7.
La luz que se propaga en el aire incide en la superficie de un bloque de plástico a un ángulo de 62.7º respecto a la normal, y se dobla de tal modo que forma un ángulo de 48.1º con la normal en el plástico. Halle la rapidez de la luz en el plástico. Solución: na sen a nb sen b
sen a sen62.7 1.00 1.194 sen48.1 sen b
nb na
n c v así que v c n (3.00 108 m/s) / 1.194 2.51 108 m s
8.
a) Un tanque que contiene metanol tiene paredes de 2.40 cm de espesor de un vidrio con un índice de refracción de 1.550. La luz que llega del aire exterior incide en el vidrio a un ángulo de 41.3º respecto a la normal al vidrio. Halle el ángulo que forma la luz con la normal en el metanol. b) Se vacía el tanque y se llena con un líquido desconocido. Si la luz que incide al mismo ángulo que en el inciso a) entra en el líquido del tanque a un ángulo de 20.2º respecto a la normal, ¿cuál es el índice de refracción del líquido desconocido? Solución: a) Aire
Vidrio
Metanol
Aplicando la ley de Snell en ambas interfaces En la interface aire - vidrio: (1.00) sen 41.3 nvidrio sen En la interface vidrio - metanol: nvidrio sen (1.329)sen
(1)
(2)
Combinando (1) y (2): sen41.3 1.329 senθ θ 29.8 b)
Se usa la misma figura que en la parte del inciso a), excepto
θ 20.2.
(1.00) sen41.3 n sen 20.2 n 1.91
9.
a) Un haz de luz pasa a través de tres tabletas de diferente espesor e índice de refracción. La luz incide en la primera tableta y finalmente se refracta el interior de la tercera. Demuestre que la tableta intermedia no influye en la dirección final de la luz. En otras palabras, demuestre que la dirección de la luz en la tercera tableta es la misma que si la luz hubiese pasado directamente de la primera tableta a la tercera. b) Generalice este resultado respecto a una pila de N tabletas. ¿Qué determina la dirección final de la luz en la última tableta? Solución: a) Sea na el índice de refracción de la primera tableta, n b el índice de refracción de la tercera y última tableta y también sea n 1 , el índice de refracción de la tableta de en medio. Primera interfase: na sen a = n1 sen 1 Segunda interfase: n 1 sen 1 = nb sen b Combinando estas dos ecuaciones nos resulta n a sen a = nb sen b
b) Para N tabletas, donde n a es el índice de refracción de la primera tableta y n b el índice de refracción de la última tableta, n a sen a = n 1 sen 1 , n 1 sen 1 = n2 sen 2 ,…, n N - 2 sen N 2 = n b sen b . Esto nos resulta na sen a = nb sen b . La dirección final de la luz depende del ángulo de incidencia en la primera y última tableta.
10.
Una placa de vidrio horizontal de lados paralelos y un índice de refracción de 1.52 está en contacto con la superficie del agua de un tanque. Un rayo que llega desde arriba en el aire forma un ángulo de incidencia de 35º con la normal a la superficie superior del vidrio. a) ¿Qué ángulo forma el rayo refractado en el agua con la normal a la superficie? b) ¿Cómo depende este ángulo del índice de refracción del vidrio? Solución: a)
naire 1.00 sen 35.0 25.5. sin aire arcsen nagua 1.33
agua arcsen
b) Estos cálculos no dependen del vidrio porque podemos omitir este paso en los cálculos:
naire senθ aire nvidrio senθ vidrio nagua sen agua.
11.
Un haz paralelo de luz incide en un prisma, como se muestra en la figura 33.35. Parte de la luz se refleja en una cara y parte en otra. Demuestre qua el ángulo entre los dos haces reflejados es dos veces el ángulo el ángulo A entre las superficies reflectoras. Solución: Como demostramos arriba, el ángulo entre los haces y el prisma es A/2 y el ángulo entre los haces y la vertical es A, así que el ángulo total entre los dos haces es 2A.
12.
Pruebe que un rayo de luz reflejado en un espejo gira un ángulo de 2 cuando el espejo gira un ángulo en torno a un eje perpendicular al plano de incidencia. Solución: Rotando el espejo en un ángulo mientras el haz del rayo incidente permaneces constante en un incremento en el ángulo de incidencia por θ . Por lo tanto el ángulo entre los haces incidente y reflejados e convierte
en 2θ 2 donde la deflección adicional de 2 se debe a la rotación del espejo.
13.
Un rayo de luz incide en una superficie plana que separa dos láminas de vidrio con índices de refracción de 1.70 y 1.58. El ángulo de incidencia es de 62.0º, y el rayo nace en el vidrio con n = 1.70. Calcule el ángulo de refracción. Solución:
na
b arcsen
nb
14.
1.70 sen 62.0 71.8. 1.58
sen a arcsen
En el ejemplo 33.1 (sección 33.2), la interfaz agua/vidrio es horizontal. Si, en cambio, esta superficie estuviese inclinada 15º arriba de la horizontal, con el lado derecho más alto que el izquierdo, ¿cuál sería el ángulo del rayo en el vidrio respecto a la vertical? (El rayo en el agua sigue formando un ángulo de 60º con la vertical). Solución:
na
b arcsen
nb
1.33 sen 45.0 38.2. 1.52
sen a arcsen
Pero este es el ángulo desde la normal a la superficie, así que el ángulo desde la vertical se le suma 15º porque es la inclinación de la superficie. Por lo tanto el ángulo es 53.2º.
Sección 33.3 Reflexión total interna 15.
El ángulo crítico para que haya reflexión total interna en cierta interfaz líquido/aire es de 42.5º. a) Si un rayo de luz que se propaga en el líquido tiene un ángulo de incidencia en la interfaz de 35º, ¿qué ángulo forma con la normal el rayo refractado en el aire? b) Si un rayo de luz que se propaga en aire tiene un ángulo de incidencia en la interfaz de 35º, ¿qué ángulo forma con la normal el rayo refractado en el líquido? Solución: a) Del líquido hacia el aire:
nb
sen crit na
na
1.00 sen 42.5
1.48.
Así que:
na
θ b arcsen
nb
1.48 sen 35.0 58.1. 1.00
sen a arcsen
b) Del aire hacia el líquido:
na
b arcsen
nb
16.
1.00 sen 35.0 22.8. 1.48
sen a arcsen
Al final de la serie de óperas de Wagner llamada El anillo del nibelungo , Brunilda toma el anillo de oro del dedo de Sigfrido muerto y lo arroja al Rin, donde el anillo se hunde hasta el fondo del río. Suponiendo que el anillo es suficientemente pequeño es comparación de la profundidad del río para tratarlo como un punto, y que el río Rin tiene 10.0 m de profundidad en el lugar donde cae el anillo, ¿cuál es el área del círculo más grande en la superficie del agua del cual podría salir la luz proveniente del anillo? Solución: Aire
Agua
Anillo
nA senθ c naire sen90 (1.00) (1.00) 1.00
Si ángulo crítico, nla luz no se escapa, así que para el círculo más grande, θ θ c
θ c sen 1 (1/ nA ) sen1
1
48.6 1.333 tan c R / 10.0 m R (10.0 m) tan 48.6 11.3 m
2 2 2 A πR π (13.3 m) 401 m
17.
Un rayo de luz se propaga en un cubo de vidrio sumergido totalmente en el agua. Usted halla que si el rayo incide en la interfaz vidrio/agua a un ángulo respecto a la normal mayor que 48.7º, no se refracta luz alguna en el agua. ¿Cuál es el índice de refracción del vidrio?
Solución: Para vidrio agua, θ crit 48.7
na sen crit nb sen90, así que na
18.
nb sen crit
1.333 sen48.7
1.77
Incide luz a lo largo de la normal sobre la cara AB de un prisma de vidrio con un índice de refracción de 1.52, como se muestra en la figura 33.36. Halle el valor máximo que el ángulo puede tener sin que se refracte ninguna luz hacia fuera del prisma por la cara AC si: a) el prisma esta inmerso en aire; b) el prisma está inmerso en agua. Solución: a)
Aire
Aire
La reflexión total interna ocurre en Ac: n sen (1.00)sen90 1.00
(1.52) senθ 1.00 90 90
41.1 41.1 48.9
Si es grande, es pequeño y entonces es menor que el ángulo crítico, así que la respuesta es el más grande que pueda ser. b) Mismo procedimiento que en a), excepto que Ac es ahora una interfaz vidrio-agua n senθ nAsen 90 1.333 1.52 senθ 1.333 θ 61.3 90 61.3 28.7
19.
Defina el índice de refracción de un material con respecto a ondas sonoras como la razón de la rapidez del sonido en aire respecto a la rapidez del sonido en el material. La ley de Snell es aplicable entonces a la refracción de ondas sonoras. La rapidez de una onda sonora es de 344 m/s en aire y de 1320 m/s en agua. a) ¿Cuál de los dos medios tiene el índice de refracción del sonido más grande? b) ¿Cuál es el ángulo crítico correspondiente a una onda sonora que incide en la superficie entre el aire y el agua? c) Para que exista reflexión total interna, debe estar viajando la onda sonora en el aire o en el agua? Solución: a) La rapidez baja del sonido, el índice de refracción grande – así que el aire tiene un índice de refracción más grande que el agua. b)
nb arcsen n a
crit arcsen
vaire arcsen vagua
344 m s 15.1. 1320 m s
c) Aire. Para la reflexión total interna, la onda puede ir del más alto índice de refracción a lo más bajo – en este caso, del aire al agua.
20.
Un rayo de luz en un diamante (índice de refracción: 2.42) incide sobre una interfaz con aire. ¿Cuál es el ángulo máximo que el rayo puede formar con la normal sin que se refleje totalmente de regreso haci a el diamante? Solución:
nb 1.00 arcsen 24.4. 2.42 na
crit arcsen
Sección 33.5 Polarización 21.
Un haz paralelo de luz no polarizada en aire incide en un ángulo de 54.5º (respecto a la normal) sobre una superficie plana de vidrio. El haz reflejado está linealmente polarizado en su totalidad, a) ¿Cuál es el índice de refracción del vidrio? b) ¿Cuál es el ángulo de refracción del haz transmitido? Solución:
a)
tan p
nb na
tan 54.5 1.40 nb 1.40. na
b) b arcsen
nb
22.
1.00 sen 54.5 35.6. 1.40
sen a arcsen
La luz que viaja en agua incide en una placa de vidrio a un ángulo de incidencia de 53º; una parte del haz se refleja y otra se refracta. Si las porciones reflejada y refractada forman un ángulo de 90º una con la otra, ¿cuál es el índice de refracción del vidrio? Solución: De la gráfica siguiente, r 37.0, así que:
nb na
23.
sen a sen b
1.33
sen 53 sen 37
1.77.
La luz no polarizada que se propaga en un líquido con un índice de refracción n incide en la superficie del líquido, arriba de la cual hay aire. Si la luz incide sobre la superficie a un ángulo de 31,2º respecto a la normal, la luz que se refleja de regreso en el líquido está totalmente polarizada. a) ¿Cuál es el índice de refracción n del líquido? b) ¿Qué ángulo forma con la normal a la superficie la luz refractada que se propaga en el aire? Solución:
nb
a)
tan p
b)
b arcsen
na
na na
24.
nb
nb tan p
1.00 tan31.2
1.65.
1.65 sen 31.2 58.7. 1.00
sen a arcsen
El índice de refracción de cierto vidrio es de 1.66. ¿A qué ángulo de incidencia estará totalmente polarizada la luz que se refleja en la superficie de este vidrio si el vidrio esta inmerso en: a) aire, b) agua? Solución:
25.
nb arctan na
a)
En el aire p arctan
b)
En el agua p arctan
1.66 58.9. 1.00
nb 1.66 arctan 51.3. 1.33 na
La luz no polarizada de intensidad I o incide en un filtro polarizador. La luz que emerge incide en un segundo filtro polarizador cuyo eje está a 41º respecto al del primero. Halle a) la intensidad del haz después de pasar a través del segundo polarizador; b) su estado de polarización.
Solución: a) A través del primer filtro polarizador I 1 A través del segundo filtro polarizador:
1 2
I 2
I 0 .
1 2
I 0 cos 2 (41.0) 0.285I 0 .
b) La luz esta linealmente polarizada.
26.
Un polarizador y un analizador están orientados de modo que se transmite la máxima cantidad de luz. ¿A qué fracción de su valor máximo se reduce la intensidad de la luz transmitida cuando se hace girar el analizador: a) 22.5º, b) 45º, c) 67.5º? Solución:
27.
a)
I I max cos 2 I I max cos 2 (22.5) 0.854I max
b)
I I max cos 2 I I max cos 2 (45.0) 0.500I max
c)
I I max cos 2 I I max cos 2 (67.5) 0.146I max
La luz no polarizada con una intensidad de 20 W/cm 2 incide en dos filtros polarizadores. El eje del primer filtro está a un ángulo de 25º de la vertical en sentido contrario a las manecillas del reloj (visto en la dirección de propagación de la luz) y el eje del segundo está a un ángulo de 62º de la vertical en ese mismo sentido. ¿Cuál es la intensidad de la luz después de que ha pasado a través del segundo polarizador? Solución: Después del primer filtro la intensidad es filtro.
La
intensidad
después
1 I 2 0
del
10.0 W m 2 y la luz está polarizada a lo largo del eje del primer
segundo
filtro
es
I I 0 cos 2 ,
donde I 0 10.0 W m 2 y
ω 62.0 25.0 37.0. Entonces I 6.38 W m 2 .
28.
Se tienen tres filtros polarizadores apilados, con el eje de polarización de los filtros segundo y tercero a 23º y 62º, respectivamente al del primero. Si incide luz no polarizada en la pila, la luz tiene una intensidad de 75 W/cm 2 después de atravesar la pila. Si se mantiene constante la intensidad incidente, ¿cuál es la intensidad de la luz después de pasar a través de la pila si se quita el segundo polarizador? Solución: Dada que la intensidad de la lu z que existe del primer polarizador es I 1 , entonces, de acuerdo a la aplicación repetida de la ley de Malus, la intensidad de la luz que existe del tercer polarizador es,
75.0 W cm 2 I 1 cos 2 (23.0) cos 2 (62.0 23.0). Observamos que I 1
75.0 W cm 2 cos 2 (23.0) cos 2 (62.0 23.0)
,
lo cual es también la intensidad incidente en el tercer polarizador después de que el segundo polarizador ha sido removido. Entonces, la intensidad que existe en el tercer polarizador después de que el segundo polarizador ha sido removido es,
75.0 W cm2 cos 2 (62.0) 2
2
cos (23.0) cos (62.0 23.0)
29.
32.3W cm2 . .
Tres filtros polarizadores . Tres filtros polarizadores están apilados con los ejes de polarización del segundo y tercero a 45º y 90º, con respecto al del primero. a) Si incide en la pila luz no polarizada de intensidad I o, halla la intensidad y estado de polarización de la luz que emerge de cada filtro. b) Si se quita el segundo filtro, ¿cuál es la intensidad de la luz que emerge de cada uno de los filtros restantes? Solución: 1 1 I I , I I cos 2 (45.0) 0.250 I 0 , I 3 I 2 cos 2 (45.0) 0.125I 0 . a) 1 2 0 2 2 0
b)
1 1 I 1 I 0 , I 2 I 0cos 2 (90.0) 0. 2 2
Sección 33.6 Dispersión de la luz 30.
Un haz de luz, después de pasar a través del disco Polaroid P 1 de la figura 33.37, atraviesa una celda que contiene un medio dispersor. Se observa la celda en ángulo recto a través de otro disco Polaroid P 2. Inicialmente, se orientan los discos de modo que la brillantez de la luz dispersa de la celda, vista por el observador, sea máxima. a) Ahora se hace girar 90º el disco P 2. ¿Aparece luminosa u oscura la celda vista por el observador? Explique, b) Ahora se hace girar 90º el disco P 1. ¿Se ve la celda luminosa u oscura? Explique su respuesta. c) Por último, se devuelve el disco P 2 a su posición original. ¿Se ve la celda luminosa u oscura? Explique su respuesta. Solución: a) Todo el campo eléctrico esta en el plano perpendicular a la dirección de propagación, y la intensidad máxima a través de los filtros esta en 90º a la orientación del filtro para el caso de intensidad mínima. Por lo tanto rotando el segundo filtro por 90º cuando la situación original demostró que la intensidad máxima significa termina con una celda oscura. b) Si el filtro P 1 es rotado 90º, entonces el campo eléctrico oscila en la dirección que señala hacia el filtro P 2 , y por lo tanto ninguna intensidad pasa a través del segundo filtro: se ve una celda oscura. c) Incluso si P 2 se rota de nuevo a su posición original, el plano nuevo de oscilación del campo eléctrico, determinado por el primer filtro, permite que la intensidad cero pase a través del segundo filtro.
PROBLEMAS
31.
Reflector de vértice . Se recubre con espejos un vértice interno de un cubo para hacer un reflector de vértice (ejemplo 33.3 de la sección 33.2). Un rayo de luz se refleja sucesivamente en cada uno de los tres espejos mutuamente perpendiculares; demuestre que su dirección final siempre es exactamente opuesta a su dirección original. Solución: Consideremos tres espejos, E 1 en el plano x-y, E 2 en el plano y-z, y E 3 en el plano x.z. Un rayo un rayo de luz se aleja de E 1 cambiando la señal de la componente z de la velocidad, se aleja de E 2 , cambiando la componente en x, y de E 3 cambia la componente y. Entonces la velocidad, y por lo tanto, también la dirección de la luz cambia por 180º.
32.
Sonograma del corazón. Los médicos utilizan ondas sonoras de alta frecuencia ( f = 1 – 5 MHz ), conocidas como ultrasonido, para obtener imágenes de órganos internos. La rapidez de estas ondas de ultrasonido es de 1480 m/s en el músculo y de 344 m/s en el aire (véase el ejercicio 33.19). a) A qué ángulo respecto a la normal entra en el corazón un haz de ultrasonido si sale de los pulmones a un ángulo de 9.73º respecto a la normal a la pared del corazón? (Suponga que la rapidez del sonido en los pulmones es de 344 m/s). b) ¿Cuál es el ángulo crítico correspondiente a las ondas sonoras en el aire que inciden en músculo? Solución:
na
a)
b arcsen
b) crit
33.
vb
sen a arcsen
1480 sen 9.73 46.6. 344
sen a arcsen
nb va v 344 arcsen a arcsen 13.4. 1480 vb
Luz que se propaga en un material de índice de refracción n1 incide a un ángulo 1 respecto a la normal en la interfaz con una tableta de material de caras paralelas e índice de refracción n2. Después de pasar a través de este material, la luz se refracta en un material de índice de refracción n3, y en este tercer material la luz forma un ángulo 3 con la normal. a) Halle 3 en términos de 1 y de los índices de refracción de los materiales. b) Ahora se invierte el rayo en el tercer material, de modo que incida en la interfaz de n3 a n2 con el ángulo 3 hallado en el inciso a). Demuestre que, cuando la luz se refracta en el material de índice de refracción n1, el ángulo que se forma con la normal es 1 . Esto demuestra que el rayo refractado es reversible. c) ¿Son también reversibles los rayos reflejados? Explique su respuesta.
Solución: a) n1 sen 1 n2 sen 2 y n2 sen 2 n3 sen 3 , así que n1 sen 1 n3 sen 3 , entonces sen 3 (n1 sen 1 ) / n3 . b) n3 sen 3 n2 sen 2 y n2 sen 2 n1 sen 1 , así que n1 sen 1 n3 sen 3 y la luz forma el mismo ángulo con respecto a la normal en el material con n 1 , como esta dado en el inciso a). c) Por reflexión r
a . Estos
ángulos son aún iguales si se convierte r en ángulo incidente; los rayos
reflejados son también reversibles.
34.
En un laboratorio de física, un haz de luz con una longitud de onda de 490 nm se propaga en aire de un láser a una fotocelda en 17 ns. Cuando se coloca un bloque de vidrio de 0.840 m de espesor ante el haz de luz, de modo que el haz incida a lo largo de la normal a las caras paralelas del bloque, la luz tarda 21.2 ns en viajar del láser a la fotocelda. ¿Cuál es la longitud de onda de la luz en el vidrio? Solución: Si tomamos el tiempo adicional de viaje de la luz de 4.2 ns a través de los 0.840 m después de que el bloque de vidrio es insertado dentro de la trayectoria. Entonces,
0.840 m cn
0.840 m c
(n 1)
0.840 m c
4.2 ns.
Podemos resolver ahora para el índice de refracción: n
(4.2 10 9 s) (3.00 108 m s) 0.840 m
1 2.50.
La longitud de onda dentro del vidrio es λ
35.
490 nm 2.50
196 nm 200 nm.
Un rayo de luz que se propaga en aire incide en un bloque de un sólido transparente cuyo índice de refracción es n. Si n = 1.38, ¿cuál es el ángulo de incidencia máximo con el cual ocurre reflexión total interna en la cara vertical (punto A de la figura 33.38)? Solución:
na 1.00 90 arcsen 43.6. 1.38 nb n sen b 1.38sen(43.6) arcsen Pero, na sen a nb sen b a arcsen b 72.1. n 1 . 00 a b 90 arcsen
36.
Un haz delgado de luz que se propaga en aire incide en la superficie de una placa de cristal de lantano con un índice de refracción de 1.80. ¿Cuál es el ángulo de incidencia a respecto a esta placa con el cual el ángulo de refracción es a 2 ? Ambos ángulos se miden con respecto a la normal. Solución:
a 2 (1.00) sen a sen 2 a 2 sen a cos a (1.80) sen a 2 2 2 2 1.80 2 cos a (1.80) a 2 arccos 51.7. 2 2 na sen a nb sen b nb sen
37.
Con base en la ley de reflexión, demuestre que la reflexión especular invierte el signo de la componente de la velocidad de la luz perpendicular a la superficie reflectora, pero deja intactas las demás componentes.
Solución: El vector velocidad de la trayectoria del rayo de luz lo muestra la figura, así que con la ayuda de la geometría, esto nos conduce a ,
v a y arccos va
v a v r y a r arccos
v r y v a v r , y y v r
Con el signo menos se cambia por la inspección en la figura. Similarmente,
v a v r arcsen x arcsen x v a x v r x . v a v r
38.
Se coloca una placa de vidrio de 2.50 mm de espesor, con un índice de refracción de 1.40, entre una fuente puntual de luz con una longitud de onda de 540 nm (en un vacío) y una pantalla. La distancia de la fuente a la pantalla es de 1.80 cm. ¿Cuántas longitudes de onda hay entre la fuente y la pantalla? Solución:
# λ (# λ )aire # λ vidrio
39.
d aire λ
d vidrio λ
n
(0.0180 m 0.00250 m) 5.40 10
7
m
0.00250 m 5.40 10
7
m
1.40 3.52x104
Las placas fotográficas antiguas se hacían de vidrio, con una emulsión sensible a la luz en la superficie anterior. Esta emulsión era un tanto transparente. Cuando se enfoca una fuente puntual intensa sobre la parte anterior de la placa, la fotografía revelada muestra un halo alrededor de la imagen del punto. Si la placa de vidrio tiene un espesor de 3.10 mm y los halos tienen un radio interior de 5.34 mm, ¿cuál es el índice de refracción del vidrio? (Sugerencia: La luz del punto que incide en la superficie anterior se refleja totalmente en la superficie posterior de la placa y regresa a la superficie anterior). Solución:
n (0.00534 m) / 2 1 1.0 40.7 arcsen b arcsen 1.53. n sen(40.7) n 0.00310 m na
crit arctan
Nota: El radio es reducido por un factor de dos, puesto que el haz debe ser incidente en crit , , entonces la reflexión en la interface vidrio – aire para crear los halos (círculos).
40.
Luego de conducir muchas horas durante el día, usted decide nadar por la noche en la alberca de un motel. Al regresar a su habitación, se de cuenta de que ha perdido la llave del cuarto en la alberca. Consigue entonces una linterna potente y camina alrededor de la alberca, iluminando el agua con la linterna. La luz ilumina la llave, que yace en el fondo de la alberca, cuando usted sostiene la linterna a 1.2 m de la superficie del agua y dirigida hacia la superficie a una distancia horizontal de 1.5 m del borde (figura 33.39). Si el agua tiene en ese punto una profundidad de 4 m, ¿a qué distancia del borde de la alberca se encuentra la llave? Solución:
1.5 m 51 1.2 m
a arctan
n 1.00 b arcsen a sen a arcsen sen 51 36. 1.33 nb Así que la distancia a lo largo del fondo de la alberca, en donde se encuentran las llaves es:
x (4.0 m) tan b (4.0 m) tan 36 2.9 m.
xtotal 1.5 m x 1.5 m 2.9 m 4.4 m.
41.
Usted mira sobre el borde de un vaso de lados verticales de tal manera que el borde superior del vaso esté alineado con el borde opuesto del fondo (figura 33.40a). El vaso es un cilindro hueco de paredes delgadas y 10 cm de altura, con un diámetro superior e inferior de 8 cm. Mientras usted mantiene la vista en la misma posición, una amiga llena el vaso de un líquido transparente, y entonces usted ve una moneda pequeña en el centro del fondo del vaso (figura 33.40b). ¿Cuál es el índice de refracción del líquido? Solución:
8.0 cm 4.0 cm 27 and b arctan 14. 16.0 cm 16.0 cm
a arctan
n sen a 1.00 sen27 Así que, na sen a nb sen b nb a sen14 1.8. sen b
42.
Un vaso de precipitado con fondo de espejo se llena con un líquido cuyo índice de refracción es de 1.63. Un haz luminoso incide en la superficie superior del líquido a un ángulo de 42.5º respecto a la normal. ¿A qué ángulo respecto a la normal saldrá del líquido el haz después de bajar a través del líquido, reflejarse en el fondo de espejo y regresar a la superficie? Solución: Un haz de luz emergerá en el mismo ángulo como ingreso en el fluido, según lo que dice la ley de Snell que sucede en cada uno de las interfases. Esto es, el haz emergente esta en 42.5º de la normal.
43.
Una capa fina de hielo (n = 1.309) flota en la superficie de un cubo de agua (n = 1.333). Un rayo de luz asciende desde el fondo del cubo a través del agua. a) ¿Cuál es el ángulo máximo respecto a la normal que el rayo puede formar en la interfaz hielo/agua sin dejar de salir al aire arriba del hielo? b) ¿Cuál es este ángulo una vez que el hielo se ha fundido? Solución:
n sen90 arcsen a) i arcsen aire nagua
1.000 48.61. 1.333
El hielo no se esta tomando en cuenta dentro del cálculo dado que naire sen90 nhielo sen c naguasen i . b) Lo mismo que en la parte (a).
44.
Un prisma de 45º - 45º - 90º está sumergido en agua. Un rayo de luz incide en dirección normal en una de sus caras más cortas. ¿Cuál es el índice de refracción mínimo que el prisma debe tener para que este rayo se refleje totalmente dentro del vidrio en la cara larga del prisma? Solución:
n sen b 1.33 sen90 na sen a nb sen b na b 1.9. sen a sen45
45.
El prisma de la figura 33.41 tiene un índice de refracción de 1.66, y los ángulos A son de 25º. Dos rayos luminosos m y n son paralelos al momento de entrar en el prisma. ¿Cuál es el ángulo entre ellos al salir del prisma? Solución:
na sen a 1.66sen (25.0) arcsen 44.6. 1.00 nb Así que el ángulo debajo de la horizontal es b 25.0 44.6 25.0 19.6, y entonces el ángulo entre los dos rayos es 39.2. na sen a nb sen b b arcsen
46.
En la cara corta de un prisma de 30º - 60º - 90º incide luz en dirección normal (figura 33.42). Se deposita una gota de líquido en la hipotenusa del prisma. Si el índice del prisma es de 1.62, halle el índice máximo que el líquido puede tener sin que la luz deje de reflejarse en su totalidad.
Solución:
n sen b 1.62 sen60 na sen a nb sen b na b 1.40. sen sen 90 a
47.
Un rayo de luz que se propaga en un bloque de vidrio (n = 1.52) incide sobre la superficie superior a un ángulo de 57.2º respecto a la normal. Si se deposita una capa de aceite sobre esta superficie de vidrio, entonces el rayo se refleja totalmente. ¿Cuál es el índice de refracción máximo posible del aceite? Solución:
n sen b 1.52 sen57.2 na sen a nb sen b na b 1.28. sen sen90 a
48.
Sobre la superficie superior de una placa transparente, cuyas superficies son planas y mutuamente paralelas, incide luz procedente del aire a un ángulo a (figura 33.43). a) Pruebe que a = / a . b) Demuestre que esto es válido con respecto a cualquier número de placas paralelas diferentes. c) Pruebe que el desplazamiento lateral d del haz emergente viene dado por la relación
sen a b/ d t cos b/
, donde e es el espesor de la placa. d) Un rayo de
luz incide a un ángulo de 66º en una superficie de una placa de vidrio de 2.40 cm de espesor con un índice de refracción de 1.80. El medio a ambos la dos de la placa es aire. Halle el desplazamiento lateral entre los rayos incidente y emergente. Solución: a) Para la luz incidente que proviene del aire en una superficie plana de la placa, las leyes de Snell nos da lo siguiente: nsen a n sen b n sen b nsen a sen a sen a a a . b) Añadiendo más placas extras, los pasos que se encuentren en medio de la ecuación arriba mencionada siempre se cancelan. Esto requiere que las placas sean paralelas para que n n y la cadena de ecuaciones puede continuar. c) El desplazamiento lateral del haz puede ser calculado usando geometría: tsen( a b ) t d d L sen( a b ) y L . cos b cos b
(2.40 cm) sen(66.0 30.5) nsen a sen66.0 1.62 cm. arcsen 30.5 d cos 30.5 1.80 n
d) b arcsen
49.
Cuando el sol esta saliendo o se esta poniendo y parece estar exactamente en el horizonte, en realidad está abajo del horizonte. La explicación de esta aparente paradoja es que la luz del sol se desvía ligeramente al entrar en la atmósfera terrestre, como se muestra en la figura 33.44. Como nuestra percepción se basa en la idea de que la luz se propaga en línea recta, percibimos la luz como proveniente de una posición aparente que está a un ángulo respecto a la verdadera posición del sol. a) Para simplificar, suponga que la atmósfera tiene densidad uniforme y, por tanto, índice de refracción uniforme n, y se extiende hasta una altura h por encima de la superficie terrestre, punto en el cual se desvanece abruptamente. Demuestre que el ángulo viene dado por nR R arcsen R h R h
arcsen
donde R = 6378 km es el radio de la tierra. b) Calcule con base en n = 1.0003 y h = 20 km. ¿Cómo es este valor en comparación con el radio angular del sol, que es de aproximadamente un cuarto de grado? (En realidad los rayos luminosos del sol se desvían de forma gradual, no abrupta, pues la densidad y el índice de refracción de la atmósfera cambian gradualmente con la altitud). Solución: a) Para los rayos que ingresan en la atmósfera terrestre desde la parte de abajo del sol, podemos calcular el ángulo como sigue: na sen a nb sen b (1.00) sen a nsen b , donde nb n , es el índice de refracción de la atmósfera, Pero la Geometría en esta situación nos dice:
sen b
R R h
sen a
nR R arcsen a b arcsen R h R h R h nR
(1.0003)(6.4 106 m) 6.4 106 m arcsen 0.22. 6.4 106 m 2.0 10 4 m) 64. 106 m 2.0 10 4 m
b) arcsen
Esto es aproximadamente igual al radio angular del sol, 0.25º.
50.
Una placa de cuarto de onda convierte la luz linealmente polarizada en luz circularmente polarizada. Pruebe que una placa de cuarto de onda también convierte la luz circularmente polarizada en luz linealmente polarizada. Solución: Una placa de cuarto de onda cambia la fase de la luz por 90 . La luz circularmente polarizada esta fuera de fase por 90º, así que el uso de una placa de cuarto de onda la traerá de vuelta dentro de la fase, donde por resultado, luz linealmente polarizada.
51.
Tres filtros polarizadores se encuentran apilados, con los ejes de polarización del segundo y tercero formando, respectivamente, ángulos de y 90º con el del primero. En la pila de polarizadores incide luz no polarizada de intensidad I O. a) Deduzca una expresión de la intensidad de luz transmitida a través de la pila en función de I O y . b) ¿Con qué valor de se alcanza la máxima transmisión? Solución: 1 1 1 2 2 2 2 a) I I 0 cos cos (90 ) I 0 (cos sen ) I 0 sen 2 . 2 2 8 b) Para transmisión máxima, necesitamos 2 90, así que 45.
52.
Principio del tiempo mínimo de Fermat. Un rayo de luz que se propaga con rapidez c parte del punto 1 de la figura 33.45 y se refleja hasta el punto 2. El rayo incide en la superficie reflectora a una distancia horizontal x del punto 1. a) Demuestre que el tiempo t necesario para que la luz se propague de 1 a 2 es 2
y12 x 2 y 22 l x
t
c
b) Derive t con respecto a x. Iguale la derivada a cero para demostrar que este tiempo alcanza su valor mínimo cuando 1 2 , que es la ley de reflexión y corresponde al trayecto real de la luz. Éste es un ejemplo del principio del tiempo mínimo de Fermat, el cual establece que, entre todos los caminos posibles entre dos puntos, el que un rayo de luz sigue efectivamente es aquél donde el tiempo de recorrido es mínimo. (De hecho, existen ciertos casos en los que el tiempo es máximo en vez de mínimo) Solución: a) La distancia viajada por el rayo de luz es la suma de los dos segmentos diagonales:
d x 2 y12
12
(l x) 2 y22
12
.
Entonces el tiempo tomado para viajar esa distancia es,
t
d c
( x 2 y12 )1 2 (l x) 2 y22
12
c
b)Tomando la derivada del tiempo con respecto a x, e igualándolo a cero obtenemos: 12 1 d 2 ( x y12 )1 2 (l x) 2 y 22 dx c dt 1 2 dt 1 x( x 2 y12 ) 1 2 (l x) (l x) 2 y 22 0 dx c x (l x) sen 1 sen 2 1 2 . 2 2 2 2 x y1 (l x) y 2
dt
53.
Un rayo de luz se propaga del punto A, en un medio donde la rapidez de la luz es v1, al punto B, en un medio donde la rapidez de la luz es v2 (Fig. 33.46). El rayo incide en la interfaz a una distancia horizontal x a la derecha del punto A. a) Demuestre que el tiempo necesario para que la luz viaje de A a B es t
h12 x 2 v1
2
h22 l x
v1
b) Derive t respecto a x. Iguale esta derivada a cero para demostrar que este tiempo alcanza su valor mínimo cuando n1 sen 1 = n2 sen 2 . Esta es la ley de Snell, y corresponde al trayecto real de la luz. Se trata de otro ejemplo del principio de tiempo mínimo de Fermat (Véase el problema 33.52). Solución: a) El tiempo tomado para viajar del punto A al punto B es justamente.
t
d 1 v1
d 2 v2
h12 x 2 v1
h22 (l x) 2 v2
.
b) Tomando la derivada de t con respecto a x e igualándolo a cero tenemos:
d h1 x 0 dx dt v1 2
dt
2 2 h2 (l x)
2
v2
Pero v1
54.
c n1
y v2
c n2
n1 x
h12 x 2
x (l x) . v h 2 x 2 v h 2 (l x) 2 1 1 2 2 n 2 (l x) n1 sen 1 n2 sen 2 . h22 (l x) 2
Se dirige un haz delgado de luz blanca hacia una placa plana de vidrio a un ángulo de 20º respecto a la superficie de la lámina. Debido a la dispersión en el vidrio, el haz se extiende como se muestra en el espectro de la figura 33.47. El índice de refracción del vidrio en función de la longitud de onda se encuentra graficado en la figura 33.16. a) Loa rayos a y b de la figura 33.47 corresponden a los extremos del espectro visible. ¿Cuál de ellos corresponde al rojo, y cuál al violeta? Explique su razonamiento. b) ¿Con qué espesor d de la placa de cristal tendrá el espectro 1 mm de ancho, como se muestra (véase el problema 33.48)? Solución: a)n decrece cuando λ se incrementa, así que n es más pequeño para el rojo que para el azul. Así que, para el rayo a es el rojo. b) La separación de los rayos emergentes esta dado por algunos elementos geométricos.
x xr xv d tan r d tan v d
x tan r tan v
,
Donde x es la separación vertical de los rayos como emergen del vidrio. De la geometría del rayo, también tenemos
sen70 35.7 y v arcsen 1.61
r arcsen
d
55.
x tan r tan v
2.92 mm tan 35.7 tan 34.5
sen70 34.5, asi que : 1.66
9 cm.
Ángulo de desviación. El ángulo de incidencia a que se muestra en la figura 33.48 se ha elegido de modo que la luz pase simétricamente a través del prisma, que tiene un índice de refracción n y un ángulo A como se muestra en la figura. a) Demuestre que el ángulo de desviación (en ángulo entre las direcciones inicial y final del rayo) viene dado por sen
A 2
nsen
A 2
(Cuando la luz pasa simétricamente, como se muestra, el ángulo de desviación es mínimo). b) Con base en el resultado del inciso (a), halle el ángulo de desviación de un rayo luminoso que atraviesa simétricamente un prisma con tres ángulos iguales ( A =60º ) y n = 1.52. c) Cierto vidrio tiene un índice de refracción de 1.61 ante la luz roja (700 nm) y de 1.66 ante la luz violeta (400 nm). SI ambos colores atraviesan el prisma simétricamente, como se describe en le inciso (a), y si A = 60º, halle la diferencia entre los ángulos de desviación correspondientes a los dos colores. Solución: a) na sen a nb sen b sen a nb sen
A
. 2 A A 2 A A Pero, a sen sen nsen . 2 2 2 2 En cada cara del prisma la desviación es , so 2 sen
b) De la parte (a), 2arcsen nsen c)
2
n sen
A 2
.
60.0 A 2arcsen (1.52) sen 60.0 38.9. 2 2
A
Si los dos colores tienen diferentes índices de refracción para el vidrio, entonces la deflexión de los ángulos para ellos puede diferir: 60.0 rojo 2arcsen (1.61) sen 60.0 47.2 2
violeta 2arcsen (1.66) sen
56.
A
60.0
60.0 52.2 52.2 47.2 5.0.
2
Sobre una película horizontal de espesor t incide luz que se propaga hacia abajo, como se muestra en la figura 33.49. El rayo incidente se divide en dos rayos, A y B. El rayo A se refleja en la parte superior de la película. El rayo B se refleja en el fondo de la película y luego se refracta de regreso en el material que está encima de la película. Si la película tiene caras paralelas, demuestre que los rayos A y B terminan siendo paralelos uno al otro. Solución:
Dirección del rayo A: por ley de reflexión. Dirección del rayo B: Arriba de la superficie al ingresar el rayo: n1 sen n2 sen . En la superficie inferior se refleja en un ángulo . El rayo B retorna a la superficie superior con un ángulo de incidencia : n2 sen n1sen . Entonces,
n1 sen n1sen Por lo tanto los rayos A y B son paralelos.
57.
Actividad óptica. Muchas moléculas de importancia biológica son óptimamente activas. Cuando la luz polarizada en un plano atraviesa una solución de estos compuestos, su plano de polarización gira. Ciertos compuestos desvían la polarización en el sentido de las manecillas del reloj, y otros, en sentido contrario. La magnitud de la rotación depende de la cantidad de material presente en el trayecto de la luz. Los datos siguientes proporcionan la magnitud de la rotación a través de los aminoácidos a lo largo de una longitud de trayecto de 100 cm. A partir de estos datos, halle la relación entre la concentración C (en gramos por 100 mL) y la rotación de la polarización (en grados) de cada aminoácido.
l- leucina
- 0.11º - 0.22º - 0.55º - 1.10º - 2.20º - 5.50º - 11.0º
Rotación Ácido d glutámico 0.124º 0.248º 0.620º 1.24º 2.48º 6.20º 12.4º
Concentración (g/100 mL) 1 2 5 10 20 50 100
Solución: Ambos ácidos, l – leucina y d – glutamínico muestran una relación lineal entre la concentración y el ángulo de rotación. La dependencia para l – leucina es: Rotación del ángulo (0.11100 ml g)C (g/100 ml) . La dependencia para el ácido d – glutamínico es: Rotación del ángulo (0.124100 ml g)C (g/100 ml).
58.
Cierto material birrefringente presenta índices de refracción n1 y n2 ante las dos componentes perpendiculares de la luz linealmente polarizada que lo atraviesa. Las longitudes de onda correspondiente son 1 0 n1 y 2 0 n2 , donde 0 es la longitud de onda en un vacío. a) Para que el cristal funcione como placa de cuarto de onda, el número de longitudes de onda de cada componente en el interior del material debe diferir en ¼. Demuestre que el espesor mínimo de una placa de cuarto de onda debe ser d
0
4n1 n2
b) Halle el espesor mínimo que debe tener una placa de cuarto de onda de siderita (FE*CO 2) si los índices de refracción son n1 = 1.875 y n2 = 1.635, y la longitud de onda en un vacío es o = 589 nm. Solución: a)Un material birrefringente tiene diferentes velocidades (o equivalentemente, longitudes de onda) en dos λ λ λ 0 n d n d 1 d d 1 diferentes direcciones, así que: λ 1 0 y λ 2 0 . 1 2 d 4 4 4(n1 n2 ) n1 n2 λ 1 λ 2 λ 0 λ 0 b) d
59.
λ 0
4(n1 n 2 )
5.89 10 7 m 4(1.875 1.635)
6.14 10 7 m.
Un haz de luz que se propaga horizontalmente consta de una componente no polarizada de intensidad I 0 y una componente polarizada de intensidad I p. El plano de polarización de la componente polarizada está orientado formando un ángulo respecto a la vertical. Los datos siguientes proporcionan la intensidad medida a través de un polarizador con una orientación respecto a la vertical: ( º )
I total (W/m2)
( º )
I total (W/m2)
0 10 20 30 40 50 60 70 80 90
18.4 21.4 23.7 24.8 24.8 23.7 21.4 18.4 15.0 11.6
100 110 120 130 140 150 160 170 180
8.6 6.3 5.2 5.2 6.3 8.6 11.6 15.0 18.4
a) ¿Cuál es la orientación de la componente polarizada? (es decir, ¿cuál es el ángulo ). b) ¿Cuáles son los valores de I 0 e I p?
Solución: a) De la tabla, la intensidad máxima es en 35 , así que la componente polarizada de la onda es en la dirección (o bien, no tendríamos intensidad máxima en ese ángulo). 1 2 2 b) En 40 : I 24.8 W m I 0 I p cos 2 (40 35) 24.8 W m 0.500 I 0 0.996 I p (1). 2 1 2 2 En 120 : I 5.2 W m I 0 I p cos2 (120 35) 5.2 W m 0.500 I 0 7.60 103 I p (2). 2 2
2
Resolviendo las ecuaciones (a) y (2), encontramos 19.6 W m 0.989 I p I p 19.8 W m . Entonces 2
sustituyendo en la ecuación (1), tenemos, 5.049 = 0.500 I 0 I 0 10.1 W m .
60.
Se necesita hacer girar 90º la dirección de la luz linealmente polarizada. Esto se hará utilizando N polarizadores ideales. La intensidad de la luz linealmente polarizada original es I 0. a) Describa cuál es la mejor forma de disponer los N filtros para conseguir la rotación deseada de la dirección de polarización, y demuestre que la intensidad de la luz transmitida a través del último filtro es I = I 0 cos2N ( /2N). b) Si N >>1, utilice la información del apéndice B para demostrar que I I 0 (1 - 2 /4N). Esto equivale a demostrar que, si N es muy grande, la intensidad final es prácticamente igual a la intensidad inicial. Solución: a) Dejando los N polarizadores los más directamente posible a la luz incidente, con una rotación total de 90º, necesitamos un cambio pequeño de un polarizador al siguiente. Esto es, el ángulo entre polarizadores sucesivos debe ser constante e igual a
2 N
. Entonces:
4 2 N , I 2 I 0 cos , I I N I 0 cos 2 N 2 N 2 N
I 1 I 0 cos 2
n
b)
Sí
2 2 2 (2 N ) n 2 2 N n 1, cos 1 1 cos 1, para n 1 1 2 2 2 2 N 4 N 2 N n
grande.
PROBLE MAS DE DESAFÍ O
61.
Considere dos vibraciones de igual amplitud y frecuencia pero que difieren en cuanto a fase, una a lo largo del eje de las x, x asen t
Y la otra a lo largo del eje de las y, y asen t
Estas expresiones se pueden escribir como sigue: x a y a
sen t cos cos t sen
(1)
sen t cos cos t sen
(2)
a) Multiplique la ecuación (1) por sen y la ecuación (2) por sen , y luego reste las ecuaciones resultantes. b)Multiplique la ecuación (1) por cos y la ecuación (2) por cos , y después reste las ecuaciones resultantes. c) Eleve al cuadrado y sume los resultados de los incisos (a) y (b). d)Deduzca la ecuación x 2 + y2 – 2xy cos = a2 sen2 , donde = . e) Con base en el resultado anterior, justifica cada uno de los diagramas de la figura 33.50. En la figura, el ángulo que se indica es la diferencia de fase entre dos movimientos armónicos simples de la misma frecuencia y amplitud, uno horizontal (a lo largo del eje de las x) y el otro vertical (a lo largo del eje de las y). La figura muestra, por tanto, el movimiento resultante de la superposición de los dos movimientos armónicos perpendiculares.
Solución: a) Multiplicando la Ecuación (1) por sen y la Ecuación (2) por sen nos da:
x (1): sen senωecos αsenβ cos tsen sen a y (2): sen sen t cos sen cos tsen sen a xsen ysen Sustrayendo los resultados: sen t (cos sen cos sen ). a b) Multiplicando la Ecuación (1) por cos y la Ecuación (2) por cos resulta: (1) :
x
( 2) :
a y a
cos sen t cos cos cos tsen cos cos sen t cos cos cos tsen cos
x cos y cos
cos t ( sen cos sen cos ). a c) Elevando al cuadrado y sumando los resultados de los incisos (a) y (b): Sustrayendo los resultados:
( x sen y sen ) 2 ( x cos y cos ) 2 a 2 ( sen cos sen cos ) 2 d) Expandiendo el lado izquierdo de la ecuación anterior, tenemos: x 2 ( sen 2 cos 2 ) y 2 ( sen 2 cos 2 ) 2 xy ( sen sen cos cos )
x 2 y 2 2 xy ( sen sen cos cos ) x 2 y 2 2 xy cos( ). El lado derecho puede ser reescrito, como: a 2 ( sen cos sen cos ) 2 a 2 sen 2 ( ). Por lo tanto,
x 2 y 2 2 xy cos( ) a 2 sen 2 ( ). o x 2 y 2 2 xy cos a 2 sen 2 , donde . e) 0 : x 2 y 2 2 xy ( x y) 2 0 x y, lo cual es una línea recta diagonal.
4
2
2
: x y 2 xy
a
2
2
, lo cual es una elipse.
: x 2 y 2 a 2 ,lo cual es un circulo.
2 Estos patrones se repiten para permanentes fases diferentes.
62.
Un arco iris es producto de la reflexión de la luz solar en gotas esféricas de agua presentes en el aire. La figura 33.51 muestra un rayo que se refracta en una gota en el punto A, se refleja en la superficie posterior de la gota en el punto B, y se refracta de regreso en el aire en le punto C. Los ángulos de incidencia y de refracción, a y b , se muestran en los puntos A y C , y los ángulos de incidencia y de reflexión, a y r , se muestran en el punto B. a) Demuestre que a B = b A , aC = b A y bC = a A . b) Demuestre que el ángulo en radianes entre el rayo antes de entrar en la gota en A y después de salir en C (la desviación angular total del rayo) es 2 a A 4 bA . (Sugerencia: Halle las desviaciones angulares que se producen en A, B y C , y súmelas para obtener ). c) Aplique la ley de Snell para escribir en términos de a A y n, el índice de refracción del agua en la gota. d) Se forma un arco iris cuando la desviación angular
es estacionaria en cuanto al ángulo de incidencia a A , es
decir, cuando d d aA 0 . Si se satisface esta condición, todos los rayos con ángulos de incidencia cercanos a A
serán enviados de regreso en la misma dirección y formarán una zona brillante en el cielo. Sea 1 el valor de
A
con el que esto ocurre. Demuestre que cos 2 1 =
a a
la derivada
d arcsen u ( x) dx
du
dx
1 u 2
1 2
1
n 3
2
1 . [ Sugerencia: Quizá le resulte útil la fórmula de
. e) El índice de refracción en agua es de 1.342 en el caso de la luz
violeta y de 1.330 en el de la luz roja. Con base en los resultados de los incisos (c) y (d), halle los 1 y correspondientes a la luz violeta y a la luz roja. ¿Coinciden sus resultados con los ángulos que se muestran que se
muestran en la figura 33.18? Al mirar un arco iris, ¿cuál color, el rojo o el violeta, aparece más alto respecto al horizonte? Solución: C B B A a) Por simetría de triángulos, b A B a , y a r a b . Por lo tanto,
sen bC n sen aC n sen b A sen a A bC a A . C
C A A b) La desviación angular total del rayo es: a A b A 2 B a b a 2 a 4 b .
1 sen aA n
c) De la ley de Snell, sen a A n sen b A b A arcsen
1 2 a A 4 b A 2 a A 4arcsen sen aA . n d d 4 cos 1 1 A d) arcsen sen 0 2 4 0 2 a d a A d a A n 1 sen 2 1 n 2 n sen 2 1 16 cos 2 1 4 cos 2 1 n 2 1 cos 2 1 41 2 2 n n 3 cos 2 1 n 2 1 cos 2 1
1 3
(n 2 1).
1 2 1 (n 1) arccos (1.3422 1) 58.89 3 3 139.2 violeta 40.8.
e) Para el violeta: 1 arccos
violeta
1 2 (n 1) arccos 3 137.5 roja 42.5.
Para la roja: 1 arccos
roja
1 (1.3302 1) 59.58 3
Por lo tanto el color que aparece más alto respecto al horizonte es el rojo.
63.
Se forma un arcoiris secundario cuando la luz incidente sufre dos reflexiones internas en una gota esférica de agua, como se muestra en la figura 33.18c (Véase el problema de desafío 33.62). a) En términos del ángulo de incidencia a A
