)
4
5
Al igualar a cero se tiene: 4x(x − 4 )( − x2 )=32 − 24 x+ 4= x20
x3 20. y 12x 9x2 4x3
x1 = 0
Primera derivada
x2 = 4 x3 = 2
y = 12 + 18 x − 12 x 2
Segunda derivada
= 2 + 3x − 2 x 2 y 12x2 48x 32
Al igualar a cero se tiene:
Analizando los puntos críticos en la segunda derivada.
y
1 ( x − 2) = 0 2
2 + 3 x− 2 = x 2 + x
Para x1 0
x1 = −
y 1202 480 32 32
x2 = 2
Mínimo
26 7
x
Mínimo2 (4,0)
1 2
4 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
Segunda derivada
Segunda derivada
y 2 2x 3x2
y 3 4x
Analizando los puntos críticos en la segunda derivada.
Analizando los puntos críticos en la segunda derivada. Para x1 = −
Para x1 0
1 2
y 2 20 302 2
1 y ′′ = 3 − 4 − = 5 2 y
y
Mínimo
1 Cuando x = − , se tiene un mínimo, cuyo valor es: 2
1
( )0 3 ( ) 0
2
y = (+0)− =
1 1 2 1 3 13 y = 12 − + 9 − − 4 − = − 2 2 2 4
3
4
0
4
Cuando x 0, se tiene un mínimo en 0.
13
Para x2 1
Cuando x = − , se tiene un mínimo en − . 2 4
y 2 21 312 3
Para x2 2
y
y 3 42 5 y
Mínimo
Cuando x 0, se tiene un mínimo, cuyo valor es:
Máximo
Cuando x 1, se tiene un máximo, cuyo valor es:
Máximo
5 ( )−1 3 ( )−1 4 − =
2
Cuando x 2, se tiene un máximo, cuyo valor es:
y = (−1) +
3
4
12
y 122 922 423 28 5
Cuando x 1, se tiene un máximo en
Cuando x 2, se tiene un máximo en 28.
12
.
Para x3 2
Al elaborar la grá ca correspondiente
y 2 22 322 6
y y
40
Máximo (2,28)
Máximo
Cuando x 2, se tiene un máximo, cuyo valor es:
20
2
( )2 3 ( ) 2
2)− = y = (+ −1
1
2
Mínimo (−0.5,−3.25)
3
3
4
4
Cuando x 2, se tiene un máximo en
21. y = x 2 +
x3 3
−
8 3
x 8 3
.
Al elaborar la grá ca correspondiente:
x4 4
y
Primera derivada Máximo2 (2,2.67)
3
y = 2 x + x 2 − x3 2 − =2) + x − 1 x = −x ( x − x x ( )( )2
2
Al igualar a cero se tiene:
1
x ( x +)( 1 x− ) 2 =0
Máximo1 (−1,0.42)
x1 = 0 −2
x 2 = −1
−1
1
Mínimo (0,0)
x3 = 2
26 8
2
3
x
UNIDAD 4 Análisis de funciones
22. y =
23. y x6 x2
1 x2 − x − 2
Primera derivada
Primera derivada
y′ = −
y 6 x2 2x6 x 36 x2 x
2x − 1 ( x 2 − x − 2)2
Al igualar a cero se tiene:
Al igualar a cero se tiene:
−
3 (6 − )( x 2− ) x =0 2 x −1 2
(x 2 − x − 2)
x1 = 2
=0
x2 = 6
x1 =
1
Segunda derivada
2
y′′ = −3 (2− )− x ( 3−) 6
Segunda derivada
x ( −x−) y′′ = − 2
=− =
2
) x− 1 − 2− )(2(− x( 2)x 2x− ( 2
)
2 2
x
= 6 x − 24
1
4
(x 2 − x − 2)
Analizando los puntos críticos en la segunda derivada.
2− x − ( x− 2)()2 − ( 2 2−x)( 1 2) x 1 ( x 2 − x − 2)3
Para x1 2
6 ( x 2 − x + 1) ( x 2 − x − 2)3
y 62 24 12 y
Máximo
Analizando los puntos críticos en la segunda derivada. Para x1 =
Cuando x 2, se tiene un máximo, cuyo valor es:
1 2
1 1 6 − + 1 2 2
y = (2) (6 − () 2
2 ) = 32
2
y′′ =
y Cuando x =
1 2 1 3 2 2 − 2 −
=−
Cuando x 2, se tiene un máximo en 32.
32 81
Para x2 6
y 66 24 12
Máximo 1 2
y
, se tiene un máximo, cuyo valor es:
y=
1
1 2 1 − − 2 2 2
=−
Mínimo
Cuando x 6, se tiene un mínimo, cuyo valor es:
4 9
y = (6) (6 − ()6
4 1 Cuando x = , se tiene un máximo en − . 9 2
2 ) =0
Cuando x 6, se tiene un mínimo en 0.
Al elaborar la grá ca correspondiente:
Al elaborar la grá ca correspondiente:
y
y
2
Máximo (2,32)
30
1
20
10
−4
−3
−2
−1
1
2
3
4
x
Máximo (0.5,−0.44)
−1 −1
1
2
3
4
5
6
Mínimo (6,0) −2
26 9
7
8
x
4 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
Al elaborar la grá ca correspondiente:
24. x2 3xy y2 0
y 10
Primera derivada
dy dy 3+ x =2 y dx dx
2 x + 3+y
5
0
2x + 3y dy =− dx 3x + 2 y −15
−10
−5
5
10
15
x
Al igualar a cero se tiene: −5
−
2x + 3y 3x + 2 y
=0
x=
3y 2
; y=
−10
2x 3 25. x4 8x2 y2 4y 0
Al sustituir en la función resultante:
Primera derivada
3y 3 y 2 2 + 3 y + y = 0 2 2 31y
4 x 3 + 16+x
dy 2− y = dx
4
2
dy
=0
4
dy dx dx
y=0
0
=−
4 x 3 + 16 x 2y − 4
Al igualar a cero se tiene:
x=0
−
4 x 3 + 16 x 4 x2
x
=−
10 ( x + 3 xy + y
2
)
Segunda derivada
()16 + )4 x 3 (2 y − 4)(12 x+2 − y′′ = −
(3 x + 2 y)3
(2 y − 4 ) (2 y − 4)(
Analizando los puntos críticos en la segunda derivada.
=−
=−
Para y 0 y x 0
10 ((0) + (3 )( 0 ) 0( + ) 0 2
(3(0) + (2) 0
3
)
2
)=0
dy dx
16 x 2
2
()
12+ x 2 − 16+
y′′ = −
)
x=0 y=0
2 x + 3 y 2 x + 3 y 2 x 33y+ − 2 (3x)+ 22y + 3− ( ) − + 3 x + 2 y 3 x + 2 y = 2 (3 x + 2 y ) 2
+16 0=
(
dy dy (32x + ) y 2 +( 3 ) − 23x + y 3 + 2 dx dx y′′ = − (3x + 2 y)2
=0
2y − 4
Segunda derivada
(
4 x 3 + 16 x 3 )4 x− 16 x 2 2 y − 4 (2 y − 4)2
6 − 2 16 x 4 + 2 x+ 4+ ( +2
2
y) − x 2 + (44
12 y
)
3 y2 )
(−2 + y)3
Analizando los puntos críticos en la segunda derivada. Para x 0 y y 0
Por lo tanto, el criterio de la segunda derivada no es aplicable.
y ′′ = −
y
27 0
(
2 16 ()0
4
(
2
2 + () 2 0 +6 −+4 () 2+() 0 ) − ()0(+ ) 441 2 0 3
(−2 + (0)) Mínimo
3 0
2
))
=4
UNIDAD 4 Análisis de funciones
Cuando x 0, se tiene un mínimo en 0.
Analizando los puntos críticos en la segunda derivada.
Al elaborar la grá ca correspondiente:
Para x1 = 2 (−2 − 2 ) y y1 = 2 (−1 − 2 )
y′′ =
y 4
y 3
4
(2(−12 − ()) (− −)2)−
2
3
2
=
1 2
Mínimo
Cuando x = 2(−2 − 2), se tiene un mínimo en 2 (1− −2 . ) Para x1 = 2 (−2 + 2 ) y y1 = 2 (−1 + 2 )
2
y ′′ = 1
y −1
1
2
3
)
=−
1 2
Máximo
Cuando x = 2 (−2 + 2 ), se tiene un máximo en −2 (1 − 2 . )
x
1
4
((2 (−2+ ()) 2(− −)2)+
Mínimo (0,0)
Al elaborar la grá ca correspondiente: 26. x2 2xy 2y2 4x 0
y
Mínimo (−1.17,0.83)
Primera derivada 2 x − 2− y
dy 2 x+ dx
−8
dy 2+y= dx
4
−7
−6
−5
−4
−3
−2
0
1
−1 −2
2 dy y− x−2 = = 1− dx y− x y− x
−3 −4
Al igualar a cero se tiene: 1−
−1
−5
2
y− x
Mínimo (−6.83,4.83)
=0
y− x = 2
27. 3x2 5x2 6x 20y 0
y= x+2 Primera derivada Al sustituir en la función resulta:
x 2 − 2 x (+ x + )2 ( +2)+x
dy dy 6 x + 10 y +− 6 =20 dx dx 2
24 =
x
0
dy
x2 + 8x + 8 = 0
dx
x1 = 2 (−2 − 2 )
0
=− =−
y1 = 2 (−1 − 2 )
6x + 6 10 y − 20
3 x +1 = − 5 y − 2
3 x +1 5 y−2
Al igualar a cero se tiene:
x 2 = 2 (−2 + 2 )
x +1
y2 = 2 (−1 + 2 )
y−2
=0
x = −1 Segunda derivada
2 dy 2 1 − 2 − 1 2 − 1 y − x y− x dx 4 ′′ y = = =− = 2 2 2 ( y −) x ( ) y − x( ) ( ) y − x y− x
Al sustituir en la función resulta: 5 y 2 − 3 − 20 y = 0
2
3
y1 = y2 =
27 1
1 5 1 5
(10 −
115 )
(10 +
115 )
x
4 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
Segunda derivada
y′′ = −
3
( y − 2) − ( x + 1) 2
( y − 2)
5
dy dx = − 3 5
x + 1 ( y − 2) − ( x + 1) 2 2 y − 2 3 ( y − 2) − ( x + 1) =− 2 5 ( y − 2) ( y − 2)3
Analizando los puntos críticos en la segunda derivada. Para x1 = −1 y y1 =
1 5
(10 −
y′′ = −
y
115 )
1 ( 2 2 10 − 115 ) − 2 − (−11+ ) 3 5 1 3 (10 − 115 ) − 2 5
5
=
3
5
5
23
Mínimo
Cuando x 1, se tiene un mínimo en
Para x1 = −1 y y2 =
1 5
(10 +
115
1 5
(10 −
115 ).
) 2
y ′′ = −
y
1 (10 + 115 ) − 2 − (−11+ )2 3 5 1 3 (10 + 115 ) − 2 5
5
=−
7 23
Máximo
Cuando x 1, se tiene un máximo en
1 5
(10 +
115 ).
Al elaborar la grá ca correspondiente: Máximo (−1,4.14)
y 4
3
2
1
−4
−3
−2
−1
1
2
Mínimo (−1,−0.14)
−1
28. 2x2 2xy 5y2 4x 0 Primera derivada 42x + + y
dy 2 x+ dx
dy 10 +y= dx
4
dy dx
0
=−
2x + y + 2
27 2
x + 5y
x
UNIDAD 4 Análisis de funciones
Al igualar a cero se tiene:
−
2x + y + 2
=0
x + 5y
y = −2 x − 2 Al sustituir en la función resulta: 20 + 40 x + 18 x 2 = 0
x1 =
1 9
(−10 −
10 )
y1 = 2 (1 + 10 ) 9 x2 =
1 9
(−10 +
10 )
2
10 )
y2 = − (− 1+ 9 Segunda derivada
y ′′ = −
=−
2 x + y + 2 ( x) + 5 y 2 + − ( ) − 2 x+ +y x + 5 y ( x + 5 y)2 2 18 x+
182 + x ( + y+)
5 (49
2 x + y + 2 x + 5 y
2+1− 5
y2 )
( x + 5 y)3
Analizando los puntos críticos en la segunda derivada. 1 Para x1 = −(−10 9
) (10= y + y1 )
2 9
1
10
2 2 1 (−10 −) (10 + 18 )1 −(10 −) 10 2 (+ 2 )1 + 10 + 54 + 9 2 1 + 10 9 9 9 9 3 1 (−10 − ) 10 ( + 5) 2 1 + 10 9 9
18
y ′′ = −
=− y
2 5
Máximo
Cuando x =
1 9
(−10 −
1 ( + Para x 2 = − 10 9
)
10 ), se tiene un máximo en
10 = y( y− −)+ 2
2 9
1
2 9
(1 +
10 ).
10
2 1 2 (−10 +) 10 ( + 18) 1 (−10 + ) 10 2 −( 2 −1) + 10 + 549 + − − + 1 9 9 9 9
18
y′′ = −
3
1 (−10 +) 10 ( + 5 −) 2− +1 9 9 = y
2 5
Mínimo
27 3
10
10 2
4 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
Cuando x =
1 9
(−10 +
10 ) , se tiene un mínimo en −
2 9
(−1 +
10 .)
Al elaborar la grá ca correspondiente:
y
Máximo (−1.46,0.92)
1 0.8 0.6
0.4 0.2 −2
−1.5
−1
−0.5
x
−0.2 −0.4 −0.6
Mínimo (−0.76,−0.48)
29. x3 y3 3xy 0 Primera derivada
dy dy 3 x 2 − 3 y2 + + 3 y =3 x dx dx
0
dy x2 + y =− dx x − y2 Al igualar a cero se tiene:
−
x2 + y x − y2
=0
y = −x 2 Al sustituir en la función resulta:
x 6 − 2x3 = 0 x3
( x 3 − 2) = 0 x1 = 0 y1 = 0 x2 = 3 2 2
y2 = −2 3 Segunda derivada
y ′′ = −
dy ( x −) y2 2 x +( ) −
dx
x 2 + y 1 − 2 y
2
( x − y2 ) 2
x 2 + y
2
( x)− y 2 x + − x( −) y2 − +x =− 2 ( x − y2 ) =
dy
dx
(
2 y (1 + xy)(− x +y) (2 + )x 2
y
2
x 2 + y x − y2
y−1 −2 y
)
y
3
( x − y2 )
27 4
UNIDAD 4 Análisis de funciones
Analizando los puntos críticos en la segunda derivada. Para x1 0 y y1 0
y ′′ =
(
2 (0) (1 + ( )(0 ) 00 ( ) ((− ) + 0)( (+)
2
())0(2 ) 0
2
0
)
2 3
((0) −( )0 )
El criterio de la segunda d erivada no es aplicable. 2
Para x 2 = 3 2 y y2 = −2 3
((
) 2 ( −(2 32) ) −(−23 )(23 +(
2 2−1 23+ 2 y ′′ =
y
(
(2) 2)() ) 3
2 +− 3 2 −
3
2 3
2
3
2 2 − (−2 3 ) ) 2
Mínimo 2
3
Cuando x = 2 , se tiene un mínimo en −2 3 Al elaborar la gráfica correspondiente:
y −0.5
0.5
1
1.5
x
−0.5
−1
−1.5
Mínimo (1.26,−1.59)
30. 4 + 2 + xy = 0 x y Primera derivada 4 y + 2 x + x 2 y2 = 0 4
dy dx
++2 + 22xy2
= x2 y
dy dx
0
1 + xy2 dy =− 2 dx x y+2 Al igualar a cero se tiene:
−
1 + xy2
x2 y + 2
=0
x =−
1 y2
Al sustituir en la función resulta: 4y−
1
=0
y2 4 y3
−1 = 0 y= 3
1 4
x = −2 3 2
27 5
2
2 3
)=2
4 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
Segunda derivada
y′′ = −
1. y 4x3 x
( x 2 y + 2) y2 + 2 xy (
=
Primera derivada
y = 4 x3 − x
)
=−
dy
dx
2 x2 y + 2
y ′ = 12 x 2 − 1
1 + xy2 x 2 y + 2
( x 2 y + 2) y2 + 2 xy−
Al resolver x = ±
2
( x 2 y + 2)
y (2 x − 2 y + x 2 y2 )
3
1 4
3 a) −∞, − 6
y x = −2 3 2
3 3 , b) − 6 6
2 1 1 2 1 3 22(− )3 2 − 2 (3 ) + −2 3 2 3 4 4 4 1 y′′ = =− 2 1 2 1 12 (2)3 2 + (−2 3 2 ) 3 4
y
.
De tal forma que los intervalos a analizar son:
2
(2 + x 2 y)
Analiza los puntos críticos en la segunda derivada.
Para y =
3 6
Máximo
3 , ∞ c) 6 3 tomamos x 1 en la derivada, es decir: En −∞, − 6 y 1212 1 11
3
Cuando x = −2 2 , se tiene un mínimo en
3
1 4
.
y es positiva, la función es creciente.
Al elaborar la grá ca correspondiente:
3 3 tomamos x 0 en la derivada, es decir: , En − 6 6
y 2
y 1202 1 1
Máximo (−2.52,0.63) −10
−8
−6
−4
−2
2
4
x
−2
y es negativa, la función es decreciente
3 , ∞ tomamos x 1 en la derivada, es decir: 6
En
−4
y 1212 1 11
−6
y es positiva, la función es creciente.
II. Determina lo que se pid e para cada una de las func iones:
Para un valor antes de x = −
3 6
la derivada y y para un
valor después y .
a) El carácter creciente y decreciente. b) Los máximos y mínimos rel ativos (primer método).
En x = −
3 6
, se tiene un máximo cuyo valor es:
c) Puntos de in exión y sentido de la concavidad. d) Los máximos y mínimos rel ativos (segundo método). e) Las ecuaciones de la tangente y normal; las longitudes de la tangente, normal, subtangente y subnormal en cada valor crítico.
27 6
y = 4 −
Cuando x = −
3 6
3 3 − − 3 = 1 6 6 3 3
, se tiene un máximo en
1 3 3
.
UNIDAD 4 Análisis de funciones
3
Para un valor antes de x =
En x =
3 6
la derivada y y para un
6
valor después y .
, se tiene un mínimo cuyo valor es:
y por lo tanto, se con rma que existe un mínimo en 3 1 x= en − . 6 3 3
Para x = −
3 6
3
3 3 1 − = − 6 6 3 3
y = 4
y′′ = 24 −
3 1 Cuando x = 6 , se tiene un mínimo en − 3 3 .
3 = −4 6
3
y por lo tanto, se con rma que existe un máximo en 3 1 . x =− en 6 3 3
Segunda derivada
Al retomar los valores obtenidos de x en la primera d erivada.
y 24x
Al igualar a cero se tiene:
En el punto − 24 x = 0
3 6
x=0
,
1
la ecuación de la recta tangente es:
3 3
y=
1 3
3
Para x 0 La recta normal es: Un valor un poco menor 3
x =−
x = −1
6
y′′ = 24− ( 1= ) − 24 Longitud de la subtangente TM:
y′′ = − Un valor un poco mayor
y TM = 1= m1
x =1 y′′ = 24 (1) = 24
3
1
=3∞
0
Longitud de la subnormal MN:
y′′ = +
1 3 3 = 0
MN = m1 y1 = (0) Al sustituir x en la función:
y 403 0 0
Si TM = ∞ , MN= 0y
El punto de in exión es P0,0
MP= 1= y
1 1
3
3
, tenemos:
Longitud de la tangente TP1:
A la izquierda del punto P la curva es cóncava hacia abajo y a
( )2 +MP TP1 = TM (
la derecha es cóncava hacia arriba.
Al sustituir los valores dex =
3 6
,−
3 6
en la segunda derivada
2
1
)
1 2 = (∞)2 + =∞ 3 3
se tiene:
Para x =
Longitud de la normal P1N:
3 6
P1 N = (MN )2 +MP (
3 = 4 6
y ′′ = 24
2
1
)
1 2 1 = (0)2 + = 3 3 3 3
3
27 7
4 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
3 1 la ecuación de la recta tangente es: ,− 6 3 3
En el punto
y =−
1 3
Longitud de la subnormal (MN:
MN m1y1 10 0 Si TM MN 0 y MP1 y1 0, tenemos:
3
Longitud de la tangente TP1:
La recta normal es:
x=
= (0) 2 + ( )0
Longitud de la subtangente TM:
TM =
y1 m1
− =
2
( )2 +MP TP1 = TM (
3 6
2
1
)
=0
Longitud de la normal P1N: 1
3 3 =∞ 0
= (0) 2 + ( )0
Longitud de la subnormal MN:
1 3 3 = 0
2. y =
MN = m1 y1 = (0)−
3
1
)
=0
4 1+ x2
3
, tenemos:
y′ = −
Longitud de la tangente TP1:
( )2 +MP TP1 = TM (
2
1
Primera derivada
1
Si TM = ∞,MN = 0 MP y = 1y= −1
2
2 P1 N = (MN ) +MP (
8x 2
(1 + x 2 )
Al resolver x1 0.
)2
De tal forma que los intervalos a analizar son:
2
1 = (∞ + )2 − =∞ 3 3
a) ,0
Longitud de la normal P1N:
b) 0, En ,0 tomamos x 1 en la derivada, es decir:
2
P1 N = (MN ) +MP ( 2
1
)
1 2 1 = (0)2 + =− 3 3 3 3
y′ = −
En el punto 0,0 la ecuación de la recta tangente es:
8 (−1) 2 2
(1 + (−1) )
=2
y es positiva, la función es creciente.
2
En 0, tomamos x 1 en la derivada, es decir:
y = 12 (0) − 1 = m y − y1 = m ( x − x1 )
y′ = −
y = −x La recta normal es:
8 (1) 2 2
(1 + (1) )
= −2
y es negativa, la función es decreciente. y − y1= −
1
m
(−x
Para un valor antes de x 0, la derivada y y para un valor
x1 )
después y .
y=x En x 0, se tiene un máximo cuyo valor es: Longitud de la subtangente ( TM:
TM =
y1 m1
=
0
−1
y=
=0
4 2
1 + ( 0)
=4
Cuando x 0, se tiene un máximo en 4.
27 8
UNIDAD 4 Análisis de funciones
Segunda derivada
Un valor un poco mayor
y ′′ =
8 (−1 + 3 x
2
x =−
)
2 3
(1 + x )
y ′′ =
3
(1 + x 2 )
2
1 8−1 + 3− 2 2
Al igualar a cero se tiene: 8 (−1 + 3 x 2 )
1
1 2 3 1 + − 2
=0
4
y= 1 3
Un valor un poco menor
1 3
=3
1 El punto de in exión es P − ,3 . 3
1 2
A la izquierda del punto P la curva es cóncava hacia arriba y a
1 8−1 + 3 2 2
la derecha es cóncava hacia abajo.
=−
2 3 1 + 1 2
128
Al sustituir los valores dex 0 en la segunda derivada se tiene:
125
3
(1 + (0)2 )
) = −8
y por lo tanto, se con rma que existe un máximo en x 0 en 4.
Un valor un poco mayor
x =1 y′′ =
8 (−1 + 3 (0)
2
y′′ =
y′′ = −
(
2
8 −1 + 3(1) 3
)=2
En el punto 0,4 la ecuación de la recta tangente es:
y4
(1 + (1) ) 2
y′′ = +
La recta normal es:
x0
Al sustituir x en la función: 4
y=
1 2 3
Longitud de la subtangente TM:
=3
1 +
TM =
1 El punto de in exión es P 3 ,3 .
y1
4
m1
0
= =∞
Longitud de la subnormal MN:
A la izquierda del punto P la curva es cóncava hacia abajo y a
MN m1y1 04 0 Si TM , MN 0 y MP1 y1 4, tenemos:
la derecha es cóncava hacia arriba. Para x = −
2
1 + −
y′′ =
125
Al sustituir x en la función:
3
x=
128
y ′′ = − 1
x=±
Para x =
=−
1
Longitud de la tangente TP1:
3 2
( )2 +MP TP1 = TM (
Un valor un poco menor
x = −1
= ∞ ( )+2
( )=2 (1 + (−1) )
1
)
(4=)2∞
2
y′′ =
8131 − + (− )
Longitud de la normal P1N:
2 3
P1 N = (MN )2 +MP (
y′′ = +
2
= (0) + ( )4
27 9
2
2
1
)
=4
4 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
1 En el punto 3 ,3 la ecuación de la recta tangente es:
3
2 2 1 + 1 3
=−
y =−
3 3 2
y − 3= − 3 3− x 2 2
x + y−
9 2
y−3 =
1 3 −
3 3 2
=0
x+ −y=
1
(−x
m
x1 )
2
9
1 x + 2 3
0
2
+ x −y =
25
2 3 3
0
9
x + y−
25 9
1
m
(−x
x1 )
2 + x
y − 3= −
2 1 y−3 = x − 3 3 3 3 3
3 3
3 3
y − y1= − y − y1= −
−
=
La recta normal es:
La recta normal es:
2
3
2 2 1 1 + 3
y − y1 = m ( x − x1 )
y − y1 = m ( x − x1 )
3 3
1
−8
1
8
y′ = −
1 En el punto − ,3 la ecuación de la recta tangente es: 3
1
3 3
3
=0
Longitud de la subtangente TM:
TM =
Longitud de la subtangente TM:
y1 m1
=
3 3 3
=2
3 3
2
TM =
y1 m1
3
= −
3 3
3
= −2
Longitud de la subnormal MN:
3
3 3 9 3 MN = m1 y1 = 2 (3) = 2
2
Longitud de la subnormal MN: Si TM = 2
3 3 9 3 (3) = − 2 2
MN = m1 y1 = −
Si TM = −2
3 MN , =−
3
9 3 MP y =y=1 2
1
3 3
9 3 = MP =y y 1 2
MN , =
( )2 +MP TP1 = TM (
3, tenemos:
1
)2
1
)2
Longitud de la normal P1N:
2 3 31 = −2 + (3)2 = 3 3
2 P1 N = (MN ) +MP (
1
)
3. y x 3x 22
2
2
2
1
9 3 2 3 31 + (3)2 = = 2 2
Longitud de la normal P1N:
P1 N = (MN ) +MP (
3, tenemos:
3 2 31 = 2 + (3)2 = 3 3
Longitud de la tangente TP1:
( )2 +MP TP1 = TM (
1
Longitud de la tangente TP1:
)
Primera derivada
9 3 2 3 31 + (3)2 = = − 2 2
y = ( x −)( 3 x+ )2 2
2
y ′ = (+ x +)2− ( 23)( x + =) x(+ 2)( − x ) 2 3 x
28 0
4
UNIDAD 4 Análisis de funciones
Al resolver x1 = −2 y x2 =
4 3
Al igualar a cero se tiene: . 6x + 2 = 0
De tal forma que los intervalos a analizar son:
x =−
a) ,2 Para x = −
4 b) −2, 3
3
1 3
Un valor un poco menor
4 c) , ∞
1
x = −1
3
y′′ = 6(− 1+) =2 − 4
En ,2 tomamos x 3 en la derivada, es decir:
y′ = − 3 )2( (−)3 −3= 4) ( +
13
y′′ = − Un valor un poco mayor
y es positiva, la función es creciente:
x=0 y′′ = 6 (0 ) + 2 2=
4 En −2, tomamos x 0 en la derivada, es decir: 3
y′′ = +
y 0 230 4 8
Al sustituir x en la función:
y es negativa, la función es decreciente.
2
1 1 250 y = − − 3− + 2 = − 3 3 27
4 En , ∞ tomamos x 2 en la derivada, es decir: 3
1 250 El punto de in exión es P − , − . 3 27
y 2 232 4 8
A la izquierda del punto P la curva es cóncava hacia abajo y a
y es positiva, la función es creciente. Para un valor antes de x = valor después y (
4 3
la derecha es cóncava hacia arriba. la derivada y ( y para un
Al sustituir los valores de x 2 en la segunda derivada:
y 62 2 10
4 En x = , se tiene un mínimo cuyo valor es: 3
y por lo tanto, se con rma que existe un máximo en x 2 en 0.
2
4 4 500 y = − 3 + 2 = − 3 3 27
Al sustituir los valores de x = 4
500
3
27
Cuando x = , se tiene un mínimo en −
3
en la segunda derivada:
.
4 y ′′ = 6 + 2 = 10 3
Para un valor antes de x 2 la derivada y y para un valor después y
y por lo tanto, se con rma que existe un mínimo en x=
En x 2, se tiene un máximo cuyo valor es:
y = (− ( )2− )((3−) + 2) = 2
4
2
0
4 3
en −
500 27
.
En el punto 2,0 la ecuación de la recta tangente es:
Cuando x 2, se tiene un máximo en 0.
y0
Segunda derivada
La recta normal es:
y 3x 4 3x 2 6x 2
x 2
28 1
4 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
Longitud de la normal P1N:
Longitud de la subtangente TM:
y1
TM =
=
m1
0 0
P1 N = (MN )2 +MP (
=0
1
)2
500 2 500 = (0)2 + − =− 27 27
Longitud de la subnormal MN:
MN m1y1 00 0
1 250 En el punto − , − la ecuación de la recta tangente es: 3 27
Si TM 0, MN 0 y MP1 y1 0, tenemos:
1 1 25 y′ = − 3 + 23 − 3 − 4 = − 3
Longitud de la tangente TP1:
( )2 +MP TP1 = TM (
= (0) 2 +( )0
2
1
y − y1 = m ( x − x1 )
)2
y+
=0 25
Longitud de la normal P1N:
3
P1 N = (MN )2 +MP (
= (0) 2 + ( )0
2
1
x + y+
27
+ x 3
3
=0
1 (−x m
y − y1= −
=0
500
y+
−
3 25
+ x +y
250 27
=
6223
=
x1 )
3
x + 1
25
3
0
675
Longitud de la subtangente TM:
27
250 − y 10 TM = m1 = 27 25 = 9 1 − 3
La recta normal es:
x=
325
1
=−
27
La recta normal es:
)2
4 500 En el punto , − la ecuación de la recta tangente es: 3 27
y=−
25
250
4 3
Longitud de la subnormal MN: Longitud de la subtangente TM:
TM =
y1 m1
− =
25 250 6250 − = 3 27 81
MN = m1 y1 = −
500 27 = ∞ 0
Si TM =
Longitud de la subnormal MN:
10 9
MN , =
6250 81
250
MP y==y− 1
1
27
, tenemos:
Longitud de la tangente TP1:
500 = 0 27
MN = m1 y1 = (0)−
500
Si TM = ∞,MN = 0 MP y = 1y= −1
27
( )2 +MP TP1 = TM (
)2
10 2 250 2 10 634 = + − = 9 27 27
, tenemos:
Longitud de la normal P1N:
Longitud de la tangente TP1:
P1 N = (MN )2 +MP (
2
2
TP1 = TM ( ) +MP (
1
1
)
2
1
)
6250 2 250 2 250 634 = + − = 81 27 81
500 2 = (∞ )+2 − =∞ 27
28 2
UNIDAD 4 Análisis de funciones
4. y = x 3 − x +
4
2
Para un valor antes de x =
x
3
la derivada y y para un
valor después y .
Primera derivada
y′ = 3 x 2 − 1 −
Al resolver x1 = ±
2 3
4
x2
En x =
2 3
, se tiene un mínimo cuyo valor es:
.
2 3 2 4 20 3 − 3 + 2 = 3 3 3
y =
De tal forma que los intervalos a analizar son:
2 a) −∞, − 3
Cuando x =
2 2 , b) − 3 3
2 3
, se tiene un mínimo en
20 3 3
.
Segunda derivada
2 c) 3 , ∞
y ′′ = 6 x +
2 En −∞, − tomamos x 2 en la derivada, es decir: 3 2
y′ = 3−( 2)− −1
4
(−2)2
8
x3
Al igualar a cero se tiene:
6x +
= 10
8
x3
=0
No existe valor real de x que satisfaga la segunda derivada, por
y es positiva, la función es creciente.
lo tanto, la función no tiene punto de in exión.
2 2 , En − tomamos x 2 en la derivada, es decir: 3 3 2
y ′ = 3−( 1)− −1
4
(−1)2
Al sustituir los valores de x =
2 8 3 + 2 3 = 7 3 3
y por lo tanto, se con rma que existe un mínimo en 2 20 en . x= 3 3 3
2 En 3 , ∞ tomamos x 2 en la derivada, es decir: 10
Al sustituir los valores de x = −
y es positiva, la función es creciente.
y ′′ = 6 − Para un valor antes de x = −
2 3
2 3
Cuando x = −
2 3 2 4 = − 20 − − + 3 3 2 3 3 − 3 2 3
+
3
, se tiene un máximo en −
2 3
en la segunda derivada:
8
2 3 − 3
= −7 3
y por lo tanto, se con rma que existe un máximo en 2 20 x =− en − . 3 3 3
, se tiene un máximo cuyo valor es:
y = −
2
, la derivada y y para
un valor después y . En x = −
en la segunda derivada:
3
y ′′ = 6
= −2
y es negativa, la función es decreciente.
4 2 y′ = 3 (2)−− 1 = 2 (2)
2
20 3 3
En el punto 2 , 20 la ecuación de la recta tangente es: 3 3 3
y= .
28 3
20 3 3
4 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
Longitud de la tangente TP1:
La recta normal es: 2
x=
( )2 +MP TP1 = TM (
3
20
Longitud de la normal P1N:
y1
= 3 =3 ∞
m1
0
20 1
3 3
16 − x 2
5. y = x
Primera derivada
y′ = 16 − x 2 −
( ) +MP TP1 = TM (
2
1
)
, tenemos:
Longitud de la tangente TP1: 2
1
20 2 20 = (0)2 + − =− 3 3 3 3
20 MN = m1 y1 = (0) 3 3 = 0 0 MP y == y 1
2
P1 N = (MN )2 +MP (
Longitud de la subnormal MN:
Si TM = ∞,MN=
)2
20 2 = (∞ + )2 − =∞ 3 3
Longitud de la subtangente TM:
TM =
1
)
20 2 = (∞)2 + =∞ 3 3
x2
16 − 2 x 2
=
16 − x 2
16 − x 2
Al resolver x1 = ± 8. De tal forma que los intervalos a analizar son:
Longitud de la normal P1N:
P1 N = (MN )2 +MP (
a)
(−∞,−
8)
b)
(−
8)
c)
(
2
1
)
20 2 20 = (0) + 3 3 = 3 3
8,
2
2 20 ,− En el punto − la ecuación de la recta tangente es: 3 3 3
8, ∞)
En (−∞, − 8 ) tomamos x 3 en la derivada, es decir: 2
y=−
y′ =
20
16 − 2 (−3)
2
=−
2
7
16 − (−3)
3 3
La recta normal es:
y es negativa, la función es decreciente. x=
2
En (− 8, 8 ) tomamos x 0 en la derivada, es decir:
3
2
Longitud de la subtangente TM:
y′ =
16 − 20( )
2
=4
16 − (0)
TM =
y1 m1
− =
20 3 3 =∞ 0
y es positiva, función es creciente. En
Longitud de la subnormal MN:
20 3 3
8, ∞) tomamos x 3 en la derivada, es decir: 2
20 3 3 = 0
y′ =
MN = m1 y1 = (0 )−
Si TM = ∞,MN = 0 MP y = 1y= −1
(
16 − 23( )
2
16 − (3)
=−
2 7
y es negativa, la función es decreciente.
, tenemos:
28 4
UNIDAD 4 Análisis de funciones
Para un valor antes de x = − 8 la derivada y y para un valor después y . En x = − 8 , se tiene un mínimo cuyo valor es:
( y =−
2
)8 − ( −) 16
=8−
Al sustituir x en la función: ) y =( 01
Al sustituir los valores de x = 8 en la segunda derivada:
y′′ =
)
(16 −
8
)
y , por lo tanto, se con rma que existe un máximo en x = 8 en 8.
En x = 8 , se tiene un máximo cuyo valor es: 2
= −4
3 2 2
(
valor después y .
3
−48 ( 8) +( 2 ) 8
Para un valor antes de x = 8 la derivada y y para un
(− )8
=0
El punto de in exión es P0,0
8
Cuando x = − 8 , se tiene un mínimo en 8.
y = ( )8 16
2
) 0 6(−
8=
Al sustituir los valores de x = − 8 en la segunda derivada:
Cuando x = 8 , se tiene un máximo en 8.
)8 − ( 2) − 48 −( +
y′′ =
Segunda derivada
(16 − (−
16 − x 2 (−4 x) +
y ′′ =
=
3
8
=4
3 2 2
8)
)
16 x − 2 x 3
+x 4+ x 3− 16 x2 16 − x 2 =− 64 3 (16 − x 2 )2
16 − x 2
x3
y , por lo tanto, se con rma que existe un mínimo en x = − 8 en
−48 x + 2 x 3 En el punto
3
(16 − x 2 )2
8. −
(
)
8, 8 la ecuación de la recta tangente es:
y8
Al igualar a cero se tiene: La recta normal es: 22x (− 4 + x 2 ) = 0
x= 8
x1 = 0 x 2 = ± 24
Longitud de la subtangente TM:
(Este valor no se considera ya que esta fuera del dominio de la función).
MN = m1 y1 =( 0)( 8) = 0 Longitud de la subnormal MN:
Para x 0
MN m1y1 08 0
Un valor un poco menor
Si TM , MN 0 y MP1 y1 8, tenemos:
x = −1
− 48−( +)1− ( 2) 1
y′′ =
3
3
=
(16 − (−1)2 )2
46
Longitud de la tangente TP1:
15 15
2
2 ) +MP (
TP1 = TM (
y′′ = +
2
1
)
2
= ∞ ( ) + ( ) 8= ∞ Un valor un poco mayor Longitud de la normal P1N:
x = −1 y′′ =
−48(1) + (2)1 3 3
(16 − (1)2 )2
=−
46
P1 N = MN (
2 ) +MP (
2
1
)
15 15 2
= (0) + ( )8
y′′ = −
28 5
2
=8
4 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
(
)
En el punto − 8 , −8 la ecuación de la recta tangente es:
Longitud de la subnormal MN:
MN m1y1 40 0
y = −8
Si TM 0, MN 0 y MP1 y1 4, tenemos:
La recta normal es:
Longitud de la tangente MP1:
x =− 8 Longitud de la subtangente TM:
TM =
y1
=
−8
m1
2
( )2 +MP TP1 = TM (
= (0) 2 + ( )4
=∞
2
1
)
=4
0
Longitud de la subnormal MN:
Longitud de la normal P1N:
MN m1y1 08 0
P1 N = MN (
Si TM , MN 0 y MP1 y1 8, tenemos:
2
2 ) +MP (
= (0) + ( )4
2
1
)2
=4
Longitud de la tangente TP1: 6. y 3x x3 2
TP1 = TM (
)2 +MP ( 2
1
)2
Primera derivada
2
= ∞ ( ) + ( ) 8= ∞
y 3 3 x2
Longitud de la normal P1N:
P1 N = MN (
Al resolver x1 1. 2
2 ) +MP (
2
1
)
2
= (0) +(− ) 8= −
De tal forma que los intervalos a analizar son: 8
a) ,1 b) 1,1
En el punto 0,0 la ecuación de la recta tangente es:
c) 1,
2
y′ =
16 − 20 ( )
2
=4
16 − (0)
En ,1 tomamos x 2 en la derivada, es decir:
y − y1 = m ( x − x1 )
y 3 322 9
y = 4(x)
y es negativa, la función es decreciente.
−4 x + y = 0
En 1,1 tomamos x 0 en la derivada, es decir:
La recta normal es:
y − y1= −
1 4
y 3 302 3
(−x x1 )
y es positiva, la función es creciente.
1 y = − ( x) 4 1 4
En 1, tomamos x 2 en la derivada, es decir,
x+y=0 y 3 322 9
Longitud de la subtangente TM:
TM =
y1 m1
=
y es negativa, la función es decreciente. 0 4
Para un valor antes de x 1 la derivada y ( y para un
=0
valor después y (.
28 6
UNIDAD 4 Análisis de funciones
En x 1, se tiene un mínimo cuyo valor es:
En el punto 1,4 la ecuación de la recta tangente es:
y 4
y 31 13 2 4 La recta normal es:
Cuando x 1, se tiene un mínimo en 4.
x 1
Para un valor antes de x 1 la derivada y ( y para un valor después y (.
Longitud de la subtangente TM:
En x 1, se tiene un máximo cuyo valor es:
TM = 3
y1
=
m1
−4 0
=∞
y 31 1 2 0 Cuando x 1, se tiene un máximo en 0.
Longitud de la subnormal MN:
Segunda derivada
MN m1y1 04 0 y 6x 0
Si TM , MN 0 y MP1 y1 4, tenemos:
Al igualar a cero se tiene:
Longitud de la tangente TP1:
−6 x = 0 x=0
TP1 = (TM )2 +MP (
Para x 0
2
1
)
2
2
= (∞ + ) −( 4=) ∞ Un valor un poco menor Longitud de la normal P1N:
x = −1 y′′ = −6− ( 1= ) 6
2 P1 N = (MN ) +MP (
y′′ = +
2
1
)
2 = (0) 2+(− ) = 4 −
4
Un valor un poco mayor
x =1
En el punto 1,0 la ecuación de la recta tangente es:
y′′ = −6 (1)= − 6
y0
y′′ = − La recta normal es: Al sustituir x en la función:
x1
y 30 03 2 2
Longitud de la subtangente TM:
El punto de in exión es P0,2.
TM = Al sustituir los valores de x 1 en la segunda derivada
y1
0
m1
0
= =∞
Longitud de la subnormal MN:
y 6x 1 6 y ( por lo tanto, se con rma que existe un mínimo en x 1 en 4.
MN m1y1 00 0 Si TM , MN 0 y MP1 y1 0, tenemos:
Sustituyendo los valores de x 1 en la segunda derivada: Longitud de la tangente TP1:
y 6x1 6 y ( , por lo tanto, se con rma que existe un máximo en x 1 en 0.
28 7
( )2 +MP TP1 = TM ( ( )+2 = ∞
2
1
(0=)2∞
)
4 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
Al resolver x1 2 y x2 1.
Longitud de la normal P1N:
= (0) 2 + ( )0
2
De tal forma que los intervalos a analizar son:
2
2 P1 N = (MN ) +MP (
1
)
a) ,1
=0
b) 1,2 En el punto 0,2 la ecuación de la recta tangente es:
c) 2, 2
y ′ = 3 − 3( 0) = 3 En ,1 tomamos x 2 en la derivada, es decir:
y − y1 = m ( x − x1 ) y + 2 = 3( x )
2
y ′ = 422 ( )− () ( −) )+ 2= −1 (−
64
2 0 −x+ +y =
y es negativa, la función es decreciente. La recta normal es: En 1,2 tomamos x 0 en la derivada, es decir:
1
y − y1= −
(−x x1 )
m
y′ = 4 ((− 0 )
1 y + 2 = − ( x) 3 1 3
2
0 ) )= )(2 (+
1
16
y es positiva, la función es creciente.
x + y+ 2 = 0
En 2, tomamos x 3 en la derivada, es decir: Longitud de la subtangente TM:
y ′ = 4 ((− )3 TM =
y1 m1
=
−2 3
=−
2
3 ) )= )(2 (+
1
16
2 3
y es positiva, la función es creciente.
Longitud de la subnormal MN:
Para un valor antes de x 1 la derivada y ( y para un valor después y (.
MN m1y1 32 6 2 Si TM = − MN , = y− 6 3
En x 1, se tiene un mínimo cuyo valor es: tenemos:
MP =y1 = 2,−1
y 14 413 161 11
Longitud de la tangente TP1:
Cuando x 1, se tiene un mínimo en 11.
( )2 +MP TP1 = TM (
1
)2
Para un valor antes de x 1 la derivada y ( y para un valor después y (.
2
2 2 10 = − + (−2)2 = 3 3
En x 1, no se puede concluir hasta este momento. Segunda derivada
Longitud de la normal P1N:
P1 N = (MN )2 +MP (
= −( ) 6(+ )2 −
=2
y 4x 22 8x 2x 1 12xx 2
2
1 2
)
Al igualar a cero se tiene:
2 10
12 x ( x −2 )0= 7. y x4 4x3 16x
x1 = 0 x2 = 2
Primera derivada
y 4x3 12x2 16 4 x 22x 1
28 8
UNIDAD 4 Análisis de funciones
La recta normal es:
Para x 0
x 1
Un valor un poco menor
x = −1 (1 )(−( 1− ) = y′′ = 12− 2
Longitud de la subtangente TM:
) 36 TM =
y′′ = +
y1 m1
−11
=
=∞
0
Longitud de la subnormal MN:
Un valor un poco mayor
x =1 ) 12 y′′ = 12 (1 ) (1 )−2= −
MN m1y1 011 0 Si TM , MN 0 y MP1 y1 11, tenemos:
y′′ = −
Longitud de la tangente TP1:
Al sustituir x en la función:
y 04 403 160 0
( )2 +MP TP1 = TM (
El punto de in exión es P0,0 .
2
1
2
)
2
( ) (+ − ) 11 = ∞ =∞
Para x 2 Longitud de la normal P1N:
Un valor un poco menor
x =1
2 P1N = (MN ) +MP (
( ) (1 )−2= − ) 12 y′′ = 121
2
1
2
)
2
) = − 11 = ( 0) +(− 11
y′′ = − Un valor un poco mayor
En el punto 0,0 la ecuación de la recta tangente es:
x=3
(− ) 2 )(02)+( =1 16) y′ = 4 (0
y′′ = 12 (3) ((3) − 2 )36 =
y − y1 = m ( x − x1 )
y′′ = +
y = 16 ( x ) Al sustituir x en la función:
−16 x + y = 0
y 24 423 162 16
La recta normal es:
El punto de in exión es P2,16 .
1
y − y1= −
16
Al sustituir los valores de x 1 en la segunda derivada:
( 1 )(−( 1− ) = 2) y′′ =1 2 −
y=− 36 1
y (, por lo tanto, se con rma que existe un mínimo en x 1 en 11. Al sustituir los valores de x 2 en la segunda derivada:
y′′ =12 2( 2) (( ) 2 − 0) =
16
1 16
x1)
( x)
x+y=0
Longitud de la subtangente TM:
TM =
y1
=
m1 Como y 0, el método de la segunda derivada no es aplicable.
(−x
0
=0
16
Longitud de la subnormal MN:
En el punto 1,11 la ecuación de la recta tangente es:
MN m1y1 016 0 y 11
28 9
4 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
Si TM 0, MN 0 y MP1 y1 0, tenemos:
Al resolver x1 1 y x2 3.
Longitud de la tangente TP1:
De tal forma que los intervalos a analizar son:
( )2 +MP TP1 = TM ( 2 ( )0 = ( 0) +
a) ,1
2
1
)
b) 1,3
2
=0 c) 3,
Longitud de la normal P1N:
En ,1 tomamos x 2 en la derivada, es decir:
( )2 MP TM
TP 1
2
2
y 32 62 9 15
=
+ ( 1) 2 ( )0 2 = 0 = ( 0) +
( )2 +MP TP1 = TM ( 2 ( )0 = ( 0) +
y es positiva, la función es creciente. En 1,3 tomamos x 0 en la derivada, es decir:
2
1
)
y 302 60 9 9
2
=0 y es negativa, la función es decreciente. 2
( )2 +MP P1 N = MN ( 2 ( )0 = ( 0) +
2
1
)
En 3, tomamos x 4 en la derivada, es decir:
=0
y 342 64 9 15
En el punto 2,16 la ecuación de la recta tangente es:
y es positiva, la función es creciente. Para un valor antes de x 1 la derivada y ( y para un
y = 16
valor después y (.
La recta normal es:
En x 1, se tiene un máximo cuyo valor es:
x2 y 13 312 91 5 10 Longitud de la subtangente TM:
TM =
Cuando x 1, se tiene un máximo en 10.
y1
16
m1
0
= =∞
Para un valor antes de x 3 la derivada y ( y para un valor después y (.
Longitud de la subnormal MN:
En x 3, se tiene un mínimo cuyo valor es:
MN m1y1 016 0
y 33 332 93 5 22
Si TM , MN 0 y MP1 y1 0 tenemos que:
Cuando x 3, se tiene un mínimo en 22.
Longitud de la tangente TP1:
Segunda derivada
( )2 +MP TP1 = TM ( 2
( )+ ( )16 = ∞ =
2
1
y 6x 6
)
2
Al igualar a cero se tiene:
0
6x − 6 = 0
Longitud de la normal P1N:
x1 = 1
( )2 +MP P1N = MN ( 2
( )16 = (0) +
2
1
)
Para x 1
2
16 =
Un valor un poco menor
x=0
8. y x3 3x2 9x 5
) = y′′ = 6 (0− 6− 6
Primera derivada
y′′ = − y 3x2 6x 9 4x 1x 3
29 0
UNIDAD 4 Análisis de funciones
Un valor un poco mayor
La recta normal es:
x=2
x 1
y′′ = 6 (2 ) − 6 6= Longitud de la subtangente TM:
y′′ = +
y1
TM =
Al sustituir x en la función:
y 1 31 91 5 6 3
m1
=
−22
=∞
0
2
Longitud de la subnormal MN:
El punto de in exión es P1,6 Al sustituir los valores de x 1 en la segunda derivada:
MN m1y1 022 0 Si TM , MN 0 y MP1 y1 10, tenemos:
y 61 6 12 y (, por lo tanto, se con rma que existe un máximo en x 1 en 10. Al sustituir los valores de x 3 en la segunda derivada:
Longitud de la tangente TP1:
( )2 +MP TP1 = TM (
2
1
)
2 2 = ∞( )+( − ) 22 =∞
y 63 6 12 y (, por lo tanto, se con rma que existe un mínimo en x 3 en 22. En el punto 1,10 la ecuación de la recta tangente es:
Longitud de la normal P1N: 2 P1N = (MN ) +MP (
2
1
)
2 2 ( )22 = ()0 +− = 1 0
y 10 La recta normal es:
En el punto 1,6 la ecuación de la recta tangente es:
x 1 2 y′ = 31() −61()−9= −12
Longitud de la subtangente TM:
TM =
y1
10
m1
0
y − y1 = m ( x − x1)
= =∞
y + 6= −12 (−x1
)
12 x + y − 6 0=
Longitud de la subnormal MN: La recta normal es:
MN m1y1 010 0 Si TM , MN 0 y MP1 y1 10, tenemos: Longitud de la tangente TP1:
y+6= 2
2
( ) +MP TP1 = TM (
1
)
−
( )+2 ( )10= 2∞ = ∞
1 12
73 x+ +y = 12
m 1
12
(−x
2 P1 N = (MN ) +MP (
2
1
TM =
)
y1
=
m1
0
2
10 = Longitud de la subnormal MN:
En el punto 3,22 la ecuación de la recta tangente es:
MN m1y1 126 72
y 22
29 1
−6 −12
x1)
( x − 1)
Longitud de la subtangente TM:
Longitud de la normal P1N:
2 ( )10 = ( 0) +
1
y − y1= −
=
1 2
4 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
Si TM =
1 2
,MN= 72 y
Al igualar a cero se tiene:
MP = =y1− 6,1
tenemos que: 2 3
Longitud de la tangente TP1:
3
=0
2
1
)
Para x 0
1 2 145 2 = + (−6) = 2 2
Un valor un poco menor
x = −1
Longitud de la normal P1N:
4
2 P1 N = (MN ) +MP ( 2 )+ () = = ( 72 − 6
y′′ = 2 (−1)− 3 = 2 3 3
2
1 2
)
y′′ = +
6 145
Un valor un poco mayor
2 2 x − 3x 3
x =1 2 −4 2 y′′ = (1) 3 = 3 3
Primera derivada
y′ = 2 − 2 x
−4
x1 = 0
( )2 +MP TP1 = TM (
9. y =
x
−1
y′′ = +
3
Al resolver x1 1.
Porlo tanto, no existe punto de in exión.
De tal forma que los intervalos a analizar son:
Al sustituir los valores de x 1 en la segunda derivada:
a) ,1
2 −4 2 y′′ = (1) 3 = 3 3
b) 1, En ,1 tomamos x =
1
y (, por lo tanto, se con rma que existe un mín x 1 en 1.
en la derivada, es decir:
2 En el punto 1,1 la ecuación de la recta tangente es:
−1
1 y′ = 2 − 2 2
3
= −0.5198 y 1
y es negativa, la función es decreciente.
La recta normal es:
En 1, tomamos x 2 en la derivada, es decir:
x1
1
1 − 3 y ′ = 2 − 2 = 0.4125 2
Longitud de la subtangente TM:
y es positiva, la función es creciente.
TM =
Como para un valor antes de x 1 la derivada y ( y para un valor después y (.
y1 m1
=
−1 0
=∞
Longitud de la subnormal MN:
En x 1, se tiene un mínimo cuyo valor es:
MN m1y1 01 0
1
− y′ =2 −2 2( ) 3 = 0.4125
Si TM , MN 0 y MP1 y1 10, tenemos:
Cuando x 1, se tiene un mínimo en 1. Longitud de la tangente TP1: Segunda derivada
( )2 +MP TP1 = TM ( y′′ =
2 3
x
−4
3
2
1
)
2 ) 1=2∞ = (∞) + (−
29 2
imo en
UNIDAD 4 Análisis de funciones
Longitud de la normal P1N:
Al igualar a cero se tiene: 2
( ) +MP P1N = 9MN ( 2 2 1− = (0) +(− ) =
6 x −12 0=
2
1
)
x1 = 2 1
Para x 2
10. y x3 6x2 15
Un valor un poco menor
Primera derivada
x =1 (− ) 12= −6 y′′ = 61
y 3x3 12x 3xx 4
y′′ = −
Al resolver x1 0 y x2 4. Un valor un poco mayor
De tal forma que los intervalos a analizar son:
x=3
a) ,0
y′′ = 6 (1 ) −12 = 6
b) 0,4
y′′ = +
c) 4,
Al sustituir x en la función:
En ,0 tomamos x 1 en la derivada, es decir:
y 23 622 15 1
( 1)−4 = 15) y′ =3−( 1 )(−
El punto de in exión es P2,1
y es positiva, por lo que la función es creciente. Al sustituir los valores de x 0 en la segunda derivada: En 0,4 tomamos x 2 en la derivada, es decir:
y 60 12 12
) 12 y′ =3 2( )2(( ) −4 = − y es negativa, por lo que la fun ción es decreciente.
y , por lo tanto, se con rma que existe un máximo en x 0 en 15.
En 4, tomamos x 5 en la d erivada, es decir:
Al sustituir los valores de x 4 en la segunda d erivada:
)= y′ =3 5( 5) (( ) 4− 15
y 64 12 12
y es positiva, por lo que la función es creciente. Para un valor antes de x 0 la derivada y ( y para un valor
y , por lo tanto, se con rma que existe un mínimo en x 4 en 17.
después y (. En el punto 0,15 la ecuación de la recta tangente es: En x 0, se tiene un máximo cuyo valor es:
y 15
y 03 602 15 15 Cuando x 0, se tiene un máximo en 15.
La recta normal es:
Para un valor antes de x 4 la derivada y ( y para un valor después y (.
Longitud de la subtangente TM:
En x 4, se tiene un mínimo cuyo valor es: 3
x0
2
y 4 64 15 17
TM = y1= 15 =∞ 0 m1
Cuando x 4, se tiene un mínimo en 17.
Longitud de la subnormal MN:
Segunda derivada
y 6x 12
MN m1y1 015 0
29 3
4 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
En el punto 2,1 la ecuación de la recta tangente es:
Si TM , MN 0 y MP1 y1 15, tenemos:
( )2(( ) −4 = − ) 12 y′ = 32
Longitud de la tangente TP1:
y − y1 = m ( x − x1)
( )2 +MP TP1 = TM (
2
1
2
y + 1= −12 (− x2
)
( )+ ( )15= ∞ = ∞
La recta normal es:
Longitud de la normal P1N: 2
2 ( )15 = (0) +
2
1
y +1 =
15 =
y 17
−
1 12
7 x+ +y = 6
TM =
x4 Longitud de la subtangente TM:
=
1
x1 )
12
( x − 2)
0
Longitud de la subtangente TM:
La recta normal es:
m1
(−x
m
)
En el punto 4,17 la ecuación de la recta tangente es:
TM =
1
y − y1= −
2
P1N = MN ( ) +MP (
y1
)
12 x + y −23 = 0
2
y1 m1
=
−1 1 = −12 12
Longitud de la subnormal MN:
−17 0
MN m1y1 121 12
=∞ Si TM =
Longitud de la subnormal MN:
MN m1y1 017 0
1 12
MN , = 12 y MP = =y1− 1,1
Longitud de la tangente TP1:
Si TM , MN 0 y MP1 y1 17, tenemos:
1
)
2
1 145 2 = + (−1) = 12 12
2
1)
Longitud de la normal P1N:
2 2 ( ) (+ = ∞ − ) 17 =∞
2
2 P1 N = (MN ) +MP (
Longitud de la normal P1N: 2 P1 N = (MN ) +MP (
2
2
TP1 = TM ( ) +MP (
Longitud de la tangente TP1:
( )2 +MP TP1 = TM (
tenemos:
2 () = = (12) +− 1
2
1
)
2 ) 12 = = ( )0 (+ − 17 7
29 4
1 2
)
145
UNIDAD 4 Análisis de funciones
EJERCICIO 22 Entonces,
I. Resuelve los siguientes problemas. 1. Una lámpara de arco cuelga a la altura de 3 m directamente sobre un camino rectilíneo y horizontal. Si una persona de 1.70 m de
3s =1.7 x +1.7 s 1.3s =1.7 x
alto va alejando de la lámpara a razón de 60 m/min, ¿cuántos metros por minuto se alarga su sombra?
s= ds dt
F C
A1
=
1.7 1.3
x
1.7 dx
=
1.3 dt
1.7 1.3
(60) = 78.46 m s
La sombra se alarga a una razón de 78.46 ms.
A2
2. Un punto se mueve sobre la parábola y2 16x, de manera que la abscisa aumenta 2 cm por segundo, ¿en qué punto aumentan B1
O
B1
la ordenada y la abscisa a la misma razón?
B2
Para saber en qué punto la ordenada y la abscisa aumentan a la misma razón, es necesario observar en que puntos la derivada De la semejanza de los triángulos FA1A2 y A1 1B2B′ ′ se deduce:
dy
2y
B ′B ′
A1 A 2
tiene el valor de 1, entonces:
dx
=1 2
FC
FO
dy dx
Al sustituir se tiene:
= 16 =
16
=
8
2y y
=1
y=8
A1 A2 =1B2 B
FC = 1.2m
Al sustituir en la ecuación de la parábola se tiene:
FO =3m
B ′B ′
B1B2 1.2m
x=
=1 2
3m
Donde B1B2 es la distancia recorrida por el peatón en el mismo tiempo que el extremo de su sombra recorre B1′B2′ .
y2 16
=
82 16
=4
Por lo tanto, el punto en que aumentan en la misma razón es P4,8 3. Una escalera de 16 m se apoya contra un edi cio, encuentra:
Por lo tanto,
a) La velocidad a la que se mueve el extremo superior cuando el inferior se aleja del edi cio a una velocidad de 1 ms y se encuentra a una distancia de él de 10 m.
B12B = vt 12 B ′B ′ = v ′t Al sustituir en la igualdad anterior resulta:
vt 1.2m
=
16
vt ′ 3m
y
Al despejar,
v′ =
( 3) v 1.2
=
( 3)( 60) 1.2
x
= 150 m min
La ecuación que rige el movimiento es:
La velocidad del extremo más lejano de la sombra es 150m min.
y = 16 2 − x 2 Al derivar respecto al tiempo se tiene:
1 1B ′ =1s , OB = 1 x y OB ′ = y . Sea B
Por semejanza de triángulos rectángulos se tiene:
s
dy dt
y x s +
=
1.70 3
=
3
vy = −
29 5
dx dt 256 − x 2 x
=−
xvx 256 − x 2
4 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
Al sustituir los valores dados:
Al derivar con respecto al tiempo,
(10 )(1)
vy = −
2
2z
= −0.8m s
256 − (10 )
El extremo superior se mueve a una velocidad de 0.8 ms.
dz dt dz dt
= 2x
dx dt
+ 2y
x
= vz =
dy dt
dx dy +y xv + yvy dt dt = x z x 2 + y2
b) La velocidad a la que disminuye la pendiente. Como m =
dy dx
Al sustituir se tiene: , entonces: ( )(65) ( +320m )( )80 325m
dy m= = dx
d dx
vz =
x
16 − 2= − x2
La variación de la pendiente con respecto al tiempo es:
dx d 16 2 2− x − x2 216 dm d x dt dt =− = − dt dt 16 2 − x 2 16 2 − x 2
− x
16 2
= 102.44 km h
2
Por lo tanto, la distancia entre los trenes a mediodía aumenta en 102.44 kmh. 5. Un barco, cuya cubierta está a una distancia de 15 por debajo de la super cie de un muelle, es arrastrado por medio de un cable unido a la cubierta y que pasa por una argolla situada en
dx x dt 16 2 − x 2 dx − x − dt 16 2 − x 2 = − 2 2 16 − x =−
(325 ) ( ) 2 + 320
16 2 − x 2
el muelle que cuando el barco se encuentra a una distancia del 5 muelle de 36 m y se aproxima con una velocidad de m s, 4 encuentra la velocidad del extremo del cable.
dx
(16 2 − x 2 )3 dt z
Al sustituir los valores se tiene:
dm dt
=−
16 2
(16 2 −10 2 )3
y = 15 m
(1) = 0.13 m s v1 =
Por lo tanto, la pendiente disminuye a una velocidad de 0.13 ms.
5
x = 36 m m/s
4
Sea la z longitud del cable. 4. Un tren que sale a las 7 horas de la mañana se dirige hacia el Este a una velocidad de 65 kilómetros por hora, mientras que otro, que sale a las 8 horas de la misma estación, se dirige hacia
De acuerdo a la gura, se tiene un triángulo rectángulo aplicando el teorema de Pitágoras se tiene:
el Sur a una velocidad de 80 kilómetros por hora; encuentra la
z 2 = x 2 + y2
velocidad a que se separan ambos trenes al mediodía.
z 2 = x 2 + 225
E
v1 = 65 km/h a medio día ha recorrido x = 325 km
Al derivar con respecto al tiempo,
2z
dz dt dz dt
v1 = 80 km/h a medio día ha recorrido y = 320 km
= 2 x =
vz =
dx dt
x dx z dt
d
+225 dt
=
x
dx
x 2 + 225 dt
x x 2 + 225
vx
Al sustituir se tiene:
S
Sea z la distancia que separa a ambos trenes. De acuerdo a la gura, se tiene un triángulo rectángulo aplicando el teorema de Pitágoras se tiene:
z2 x2 y2
vz =
5 2 36 2 a + b = 1.18m s (36)2 +225 4
Por lo tanto, la velocidad del extremo del cable es vz 1.18 ms.
29 6
UNIDAD 4 Análisis de funciones
6. El radio de la base de cierto cono aumenta a razón de 5 cm h y la altura disminuye a razón de 6 cmh; calcula cómo varía el área total del cono cu ando el radio mide 12 cm y la altura 36 cm. Si el radio de la base aumenta a razón de 5 cmh, esto signi ca que:
dr = 5 cm h dt Si la altura disminuye en:
dh dt
= 6 cm h
Por lo tanto, el área total del cono es:
At rg r Donde, g2 h2 r2 Dado que r y h son variables independientes, la derivada de At respecto al tiempo es:
dh h + r dr dt + dr + ( h 2 + r 2 + r ) dr = π r dt h 2 + r 2 dt dt dt
dAt
Al sustituir los valores de las variaciones de altura y radio se tiene:
dAt dt
(6c m)h ( h + )5cm h = π r h2 + r 2
r
+ 5cm h + (5cm h )( h 2 + r 2 + r )
Entonces para r 12 cm y h 6 cm
dAt dt
) ( +5cm )( 12cm ) (6cm)(6c m = π (12) 2 (6cm ) (2 + 12cm )
) ( () 6cm ( + 5cm + (5cm dAt
Por lo tanto, el área total del cono varía
dt
2
)+12cm ( )
2
+12cm
) 272.94 =
= 272.94 π cm h .
3 7. El gas contenido en un globo esférico se escapa a razón de 50 cm min, en el instante en que el radio es de 12.5 cm, determina:
a) ¿Con qué rapidez disminuye el radio? b) ¿Con qué rapidez disminuye el área de la super cie?
r = 12.5 m
El volumen de una esfera es v = 4 πr 3. 3 Al derivar con respecto al tiempo,
dv dt
=
4 3
π 3r 2
dr dt
29 7
cm π h
4 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
Al despejar y sustituir la variación del radio en el tiempo se tiene:
dr
=
dt dr dt
=
1 2
4 π (12.5 )
1
dv
4 πr 2 dt
(50 ) = 0.025 cm min
El radio disminuye con una rapidez de 0.025 cmmin. La super cie de una esfera es A 4r2. Al derivar con respecto al tiempo se tiene:
dA dt
= 8 πr
dr td
Al sustituir se tiene:
dA dt
) ( 0.025 ) =7.85cm 2 min = 8 π (12.5
Por lo tanto, el área de la super cie disminuye con una rapidez de 7.85 cm2min. 8. Una vía de ferrocarril cruza una carretera bajo un ángulo de 30 ; una locomotora se encuentra 320 m del cruce y se aleja de él a una velocidad de 150 km h; un automóvil se encuentra a 320 m del cruce y se acerca a él a la velocidad de 75 km
h, ¿a qué
razón se altera la distancia entre los dos?
T1
r2 r1 60°
A2
A1 r4 r3
T2
Existen cuatro posibilidades, como se observa en la gura. En todas ellas el módulo de la velocidad con que se aproximan o se alejan uno respecto al otro, es la derivada del módulo del vector de posición de cualesquiera de ellos con respecto al otro.
29 8
UNIDAD 4 Análisis de funciones
Nota: Se ha tomado como referencia al automóvil.
Caso I El modulo del vector de posición del tren T1 respecto al automóvil A1 es:
r1 = x y2 + 2xy− 2
cos120
Al derivar con respecto al tiempo,
dr1 dt Donde,
dx dt
=
dx dy dy dx x dt + y dt − x dt + y dt cos120 x 2 + y2 − 2 xycos120
= v= − A 1
dy 75 km h y = = dt
vT 150 km h. 1
El signo negativo de vA1 es debido a que la distancia del auto al cruce disminuye con el tiempo. Al sustituir los valores se tiene:
dr1 dt
=
(320 ) ( − )( )150 ( +)( (320 −)( + 75 320 −) (150)(
) 320
) 75 cos120
(320 ) ( )2 + 320 (2)−2( 320 ) 3 20 cos120
= 64.95 km h
Por lo tanto, la distancia que se altera entre ellos es 64.95 km h.
Caso II El modulo del vector de posición del tren T1 respecto al automóvil A2 es:
r1 = x y2 + 2xy− 2
cos60
Al derivar respecto al tiempo,
dr1 dt dx Donde = =v−A 2 dt
x
=
dx dy dy dx + y − x + y cos60 dt dt dt dt x 2 + y2 − 2 xycos6 0
75 km = h y=
dy dt
vT 150 km h. 1
El signo negativo de vA1 se debe a que la distancia del auto al cruce disminuye con el tiempo. Al sustituir los valores, se tiene:
dr1 dt
=
(320 ) ( − )( )150 ( +)( (320 −)( + 75 320 −) (150)(
) 320
) 75 cos60
(320 ) ( )2 + 320 (2)−2( 320 ) 320 cos60
= 37.5 km h
Por lo tanto, la distancia que se altera entre ellos es 37.5 km h. Las combinaciones A1 T2 y A2 T2, son las mismas respectivamente que A2 T1 y A1 T1.
29 9
4 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
9. Una placa circular de metal se dilata por el calor, de manera que
La distancia r de la cometa al niño en un instante cualquiera es:
su radio aumenta con una rapidez de 0.1 mm por segundo, ¿con
r = s 2 + 250 2
qué rapidez aumenta el área cuando el radio es de 25 mm?
Al derivar con respecto al tiempo se tiene:
r dr dt
El área de una placa circular es:
A r2 La derivada Al derivar con respecto al tiempo,
dA dt
= 2πr
ds
es la velocidad del papalote, la cual, es positiva.
dt
Dado que la distancia s aumenta con el tiempo, tenemos:
dr
ds
dt
dt
Al sustituir los valores se tiene:
dA dt
Al sustituir los valores:
v=
10. Un tanque cilíndrico vertical de 8 m de radio, se llena de agua nivel de agua con respecto al tiempo.
s = 400
El volumen de un cilindro es:
v=
Al derivar con respecto al tiempo y sustituir, se tiene:
dh dt
=
dt
s ( 40 )
=
s 2 + 250 2
2
− 250
2
= 312.25 m
Al sustituir en la ecuación de velocidad,
v = πhr 2
= πr 2
dr
Al calcular la distancia s cuando r 400 m tenemos:
a razón de 12 m 3min. Encuentra la variación de la altura del
dt
= 40 m s
= 2π (25mm )(0.1mm s ) =15.7 mm 2s
Por lo tanto, la rapidez con que aumenta el área es 15.7 mm2s.
dv
ds dt s 2 + 250 2 s
=
dr dt
=
(312.25 )( )40
400
= 31.225 m s
Por lo tanto, la velocidad es de 31.225 ms.
dh dt
3 1 dv 12m ( min
πr 2 dt
=
(8m )2 π
)=
3 16 π
12. Un foco de luz está situado en la cúspide de una torre de 80 m de altura; desde un punto situado a 20 m del foco y a su misma
m min
altura se deja caer una piedra, suponiendo que cae según la ley s 16t2, determina la velocidad a la que se mueve la sombra de la piedra sobre el suelo un segundo después de empezar a caer.
Por lo tanto, la variación de la altura del nivel del agua con res3 pecto al tiempo es m min. 16 π
piedra
20
11. Un niño eleva un papalote a una altura de 250 m, si se sabe que
16t2
el papalote se aleja del niño a una velocidad de 40 m s, determina la velocidad a la que suelta el hilo cuando el papalote se encuentra a 400 m de distancia del niño.
250 m
80 40 m/s
s
r = 400 m
En el instante t la pelota está en 20,80 16t2 La sombra en el suelo es la intersección de la recta foco-piedra con el eje x suelo La velocidad en ms a la que el niño deberá soltar la cuerda es la velocidad del papalote respecto al niño, es decir:
v=
La ecuación de dicha recta es:
y − y0 = m ( x − x0 )
dr
m=
dt
30 0
y1 − y0 x1 − x0
UNIDAD 4 Análisis de funciones
Al sustituir los valores se tiene:
La velocidad es positiva en los intervalos:
80 − 16 t 2 − 80 ( x ) y − 80 = 20
0,3 y 8, La velocidad es negativa en el intervalo:
4 y − 80 = − t 2 x 5
3,8
El corte con el eje x sucede cuando y 0, es decir:
Este último es el intervalo en el que el automóvil marcha en sentido contrario.
4
0 = − t 2 x + 80 5
14. Una partícula se mueve a lo largo de una línea horizontal de acuerdo con la ley s 2t4 4t3 6t2 12t determina:
Al despejar x se tiene:
x=
a) ¿Cuándo aumenta la velocidad y cuándo disminuye?
100
t2 Al calcular la velocidad y la aceleración:
Al derivar con respecto al tiempo tenemos:
dx dt
=
ds v = = −8 t 3 12 + t 2−12 1t 2 dt
200
t
3
Se tiene que t 1.2563
Al evaluar en t 1.
dx dt
Un valor antes
= 20 0m s t =1 v = 8−1 2+1 2− 1 2 =− 4
Por lo tanto, la velocidad es de 200 ms.
Un valor después
13. El espacio recorrido por un automóvil sobre una carretera horizontal, con respecto a un punto jo, está dado en función 3t 4 del tiempo t, por la ecuación s = − 22t 3 +72 t 2. Calcula 2 el intervalo de tiempo en el que el automóvil marcha en sentido contrario al inicial.
2
(12 )− 2= 12 28
Para el intervalo 0,1.2563 la velocidad disminuye y para
1.25632 la velocidad aumenta.
Se calcula la derivada de la función posición:
ds v= = − 6t 3 66 +t dt
t=2 3 ()2+ v = 8 (2) − 12
= 144 t tt 6− t + (11 =2 tt 24 −t −6
2
b) ¿En qué instante cambia el sentido del mo vimiento?
) 3 ( 8 )(
)
Cuando t 1.25632 se encuentra en el instante en que el movimiento cambia de sentido.
Se observa que tiene raíces en:
c) El espacio total recorrido en los tres primeros segundos del movimiento es:
t1 = 0 t2 = 3
4
()+ −4(= ) s =2−3 3
t3 = 8 El valor t1 0 no se considera, ya que es el momento inicial.
(36)3
2
() 3 12
72
15. Una partícula se mueve de acuerdo con la ley s 2t2 12t 10 a lo largo de una recta donde s se mide en pies yt en segundos, calcula:
Al evaluar la velocidad en un punto antes de 3,
a) Su velocidad cuando t 2 s.
v 622 32 8 75 Al evaluar en un punto después de 3,
v
ds
= dt =
v 644 34 8 96
4t
12
−
En t 2 s
Al evaluar en un punto después de 8,
ds v= = dt
v 699 39 8 324
30 1
4 (2−) 12 = − 4m s
4 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
En t 2 s la partícula tiene una velocidad de 4 ms.
v=
b) Su velocidad cuando t 4 s.
=
ds v = = 4 (− 4 ) =12 dt
4m s
ds
a=
c) ¿Cuándo es la velocidad igual a cero? ds v = dt= −4 t =12 t=
12
2
dt
2 8
m s
8
dv
=3
9
=−
3
4 ( 2 + 3t )2 9
0
9
= − 4 (2 +3 2( ))32 = − 64 2
=3
4
2 3t + 2
3 2 3 2( ) + 2
=3 En t 4 s la partícula tiene una velocidad de 4 ms.
3
=
dt
=−
9
m s2
64 2
En t 3 s la partícula tiene una velocidad de 0 ms.
d) s = t + 5 para t =4 16. Dadas las siguientes ecuaciones de movimiento rectilíneo, calcula el espacio recorrido, la velocidad y la aceleración en el instante indicado.
s = 4+5 = 3
=3m
a) s 3t2 t, para t 3
v= 2
() − (3) 24 s = 33 =
=
= 24 m v=
ds dt
= 6t − 1
=
= 6 (3 ) −1 = 17
dv dt
dt
2 t+5 3
=
2 3 2( ) + 2 1
1 6
m s
6
1 a = dt = − 4 (5 + t )32
=6
1
=−
3
=−
4 (5 + 4 ) 2
= 6 m s2 =−
2
b) s 8t 4t para t 5
4 (5 ) s = 8 (5) −
1
=
dv
= 17 m s a=
ds
1 108
m s2
e) s 3t2 9t 4 para t 1
2
60 =
= −60 m v=
ds dt
= 8 − 8t
2
2 s = 31( ) −91( )+4 = −
= −2 m
= 8 − 8 (5) = −32 m s a=
dv dt
v=
= −8
dt
= 6t − 9
)9 = − = 61( − 3
= −3 m s
= −8 m s2 c) s =
ds
a = dv = 6 dt
3t + 2 para t = 2
= 6 m s2 s = 32( )2+ 2 =2
=2
2m
30 2
1 108
UNIDAD 4 Análisis de funciones
f) s =
2 3t + 3
i) s 16t2 20t 4 para t 2
para t = 3
2
s=
= v=
3(3) + 3 1 3
ds
=
v=
3
(3 + 3t ) 2 3
a=
8 3
dv
17. Dadas las siguientes ecuaciones del movimiento rectilíneo, calcula el espacio recorrido y la aceleración en el instante en
27 5
27 3
=
2 (3 +3 3( ))2 3 64
que la velocidad se anula por primera vez.
2 (3 + 3t ) 2
=
=
a = dv = 32 dt
= −8 3
m s
=
dt
= 32t −20
= 32 m s 2
1
=−
dt
= 44 m s 1
(3 + 3(3))2
ds
= 32 (2 ) −20 =44
3
3
=−
28
= 28 m
3
m
=−
dt
2
2= 4 s = 16 (2) − 20( )+
1
a) s t3 3t2 9t 4
3 64
v=
m s2
ds
0)( − ) =
= 3+ t62 t−9= t + 3t (1
dt
t1 = −3 s t2 = 1 s
g) s 100 4t 8t2 para t 3
Para t 1 2
s = 100 − −4 3( ) 8=(3 )
3 2 )+ s = (1 3(1) −91() + 4 =− 1
16
= 16 m v=
= −1 m
ds
4 16 t =− − dt = −4−1 6 3( =) −52
a=
dv dt
= 6t + 6
dt
= 6 (1 ) +6 = 12
= −52 m s a=
dv
= 12 m s 2
= −16
b) s =
t 1+ t2
= −16 m s 2 v=
h) s 6t2 2t3 para t 1
ds dt
=
(1 + t 2 ) − 2t 2 (1 +)t 2 2 (
=
1− t 2
) 1+ t2
t1 = −1 s 2
21() s = 61() −
3
t2 = 1 s
4=
= 4m v=
ds dt
Para t 1
= 12 t − 6t 2
= 12 (1) −6 (1)
2
s=
6=
=
=6m s dv
1
=
2
1 + (1) 1
1 2
m
2
dv 2t (t 2 − 3) a = dt = (1 + t 2 )3
a = dt = 12 −12 t
= 12 −12 1( ) =0
21( )1(( ) 3− 2
=
= 0 m s2
=−
30 3
3
(1 + (1)2 ) 1 2
m s
2
)
=−
1 2
2
4 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
c) s 16t2 64t 64 v=
ds
= 32 t −64
dt
t1 = 2 s Para t 2 2
)2 = 64 s = 16 (2)− 64(+
0
=0m dv a=
32 dt =
= 32 m s 2 d) s 3t3 3t2 12t 8 ds v= = dt t1 =
Para
t=
1 3
(1 +
1 3
9− t2 − 6 t1 2
(1 ±
13 )
13 )
3 2 1 1 (1 +1 )3( 3− ) 1 1 +( 13 ) − 12 1 + 13 +8 = 6.638 − 3 3 3
s = 3
= −6.638 m a=
dv dt
= 18 t − 6
1 = 18 3 (1 + 13 )6− = 21.63 m s 2 e) s =
t +1 t2 + 4 v=
ds dt
=
(t 2 + 4) − (t + 1)(2t ) (t 2 )+ 4
2
=−
−4 + 2 t + t 2
( )
4 + t2
2
t1 = −1 − 5 t 2 = −1 + 5 Para
t = −1 + 5
s=
(−1 + 5 ) + 1 = 0.4045 2 (−1 + 5 ) + 4
= 0.4045 m 2 2
2
2
a = dv = − (+ 4 ) t 2+(2 − (t −+4) 2+ tt()t42 4)4t+ dt (4 + t )
=
(
2
2−4 − 12 1−( +5 3 )+(1− 5+ ) ( + 1 −)5 +
(4 + (−1 +
2 3
5)
)
= −0.1463 m s 2
30 4
2
= 2− (4 1− 2 +t 3 2 +3t (4 + t ) 3
) = −0.1463
3
t )
UNIDAD 4 Análisis de funciones
f)
s = 3t +
Tardará 6.6971 s en llegar al suelo.
12 1+ t
v=
ds dt
= 3−
ds v = == dt
12
(1 + t )2
(9.81)(=6.6 971 )
gt
65.69 m s
La moneda va hacia abajo, por lo tanto, la velocidad es negativa v 65.69 ms.
t1 = 1 s Para t 1
20. Una pelota se deja caer desde lo alto de un edi cio que tiene 555 pies de altura, ¿cuánto tiempo le tomará a la pelota llegar al suelo y con qué rapidez llegará? (tomar la gravedad terrestre
12
s = 3(1) +
como 32 piess2).
=9
1 + (1)
=9m a=
=
dv dt
Se sabe que:
=
24
(1 + t )3
24
(1 + 1)3
s=
=3
1 2
gt 2
Entonces,
= 3 m s2 t=
18. Una pelota se lanza hacia arriba en forma vertical siguiendo la ley s 25t 5t2, si s se mide en metros yt en segundos, encuentra:
2s
g
=
( ) 2 555
32
= 5.889 s
Tardará 5.889 s en llegar al suelo.
a) Su posición y velocidad a los 3 s. ds v = = = gt dt
Para t 3 s
() − 5 (3) s =2 5 3
2
(32)(=5. 889 )
188.46 pies s
La pelota va hacia abajo, por lo tanto, la velocidad es negativa
30 =
v 188.46 piess.
= 30 m 21. Si deja caer una piedra de una torre de 220 pies con una velocidad
b) ¿Cuál es su máx ima altura?
inicial de 22 piess, encuentra:
La altura máxima se alcanzará cuando v 0, es decir:
ds
v== dt t=
Para t =
a) ¿Cuál es su velocidad después de 3 s? Se sabe que:
− 25 1=0 t 0
5
1 s =vt 0 +gt 2
2
2
Entonces,
5 2
ds v= = dt
5 5 2 125 s = 25 − 5 = 2 2 4
)= (− − v0 =gt − −(22 ) (32 3)
118
La velocidad después de 3 s es 74 m s.
19. Se deja caer una moneda desde una altura de 220 m, determina
b) ¿Cuál es su velocidad tras caer 108 pies?
la velocidad instantánea de la moneda cuando alcanza el suelo. Se sabe que: Se sabe que:
g=
1 s = 2 gt 2
v 2f − vi2 2d
Entonces,
Entonces,
t=
2s
g
=
( ) 2 220
9.81
v f = dg 2 + v=
= 6.6971 s
30 5
2 i
( + 2 108 −)( 32 )=
( 22
)288.17m s
4 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
22. Se arroja una moneda a una alberca desde una altura de 100 m;
b) ¿Cuál es su velocidad máxima?
un segundo más tarde se lanza otra moneda desde una altura de
ds v= = dt
75 m, ¿cuál de las dos choca primero con la super cie del agua? Se sabe que:
a= s=
1 2
gt 2
dv dt
36 −t 2 +36 t 9
= 72 t −36
Cuando a 0, se tiene: 72t 36 0
Entonces, Tiempo crítico, 2s g
t=
t=
Para s 100m
1 2
Valor un p oco menor
t=
2 (100 ) 9.81
t=0
= 4.51 s
dv 6 a = = 72 (− 0)= 3− dt
Para s 75m
36
Valor un p oco menor 2 ( 75)
t=
9.81
t =1
= 3.91 s
tT = 1 + t =491.
dv a= = dt
s
La moneda que se deja caer desde la altura de 100 m llegará primero a la super cie del agua.
(1 )=36 72−
36
Por lo tanto, el automóvil nunca alcanza la velocidad máxima.
c) ¿Qué distancia ha recorrido el automóvil cuando alcanza su velocidad máxima?
23. Para calcular la altura de una torre, una persona deja caer una piedra la cúspide de la torre sobre una piscina en el suelo, ¿cuál es la altura de la torre si el impacto con el agua se observa los 6.8 s después de arrojar la piedra?
No se puede calcular ya que el automóvil nunca alcanza su velocidad máxima. 25. Dos móviles tienen a lo largo del eje x las siguientes posiciones:
s1 6t t2 y s2 t2 4t, determina:
Se sabe que:
s=
1 2
a) ¿En qué instante tendrán igual posición? gt 2 Para saber en qué instante tendrán igual posición se tienen que igualar las leyes de movimiento, entonces:
Al sustituir resulta: 6t − tt 1 )( . 6) 8 s = ( 9.81 2
2
= . 226 m 80
2
= t2 − 4
2t 2 − 10= t2 t
−5( = 0 )
Se tiene que: Por lo tanto, la torre tiene una altura de 226.80 m. 24. Un automóvil hace un recorrido en 54 min, moviéndose de acuer3 3 do a s = t12 − , midiendo (s) en kilómetros y (t) t t18+ 2−9 2 en horas, encuentra:
t1 = 0 s t2 = 5 s Por lo tanto, los móviles tendrán la misma posición a los 5 s.
b) ¿En qué instante tendrán la misma velocidad? a) ¿Qué distancia recorre el automóvil? 3
2
( )54 ( ) 9=54 s =12 (54)− 18 +−
3 2
Al derivar respecto al tiempo se tiene: 1 837 564.5 m
Por lo tanto, el automóvil recorre 1837.5 km en 54 min.
30 6
v1 = v2 =
ds1 dt ds2 dt
= 6 − 2t = 2t − 4
UNIDAD 4 Análisis de funciones
Al igualar expresiones se tiene:
Cuando sea t 3
2t −4 6 = 2 − t
2 s1 = 63( ) − 3( ) 9 =
4 t = 10
t=
5 2
ds2
s
= 2t − 4
d
Por lo tanto, los móviles tendrán la misma velocidad a los
Cuando sea t 2
2.5 s.
s2 22 42 4
c) ¿Cuál será la velocidad de cada móvil en el instante t 2 s?
Por lo tanto, los móviles se moverán en la misma dirección cuando t1 3 y t2 2.
v1 = 6−2= t 6 −2 2 =(2 ) v2 =
ds2
(2 = )4 0 = 2−
dt
d) ¿Cuándo se mueven en la misma dirección? Los objetos se moverán en la misma dirección justo en el momento en que estén en sus puntos críticos.
s1 = 6t − t 2 s2 = t 2 − 4 t ds1 dt
= 6 − 2t
EJERCICIO 23 I. Al aplicar el primer método para calcular máximos y mínimos, resuelve los siguientes problemas.
De la ecuación de una parábola se tiene:
y= 4− x 4
2
1. Determina el área del mayor rectángulo, con los lados paralelos a los ejes coordenados, que puede inscribirse en la gura limitada por las dos parábolas 4y 16 x2 y 8y x2 16.
Entonces,
A = 3x 4 −
y 4
x 2
3x 3 = 12 x − 4 4
Al derivar con respecto a x:
3
dA C
A
2
dx
1
−4
−3
D
−2
9
= 12 − x 2 4
Entonces:
−1
1
2
−1
3
4
5
x
x =±
4 3
B
−2
Al analizar x =
4 3
, se tiene:
Un valor un poco menor
El área del rectángulo se determina por:
x=2
A = (largo)(ancho)
dA
3 y = 3 xy 2
A = 2 x
dx
30 7
2
= 12−
9 ( 2) 4
3 = =+
4 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
Al derivar respecto a x se tiene:
Un valor un poco mayor
dA
x=3 dA dx
2
= 12−
9 ( 3)
33
4
4
dx
x2
= 4 2−
+
3
=− =−
2 8 (−3 + x 2 ) − x = − 3 6 − x2 x2 3 2 2− 3 4x
Entonces, En x =
4 3
, se tiene un máximo cuyo valor es:
x=± 3 Al analizar x = 3, se tiene:
4 3 3 4 32 A = 12 − 43 = 3 3
Un valor un poco menor
x =1 Cuando x =
4 3
se tiene un máximo en
32 3
dA
.
=−
dx
Al calcular las dimensiones del rectángulo, se tiene:
8 (−3 + 12 ) 2
=
3 6 − (1)
16
=+
15
Un valor un poco mayor
4 8 = 3 3
Largo: 2 x = 2
x=2 dA
4 2 34 − 3 4 Ancho: = 4 2
dx
=−
8 (−3 + 2 2 ) 2
2
= −4
=−
3
3 6 − ( 2)
En x = 3 se tiene un máximo cuyo valor es:
2. Encuentra las dimensiones del mayor rectángulo que pueda insx2 y2 cribirse en la elipse + = 1. 6 2
A = 4 ( 3) 2 − Cuando x =
y
(
2
3) 3
=4
3
3 se tiene un máximo en 4 3.
Al calcular las dimensiones del rectángulo, se tiene: A
−2
B
C
1
−1
1
2
Largo: 2 x = 2
Ancho: 2 y = 2 2 −
x
3 3
=2
2 3. Elabora los puntos de la grá ca de y 8 x y determina los puntos que quedan más próximos a P0,4 .
D
−1
3
y El área del rectángulo se determina por:
8
A = (largo)(ancho) A = 2 x (2 y) = 4 xy
6
De la ecuación de la elipse se tiene:
y = 2−
A
d
B
d 4
x2
p
3
Entonces,
2
A = 4x 2 −
x2 3 −2
30 8
2
x
UNIDAD 4 Análisis de funciones
La distancia entre dos puntos es:
7
En x = 2
+ y y− d = x( x− 2 ) 1(
)
se tiene un mínimo cuyo valor es:
2
2 2
1
7 2 7 4 15 2 + 2 = 2
d = 16 − 7
Al sustituir el valor para cualquier punto de la parábola: 2
2 d= x (− +0x) −8(−
)16 7+ = 42 xx−
2
4
Al sustituir los valores de los mínimos en la ecuación de la parábola.
Al derivar respecto a x resulta: 7
Para x = ±
dd 2x3 − 7x = dx 16 − 7 x 2 + x 4 7
x = 0, −
2
2
7 2 9 = 2 2
y = 8 −
7
,
2 Por lo tanto, los puntos que quedan más próximos a P son:
7
Al analizar x = −
se tiene con:
2
15 9 ± , 2 2
Un valor un poco menor
4. Una página rectangular ha de contener 36 cm 2 de impresión; los
x = −2 dd dx
márgenes superior e inferior de la página tienen una anchur a de 1 1 cm; los márgenes laterales tienen 1 cm, ¿cuáles deberán 2 de ser las dimensiones de la página de modo que la cantidad de
3
2 (− 2)
=
( 2) − 7− 2
4
( ) ( )+ − 16 −7 −2 2
=− 1=−
Un valor un poco mayor
papel a emplear sea mínima?
x = −1
El área que se va a m inimizar es: 3
dd = 2 (− 1) 7− ( 1) − 2 dx 16 −7 −(1 ) ( )+ − 1
4
=
5 =+ 2
A x 3y 2 El área impresa es:
En x = −
7 2
se tiene un mínimo cuyo valor es:
2
d = 16 − 7 −
7
Al analizar x =
2
36 = xy → y=
4
2
36 + 2 =36 + 2 +x x
A = ( x + 3)
, se tiene:
108
+ = +6 x
Al derivar respecto a x resulta:
Un valor un poco menor
dA dx
=−
108
x2
+2
x =1 dd dx
3
2 (1) −7(1)
=
2
16 − 7 1( ) + 1( )
4
=−
5 2
x = ±3 6
=− Al analizar x = 3 6, se tiene:
Un valor un poco mayor
Un valor un poco menor
x=2 dd dx
=
x=7 2 (2)
3
7(2) − 2
16 − 7 2( ) + 2( )
4
x
Entonces,
+ − 7 = 15 2 2
7
36
dA
= 1= +
dx
30 9
=−
108 72
+ 2= − 0.2 =−
42 +
108
x
2x
4 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
6. Determina dos números cuya suma sea 120 y que el producto
Un valor un poco mayor
de uno de ellos por el cuadrado del otro sea máximo.
x=8 dA dx
Se tiene:
= 450 − 2 (226 = )= 0.31 +
x + y= 120→ y =120 − x
El mínimo lo alcanza cuando x = 3
6, entonces el papel tiene
C = x2 y
las siguientes dimensiones: Así, Ancho: 9.34 cm
C x=
2 (120 x− =
x) x− 120
2
3
dC = 240 x −3 x 2 dx
Alto: 10.34 cm 5. Un rectángulo tiene un perímetro de 900 m, ¿cuáles deberán ser sus dimensiones para que su área sea máxima?
x = 0, 80 y = 120 −80 =40
El perímetro de un rectángulo es: Al analizar x 80, se tiene con: 2x y 900 Un valor un poco menor El área esta dada por:
x = 79 A xy x450 x 450 x x2
dC dx
Al derivar respecto a x resulta:
) (3 79 ) = 2=237 = 240 (79− +
Un valor un poco mayor
dA dx
= 450 −2 x x = 81
x = 225
dC dx
Al analizar x 225, se tiene con:
Cuando x 80 se tiene un máximo cuyo valor es:
Un valor un poco menor
C 120802 803 256000
x = 224 dA dx
Cuando x 80 se tiene un máximo igual a 256 000.
= 450 − 2 (224= )= 2+
Los dos números que cumplen las condiciones dadas son 80
Un valor un poco mayor
y 40.
x = 226 dA dx
2 ) =− = 240 (81)− (3 81 243 =−
7. Encuentra dos números positivos cuya suma sea 220 y cuyo producto sea máximo.
( =)− =2 − = 450− 2 226
Se tiene: Cuando x 225 se tiene un máximo cuyo valor es:
x + y= 220 → y =220 − x C = xy
C 450225 2252 50 625 Así,
Cuando x 225 se tiene un máximo igual a 50 625.
C= x ( 220 x− = )x x−220 El rectángulo tiene las siguientes dimensiones:
dC
Ancho: 225 m
dx
2
= 220 −2 x
x = 110 Alto: 225 m
− =x − 220 =110 1 10 y = 220
31 0
UNIDAD 4 Análisis de funciones
Al analizar x 110, se tiene:
Cuando x 24 se tiene un mínimo cuyo valor es:
Un valor un poco menor
192 C = 24 + 3 = 48 24
x = 109 dC dx
( = )=2+ = 220 − 2 109
Cuando x 24 se tiene un máximo igual a 48. Los dos números que cumplen las condiciones dadas son
Un valor un poco mayor
8 y 24.
x = 111 dC
( =)− =2 − = 200− 2 111
9. Se ha de construir una caja abierta por arriba a partir de una pieza
dx
cuadrada de latón de 12 pulg de lado, cortando cuadros iguales de cada esquina y doblando los lados; determina el volumen
Cuando x 110 se tiene un máximo cuyo valor es:
máximo de la caja qu e se pueda construir.
C 220110 1102 12100 Cuando x 110 se tiene un máximo igual a 12100.
x
x
Los números que cumplen con las condiciones dadas son 110 y 110. 12 pulg
8. El producto de dos números positivos es 192, ¿qué números se habrían de elegir para que la suma del primero con tres veces el
x
segundo fuera mínimo? x
Se tiene:
xy = 192 → y=
x
192
x
El volumen de la caja es:
C = x + 3y
V 12 2x2x
Al derivar respecto a x: Al derivar respecto a x:
192 C = x + 3 x dC dx
= 1−
dV dx
576
2 = (12 − −2)−x ( 412 ) = 2( −x )( 12 x −2 )1 2 x6
x2
x
x1 = 6
x = ±24
x2 = 2
Entonces,
y=
192
x
=
192 24
Al analizar x 6, se tiene:
=8 Un valor un poco menor
Al analizar x 24, se tiene:
x=5
Un valor un poco menor
dV
x = 23
dx
dC dx
= 1−
576
=−
( 23)2
) 1 2− 6()5) = − 36 = (12 − 2 5()( =−
Un valor un poco mayor
0.088 =−
x=7 Un valor un poco mayor
dV = (12 ) 12 − 2 7()( − 6())7= =60 + dx
x = 25 dC dx
1 =−
576
=
( 25)2
0.078 =+
Este resultado implica un mínimo, por lo tanto, n o nos interesa.
31 1
4 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
Al analizar x 2, se tiene:
Al analizar x =
5 2
Un valor un poco menor
Un valor un poco menor
x =1 dV dx
, se tiene:
() 12 = (12 − 2 1)( − 6())= 1 =60 +
x=3 dA
Un valor un poco mayor
dx
=
2 50 −4 (3 ) 2
25 − ( 3)
=
7 2
=+
x=3 dV dx = (12 ) 1 2− 6()3) = − 36 − 2 3()( =−
Un valor un poco mayor
x=4
En x 2 se tiene un máximo cuyo valor es:
dA
V 12 2222 128
dx
=
2 50 −4 (4 ) 2
=−
25 − ( 4 )
14 3
=−
El volumen máximo que se puede obtener con el material dado es 128 pulg3.
En x =
10. Un rectángulo está definido por el eje
x y el semicírculo y = 25 − x 2 , ¿qué longitud y ancho debe de tener el rectángulo para que su área sea máxima?
5 2
se tiene un máximo cuyo valor es:
5 5 2 25 − = 25 2 2
A = 2
y 5
5
Cuando x =
2
se tiene un máximo en 25.
4
Al calcular las dimensiones del rectángulo, se tiene: 3
Largo: 2 x = 5
2
2 2
1
Ancho: y = 25 − 5 = 5 2 2 −5
−4
−3
−2
−1
1
2
3
4
5
x
11. Un triángulo rectángulo en el primer cuadrante del sistema coordenado, está formado por el eje x, eje y y la recta que pasa por
El área del rectángulo se determina por:
el punto A2,3 ; determina los vértices del triángulo para que su área sea mínima.
A = (largo)(ancho) y
A = 2 x ( y) = 2 xy
4
De la ecuación del semicírculo:
A
3
y = 25 − x 2
2
Entonces,
1
A = 2 x 25 − x 2 Al derivar respecto a x:
dA dx
1
2
= 2 25 − x −
2x2 2
25 − x
=
2
x
3456789
50 − 4 x 2 2
25 − x
El área del triángulo es:
Entonces,
A= x=±
5 2
31 2
xy 2
UNIDAD 4 Análisis de funciones
Además, la ecuación de la recta es:
Un valor un poco mayor
y 3 mx 2
x =1
Cuando y 0
dA dx
−3 = m ( x − 2) x =− m=−
3
) () ) 3(− 4 + 5( 5
5
=
2
2 (−2 + ( 5))
6
=+
En x 4 se tiene un mínimo cuyo valor es:
+2
m
=
3
A=
x−2
Cuando x 0
4 6
2 4 − 2
+ 3 = 12
Cuando x 4 se tiene un mínimo de 12.
y − 3 = m (−2)
Los vértices se encuentran en los puntos: 6
3 y = −2 m+ =
x−2
+3
0,4 y 6,0
Al sustituir en el área se tiene: 2 12. El área de una super cie rectangular es de 18 m , se sabe que
x 6
A = + 3 2x−2
en su interior hay otra de forma que los márgenes superior e 1 m y que los márgenes laterales son de m, 4 2 determina las dimensiones de la super cie exterior para que el inferior son de
Al derivar respecto a x:
dA dx
1 6 3x 3(−4 + x) x = 3 + = − 2 −2 + x (−2 + x )2 2 (−2 + x )2
3
área comprendida entre los márgenes sea mínima. El área que se va a m inimizar es:
Los valores de x son:
3 A = x − ( y − 1) 2
x1 = 0 x =4 2
El área impresa es:
Al analizar x 0, se tiene: Un valor un poco menor
18 = xy → y=
18
x
x = −1 dA
=
dx
() ) 3(−4 + − 1( 1 )− 2
2 (−2 + (−1))
=
5 6
Entonces,
=+
3 18 A = x − − 1 = 18− −x 2 x
Un valor un poco mayor
x =1 dA dx
=
27
3
x
2
+ =
39
−− 2
x
27
x
Al derivar respecto a x resulta:
3(4− + 1 ( 1) )( ) 2
2 (−2 + (1))
9
=− =− 2
dA dx
= −1 +
27
x2
Se tiene es un valor máximo, sin embargo, para este caso no
x = ±3 3
es de interés. Al analizar x 4
El mínimo lo alcanza cuando x = 3 3, entonces la super cie rectangular tiene las siguientes dimensiones:
Un valor un poco menor
x=3 dA dx
=
Ancho: 3 3 m
) () ) 3(− 4 +3 ( 3 2
2 (−2 + ( 3))
9
=− =−
Alto: 2 3 m
2
31 3
4 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
13. Se desea construir un recipiente cilíndrico metálico de base circular y de 125 cm3 de volumen; determina las dimensiones que
Cuando r = 3
125
debe tener para que la cantidad de metal (área total) sea mínima,
se tiene un mínimo en 109.84.
π
en el caso en que: 125
h=
a) El recipiente sea abierto
125
π3
2
= 3.413
π
El volumen es: El recipiente tiene un radio de 3.413 cm y una altura 2
V =rhπ
h → =
V
de 3.413 cm.
πr 2
b) El recipiente sea cerrado El área es: El volumen es:
A área de la base área lateral r2 2rh V =rhπ
Al sustituir el valor de h:
V V 2 πr= + π= r 2 +2 πr 2 r
A = πr+2
πr 2
250
2
h → =
V πr 2
El área es:
r A = área de la base + área lateral + área de la tapa
Al derivar respecto a r se tiene:
dA dr
= 2 πr −
2πr =
r=
Al analizar
r=3
125
π
= 2πr 2 + 2πrh 250 Al sustituir el valor de h:
r2
250
r2 3
V πr =2 2+2 = 2πr 2+ ππr
A = 2 π+ r 22
125
π
, se tiene:
dA dr
x=3 dr
r=
) = − = 2 π ( 3− ( 3)2
Al analizar
r=3
250
= 2 π ( 4−)
=
( 4 )2
En r =
125
π
r2 3
125 2π
125 2π
, se tiene:
x=2
= 9.507 +
dA dr
3
r2
250
Un valor un poco menor
x =1 dr
250
8.928 =−
Un valor un poco mayor
dA
= 4 πr −
4 πr =
250
250
) = − = 4 π ( 2− ( 2)2
37.36 =−
se tiene un mínimo cuyo valor es: Un valor un poco mayor
25 1 A = π 3
r
Al derivar respecto a r se tiene:
Un valor un poco menor
dA
V
2
250 = 109.84 + π 125
x=5 dA
3 π
dr
31 4
250
= 4 π ( 3−) = =2 ( 3)
9.92 +
πr 2
250
r
UNIDAD 4 Análisis de funciones
En r =
3
125 2π
Se sabe que 0 x 24.
se tiene un mínimo cuyo valor es:
Entonces, 4 πr −
250
dA
r2
dx
125 2 250 2 π + 125 = 138.39 3 2 π
A = 2 π 3
x=
Al analizar x = Cuando r = 3
125 2π
=−
se tiene un mínimo en 138.39.
24 − x 2π
+
x 8
96 4+π
96 , se tiene: 4+π
Un valor un poco menor h=
125
π3
125
2
x = 13
= 5.41
dA
2π
=−
dx
)() 24 − (13 2π
+
13 8
= − 0.125 =−
El recipiente tiene un radio de 2.71 cm y una altura de 5.41 cm. Un valor un poco mayor 14. El perímetro conjunto de un círculo y un cuadrado es 24 pies; determina las dimensiones del círculo y del cuadrado que dan
x=5
un área mínima.
dA x 4
dx
r=
24
x
En x =
2
x
96 4+π
=−
)() 24 − (14
14
2π
8
+ =
0.158 =+
se tiene un mínimo cuyo valor es:
4
A=
por lo tanto, cada lado Una parte dex es el perímetro del cuadrado tiene una longitud igual a
x
y 24 x es el perímetro del círcu4
lo, de tal forma que su radio es r =
24 − x 2π
96 2 4 + π 16
2 24 − 96 4 + π 3 + π = 20.16 pies 2π
Por lo tanto, el cuadrado tiene una longitud de lado igual a 3.36 pies y el círculo tiene un radio de 1.68 pies.
15. El perímetro conjunto de un triángulo equilátero y un cuadrado
.
es 40 cm; determina las dimensiones del triángulo y del
cua-
drado que dan el área mínima. El área del cuadrado es:
x A1 =
x2
4
16
El área del círculo es:
x 4
2
24 − x A2 = π 2 π
3
40 − x 6
El área que se desea minimizar es:
x2 A = A+ =A2 + 1 16
40 − x
h
24 − x 2 2 π
La parte x del perímetro se usa para el cuadrado, por lo tanto,cada
π
x lado tiene longitud . La parte 40 x del perímetro corresponde 4
31 5
4 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
al triángulo equilátero, por lo tanto, cada lado tiene una longitud igual a
40 − x
. Así, la altura corresponde a:
3
Cuadrado
Triángulo
lado 4.98 cm
Base 6.68 cm Altura 0.7477 cm
40 − x 2 40 − x 2 5 (40 − x ) h = + = 3 6 6
16. Encuentra dos números positivos tales que la suma del primero con el doble del segundo sea 200 y cuyo producto sea máximo.
El área del cuadrado es:
A1 =
Por lo tanto,
Se tiene:
x2
x
16
x + 2 y= 200→ y 100 = El área del triángulo es:
−2
C = xy Entonces,
40 − x 3
5
(40 − x )
6
A2 =
2
=
5 36
(40 − x )2
x x2 C = x 100 − = 100 x − 2 2
El área que se desea minimizar es:
dC dx
A = A+ =A2 + 1
x2
5
− ( 40
16
36
x y = 100− = 2
Se debe recordar que 0 x 40. Entonces,
dA
=−
dx
x=
Al analizar x =
5 18
( 40 − +x)
= 100 − x
x = 100
2
x)
100= 50 −
50
Al analizar x 100, se tiene:
x 8
Un valor un poco menor
160 5 9+ 4 5
160 5 9+4 5
x = 99 dC = 100− 99 = =1 + dx
≈ 19.937, se tiene:
Un valor un poco mayor Un valor un poco menor
x = 101
x = 19
dC dA dx
=−
5 18
19
( 40− 19 +) = − 8
dx
=0.23 −
Cuando x 100 se tiene un máximo cuyo valor es:
Un valor un poco mayor
C =100 (100 ) −
x = 20 dA dx
=−
= 100− 1 01= − = 1−
5 18
( 40 − 20 + )=
20 8
=+ 0.0154
(100 )2
2
= 5000
Cuando x 100 se tiene un máximo en 5000.
En x 19.937 se tiene un mínimo cuyo valor es:
y = 100 −
100 2
= 50
2
A=
160 5 9 + 4 5 16
+
5
40 −
36
160 5
2 = 49.844 cm 3
9 + 4 5
31 6
Los dos números que cumplen con las condiciones dadas son 100 y 50.
UNIDAD 4 Análisis de funciones
17. Un ganadero dispone de 2 000 m de malla para cercar dos co-
18. Se construye una caja con una pieza rectangular de cartón de 16
rrales rectangulares adyacentes, ¿cuáles habrían de ser las di-
pies por 6 pies, cortando cuatro cuadrados iguales para formar
mensiones para que el área encerrada fuera máxima?
las esquinas y doblando las cajas, ¿qué longitud por lado deben tener los cuadrados para que la caja tenga un volumen máximo?
y
16 pies X
X
x 6 pies
X
Se tiene;
El volumen de la caja es:
4 y +3 x =2 000
y = 500 −
3x
V 16 2x6 2xx
4
A = 2 xy =2 x500 − dA dx
X
3 x
3x = 1000 x − 4 2
= 1000− 3 x→ x =
2
Al derivar respecto a x resulta:
1000
dV
3
dx
= 96 −8 8 x +12 x 2
Así, Al analizar x =
1000 3
, se tiene:
x1 = 6 x2 =
Un valor un poco menor
x = 333 dA dx
4
Al analizar x =
x =1
x = 334
Cuando x =
1000 3
dx
( =)− =2− = 1000− 3 334
1000
2 ) = = 96 − 88+ 1() 12(1= 20 +
Un valor un poco mayor
x=7 se tiene un máximo cuyo valor es:
dV dx
C = 1000 x −
Cuando x =
, se tiene:
Un valor un poco menor
dV
dx
3
3
) + = 1000 − 3 (333 == 1
Un valor un poco mayor
dA
4
1000 2 3
3
2
=
se tiene un máximo en
3
En x =
500000
4 3
2 = 96 − 8 8 2(+) 12(2)= − = 32−
se tiene un máximo cuyo valor es:
3
500000
4 4 4 1600 V = 16 − 2 6 − 2 = 3 3 3 27
.
3 El volumen máximo que se puede obtener con el material dado es
Entonces, las dimensiones son: 1600
x=
1000 3
27
; y =250
31 7
pies3. Los cuadrados tienen una longitud dex =
4 3
pies.
4 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
19. Se tiene que cercar dos terrenos, uno es un rectángulo con la
Al analizar
x 120, se tiene:
longitud del doble del ancho; el otro un cuadrado. El rectángulo 2
debe contener por lo menos 1764 m y el cuadrado por lo menos 800 m2; se tienen 136 0 m disponibles de cerca.
Un valor un poco menor
x = 119
a) Si x es el ancho del terreno rectangular, ¿cuáles son los posibles valores máximos y mínimos de x?
dA dx
= −1020+
17 (119 )
17
2
2
=− =−
Dado que los terrenos deben tener un mínimo de tamaño, Un valor un poco mayor
tenemos:
x = 121
Para el rectángulo
dA
Ar 1 764
dx
Ya que el rectángulo tiene de largo el doble del ancho entonces:
= −1020 +
17 (121 )
17
2
2
= =+
En x 120 se tiene un mínimo cuyo valor es:
2x2 1764 x 29.69 m () A = 2 120
El valor mínimo de x es 29.69 m
2
2 3 +340 ( )− 120 = 544 00 2
Por lo tanto, cuando x 120 se construye la mínima área
El área mínima del cuadrado es:
posible igual a 54400 m.
Ac 800 sus lados miden 28.28 m Al calcular el área en los extremos del dominio calculado en Entonces, para el terreno cuadrado se necesitan al menos
el inciso anterior, tenemos:
113.12 m. Para x 29.68 De tal forma que para el terreno rectangular,quedan 1 246.88 m disponibles. 2
( ) A = 2 29.68
Por lo tanto, el valor máximo de x es:
2 3 +340 ( )− 2 29.68 = 8907 0.23
Para x 207.81
6 x = 1246.88
x = 207.81 ( ) A = 2207.81
2
b) ¿Cuál es el área total máxima posible? Dado que
x es el ancho d el terreno rectangular, entonces éste
tiene un perímetro de 6x, por lo tanto, el cuadrado tendrá una 3 longitud de lado de 340 − x. 2
2 3 ( )− 207.81 = 87170 +340 2
Entonces, el área máxima posible es 89 070.2 m 2, que ocurre cuando x 29.68 m. 20. Una huerta rectangular ha de proyectarse al lado del solar de un 2 vecino, debe tener un área de 10800 m ; si el vecino paga la mitad de la cerca medianera, ¿cuáles son las dimensiones de la huerta
El área de ambos es:
para que el costo de cercarla sea para el dueño de la huerta el
A = área del rectángulo + área del cuadrado
mínimo?
2
3 = 2 x 2 + 340 − x 2
Se sabe:
A = 10800= xy→ y = 10800 x
Al derivar el área se tiene:
dA dx
3 17 x = 4 x −3 340 − x = −1020 + 2 2
Donde b es el largo del terreno yh el ancho, al considerarx como el costo por metro de la cerca. El costo total para el dueño del terreno será el perímetro del terreno.
x = 120
31 8
UNIDAD 4 Análisis de funciones
Al derivar respecto a r:
El perímetro que el dueño tiene que pagar es:
dc dx
2
=+ 2
2
= 2−
dA
3 10 800
3
c x=y2 + x
dr
x
= 2 πr −
2πr =
16200
r2 3
0.1
Entonces, Al analizar
x = ±90 y=
108 00
x
=
108 00 90
= 120
r=
0.1
3
π
r2
0.2
x2 r=
0.2
π
, se tiene:
Un valor un poco menor
x=
Al analizar x 90, se tiene:
1 5
1 0.2 = 2 π − = −3.7433= − 5 1 2 dr 5
dA Un valor un poco menor
x = 89 dC dx
= 2−
Un valor un poco mayor 16200
=2 −
(89)
0.045 =−
x=
x = 121 dx
2 =−
2
1 0.2 = 2 π − = 2.34 = + 2 1 2 dr 2
dA
Un valor un poco mayor
dC
1
16200
=
(91)2
0.043 =+
En r = 3
0.1
se tiene un mínimo cuyo valor es:
π
Se tiene un mínimo. Por lo tanto, basta que el lado que colinda
.1 0 A = π 3
con el vecino sea igual a 120 m.
21. Determina el diámetro de un bote cilíndrico de hojalata de un litro de capacidad para que en su construcción entre la menor Cuando r =
cantidad de hojalata:
3
0.1
π
2
0.2 + = 0.94 0.1 π 3 π
se tiene un mínimo de 0.94.
0.1 Entonces el diámetro necesario es 2 3 . π
a) Si el bote es abierto por arriba. El volumen es:
b) Si el bote es cerrado. El volumen es:
V =rhπ
2
h → =
V πr 2
V =rhπ
2
h → =
V πr 2
El área es: El área de es:
A área de la base área lateral r2 2rh A área2 de la base área lateral área de la tapa 2r 2rh Al sustituir el valor de h: Al sustituir el valor de h:
A = πr+2
V
V
2 πr= + π= r 2 +2 πr 2 r
πr 2
0.2
r
31 9
A = 2 π+ r 22
V πr =2 +2 =2πr 2+ ππr 2
V r
πr 2
0.2
r
4 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
Al derivar respecto a r:
Además como es una elipse,
dA dr
= 4 πr −
4 πr =
r=
Al analizar
r=3
0.1 2π
0.2
x2
r2
a2
La viga tendrá un resistencia máxima cuando la función sea
r2 3
igual a f x xy2.
0.1 2π
Entonces,
f ( x) = x1 −
, se tiene:
x 2
b 2 = b 2 x −
a 2
f ′( x ) = b 2 − 3
5
1 0.2 = 4 π − = −2.48= − 5 1 2 dr 5
x=±
x =1
x=
dA
0.2 = 4 π (1−) = =2 dr (1)
0.1
x=
0.1 2 0.2 A = 2π 3 2π + 0.1 = 1.192 3 2π 0.1 2π
a2
x2
a 3
a 3
Un valor un poco menor
a 2
3 2
df
Cuando r = 3
b2
12.3 +
se tiene un mínimo cuyo valor es:
2π
x3
a2
Al considerar el valor crítico positivo se tiene:
Un valor un poco mayor
3
b2
Al derivar la función, se tiene:
1
dA
En r =
=1
b2
0.2
Un valor un poco menor
x=
y2
+
= b2
dx
−3
1 3 b 2 a = b 2 1 − = b 2 = + 4 4 a 2 2 3
Un valor un poco mayor
x=
se tiene un mínimo de 1.192.
df
0.1 . Por lo tanto, el diámetro necesario es 2 3 2π
dx
22. La resistencia de una viga rectangular es proporcional al producto del ancho por el cuadrado de su espesor; calcula las dimen-
2a2 3 2
2
=b −3
Cuando x =
a 3
b 2 2 a
(1 =4− ) = b 2−
a 2 3
=3b−2
, se tiene un máximo cuyo valor es:
siones de la viga más resistente que puede cortarse de un tronco cuya sección transversal es una elipse de semiejes a (mayor) y b (menor).
a 1 2 2 1− b = ab 2 3 3 3 3
f ( x ) = Entonces,
d
x=
y
a 3
a 2 2 y = 1 − 32 b = b a
3
Sean x el ancho y y la profundidad, aplicando el teorema de Pitágoras, se tiene:
2a 2 Por lo tanto, la viga tendrá un largo de y un ancho de 2b . 3 3
d 2 x 2 y2
32 0
UNIDAD 4 Análisis de funciones
23. Dada una esfera de 9 cm de radio, calcula la altura de cada uno
b) Cilindro circular recto inscrito de área tot al máxima.
de los sólidos siguientes: El área del cilindro es:
a) Cilindro circular recto inscrito de volumen máximo. A área de la base área lateral área de la tapa 2r2 2rh Al sustituir el valor de r:
324 − h 2 + 2 π 4
324 − h 2
A = 2 π
4
h
a
h 2
Al derivar respecto a h: r
dA dh
La relación entre el radio de la esfera, el radio de la base del cilindro r y la altura h, esta dada por:
4 h = − 162 +
162 5
El volumen del cilindro esta dado por:
324 − h 2 h 4
V = πr 2h = π
d
V=
2 5
(5 −
,
9−
2 5
(5
5)
5 ) , se tiene:
Un valor un poco menor
π(
4
x=9
3 2 4 − 3h 2 )
dA
= π −9 −
dh
Entonces, h=
h=9
Al analizar
Al derivar respecto a h:
dh
h2 = π −h − + 324 − h 2 324 − h 2
h2
81 = r 2 +
h 324 − h 2 h2 = 2 π − + − 2 4 324 − h 2 2 4
324 =6 3 3
2 + 324 − (9 ) =1.392 π = + 324 − (9 ) ( 9)2
2
Un valor un poco mayor
x =1 Al analizar
h=
6
3, se tiene:
dA dh
Un valor un poco menor
= −1.714 π= −
x = 10 dV dh
2
= 3−2 4 3 (1 0=) =2+4
En
Un valor un poco mayor
dh
h=9
2 5
(5 −
5 ) se tiene un máximo cuyo valor es:
2 2 (5 − 5 ) 324 − 9 5 A = 2π 4
x =1 dV
(10)2 = π −10 − + 324 − (10 )2 2 324 −(10 )
)2 − = = 3 2 4− 3 (1 1= 3 9−
324 − 9 En
h=
6 3 se tiene un máximo cuyo valor es:
+ 2π 3 2 4 −6( 3 V =π 4
2
)
(6
3
) =3 24
2 5
(5 −
4
2
5 )
2 ( ) 9 5 5 − 5
= 262.12 π π3 Cuando
Cuando h = 6 3 se tiene un máximo de 3 2 4π 3 .
32 1
h=9
2 5
(5 −
5 ) se tiene un máximo de 262.12 .
4 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
c) Cono recto circunscrito de volumen mínimo.
Un valor un poco mayor x =1
a
dV dy
1 8 1(2 8 − 2 7 )(2 8 +9 ) 999 = = π π=+ 361 3 ( 28 − 9)2
En y 27 se tiene un mínimo cuyo valor es: e 2
1 8 1(9 + 2 7 ) V= π = 1944π 3 27 − 9
d
c
b
Cuando y 27 se tiene un mínimo de 1944 . Por lo tanto, la altura es:
Sea bc x y ad y.
h y r 27 9 36
El volumen del cono es:
1 3
π V = rh
2 24. Determina el punto de la curva 2 y x más cercano del punto A4,1 .
1 3
2
= xy π
2(
y
+ 9)
Como los triángulos aed y abc son semejantes, se tiene:
x
9
=
x=
4
y+9 2
y 2 − 81
A
9 y + 81 y 2 − 81
−2
2
x
4
Entonces,
2
V=
2
1 9 y + 81 1 81( 9 + y) π ( y + 9) = π 3 y 2 − 81 3 y−9
La distancia entre dos puntos es: 2
d = x( x− 2 +) y 1( y−
)
2 2
1
Al derivar respecto a y: Al sustituir el valor del punto y el valor de y para cualquier punto
1 1 6 2− y )9+ ( y +9)( − ( 81 ) 9y = π dy 3 ( y − 9)2
dV
1 8 1( y −2 7)( y + )9 = π 3 ( y − 9)2
2
de la parábola se tiene:
d = (− x
2
x 2 4 ) − + 2
2
1 = 1 7 8 − x+
y = 27 y − 9
Al derivar respecto a x: Al analizar
y 27, se tiene:
dd dx
=
−8 + x 3 x4
17 − 8x + 4
Un valor un poco menor x = 26
Entonces,
1 8 1(2 6 −2 7 )(2 6 +9 ) 945 = − = π π= − 3 289 dy ( 26 − 9)2
dV
32 2
x2
x4
4
UNIDAD 4 Análisis de funciones
El tiempo empleado es:
Al analizar x 2, se tiene: Un valor un poco menor x =1 dd dx
El espacio que ha de recorrer andando por la costa es: 3 −8 + (1)
=
64 + x 2 3
t1 =
17 − 8x +
7
=−
x4
=−
CB 9 x
37
4 El tiempo empleado es:
Un valor un poco mayor t2 = 9 − x
6
x=3 dd dx
2 (− 1)
=
3
( 1) − 7−
2 )1 1 6 −7 −(1) +(−
4
=
19 53
Para el tiempo total se tiene:
=+
64 + x 2
t = t1 + t 2 =
3
En x 2 se tiene un mínimo cuyo valor es:
+
9− x 6
Al derivar respecto a x:
( 2)4
d = 1− 7 +8 (2 ) =
y=
( 2)2 2
4
5
dt dx
=2
x
3 64 + x 2 x2
Por lo tanto, el punto más próximo al punto A es (2,2).
9 ( 64 + x 2 ) 25. Una persona sobre un bote de remos está situado en un punto
= =
x
3 64 + x 2
−
1 6
1 6 1 36
4 x 2 = 64 + x 2
M a una distancia de 8 km de un punto de A la costa (rectilínea) y desea llegar a un punto B de la costa a 9 km de A en el menor tiempo posible. Determina el camino que debe seguir si se sabe que puede remar a una velocidad 3 km h de y andar a una velocidad de 6 kmh.
3x 2 = 64 x=
Al analizar x = M
=
8 3
8 3
, se tiene:
Un valor un poco menor x=4 dt dx
8
=
4 3 6 4 +4
2
= −17.5= −
Un valor un poco mayor x=5 A
x
C
9−x
B
dt dx
=
5 3 6 4 +5
2
= 0.009 = +
8
Sea C el punto situado entre A y B al que se dirige el hombre y llamemos x a las distancia AC.
En x =
El espacio que ha de recorrer en bote es:
Por lo tanto, la persona tiene que remar al punto que está a 8 una distancia de del punto A para minimizar su tiempo 3 de recorrido.
MC = 64 + x 2
32 3
3 se tiene un mínimo.
4 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
26. Determina las dimensiones del cono recto circular de volumen
En y 12 se tiene un mínimo cuyo valor es:
mínimo que se puede circunscribir a una esfera de 8 pulg de 2
1 1 6(4 +1 2 ) V= π = 170.6 π 3 12 − 4
diámetro. Sea bc x y ad y.
Cuando y 12 se tiene un mínimo de 1944 .
a
Por lo tanto,
h y r 12 4 16 e
El radio del cono es:
d
x=
4 1(2 ) +1 6
(1 2)2 −1 6
c
b
=4 2
27. Se quiere apuntalar la pared de un edi cio por medio de una viga apoyada sobre una pared paralela de 15 m de altura, situada a El volumen del cono es:
12 m una distancia de la primera; determina la longitud L de la viga más corta que se pueda emplear.
1 3
V = rh π
1 3
2
= xy π
2(
+ 4)
La ecuación que nos indica el tamaño de la viga es:
Como los triángulos y son semejantes, se tiene: x
4
y+ 4
=
x=
2
15 ) x ( )+ 12 + x y = (12 + x
y 2 − 16
Al derivar respecto a x:
4 y + 16 y 2 − 16
dy dx
=
Entonces, 2
V=
2
2 1 4 y + 16 1 16( 4 + y) π ( y + 4) = π 3 y 2 − 16 3 y−4
=
Al derivar respecto a y:
1 2 )y + 4 1 1(6 y − )( = π 2 3 dy ( y + 4)
dV
=
( + x ) d 225 12 (12 + x )2 + x2 2
1 2 15 ) x ( )+ 12 + x (12 + x
2
dx
4 5(0 )1(2) + x 4 5 0 1 2 2 (12 + x ) + − 2 x
+x
2
x3
2 15 (12 + ) x ( )+ 12 + x x
2
2 (1 2 + x )(−2 7 0 0 + x 3 ) 2 x 2 (1 2 + x) (2 2 5 + x 2 )
x1 = 12 x 2 = 13.92
y = 12 y − 4
Al analizar y 12, se tiene:
Al analizar y 13.92, se tiene:
Un valor un poco menor
Un valor un poco menor x = 13
x = 11
1 1 6(1 1 −1 2 )(11 + 4 ) 16 = − π= − = π 2 3 45 dy 3(1 1 + 4 )
dV
dy dx
Un valor un poco mayor
2 (1 2 +1 3 )(−27 0 0 + (1 3 )
3
=
)(1 3
2
(1 2 +1 3 ))2((2 2 5 +1 3
) )
2
= −0.29= −
Un valor un poco mayor x = 14
x =1
1 1 6(1 3 −1 2 )(13 + 4 ) 16 = π = π = + 2 51 3 dy 3(1 3 + 4 )
dy
dV
dx
32 4
=
3 2 (1 2 +1 4 )(−27 0 0 + (1 4 ) )
)(1 4
2
(1 2 +1 4 ))2((2 2 5 +1 4
)
2
= 0.021 = +
UNIDAD 4 Análisis de funciones
Un valor un poco menor
En y 13.92 se tiene un mínimo cuyo valor es:
x=
2
15
( ) (+ ) .9 2 y = 12 13
+ 12 + 13 .9 2 13.92
2
dV dr
Cuando y 13.92 se tiene un mínimo en 38.1. 28. En un cono circular recto r, se inscribe un cilindro circular recto;
=
R
3
R R H π 2 R − 3 3
3
R
R = H π = + 3
Un valor un poco mayor
hallar el determina R del cilindro para que;
x=R dV = H π ( )R (2 R − ( ) 3 R ) = −H π R = − 3 dr R
a) Su volumen sea máx imo.
B
En r =
H−h D
r
2R 3
se tiene un máximo cuyo valor es:
2 R 4 2 R 2 H 1 − 3 = π R 2 H 3 R 27
C
V = πr 2 h = π h
Cuando r = O
R
2R 4 π R2 H . se tieneun mínimo de 3 27
A
Así,
2 R H h = H 1 − 3 = R 3
Sea r y h la altura y radio del cilindro, de acuerdo a la gura se tiene:
b) Su área lateral sea máxima H −h
r R=
El área lateral del cilindro es:
H
A 2rh
Entonces, Del inciso anterior
h = H 1 −
r
R
A = 2 πrH 1−
El volumen del cilindro es:
2
dA
1 − r R
dr
dr
2 π H ( R − 2r ) R
r=
H πr ( 2 R − 3r ) R
Al analizar Por lo tanto,
r=
1 2
1 2
R
R , se tiene:
Un valor un poco menor r=
Al analizar
=
Entonces,
Al derivar respecto a r:
=
Al derivar respecto a r:
V =π rh 2 r=H π
dV
r
R
r=
2R 3
x=
2R , se tiene: 3
dA dr
32 5
=
R
3
2 π H R − R
2 R 3 = H π 1 = + 3
4 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
Un valor un poco mayor
En
h = 12
2 se tiene un máximo con valor:
x= R dA dr
En r =
R
2 π H ( R − 2 R)
=
R
A = 2 π1( 2 2
= H= − 2 π H =−
r = 144 −
se tiene un máximo cuyo valor es:
2
A=
2π R
Cuando r =
2
2
se tiene un mínimo de
2
2
(12
2) 4
= 288π
2
(12
2) 4
=6 2
cilindro circular
recto que se puede inscribir en un cono circular con un radio de
2 R
1 44 −
30. Determina las dimensiones del volumen del
1 π RH H 1 − =
)
5 cm y una altura de 12 cm.
π RH
2
.
Del ejercicio 28 inciso A se tiene:
29. Determina las dimensiones del cilindro circular recto de área
V=
lateral máxima que se puede inscribir en una esfera de 12 cm
4 27
π R2 H
de radio. Al sustituir:
Del ejercicio 23 se tiene que:
144 = r 2 +
h2
4 400 2 ) π ( 5) ( 12 π 27 9
V=
4
El área lateral de un cilindro es:
II. Aplica el primer método paracalcular máximos ymínimos, en problemas de economía.
A 2rh
1. Un fabricante puede tener una utilidad de 40
Entonces,
dólares en cada
artículo si se producen semanalmente más de 1 600 artículos; la A = 2 πh 1 4 4 −
h2
utilidad decrece 4 centavos por artículo que sobrepase los 1 600,
4
¿cuántos artículos deben fabricarse a la semana para obtener la utilidad máxima?
Al derivar respecto a h: dA dh
= 2π 144 −
h2
4
2 πh
+
2 14 4 −
4 (x − 1 600 ) x 100
P = 40 x −
h 2 π (−2 8 8 + h 2 ) − = − h2 2 576 − h 2
dP
4
dx
= 40 +
1 600 − x x 2x − = 10 04 − 25 25 25
x = 1 300
Entonces, h = 12
Al analizar
h = 12
Al analizar x 1 300, se tiene
2
2, se tiene:
Un valor un poco menor
Un valor un poco menor
x = 1 299
h = 16 dA dh
=−
dP
( 6 )2 ) 2 π (−2 8 8 + 1 2 5 7 6 − (1 6)
=
8π 5
dx
Un valor un poco mayor x = 1 299
h = 17
dh
=−
2 (1 299) 2 = =+ 25 25
=+
Un valor un poco mayor
dA
= 104 −
dP
( 7 )2 ) 2 π (−2 8 8 + 1 2
5 7 6 − (1 7)
=−
2π
dx
= 104 −
2 (1 301) 2 =− =− 25 25
=−
287
Entonces en x 1300 se tiene un máximo.
32 6
UNIDAD 4 Análisis de funciones
2. El costo de combustible que consume una locomotora es pro-
3. Una entidad bancaria tiene las siguientes tarifas: 30 pesos por
porcional al cuadrado de la velocidad y vale 3 200 pesos por
cada mil para operaciones de hasta 50 000 pesos; para la can-
hora cuando la velocidad es de 80 kmh, independientemente
tidad que sobrepase esta tarifa, disminuye la tasa anterior en
de la velocidad, el costo por hora se incrementa, por las causas
0.375 pesos por cada mil; hallar la operación máxima óptima
en 7 200 pesos por hora. Calcula la velocidad a la que debe ir la
de manera que el bene cio de banco sea máximo.
locomotora para que el costo por kilómetro sea mínimo.
0 . 3 7 5 ( x −5 000 0 ) 1000
P = ( x − 5000 0) 30−
Sea v la velocidad y C el costo total por km de tal forma que:
=−( x
500−00)( 3 0 +0. 00 03 75x
18 .7 )5
El costo de combustible por hora es Kv2, K una constante que se
= ( x − 50000 )(48.7 5− 0. 000 375x )
puede determinar, es decir:
= 4 8.−7 5−x
v = 80 2 kv 2 = 3 2 0k0 = (8 0 ) k=6 4 0 0
Cuando k =
243 75 0 0+ 0 . 0 00 3 75x 2
= −0 . 00 0 37 5+ x2
− 6 7 .5x
1 8 .7x5
243 75 0 0
Al derivar respecto a x: dP
1 , se tiene: 2
dx
= −0. 00 07 5x + 67 .5
Al analizar x 90 000, se tiene : C=
costo velocidad
=
v 2 + 7 200 v
=v+
7 200 v
Un valor un poco menor x = 89999
Al derivar respecto a r:
dP dC dv
= 1−
dx
7 200
= −0. 00 07 5( 8999+9) =67 .5 = + 0. 00 07
v2
Un valor un poco mayor Entonces, x = 90001 dP
v =60 2 km /h
dx
Al analizar v = 60 2 , se tiene:
4. El costo total de producción de x unidades diarias de un producto
= 1−
7200
1
(84)2
49
2
x es de + 3 5 x +2 5 dólares y el precio de venta de una de 4 x ellas es de 50 − dólares. Hallar el número de unidades que 2 se deben vender diariamente para que el beneficio sea máximo.
v = 84
dv
=0.−00 07
Siendo x 90 000 un máximo.
Un valor un poco menor
dC
= −0. 00 07 5( 900 01 +) =67−.5
=− = −
Un valor un poco mayor
El bene cio de la venta de x unidades diarias es:
v = 17
1 1 P x= 50x − x −x
dC = − 1 7200 = (85)2 dv
2 4
2
+ 2 5 + 3 5
=1+ 289
Al derivar respecto a x: Así, v = 60 2 un mínimo, por lo tanto, esta es la velocidad
dP
más económica.
dx
32 7
= 15 −
3x =0 2
4 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
Por lo tanto,
Entonces,
x 10
25312.5 = 129km h 1.5
x=
Al analizar x 10, se tiene:
Entonces el autobús debe viajar a una velocidad de 100 km/h.
Un valor un poco menor
7. Una compañía puede vender x calculadoras por semana si cobra
x = 84 dC dv
= 15−
3(11)
63
2
2
100 0.1 x dólares por calculadora; su coste de producción es
= =+
30x 500 dólares cuando se producen x calculadoras por semana, ¿cuántas calculadoras se deberán producir para maximizar
Un valor un poco mayor
la utilidad y cuál sería el precio de venta por calculadora? El bene cio de la venta de x calculadoras es:
x = 17
3(13) 9 = 15− =− =− 2 2 dv
dC
Px= (1 0 −0x−x 0 . 1 )+ (3 0
50 )
2 − 70 x 50 = −0 . 1x+
Entonces x 10 es un máximo. Al derivar respecto a x: Por lo tanto, deben venderse 10 unidades para obtener un bene cio máximo.
dP
5. Un fabricante vende cada una de sus radiograbadoras en 90 dólares; el costo de fabricación y venta de x aparatos por semana es C 2000 15x 0.0010x2, ¿si se pueden produc ir 12 000
dx
= −0 . 2x + 7 0
Entonces,
radiograbadoras por semana, cuántos aparatos deben fabricarse
x 350
y venderse para que la utilidad semanal sea máxima? P= x 9 0−
20 − −x 1 x5 =0 . 0−0 1 2x− 7 5 x 00
20 0 0 0 . 0 0 1
2
Al analizar x 350, se tiene: Un valor un poco menor
Al derivar respecto a x: dP dx
x = 349
= 75 − 0. 00 2x
dP dx
1 ) = 70 = + = −0 . 2( 34 9+ 5
Entonces, Un valor un poco mayor
x 37500
x = 17
Si no existieran restricciones de producción se venderían 37 500 grabadoras.
dP dx
Al analizar bene cio, se observa que es creciente en todo punto, por lo tanto, si se fabrican y venden 12 000 unidades, estos valores darían la máxima utilidad.
Azul, Veracruz es de 675 km.Al conductor del autobús se le paga 37.50 pesos la hora, mientras que los costos para llevar al autobús a una velocidad estable de x kilómetros por hora haciende a 270 1.5 x centavos por kilómetro; las velocidades mínima y máxima legales en la ruta del autobús son 80 y 100 kmh, ¿a qué velocidad ja se debe conducirel autobús para que el coste total sea mínimo?
Entonces x 350 es un máximo y es la cantidad que se deben
8. Un viaje turístico cuesta por persona 250 dólares para cualquier número de turistas por arriba de 100; el viaje se cancela si hay menos de 50 turistas; sin embargo, por cada turista por arriba de 100, el precio por persona disminuye un dólar; el número máximo de turistas es de 255, ¿cuántos turistas producirán el máximo ingreso? El ingreso total está de nido por:
675 CT = 37.50 + 27 0 + 1. 5x x dx
5
de producir, las cuales tendrán un precio de 65 dólares.
6. La distancia en autobús desde Reynosa, Tamaulipas hasta Cerro
dCT
1
) 70 = −0 . 2( 3 5 1+ =− =−
=−
25312.5 x2
I T = (1 0 0 + x)(2 5 0 − x) dI T
+ 1.5
dx
32 8
0 + = −(1 0 + x ) (2−5 0= x)− 1 5 0 2 x
UNIDAD 4 Análisis de funciones
40. Una empresa estima que el coste para producir x unidades de un
Entonces,
cierto producto viene dado por C 800 0.4 x 0.0002 x2 dólares; determina el nivel de producción que minimiza el coste
x 75
medio por unidad; compara este costo medio mínimo con el costo medio cuando se producen 400 unidades.
Al analizar x 75, se tiene:
La función de coste medio es:
Un valor un poco menor
C=
8 0 0 +0 . 4 x + 0 . 0 0 0 2x 2
dI T
=
x
x = 74
8 00 x
+ 0. 4 + 0. 00 02x
Al derivar respecto a x:
0 2 (7 = 4 )= 2+ = 1 5−
dx
dC dx
Un valor un poco mayor
=−
800 x2
+ 0.0002
Entonces x 2 000
x = 76 Al analizar x 2 000, se tiene:
dI T
= 1 5 0− 2 (7 6=) − = 2−
dx
Un valor un poco menor
Por lo tanto, el máximo ingreso se producirá con 175 turistas.
x = 1999 dC
9. A una compañía le cuesta 0.1 x2 4 x 3 dólares producir “x”
dx
=−
800
0−7 + 0 . 0 0=0 2−× 2 =1− (1999)2
toneladas de cemento; si se producen más de 10 toneladas, la mano de obra adicional eleva el coste 2x 10 en dólares. Si el precio por tonelada es de 9 dólares, sin importar el nivel de producción y si la capacidad máxima de producción es de 20 toneladas, ¿qué producción maximizaría la utilidad?
)7 3 4 − 3 −2 = P= x 9 −x x0 . 1 −2 x− x( 1 0+ x 1 −
0 .1
Un valor un poco mayor x = 2001 dC dx
=−
800
+ 0. 00 =02× 1. =9 +10−7 (2001)2
2
Entonces x 2000 es un mínimo cuyo valor es:
80 0 +0. 4 (20)00 + 0.(00)02 20 00 2 C= = 1.2 2000
Al derivar respecto a x: dP dx
= −0 . 2 x + 3
Al analizar para x 400, se tiene:
( )02 40 0 80 0 +0. 4 (40) 0 +0. 00 C= 400
Entonces,
x 15
2
= 2.48
Resulta que para x 400 se tiene el doble del costo medio comparado con x 2000.
Al analizar x 15, se tiene:
11. Un comerciante, en la promoción de cierto artículo descubre que
Un valor un poco menor
la demanda del artículo se presenta por: x = 14 dP dx
x=
1 ) =3 = + = −0 . 2(1 4+ 5
2500 p2
Suponiendo que el ingreso total R está dado por R xp y que el coste de producción de x artículos está dado por
Un valor un poco mayor
C 0 .5 x 500, determina el precio por unidad que da un bene cio máximo.
x = 76 dP dx
1
El bene cio de vender una cantidad x de artículos es (se usará B
5
para no confundir con la literal p que está inmerso en los datos
= −0 . 2(1 6)+ = 3 − =−
dados la cual es el precio del artículo) Por lo tanto, el máximo ingreso se producirá con 15 toneladas.
32 9
B xp 0.5x 500
4 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
Como:
Entonces p 1 es un máximo. x=
2500
Por lo tanto, el precio p 1 de es el que maximiza el bene cio
p2
máximo. 12. Una empresa publicitaria gasta x cantidad en cientos de dólares y sea P el bene cio, es decir:
Entonces,
B=
250 0 p
12 50
−
p2
+ 500 P = 23 0 + 20 x −
dp
2
, ¿qué cantidad de publicidad da el bene cio
máximo?
Al derivar respecto a p: dB
x2
250 0
=−
2
p
+
Al derivar respecto a x:
2500 3
p
dP dx
= 20 − x
p1 x 20 Al analizar P 1, se tiene:
Al analizar x 20, se tiene:
Un valor un poco menor
p= dB
1
x = 19
2
dP
=−
dp
Un valor un poco menor
2500
1 2 2
+
2500
dx
= 10000 = +
1 3 2
Un valor un poco mayor x = 21
Un valor un poco mayor
dP p=
= 2 0− 1 9= =1 +
3
dx
= 2 0−2 1= − 1= −
2 dB
=−
dp
2500
3 2 2
+
2500
3 3 2
=−
10000 27
Entonces x 20 es un máximo.
=−
Por lo tanto, la empresa debe gastar 2000 dólares para que el bene cio sea máximo.
EJERCICIO 24 I. Demuestra los siguientes límites que presentan las formas 0 ∞
indeterminadas 0 , ∞,0 ( )(,∞) ( ∞−∞ ,0),
lim
aplicando la regla de L’Hopital. 1. lim x →2
x2 − 4 x−2
Al aplicar nuevamente la regla:
( )0∞( ) 0 , y (1) x →0
2cos2 x sen x sen2 xcos x
= lim x →0
=
=4
lim x →2
x2 − 4 x−2
= lim
2x
x →2
1
=
2 ( 2) 1
=4
2 cos 2 xcos x − 4 sen
2 cos 0 cos 0 −4 sen 0 sen 0 2 cos 0 cos 0 −sen 0 sen 0
x→ π 2
limsec x − tan x =lim
x→ π 2
x→ π 2
2cos 2 x lim
ln sen 2 x ln sen x
2cos2 x sen x 0 = lim sen 2 x = lim = x →0
cos x
x →0
sen 2 x cos x
=1
3. lim sec x −tan x =0
2. lim ln sen 2 x = 1 x → 0 ln sen x
x →0
sen x 2
0
sen x
33 0
x
2 cos x cos 2 x −sen xsen 2 x
1 − sen x cos x = lim − cos x sen x x→ π
cos
=− sen
2
π 0 2= − = π 1 2
0
UNIDAD 4 Análisis de funciones
2 ) x= 4. limπ (π −2 xtan x→
2
lim ( π − 2 x ) tan x =lim
x→ π 2
x→ π 2
(π − 2 x ) sen x −2 sen x + (π − 2 x) cos x = lim cos x −sen x x→ π 2
−2 sen =
π
+ (π − π ) cos
2
−sen
5. lim
sen 2 x
x
x →0
π
π 2 =− 2 = 2 −1
2
=2
lim
sen 2 x
x
x →0
= lim
2cos2 x
= 2cos0 = 2
1
x →0
1 x − 6. lim = −1 x →1 ln x ln x 1 1 − x x lim − = lim = lim x1 x →1 ln → x1 x x →1 ln x ln →
7. lim x →1
x 3 − 3x + 2 x 3 − x2 − x + 1
lim x →1
=
−1 lim = 1 x x
( = − x)1−
3 2
x 3 − 3x + 2 x 3 − x2 − x + 1
= lim x →1
3x 2 − 3 3x 2 − 2 x − 1
= lim x →1
6x 6x − 2
=
6 4
=
3 2
z 1 1 − 8. lim = ln z 2 z →1 z − 1 z ln z + − 1 z ln z − z + 1 = lim z lim = lim z− ( z − 1)→ ln1 z z →1 ln z →1 → 11 z z + z
ln z = lim 1 z ln z + 1 − z
1 z 1 1 + 2 z z
z 1 = lim = 2 z →1 z + 1
9. lim x →1
ln x
x −1
=1 1 lim x →1
ln x
x −1
1 = lim x = lim = 1 x →1
1
x →1
x
1 1 1 − = sen 2 x x 2 3
10. lim x→ 0
1 1 − = lim sen 2 x x 2 x → 0
lim
x→0
x 2 − sen 2 x ( x − en s )(x xsen +) 2 2 = lim x sen x x → 0 x 2sen 2 x
x − sen x x + sen x = lim 2 x → 0 x sen x sen x
33 1
x
4 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
Al analizar el producto por separado, se tiene:
1 cos x − sen x − x sen x = lim = lim x 2sen x x → 0 2 x sen x + x 2cos x x → 0 2 sen x +4 cos x x − sen x2
lim
x →0
cos x = lim 2 6 xsen x → 0 6 cos x − x cos x −
x
= 1
x
6
x + sen x 1 +cos x = lim = 2 sen x x → 0 cos x
lim
x→0
Entonces,
1 1 1 1 − = (2 ) = sen 2 x x 2 6 3
lim
x →0
11. lim x→4
x 2 − 16
=
x 2 + x − 20
8 9
lim x→ 4
tan x
12. limπ (sen x ) x→
x 2 − 16 x 2 + x − 20
= lim x→ 4
2x 2x +1
=
2( 4) 2 ( 4) + 1
=
8 9
=1
2
Al emplear logaritmos se tiene:
(sen x )tan x =tan ln x sen x
ln y = ln
lim ln y = lim tan ln x sen x lim = x→
π 2
x→
π
x→
2
π 2
cos x cos x lnsen x l = im sen x = lim sen x = lim − sen xcos x = 0 2 2 π π π cotx x→ − csc x x → − csc x x→ 2
2
2
Al sustituir este valor en el límite del log aritmo natural, se tiene:
tanx
lim ln y =0, es decir, lim sen ( x→
13. lim x→0
x − arcsen x sen 3 x
=−
π 2
= e01=
1 6
x − arcsen x xlim →0
x)
x→ π 2
sen3 x
1
1−
−
x 3
(1 − x 2 )2 1− x2 = xlim → 0 3 sen 2 x cos x = xlim → 0 6 sen xcos 2 x −3 sen
−1 − 2 x 2 5
= lim x →0
(1 − x 2 )2 1 =− 6c os x −21cos xsen 2 x 6 3
33 2
3x
UNIDAD 4 Análisis de funciones
1
14. lim (e x + x )x = e2 x →0
Al emplear logaritmos se tiene: ln y =ln +(e x )=x
1 x
1
( + )ln e x
) x limln y =limln (+e x= x →0 →
→
0
x
x
x
1 x
1 lim ( +=) ln e x → x 0 x
ex + 1
lim
x
x
0
ex + x
=2
Al sustituir este valor en el límite del logaritmo natural, se tiene: 1
lim ln y = 2, esde cir, lim (e x + x ) x = e2 x →0
15. limπ x→
4
sec 2 x − 2 tan x 1 + cos 4 x
lim x→
=
1 2
sec 2 x − 2 tan x 1 + cos 4 x
π
x →0
= lim x→
4
1
16. lim x 1−x = x →1
−4 sen 4 x
4
= lim x→
2 sec 2 ta x an x − 2 sec2 x
π
4 sec2 x tan 2 x + 2 sec 4 x − 4sec
2
x tan x
−16 cos 4 x
π
=
8 16
=
4
1 e
Al emplear logaritmos se tiene: 1 ln x ln y =ln ( x )(1−x) = 1 − x
1 ln x
1
lim ln y =lim ln ( x)(1− x) lim = x →1
x →1
x →1
1− x
1 = lim x = lim− = − 1 x x →1 −1 x →1
Al sustituir este valor en el límite del logaritmo natural, se tiene: 1
lim ln y = − 1 , es decir, lim ( x )(1−x) = e−1 = x →1
17. lim x→
π
tan 3 x tan x
=
x →1
1 e
1 3
2
lim x→
π 2
tan 3 x tan x
sen 3 x cos x = lim π cos3 x senx x→ 2
sen 3 x cos x = lim π sen x cos3 x x→ 2
sen 3 x cos x lim lim = x → π sen x x → π cos3 x 2 2 cos x = − lim = − limπ π cos3 x x→ x→ 2
2
π −sen −senx 2 = 1 = − −3sen 3 x −3sen 3π 3 2
33 3
1 2
4 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
1
18. lim (1 +5 x ) x = e5 x→0
Al emplear logaritmos se tiene: ln (1 + 5 x )
1
ln y =ln (1 + 5 x ) x =
x
5 1
lim ln y = lim ln (1 + 5 x) x = lim x→0
x→ 0
ln (1 + 5 x ) x
x →0
= lim 1 + 5 x =lim 1
x→ 0
x→ 0
5 1+ 5x
=5
Al sustituir este valor en el límite del logaritmo natural, se tiene: 1
lim ln y =5 , es decir, lim (1 +5 x ) x = e5 x →0
x →0
19. lim x ln sen x =0 x →0
cos x 2 ln senx nx = lim− x cos x = lim sen 1 1 sen x x →0 x →0 x→ 0
lim x ln senx =lim x→ 0
−
x
= lim−
2cos x
x →0
x2
x −s x 2 sen x cos x
0
=− = 0 1
x
a 20. lim 1 + = ea x x →∞ Al emplear logaritmos se tiene:
x
a ln y =ln 1 + =lnx x
a 1 + x −
x
a lim ln y = lim ln 1 + = lim lnx x →∞x x →∞ → x∞
a ln 1 + 1 + x x 1 + a = lim = lim 1 1 x x→∞ x →∞ − 2 x
ax
= lim x→∞
a+x
a x2 a
x
= lim a = a x →∞
Al sustituir este valor en el límite del log aritmo natural, se tiene: x
a lim ln y = a, es decir, lim 1 + x x →∞
x →∞
21. lim x sen x →∞
4
x
=4
lim x sen x →∞
4
x
4 4 4 − cos x x = lim x 2 =lim 4 cos 1 →∞ x 1 − 2 →∞ x x x
sen
= lim →∞ x
33 4
4
x
= 4c os0 = 4
UNIDAD 4 Análisis de funciones
ln x 1 − 22. lim = 0 x x →∞ x
ln x 1 = lim x − x →∞ x
lim
x →∞
−1 + ln x + 1 2 x x = lim x→∞ x 3 2
x ln x − x = lim x x→∞ x
2 −2
1 1 + − x x = 0 = 0 = lim 3 3 x →∞
23. lim x→
π 2
csc 6 x csc 2 x
=
1 3
1 lim
x→ π 2
csc 6 x csc 2 x
sen 2 x 2 cos 2 x 2 1 = lim sen 6 x =l im =lim = = x→ π 2
1
sen 6 x
x→ π 2
sen 2 x
x→ π 2
6 cos 6 x
6
3
24. lim x x =1 x →0
Al emplear logaritmos, se tiene: ln y = l n x x = ln x
x
1 ln x
lim ln y =lim = ln x x lim= l nx =x lim x →0
→0 x
→0
0x →
0 →
1 x
x→
x
lim
lim =
− 12
x
x
− x0= 0
x
Al sustituir este valor en el límite del logaritmo natural, se tiene: lim ln y =0 , es decir, lim x x = e0 = 1 x→0
x →0
25. lim xc sc x =1 x →0
lim xc sc x =lim
26. limπ x→
2
sec2 x sec 23 x
x
x → 0 sen
x →0
x
= lim x →0
1 cos x
=1
=9
1 sec2 x
lim
x→
2
2
cos 23 x
lim cos x = lim lim sec 23→x = x → → 1 cos2 x = x x 2 2 2 2
cos 3 x
= lim
x→ π 2
−9 sen 32 x + 9c os 32 x =9 cos 2 x −sen 2 x
33 5
3cos 3 x sen 3 x cos x sen x
x+ ln( ) x 3x
4 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
27. lim x →∞
e x + 3x 3
4e x + 2 x 2
e x + 3x 3
lim
x →∞ 4 e
x
1
=
+ 2x 2
4
= lim →∞ x
ex + 9x 2
= lim
4e x + 4 x→∞
x
e x + 18 x
4e x + 4 →∞
= lim
e x + 18
x
4e →∞
= lim
x
→∞ x
ex
4e x
= lim x
1 4
=
1 4
28. lim (1 + x )cot x = e x →0
Al emplear logaritmos se tiene:
cot x ( ln ) x1 ln y =ln+ 1( ) = x cot+
limln y =limln + 1 ( ) =x x →0 →
x
0
cot x
→
x
−sen x ln (1 + x ) +
cos x (= ) lim + ln 1 x→ 0 sen x
lim
x
x
cos x 1+ x
cos x
0
=1
Al sustituir este valor en el límite del log aritmo natural, se tiene: cot x lim ln y =1 , es decir, lim (1 + x ) = e1 x→ 0
x →0
4 2 1 29. lim − 2 1 −cos x = − 3 x →0 x
4 sen x4− x − os x 2− x 2 4 2 = lim 4 4c = lim − 2 x 2 1 −cos x x → 0 x 2 (1 −cos x ) x ( x → 0) 2 x 1 −co s x + xsen
lim
x →0
4c os 42x − = lim + x4 sen x x →0 2 (1 −cos+ x ) + xcos
4− sen x = lim x2 x → 0 6 xcos x +6 sen x − sen
x2 + 2
x →∞
x
x
−4cos x = lim 2 8 xsen x → 0 12c os x − x cos x −
30. lim
x
= − 4 = − 1
x
12
3
=1
lim x →∞
x2 + 2 x
= lim x →∞
x2
2
x
x 2→∞
+2 =
+lim = 1 x
2
x2
1
II. Aplicando la regla de L’Hopital, determina los siguientes límites que presentan las formas 0 ∞ , −∞) ( 0 0 ) , (∞)0 (y) 1∞ . indeterminadas , , ( 0,)(∞ ) (0∞ 0 ∞
2 1. lim x x x →∞ e
lim x →∞
x2 ex
= lim →∞ x
2x ex
= lim →∞ x
2 ex
33 6
=0
UNIDAD 4 Análisis de funciones
2. lim x →0
tan x 6. limπ (se n x −cos x )
ex −1
x→
tan 2 x
2
Al emplear logaritmos se tiene: ex −1 cos 2 x (e x 1− ) = lim sen 2 x x → 0 sen 2 x x →0
lim
( − x cos )= x tan ( x) tan ln y =ln sen − lnxsen
cos2 x x (e x 1
− )+
2sen 2
= lim
cos ex 2
x
2cos 2 x
x →0
=
cos x
x
cos x +sen x
1
( lim ln y = lim tan lxn sen
2
x→ π 2
cos lim
= x → π2
1
3. lim x x
2
( xcos x+ sen
sen x −cos x sec2 x
x) = lim
x cos −
x→ π 2
x→ π 2
x)
− cos x +sen x
0
=
x →∞
Al sustituir este valor en el límite del logaritmo natural, se tiene: Al emplear logaritmos se tiene: tan x
( lim ln y =0 , es decir, lim sen xc−os
1 xx
ln y =ln
lim ln y = lim x →∞
=
x)
x→ π 2
= e01=
x
ln x
= lim
x
→∞ x
x→ π 2
ln x
→∞ x
1 x
ln x
7. lim ( x +1 )
=0
x →0
Al emplear logaritmos se tiene: Al sustituir este valor en el límite del logaritmo natural, se tiene: ln x
( x )1 = ln y =ln + 1 xx
lim ln y =0 , es decir, lim x →∞
=
e0
= 1
ln (ln + )x 1 x
lim ln y =lim ln ln 1 )= lim x (x +
x →∞
x→0
x →0
x →0
ln ( x + 1) 1 ln x
4. lim
1
ln x
x ln 2 x = lim x + 1 = lim 1 x →0 x →0 x + 1
x
x →∞
lim
ln x
x
x →∞
= lim
2
x
→∞ x
x ln 2 x
=0
2 ln x
= lim x →0
5. lim (cos x →0
ln 2 x = lim x + 1 x→0 x
1 x )x2
= lim − x →0
−
2 ln x = − lim 1 x →0 x
Al emplear logaritmos se tiene:
x =lim −2 ln x x 1 x →0 x2
2 ln x 1 x
2 1
ln y = ln (cos x ) x 2 =
lim ln y = lim x →0
x →0
= lim x →0
1 x2
1 x2
− lnc os x = lim
−sen x 2 x cos x
= lim − x =lim 2 x = 0 1 x →0 − 2 x →0
lncos x
x →0
= lim x →0
x
sen x Al sustituir este valor en el límite del logaritmo natural, se tiene:
cos x 2x
− cos x 2cos x −2 xsen x
=−
ln x lim ln y =0 , es decir, lim ( x + 1 ) = e10 =
1
x →0
2
x→ 0
8. limcs c π xln x x →1
Al sustituir este valor en el límite del logaritmo natural, se tiene: 1 1 1 −1 lim ln y = − , es decir, lim (cos x ) x2 = e 2 = 2 x →0 e
x→ 0
33 7
1 limc sc π xln x =lim x →1
ln x
=
x →1 sen
x
x lim = − x →1 cos x
1
4 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
Al sustituir este valor en el límite del logaritmo natural, se tiene:
1
9. lim (1 +2 x ) x x →0
lim ln y =0 , es decir, lim x senx = e0 = 1 x→ 0
Al emplear logaritmos se tiene:
14. lim x 2 ln x
1
1 x
( = ln y =ln 1 + 2) x
x →0
(+ )ln 1 2 x x
1 2
lim ln y = lim x →0
→0
x
1
→0
→ 0
x
Al sustituir este valor en el límite del logaritmo natural, se tiene: 1
ln x = lim → 0 →1 x 0
2
lim x 2ln x =lim
2 1 + 2x = lim =2 1 1 + 2x x
ln (1 +2 x ) =lim
x
x →0
x →0
→
x
x2
−
x = lim − x = 0 2 2 x 0 x3
x2
1 15. lim 1 + 2 x x →∞
lim ln y =1 , es decir, lim (1 +2 x) x = e2 x →0
x→ 0
Al emplear logaritmos se tiene: 8x − 2x
10. lim
8 x − 2x
lim
x2
ln y =ln 1 +
4x
x →0
4x
x →0
= lim
8 xl n8 −2 lxn2
=
4
x →0
1 4
ln
8 2
=
1 4
1
2 x
1 = x 2 ln 1 + 2x
lim ln y = lim x 2ln 1 +
ln 4
x →∞
→∞ x
ln 1 +
1
= lim x 2 x →∞
1
2 x
1 x2
−
11. lim arcsen x csc x x →0
lim arcsen x cs c x = lim x →0
= lim
sen x
x →0
x →0
2x2 1
1+
1 arcsen x
1
= lim x →∞
1− x2 =1 cos x
−
2 2 x = lim x =0 2 2 + 4x x →∞ x3
Al sustituir este valor en el límite del logaritmo natural, se tiene: sen x
12. lim
x −π
x →π
lim ln y =0 , es decir, lim 1 +
x →∞
sen x
lim
x−π
x →π
= lim x →π
cos x 1
= lim2
x − πcos x = 0
x →π
16. lim x →0
2 x−π
lim x →0
x
=sen lnx
x
= lim x →0
→0
cos x x
0 x →
= lim x →0
x − sen 2 x
= lim
1 +2cos2 x
x → 0 1 − 2cos2
x
= −3
tan x − sen x 17. lim sen 3 x x →0 1
→0
x +sen 2 x
x
lim ln y = lim sen xln x =lim x →0
= e0 = 1
x − sen 2 x
x →0
ln y =ln x sen
x +sen 2 x
13. lim x sen x
Al emplear logaritmos se tiene:
x →∞
x2
1
2 x
ln x csc x
−sen x 1
= lim x
x − csc x tan x
tan x −sen x sec x − 1 sec xtan x lim = lim = lim 2 sen3 x x → 0 sen x x → 0 2cos x sen x
x →0
= lim 1 sec3 x = 1
=0
x →0
33 8
2
2
UNIDAD 4 Análisis de funciones
18. lim x →2
x2 − 4 x2
π x 4
21. lim (s ec 5 x −tan x )
tan
x→ π 2
1 −sen x cos x
lim s( ec 5 x −tan x ) =lim
lim x →2
x2 − 4 x2
π x = lim 4 x → 2
x→ π 2
πx − 4)sen 4 π x x 2 cos 4
(x 2
tan
− cos x = lim = 0 x → π −sen x 2
πx π ( 2 πx 2 x sen + x − 4)cos 4 4 4 =−4 = lim 2 π x π x π x π x →2 2 x cos − sen 4 4 4 2 x sen
πx
= lim
4
x →2
2 x cos
4
4
−
22. lim (1 + x )cot x x →0
Al emplear logaritmos se tiene:
π πx + ( x 2 − 4)cos
πx
x→ π 2
4
πx2 4
sen
πx
ln y =ln+ 1( ) = x
cot x
( ln ) 1 cot+ x
x
4
ln (1 + x )
lim ln y =lim cot ln x 1 ( + x ) lim = x →0
x →0
x →0
tan x
1 19. lim x csc 2 x
= lim 1 +2 x = lim
x →0
x
lim x csc 2 x =lim
x → 0 sen
x →0
= lim
2x
x →0
1 2cos2 x
=
x →0
1
1
x → 0 (1
sec x
+ x )sec 2 x
=1
2 Al sustituir este valor en el límite del logaritmo natural, se tiene:
x
2 20. lim cos x x →∞
2
cot x lim ln y =1 , es decir, lim (1 + x ) = e1 x →0
x →0
ln x
23. lim ( x +1 )
Al emplear logaritmos se tiene:
x2
2
ln y = ln cos
x
x →0
Al emplear logaritmos se tiene:
2 = x 2 ln cos x
2 lim ln y = lim x 2ln cos = lim x →∞ x x →∞ →∞ x
ln cos
ln x
( x )1 = ln y =ln +
2
ln (ln + )x 1 x
x
lim ln y =lim ln ln x (x + 1 )= lim
1
x→0
x →0
x →0
ln ( x + 1) 1
x2
2 x2
sen
cos x →∞
− −
= lim x →∞
x
2
x 2
= lim
ln x 1
2
= lim
2 = lim x → x 0
−tan x
→∞ x
2 tan x 1
x3
2 x2
sec2 1 x
−
x
x ln 2 x = lim x + 1 = lim 1 x →0 x →0 x + 1 x ln 2 x
2 ln x ln 2 x = lim x →0 x + 1 x→0
= lim
2 2 x = 3 − lim −2sec = x →∞ x
x
2
2
= lim − x →0
2 ln x = − lim 1 x →0 x
Al sustituir este valor en el límite del logaritmo natural, se tiene:
x →∞
x →∞
x2
1
2 x
lim ln y = , es decir, lim 1 +
= e−2 =
1 e2
33 9
−
x =lim −2 ln x x 1 x →0 x2
2 ln x 1 x
2 0 = lim − x =lim 2 x = 1 x →0 − 2 x →0 x
4 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
Al sustituir este valor en el límite del log aritmo natural, se tiene: ln x lim ln y =0 , es decir, lim ( x + 1 ) = e10 = x →0
24. lim x →0
x→ 0
cot 2 x cot 3 x
lim x →0
cot 2 x cot 3 x
= lim x →0
cos 2 x sen 3 x sen 2 x cos 3 x
= lim x →0
3cos 2 x cos 3 x −sen 2 xsen 3 x 2cos 2 x cos 3 x −3 sen 2 xsen 3 x
=
1 1 − log ( x +1 ) x
25. lim x →0
1 1 − = lim log ( x +1 ) x x →0
lim x→0
x log − ( x1+ ) = lim x log ( x +1 ) x→ 0
log e 1− x +1 log ( x +1 ) + x log e x +1
log e 1 1 ( x + 1)2 = lim = = lim log 1 x→ 0 2 + x 2 e x →0 + log e x + 1 ( x + 1)2
EJERCICIO 25 I. Calcula la diferencial para las siguientes funciones para el valor dado de la variable independiente y su incremento. 1. y 3x2 8x 5, cuando x 1 y dx 0.4
4 5
. 4− dy = ( 6x− 8)dx= (− 6 )(8 )0=
2. y =
1
x+
x
cuando, x 4 y dx 0.002
1 1 1 1 − − ( 0.0 02) = 0. 000 375 dx = 2 x 2 x 3 2 4 2 4 3
dy =
3. y x2 cuando, x 1 y dx 0.25 )(= dy = 2xd x= −2 ( 1 0 . 2 5− )
0 .5
3 4. y 2x cuando, x 2 y dx 0.5
2
2 = 6 ( 0 . 5)− 1 2 dy = 6x dx − (− 2) =
5. y =
1 3
x
dy = −
cuando, x 2 y dx 0.1
1 4
3x 3
=− dx
1 4
( 0=. 1− )
0. 013
3( 2) 3
34 0
3 2
UNIDAD 4 Análisis de funciones
1 − x 2 cuando, x 0.75 y dx 0.001
6. y = x
dy = −
x2
1− x 2
2 1− 2x 2 1 − 2 (0. 7 5) ( 0. 00 1) = − 0. 00 01 88 + 1 − x 2 dx = dx = 2 1− x 2 ( ) 1 − 0.75
7. y tan x cuando, x 45 y dx 0.03528 rad
= sec 2 4 5 (0 . 0 3 5 2 8) = 0 . 1 2 7
dy = se c2xdx
8. y cos x cuando, x 30 y dx 0.02139 rad (se n−3 )(0
dy = −se nxdx= −
0 .= 0)2 1 3 9
0.01 0695
9. y arc sen 2x cuando, x 3 y dx 0.045
2
dy =
1 − 4x 2
2
dx =
1 − 36
( 0.045)
10. y In x2 cuando, x 5 y dx 0.0083
dy =
2 x
dx =
2 5
( 0. 008 3) = 0.0 03 3
II. Resuelve los siguientes probl emas, empleando diferenciales. 1. Un disco metálico se dilata por la acción del calor de manera que su radio aumenta desde 12 a 12.03 cm; determinar el valor aproximado del incremento del área. A = πr 2 r = 12 dA = 2 πr dr dA = 2 π (12)( 0. 0)3 = 2 .2 6 1 9 A = π= r2
(1= π+ 2)
2
. 3893 dA + 4 5 2=
2.2 619
4 54 .651 2
2
A1 = πr 2 = π (12 .0 3) = 45 4. 65 41
2. Si A es el área de un cuadrado de lado 8 cm, determina dA y construye una grá ca correspondiente a dA y A
A = l2 dA = 2ld l = 2 (7 . 8)( 0 . 2) =3 . 1 2 A = 7. 82 =
60 −.8 4= 3. 13
63 .9 6
A1 = 64
34 1
4 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
3. Encuentra el volume n aproximado de un tubo de cobre de 35 cm de longitud, 2 cm de diámetro interno y 1.5 mm de espesor.
3.
4
83
Sea y = 4 x la función representativa de
V = 2 πrh dV = 2 πh dr =2 π (3 5) (0 . 3) = 65.9 7 V = 2 πrh += dV
+ 1 0 9 . 9 5=5 6 5 . 0 7 3 1 7 5 . 9 2 7
x 81
Valor próximo al dado que tiene raíz cuarta exacta.
dx x 2
Incremento de x para tener 83.
4. Determina un valor aproximado del volumen de un a cáscara
y= 4 x
esférica de 300 mm de diámetro externo y 1.5 mm de espesor. dy
V = 4 πr 3
3
2
4 1(−5 0)(= 1) . 5 π 1 3 5 0 0 0 πm m
3
1.
4. 3
x la función representativa de
3
1 1 ( ) = 4 ( 81) 43 2 = 54 4
81 = 3
3.01
1 3
65.
Se elige:
63 1
Sea y =
x 64
dx
1 83 = y+ dy = +3 ≈ 54
4
65
Sea y =
1
= 4 x 43
Si y = 4 x =
III. Aplicando diferenciales, determina los valores para las siguientes expresiones. 3
83.
Se elige:
V1 = 2 π (1. 3)( 3)5 = 1 85 . 8 25
2= dV = 4 πr dr
4
3
la función representativa de
x
1 3
63
.
Valor próximo al dado que tiene raíz cubica
dx x 1
exacta.
Se elige:
Incremento de x para tener 65.
x 64
Valor próximo al dado que tiene raíz cúbica exacta.
y=
3
x
dx x 1 Incremento de x para tener 63. −2
1
1
1
2
− dy = x d3x = (64) 3 ( 1) =
3 Si y =
3 3
x=
3
1
y
48
=3x 1
dy = −
64 = 4
4
3
2.
1 65 = y+ dy = +4 ≈ 48
4.02
37
1 3
Sea y =
x la función representativa de
37.
Se elige:
5.
x 36
1
Si y =
63
3
( 1) −4 =
3( 64) 3
=
x
1
dx =−
3x 3 1 3
64
= y+ =dy +
=
1 768
1 4
1 1 ≈ 4 768
0.251
1 50
Valor próximo al dado que tiene raíz cuadrada exacta.
dx x 1 y=
Sea y =
1 2
Si y =
la función representativa de
x
1 50
.
Se elige:
x
dy =
1
Incremento de x para tener 37.
1
dx =
(1) =
x
2
36
x=
36 = 6 1
37 = y+ dy = +6 ≈ 12
x 49
1
Valor próximo al dado que tiene raíz cuadrada exacta.
12
dx x 1 y=
6.08
dy = −
x
1 3
2x 2
34 2
Incremento de x para tener 50.
1
dx =−
1
) =(1−
3
2 ( 49) 2
1 686
UNIDAD 4 Análisis de funciones
1
Si y =
1 50
1
=
x
49
= y+ =dy −
se elige:
1
=
7
x 60
1 1 ≈ 7 686
0.141
dx x 1 0.0 1745 rad
3 . 2 17 . 81
Incremento de x para tener
y = sen x
78
6.
Valor próximo al dado ya que sen 60° =
Sea y =
x la función representativa de
co s6 0 (=0 .0 1 7 45 r a d)
dy = cosx=dx °
78.
0 . 00 8 7 2
3 Si y =sen 60 ° = 2
Se elige:
x 81
Valor próximo al dado y que tiene raíz cuadrada exacta.
3 sen 61° = + 2
dx x 3 Incremento de x para tener 78.
0.00≈ 872
0.87 47 rad
9. cos 44 y= dy =
x
1 2
x
Si y =
1
dx =
x=
2
Sea y cos x la función representativa de cos 44 .
1 6
−=(− 3) 81
Se elige:
x 4 5
81 = 9
Valor próximo al dado ya que sen 45° =
dx x 1 0.01745 rad
78 = y+ dy = −9≈
1 6
8.83
4
17 81
2
cos 44° = + 2
Sea y = 4 x la función representativa de 4 17.
se− n 4 5( 0 . 0 1= 7 4 5 r ad)
Valor próximo al dado que tiene raíz cuarta exacta.
dx x 1
Incremento de x para tener
17 81
0.71 94 rad
Se elige:
x 45
.
Valor próximo al dado ya que tan 45° 1.
dx x 1 0. 01745 rad
y= 4 x
Incremento de x para tener 46°.
y = tan x
1 3
4x4
dx =
1 3
(1) =
4 (16) 4
1
dy = sec2x dx = se c
32
tan 4 6° = 1 + 0 .0 3 4≈9
Si y = 4 x = 4 16 = 2
1 17 = y+ dy = +2 ≈ 32
2
45 . (0 0 1 7 4 5 rad.) = 0 0 3 4 9
10 . 3 4r9ad
11. cot 29 Sea y cot x la función representativa de cot 29
4.03
Se elige:
Entonces,
4
0.0 1233 ≈ 9
0 .012 339
Sea y tan x la función representativa de tan 46
x 16
4
Incremento de x para tener 44.
10. tan 46
Se elige:
dy =
.
y = cos x dy = −senx dx =−
7.
2 2
x 3 0
17 ≈ 2.03 = 0.676 81 3
Valor próximo al dado ya que cot 30° =
dx x 1 0.01745 rad
3 3
Incrementodex para tener 29.
y = cot x
8. sen 61
dy = − csc2x dx =−
cot 29° =
Sea y sen x la función representativa de sen 61 .
34 3
3 + 3
0.06≈98
.
cs− c 23 0 ( 0 . 0 1= 7 4 5 r ad) 1.80 18 rad
0 .069 8
4 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
12. sec 59
y = ex dy = e xdx = 7.389 (0. 2 ) =1.4 778
Sea y sec x la función representativa de sec 59 Se elige:
Si y e2 7.389
x 60
Valor próximo al dado ya que sec 60 2.
dx x 1 0.01745 rad
16. e5.1
y = sec x
. 604 dy = se cx t axndx = se°c −6°0 t a n 6 0 (. 0 01 744 5 rad) = 0 0 se c 5 9° = 2− .0 0 60≈4. 1 9 39 6 rad
Sea y ln x la función representativa de ln 5.83.
Valorpróximoaldado.
dx x 0 .1
Incrementode x para tener 5.1.
dy = e xdx =14 8.4 13 (0. 1) = 14. 84 13
x 5 .8
Valorpróximoaldado.
dx x 0 .03
Incremento de x para tener 5.83.
Si y e5 148.413 ln 36.4 y dx 148.413 14.8413 163.25
y = ln x
x
x 5
y = ex
Se elige:
dy =
Sea y ex la función representativa de e5.1. Se elige:
13. ln 5.83
1
ln 36.4 y dy 7.389 1.4778 8.8669
Incrementode x para tener 59°.
dx =
1 5.8
( 0.03) = 0.0051
IV. Determina la diferencial para las siguientes funciones 4 3 2 1. y x 2x 5x 2x
Si y ln 5.8 1.62531
dy 4x3 6x2 5x 2dx
ln 5.83 y dy 1.75785 0.0051 1.7629
2. y = 14. ln 36.4
x
2
−
2 x
1 2 dy = + dx 2 x2
Sea y ln x la función representativa de ln 36.4. Se elige:
3. y = 1 − 3x 2
x 3 6
Valorpróximoaldado.
dx x 0 .4
Incrementode x para tener 36.4.
dy = −
3 x dx 1 − 3x 2
y = ln x dy =
1 x
dx =
1 36
4. y = a 2 + x 2
( 0.4 ) = 0.0111 x dx
dy =
a2 + x 2
Si y ln 36 3.5835
3 5. y = 4 − 2x 2
ln 36.4 y dy 3.5835 0.0111 3.5946 2.2 15. e
dy = x
2.2
4 x dx (3) 3 ( 4 − 2x 2 )
2
Sea y e la función representativa de e . Se elige:
x 2
6. y = 3x Valorpróximoaldado.
3x 2 6( 2 + x 2 ) 2 4 + x 2 + 3 4 + x dx = 4 + x 2 dx
dy =
dx x 0 .2
Es el incremento de x para tener 2.2.
34 4
x2 + 4
UNIDAD 4 Análisis de funciones
19. y x csc x
7. y = (1 + x 2 ) 1− x 2
dy = x2
2
1x−
8. y = 102 x
dy csc x x csc x cot xdx
x (1 + x 2 )
3 dx = x − 3 x dx 1− x2
−
1 − x 2
x 20. y = arcsen 2
2
dx
dy =
2 dy = (x4 )(10 2 x )ln10 dx
2 1−
x2
4
mx
9. y 5
2
21. arctanx 1
dy m 5mx ln 5 dx dy =
10. y ebx
dy bebxdx 11. y = e
2 x dx 2
1 + (1 − x 2 )
22. y arcsec x2
x
2 dx
dy = dy =
1 2
x
−3 4 − 3x
23. y =
dy =
dx
13. y = ln 1 + x 2
dy =
1
24. y =
x dx dx = 1+ x 2
x
1 + x 2 1+ x 2
2cos2 x sen 2x
− 5 sen 5x 2
co s 5 x
dy =
ax + b
x
4 − x2 + x
= 2cot 2x dx 25. y =
4 − x2
dy =
dx
log e
−
4 − x 2
4 dx 3
( 4 − x 2 )2
a2 − x2
2 x ( a 2 − x 2)
2x
− 2 a +x2 a xdx 2 2 (a 2 + x 2)2 dx = − 2 2x − 2 a 2)( x 2 + a −x2 ( a 2 2 a + x2
)3
2 26. y e xcos 3x
x
dx = − x log e 4 − x2
dy−= ( e3
4 − x 2
−2− xsexn 3e
2
− xdx c2=xo s−3e
)
+ x
−32s x en 3 ( xdx
27. 3x2 2xy 5y2 24
17. y 2cos 2 x
6x + 2 x dy +2 +1 0y = 0y dy
dy 4sen 2x dx 18. y =
x
4 − x 2 dx =
a2 + x 2
−
16. y = log 4 − x 2
dy =
dx
4 − x2
15. y logax b a log e
x3
cos 5x
dy =
14. y ln sen 2 x dy =
x4
x dx
e
12. y ln4 3x dy =
1
1−
dx
dx
dy
tan 4x
dx
4
=−
dy = −
dy sec2 4x dx
34 5
6 x + 2x 3x + x =− 2 x + 10y x + 5y 3x + x dx x + 5y
2 co s 3
)
4 UNIDAD CÁLCUL O DIFERENCIA.L MANUAL DE SOLUCIONES
3 2 3 28. x 6xy 2y 10
dy
3x + 6 + y122
+ xy6
dx
2 2 33. 2x x y 6y 1
= 0y 2
dy dy dx
=−
3x + 6 y 2 12 xy + 6y2
dy = −
29. x 2 + 4
x + 2 y2
4 xy + 2y 2
=−
x + 2 y2
dy dx
dx
2 x2+
2+
dy
y dx
dx
2+ = 0
x
dy dx
=−
x
dy = −
x y
y
y
−
x
35. y arccos3x 4x3
y
dy = −
dy dx
+1
−−
+y
1 1 −3 y2x 2 2 1 1−−dy 2x 2
dx
dy
0 − 1
=x
=
dy =
31.
2 3
+
−1 x 3
+
= 2 3
−1 3
dy dx
x y
1−
dy dx dy dx
−1 −1 2y 2
1 −3 x2y 2
y x
dx
=0
dy =
32. x y ex
x
1 2y 2
2 r3
y
−1 3
−1
3
dx = 3
y x
dx
y
dy dy = e x + y 1 + = e x + y + e x + y dx dx =
dy =
1 − e x+ y 1 + ex+ y 1 − e x+ y 1 + ex+ y
3 + 12x 2 2
1 − ( 3x + 4x 3 )
x dx
dx
2 y3
dx
5 − x2
x
+1
1 − 21 − 1 dy y+ x =2 2 dx 1 −3 x2y 2
2 x3
6 − 2xy
2x 5 − x 2 5 + 10x + x 2 dx = − dx 2 5 + x − (5 + ) x 2 ( ) 5+ x
=C
1 − 1 − 1 1 1 − 3 dy 2 x 2 y 2 − x2 y − 2 2 dx
y2 − 4 x
dy = −
y
x+
x+
x
y2 − 4 x 6 − 2xy
5+ x
y
30.
=
dy =
34. y = x dy
dy dx
4 xy + 2y 2
xy + 2 y = a y
dy xy + 6 =0 dx
4 x − y−22
dx
dx
34 6
1
+ y2 x
3 2
1 −3 2
+ y2 x
−1 −1
+y
2x 2
=
y x
dx